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2022年山东省德州市中考物理模拟试卷18(word版含答案)
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这是一份2022年山东省德州市中考物理模拟试卷18(word版含答案)，共40页。试卷主要包含了5m等内容，欢迎下载使用。
仁里集镇大张中学物理初中学业水平测试模拟卷
试题数：27，总分：100
1.（单选题，3分）生活中我们可以利用自己的身体对物体的长度进行估测，下列估测不符合实际的是（ ）
A.校园中的小树和一位中学生一样高了，所以小树高约1.65m
B.小雷的书桌长度为5拃（zhǎ），约90cm（拃：张开手，拇指尖到中指尖之间的距离）
C.体育课上学生用的跳绳的绳子有两庹（tuǒ）半长，约3.5m（庹：两臂左右平伸时，两手中指尖之间的距离）
D.小明同学步行测学校的甬路长50步，约30cm（步：走路时，两脚尖之间的距离）
2.（单选题，3分）下列有关声现象的说法正确的是（ ）
A.图甲中，改变试管中的水量，再次对着试管吹气，声音的音色会改变
B.图乙中的蝙蝠是利用次声波来定位的
C.图丙中的噪声强度显示仪可在传播过程中减弱噪声
D.图丁中，用力击打鼓面，鼓面振动发声
3.（单选题，3分）下列现象不可能出现的是（ ）
A.衣柜里的樟脑丸放置很长时间后会变小
B.潮湿的夏天，从冰箱里取出的啤酒瓶上会出现小水珠
C.有风的天气，游泳后从水中出来会感觉冷
D.冬天，戴眼镜的人从室内走到室外，眼镜上会出现小水珠
4.（单选题，3分）“绿水青山就是金山银山”，为了保护环境，恢复香溪河流域生态，兴山县政府颁布了“十年禁渔”令。十年后，我们漫步香溪河畔，在平静的河水中将看见“云在水中漂，鱼在云中游”的美景，对这一现象的形成，下列说法正确的是（ ）
A.云和鱼都是虚像
B.云是虚像，鱼是实像
C.云和鱼都是由光的反射形成的
D.云和鱼都是由光的折射形成的
5.（单选题，3分）如图所示，踢足球时，足球离开脚后还能继续飞行。下列说法正确的是（ ）
A.踢出去的足球仍能在空中继续飞行，是因为一直受到踢力的作用
B.踢出去的足球，在斜向上飞行到最高点时，若一切外力都消失，将保持静止
C.踢出去的足球，在斜向上飞行到最高点的过程中，重力势能增加，动能减小，机械能守恒
D.踢出去的足球最终静止在水平地面上，足球的重力与地面对足球的支持力是一对平衡力
6.（单选题，3分）如图所示是战斗机在巡航过程中用加油机加油的情况，下列的说法错误的是（ ）
A.加油过程中，战斗机保持在同一高度匀速直线运动，机械能不变
B.以加油机为参照物，战斗机是静止的
C.加油机升空的原理是机翼上方的空气流速大，压强小
D.加完油后，加油机的质量减小，惯性也减小
7.（单选题，3分）利用如图所示的装置，可以用150N的拉力拉着重为350N、棱长为0.2m的正方体匀速上升，物体在10s内上升了1m，不计绳重和摩擦，则（ ）
A.拉力的功率为15W
B.动滑轮的重力是20N
C.当拉力为100N时，物体对地面的压强是3.75×103Pa
D.滑轮组的机械效率为80%
8.（单选题，3分）有关电磁波和能源的认识，说法正确的是（ ）
A.核电站利用核聚变来发电
B.核能是可再生能源
C.电磁波能在真空中传播
D.验钞机利用红外线来工作的
9.（单选题，3分）下列关于生活用电的说法中正确的是（ ）
A.人接触裸露的火线一定会触电
B.控制用电器的开关要连接在火线和用电器之间
C.家庭电路中空气开关跳闸，一定是由于电路短路引起的
D.人体的安全电压是36V
10.（单选题，3分）如图所示是一辆普通的电动自行车，下列关于电动自行车的相关说法正确的是（ ）
A.电动自行车的马鞍型坐垫是为了减小对人的压力
B.电动自行车的刹车手柄是费力杠杆
C.废旧电瓶会污染环境，不可随意处置
D.它的电池在充电时将化学能转化为电能
11.（单选题，3分）在图（a）的电路中，当开关S闭合后，两个电压表的指针偏转至表盘的同一位置，如图（b），则L1和L2通过的电流和两端电压之比分别为（ ）
A.1：1、1：4
B.1：1、1：5
C.1：5、1：4
D.5：1、1：5
12.（单选题，3分）下列有关物质的特性，说法正确的是（ ）
A.根据电阻计算公式R= UI ，当电压U为零时，导体的电阻也为零
B.冬天室外的水表被冻裂，是因为水结冰后密度变小了，体积变大了
C.高压锅烧菜易熟，是因为高压锅内降低了水的沸点
D.烧开一壶水比烧开半壶水时间多，因为一壶水的比热容比半壶水的比热容大
13.（填空题，4分）烤熟的山芋香气扑鼻，是分子___ 导致的；两个底面平整、干净的铅柱紧压后粘到一起，需用一定的外力才能将它们拉开，表明分子间___ 。
14.（填空题，4分）如图所示的是一种冰杯。杯壁由两层塑料制成。隔层中密封着冷冻液，其中含有大量的水，冷冻液未装满隔层。在炎热的夏天，将空冰杯的置放在冰箱冷冻室20～30min，冰杯里面的冷冻液会___ （填物态变化名称）成冰，取出冰杯后往冰杯里倒入要喝的饮料，过一会，就可以享用凉爽的“冷饮”，饮料是通过___ （选填“做功”或“热传递”）的方式减小内能的。
15.（填空题，4分）汽车行驶时，发动机的温度升高很快，为确保安全，可用循环水进行冷却。用水来冷却主要是因为水的___ 较大。如果散热器内装有10kg的水，其温度升高20℃吸收的热量相当于完全燃烧___ m3的天然气放出的热量。[c水=4.2×103J/（kg•℃），q天然气=4.2×107J/m3]
16.（填空题，6分）发光二极管是电子电路的重要元件，其主要材料是 ___ （选填“导体”、“半导体”或“超导体”）材料，其特点是具有 ___ （选填“单向”或“双向”）导电性能。如图所示，当开关S闭合后，两灯的发光情况应是：___
17.（填空题，4分）如图，用酒精灯对试管加热，水温升高，一段时间后瓶塞被水蒸气冲出去，其能量转化与汽油机工作中的___ 冲程能量转化相同，一台单缸四冲程柴油机效率为40%，消耗5kg的柴油转化成的机械能是___ J。（q柴油=4.3×107J/kg）
18.（填空题，4分）华为P40Pro手机电池上标有“4000mA•h”，工作电压为3.7V，充满电后存储的电能是___ J。如果用超级快充方式，1h即可充满，充电平均功率为___ W。
19.（问答题，4分）请在图中补充平面镜的入射光线和通过透镜后的光线。
20.（问答题，4分）请你画出图中力F的力臂，并用L表示。
21.（问答题，4分）在探究“浮力的大小与什么因素有关”的实验中，同学们做了如图所示的一系列实验。
（1）比较 ① ② ③ 三次实验是为了探究浮力的大小与 ___ 的关系。
（2）分析 ___ 实验数据（填序号），可知浸没在液体中的物体，所受浮力的大小与浸入液体内的深度无关。
（3）为了探究浮力的大小与液体密度的关系：小阳进行了 ① ② ⑤ 实验，得出了物体受到的浮力与液体的密度有关的结论。他的结论 ___ （选填“可靠”或“不可靠”）。原因是 ___ 。
22.（问答题，4分）伏安法测电阻
图甲是用伏安法测电阻的实物图，所用滑动变阻器的规格是“20Ω 1A”，电源为两节新干电池，待测电阻Rx的阻值约为10Ω。
（1）用笔画线代替导线在图甲中完成实物电路连接，要求滑动变阻器的滑片向B端滑动时连入电路的电阻变大。
（2）正确连接电路后，若甲图中导线a内部断路，其余均完好，则闭合开关后，电压表示数为___ V。
（3）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表和电流表的示数如图乙、丙所示，则Rx的阻值为___ Ω。
（4）第（3）题读数完成后断开开关，若再给你一个5Ω的电阻，想继续探究电流与电阻的关系，闭合开关后，滑片应向___ （选填“A”或“B”）滑动。
23.（问答题，4分）探究水和煤油的吸热能力
用相同的酒精灯分别给水和煤油加热（如图甲）
（1）实验中，是通过比较___ 来间接反映煤油和水吸收热量的多少。
（2）分析图像可知，对于质量相等的煤油和水，加热相同时间，升温较大的是___ ；由此可知，___ 的吸热能力较大。
（3）由图像可知，此实验中，水的沸点是___ ℃。
24.（问答题，4分）小华利用如图所示的实验装置，进行探究光的反射规律的实验，她先将纸板B以ON为轴转动到与纸板A同一平面，使激光笔发出的光束EO沿纸板A照射到平面镜的O点，则在纸板B上可观察到反射光OF．
（1）小华想探究反射角与入射角是否相等。她在纸板上用笔描出入射光EO和反射光OF的径迹，改变光束入射的___ ，进行多次实验，记录每次入射光和反射光的径迹，取下纸板，用___ 测量∠EON和∠NOF，并记录实验数据。
（2）若使入射光逆着原来反射光的方向射向镜面O点，进行多次实验，均可观察到反射光逆着___ 的方向射出。实验现象说明：___ 。
25.（问答题，6分）赵磊和家人在郊外野餐，用木炭烧水。锅内装有5kg水，把水从18℃加热至98℃，已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）。在这个过程中用掉500g的木炭，已知木炭的热值3.36×107J/kg。求：
（1）在这个过程中水吸收的热量；
（2）在这个过程中木炭放出的热量；
（3）烧水的效率。
26.（问答题，4分）用如图所示的滑轮组将物体匀速提升2m，拉力F大小为100N，滑轮组机械效率为80%，求：
（1）拉力所做的功。
（2）滑轮组提升物体时所做的有用功。
（3）物体的重力。
27.（问答题，4分）如图（a）所示，电源电压U=4V，电阻R1=10Ω，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P移中点时，电路中电流表A的示数如图（b）所示。求：
（1）电流表A1的示数。
（2）滑动变阻器的最大阻值。
（3）当滑动变阻器的滑片P移到最左端时，电路中电流表A的示数。
5月10日 周二的测验
参考答案与试题解析
试题数：27，总分：100
1.（单选题，5分）生活中我们可以利用自己的身体对物体的长度进行估测，下列估测不符合实际的是（ ）
A.校园中的小树和一位中学生一样高了，所以小树高约1.65m
B.小雷的书桌长度为5拃（zhǎ），约90cm（拃：张开手，拇指尖到中指尖之间的距离）
C.体育课上学生用的跳绳的绳子有两庹（tuǒ）半长，约3.5m（庹：两臂左右平伸时，两手中指尖之间的距离）
D.小明同学步行测学校的甬路长50步，约30cm（步：走路时，两脚尖之间的距离）
【正确答案】：D
【解析】：首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】：解：A、小树和一位中学生一样高了，所以小树高约1.65m，故A符合实际；
B、书桌长度为5拃（zhǎ），一拃的长度约18cm，故5拃的长度约90cm，故B符合实际；
C、跳绳的绳子有两庹（tuǒ）半长，一庹长度约1.5m，故两庹半长度约3.5m，故C符合实际；
D、学校的甬路长50步，一步的长度约0.6m，故50步长度约30m，故D不符合实际。
故选：D。
【点评】：此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.（单选题，5分）下列有关声现象的说法正确的是（ ）
A.图甲中，改变试管中的水量，再次对着试管吹气，声音的音色会改变
B.图乙中的蝙蝠是利用次声波来定位的
C.图丙中的噪声强度显示仪可在传播过程中减弱噪声
D.图丁中，用力击打鼓面，鼓面振动发声
【正确答案】：D
【解析】：（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
（2）声音即可传递信息，又可以传递能量。
（3）噪声强度显示仪是来显示噪声大小的，不能改变噪声大小。
（4）声音是由物体振动产生的。
【解答】：解：A、对着试管口吹气，管内空气柱振动发声，水量越多，空气柱振动越快，发出声音的音调越高，所以声音的音调会改变，音色不会改变，故A错误；
B、蝙蝠是利用超声波进行回声定位的，故B错误；
C、噪声强度显示仪能监测噪声大小，不能改变噪声大小，故C错误；
D、用力击打鼓面，鼓面振动发声，故D正确。
故选：D。
【点评】：此题考综合考查了声学的知识，对于这类题目，要结合相关的声学概念进行分析处理。
3.（单选题，5分）下列现象不可能出现的是（ ）
A.衣柜里的樟脑丸放置很长时间后会变小
B.潮湿的夏天，从冰箱里取出的啤酒瓶上会出现小水珠
C.有风的天气，游泳后从水中出来会感觉冷
D.冬天，戴眼镜的人从室内走到室外，眼镜上会出现小水珠
【正确答案】：D
【解析】：物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
【解答】：解：A、衣柜里的樟脑丸放置很长时间后会变小，是樟脑丸发生了升华现象，故A不符题意；
B、潮湿的夏天，从冰箱里取出的啤酒瓶上会出现小水珠，是空气中的水蒸气遇到温度低的啤酒瓶液化为小水珠，故B不符题意；
C、有风的天气，游泳后从水中出来会感觉冷，是因为皮肤表面的水汽化吸热，故C不符题意；
D、冬天，戴眼镜的人从室内走到室外，室外温度较低的水蒸气遇到温度高的镜片不能放热液化为小水珠，故D符合题意。
故选：D。
【点评】：分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.（单选题，5分）“绿水青山就是金山银山”，为了保护环境，恢复香溪河流域生态，兴山县政府颁布了“十年禁渔”令。十年后，我们漫步香溪河畔，在平静的河水中将看见“云在水中漂，鱼在云中游”的美景，对这一现象的形成，下列说法正确的是（ ）
A.云和鱼都是虚像
B.云是虚像，鱼是实像
C.云和鱼都是由光的反射形成的
D.云和鱼都是由光的折射形成的
【正确答案】：A
【解析】：要解决此题，需要掌握平面镜成像的知识，知道平面镜成像是由于光的反射形成的。
知道我们看到水中的物体，其实是看到物体的虚像，这是由光的折射形成的。
【解答】：解：水中的云是云在水中成的像，是由光的反射形成的虚像。
我们看到水中的鱼，其实看到的是鱼的虚像，是由于光的折射形成的。
故选：A。
【点评】：此题主要考查了平面镜成像、光的折射现象，这两种情况所成的都是虚像，但成像原理不同。
5.（单选题，5分）如图所示，踢足球时，足球离开脚后还能继续飞行。下列说法正确的是（ ）
A.踢出去的足球仍能在空中继续飞行，是因为一直受到踢力的作用
B.踢出去的足球，在斜向上飞行到最高点时，若一切外力都消失，将保持静止
C.踢出去的足球，在斜向上飞行到最高点的过程中，重力势能增加，动能减小，机械能守恒
D.踢出去的足球最终静止在水平地面上，足球的重力与地面对足球的支持力是一对平衡力
【正确答案】：D
【解析】：（1）力是物体对物体的作用；
（2）牛顿第一定律内容：一切物体在没有受到任何力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态；
（3）影响物体动能的大小因素有质量和速度，影响重力势能大小的因素有质量和高度，物体只有和动能和势能之间的转化时机械能守恒；
（4）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上。
【解答】：解：
A.踢出去的足球由于具有惯性，仍然能在空中继续飞行，此时足球不再受踢力作用，故A错误；
B.踢出去的足球，在斜向上飞行到最高点时，竖直方向的速度为零，但水平方向的速度不为零，若一切外力都消失，由牛顿第一定律可知，足球将会在水平方向做匀速直线运动，故B错误；
C.踢出去的足球，在斜向上飞行到最高点的过程中，质量不变、速度变小、高度升高，其动能减少、重力势能增加，由于足球运动过程中受到空气阻力作用，所以足球的机械能不守恒，故C错误；
D.踢出去的足球最终静止在水平地面上，足球的重力与地面对足球的支持力，二力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上，是一对平衡力，故D正确；
故选：D。
【点评】：本题考查了力与运动的关系、牛顿第一定律、机械能守恒、平衡力的辨别等，是一道力学综合题，有一定的难度。
6.（单选题，5分）如图所示是战斗机在巡航过程中用加油机加油的情况，下列的说法错误的是（ ）
A.加油过程中，战斗机保持在同一高度匀速直线运动，机械能不变
B.以加油机为参照物，战斗机是静止的
C.加油机升空的原理是机翼上方的空气流速大，压强小
D.加完油后，加油机的质量减小，惯性也减小
【正确答案】：A
【解析】：（1）机械能=动能+势能，动能大小的影响因素：质量、速度；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；
（2）解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；
（3）流体流速越快的位置压强越小；
（4）惯性是物体本身的一种基本属性，其大小只与质量有关，质量越大、惯性越大；
【解答】：解：A、加油过程中，战斗机保持在同一高度匀速直线运动，质量增加，动能和重力势能增加，机械能增加，故A错误；
B、加油过程中，加油机和战斗机没有发生位置的改变，以加油机为参照物，战斗机是静止的，所以B正确；
C、飞机起飞时，机翼上方的空气流速大压强小，机翼下方的空气流速小压强大，从而产生向上的升力，故C正确；
D、加完油后，加油机的质量减小，惯性也减小，故D正确。
故选：A。
【点评】：此题主要考查学生对运动和静止的相对性、惯性、机械能和流体压强与流速关系的理解和掌握，比较简单，属于基础题。
7.（单选题，5分）利用如图所示的装置，可以用150N的拉力拉着重为350N、棱长为0.2m的正方体匀速上升，物体在10s内上升了1m，不计绳重和摩擦，则（ ）
A.拉力的功率为15W
B.动滑轮的重力是20N
C.当拉力为100N时，物体对地面的压强是3.75×103Pa
D.滑轮组的机械效率为80%
【正确答案】：C
【解析】：（1）由图示求出滑轮组承重绳子的股数，由功的计算公式求出拉力的功，然后由功率公式求出拉力的功率；
（2）由滑轮组公式求出动滑轮的重力；
（3）求得当拉力为100N时，物体对地面的压力，已知正方体边长可求得其面积，再利用p= FS 可求得物体对地面的压强；
（4）由效率公式求出滑轮组的效率。
【解答】：解：A、由图示滑轮组可知，滑轮组承重绳子的有效股数n=3，
拉力移动的距离：s=nh=3×1m=3m，
拉力做功：W=Fs=150N×3m=450J，
拉力的功率：
P= Wt = 450J10s =45W。故A错误；
B、不计绳重及摩擦，F= G+G动3 ，
动滑轮重力：G动滑轮=nF-G=3×150N-350N=100N。故B错误；
C、当拉力F′=100N时，设重物上端绳子对物体的拉力为F拉，则F′= 13 （F拉+G动），
则重物上端绳子对物体的拉力为F拉=3F′-G动=3×100N-100N=200N，
则此时物体对地面的压力F压=G-F拉=350N-200N=150N，
正方体底面积S=0.2m×0.2m=0.04m2，
物体对地面的压强p= F压S = 150N0.04m2 =3.75×103Pa。故C正确；
D、有用功：W有用=Gh=350N×1m=350J，
滑轮组效率：η= W有用W总 = 350J450J ×100%≈78%。故D错误。
故选：C。
【点评】：本题涉及到求动滑轮重力、拉力的功率、滑轮组效率，压强的大小及其计算等多个知识点，是一道综合性较强的题目。
8.（单选题，5分）有关电磁波和能源的认识，说法正确的是（ ）
A.核电站利用核聚变来发电
B.核能是可再生能源
C.电磁波能在真空中传播
D.验钞机利用红外线来工作的
【正确答案】：C
【解析】：（1）核电站是利用核裂变释放的核能发电。
（2）可再生能源的概念：像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到，把它们称为可再生能源。不可再生能源的概念：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源。
（3）电磁波的传播不需要介质，能够在真空中传播。
（4）紫外线能够使荧光物质发光，可用于验钞机。
【解答】：解：A、核电站利用核裂变来发电，故A错误。
B、核能属于不可再生能源，故B错误。
C、电磁波的传播不需要介质，电磁波能在真空中传播，故C正确。
D、验钞机利用紫外线来工作的，故D错误。
故选：C。
【点评】：知道核电站的工作原理、能源的分类，知道电磁波的传播、紫外线的应用，可解答此题。
9.（单选题，5分）下列关于生活用电的说法中正确的是（ ）
A.人接触裸露的火线一定会触电
B.控制用电器的开关要连接在火线和用电器之间
C.家庭电路中空气开关跳闸，一定是由于电路短路引起的
D.人体的安全电压是36V
【正确答案】：B
【解析】：（1）低压触电的方式有两种即单线触电和双线触电；
（2）家庭电路的开关应该装在火线上，这样可防止断开开关后用电器仍带电；
（3）电路电流过大的原因：一是短路；二是用电器的总功率过大；
（4）人体的安全电压是不高于36V。
【解答】：解：A、人站在干燥木凳上，用单手接触裸露的火线，此时没有电流通过人体，人不会发生触电事故，故A错误；
B、家庭电路的开关应该装在火线上，这样可防止断开开关后用电器仍带电，故B正确；
C、家庭电路中空气开关跳闸，可能是用电器的总功率过大，也可能是电路中发生了短路，故C错误；
D、人体的安全电压是不高于36V，故D错误。
故选：B。
【点评】：本题主要考查学生对安全用电知识的了解与掌握，加强用电安全意识，学会自我保护。
10.（单选题，5分）如图所示是一辆普通的电动自行车，下列关于电动自行车的相关说法正确的是（ ）
A.电动自行车的马鞍型坐垫是为了减小对人的压力
B.电动自行车的刹车手柄是费力杠杆
C.废旧电瓶会污染环境，不可随意处置
D.它的电池在充电时将化学能转化为电能
【正确答案】：C
【解析】：自行车中有很多地方用到了物理的知识，具体分析选项中所描述的现象或原理，结合相关知识点可逐一做出判断。
【解答】：解：A、电动自行车的马鞍型坐垫是为了在压力一定时，增大受力面积，减小对人的压强，故A错误；
B、电动自行车的刹车手柄使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B错误；
C、废旧电瓶中含有重金属等有害物质，随意丢弃会污染环境，故C正确；
D、电动自行车的电池在充电时是将电能转化为化学能，故D错误。
故选：C。
【点评】：本题以电动自行车为背景，考查了减小压强的方法、杠杆的应用、能量的转化以及废旧电池的处理，属基础知识，难度不大。
11.（单选题，5分）在图（a）的电路中，当开关S闭合后，两个电压表的指针偏转至表盘的同一位置，如图（b），则L1和L2通过的电流和两端电压之比分别为（ ）
A.1：1、1：4
B.1：1、1：5
C.1：5、1：4
D.5：1、1：5
【正确答案】：A
【解析】：由电路图可知，灯泡L1、L2串联，电压表V1测L1两端的电压，电压表V2测电源电压。根据指针位置相同时大量程示数是小量程示数的5倍可知两电压表的示数关系，进一步求出两灯泡两端的电压关系，根据串联电路的电流特点可求通过的电流之比。
【解答】：解：
由电路图可知，灯泡L1、L2串联，电压表V1测L1两端的电压，电压表V2测电源电压。
因并联电路中总电压等于各分电压之和，且两电压表的指针位置相同，
所以，电压表V2选用的是大量程，V1选用的是小量程，且电压表V2的示数是V1示数的5倍，即U=5U1，
则L1和L2两端电压之比为： U1U2 = U1U−U1 = 15−1 = 14 ；
因串联电路中各处的电流相等，
所以L1和L2通过的电流之比I1：I2=1：1。
故选：A。
【点评】：本题考查了串联电路的电流、电压规律，关键是两电压表示数关系的判断。
12.（单选题，5分）下列有关物质的特性，说法正确的是（ ）
A.根据电阻计算公式R= UI ，当电压U为零时，导体的电阻也为零
B.冬天室外的水表被冻裂，是因为水结冰后密度变小了，体积变大了
C.高压锅烧菜易熟，是因为高压锅内降低了水的沸点
D.烧开一壶水比烧开半壶水时间多，因为一壶水的比热容比半壶水的比热容大
【正确答案】：B
【解析】：（1）导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关，与导体中的电流、导体两端的电压大小无关。
（2）物质的密度与物态有关，质量是物质的属性，V= mρ 。
（3）水的沸点与大气压有关，大气压越大，沸点越高。
（4）比热容是物质的一种性质，与物质的质量无关。
【解答】：解：A、电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关，与导体中的电流、导体两端的电压大小无关。故A错误；
B、冬天室外的水表被冻裂，是因为水结冰后密度变小了，故由V= mρ 得，质量不变，密度变小，体积变大。故B正确；
C、大气压越大，液体的沸点越高。高压锅烧菜易熟，是因为高压锅内升高了水的沸点；故C错误；
D、比热容是物质的一种性质，与物质的质量无关。烧开一壶水比烧开半壶水时间多，是因为烧开一壶水比半壶水需要的热量多；故D错误；
故选：B。
【点评】：深入理解电阻、比热容、密度是物质的特性；知道沸点与大气压间的关系；可解答此题。
13.（填空题，4分）烤熟的山芋香气扑鼻，是分子___ 导致的；两个底面平整、干净的铅柱紧压后粘到一起，需用一定的外力才能将它们拉开，表明分子间___ 。
【正确答案】：[1]不停地做无规则运动; [2]存在引力
【解析】： ① 扩散现象说明，一切物质的分子都在永不停息的做无规则运动；
② 分子间同时存在斥力和引力。
【解答】：解：（1）烤熟的山芋香气扑鼻，是因为山芋的香味分子扩散到空气中，这种现象说明了分子在不停的做无规则的运动；
（2）两个底面平整、干净的铅柱压紧后会粘在一起，需要用一定的外力才能将它们拉开，是因为当分子相互靠近时分子间存在着相互作用的引力，该实验表明：分子之间存在引力。
故答案为：不停地做无规则运动；存在引力。
【点评】：本题主要考查分子运动论、扩散现象等知识的理解和应用，结合生活中的实际问题，考查学生应用物理知识解决实际问题的能力。
14.（填空题，4分）如图所示的是一种冰杯。杯壁由两层塑料制成。隔层中密封着冷冻液，其中含有大量的水，冷冻液未装满隔层。在炎热的夏天，将空冰杯的置放在冰箱冷冻室20～30min，冰杯里面的冷冻液会___ （填物态变化名称）成冰，取出冰杯后往冰杯里倒入要喝的饮料，过一会，就可以享用凉爽的“冷饮”，饮料是通过___ （选填“做功”或“热传递”）的方式减小内能的。
【正确答案】：[1]凝固; [2]热传递
【解析】：（1）物质由液态变为固态的过程是凝固过程，凝固放出热量；
（2）改变物体内能有两种方法，一是做功，二是热传递，做功是能量的转化，而热传递是能量的转移。
【解答】：解：
（1）将空冰杯的置放在冰箱冷冻室20～30min，冰杯里面的冷冻液会由液态变为固态，即发生凝固现象；
（2）将饮料倒入冰杯后，冰杯从饮料中吸收热量，使饮料的温度降低，饮料是通过热传递的方式减小内能的。
故答案为：凝固；热传递。
【点评】：本题考查了物态变化以及吸放热情况以及改变内能的了解，是一道基础题。
15.（填空题，4分）汽车行驶时，发动机的温度升高很快，为确保安全，可用循环水进行冷却。用水来冷却主要是因为水的___ 较大。如果散热器内装有10kg的水，其温度升高20℃吸收的热量相当于完全燃烧___ m3的天然气放出的热量。[c水=4.2×103J/（kg•℃），q天然气=4.2×107J/m3]
【正确答案】：[1]比热容; [2]0.02
【解析】：（1）根据水的比热容较大的特点分析：相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
（2）知道水的质量、水的比热容、水温度的变化，利用吸热公式求水吸收的热量；天然气完全燃烧放出的热量等于水吸收的热量，又知道天热气的热值，利用燃料燃烧放热公式求需要天然气的体积。
【解答】：解：
（1）因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机用水来冷却，这是通过的热传递的方式来改变发动机的内能。
（2）水吸收的热量：
Q吸=c水m△t=4.2×103J/（kg•℃）×10kg×20℃=8.4×105J；
由题知，Q吸=Q放=Vq，
需要完全燃烧天然气的体积：
V= Q放q = 8.4×105J4.2×107J/m3 =0.02m3。
故答案为：比热容；0.02。
【点评】：本题考查水的比热容大的应用以及吸热公式和燃料完全燃烧放热公式的应用，属于基础题目。
16.（填空题，6分）发光二极管是电子电路的重要元件，其主要材料是 ___ （选填“导体”、“半导体”或“超导体”）材料，其特点是具有 ___ （选填“单向”或“双向”）导电性能。如图所示，当开关S闭合后，两灯的发光情况应是：___
【正确答案】：[1]半导体; [2]单向; [3]L1不发光，L2发光
【解析】：发光二极管是由半导体材料制成的，具有单向导电性；电路通路，灯泡发光，电路断路，灯泡不发光。
【解答】：解：发光二极管是由半导体材料制成的，在电路中，电流只能从二极管的正极流入，负极流出，具有单向导电性；如果电流反向流入，电路处于断路状态，此时发光二极管相当于绝缘体；如图当开关S闭合后，L1所在支路电流不能通过二极管，电路断路，L2所在支路电流正常通过，灯泡发光。
故答案为：半导体；单向；L1不发光，L2发光。
【点评】：本题考查半导体的相关知识点，基础题，难度不大，应熟练掌握。
17.（填空题，4分）如图，用酒精灯对试管加热，水温升高，一段时间后瓶塞被水蒸气冲出去，其能量转化与汽油机工作中的___ 冲程能量转化相同，一台单缸四冲程柴油机效率为40%，消耗5kg的柴油转化成的机械能是___ J。（q柴油=4.3×107J/kg）
【正确答案】：[1]做功; [2]8.6×107
【解析】：（1）热机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程。压缩冲程中机械能转化为内能；做功冲程中内能转化为机械能；
（2）利用Q=mq计算燃料燃烧放出的热量，然后根据η= WQ放 ×100%进行计算。
【解答】：解：（1）图中的塞子被试管内的水蒸气推出过程是水蒸气的内能转化为塞子机械能的过程，与热机的做功冲程的能量转化相同。
（2）柴油燃烧放出的热量：Q放=mq柴油=5kg×4.3×107J/kg=2.15×108J，
由η= WQ放 ×100%可得，转化的机械能为：
W=Q放η=2.15×108J×40%=8.6×107J。
故答案为：做功；8.6×107。
【点评】：本题考查了学生对热量的计算公式Q=qm、内燃机的四个冲程特点的理解和掌握。
18.（填空题，4分）华为P40Pro手机电池上标有“4000mA•h”，工作电压为3.7V，充满电后存储的电能是___ J。如果用超级快充方式，1h即可充满，充电平均功率为___ W。
【正确答案】：[1]5.328×104; [2]14.8
【解析】：（1）知道工作电压和容量，根据W=UIt求出手机电池充满电后存储的电能；
（2）已知充满电时间，根据P= Wt 计算充电平均功率。
【解答】：解：（1）手机电池上标有“4000mA•h”，工作电压为3.7V，
则手机电池充满电后存储的电能是：
W=UIt=3.7V×4000×10-3A×3600s=5.328×104J；
(2)充满电的时间：t′=1h=3600s，充电平均功率为：P= Wt′ = 5.328×104J3600s =14.8W。
故答案为：5.328×104；14.8。
【点评】：本题考查电能和电功率的计算问题，难度不大。
19.（问答题，4分）请在图中补充平面镜的入射光线和通过透镜后的光线。
【正确答案】：
【解析】：根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出入射光线；过焦点的光经过凸透镜折射后平行于主光轴。由此完成光路。
【解答】：解：先过平面镜上反射点（入射点）作法线，根据反射角等于入射角，在法线左侧作出入射光线；
根据过焦点的光经过凸透镜折射后平行于主光轴，作出折射光线，如图所示：
【点评】：本题考查了根据光的反射定律作图以及凸透镜对光线作用的作图，注意法线要画成虚线，光线画成实线。
20.（问答题，4分）请你画出图中力F的力臂，并用L表示。
【正确答案】：
【解析】：支点到力的作用线的垂直距离是力臂，从支点作力的作用下的垂线段即可作出力臂。
【解答】：解：已知支点O，延长F画出力的作用线，从支点向力F的作用线作垂线段，即可作出其力臂L，如图所示：
【点评】：本题考查了作力的力臂问题，先确定支点，然后再作力臂，掌握力臂的作法即可正确解题。
21.（问答题，4分）在探究“浮力的大小与什么因素有关”的实验中，同学们做了如图所示的一系列实验。
（1）比较 ① ② ③ 三次实验是为了探究浮力的大小与 ___ 的关系。
（2）分析 ___ 实验数据（填序号），可知浸没在液体中的物体，所受浮力的大小与浸入液体内的深度无关。
（3）为了探究浮力的大小与液体密度的关系：小阳进行了 ① ② ⑤ 实验，得出了物体受到的浮力与液体的密度有关的结论。他的结论 ___ （选填“可靠”或“不可靠”）。原因是 ___ 。
【正确答案】：排开液体的体积; ① ③ ④ ; 不可靠; 没有控制物体排开液体的体积相同
【解析】：（1）物体受到的浮力大小与物体排开液体的密度和体积有关，研究浮力大小与其中一个因素的关系时，要控制另一个因素不变，由相关实验找出相同量和不同量，由称重法分析浮力大小，得出故物体受到的浮力大小与变化量的关系；
（2）研究浮力的大小与浸入液体内的深度的关系，要控制排开液体的密度相同和排开液体的体积相同，结合称重法，得出结论；
（3）探究浮力的大小与液体密度的关系，要控制排开液体的体积相同，根据称重法分析。
【解答】：解：（1）比较 ① ② ③ 实验，排开液体的密度相同，排开液体的体积不同，测力计示数不同，由称重法，实验中物体受到的浮力不同，故是为了探究浮力的大小与排开液体的体积的关系；
（2）研究浮力的大小与浸入液体内的深度的关系，要控制排开液体的密度相同和排开液体的体积相同，结合称重法，分析 ① ③ ④ 分析实验数据，可知浸没在液体中的物体，所受浮力的大小与浸入液体内的深度无关；
（3）为了探究浮力的大小与液体密度的关系，要控制排开液体的体积相同，故小洛进行 ① ③ ⑤ 实验，因 ⑤ 中测力计示数小，故受到的浮力大，得出的结论是：排开液体体积一定时，液体的密度越大，物体受到的浮力越大；
小阳进行了 ① ② ⑤ 实验，也得出了物体受到的浮力与液体的密度有关的结论。他的结论不可靠。原因是没有控制物体排开液体的体积相同。
故答案为：（1）排开液体的体积；（2） ① ③ ④ ；（3）不可靠；没有控制物体排开液体的体积相同。
【点评】：本题考查了探究影响浮力大小的因素和控制变量法的应用。在分析问题时，要明确哪些量是相同的，哪些量是变化的或不同的，正是这些变化的或不同的量导致了实验结果的不同
22.（问答题，4分）伏安法测电阻
图甲是用伏安法测电阻的实物图，所用滑动变阻器的规格是“20Ω 1A”，电源为两节新干电池，待测电阻Rx的阻值约为10Ω。
（1）用笔画线代替导线在图甲中完成实物电路连接，要求滑动变阻器的滑片向B端滑动时连入电路的电阻变大。
（2）正确连接电路后，若甲图中导线a内部断路，其余均完好，则闭合开关后，电压表示数为___ V。
（3）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表和电流表的示数如图乙、丙所示，则Rx的阻值为___ Ω。
（4）第（3）题读数完成后断开开关，若再给你一个5Ω的电阻，想继续探究电流与电阻的关系，闭合开关后，滑片应向___ （选填“A”或“B”）滑动。
【正确答案】：3; 8; A
【解析】：（1）在伏安法测电阻实验中，电压表与待测电阻并联测量两端电压，电流表串联在电路中测量电路电流，滑动变阻器采用“一上一下”的方法串联在电路中，改变电路电阻；
（2）电压表串联在电路中时测量电源电压；电路断路时，电流表示数为0；
（3）读取电压表、电流表示数时，首先明确电表选择的量程和对应的分度值，读数时视线与指针所对刻线相垂直；
已知待测电阻两端电压和通过的电流，利用R= UI 得到电阻；
（4）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
【解答】：解：（1）已知电源电压由两节干电池提供，即U=3V，待测电阻在10Ω左右，所以电路最大电流为I最大= UR = 3V10Ω =0.3A，即电流表选择0～0.6A量程；
要使滑动变阻器滑片向B端滑动时连入电路的电阻变大，需要连接A接线柱，电路连接如下：
（2）正确连接电路后，若甲图中导线a内部断路，其余均完好，闭合开关，电压表串联在电路中，显示的是电源电压，为3V；
（3）由（1）知，电压表选择的是0～3V量程，对应的分度值为0.1V，此时的示数为2.4V；
电流表选择的是0～0.6A量程，对应的分度值为0.02A，此时的示数为0.3A；
待测电阻的阻值为Rx= UXI = 2.4V0.3A =8Ω；
（4）根据串联分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成5Ω的电阻，电阻减小，其分得的电压减小，探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应减小滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动，使电压表的示数为2.4V，读出电流表的示数。
故答案为：（1）如上图所示；（2）3；（3）8；（4）A。
【点评】：此题考查的是伏安法测电阻的探究过程，包括实物图的连接、滑动变阻器的接法、电路故障的判定电表的读数及电阻、功率的计算，包含的内容较多，但难度不大，是一道基础题。
23.（问答题，4分）探究水和煤油的吸热能力
用相同的酒精灯分别给水和煤油加热（如图甲）
（1）实验中，是通过比较___ 来间接反映煤油和水吸收热量的多少。
（2）分析图像可知，对于质量相等的煤油和水，加热相同时间，升温较大的是___ ；由此可知，___ 的吸热能力较大。
（3）由图像可知，此实验中，水的沸点是___ ℃。
【正确答案】：加热时间; 煤油; 水; 98
【解析】：（1）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
（2）根据图乙分析回答；
使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（3）水沸腾时保持不变的温度叫沸点，根据图乙分析。
【解答】：解：（1）根据转换法，实验中，是通过比较加热时间来间接反映煤油和水吸收热量的多少；
（2）分析图像可知，对于质量相等的煤油和水，加热相同时间，升温较大的是煤油；根据比较吸热能力的方法，水的吸热能力较大；
（3）由图像可知，此实验中，水沸腾时保持不变的温度为98℃，即水的沸点是98℃。
故答案为：（1）加热时间；（2）煤油；水；（3）98。
【点评】：本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及沸腾的有关知识，为热学中的重要实验。
24.（问答题，4分）小华利用如图所示的实验装置，进行探究光的反射规律的实验，她先将纸板B以ON为轴转动到与纸板A同一平面，使激光笔发出的光束EO沿纸板A照射到平面镜的O点，则在纸板B上可观察到反射光OF．
（1）小华想探究反射角与入射角是否相等。她在纸板上用笔描出入射光EO和反射光OF的径迹，改变光束入射的___ ，进行多次实验，记录每次入射光和反射光的径迹，取下纸板，用___ 测量∠EON和∠NOF，并记录实验数据。
（2）若使入射光逆着原来反射光的方向射向镜面O点，进行多次实验，均可观察到反射光逆着___ 的方向射出。实验现象说明：___ 。
【正确答案】：角度; 量角器; 入射光线; 在光的反射中，光路是可逆的
【解析】：（1）在光的反射中，反射角等于入射角；探究反射角和入射角的关系时，一次实验具有很大的偶然性，实验中要多次测量；
（2）根据入射光线和反射光线的位置互换进行实验，观察反射光线与原来入射光线的关系得出结论。
【解答】：解：
（1）在纸板上用笔描出入射光EO和反射光OF的径迹，实验中为了获得普遍的规律，应改变光束EO的角度，多做几次；取下纸板，用量角器测量∠EON和∠NOF，并将数据记录在表格中；
（2）如果使入射光逆着原来反射光的方向射向镜面O点，可观察到反射光逆着入射光线的方向射出，这表明光路具有可逆性。
故答案为：（1）角度；量角器；（2）入射光线；在光的反射中，光路是可逆的。
【点评】：本题考查了探究光的反射的实验。光的反射遵循反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角。
25.（问答题，4分）赵磊和家人在郊外野餐，用木炭烧水。锅内装有5kg水，把水从18℃加热至98℃，已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）。在这个过程中用掉500g的木炭，已知木炭的热值3.36×107J/kg。求：
（1）在这个过程中水吸收的热量；
（2）在这个过程中木炭放出的热量；
（3）烧水的效率。
【正确答案】：
【解析】：（1）知道水的比热容、质量、初温和末温，根据Q吸=cm（t-t0）求出在这个过程中水吸收的热量；
（2）知道木炭的质量和热值，根据Q放=mq求出在这个过程中木炭放出的热量；
（3）根据η= Q吸Q放 ×100%求出烧水的效率。
【解答】：解：（1）水吸收的热量：
Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×5kg×（98℃-18℃）=1.68×106J。
（2）木炭的质量m′=500g=0.5kg，
木炭完全燃烧放出的热量：
Q放=m′q=0.5kg×3.36×107J/kg=1.68×107J。
（3）烧水的效率：
η= Q吸Q放 ×100%= 1.68×106J1.68×107J ×100%=10%。
答：（1）在这个过程中水吸收的热量为1.68×106J；
（2）在这个过程中木炭放出的热量为1.68×107J；
（3）烧水的效率为10%。
【点评】：本题主要考查吸热公式、燃料完全燃烧放热公式以及效率公式的应用，属于基础性题目，因已知条件已给出，难度不大。
26.（问答题，4分）用如图所示的滑轮组将物体匀速提升2m，拉力F大小为100N，滑轮组机械效率为80%，求：
（1）拉力所做的功。
（2）滑轮组提升物体时所做的有用功。
（3）物体的重力。
【正确答案】：
【解析】：（1）由图知，n=3，拉力端移动的距离s=3h，利用W=Fs求拉力做的总功；
（2）利用η= W有用W总 求拉力做的有用功；
（3）利用W有用=Gh求物体重力。
【解答】：解：
（1）由图知，n=3，拉力端移动的距离：s=3h=3×2m=6m，
拉力做的总功：
W总=Fs=100N×6m=600J；
（2）由η= W有用W总 =80%得拉力做的有用功：
W有用=η×W总=80%×600J=480J；
（3）由W有用=Gh可得物体重力：
G= W有用ℎ = 480J2m =240N。
答：（1）拉力所做的功为600J。
（2）滑轮组提升物体时所做的有用功为480J。
（3）物体的重力为240N。
【点评】：本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、物体重力的计算，利用好效率公式求有用功是关键。
27.（问答题，4分）如图（a）所示，电源电压U=4V，电阻R1=10Ω，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P移中点时，电路中电流表A的示数如图（b）所示。求：
（1）电流表A1的示数。
（2）滑动变阻器的最大阻值。
（3）当滑动变阻器的滑片P移到最左端时，电路中电流表A的示数。
【正确答案】：
【解析】：（1）先识别电路的连接方式，然后根据已知的电源电压和R1的阻值，并结合并联电路电压的特点，直接利用I= UR 即可求出通过R1的电流；
（2）已知干路电流，根据并联电路中电流的规律求出通过滑动变阻器的电流，然后根据R= UI 即可求出滑动变阻器接入电路的电阻；
（3）当滑片至最左端时，分析变阻器接入电路中的电阻值，根据并联电路中电阻规律，由I= UR 求干路中的总电流。
【解答】：解：（1）R1、R2并联，电流表A1的测R1电流I1，
并联电路中总电压与各支路电压相等，可得：U1=U2=U=4V
电流表A1的示数I1= U1R1 = 4V10Ω =0.4A；
（2）由图可知，电流表A测干路上的总电流I总，其示数大于电流表A1的示数，即I总＞0.4A。
结合可知图（b）中电流表使用的是0-3A量程，由图可读出其示数为I总=2A，
则I2=I总-I1=2A-0.4A=1.6A，
此时变阻器接入电路的阻值：R中= U2I2 = 4V1.6A =2.5Ω，
则滑动变阻器的最大阻值：R滑=2R中=5Ω；
（3）当滑动变阻器的滑片P移到最左端时，变阻器全部接入电路且与R1并联，
此时电路总电阻： 1R并 = 1R1 + 1R滑 = 110Ω + 15Ω ，即R并= 103 Ω，
则干路上的电流即电流表A的示数I'= UR并 = 4V103Ω =1.2A。
答：（1）电流表A1的示数为0.4A；
（2）滑动变阻器的最大阻值为5Ω；
（3）当滑动变阻器的滑片P移到最左端时，电路中电流表A的示数为1.2A。
【点评】：本题考查了电流表的使用和并联电路电流、电压特点，以及欧姆定律的计算；当不确定电流表量程时，需考虑可能出现的情况。
仁里集镇大张中学物理初中学业水平测试模拟卷
试题数：27，总分：100
1.（单选题，3分）生活中我们可以利用自己的身体对物体的长度进行估测，下列估测不符合实际的是（ ）
A.校园中的小树和一位中学生一样高了，所以小树高约1.65m
B.小雷的书桌长度为5拃（zhǎ），约90cm（拃：张开手，拇指尖到中指尖之间的距离）
C.体育课上学生用的跳绳的绳子有两庹（tuǒ）半长，约3.5m（庹：两臂左右平伸时，两手中指尖之间的距离）
D.小明同学步行测学校的甬路长50步，约30cm（步：走路时，两脚尖之间的距离）
2.（单选题，3分）下列有关声现象的说法正确的是（ ）
A.图甲中，改变试管中的水量，再次对着试管吹气，声音的音色会改变
B.图乙中的蝙蝠是利用次声波来定位的
C.图丙中的噪声强度显示仪可在传播过程中减弱噪声
D.图丁中，用力击打鼓面，鼓面振动发声
3.（单选题，3分）下列现象不可能出现的是（ ）
A.衣柜里的樟脑丸放置很长时间后会变小
B.潮湿的夏天，从冰箱里取出的啤酒瓶上会出现小水珠
C.有风的天气，游泳后从水中出来会感觉冷
D.冬天，戴眼镜的人从室内走到室外，眼镜上会出现小水珠
4.（单选题，3分）“绿水青山就是金山银山”，为了保护环境，恢复香溪河流域生态，兴山县政府颁布了“十年禁渔”令。十年后，我们漫步香溪河畔，在平静的河水中将看见“云在水中漂，鱼在云中游”的美景，对这一现象的形成，下列说法正确的是（ ）
A.云和鱼都是虚像
B.云是虚像，鱼是实像
C.云和鱼都是由光的反射形成的
D.云和鱼都是由光的折射形成的
5.（单选题，3分）如图所示，踢足球时，足球离开脚后还能继续飞行。下列说法正确的是（ ）
A.踢出去的足球仍能在空中继续飞行，是因为一直受到踢力的作用
B.踢出去的足球，在斜向上飞行到最高点时，若一切外力都消失，将保持静止
C.踢出去的足球，在斜向上飞行到最高点的过程中，重力势能增加，动能减小，机械能守恒
D.踢出去的足球最终静止在水平地面上，足球的重力与地面对足球的支持力是一对平衡力
6.（单选题，3分）如图所示是战斗机在巡航过程中用加油机加油的情况，下列的说法错误的是（ ）
A.加油过程中，战斗机保持在同一高度匀速直线运动，机械能不变
B.以加油机为参照物，战斗机是静止的
C.加油机升空的原理是机翼上方的空气流速大，压强小
D.加完油后，加油机的质量减小，惯性也减小
7.（单选题，3分）利用如图所示的装置，可以用150N的拉力拉着重为350N、棱长为0.2m的正方体匀速上升，物体在10s内上升了1m，不计绳重和摩擦，则（ ）
A.拉力的功率为15W
B.动滑轮的重力是20N
C.当拉力为100N时，物体对地面的压强是3.75×103Pa
D.滑轮组的机械效率为80%
8.（单选题，3分）有关电磁波和能源的认识，说法正确的是（ ）
A.核电站利用核聚变来发电
B.核能是可再生能源
C.电磁波能在真空中传播
D.验钞机利用红外线来工作的
9.（单选题，3分）下列关于生活用电的说法中正确的是（ ）
A.人接触裸露的火线一定会触电
B.控制用电器的开关要连接在火线和用电器之间
C.家庭电路中空气开关跳闸，一定是由于电路短路引起的
D.人体的安全电压是36V
10.（单选题，3分）如图所示是一辆普通的电动自行车，下列关于电动自行车的相关说法正确的是（ ）
A.电动自行车的马鞍型坐垫是为了减小对人的压力
B.电动自行车的刹车手柄是费力杠杆
C.废旧电瓶会污染环境，不可随意处置
D.它的电池在充电时将化学能转化为电能
11.（单选题，3分）在图（a）的电路中，当开关S闭合后，两个电压表的指针偏转至表盘的同一位置，如图（b），则L1和L2通过的电流和两端电压之比分别为（ ）
A.1：1、1：4
B.1：1、1：5
C.1：5、1：4
D.5：1、1：5
12.（单选题，3分）下列有关物质的特性，说法正确的是（ ）
A.根据电阻计算公式R= UI ，当电压U为零时，导体的电阻也为零
B.冬天室外的水表被冻裂，是因为水结冰后密度变小了，体积变大了
C.高压锅烧菜易熟，是因为高压锅内降低了水的沸点
D.烧开一壶水比烧开半壶水时间多，因为一壶水的比热容比半壶水的比热容大
13.（填空题，4分）烤熟的山芋香气扑鼻，是分子___ 导致的；两个底面平整、干净的铅柱紧压后粘到一起，需用一定的外力才能将它们拉开，表明分子间___ 。
14.（填空题，4分）如图所示的是一种冰杯。杯壁由两层塑料制成。隔层中密封着冷冻液，其中含有大量的水，冷冻液未装满隔层。在炎热的夏天，将空冰杯的置放在冰箱冷冻室20～30min，冰杯里面的冷冻液会___ （填物态变化名称）成冰，取出冰杯后往冰杯里倒入要喝的饮料，过一会，就可以享用凉爽的“冷饮”，饮料是通过___ （选填“做功”或“热传递”）的方式减小内能的。
15.（填空题，4分）汽车行驶时，发动机的温度升高很快，为确保安全，可用循环水进行冷却。用水来冷却主要是因为水的___ 较大。如果散热器内装有10kg的水，其温度升高20℃吸收的热量相当于完全燃烧___ m3的天然气放出的热量。[c水=4.2×103J/（kg•℃），q天然气=4.2×107J/m3]
16.（填空题，6分）发光二极管是电子电路的重要元件，其主要材料是 ___ （选填“导体”、“半导体”或“超导体”）材料，其特点是具有 ___ （选填“单向”或“双向”）导电性能。如图所示，当开关S闭合后，两灯的发光情况应是：___
17.（填空题，4分）如图，用酒精灯对试管加热，水温升高，一段时间后瓶塞被水蒸气冲出去，其能量转化与汽油机工作中的___ 冲程能量转化相同，一台单缸四冲程柴油机效率为40%，消耗5kg的柴油转化成的机械能是___ J。（q柴油=4.3×107J/kg）
18.（填空题，4分）华为P40Pro手机电池上标有“4000mA•h”，工作电压为3.7V，充满电后存储的电能是___ J。如果用超级快充方式，1h即可充满，充电平均功率为___ W。
19.（问答题，4分）请在图中补充平面镜的入射光线和通过透镜后的光线。
20.（问答题，4分）请你画出图中力F的力臂，并用L表示。
21.（问答题，4分）在探究“浮力的大小与什么因素有关”的实验中，同学们做了如图所示的一系列实验。
（1）比较 ① ② ③ 三次实验是为了探究浮力的大小与 ___ 的关系。
（2）分析 ___ 实验数据（填序号），可知浸没在液体中的物体，所受浮力的大小与浸入液体内的深度无关。
（3）为了探究浮力的大小与液体密度的关系：小阳进行了 ① ② ⑤ 实验，得出了物体受到的浮力与液体的密度有关的结论。他的结论 ___ （选填“可靠”或“不可靠”）。原因是 ___ 。
22.（问答题，4分）伏安法测电阻
图甲是用伏安法测电阻的实物图，所用滑动变阻器的规格是“20Ω 1A”，电源为两节新干电池，待测电阻Rx的阻值约为10Ω。
（1）用笔画线代替导线在图甲中完成实物电路连接，要求滑动变阻器的滑片向B端滑动时连入电路的电阻变大。
（2）正确连接电路后，若甲图中导线a内部断路，其余均完好，则闭合开关后，电压表示数为___ V。
（3）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表和电流表的示数如图乙、丙所示，则Rx的阻值为___ Ω。
（4）第（3）题读数完成后断开开关，若再给你一个5Ω的电阻，想继续探究电流与电阻的关系，闭合开关后，滑片应向___ （选填“A”或“B”）滑动。
23.（问答题，4分）探究水和煤油的吸热能力
用相同的酒精灯分别给水和煤油加热（如图甲）
（1）实验中，是通过比较___ 来间接反映煤油和水吸收热量的多少。
（2）分析图像可知，对于质量相等的煤油和水，加热相同时间，升温较大的是___ ；由此可知，___ 的吸热能力较大。
（3）由图像可知，此实验中，水的沸点是___ ℃。
24.（问答题，4分）小华利用如图所示的实验装置，进行探究光的反射规律的实验，她先将纸板B以ON为轴转动到与纸板A同一平面，使激光笔发出的光束EO沿纸板A照射到平面镜的O点，则在纸板B上可观察到反射光OF．
（1）小华想探究反射角与入射角是否相等。她在纸板上用笔描出入射光EO和反射光OF的径迹，改变光束入射的___ ，进行多次实验，记录每次入射光和反射光的径迹，取下纸板，用___ 测量∠EON和∠NOF，并记录实验数据。
（2）若使入射光逆着原来反射光的方向射向镜面O点，进行多次实验，均可观察到反射光逆着___ 的方向射出。实验现象说明：___ 。
25.（问答题，6分）赵磊和家人在郊外野餐，用木炭烧水。锅内装有5kg水，把水从18℃加热至98℃，已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）。在这个过程中用掉500g的木炭，已知木炭的热值3.36×107J/kg。求：
（1）在这个过程中水吸收的热量；
（2）在这个过程中木炭放出的热量；
（3）烧水的效率。
26.（问答题，4分）用如图所示的滑轮组将物体匀速提升2m，拉力F大小为100N，滑轮组机械效率为80%，求：
（1）拉力所做的功。
（2）滑轮组提升物体时所做的有用功。
（3）物体的重力。
27.（问答题，4分）如图（a）所示，电源电压U=4V，电阻R1=10Ω，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P移中点时，电路中电流表A的示数如图（b）所示。求：
（1）电流表A1的示数。
（2）滑动变阻器的最大阻值。
（3）当滑动变阻器的滑片P移到最左端时，电路中电流表A的示数。
5月10日 周二的测验
参考答案与试题解析
试题数：27，总分：100
1.（单选题，5分）生活中我们可以利用自己的身体对物体的长度进行估测，下列估测不符合实际的是（ ）
A.校园中的小树和一位中学生一样高了，所以小树高约1.65m
B.小雷的书桌长度为5拃（zhǎ），约90cm（拃：张开手，拇指尖到中指尖之间的距离）
C.体育课上学生用的跳绳的绳子有两庹（tuǒ）半长，约3.5m（庹：两臂左右平伸时，两手中指尖之间的距离）
D.小明同学步行测学校的甬路长50步，约30cm（步：走路时，两脚尖之间的距离）
【正确答案】：D
【解析】：首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】：解：A、小树和一位中学生一样高了，所以小树高约1.65m，故A符合实际；
B、书桌长度为5拃（zhǎ），一拃的长度约18cm，故5拃的长度约90cm，故B符合实际；
C、跳绳的绳子有两庹（tuǒ）半长，一庹长度约1.5m，故两庹半长度约3.5m，故C符合实际；
D、学校的甬路长50步，一步的长度约0.6m，故50步长度约30m，故D不符合实际。
故选：D。
【点评】：此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.（单选题，5分）下列有关声现象的说法正确的是（ ）
A.图甲中，改变试管中的水量，再次对着试管吹气，声音的音色会改变
B.图乙中的蝙蝠是利用次声波来定位的
C.图丙中的噪声强度显示仪可在传播过程中减弱噪声
D.图丁中，用力击打鼓面，鼓面振动发声
【正确答案】：D
【解析】：（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
（2）声音即可传递信息，又可以传递能量。
（3）噪声强度显示仪是来显示噪声大小的，不能改变噪声大小。
（4）声音是由物体振动产生的。
【解答】：解：A、对着试管口吹气，管内空气柱振动发声，水量越多，空气柱振动越快，发出声音的音调越高，所以声音的音调会改变，音色不会改变，故A错误；
B、蝙蝠是利用超声波进行回声定位的，故B错误；
C、噪声强度显示仪能监测噪声大小，不能改变噪声大小，故C错误；
D、用力击打鼓面，鼓面振动发声，故D正确。
故选：D。
【点评】：此题考综合考查了声学的知识，对于这类题目，要结合相关的声学概念进行分析处理。
3.（单选题，5分）下列现象不可能出现的是（ ）
A.衣柜里的樟脑丸放置很长时间后会变小
B.潮湿的夏天，从冰箱里取出的啤酒瓶上会出现小水珠
C.有风的天气，游泳后从水中出来会感觉冷
D.冬天，戴眼镜的人从室内走到室外，眼镜上会出现小水珠
【正确答案】：D
【解析】：物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
【解答】：解：A、衣柜里的樟脑丸放置很长时间后会变小，是樟脑丸发生了升华现象，故A不符题意；
B、潮湿的夏天，从冰箱里取出的啤酒瓶上会出现小水珠，是空气中的水蒸气遇到温度低的啤酒瓶液化为小水珠，故B不符题意；
C、有风的天气，游泳后从水中出来会感觉冷，是因为皮肤表面的水汽化吸热，故C不符题意；
D、冬天，戴眼镜的人从室内走到室外，室外温度较低的水蒸气遇到温度高的镜片不能放热液化为小水珠，故D符合题意。
故选：D。
【点评】：分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.（单选题，5分）“绿水青山就是金山银山”，为了保护环境，恢复香溪河流域生态，兴山县政府颁布了“十年禁渔”令。十年后，我们漫步香溪河畔，在平静的河水中将看见“云在水中漂，鱼在云中游”的美景，对这一现象的形成，下列说法正确的是（ ）
A.云和鱼都是虚像
B.云是虚像，鱼是实像
C.云和鱼都是由光的反射形成的
D.云和鱼都是由光的折射形成的
【正确答案】：A
【解析】：要解决此题，需要掌握平面镜成像的知识，知道平面镜成像是由于光的反射形成的。
知道我们看到水中的物体，其实是看到物体的虚像，这是由光的折射形成的。
【解答】：解：水中的云是云在水中成的像，是由光的反射形成的虚像。
我们看到水中的鱼，其实看到的是鱼的虚像，是由于光的折射形成的。
故选：A。
【点评】：此题主要考查了平面镜成像、光的折射现象，这两种情况所成的都是虚像，但成像原理不同。
5.（单选题，5分）如图所示，踢足球时，足球离开脚后还能继续飞行。下列说法正确的是（ ）
A.踢出去的足球仍能在空中继续飞行，是因为一直受到踢力的作用
B.踢出去的足球，在斜向上飞行到最高点时，若一切外力都消失，将保持静止
C.踢出去的足球，在斜向上飞行到最高点的过程中，重力势能增加，动能减小，机械能守恒
D.踢出去的足球最终静止在水平地面上，足球的重力与地面对足球的支持力是一对平衡力
【正确答案】：D
【解析】：（1）力是物体对物体的作用；
（2）牛顿第一定律内容：一切物体在没有受到任何力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态；
（3）影响物体动能的大小因素有质量和速度，影响重力势能大小的因素有质量和高度，物体只有和动能和势能之间的转化时机械能守恒；
（4）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上。
【解答】：解：
A.踢出去的足球由于具有惯性，仍然能在空中继续飞行，此时足球不再受踢力作用，故A错误；
B.踢出去的足球，在斜向上飞行到最高点时，竖直方向的速度为零，但水平方向的速度不为零，若一切外力都消失，由牛顿第一定律可知，足球将会在水平方向做匀速直线运动，故B错误；
C.踢出去的足球，在斜向上飞行到最高点的过程中，质量不变、速度变小、高度升高，其动能减少、重力势能增加，由于足球运动过程中受到空气阻力作用，所以足球的机械能不守恒，故C错误；
D.踢出去的足球最终静止在水平地面上，足球的重力与地面对足球的支持力，二力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上，是一对平衡力，故D正确；
故选：D。
【点评】：本题考查了力与运动的关系、牛顿第一定律、机械能守恒、平衡力的辨别等，是一道力学综合题，有一定的难度。
6.（单选题，5分）如图所示是战斗机在巡航过程中用加油机加油的情况，下列的说法错误的是（ ）
A.加油过程中，战斗机保持在同一高度匀速直线运动，机械能不变
B.以加油机为参照物，战斗机是静止的
C.加油机升空的原理是机翼上方的空气流速大，压强小
D.加完油后，加油机的质量减小，惯性也减小
【正确答案】：A
【解析】：（1）机械能=动能+势能，动能大小的影响因素：质量、速度；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；
（2）解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的；
（3）流体流速越快的位置压强越小；
（4）惯性是物体本身的一种基本属性，其大小只与质量有关，质量越大、惯性越大；
【解答】：解：A、加油过程中，战斗机保持在同一高度匀速直线运动，质量增加，动能和重力势能增加，机械能增加，故A错误；
B、加油过程中，加油机和战斗机没有发生位置的改变，以加油机为参照物，战斗机是静止的，所以B正确；
C、飞机起飞时，机翼上方的空气流速大压强小，机翼下方的空气流速小压强大，从而产生向上的升力，故C正确；
D、加完油后，加油机的质量减小，惯性也减小，故D正确。
故选：A。
【点评】：此题主要考查学生对运动和静止的相对性、惯性、机械能和流体压强与流速关系的理解和掌握，比较简单，属于基础题。
7.（单选题，5分）利用如图所示的装置，可以用150N的拉力拉着重为350N、棱长为0.2m的正方体匀速上升，物体在10s内上升了1m，不计绳重和摩擦，则（ ）
A.拉力的功率为15W
B.动滑轮的重力是20N
C.当拉力为100N时，物体对地面的压强是3.75×103Pa
D.滑轮组的机械效率为80%
【正确答案】：C
【解析】：（1）由图示求出滑轮组承重绳子的股数，由功的计算公式求出拉力的功，然后由功率公式求出拉力的功率；
（2）由滑轮组公式求出动滑轮的重力；
（3）求得当拉力为100N时，物体对地面的压力，已知正方体边长可求得其面积，再利用p= FS 可求得物体对地面的压强；
（4）由效率公式求出滑轮组的效率。
【解答】：解：A、由图示滑轮组可知，滑轮组承重绳子的有效股数n=3，
拉力移动的距离：s=nh=3×1m=3m，
拉力做功：W=Fs=150N×3m=450J，
拉力的功率：
P= Wt = 450J10s =45W。故A错误；
B、不计绳重及摩擦，F= G+G动3 ，
动滑轮重力：G动滑轮=nF-G=3×150N-350N=100N。故B错误；
C、当拉力F′=100N时，设重物上端绳子对物体的拉力为F拉，则F′= 13 （F拉+G动），
则重物上端绳子对物体的拉力为F拉=3F′-G动=3×100N-100N=200N，
则此时物体对地面的压力F压=G-F拉=350N-200N=150N，
正方体底面积S=0.2m×0.2m=0.04m2，
物体对地面的压强p= F压S = 150N0.04m2 =3.75×103Pa。故C正确；
D、有用功：W有用=Gh=350N×1m=350J，
滑轮组效率：η= W有用W总 = 350J450J ×100%≈78%。故D错误。
故选：C。
【点评】：本题涉及到求动滑轮重力、拉力的功率、滑轮组效率，压强的大小及其计算等多个知识点，是一道综合性较强的题目。
8.（单选题，5分）有关电磁波和能源的认识，说法正确的是（ ）
A.核电站利用核聚变来发电
B.核能是可再生能源
C.电磁波能在真空中传播
D.验钞机利用红外线来工作的
【正确答案】：C
【解析】：（1）核电站是利用核裂变释放的核能发电。
（2）可再生能源的概念：像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到，把它们称为可再生能源。不可再生能源的概念：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源。
（3）电磁波的传播不需要介质，能够在真空中传播。
（4）紫外线能够使荧光物质发光，可用于验钞机。
【解答】：解：A、核电站利用核裂变来发电，故A错误。
B、核能属于不可再生能源，故B错误。
C、电磁波的传播不需要介质，电磁波能在真空中传播，故C正确。
D、验钞机利用紫外线来工作的，故D错误。
故选：C。
【点评】：知道核电站的工作原理、能源的分类，知道电磁波的传播、紫外线的应用，可解答此题。
9.（单选题，5分）下列关于生活用电的说法中正确的是（ ）
A.人接触裸露的火线一定会触电
B.控制用电器的开关要连接在火线和用电器之间
C.家庭电路中空气开关跳闸，一定是由于电路短路引起的
D.人体的安全电压是36V
【正确答案】：B
【解析】：（1）低压触电的方式有两种即单线触电和双线触电；
（2）家庭电路的开关应该装在火线上，这样可防止断开开关后用电器仍带电；
（3）电路电流过大的原因：一是短路；二是用电器的总功率过大；
（4）人体的安全电压是不高于36V。
【解答】：解：A、人站在干燥木凳上，用单手接触裸露的火线，此时没有电流通过人体，人不会发生触电事故，故A错误；
B、家庭电路的开关应该装在火线上，这样可防止断开开关后用电器仍带电，故B正确；
C、家庭电路中空气开关跳闸，可能是用电器的总功率过大，也可能是电路中发生了短路，故C错误；
D、人体的安全电压是不高于36V，故D错误。
故选：B。
【点评】：本题主要考查学生对安全用电知识的了解与掌握，加强用电安全意识，学会自我保护。
10.（单选题，5分）如图所示是一辆普通的电动自行车，下列关于电动自行车的相关说法正确的是（ ）
A.电动自行车的马鞍型坐垫是为了减小对人的压力
B.电动自行车的刹车手柄是费力杠杆
C.废旧电瓶会污染环境，不可随意处置
D.它的电池在充电时将化学能转化为电能
【正确答案】：C
【解析】：自行车中有很多地方用到了物理的知识，具体分析选项中所描述的现象或原理，结合相关知识点可逐一做出判断。
【解答】：解：A、电动自行车的马鞍型坐垫是为了在压力一定时，增大受力面积，减小对人的压强，故A错误；
B、电动自行车的刹车手柄使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B错误；
C、废旧电瓶中含有重金属等有害物质，随意丢弃会污染环境，故C正确；
D、电动自行车的电池在充电时是将电能转化为化学能，故D错误。
故选：C。
【点评】：本题以电动自行车为背景，考查了减小压强的方法、杠杆的应用、能量的转化以及废旧电池的处理，属基础知识，难度不大。
11.（单选题，5分）在图（a）的电路中，当开关S闭合后，两个电压表的指针偏转至表盘的同一位置，如图（b），则L1和L2通过的电流和两端电压之比分别为（ ）
A.1：1、1：4
B.1：1、1：5
C.1：5、1：4
D.5：1、1：5
【正确答案】：A
【解析】：由电路图可知，灯泡L1、L2串联，电压表V1测L1两端的电压，电压表V2测电源电压。根据指针位置相同时大量程示数是小量程示数的5倍可知两电压表的示数关系，进一步求出两灯泡两端的电压关系，根据串联电路的电流特点可求通过的电流之比。
【解答】：解：
由电路图可知，灯泡L1、L2串联，电压表V1测L1两端的电压，电压表V2测电源电压。
因并联电路中总电压等于各分电压之和，且两电压表的指针位置相同，
所以，电压表V2选用的是大量程，V1选用的是小量程，且电压表V2的示数是V1示数的5倍，即U=5U1，
则L1和L2两端电压之比为： U1U2 = U1U−U1 = 15−1 = 14 ；
因串联电路中各处的电流相等，
所以L1和L2通过的电流之比I1：I2=1：1。
故选：A。
【点评】：本题考查了串联电路的电流、电压规律，关键是两电压表示数关系的判断。
12.（单选题，5分）下列有关物质的特性，说法正确的是（ ）
A.根据电阻计算公式R= UI ，当电压U为零时，导体的电阻也为零
B.冬天室外的水表被冻裂，是因为水结冰后密度变小了，体积变大了
C.高压锅烧菜易熟，是因为高压锅内降低了水的沸点
D.烧开一壶水比烧开半壶水时间多，因为一壶水的比热容比半壶水的比热容大
【正确答案】：B
【解析】：（1）导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关，与导体中的电流、导体两端的电压大小无关。
（2）物质的密度与物态有关，质量是物质的属性，V= mρ 。
（3）水的沸点与大气压有关，大气压越大，沸点越高。
（4）比热容是物质的一种性质，与物质的质量无关。
【解答】：解：A、电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关，与导体中的电流、导体两端的电压大小无关。故A错误；
B、冬天室外的水表被冻裂，是因为水结冰后密度变小了，故由V= mρ 得，质量不变，密度变小，体积变大。故B正确；
C、大气压越大，液体的沸点越高。高压锅烧菜易熟，是因为高压锅内升高了水的沸点；故C错误；
D、比热容是物质的一种性质，与物质的质量无关。烧开一壶水比烧开半壶水时间多，是因为烧开一壶水比半壶水需要的热量多；故D错误；
故选：B。
【点评】：深入理解电阻、比热容、密度是物质的特性；知道沸点与大气压间的关系；可解答此题。
13.（填空题，4分）烤熟的山芋香气扑鼻，是分子___ 导致的；两个底面平整、干净的铅柱紧压后粘到一起，需用一定的外力才能将它们拉开，表明分子间___ 。
【正确答案】：[1]不停地做无规则运动; [2]存在引力
【解析】： ① 扩散现象说明，一切物质的分子都在永不停息的做无规则运动；
② 分子间同时存在斥力和引力。
【解答】：解：（1）烤熟的山芋香气扑鼻，是因为山芋的香味分子扩散到空气中，这种现象说明了分子在不停的做无规则的运动；
（2）两个底面平整、干净的铅柱压紧后会粘在一起，需要用一定的外力才能将它们拉开，是因为当分子相互靠近时分子间存在着相互作用的引力，该实验表明：分子之间存在引力。
故答案为：不停地做无规则运动；存在引力。
【点评】：本题主要考查分子运动论、扩散现象等知识的理解和应用，结合生活中的实际问题，考查学生应用物理知识解决实际问题的能力。
14.（填空题，4分）如图所示的是一种冰杯。杯壁由两层塑料制成。隔层中密封着冷冻液，其中含有大量的水，冷冻液未装满隔层。在炎热的夏天，将空冰杯的置放在冰箱冷冻室20～30min，冰杯里面的冷冻液会___ （填物态变化名称）成冰，取出冰杯后往冰杯里倒入要喝的饮料，过一会，就可以享用凉爽的“冷饮”，饮料是通过___ （选填“做功”或“热传递”）的方式减小内能的。
【正确答案】：[1]凝固; [2]热传递
【解析】：（1）物质由液态变为固态的过程是凝固过程，凝固放出热量；
（2）改变物体内能有两种方法，一是做功，二是热传递，做功是能量的转化，而热传递是能量的转移。
【解答】：解：
（1）将空冰杯的置放在冰箱冷冻室20～30min，冰杯里面的冷冻液会由液态变为固态，即发生凝固现象；
（2）将饮料倒入冰杯后，冰杯从饮料中吸收热量，使饮料的温度降低，饮料是通过热传递的方式减小内能的。
故答案为：凝固；热传递。
【点评】：本题考查了物态变化以及吸放热情况以及改变内能的了解，是一道基础题。
15.（填空题，4分）汽车行驶时，发动机的温度升高很快，为确保安全，可用循环水进行冷却。用水来冷却主要是因为水的___ 较大。如果散热器内装有10kg的水，其温度升高20℃吸收的热量相当于完全燃烧___ m3的天然气放出的热量。[c水=4.2×103J/（kg•℃），q天然气=4.2×107J/m3]
【正确答案】：[1]比热容; [2]0.02
【解析】：（1）根据水的比热容较大的特点分析：相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
（2）知道水的质量、水的比热容、水温度的变化，利用吸热公式求水吸收的热量；天然气完全燃烧放出的热量等于水吸收的热量，又知道天热气的热值，利用燃料燃烧放热公式求需要天然气的体积。
【解答】：解：
（1）因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机用水来冷却，这是通过的热传递的方式来改变发动机的内能。
（2）水吸收的热量：
Q吸=c水m△t=4.2×103J/（kg•℃）×10kg×20℃=8.4×105J；
由题知，Q吸=Q放=Vq，
需要完全燃烧天然气的体积：
V= Q放q = 8.4×105J4.2×107J/m3 =0.02m3。
故答案为：比热容；0.02。
【点评】：本题考查水的比热容大的应用以及吸热公式和燃料完全燃烧放热公式的应用，属于基础题目。
16.（填空题，6分）发光二极管是电子电路的重要元件，其主要材料是 ___ （选填“导体”、“半导体”或“超导体”）材料，其特点是具有 ___ （选填“单向”或“双向”）导电性能。如图所示，当开关S闭合后，两灯的发光情况应是：___
【正确答案】：[1]半导体; [2]单向; [3]L1不发光，L2发光
【解析】：发光二极管是由半导体材料制成的，具有单向导电性；电路通路，灯泡发光，电路断路，灯泡不发光。
【解答】：解：发光二极管是由半导体材料制成的，在电路中，电流只能从二极管的正极流入，负极流出，具有单向导电性；如果电流反向流入，电路处于断路状态，此时发光二极管相当于绝缘体；如图当开关S闭合后，L1所在支路电流不能通过二极管，电路断路，L2所在支路电流正常通过，灯泡发光。
故答案为：半导体；单向；L1不发光，L2发光。
【点评】：本题考查半导体的相关知识点，基础题，难度不大，应熟练掌握。
17.（填空题，4分）如图，用酒精灯对试管加热，水温升高，一段时间后瓶塞被水蒸气冲出去，其能量转化与汽油机工作中的___ 冲程能量转化相同，一台单缸四冲程柴油机效率为40%，消耗5kg的柴油转化成的机械能是___ J。（q柴油=4.3×107J/kg）
【正确答案】：[1]做功; [2]8.6×107
【解析】：（1）热机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程。压缩冲程中机械能转化为内能；做功冲程中内能转化为机械能；
（2）利用Q=mq计算燃料燃烧放出的热量，然后根据η= WQ放 ×100%进行计算。
【解答】：解：（1）图中的塞子被试管内的水蒸气推出过程是水蒸气的内能转化为塞子机械能的过程，与热机的做功冲程的能量转化相同。
（2）柴油燃烧放出的热量：Q放=mq柴油=5kg×4.3×107J/kg=2.15×108J，
由η= WQ放 ×100%可得，转化的机械能为：
W=Q放η=2.15×108J×40%=8.6×107J。
故答案为：做功；8.6×107。
【点评】：本题考查了学生对热量的计算公式Q=qm、内燃机的四个冲程特点的理解和掌握。
18.（填空题，4分）华为P40Pro手机电池上标有“4000mA•h”，工作电压为3.7V，充满电后存储的电能是___ J。如果用超级快充方式，1h即可充满，充电平均功率为___ W。
【正确答案】：[1]5.328×104; [2]14.8
【解析】：（1）知道工作电压和容量，根据W=UIt求出手机电池充满电后存储的电能；
（2）已知充满电时间，根据P= Wt 计算充电平均功率。
【解答】：解：（1）手机电池上标有“4000mA•h”，工作电压为3.7V，
则手机电池充满电后存储的电能是：
W=UIt=3.7V×4000×10-3A×3600s=5.328×104J；
(2)充满电的时间：t′=1h=3600s，充电平均功率为：P= Wt′ = 5.328×104J3600s =14.8W。
故答案为：5.328×104；14.8。
【点评】：本题考查电能和电功率的计算问题，难度不大。
19.（问答题，4分）请在图中补充平面镜的入射光线和通过透镜后的光线。
【正确答案】：
【解析】：根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出入射光线；过焦点的光经过凸透镜折射后平行于主光轴。由此完成光路。
【解答】：解：先过平面镜上反射点（入射点）作法线，根据反射角等于入射角，在法线左侧作出入射光线；
根据过焦点的光经过凸透镜折射后平行于主光轴，作出折射光线，如图所示：
【点评】：本题考查了根据光的反射定律作图以及凸透镜对光线作用的作图，注意法线要画成虚线，光线画成实线。
20.（问答题，4分）请你画出图中力F的力臂，并用L表示。
【正确答案】：
【解析】：支点到力的作用线的垂直距离是力臂，从支点作力的作用下的垂线段即可作出力臂。
【解答】：解：已知支点O，延长F画出力的作用线，从支点向力F的作用线作垂线段，即可作出其力臂L，如图所示：
【点评】：本题考查了作力的力臂问题，先确定支点，然后再作力臂，掌握力臂的作法即可正确解题。
21.（问答题，4分）在探究“浮力的大小与什么因素有关”的实验中，同学们做了如图所示的一系列实验。
（1）比较 ① ② ③ 三次实验是为了探究浮力的大小与 ___ 的关系。
（2）分析 ___ 实验数据（填序号），可知浸没在液体中的物体，所受浮力的大小与浸入液体内的深度无关。
（3）为了探究浮力的大小与液体密度的关系：小阳进行了 ① ② ⑤ 实验，得出了物体受到的浮力与液体的密度有关的结论。他的结论 ___ （选填“可靠”或“不可靠”）。原因是 ___ 。
【正确答案】：排开液体的体积; ① ③ ④ ; 不可靠; 没有控制物体排开液体的体积相同
【解析】：（1）物体受到的浮力大小与物体排开液体的密度和体积有关，研究浮力大小与其中一个因素的关系时，要控制另一个因素不变，由相关实验找出相同量和不同量，由称重法分析浮力大小，得出故物体受到的浮力大小与变化量的关系；
（2）研究浮力的大小与浸入液体内的深度的关系，要控制排开液体的密度相同和排开液体的体积相同，结合称重法，得出结论；
（3）探究浮力的大小与液体密度的关系，要控制排开液体的体积相同，根据称重法分析。
【解答】：解：（1）比较 ① ② ③ 实验，排开液体的密度相同，排开液体的体积不同，测力计示数不同，由称重法，实验中物体受到的浮力不同，故是为了探究浮力的大小与排开液体的体积的关系；
（2）研究浮力的大小与浸入液体内的深度的关系，要控制排开液体的密度相同和排开液体的体积相同，结合称重法，分析 ① ③ ④ 分析实验数据，可知浸没在液体中的物体，所受浮力的大小与浸入液体内的深度无关；
（3）为了探究浮力的大小与液体密度的关系，要控制排开液体的体积相同，故小洛进行 ① ③ ⑤ 实验，因 ⑤ 中测力计示数小，故受到的浮力大，得出的结论是：排开液体体积一定时，液体的密度越大，物体受到的浮力越大；
小阳进行了 ① ② ⑤ 实验，也得出了物体受到的浮力与液体的密度有关的结论。他的结论不可靠。原因是没有控制物体排开液体的体积相同。
故答案为：（1）排开液体的体积；（2） ① ③ ④ ；（3）不可靠；没有控制物体排开液体的体积相同。
【点评】：本题考查了探究影响浮力大小的因素和控制变量法的应用。在分析问题时，要明确哪些量是相同的，哪些量是变化的或不同的，正是这些变化的或不同的量导致了实验结果的不同
22.（问答题，4分）伏安法测电阻
图甲是用伏安法测电阻的实物图，所用滑动变阻器的规格是“20Ω 1A”，电源为两节新干电池，待测电阻Rx的阻值约为10Ω。
（1）用笔画线代替导线在图甲中完成实物电路连接，要求滑动变阻器的滑片向B端滑动时连入电路的电阻变大。
（2）正确连接电路后，若甲图中导线a内部断路，其余均完好，则闭合开关后，电压表示数为___ V。
（3）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片到某一位置，电压表和电流表的示数如图乙、丙所示，则Rx的阻值为___ Ω。
（4）第（3）题读数完成后断开开关，若再给你一个5Ω的电阻，想继续探究电流与电阻的关系，闭合开关后，滑片应向___ （选填“A”或“B”）滑动。
【正确答案】：3; 8; A
【解析】：（1）在伏安法测电阻实验中，电压表与待测电阻并联测量两端电压，电流表串联在电路中测量电路电流，滑动变阻器采用“一上一下”的方法串联在电路中，改变电路电阻；
（2）电压表串联在电路中时测量电源电压；电路断路时，电流表示数为0；
（3）读取电压表、电流表示数时，首先明确电表选择的量程和对应的分度值，读数时视线与指针所对刻线相垂直；
已知待测电阻两端电压和通过的电流，利用R= UI 得到电阻；
（4）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
【解答】：解：（1）已知电源电压由两节干电池提供，即U=3V，待测电阻在10Ω左右，所以电路最大电流为I最大= UR = 3V10Ω =0.3A，即电流表选择0～0.6A量程；
要使滑动变阻器滑片向B端滑动时连入电路的电阻变大，需要连接A接线柱，电路连接如下：
（2）正确连接电路后，若甲图中导线a内部断路，其余均完好，闭合开关，电压表串联在电路中，显示的是电源电压，为3V；
（3）由（1）知，电压表选择的是0～3V量程，对应的分度值为0.1V，此时的示数为2.4V；
电流表选择的是0～0.6A量程，对应的分度值为0.02A，此时的示数为0.3A；
待测电阻的阻值为Rx= UXI = 2.4V0.3A =8Ω；
（4）根据串联分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成5Ω的电阻，电阻减小，其分得的电压减小，探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应减小滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动，使电压表的示数为2.4V，读出电流表的示数。
故答案为：（1）如上图所示；（2）3；（3）8；（4）A。
【点评】：此题考查的是伏安法测电阻的探究过程，包括实物图的连接、滑动变阻器的接法、电路故障的判定电表的读数及电阻、功率的计算，包含的内容较多，但难度不大，是一道基础题。
23.（问答题，4分）探究水和煤油的吸热能力
用相同的酒精灯分别给水和煤油加热（如图甲）
（1）实验中，是通过比较___ 来间接反映煤油和水吸收热量的多少。
（2）分析图像可知，对于质量相等的煤油和水，加热相同时间，升温较大的是___ ；由此可知，___ 的吸热能力较大。
（3）由图像可知，此实验中，水的沸点是___ ℃。
【正确答案】：加热时间; 煤油; 水; 98
【解析】：（1）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
（2）根据图乙分析回答；
使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（3）水沸腾时保持不变的温度叫沸点，根据图乙分析。
【解答】：解：（1）根据转换法，实验中，是通过比较加热时间来间接反映煤油和水吸收热量的多少；
（2）分析图像可知，对于质量相等的煤油和水，加热相同时间，升温较大的是煤油；根据比较吸热能力的方法，水的吸热能力较大；
（3）由图像可知，此实验中，水沸腾时保持不变的温度为98℃，即水的沸点是98℃。
故答案为：（1）加热时间；（2）煤油；水；（3）98。
【点评】：本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及沸腾的有关知识，为热学中的重要实验。
24.（问答题，4分）小华利用如图所示的实验装置，进行探究光的反射规律的实验，她先将纸板B以ON为轴转动到与纸板A同一平面，使激光笔发出的光束EO沿纸板A照射到平面镜的O点，则在纸板B上可观察到反射光OF．
（1）小华想探究反射角与入射角是否相等。她在纸板上用笔描出入射光EO和反射光OF的径迹，改变光束入射的___ ，进行多次实验，记录每次入射光和反射光的径迹，取下纸板，用___ 测量∠EON和∠NOF，并记录实验数据。
（2）若使入射光逆着原来反射光的方向射向镜面O点，进行多次实验，均可观察到反射光逆着___ 的方向射出。实验现象说明：___ 。
【正确答案】：角度; 量角器; 入射光线; 在光的反射中，光路是可逆的
【解析】：（1）在光的反射中，反射角等于入射角；探究反射角和入射角的关系时，一次实验具有很大的偶然性，实验中要多次测量；
（2）根据入射光线和反射光线的位置互换进行实验，观察反射光线与原来入射光线的关系得出结论。
【解答】：解：
（1）在纸板上用笔描出入射光EO和反射光OF的径迹，实验中为了获得普遍的规律，应改变光束EO的角度，多做几次；取下纸板，用量角器测量∠EON和∠NOF，并将数据记录在表格中；
（2）如果使入射光逆着原来反射光的方向射向镜面O点，可观察到反射光逆着入射光线的方向射出，这表明光路具有可逆性。
故答案为：（1）角度；量角器；（2）入射光线；在光的反射中，光路是可逆的。
【点评】：本题考查了探究光的反射的实验。光的反射遵循反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角。
25.（问答题，4分）赵磊和家人在郊外野餐，用木炭烧水。锅内装有5kg水，把水从18℃加热至98℃，已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）。在这个过程中用掉500g的木炭，已知木炭的热值3.36×107J/kg。求：
（1）在这个过程中水吸收的热量；
（2）在这个过程中木炭放出的热量；
（3）烧水的效率。
【正确答案】：
【解析】：（1）知道水的比热容、质量、初温和末温，根据Q吸=cm（t-t0）求出在这个过程中水吸收的热量；
（2）知道木炭的质量和热值，根据Q放=mq求出在这个过程中木炭放出的热量；
（3）根据η= Q吸Q放 ×100%求出烧水的效率。
【解答】：解：（1）水吸收的热量：
Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×5kg×（98℃-18℃）=1.68×106J。
（2）木炭的质量m′=500g=0.5kg，
木炭完全燃烧放出的热量：
Q放=m′q=0.5kg×3.36×107J/kg=1.68×107J。
（3）烧水的效率：
η= Q吸Q放 ×100%= 1.68×106J1.68×107J ×100%=10%。
答：（1）在这个过程中水吸收的热量为1.68×106J；
（2）在这个过程中木炭放出的热量为1.68×107J；
（3）烧水的效率为10%。
【点评】：本题主要考查吸热公式、燃料完全燃烧放热公式以及效率公式的应用，属于基础性题目，因已知条件已给出，难度不大。
26.（问答题，4分）用如图所示的滑轮组将物体匀速提升2m，拉力F大小为100N，滑轮组机械效率为80%，求：
（1）拉力所做的功。
（2）滑轮组提升物体时所做的有用功。
（3）物体的重力。
【正确答案】：
【解析】：（1）由图知，n=3，拉力端移动的距离s=3h，利用W=Fs求拉力做的总功；
（2）利用η= W有用W总 求拉力做的有用功；
（3）利用W有用=Gh求物体重力。
【解答】：解：
（1）由图知，n=3，拉力端移动的距离：s=3h=3×2m=6m，
拉力做的总功：
W总=Fs=100N×6m=600J；
（2）由η= W有用W总 =80%得拉力做的有用功：
W有用=η×W总=80%×600J=480J；
（3）由W有用=Gh可得物体重力：
G= W有用ℎ = 480J2m =240N。
答：（1）拉力所做的功为600J。
（2）滑轮组提升物体时所做的有用功为480J。
（3）物体的重力为240N。
【点评】：本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、物体重力的计算，利用好效率公式求有用功是关键。
27.（问答题，4分）如图（a）所示，电源电压U=4V，电阻R1=10Ω，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P移中点时，电路中电流表A的示数如图（b）所示。求：
（1）电流表A1的示数。
（2）滑动变阻器的最大阻值。
（3）当滑动变阻器的滑片P移到最左端时，电路中电流表A的示数。
【正确答案】：
【解析】：（1）先识别电路的连接方式，然后根据已知的电源电压和R1的阻值，并结合并联电路电压的特点，直接利用I= UR 即可求出通过R1的电流；
（2）已知干路电流，根据并联电路中电流的规律求出通过滑动变阻器的电流，然后根据R= UI 即可求出滑动变阻器接入电路的电阻；
（3）当滑片至最左端时，分析变阻器接入电路中的电阻值，根据并联电路中电阻规律，由I= UR 求干路中的总电流。
【解答】：解：（1）R1、R2并联，电流表A1的测R1电流I1，
并联电路中总电压与各支路电压相等，可得：U1=U2=U=4V
电流表A1的示数I1= U1R1 = 4V10Ω =0.4A；
（2）由图可知，电流表A测干路上的总电流I总，其示数大于电流表A1的示数，即I总＞0.4A。
结合可知图（b）中电流表使用的是0-3A量程，由图可读出其示数为I总=2A，
则I2=I总-I1=2A-0.4A=1.6A，
此时变阻器接入电路的阻值：R中= U2I2 = 4V1.6A =2.5Ω，
则滑动变阻器的最大阻值：R滑=2R中=5Ω；
（3）当滑动变阻器的滑片P移到最左端时，变阻器全部接入电路且与R1并联，
此时电路总电阻： 1R并 = 1R1 + 1R滑 = 110Ω + 15Ω ，即R并= 103 Ω，
则干路上的电流即电流表A的示数I'= UR并 = 4V103Ω =1.2A。
答：（1）电流表A1的示数为0.4A；
（2）滑动变阻器的最大阻值为5Ω；
（3）当滑动变阻器的滑片P移到最左端时，电路中电流表A的示数为1.2A。
【点评】：本题考查了电流表的使用和并联电路电流、电压特点，以及欧姆定律的计算；当不确定电流表量程时，需考虑可能出现的情况。
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