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重庆市万州区2019-2020学年八年级下学期期末物理试题
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这是一份重庆市万州区2019-2020学年八年级下学期期末物理试题，共25页。试卷主要包含了2N，当打开阀门时，液体______，【答案】A，【答案】D，【答案】C等内容，欢迎下载使用。
2019-2020学年重庆市万州区八年级（下）期末物理试卷
1. 历史上最早证明大气压强存在的实验是( )
A. 帕斯卡裂桶实验 B. 马德堡半球实验
C. 托里拆利实验 D. 伽利略的比萨斜塔实验
2. 如图所示的各个实例，为了增大压强的是( )
A. 压路机的碾子很重
B. 书包带做得较宽
C. 滑雪板的面积较大
D. 图钉帽的面积较大
3. 自行车既是环保的交通工具也是很好的健身器材。下列叙述正确的是( )
A. 给车胎充气增加了车胎内气体的压强
B. 地面对自行车的摩擦力总是阻碍车前进
C. 刹车时自行车受到惯性的作用会继续前进一段距离
D. 自行车对地面的压力与地面对自行车的支持力是一对平衡力
4. 正在加速滑行的雪橇，如果其所受外力突然消失，则雪橇将( )
A. 速度越来越快 B. 速度越来越慢，最后停下来
C. 做曲线运动 D. 做匀速直线运动
5. 关于功、功率、机械效率，下列说法中正确的是( )
A. 物体受力且运动时，力对物体就做了功 B. 功率大的机器做功一定多
C. 做功快的机器其机械效率一定高 D. 功率大的机器做功就快
6. 如图所示的四个实验，下列描述错误的是( )
A. 图甲：汽车尾翼原理和飞机机翼原理不相同
B. 图乙：在水中，压强计的金属盒所处的深度减小，它受到的水的压强也随之减小
C. 图丙：连通器中装入同种液体，液体静止时，连通器各部分中的液面总保持相平
D. 图丁：将自制气压计随电梯从一楼上升至十楼，气压计细玻璃管中的液面会上升
7. 对下列图示实验的解释错误的是( )
A. 图甲：将玻璃板放到水中，用弹簧测力计提出时示数增大，说明分子间有引力
B. 图乙：密度较大的二氧化氮气体扩散到空气中，说明分子不停地做无规则运动
C. 图丙：摩擦过的梳子能吸引纸屑，说明分子间存在引力
D. 图丁：红墨水在热水中颜色变得快些，说明温度越高分子运动越剧烈
8. 如图是某人表演的空手“吸”易拉罐魔术。下列有关叙述合理的是( )
A. 该魔术表演成功的关键是尽可能挤出易拉罐和手之间的空气
B. 该魔术表演成功的关键是手对易拉罐的摩擦力要大于易拉罐重力
C. 易拉罐保持静止时，受到的重力和大气的压力是一对相互作用力
D. 易拉罐保持静止时，易拉罐的重力和易拉罐对手的压力是一对平衡力
9. 图所示的工具在正常使用时，属于省力杠杆的是( )
A. 食品夹 B. 筷子
C. 撬棒 D. 天平
10. 如图所示，甲、乙两个实心均匀正方体放在水平地面上，甲对地面的压强大于乙对地面的压强。沿竖直方向在两个正方体上分别截去一部分，若甲、乙剩余部分对地面的压力相等，则甲、乙正方体( )
A. 对地面压强的变化量可能△p甲<△p乙 B. 剩余部分的底面积一定相等
C. 对地面压力的变化量可能相等 D. 剩余部分的体积可能相等
11. 如图所示，圆柱形容器装有适量的水，将密度为2.5g/cm3，体积为40cm3的物体M用一细绳提起，使物体M的体积刚好有一半露出液面且保持静止时，磅砰示数为70g，如图甲所示。接下来将物体M放入水中，如图乙所示，磅秤示数将变化80g。下列判断错误的是( )
A. 两次台秤示数的变化等于物体 M 两次所受浮力的变化
B. 图甲中物体 M 下表面受到的液体压力为0.2N
C. 图乙中物体 M 对容器底部的压力为0.6N
D. 图乙中磅秤的示数为150g
12. 如图，A、B为两容器，用一带阀门的管子相连，装有同一种液体，液面相平，则a、b两处的压强pa______pb(填“>”、“<”或“=”).当打开阀门时，液体______(填“流动”或“不流动”)。
13. 2020年是中国全面建成小康社会的收关之年，河口区进行了老旧小区的改造活动，其中履带式推土机在松软和泥泞的作业环境下发挥了重要的作用。这里“履带”的主要作用是______；“履齿”的主要作用是______。
14. 医用普通口罩可对空气中直径大于8μm的飞沫有过滤效果，冠状病毒的直径约为100nm，在公共场所佩戴普通医用口罩______(选填“能”或“不能”)防止冠状病毒。我们进入到学校的教学楼就可以闻到消毒液的味道，这是______现象。
15. 如图所示，是老师在用水银做“托里拆利”实验时测量的数据，当时大气压强为______mm Hg，若把该装置从山脚下带到山顶上，细玻璃管内外水银柱液面高度差将会______(选填“变高”、“变低”或“不变”)。
16. 图甲中，国旗杆顶部的A装置是______滑轮，图乙中，小明和小杰握住两根较光滑的木棍，小红将绳子一端系在其中一根木棍上，然后依次将绳子绕过两根木棍，小明和小杰相距一定距离握紧木棍站稳后，小红在图B处拉绳子的另一端，用很小的力便能拉动他们，该实验说明______。
17. 生活中“抽”字表述的现象，其原因各有不同，用抽油烟机“抽”油烟时，油烟是由于空气流速越大，压强越______的缘故，被“抽“出去的；用抽水机“抽”水时，水是在______作用下被“抽”上来的。
18. 2020年5月5日，我国自主研发的长征5号B型运载火箭圆满完成发射任务。图为起飞阶段加速上升的火箭，该过程中，内部的新型返回舱的动能______(选填“增大”、“减小”或“不变”)，火箭整体的机械能______(选填“增大”“减小”或“不变”)。
19. 一艘潜水艇从长江潜航到东海，潜水艇受到的浮力______，轮船从东海行驶到长江，轮船受到的浮力______(两空均填“变大”、“变小”或“不变”，江水密度小于海水密度)。
20. 如图所示，斜面高为3m，用沿斜面向上大小为300N的拉力F，将重为500N的木箱由斜面底端以0.5m/s的速度匀速拉动，经过12s到达顶端，则拉力的功率是______W，物体与斜面间的摩擦力是______N。
21. 如图所示，放在水平地面上边长为5cm的正方体，所受重力为200N，系着它的一根竖直轻绳绕过光滑滑轮，绳子另一端施加的拉力F为180N，则该物体此时受到的合力为______N，物体对地面的压强为______Pa。
22. 小美用手把一个重为0.4N，体积2.7×10−5m3的玩具球完全浸没到水中，玩具球受到的浮力是______N，放手后玩具球将______(填“上浮”、“下沉”或“悬浮”)。
23. 新材料碳纤维具有高强度、高耐热、密度小等特性。一架由碳纤维材料制造的小型无人机，质量为2kg，功率为40W，则该无人机在5s内做功为______J，可匀速竖直上升______m。
24. 重庆育才中学科技小组利用如图所示装置探究“阿基米德原理”，他们将装满水的溢水杯放到电子秤上，用一小桶收集溢出的水，再用弹簧测力计挂着铝块，将其缓慢浸入溢水杯的水中直到浸没的过程中，弹簧测力计示数将______，电子秤的示数将______(以上两空均选填“变大”、“变小”或“不变”)。
25. 一名体重为600N的学生双脚站在水平地面上，要用如图所示的滑轮组将800N的重物匀速提升1m。该同学匀速提升的过程中滑轮组的机械效率是80%，则拉力的大小为______N，拉起物体时人对地面的压力为______N。
26. 如图所示，用力F1竖直向上拉杠杆，请画出F1的力臂l1，并画出重物的重力G的示意图。
27. 站在地上的人用如图所示滑轮组提升重物，请画出人向下拉绳时滑轮组的绕线。
28. 同学们在探究液体压强的实验中，进行了如图所示的操作：
(1)如图甲所示是用来研究液体压强特点的压强计，发现U形管两端的液面高度不相同，接下来的操作是______。
(2)分析A、B两图的实验现象，得出的结论是______。
(3)要探究液体压强与液体密度的关系，应选用______两图进行对比。
(4)小明保持B图中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，他发现U形管两侧的液面的高度差变大了，于是得出了“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强就越大”的结论。同学小婷认为他的结论不可靠，原因是______。
29. 如图某小组在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让小球从同一斜面某处由静止释放，撞击同一水平面上的同一木块，木块移动一段距离后静止。
(1)实验中探究的是______(小球/木块)的动能，其动能大小是通过______(小球所处的高度/木块移动的距离)来反映的；
(2)分析比较______两次实验，可得到结论：质量相同的物体，速度越______，动能越大。交管部门对不同车型的速度有不同的限制，如图2所示为某高速路上的限速标志牌，其中小轿车的速度最大不得超过______；
(3)若用上述实验器材探究阻力对物体运动的影响，必须增加的器材是______。
A.质量不同的木块
B.倾斜程度不同的斜面
C.粗糙程度不同的水平面
30. 下面利用刻度均匀的匀质杠杆进行探究“杠杆平衡条件”的实验。
(1)实验前调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡目的之一是______；若在调节过程中，发现杠杆左端下沉，这时应将平衡螺母向______(左/右)端调节。
(2)如图甲所示，在杠杆左边A处挂3个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，在杠杆边B处挂______个钩码(实验中所用的钩码均相同)。
(3)图乙是利用弹簧测力计做的某次实验情景，已知杠杆每格长5cm，钩码每个重0.5N，请将弹簧测力计的示数填入下表。
实验序号
动力F1/N
动力臂L1/m
阻力F2/N
阻力臂L2/m
1
______
0.15
3.0
0.10
上述实验数据不符合杠杆平衡条件，出现问题的原因是______。
31. 小红用弹簧测力计、铁块、盛有水的大烧杯做“探究浮力的大小影响因素”实验，其实验情况如图所示。
(1)铁块浸没在水中受到的浮力大小是______。
(2)上述实验是为了探究浮力的大小是否与______(选填“物体浸没在液体中的深度”或“物体浸在液体中的体积”)有关。
(3)在上述实验的基础上，请你添加合适的物体______，设计实验，进一步探究“浮力的大小与物体的密度是否有关”。请写出实验思路______。
32. 如图所示，将底面积为50cm2，质量为0.3kg的容器放在表面积为1m2的水平桌面上，容器内装有重40N，深60cm的水。(g=10N/kg,ρ水=1×103kg/m3)求：
(1)A点水的压强；
(2)水对容器底的压强和压力；
(3)容器对水平桌面的压力和压强。
33. 如图所示，工人用250N的拉力将重400N的装修材料匀速提升6m，所用时间为1min。求：
(1)有用功；
(2)拉力的功率；
(3)滑轮组的机械效率。
34. 底面积为400cm2、重2N的薄壁圆柱形容器放在水平地面上，用原长为16cm的弹簧将边长为10cm的正方体A的下表面中点与容器底部相连，向容器内加水至A刚好浸没，如图甲所示，此时弹簧长18cm，A对弹簧的拉力为F1.现打开阀门B缓慢放水，当A对弹簧的作用力大小再次等于F1时关闭阀门B.已知弹簧受力F的大小与弹簧长度的变化量△x间的关系如图乙所示。不计弹簧的体积及其所受的浮力。求：
(1)物体A浸没时受到的浮力；
(2)正方体A的密度；
(3)从开始放水到关闭阀门B，放出水的质量。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：历史上，在德国的马德堡市广场上做过一个著名的实验，将两铜制的半球合在一起，抽出里面的空气，用两支马队向相反方向拉，两个半球未被拉开，是大气压将两个半球压在一起，这就是著名的马德堡半球实验，它有力地证明了大气压的存在，故B正确，ACD错误。
故选：B。
帕斯卡裂桶实验说明了液体的压强与液体的深度有关；马德堡半球实验有力的证明了大气压的存在；托里拆利实验在历史上第一次测出了大气压值；伽利略的比萨斜塔实验说明物体下落的快慢与物体的质量没有关系，根据以上分析答题。
本题是一道基础题，在理解马德堡半球实验的原理后，可知它证实了大气压的存在。
2.【答案】A
【解析】A、压路机的碾子很重，是在受力面积一定时，通过增大压力的方法来增大压强，故A符合题意；
B、书包背带很宽，是在压力一定时，增大书包和肩膀的受力面积来减小书包对肩膀的压强，使肩膀感到舒服，故B不符合题意；
C、滑雪板的面积较大，是在压力一定时，增大受力面积来减小对雪地的压强，不至于陷进雪地，故C不符合题意；
D、图钉帽的面积较大，是在压力一定时，增大受力面积来减小压强，故D不符合题意。
①增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。
②减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。
本题考查了增大和减小压强的方法，与生活息息相关，让学生认为学习物理有用，是一道好题。
3.【答案】A
【解析】解：A、轮胎内的气体压强与轮胎内的气体质量和温度有关，当给车胎充气时，当轮胎内的气体质量增加时，气体分子数目增多，所以车胎内气体的压强会变大，故A正确；
B、用力蹬自行车前进时，后轮相对于地面有向后的运动趋势，因此后轮所受的摩擦力向前，是自行车前进的动力，故B错误；
C、刹车时，车还会继续前进一段距离，是因为自行车具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性，故C错误；
D、自行车对地面的压力和地面对自行车的支持力是一对相互作用力，自行车的重力与地面对自行车的支持力是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
(1)当给车胎充气时，轮胎内的气体分子数目增加，所以车胎内气体的压强会变大；
(2)自行车用力蹬而前进时，自行车前轮是从动轮，后轮是主动轮，主动轮为自行车前进提供动力；当自行车滑行时，自行车前轮、后轮都是从动轮；
因为是后轮驱动，所以后轮受到地面对它向前的摩擦力，而前轮不是驱动轮，被后轮推着前进，相对地面向前运动，受到地面对它向后的摩擦；
(3)正确理解惯性的概念，惯性是物体的一种特性，不是力；
(4)判断平衡力要根据二力平衡的条件来分析，一对平衡力必须符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上。
此题主要考查了气体压强、摩擦力、惯性、平衡力的辨别等，在平时的学习过程中，要善于运用物理知识来解释一些日常现象。
4.【答案】D
【解析】解：雪撬原来的运动状态是正在运动着，因此，在外力突然全部消失后，雪撬将沿外力消失的一瞬间的方向和速度做匀速直线运动。不会静止下来，也不会继续改变方向、速度，因为这些都属于运动状态发生了改变，而改变力的运动状态必须要受到力的作用。
故选：D。
根据牛顿第一定律可知，当物体不受任何外力的时候，总保持匀速直线运动状态或静止状态，在力消失的一瞬间，原来运动的物体将做匀速直线运动，原来静止的物体将永远静止下去。
本题的判断一定要严格按照牛顿第一定律来进行，明确在外力消失一瞬间时的方向和速度就是物体将要保持的方向和速度，它将继续做匀速直线运动下去。
5.【答案】D
【解析】解：A、若物体运动的方向与受力方向垂直，则力对物体没有做功，说法错误；
B、功率大的机器只有说明它做功快，而不一定做功多，说法错误；
C、做功快的机器只能说明功率大，而机械效率不一定高，说法错误；
D、功率是表示做功快慢的物理量，功率大的机器做功快，说法正确。
故选：D。
根据做功的条件、功率、机械效率的关系分析。功率是单位时间内做的功的多少，机械效率是有用功与总功的比值。
本题考查了功、功率、机械效率的关系。功率由功和时间共同决定，机械效率由有用功和总功共同决定。
6.【答案】A
【解析】解：A、图甲：汽车尾翼的原理和飞机机翼的原理都是利用了流体压强与流速的关系原理来工作的，故A错误；
B、在同种液体中，金属盒所处的深度不同，观察到的现象是两侧液面高度差不同，说明了液体内部压强与深度有关，压强计的金属盒所处的深度减小，它受到的水的压强也随之减小，故B正确；
C、连通器是指上端开口，下部连通的容器，连通器中装入同种液体，在液体静止时，各容器的液面总保持相平。由图可知，图丙是连通器中装入同种液体，液体静止时，连通器各部分中的液面总保持相平，故C正确；
D、大气压随着高度的增加而减小，拿着这个气压计随电梯从一楼上升至十楼的过程中，气压减小，液柱会在内部气压的作用下被压高，所以气压计细玻璃管中的液面会上升，故D正确。
故选：A。
(1)流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大；
(2)通过U形管中液面的高度差来反映液体内部压强的大小。液体压强随深度的增加而增大；
(3)上端开口，下部连通的容器称为连通器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器的液面总是保持在同一水平面上，这就是连通器的原理；(4)大气压随着高度的增加而减小。
此题涉及到液体压强大小的影响因素、连通器的原理的应用、大气压与高度的关系等，是一道综合性较强的题目。
7.【答案】C
【解析】解：
A、玻璃板即将离开水面时弹簧测力计的示数变大，说明分子间存在着引力，故A正确；
B、密度较大的二氧化氮气体扩散到空气中，说明分子不停地做无规则运动，故B正确；
C、摩擦过的梳子能够吸引小纸屑，是因为带电体具有吸引轻小物体的性质，故C错误；
D、红墨水在热水中颜色变得快些，说明温度越高分子运动越剧烈，故D正确。
故选：C。
利用下列知识分析判断：
(1)分子动理论的内容：物质是由大量分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在着相互的引力和斥力，分子之间存在间隙；
(2)扩散现象与温度的关系：温度越高，扩散现象越明显；
(3)带电体具有吸引轻小物体的性质。
本题考查了带电体的性质、分子间动理论的相关知识，属于基础知识的考查。
8.【答案】A
【解析】
【分析】
(1)空手“吸”易拉罐魔术利用的是大气压；
(2)根据摩擦力产生的条件分析解答；
(3)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
(4)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
此题考查大气压的应用、平衡力和相互作用力的区分，平衡力和相互作用力的区别主要在于：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。
【解答】
A、表演魔术时，尽可能挤出易拉罐和手之间的空气，易拉罐在大气压力的作用下被“吸”起。故A正确；
B、易拉罐保持静止时，易拉罐和手之间没有相对运动的趋势，手对易拉罐不存在摩擦力。故B错误；
C、易拉罐保持静止时，受到的重力和大气的压力是作用在同一个物体上的两个力，不是一对相互作用力。故C错误；
D、易拉罐保持静止时，易拉罐的重力和易拉罐对手的压力是作用在不同物体的两个力，不是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
9.【答案】C
【解析】解：A、食品夹在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A错误；
B、筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故B错误；
C、撬棒在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C正确；
D、天平在使用时，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，不省力也不费力，故D错误。
故选：C。
结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
10.【答案】D
【解析】解：(1)实心均匀正方体对水平地面的压强：
p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρShgS=ρhg，
A、沿竖直方向在两个正方体上分别截去一部分后，剩余部分的密度和高度不变，所以，甲、乙剩余部分对地面的压强不变(均等于原来各自对地面的压强)，则两者对地面压强的变化量相等，均为0，故A错误；
B、甲、乙剩余部分对地面的压力相等，且此时甲对地面的压强大于乙对地面的压强，所以，由F=pS可知，剩余部分甲的底面积小于乙的底面积，故B错误；
C、甲对地面的压强大于乙对地面的压强，且由图知甲的底面积较大，所以，由F=pS可知，截取前甲对水平面的压力大，又因截取后甲、乙剩余部分对地面的压力相等，所以，甲对地面压力的变化量大，故C错误；
D、甲剩余部分的底面积小，但高度大，所以由V=S剩余h可知，剩余部分的体积可能相等，故D正确。
故选：D。
(1)实心均匀正方体对水平地面的压强p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρShgS=ρhg，沿竖直方向在两个正方体上分别截去一部分后，剩余部分的密度和高度不变，对地面的压强不变，据此得出两者对对地面压强的变化量关系；甲、乙剩余部分对地面的压力相等，且甲对地面的压强大于乙对地面的压强，根据F=pS判断剩余部分甲乙的底面积关系；
(2)甲对地面的压强大于乙对地面的压强，根据F=pS可知截取前甲对水平面的压力关系，截取后甲、乙剩余部分对地面的压力相等，据此得出甲乙对地面压力的变化量的关系；
(3)甲剩余部分的底面积小，但高度大，根据V=Sh判断剩余部分的体积关系。
本题考查了压强公式的灵活应用，利用好规则均匀(如长方体、正方体、圆柱体等)对水平面上的压强公式p=ρhg是关键。
11.【答案】A
【解析】解：
(1)第一次物体有一半露出液面，通过磅秤测得总质量m1=70g=0.07kg，
则容器对磅秤的压力：
F1=G杯+G水+F浮=m1g=0.07kg×10N/kg=0.7N-------①
第二次物体沉底，没有了拉力，磅秤示数变大，此时的示数m2=70g+80g=150g=0.15kg，故D正确；
此时容器对磅秤的压力：
F2=G杯+G水+GM=m2g=0.15kg×10N/kg=1.5N--------②
由②-①得：
GM−F浮=0.8N，------③
可见，两次台秤示数的变化并不是物体两次所受浮力的变化，故A错误；
(2)物体M的质量：mM=ρMV=2.5g/cm3×40cm3=100g=0.1kg，
物体M的重力：GM=mMg=0.1kg×10N/kg=1N，
由③可得，图甲中物体M受到的浮力：
F浮=GM−0.8N=1N−0.8N=0.2N，
根据浮力产生的原因可知F下表面−F上表面=F浮，当B一半浸入液体中时，B下表面受到的液体压力：
F下表面=F浮=0.2N，故B正确；
(3)在乙图中物体全部浸没，物体M 对容器底部的压力等于物体M的重力减去浮力，
F压=GM−F浮′=GM−2F浮=1N−2×0.2N=0.6N，故C正确；
故选：A。
(1)第一次物体有一半露出液面，通过磅秤测得总质量为70g，容器对磅秤的压力F1=G杯+G水+F浮；第二次物体沉底，没有了拉力，磅秤示数变大，示数为70g+80g=150g；此时容器对磅秤的压力F2=G杯+G水+GM；两个式子相减得出两次台秤示数的变化为GM−F浮=0.8N，并不是物体两次所受浮力的变化；
(2)利用密度公式求出物体M的质量，再利用G=mg求出M的重力，利用(1)中的关系式GM−F浮=0.8N求出图甲中物体M受到的浮力，根据浮力产生的原因可知F下表面−F上表面=F浮可得B下表面受到的液体压力；
(3)在乙图中物体全部浸没，物体 M 对容器底部的压力等于物体M的重力减去浮力。
本题考查了重力公式、密度公式、浮力产生原因的应用，难点在A选项的判断，在甲图中，容器对磅秤的压力等于杯、水重力加上物体M对水的作用力(根据力的作用是相互的，该作用力等于物体受到的浮力)。
12.【答案】<不流动
【解析】解：如图可知，ha
由于容器中装同一种液体水，并且液面相平，因此打开阀门后，液面仍保持相平，故液体不会流动。
故答案为：<；不流动。
根据p=ρgh分析a、b两处的压强；
上端开口，下部通过阀门相连，属于连通器；连通器的特点：连通器内装同种液体，当液体静止时，液面总是相平的。
连通器中装有同种液体静止时，液面是相平的。如果连通器中装有不同液体时，液面是不相平的。
13.【答案】通过增大受力面积减小对地面的压强 通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力
【解析】解：
压强的大小与压力和受力面积的大小有关，使用“履带”的主要作用是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对地面的压强，可以在松软的地面上顺利工作；
“履齿”的作用是在压力一定时，通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦力，便于爬坡作业。
故答案为：通过增大受力面积减小对地面的压强；通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
(1)减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
(2)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
掌握压强和摩擦力大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强、摩擦力的问题。
14.【答案】不能 扩散
【解析】解：100nm=0.1μm<8μm，普通口罩可对空气中直径大于8μm的飞沫有过滤效果，故不能防止冠状病毒。我们进入到学校的教学楼就可以闻到消毒液的味道，这是扩散现象。
故答案为：不能；扩散。
(1)长度单位间换算关系：长度单位间的换算关系是：1km=103m=104dm=105cm=106mm=109μm=1012nm。
(2)构成物质的分子总在不停地做无规则运动，从而产生扩散现象。
熟练掌握长度单位换算，理解分子的无规则运动，可解答此题。
15.【答案】755 变低
【解析】解：(1)由图可知，玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度为755mm，因此，当时的大气压强等于755mm高水银柱产生的压强，即755mmHg；
(2)若把该装置从山脚下带到山顶上，由于大气压随高度的升高而降低，管内被托起的水银将下降，玻璃管内外液面高度差会变低；
故答案为：755；变低。
(1)在托里拆利实验中，大气压所能支持的水银柱的高度是指玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度，据此读图可得出结果；
(2)大气压与高度的关系是：海拔越高，气压越低。
托里拆利实验要抓住是大气压支持住水银柱，故大气压有多大，支持住的水银柱就有多高。
16.【答案】定 滑轮组可以省力
【解析】解：(1)旗杆顶部的A装置不随旗帜一起升降，则该滑轮为定滑轮；
(2)从乙图的使用情况来看，一根木棍相当于定滑轮，另一根相当于动滑轮，故两根木棍和绳子组成的机械相当于滑轮组；
小红在图B处拉绳子的另一端，用很小的力便能拉动他们，说明使用滑轮组可以省力。
故答案为：定； 滑轮组可以省力。
(1)不随物体一起升降的滑轮为定滑轮；
(2)根据木棍和绳子的使用情况，确定机械的类型；使用滑轮组可以省力。
本题考查定滑轮的定义，以及简单机械类型的分析，重点是物理知识的实际运用情况，注重了学以致用。
17.【答案】小 大气压
【解析】解：由流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小，可知抽油烟机在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将油烟压向扇口排出；
抽水机抽水时，抽水机是先将筒内的空气排出，此时筒内气压小于外界大气压，大气压将水从低处压到高处。
故答案为：小；大气压。
流体压强与流速的关系：在气体和液体中，流速越大的位置压强越小；
抽水机是先将筒内的空气排出，使其内部压强较小，水在外界大气压的作用下被压到高处。
本题主要考查学生对大气压的应用、流体压强与流速的关系的理解与掌握，此题与实际生活联系密切，学习时注意这些物理知识在实际生活中的应用，将所学知识与实际结合起来。
18.【答案】增大 增大
【解析】解：火箭加速上升时，内部的新型返回舱的速度变大，动能变大，高度增大，重力势能增大，火箭整体的机械能增大。
故答案为：增大；增大。
(1)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
(3)动能和势能统称为机械能。
掌握动能、重力势能、机械能大小的影响因素是解决该题的关键。
19.【答案】变大 不变
【解析】解：浸没在水中的潜水艇，排开水的体积不变，从长江潜航到东海，因为海水的密度大于河水的密度，由阿基米德原理F浮=G排=ρ水gV排可知，潜水艇受到的浮力变大；
而漂浮于水面上的轮船，由漂浮条件可知，所受浮力等于重力，故从海里进入河水里时，所受浮力不变。
故答案为：变大；不变。
(1)潜水艇浸没在水中无论是上浮还是下沉，潜水艇的体积不变(排开水的体积不变)，分析潜水艇从东海进入长江时，根据阿基米德原理由液体的密度变化可知所受浮力的变化。
(2)根据物体的浮沉条件可知，轮船从东海进入长江时浮力的变化。
本题考查阿基米德原理、物体的浮沉条件的灵活应用，解题时要注意题目中的隐含条件，如轮船为漂浮，而潜水艇的排水体积不变。
20.【答案】150 50
【解析】解：由v=st可得，斜面的长度：
s=vt=0.5m/s×12s=6m，
拉力F做的总功：
W总=Fs=300N×6m=1800J，
拉力F的功率：
P=W总t=1800J12s=150W；
拉力做的有用功：
W有=Gh=500N×3m=1500J，
克服木箱与斜面间的摩擦力所做的额外功：
W额=W总−W有=1800J−1500J=300J，
由W额=fs可得，木箱与斜面间的摩擦力：
f=W额s=300J6m=50N。
故答案为：150；50。
知道木箱运动的速度和时间，根据s=vt求出斜面的长度，又知道拉力的大小，根据W=Fs求出拉力做的功，根据P=Wt求出拉力F的功率；
知道木箱的重力和斜面的高度，根据W=Gh求出拉力做的有用功，总功减去有用功即为克服木箱与斜面间的摩擦力所做的额外功，根据W额=fs求出摩擦力的大小。
本题考查了速度公式和做功公式的应用，明确有用功、总功和额外功的关系是关键。
21.【答案】0 8000
【解析】解：因为物体重200N，竖直向上的拉力为180N，小于物体的重力，所以物体静止，处于平衡状态，所以物体所受合力为0；
由平衡条件得：F拉+FN=G，则FN=G−F拉=200N−180N=20N；
由于力的作用是相互的，所以物体对地面的压力为20N，则物体对地面的压强为p=FS=20N0.05m×0.05m=8000Pa。
故答案为：0；8000。
根据物体所处的状态求出物体受到的合力，对物体进行受力分析，由平衡条件求出地面对物体的支持力，再由力的作用是相互的可知物体对地面压力的大小，再根据p=FS求出物体对地面的压强。
本题考查了求物体所受的合力、地面受到的压力以及压强的计算，关键会对物体正确受力分析。
22.【答案】0.27下沉
【解析】解：球浸没在水中，则V排=V=2.7×10−5m3，
由阿基米德原理可知，球浸没时受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×2.7×10−5m3=0.27N；
球的重力为G=0.4N，则F浮
知道球的体积(浸没时排开水的体积)和水的密度，利用阿基米德原理求小球受到的浮力；再和球重比较，根据物体的浮沉条件确定小球的状态。
本题考查了学生对阿基米德原理、物体浮沉条件的掌握和运用，要灵活运用公式，属于基础题目。
23.【答案】200 10
【解析】解：
(1)根据P=Wt知，无人机在5s内做功：
W=Pt=40W×5s=200J；
(2)无人机的质量m=2kg，其重力为：
G=mg=2kg×10N/kg=20N；
由W=Gh可得，无人机匀速竖直上升的高度：
h=WG=200J20N=10m。
故答案为：200；10。
(1)已知无人机的功率和时间，根据P=Wt算出无人机在5s内做功；
(2)用公式W=Gh计算匀速竖直上升的距离。
本题考查了重力公式和做功公式、功率公式的应用，是一道较为常见的计算题。
24.【答案】变小 不变
【解析】解：用弹簧测力计挂着铝块慢慢浸入到装满水的溢水杯中，随着铝块浸入水中的体积的增大，铝块受到的浮力变大，而铝块的重力不变，由称重法可知，弹簧测力计示数将变小；
由于溢水杯中装满水，铝块浸没在水中静止时，根据阿基米德原理可知铝块受到的浮力等于排开的水重，铝块对水的压力大小与浮力相等，所以溢水杯对电子秤的压力不变，即电子秤示数不变。
故答案为：变小；不变。
根据称重法可知，物体受到的拉力(即弹簧测力计的示数)等于物体的重力减去物体受到的浮力，而浸入水中体积增大，铝块受到的浮力越大，据此判断弹簧测力计示数的变化；
铝块浸没在水中静止时，铝块受到重力、浮力以及拉力的作用。根据阿基米德原理可知铝块受到的浮力等于排开的水重，铝块对水的压力大小与浮力相等，所以溢水杯对电子秤的压力不变。
本题主要考查液体压强公式和阿基米德原理的应用，具有一定的难度。
25.【答案】500 100
【解析】解：(1)由图知n=2，已知此过程中滑轮组的机械效率是80%，
由公式η=GnF得可得此时的拉力为：F=Gnη=800N2×80%=500N；
(2)人对地面压力为：F压=G人−F=600N−500N=100N；
故答案为：500； 100。
(1)由图知物重由2段绳子来承担，还知滑轮组的机械效率和物重的大小，由公式η=GnF的变形式F=Gnη可计算拉力的大小；
(2)对人进行受力分析知，人对地面压力F压=G人−F。
本题考查了机械效率公式的应用以及受力分析问题，难度不大。
26.【答案】解：规则物体的重心在物体的几何中心，过物体的重心作竖直向下的力(即重力G)；
延长F1画出力的作用线，然后过支点O作F1作用线的垂线段(即力臂L1)。如图所示：
【解析】根据规则物体的重心在物体的几何中心确定重力的作用点，重力的方向竖直向下，据此画出重物的重力G的示意图；
过支点O作力F1作用线的垂线段(即力臂)。
本题考查了重力示意图以及力臂的画法，明确力臂的概念是解题的关键。
27.【答案】解：因为滑轮组要求站在地面上提升重物，因此，在绕绳时，最终的绳子自由端方向应该向下，如图所示：
【解析】在使用滑轮组提升重物时，既要考虑到它的省力情况，还应注意动力的施力方向。
设计滑轮组的绕绳方案应从两方面考虑，一是省力情况，二是绳子自由端的朝向。
28.【答案】拆除软管重新安装 液体密度一定时，液体内部压强随深度增加而增大 B、C 没有控制液体深度相同
【解析】解：(1)压强计未使用前U形管两侧液面高度应相平，若不相平，应拆除软管重新安装；
(2)A、B两图液体的密度相同，探头在液体中的深度不同，U形管中液面的高度差不同，说明液体压强与液体深度有关，并且液体内部压强随着深度的增加而增大；
(3)要探究压强与液体密度的关系，应使探头的深度相同，液体密度不同，应选择乙中的B、C两图；
(4)要探究液体内部压强与液体密度的关系，则应保持深度不变。小明保持乙中B图中金属盒的位置不变，将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，液体的深度增大，密度增大，U形管左右液面高度差增大，没有控制液体深度不变，所以得出的结论不可靠。
故答案为：(1)拆除软管重新安装；(2)液体密度一定时，液体内部压强随深度增加而增大；(3)B、C；(4)没有控制液体深度相同。
(1)压强计测量液体压强时是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变U形管中液面高度差的，若发现U形管两端的液面高度不相同，则说明管内气压大小不同，据此分析；
(2)(3)(4)液体压强跟液体密度和液体的深度有关，探究液体压强跟密度的关系时，控制液体深度不变；探究液体压强跟深度关系时，控制密度不变。
本题探究液体压强的实验，考查注意事项、转换法和控制变量法及反常现象的分析。
29.【答案】小球 木块移动的距离 甲、乙 大 100km/hC
【解析】解：
(1)小钢球从斜面滚下过程中，质量不变，高度减小，故重力势能减小，同时速度变大，动能增加，所以是将重力势能转化为小球动能的过程；其动能大小是通过小木块移动的距离大小来反映的；
(2)分析比较甲和乙两组实验可得，物体的质量相同，而下滑的高度不同，甲图中下滑的高度大，运动到水平时速度大，推动木块滑行的距离大，故物体质量相同时，速度越大，动能越大；
由图可知，小轿车的速度最大不得超过100km/h；
(3)探究阻力对物体运动的影响，需要比较小车在不同表面上运动的距离，据此可知必须增加的器材是粗糙程度不同的水平面，故C正确。
故答案为：(1)小球；木块移动的距离；(2)甲、乙；大；100km/h；(3)C。
(1)动能的大小与物体的质量、速度有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有关；观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，用到了转换法；
(2)影响物体动能大小的因素有质量和速度，找出相同的量和变化的量，分析得出动能大小与变化量的关系；
(3)探究阻力对物体运动的影响，实验中通过改变接触面的粗糙程度来改变阻力的大小，据此进行分析。
本题考查了动能的影响因素的探究实验，要注意动能大小与物体的速度和质量有关，在探究过程中要用到控制变量法，实验中通过物块被推动的距离来反映小球动能的大小，用到了转换法。
30.【答案】便于测量力臂 右 53.8弹簧测力计没有竖直向下拉或力臂不正确
【解析】解：(1)杠杆静止时，杠杆左端下沉，说明右端偏高，平衡螺母需向右调节；杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量力臂；
(2)设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：
FALA=FBLB
3G×5L=FB×3L
解得FB=5G
需挂5个钩码。
(3)弹簧测力计每一个大格代表1N，每一个小格代表0.2N，示数为3.8N。
弹簧测力计没有竖直向下拉，当弹簧测力计倾斜拉杠杆时，力臂小于动力点到支点的距离，动力臂变小。
故答案为：(1)便于测量力臂； 右； (2)5；(3)3.8； 弹簧测力计没有竖直向下拉或力臂不正确。
(1)在调平杠杆平衡时，杠杆的哪端高，平衡螺母要向哪端移动；
(2)根据杠杆的平衡条件计算出在B点挂的钩码个数；
(3)弹簧测力计读数时，先观察量程，然后根据指针所在位置进行读数。
当弹簧测力计竖直动力臂等于动力点到支点的距离，当弹簧测力计倾斜拉杠杆时，力臂变小，小于动力点到支点的距离。
实验室中的杠杆上都标有刻度值，只有杠杆在水平位置平衡时，力臂的长度才可以直接通过读刻度值得出。当力倾斜作用在杠杆上，力臂变小，这是经常考查的内容。
31.【答案】1N 物体浸在液体中的体积 一杯盐水 将铁块完全浸没在清水中，读出此时弹簧测力计的示数F1，再将铁块完全浸没在盐水中，读出此时弹簧测力计的示数F2，比较F1和F2的大小，若不相等，则物体所受浮力的大小与液体密度有关
【解析】解：(1)由图甲、丙可知，铁块浸没在水中所受浮力：
F浮=G−F示=2.7N−1.7N=1N；
(2)由乙、丙知液体的密度相同，排开液体的体积不同，是探究浮力的大小是否与物体浸在液体中的体积(排开水的体积)有关；
(3)要探究“浮力的大小与物体的密度是否有关”需要控制排开液体的体积不变，改变液体的密度，所以需要添加一杯盐水，将铁块完全浸没在清水中，读出此时弹簧测力计的示数F1，再将铁块完全浸没在盐水中，读出此时弹簧测力计的示数F2，比较F1和F2的大小，若不相等，则物体所受浮力的大小与液体密度有关。
故答案为：(1)1N；(2)物体浸在液体中的体积；(3)一杯盐水；将铁块完全浸没在清水中，读出此时弹簧测力计的示数F1，再将铁块完全浸没在盐水中，读出此时弹簧测力计的示数F2，比较F1和F2的大小，若不相等，则物体所受浮力的大小与液体密度有关。
(1)利用称重法测浮力求铁块浸没在水中受到的浮力；
(2)根据控制变量法的要求确定所探究的问题；
(3)要探究浮力与液体密度的关系，要保持物体排开不同液体的体积一定，根据弹簧测力计的示数，比较浮力与液体密度的关系。
本题考查了探究影响浮力大小的因素，应用控制变量法是正确解题的关键，根据控制变量法分析图示实验情景即可正确解题。
32.【答案】解：
(1)水深h=60cm=0.6m，A点水的深度：
h′=0.6m−0.1m=0.5m，
A点水的压强：
p′=ρgh′=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.5m=5×103Pa；
(2)水对容器底的压强：
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.6m=6×103Pa；
容器底面积：S=50cm2=0.005m2，
由p=FS得，水对容器底部的压力：
F=pS=6×103Pa×0.005m2=30N；
(3)容器的重力：
G容=m容g=0.3kg×10N/kg=3N，
容器对水平桌面的压力：
F总=G容+G水=3N+40N=43N；
容器对水平桌面的压强：
p桌=F总S=43N50×10−4m2=8.6×103Pa；
答：(1)A点水的压强为5×103Pa；
(2)水对容器底的压强和压力分别为6×103Pa和30N；
(3)容器对水平桌面的压力为43N，压强为8.6×103Pa。
【解析】(1)已知水的深度，从而求出A点水的深度，根据公式p=ρgh可求A点水的压强；
(2)已知水的深度，根据公式p=ρgh可求水对容器底的压强，知道容器底面积，利用公式F=pS可求水对容器底的压力；
(3)容器对水平桌面的压力等于水和容器的重力之和，根据容p桌=F总S求出容器对水平桌面的压强。
本题考查了液体压强公式、压强定义式的应用，同时出现固、液体压力压强，要注意先后顺序：液体，先计算压强(p=ρgh)，后计算压力(F=pS)；固体，先计算压力(在水平面上F=G)，后计算压强(p=FS)。
33.【答案】解：(1)装修材料重G=400N，上升高度h=6m，
有用功：W有=Gh=400N×6m=2400J；
(2)由图知，通过动滑轮的绳子段数n=2，
则拉力端通过距离：s=nh=2×6m=12m，
拉力做的总功：W总=Fs=250N×12m=3000J，
拉力的功率：P=W总t=3000J60s=50W；
(3)滑轮组的机械效率：
η=W有W总×100%=2400J3000J×100%=80%。
答：(1)有用功为2400J；
(2)拉力的功率为50W；
(3)滑轮组的机械效率为80%。
【解析】(1)已知物重和物体上升高度，由W有=Gh计算有用功；
(2)由图知，通过动滑轮的绳子段数n，由s=nh和W总=Fs计算总功，由P=Wt计算拉力的功率；
(3)由η=W有W总计算滑轮组的机械效率。
本题考查有用功、功率以及机械效率的计算，灵活运用公式是关键。
34.【答案】解：(1)物块A体积：
VA=(10cm)3=103cm3=10−3m3，
因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，
所以，物体A浸没时受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×10−3m3=10N；
(2)由题意可得：当物体A浸没时，弹簧由16cm伸长到18cm，则弹簧伸长2cm，
由图象可知物体受到的弹力F弹=3N，
甲图中，正方体A受到竖直向下的重力和弹力、竖直向上的浮力，
则正方体A的重力：
GA=F浮−F弹=10N−3N=7N，
由G=mg可得，正方体A的质量：
mA=GAg=7N10N/kg=0.7kg，
正方体A的密度：
ρA=mAVA=0.7kg10−3m3=0.7×103kg/m3；
(3)放水前水的深度为弹簧现在的长度18cm加上正方体A的边长，如图甲所示：
即h=18cm+10cm=28cm，
则容器内水的体积：
V水=Sh−VA=400cm2×28cm−1000cm3=10200cm3，
打开阀门B缓慢放水，当A对弹簧的作用力大小再次等于F1时，弹簧的压缩量为2cm，如图丙所示：
正方体A受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和弹力，
则此时物体受到的浮力：
F浮′=GA−F弹=7N−3N=4N，
此时正方体A排开水的体积：
V排=F浮′ρ水g=4N1.0×103kg/m3×10N/kg=4×10−4m3=400cm3，
正方体A浸入水的深度：
h1=V排SA=400cm3(10cm)2=4cm，
容器内水的深度等于弹簧的原长减去压缩量再加上正方体浸入水的深度，即
h′=16cm−2cm+4cm=18cm，
容器内剩余水的体积：
V水′=Sh′−V排=400cm2×18cm−400cm3=6800cm3，
放出水的体积：
V放=V水−V水′=10200cm3−6800cm3=3400cm3，
则放出水的质量：
m放=ρ水V放=1.0g/cm3×3400cm3=3400g=3.4kg。
答：(1)物体A浸没时受到的浮力为10N；
(2)正方体A的密度为0.7×103 kg/m3；
(3)从开始放水到关闭阀门B，放出水的质量为3.4kg。
【解析】(1)知道正方体A的边长可求体积，即为浸没时排开水的体积，根据F浮=ρgV排求出受到浮力；
(2)根据题意求出当物体A浸没时弹簧的伸长量，根据图乙得出物体受到的弹力，对物体A受力分析，利用力的平衡条件求出正方体A的重力，根据G=mg求出正方体A的质量，利用ρ=mV求出正方体A的密度；
(3)放水前水的深度为弹簧现在的长度18cm加上正方体A的边长，根据V=Sh求出容器内水和A的总体积，然后减去A的体积即为水的体积；打开阀门B缓慢放水，当A对弹簧的作用力大小再次等于F1时，弹簧被压缩，弹簧的压缩量和原来的伸长量相等，对物体受力分析，利用力的平衡条件求出此时物体受到的浮力，根据阿基米德原理求出此时正方体A排开水的体积，进一步求出正方体A浸入水的深度，容器内水的深度等于弹簧的原长减去压缩量再加上正方体浸入水的深度，根据V=Sh求出剩余水和浸没A的体积之和，然后减去浸没A的体积即为剩余水的体积，两次容器内水的体积之差即为放出水的体积，根据ρ=mV求出放出水的质量。
本题考查了学生对阿基米德原理、重力公式、密度公式的综合应用，正确的得出放水前后容器内水的深度是关键。
2019-2020学年重庆市万州区八年级（下）期末物理试卷
1. 历史上最早证明大气压强存在的实验是( )
A. 帕斯卡裂桶实验 B. 马德堡半球实验
C. 托里拆利实验 D. 伽利略的比萨斜塔实验
2. 如图所示的各个实例，为了增大压强的是( )
A. 压路机的碾子很重
B. 书包带做得较宽
C. 滑雪板的面积较大
D. 图钉帽的面积较大
3. 自行车既是环保的交通工具也是很好的健身器材。下列叙述正确的是( )
A. 给车胎充气增加了车胎内气体的压强
B. 地面对自行车的摩擦力总是阻碍车前进
C. 刹车时自行车受到惯性的作用会继续前进一段距离
D. 自行车对地面的压力与地面对自行车的支持力是一对平衡力
4. 正在加速滑行的雪橇，如果其所受外力突然消失，则雪橇将( )
A. 速度越来越快 B. 速度越来越慢，最后停下来
C. 做曲线运动 D. 做匀速直线运动
5. 关于功、功率、机械效率，下列说法中正确的是( )
A. 物体受力且运动时，力对物体就做了功 B. 功率大的机器做功一定多
C. 做功快的机器其机械效率一定高 D. 功率大的机器做功就快
6. 如图所示的四个实验，下列描述错误的是( )
A. 图甲：汽车尾翼原理和飞机机翼原理不相同
B. 图乙：在水中，压强计的金属盒所处的深度减小，它受到的水的压强也随之减小
C. 图丙：连通器中装入同种液体，液体静止时，连通器各部分中的液面总保持相平
D. 图丁：将自制气压计随电梯从一楼上升至十楼，气压计细玻璃管中的液面会上升
7. 对下列图示实验的解释错误的是( )
A. 图甲：将玻璃板放到水中，用弹簧测力计提出时示数增大，说明分子间有引力
B. 图乙：密度较大的二氧化氮气体扩散到空气中，说明分子不停地做无规则运动
C. 图丙：摩擦过的梳子能吸引纸屑，说明分子间存在引力
D. 图丁：红墨水在热水中颜色变得快些，说明温度越高分子运动越剧烈
8. 如图是某人表演的空手“吸”易拉罐魔术。下列有关叙述合理的是( )
A. 该魔术表演成功的关键是尽可能挤出易拉罐和手之间的空气
B. 该魔术表演成功的关键是手对易拉罐的摩擦力要大于易拉罐重力
C. 易拉罐保持静止时，受到的重力和大气的压力是一对相互作用力
D. 易拉罐保持静止时，易拉罐的重力和易拉罐对手的压力是一对平衡力
9. 图所示的工具在正常使用时，属于省力杠杆的是( )
A. 食品夹 B. 筷子
C. 撬棒 D. 天平
10. 如图所示，甲、乙两个实心均匀正方体放在水平地面上，甲对地面的压强大于乙对地面的压强。沿竖直方向在两个正方体上分别截去一部分，若甲、乙剩余部分对地面的压力相等，则甲、乙正方体( )
A. 对地面压强的变化量可能△p甲<△p乙 B. 剩余部分的底面积一定相等
C. 对地面压力的变化量可能相等 D. 剩余部分的体积可能相等
11. 如图所示，圆柱形容器装有适量的水，将密度为2.5g/cm3，体积为40cm3的物体M用一细绳提起，使物体M的体积刚好有一半露出液面且保持静止时，磅砰示数为70g，如图甲所示。接下来将物体M放入水中，如图乙所示，磅秤示数将变化80g。下列判断错误的是( )
A. 两次台秤示数的变化等于物体 M 两次所受浮力的变化
B. 图甲中物体 M 下表面受到的液体压力为0.2N
C. 图乙中物体 M 对容器底部的压力为0.6N
D. 图乙中磅秤的示数为150g
12. 如图，A、B为两容器，用一带阀门的管子相连，装有同一种液体，液面相平，则a、b两处的压强pa______pb(填“>”、“<”或“=”).当打开阀门时，液体______(填“流动”或“不流动”)。
13. 2020年是中国全面建成小康社会的收关之年，河口区进行了老旧小区的改造活动，其中履带式推土机在松软和泥泞的作业环境下发挥了重要的作用。这里“履带”的主要作用是______；“履齿”的主要作用是______。
14. 医用普通口罩可对空气中直径大于8μm的飞沫有过滤效果，冠状病毒的直径约为100nm，在公共场所佩戴普通医用口罩______(选填“能”或“不能”)防止冠状病毒。我们进入到学校的教学楼就可以闻到消毒液的味道，这是______现象。
15. 如图所示，是老师在用水银做“托里拆利”实验时测量的数据，当时大气压强为______mm Hg，若把该装置从山脚下带到山顶上，细玻璃管内外水银柱液面高度差将会______(选填“变高”、“变低”或“不变”)。
16. 图甲中，国旗杆顶部的A装置是______滑轮，图乙中，小明和小杰握住两根较光滑的木棍，小红将绳子一端系在其中一根木棍上，然后依次将绳子绕过两根木棍，小明和小杰相距一定距离握紧木棍站稳后，小红在图B处拉绳子的另一端，用很小的力便能拉动他们，该实验说明______。
17. 生活中“抽”字表述的现象，其原因各有不同，用抽油烟机“抽”油烟时，油烟是由于空气流速越大，压强越______的缘故，被“抽“出去的；用抽水机“抽”水时，水是在______作用下被“抽”上来的。
18. 2020年5月5日，我国自主研发的长征5号B型运载火箭圆满完成发射任务。图为起飞阶段加速上升的火箭，该过程中，内部的新型返回舱的动能______(选填“增大”、“减小”或“不变”)，火箭整体的机械能______(选填“增大”“减小”或“不变”)。
19. 一艘潜水艇从长江潜航到东海，潜水艇受到的浮力______，轮船从东海行驶到长江，轮船受到的浮力______(两空均填“变大”、“变小”或“不变”，江水密度小于海水密度)。
20. 如图所示，斜面高为3m，用沿斜面向上大小为300N的拉力F，将重为500N的木箱由斜面底端以0.5m/s的速度匀速拉动，经过12s到达顶端，则拉力的功率是______W，物体与斜面间的摩擦力是______N。
21. 如图所示，放在水平地面上边长为5cm的正方体，所受重力为200N，系着它的一根竖直轻绳绕过光滑滑轮，绳子另一端施加的拉力F为180N，则该物体此时受到的合力为______N，物体对地面的压强为______Pa。
22. 小美用手把一个重为0.4N，体积2.7×10−5m3的玩具球完全浸没到水中，玩具球受到的浮力是______N，放手后玩具球将______(填“上浮”、“下沉”或“悬浮”)。
23. 新材料碳纤维具有高强度、高耐热、密度小等特性。一架由碳纤维材料制造的小型无人机，质量为2kg，功率为40W，则该无人机在5s内做功为______J，可匀速竖直上升______m。
24. 重庆育才中学科技小组利用如图所示装置探究“阿基米德原理”，他们将装满水的溢水杯放到电子秤上，用一小桶收集溢出的水，再用弹簧测力计挂着铝块，将其缓慢浸入溢水杯的水中直到浸没的过程中，弹簧测力计示数将______，电子秤的示数将______(以上两空均选填“变大”、“变小”或“不变”)。
25. 一名体重为600N的学生双脚站在水平地面上，要用如图所示的滑轮组将800N的重物匀速提升1m。该同学匀速提升的过程中滑轮组的机械效率是80%，则拉力的大小为______N，拉起物体时人对地面的压力为______N。
26. 如图所示，用力F1竖直向上拉杠杆，请画出F1的力臂l1，并画出重物的重力G的示意图。
27. 站在地上的人用如图所示滑轮组提升重物，请画出人向下拉绳时滑轮组的绕线。
28. 同学们在探究液体压强的实验中，进行了如图所示的操作：
(1)如图甲所示是用来研究液体压强特点的压强计，发现U形管两端的液面高度不相同，接下来的操作是______。
(2)分析A、B两图的实验现象，得出的结论是______。
(3)要探究液体压强与液体密度的关系，应选用______两图进行对比。
(4)小明保持B图中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，他发现U形管两侧的液面的高度差变大了，于是得出了“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强就越大”的结论。同学小婷认为他的结论不可靠，原因是______。
29. 如图某小组在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让小球从同一斜面某处由静止释放，撞击同一水平面上的同一木块，木块移动一段距离后静止。
(1)实验中探究的是______(小球/木块)的动能，其动能大小是通过______(小球所处的高度/木块移动的距离)来反映的；
(2)分析比较______两次实验，可得到结论：质量相同的物体，速度越______，动能越大。交管部门对不同车型的速度有不同的限制，如图2所示为某高速路上的限速标志牌，其中小轿车的速度最大不得超过______；
(3)若用上述实验器材探究阻力对物体运动的影响，必须增加的器材是______。
A.质量不同的木块
B.倾斜程度不同的斜面
C.粗糙程度不同的水平面
30. 下面利用刻度均匀的匀质杠杆进行探究“杠杆平衡条件”的实验。
(1)实验前调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡目的之一是______；若在调节过程中，发现杠杆左端下沉，这时应将平衡螺母向______(左/右)端调节。
(2)如图甲所示，在杠杆左边A处挂3个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，在杠杆边B处挂______个钩码(实验中所用的钩码均相同)。
(3)图乙是利用弹簧测力计做的某次实验情景，已知杠杆每格长5cm，钩码每个重0.5N，请将弹簧测力计的示数填入下表。
实验序号
动力F1/N
动力臂L1/m
阻力F2/N
阻力臂L2/m
1
______
0.15
3.0
0.10
上述实验数据不符合杠杆平衡条件，出现问题的原因是______。
31. 小红用弹簧测力计、铁块、盛有水的大烧杯做“探究浮力的大小影响因素”实验，其实验情况如图所示。
(1)铁块浸没在水中受到的浮力大小是______。
(2)上述实验是为了探究浮力的大小是否与______(选填“物体浸没在液体中的深度”或“物体浸在液体中的体积”)有关。
(3)在上述实验的基础上，请你添加合适的物体______，设计实验，进一步探究“浮力的大小与物体的密度是否有关”。请写出实验思路______。
32. 如图所示，将底面积为50cm2，质量为0.3kg的容器放在表面积为1m2的水平桌面上，容器内装有重40N，深60cm的水。(g=10N/kg,ρ水=1×103kg/m3)求：
(1)A点水的压强；
(2)水对容器底的压强和压力；
(3)容器对水平桌面的压力和压强。
33. 如图所示，工人用250N的拉力将重400N的装修材料匀速提升6m，所用时间为1min。求：
(1)有用功；
(2)拉力的功率；
(3)滑轮组的机械效率。
34. 底面积为400cm2、重2N的薄壁圆柱形容器放在水平地面上，用原长为16cm的弹簧将边长为10cm的正方体A的下表面中点与容器底部相连，向容器内加水至A刚好浸没，如图甲所示，此时弹簧长18cm，A对弹簧的拉力为F1.现打开阀门B缓慢放水，当A对弹簧的作用力大小再次等于F1时关闭阀门B.已知弹簧受力F的大小与弹簧长度的变化量△x间的关系如图乙所示。不计弹簧的体积及其所受的浮力。求：
(1)物体A浸没时受到的浮力；
(2)正方体A的密度；
(3)从开始放水到关闭阀门B，放出水的质量。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：历史上，在德国的马德堡市广场上做过一个著名的实验，将两铜制的半球合在一起，抽出里面的空气，用两支马队向相反方向拉，两个半球未被拉开，是大气压将两个半球压在一起，这就是著名的马德堡半球实验，它有力地证明了大气压的存在，故B正确，ACD错误。
故选：B。
帕斯卡裂桶实验说明了液体的压强与液体的深度有关；马德堡半球实验有力的证明了大气压的存在；托里拆利实验在历史上第一次测出了大气压值；伽利略的比萨斜塔实验说明物体下落的快慢与物体的质量没有关系，根据以上分析答题。
本题是一道基础题，在理解马德堡半球实验的原理后，可知它证实了大气压的存在。
2.【答案】A
【解析】A、压路机的碾子很重，是在受力面积一定时，通过增大压力的方法来增大压强，故A符合题意；
B、书包背带很宽，是在压力一定时，增大书包和肩膀的受力面积来减小书包对肩膀的压强，使肩膀感到舒服，故B不符合题意；
C、滑雪板的面积较大，是在压力一定时，增大受力面积来减小对雪地的压强，不至于陷进雪地，故C不符合题意；
D、图钉帽的面积较大，是在压力一定时，增大受力面积来减小压强，故D不符合题意。
①增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强。
②减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。
本题考查了增大和减小压强的方法，与生活息息相关，让学生认为学习物理有用，是一道好题。
3.【答案】A
【解析】解：A、轮胎内的气体压强与轮胎内的气体质量和温度有关，当给车胎充气时，当轮胎内的气体质量增加时，气体分子数目增多，所以车胎内气体的压强会变大，故A正确；
B、用力蹬自行车前进时，后轮相对于地面有向后的运动趋势，因此后轮所受的摩擦力向前，是自行车前进的动力，故B错误；
C、刹车时，车还会继续前进一段距离，是因为自行车具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性，故C错误；
D、自行车对地面的压力和地面对自行车的支持力是一对相互作用力，自行车的重力与地面对自行车的支持力是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
(1)当给车胎充气时，轮胎内的气体分子数目增加，所以车胎内气体的压强会变大；
(2)自行车用力蹬而前进时，自行车前轮是从动轮，后轮是主动轮，主动轮为自行车前进提供动力；当自行车滑行时，自行车前轮、后轮都是从动轮；
因为是后轮驱动，所以后轮受到地面对它向前的摩擦力，而前轮不是驱动轮，被后轮推着前进，相对地面向前运动，受到地面对它向后的摩擦；
(3)正确理解惯性的概念，惯性是物体的一种特性，不是力；
(4)判断平衡力要根据二力平衡的条件来分析，一对平衡力必须符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上。
此题主要考查了气体压强、摩擦力、惯性、平衡力的辨别等，在平时的学习过程中，要善于运用物理知识来解释一些日常现象。
4.【答案】D
【解析】解：雪撬原来的运动状态是正在运动着，因此，在外力突然全部消失后，雪撬将沿外力消失的一瞬间的方向和速度做匀速直线运动。不会静止下来，也不会继续改变方向、速度，因为这些都属于运动状态发生了改变，而改变力的运动状态必须要受到力的作用。
故选：D。
根据牛顿第一定律可知，当物体不受任何外力的时候，总保持匀速直线运动状态或静止状态，在力消失的一瞬间，原来运动的物体将做匀速直线运动，原来静止的物体将永远静止下去。
本题的判断一定要严格按照牛顿第一定律来进行，明确在外力消失一瞬间时的方向和速度就是物体将要保持的方向和速度，它将继续做匀速直线运动下去。
5.【答案】D
【解析】解：A、若物体运动的方向与受力方向垂直，则力对物体没有做功，说法错误；
B、功率大的机器只有说明它做功快，而不一定做功多，说法错误；
C、做功快的机器只能说明功率大，而机械效率不一定高，说法错误；
D、功率是表示做功快慢的物理量，功率大的机器做功快，说法正确。
故选：D。
根据做功的条件、功率、机械效率的关系分析。功率是单位时间内做的功的多少，机械效率是有用功与总功的比值。
本题考查了功、功率、机械效率的关系。功率由功和时间共同决定，机械效率由有用功和总功共同决定。
6.【答案】A
【解析】解：A、图甲：汽车尾翼的原理和飞机机翼的原理都是利用了流体压强与流速的关系原理来工作的，故A错误；
B、在同种液体中，金属盒所处的深度不同，观察到的现象是两侧液面高度差不同，说明了液体内部压强与深度有关，压强计的金属盒所处的深度减小，它受到的水的压强也随之减小，故B正确；
C、连通器是指上端开口，下部连通的容器，连通器中装入同种液体，在液体静止时，各容器的液面总保持相平。由图可知，图丙是连通器中装入同种液体，液体静止时，连通器各部分中的液面总保持相平，故C正确；
D、大气压随着高度的增加而减小，拿着这个气压计随电梯从一楼上升至十楼的过程中，气压减小，液柱会在内部气压的作用下被压高，所以气压计细玻璃管中的液面会上升，故D正确。
故选：A。
(1)流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大；
(2)通过U形管中液面的高度差来反映液体内部压强的大小。液体压强随深度的增加而增大；
(3)上端开口，下部连通的容器称为连通器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器的液面总是保持在同一水平面上，这就是连通器的原理；(4)大气压随着高度的增加而减小。
此题涉及到液体压强大小的影响因素、连通器的原理的应用、大气压与高度的关系等，是一道综合性较强的题目。
7.【答案】C
【解析】解：
A、玻璃板即将离开水面时弹簧测力计的示数变大，说明分子间存在着引力，故A正确；
B、密度较大的二氧化氮气体扩散到空气中，说明分子不停地做无规则运动，故B正确；
C、摩擦过的梳子能够吸引小纸屑，是因为带电体具有吸引轻小物体的性质，故C错误；
D、红墨水在热水中颜色变得快些，说明温度越高分子运动越剧烈，故D正确。
故选：C。
利用下列知识分析判断：
(1)分子动理论的内容：物质是由大量分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在着相互的引力和斥力，分子之间存在间隙；
(2)扩散现象与温度的关系：温度越高，扩散现象越明显；
(3)带电体具有吸引轻小物体的性质。
本题考查了带电体的性质、分子间动理论的相关知识，属于基础知识的考查。
8.【答案】A
【解析】
【分析】
(1)空手“吸”易拉罐魔术利用的是大气压；
(2)根据摩擦力产生的条件分析解答；
(3)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
(4)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
此题考查大气压的应用、平衡力和相互作用力的区分，平衡力和相互作用力的区别主要在于：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。
【解答】
A、表演魔术时，尽可能挤出易拉罐和手之间的空气，易拉罐在大气压力的作用下被“吸”起。故A正确；
B、易拉罐保持静止时，易拉罐和手之间没有相对运动的趋势，手对易拉罐不存在摩擦力。故B错误；
C、易拉罐保持静止时，受到的重力和大气的压力是作用在同一个物体上的两个力，不是一对相互作用力。故C错误；
D、易拉罐保持静止时，易拉罐的重力和易拉罐对手的压力是作用在不同物体的两个力，不是一对平衡力，故D错误。
故选：A。
9.【答案】C
【解析】解：A、食品夹在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故A错误；
B、筷子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故B错误；
C、撬棒在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故C正确；
D、天平在使用时，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，不省力也不费力，故D错误。
故选：C。
结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
10.【答案】D
【解析】解：(1)实心均匀正方体对水平地面的压强：
p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρShgS=ρhg，
A、沿竖直方向在两个正方体上分别截去一部分后，剩余部分的密度和高度不变，所以，甲、乙剩余部分对地面的压强不变(均等于原来各自对地面的压强)，则两者对地面压强的变化量相等，均为0，故A错误；
B、甲、乙剩余部分对地面的压力相等，且此时甲对地面的压强大于乙对地面的压强，所以，由F=pS可知，剩余部分甲的底面积小于乙的底面积，故B错误；
C、甲对地面的压强大于乙对地面的压强，且由图知甲的底面积较大，所以，由F=pS可知，截取前甲对水平面的压力大，又因截取后甲、乙剩余部分对地面的压力相等，所以，甲对地面压力的变化量大，故C错误；
D、甲剩余部分的底面积小，但高度大，所以由V=S剩余h可知，剩余部分的体积可能相等，故D正确。
故选：D。
(1)实心均匀正方体对水平地面的压强p=FS=GS=mgS=ρVgS=ρShgS=ρhg，沿竖直方向在两个正方体上分别截去一部分后，剩余部分的密度和高度不变，对地面的压强不变，据此得出两者对对地面压强的变化量关系；甲、乙剩余部分对地面的压力相等，且甲对地面的压强大于乙对地面的压强，根据F=pS判断剩余部分甲乙的底面积关系；
(2)甲对地面的压强大于乙对地面的压强，根据F=pS可知截取前甲对水平面的压力关系，截取后甲、乙剩余部分对地面的压力相等，据此得出甲乙对地面压力的变化量的关系；
(3)甲剩余部分的底面积小，但高度大，根据V=Sh判断剩余部分的体积关系。
本题考查了压强公式的灵活应用，利用好规则均匀(如长方体、正方体、圆柱体等)对水平面上的压强公式p=ρhg是关键。
11.【答案】A
【解析】解：
(1)第一次物体有一半露出液面，通过磅秤测得总质量m1=70g=0.07kg，
则容器对磅秤的压力：
F1=G杯+G水+F浮=m1g=0.07kg×10N/kg=0.7N-------①
第二次物体沉底，没有了拉力，磅秤示数变大，此时的示数m2=70g+80g=150g=0.15kg，故D正确；
此时容器对磅秤的压力：
F2=G杯+G水+GM=m2g=0.15kg×10N/kg=1.5N--------②
由②-①得：
GM−F浮=0.8N，------③
可见，两次台秤示数的变化并不是物体两次所受浮力的变化，故A错误；
(2)物体M的质量：mM=ρMV=2.5g/cm3×40cm3=100g=0.1kg，
物体M的重力：GM=mMg=0.1kg×10N/kg=1N，
由③可得，图甲中物体M受到的浮力：
F浮=GM−0.8N=1N−0.8N=0.2N，
根据浮力产生的原因可知F下表面−F上表面=F浮，当B一半浸入液体中时，B下表面受到的液体压力：
F下表面=F浮=0.2N，故B正确；
(3)在乙图中物体全部浸没，物体M 对容器底部的压力等于物体M的重力减去浮力，
F压=GM−F浮′=GM−2F浮=1N−2×0.2N=0.6N，故C正确；
故选：A。
(1)第一次物体有一半露出液面，通过磅秤测得总质量为70g，容器对磅秤的压力F1=G杯+G水+F浮；第二次物体沉底，没有了拉力，磅秤示数变大，示数为70g+80g=150g；此时容器对磅秤的压力F2=G杯+G水+GM；两个式子相减得出两次台秤示数的变化为GM−F浮=0.8N，并不是物体两次所受浮力的变化；
(2)利用密度公式求出物体M的质量，再利用G=mg求出M的重力，利用(1)中的关系式GM−F浮=0.8N求出图甲中物体M受到的浮力，根据浮力产生的原因可知F下表面−F上表面=F浮可得B下表面受到的液体压力；
(3)在乙图中物体全部浸没，物体 M 对容器底部的压力等于物体M的重力减去浮力。
本题考查了重力公式、密度公式、浮力产生原因的应用，难点在A选项的判断，在甲图中，容器对磅秤的压力等于杯、水重力加上物体M对水的作用力(根据力的作用是相互的，该作用力等于物体受到的浮力)。
12.【答案】<不流动
【解析】解：如图可知，ha
由于容器中装同一种液体水，并且液面相平，因此打开阀门后，液面仍保持相平，故液体不会流动。
故答案为：<；不流动。
根据p=ρgh分析a、b两处的压强；
上端开口，下部通过阀门相连，属于连通器；连通器的特点：连通器内装同种液体，当液体静止时，液面总是相平的。
连通器中装有同种液体静止时，液面是相平的。如果连通器中装有不同液体时，液面是不相平的。
13.【答案】通过增大受力面积减小对地面的压强 通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力
【解析】解：
压强的大小与压力和受力面积的大小有关，使用“履带”的主要作用是在压力一定时，通过增大受力面积来减小对地面的压强，可以在松软的地面上顺利工作；
“履齿”的作用是在压力一定时，通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦力，便于爬坡作业。
故答案为：通过增大受力面积减小对地面的压强；通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
(1)减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
(2)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
掌握压强和摩擦力大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强、摩擦力的问题。
14.【答案】不能 扩散
【解析】解：100nm=0.1μm<8μm，普通口罩可对空气中直径大于8μm的飞沫有过滤效果，故不能防止冠状病毒。我们进入到学校的教学楼就可以闻到消毒液的味道，这是扩散现象。
故答案为：不能；扩散。
(1)长度单位间换算关系：长度单位间的换算关系是：1km=103m=104dm=105cm=106mm=109μm=1012nm。
(2)构成物质的分子总在不停地做无规则运动，从而产生扩散现象。
熟练掌握长度单位换算，理解分子的无规则运动，可解答此题。
15.【答案】755 变低
【解析】解：(1)由图可知，玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度为755mm，因此，当时的大气压强等于755mm高水银柱产生的压强，即755mmHg；
(2)若把该装置从山脚下带到山顶上，由于大气压随高度的升高而降低，管内被托起的水银将下降，玻璃管内外液面高度差会变低；
故答案为：755；变低。
(1)在托里拆利实验中，大气压所能支持的水银柱的高度是指玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度，据此读图可得出结果；
(2)大气压与高度的关系是：海拔越高，气压越低。
托里拆利实验要抓住是大气压支持住水银柱，故大气压有多大，支持住的水银柱就有多高。
16.【答案】定 滑轮组可以省力
【解析】解：(1)旗杆顶部的A装置不随旗帜一起升降，则该滑轮为定滑轮；
(2)从乙图的使用情况来看，一根木棍相当于定滑轮，另一根相当于动滑轮，故两根木棍和绳子组成的机械相当于滑轮组；
小红在图B处拉绳子的另一端，用很小的力便能拉动他们，说明使用滑轮组可以省力。
故答案为：定； 滑轮组可以省力。
(1)不随物体一起升降的滑轮为定滑轮；
(2)根据木棍和绳子的使用情况，确定机械的类型；使用滑轮组可以省力。
本题考查定滑轮的定义，以及简单机械类型的分析，重点是物理知识的实际运用情况，注重了学以致用。
17.【答案】小 大气压
【解析】解：由流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小，可知抽油烟机在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将油烟压向扇口排出；
抽水机抽水时，抽水机是先将筒内的空气排出，此时筒内气压小于外界大气压，大气压将水从低处压到高处。
故答案为：小；大气压。
流体压强与流速的关系：在气体和液体中，流速越大的位置压强越小；
抽水机是先将筒内的空气排出，使其内部压强较小，水在外界大气压的作用下被压到高处。
本题主要考查学生对大气压的应用、流体压强与流速的关系的理解与掌握，此题与实际生活联系密切，学习时注意这些物理知识在实际生活中的应用，将所学知识与实际结合起来。
18.【答案】增大 增大
【解析】解：火箭加速上升时，内部的新型返回舱的速度变大，动能变大，高度增大，重力势能增大，火箭整体的机械能增大。
故答案为：增大；增大。
(1)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
(3)动能和势能统称为机械能。
掌握动能、重力势能、机械能大小的影响因素是解决该题的关键。
19.【答案】变大 不变
【解析】解：浸没在水中的潜水艇，排开水的体积不变，从长江潜航到东海，因为海水的密度大于河水的密度，由阿基米德原理F浮=G排=ρ水gV排可知，潜水艇受到的浮力变大；
而漂浮于水面上的轮船，由漂浮条件可知，所受浮力等于重力，故从海里进入河水里时，所受浮力不变。
故答案为：变大；不变。
(1)潜水艇浸没在水中无论是上浮还是下沉，潜水艇的体积不变(排开水的体积不变)，分析潜水艇从东海进入长江时，根据阿基米德原理由液体的密度变化可知所受浮力的变化。
(2)根据物体的浮沉条件可知，轮船从东海进入长江时浮力的变化。
本题考查阿基米德原理、物体的浮沉条件的灵活应用，解题时要注意题目中的隐含条件，如轮船为漂浮，而潜水艇的排水体积不变。
20.【答案】150 50
【解析】解：由v=st可得，斜面的长度：
s=vt=0.5m/s×12s=6m，
拉力F做的总功：
W总=Fs=300N×6m=1800J，
拉力F的功率：
P=W总t=1800J12s=150W；
拉力做的有用功：
W有=Gh=500N×3m=1500J，
克服木箱与斜面间的摩擦力所做的额外功：
W额=W总−W有=1800J−1500J=300J，
由W额=fs可得，木箱与斜面间的摩擦力：
f=W额s=300J6m=50N。
故答案为：150；50。
知道木箱运动的速度和时间，根据s=vt求出斜面的长度，又知道拉力的大小，根据W=Fs求出拉力做的功，根据P=Wt求出拉力F的功率；
知道木箱的重力和斜面的高度，根据W=Gh求出拉力做的有用功，总功减去有用功即为克服木箱与斜面间的摩擦力所做的额外功，根据W额=fs求出摩擦力的大小。
本题考查了速度公式和做功公式的应用，明确有用功、总功和额外功的关系是关键。
21.【答案】0 8000
【解析】解：因为物体重200N，竖直向上的拉力为180N，小于物体的重力，所以物体静止，处于平衡状态，所以物体所受合力为0；
由平衡条件得：F拉+FN=G，则FN=G−F拉=200N−180N=20N；
由于力的作用是相互的，所以物体对地面的压力为20N，则物体对地面的压强为p=FS=20N0.05m×0.05m=8000Pa。
故答案为：0；8000。
根据物体所处的状态求出物体受到的合力，对物体进行受力分析，由平衡条件求出地面对物体的支持力，再由力的作用是相互的可知物体对地面压力的大小，再根据p=FS求出物体对地面的压强。
本题考查了求物体所受的合力、地面受到的压力以及压强的计算，关键会对物体正确受力分析。
22.【答案】0.27下沉
【解析】解：球浸没在水中，则V排=V=2.7×10−5m3，
由阿基米德原理可知，球浸没时受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×2.7×10−5m3=0.27N；
球的重力为G=0.4N，则F浮
知道球的体积(浸没时排开水的体积)和水的密度，利用阿基米德原理求小球受到的浮力；再和球重比较，根据物体的浮沉条件确定小球的状态。
本题考查了学生对阿基米德原理、物体浮沉条件的掌握和运用，要灵活运用公式，属于基础题目。
23.【答案】200 10
【解析】解：
(1)根据P=Wt知，无人机在5s内做功：
W=Pt=40W×5s=200J；
(2)无人机的质量m=2kg，其重力为：
G=mg=2kg×10N/kg=20N；
由W=Gh可得，无人机匀速竖直上升的高度：
h=WG=200J20N=10m。
故答案为：200；10。
(1)已知无人机的功率和时间，根据P=Wt算出无人机在5s内做功；
(2)用公式W=Gh计算匀速竖直上升的距离。
本题考查了重力公式和做功公式、功率公式的应用，是一道较为常见的计算题。
24.【答案】变小 不变
【解析】解：用弹簧测力计挂着铝块慢慢浸入到装满水的溢水杯中，随着铝块浸入水中的体积的增大，铝块受到的浮力变大，而铝块的重力不变，由称重法可知，弹簧测力计示数将变小；
由于溢水杯中装满水，铝块浸没在水中静止时，根据阿基米德原理可知铝块受到的浮力等于排开的水重，铝块对水的压力大小与浮力相等，所以溢水杯对电子秤的压力不变，即电子秤示数不变。
故答案为：变小；不变。
根据称重法可知，物体受到的拉力(即弹簧测力计的示数)等于物体的重力减去物体受到的浮力，而浸入水中体积增大，铝块受到的浮力越大，据此判断弹簧测力计示数的变化；
铝块浸没在水中静止时，铝块受到重力、浮力以及拉力的作用。根据阿基米德原理可知铝块受到的浮力等于排开的水重，铝块对水的压力大小与浮力相等，所以溢水杯对电子秤的压力不变。
本题主要考查液体压强公式和阿基米德原理的应用，具有一定的难度。
25.【答案】500 100
【解析】解：(1)由图知n=2，已知此过程中滑轮组的机械效率是80%，
由公式η=GnF得可得此时的拉力为：F=Gnη=800N2×80%=500N；
(2)人对地面压力为：F压=G人−F=600N−500N=100N；
故答案为：500； 100。
(1)由图知物重由2段绳子来承担，还知滑轮组的机械效率和物重的大小，由公式η=GnF的变形式F=Gnη可计算拉力的大小；
(2)对人进行受力分析知，人对地面压力F压=G人−F。
本题考查了机械效率公式的应用以及受力分析问题，难度不大。
26.【答案】解：规则物体的重心在物体的几何中心，过物体的重心作竖直向下的力(即重力G)；
延长F1画出力的作用线，然后过支点O作F1作用线的垂线段(即力臂L1)。如图所示：
【解析】根据规则物体的重心在物体的几何中心确定重力的作用点，重力的方向竖直向下，据此画出重物的重力G的示意图；
过支点O作力F1作用线的垂线段(即力臂)。
本题考查了重力示意图以及力臂的画法，明确力臂的概念是解题的关键。
27.【答案】解：因为滑轮组要求站在地面上提升重物，因此，在绕绳时，最终的绳子自由端方向应该向下，如图所示：
【解析】在使用滑轮组提升重物时，既要考虑到它的省力情况，还应注意动力的施力方向。
设计滑轮组的绕绳方案应从两方面考虑，一是省力情况，二是绳子自由端的朝向。
28.【答案】拆除软管重新安装 液体密度一定时，液体内部压强随深度增加而增大 B、C 没有控制液体深度相同
【解析】解：(1)压强计未使用前U形管两侧液面高度应相平，若不相平，应拆除软管重新安装；
(2)A、B两图液体的密度相同，探头在液体中的深度不同，U形管中液面的高度差不同，说明液体压强与液体深度有关，并且液体内部压强随着深度的增加而增大；
(3)要探究压强与液体密度的关系，应使探头的深度相同，液体密度不同，应选择乙中的B、C两图；
(4)要探究液体内部压强与液体密度的关系，则应保持深度不变。小明保持乙中B图中金属盒的位置不变，将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，液体的深度增大，密度增大，U形管左右液面高度差增大，没有控制液体深度不变，所以得出的结论不可靠。
故答案为：(1)拆除软管重新安装；(2)液体密度一定时，液体内部压强随深度增加而增大；(3)B、C；(4)没有控制液体深度相同。
(1)压强计测量液体压强时是通过橡皮膜来感知压强的，通过橡胶管中气体压强的变化来改变U形管中液面高度差的，若发现U形管两端的液面高度不相同，则说明管内气压大小不同，据此分析；
(2)(3)(4)液体压强跟液体密度和液体的深度有关，探究液体压强跟密度的关系时，控制液体深度不变；探究液体压强跟深度关系时，控制密度不变。
本题探究液体压强的实验，考查注意事项、转换法和控制变量法及反常现象的分析。
29.【答案】小球 木块移动的距离 甲、乙 大 100km/hC
【解析】解：
(1)小钢球从斜面滚下过程中，质量不变，高度减小，故重力势能减小，同时速度变大，动能增加，所以是将重力势能转化为小球动能的过程；其动能大小是通过小木块移动的距离大小来反映的；
(2)分析比较甲和乙两组实验可得，物体的质量相同，而下滑的高度不同，甲图中下滑的高度大，运动到水平时速度大，推动木块滑行的距离大，故物体质量相同时，速度越大，动能越大；
由图可知，小轿车的速度最大不得超过100km/h；
(3)探究阻力对物体运动的影响，需要比较小车在不同表面上运动的距离，据此可知必须增加的器材是粗糙程度不同的水平面，故C正确。
故答案为：(1)小球；木块移动的距离；(2)甲、乙；大；100km/h；(3)C。
(1)动能的大小与物体的质量、速度有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有关；观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，用到了转换法；
(2)影响物体动能大小的因素有质量和速度，找出相同的量和变化的量，分析得出动能大小与变化量的关系；
(3)探究阻力对物体运动的影响，实验中通过改变接触面的粗糙程度来改变阻力的大小，据此进行分析。
本题考查了动能的影响因素的探究实验，要注意动能大小与物体的速度和质量有关，在探究过程中要用到控制变量法，实验中通过物块被推动的距离来反映小球动能的大小，用到了转换法。
30.【答案】便于测量力臂 右 53.8弹簧测力计没有竖直向下拉或力臂不正确
【解析】解：(1)杠杆静止时，杠杆左端下沉，说明右端偏高，平衡螺母需向右调节；杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量力臂；
(2)设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：
FALA=FBLB
3G×5L=FB×3L
解得FB=5G
需挂5个钩码。
(3)弹簧测力计每一个大格代表1N，每一个小格代表0.2N，示数为3.8N。
弹簧测力计没有竖直向下拉，当弹簧测力计倾斜拉杠杆时，力臂小于动力点到支点的距离，动力臂变小。
故答案为：(1)便于测量力臂； 右； (2)5；(3)3.8； 弹簧测力计没有竖直向下拉或力臂不正确。
(1)在调平杠杆平衡时，杠杆的哪端高，平衡螺母要向哪端移动；
(2)根据杠杆的平衡条件计算出在B点挂的钩码个数；
(3)弹簧测力计读数时，先观察量程，然后根据指针所在位置进行读数。
当弹簧测力计竖直动力臂等于动力点到支点的距离，当弹簧测力计倾斜拉杠杆时，力臂变小，小于动力点到支点的距离。
实验室中的杠杆上都标有刻度值，只有杠杆在水平位置平衡时，力臂的长度才可以直接通过读刻度值得出。当力倾斜作用在杠杆上，力臂变小，这是经常考查的内容。
31.【答案】1N 物体浸在液体中的体积 一杯盐水 将铁块完全浸没在清水中，读出此时弹簧测力计的示数F1，再将铁块完全浸没在盐水中，读出此时弹簧测力计的示数F2，比较F1和F2的大小，若不相等，则物体所受浮力的大小与液体密度有关
【解析】解：(1)由图甲、丙可知，铁块浸没在水中所受浮力：
F浮=G−F示=2.7N−1.7N=1N；
(2)由乙、丙知液体的密度相同，排开液体的体积不同，是探究浮力的大小是否与物体浸在液体中的体积(排开水的体积)有关；
(3)要探究“浮力的大小与物体的密度是否有关”需要控制排开液体的体积不变，改变液体的密度，所以需要添加一杯盐水，将铁块完全浸没在清水中，读出此时弹簧测力计的示数F1，再将铁块完全浸没在盐水中，读出此时弹簧测力计的示数F2，比较F1和F2的大小，若不相等，则物体所受浮力的大小与液体密度有关。
故答案为：(1)1N；(2)物体浸在液体中的体积；(3)一杯盐水；将铁块完全浸没在清水中，读出此时弹簧测力计的示数F1，再将铁块完全浸没在盐水中，读出此时弹簧测力计的示数F2，比较F1和F2的大小，若不相等，则物体所受浮力的大小与液体密度有关。
(1)利用称重法测浮力求铁块浸没在水中受到的浮力；
(2)根据控制变量法的要求确定所探究的问题；
(3)要探究浮力与液体密度的关系，要保持物体排开不同液体的体积一定，根据弹簧测力计的示数，比较浮力与液体密度的关系。
本题考查了探究影响浮力大小的因素，应用控制变量法是正确解题的关键，根据控制变量法分析图示实验情景即可正确解题。
32.【答案】解：
(1)水深h=60cm=0.6m，A点水的深度：
h′=0.6m−0.1m=0.5m，
A点水的压强：
p′=ρgh′=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.5m=5×103Pa；
(2)水对容器底的压强：
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.6m=6×103Pa；
容器底面积：S=50cm2=0.005m2，
由p=FS得，水对容器底部的压力：
F=pS=6×103Pa×0.005m2=30N；
(3)容器的重力：
G容=m容g=0.3kg×10N/kg=3N，
容器对水平桌面的压力：
F总=G容+G水=3N+40N=43N；
容器对水平桌面的压强：
p桌=F总S=43N50×10−4m2=8.6×103Pa；
答：(1)A点水的压强为5×103Pa；
(2)水对容器底的压强和压力分别为6×103Pa和30N；
(3)容器对水平桌面的压力为43N，压强为8.6×103Pa。
【解析】(1)已知水的深度，从而求出A点水的深度，根据公式p=ρgh可求A点水的压强；
(2)已知水的深度，根据公式p=ρgh可求水对容器底的压强，知道容器底面积，利用公式F=pS可求水对容器底的压力；
(3)容器对水平桌面的压力等于水和容器的重力之和，根据容p桌=F总S求出容器对水平桌面的压强。
本题考查了液体压强公式、压强定义式的应用，同时出现固、液体压力压强，要注意先后顺序：液体，先计算压强(p=ρgh)，后计算压力(F=pS)；固体，先计算压力(在水平面上F=G)，后计算压强(p=FS)。
33.【答案】解：(1)装修材料重G=400N，上升高度h=6m，
有用功：W有=Gh=400N×6m=2400J；
(2)由图知，通过动滑轮的绳子段数n=2，
则拉力端通过距离：s=nh=2×6m=12m，
拉力做的总功：W总=Fs=250N×12m=3000J，
拉力的功率：P=W总t=3000J60s=50W；
(3)滑轮组的机械效率：
η=W有W总×100%=2400J3000J×100%=80%。
答：(1)有用功为2400J；
(2)拉力的功率为50W；
(3)滑轮组的机械效率为80%。
【解析】(1)已知物重和物体上升高度，由W有=Gh计算有用功；
(2)由图知，通过动滑轮的绳子段数n，由s=nh和W总=Fs计算总功，由P=Wt计算拉力的功率；
(3)由η=W有W总计算滑轮组的机械效率。
本题考查有用功、功率以及机械效率的计算，灵活运用公式是关键。
34.【答案】解：(1)物块A体积：
VA=(10cm)3=103cm3=10−3m3，
因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，
所以，物体A浸没时受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×10−3m3=10N；
(2)由题意可得：当物体A浸没时，弹簧由16cm伸长到18cm，则弹簧伸长2cm，
由图象可知物体受到的弹力F弹=3N，
甲图中，正方体A受到竖直向下的重力和弹力、竖直向上的浮力，
则正方体A的重力：
GA=F浮−F弹=10N−3N=7N，
由G=mg可得，正方体A的质量：
mA=GAg=7N10N/kg=0.7kg，
正方体A的密度：
ρA=mAVA=0.7kg10−3m3=0.7×103kg/m3；
(3)放水前水的深度为弹簧现在的长度18cm加上正方体A的边长，如图甲所示：
即h=18cm+10cm=28cm，
则容器内水的体积：
V水=Sh−VA=400cm2×28cm−1000cm3=10200cm3，
打开阀门B缓慢放水，当A对弹簧的作用力大小再次等于F1时，弹簧的压缩量为2cm，如图丙所示：
正方体A受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和弹力，
则此时物体受到的浮力：
F浮′=GA−F弹=7N−3N=4N，
此时正方体A排开水的体积：
V排=F浮′ρ水g=4N1.0×103kg/m3×10N/kg=4×10−4m3=400cm3，
正方体A浸入水的深度：
h1=V排SA=400cm3(10cm)2=4cm，
容器内水的深度等于弹簧的原长减去压缩量再加上正方体浸入水的深度，即
h′=16cm−2cm+4cm=18cm，
容器内剩余水的体积：
V水′=Sh′−V排=400cm2×18cm−400cm3=6800cm3，
放出水的体积：
V放=V水−V水′=10200cm3−6800cm3=3400cm3，
则放出水的质量：
m放=ρ水V放=1.0g/cm3×3400cm3=3400g=3.4kg。
答：(1)物体A浸没时受到的浮力为10N；
(2)正方体A的密度为0.7×103 kg/m3；
(3)从开始放水到关闭阀门B，放出水的质量为3.4kg。
【解析】(1)知道正方体A的边长可求体积，即为浸没时排开水的体积，根据F浮=ρgV排求出受到浮力；
(2)根据题意求出当物体A浸没时弹簧的伸长量，根据图乙得出物体受到的弹力，对物体A受力分析，利用力的平衡条件求出正方体A的重力，根据G=mg求出正方体A的质量，利用ρ=mV求出正方体A的密度；
(3)放水前水的深度为弹簧现在的长度18cm加上正方体A的边长，根据V=Sh求出容器内水和A的总体积，然后减去A的体积即为水的体积；打开阀门B缓慢放水，当A对弹簧的作用力大小再次等于F1时，弹簧被压缩，弹簧的压缩量和原来的伸长量相等，对物体受力分析，利用力的平衡条件求出此时物体受到的浮力，根据阿基米德原理求出此时正方体A排开水的体积，进一步求出正方体A浸入水的深度，容器内水的深度等于弹簧的原长减去压缩量再加上正方体浸入水的深度，根据V=Sh求出剩余水和浸没A的体积之和，然后减去浸没A的体积即为剩余水的体积，两次容器内水的体积之差即为放出水的体积，根据ρ=mV求出放出水的质量。
本题考查了学生对阿基米德原理、重力公式、密度公式的综合应用，正确的得出放水前后容器内水的深度是关键。
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