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专题 10 第二章综合测试-2022-2023学年八年级科学上册期末考点大串讲（浙教版）
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浙教版8年级上册期中期末 10 第二章综合测试
总分160分 时间120分钟
一、单选题（共20题；共60分）
1.（2020八上·苍南期末）2019年12月22日是冬至，当天苍南天气预报：小雨，降水量3毫米-5毫米，东北风2级，全天气温8℃~15℃，当前相对湿度91%。对这段天气预报理解正确的是( )
A. 当日平均气温是11.5℃ B. 东北风是指西南吹向东北的风
C. 相对湿度越大降水概率越高 D. 降水量是指雨量筒中水的体积
【答案】 C
【解析】A、气象学上通常用一天2时、8时、14时、20时四个时刻的平均气温作为一天的平均气温(即四个气温相加除以4)，因此当日平均气温并不是11.5℃，A不符合题意。
B、东北风就是从东北方向吹来的风，吹向西南方向，B不符合题意。
C、降水形成有两个基本条件：空气中含有足够的水汽；空气温度下降到水汽能够凝结出来的程度，那么相对湿度越大，空气中水汽越多，所以降雨概率会越高，C符合题意。
D、降水量是一定时间内，降落到水平面上，假定无渗漏，不流失，也不蒸发，累积起来的水的深度，是衡量一个地区降水多少的数据。 降水量一般用雨量筒测定，D不符合题意。故答案为：C
2.（2019八上·浙江期中）如图所示，点燃一段线香横插在橡皮泥上，用一只大号烧杯扣上，下列说法不正确的是（ ）
A. 可观察到线香向四处弥漫 B. 线香的烟中间上升，沿四周下降，形成对流
C. 试验中观察到的现象就是对流层的对流现象 D. 此实验的现象与烧水时水的对流现象本质原因相同
【答案】 A
【解析】A、由于该实验中用一只大烧杯扣上，所以线香的烟是先上升，不能通过烧杯跑出去，所以只能沿四周下降，形成对流而不是四处弥漫，A符合题意。
B、由于大烧杯扣上，线香的烟不能跑出去，那么就会中间上升，沿四周下降，形成对流，B不符合题意。
C、由于离线香近的地方比较热，离他越远温度越低，所以烧杯里空气受热不均，受热的空气膨胀上升，而受冷的空气下沉而形成的这种对流的现象，再加上大烧杯扣上烟气不能跑出，所以从烧杯顶的烟气也只能往下流，C不符合题意。
D、烧水时产生大量气体，但是盖子盖住所以气体不能跑出去，到达烧水盖就回流下来，烧水壶里气体受热不均匀，暖的地方气体上升，冷的地方气体下降，形成对流，D不符合题意。 故答案为：A
3.（2019八上·诸暨月考）“忽如一夜春风来,千树万树梨花开”描写的是( )
A. 春天来了,花儿争奇斗艳 B. 暖锋过境,带来降雪、大风和降温天气
C. 暖锋过境,带来降雪、气温将升高 D. 冷锋过境,带来降雪、大风和降温天气
【答案】 D
【解析】“忽如一夜春风来，千树万树梨花开”，诗句可以看出天气变化比较快，而且有降雪，说明是冷锋活动。 故答案为：D
4.（2019·慈溪模拟）中央电视台少儿节目“大风车”中有一栏目常给中小学生介绍一些科普知识，其中有一期介绍了一种叫“天气预报瓶”的创意新品。如图所示，A为玻璃管与大气相连，B 为密闭的玻璃球内装有红墨水，它能显示天气的好坏，随着环境气压的变化，A管内的水位会上升或下降。小科仿制了一个，发现比较灵。下列说法不正确的是（）
A. 天气预报瓶利用天气和大气压的关系进行预报的
B. A管和B球液面相平时，显示内外气压一致
C. A管液面明显下降时，往往转为阴雨天气
D. B球内装较多红墨水，可以减少瓶内温度变化造成的干扰
【答案】 C
【解析】A、由图可知，瓶子内部是密封的，外部连通外界大气压，所以当外界气压发生改变时，液柱的高度会发生改变，则可以通过气压来分析天气；故A正确；
B、A管和B球液面相平时，说明外界气压与球内气压相等；故B正确；
C、A管液面明显下降时，天气是晴天；故C错误；
D、B球内红墨水较多时，吸收相同热量，温度升高的较低，可以减少瓶内温度变化的干扰；故D正确； 故答案为：C。
5.如图所示，将一个瓶子装入适量带色的水，再取一根两端开口的细玻璃管，使玻璃管穿过橡皮塞插入水中。从管子上端吹入少量气体(如图所示)，使瓶内气体压强大于大气压，水沿玻璃管上升到瓶口以上。当拿着它从山脚到山顶，玻璃管内水柱高度将( )
A. 升高 B. 不变 C. 降低 D. 无法判断
【答案】 A
【解析】当玻璃管内的水柱高度不变时，瓶内的气体压强、玻璃管内的水柱压强、大气压强的关系为：p内=p水+p大气。当瓶子从山脚到山顶时，高度增大，大气压强p0减小，于是水柱压强p水增大。根据公式p=ρ液gh可知，玻璃管内水柱高度将升高，故A正确，而B、C、D错误。 故选A。
6.将烧瓶内的水加热至沸腾后移去酒精灯，水会停止沸腾，迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水，你会观察到烧瓶内的水又沸腾起来，产生这一现象的原因是( )
A. 瓶内气体温度升高，压强增大，水的沸点降低 B. 瓶内气体温度降低，压强减小，水的沸点降低
C. 瓶内气体温度降低，压强减小，水的沸点升高 D. 瓶内气体温度升高，压强增大，水的沸点升高
【答案】 B
【解析】把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水，里面的水蒸气迅速液化，气体体积减小压强减小，于是水的沸点降低。由于此时水的温度高于水的沸点，因此水会重新沸腾起来，故B正确，而A、C、D错误。 故选B。
7.（2018八上·长兴期中）读“气温曲线与降水量柱状图”，判断哪一种是表示我国南方地区气候的（ ）
A. B. C. D.
【答案】 B
【解析】南方降水量集中在夏季，从图中可知B符合题意. 故答案为：B
8.（2018八上·萧山期中）以下诗歌和谚语往往蕴含着丰富的地理知识，下列对诗歌和谚语的解读正确的是（ ）
A. “早穿皮袄午穿纱，围着火炉吃西瓜”反映了温带大陆性气候气温年较差大的特点
B. “人间四月芳菲尽，山寺桃花始盛开”形象地反映了纬度位置对气候的影响
C. “夜来风雨声，花落知多少”描述的是气候特征
D. “黄梅时节家家雨，青草池塘处处蛙”反映了长江中下游地区的梅雨天气
【答案】 D
【解析】A、 早穿皮袄午穿纱，围着火炉吃西瓜反映了温带大陆性气候气温每日的气温落差较大的特点；故A错误； B、 人间四月芳菲尽，山寺桃花始盛开形象地反映了地形对气候的影响；故B错误；
C、 夜来风雨声，花落知多少描述的是天气特征；故C错误；
D、 黄梅时节家家雨，青草池塘处处蛙反映的是长江中下游地区梅雨的天气；故D正确；故答案为：D。
9.（2020八上·海曙期末）如果把笼罩着地球的大气层比作浩瀚的海洋，我们人类就生活在这“大气海洋”的底部，承受着大气对我们的压强﹣﹣大气压。下列有关叙述中错误的是（ ）
A. 马德堡半球实验有力地证明了大气压的存在
B. 1个标准大气压的数值为1.01×105Pa（即760mm汞柱）
C. 大气压的大小与大气的密度有关，离地面越高的地方，大气压越大
D. 用钢笔吸墨水是应用大气压的事例
【答案】 C
【解析】A.马德堡半球实验有力地证明了大气压的存在，故A正确不合题意；
B.1个标准大气压的数值为1.0l×l05Pa（即760mm汞柱） ，故B正确不合题意；
C.大气压的大小与大气的密度有关，离地面越高的地方，大气压越小，故C错误符合题意；
D.用钢笔吸墨水是应用大气压的事例，故D正确不合题意。 故选C。
10.（2019八上·杭州期中）向如图试管的水中加入一些硝酸铵晶体（装置气密性良好），完全溶解后，弯曲的玻璃管内液面将( )
A. a液面升高，b液面下降 B. a液面下降，b液面上升
C. a、b液面均无变化 D. 条件不足，无法判断
【答案】 A
【解析】向如图试管的水中加入一些硝酸铵晶体，由于硝酸钾吸热使锥形瓶内空气温度降低，所以压强减小，即U形管a侧压强减小，因此a液面升高，b液面下降。 故选A。
11.（2018八上·秀洲期中）某同学自己设计了一个粗略测量大气压强的实验：把两个橡胶皮碗对在一起，用力挤出中间的空气，如图所示．把皮碗悬吊起来，在皮碗下挂重物，逐渐增加所挂的重物，测出最多能挂的物重G，再测出此时皮碗的直径d，皮碗自重忽略不计．则根据这些数据计算大气压P的公式是 ( )
A. B. C. D.
【答案】 C
【解析】当皮碗刚刚被拉开时，它受到的大气压力等于物体的重力，即F=G；
皮碗的受力面积为：S=πr2=π(d2)2=πd24；
那么大气压强p=FS=Gπd24=4Gπd2。 故选C。
12.（2018八上·杭州期中）2016年7月1日起，全省二级以上医院（除儿童医院）全面停止门诊患者静 脉输注抗菌药物；如图是医院为病人输液部分装置，图中A为输液瓶，B为滴壶，C为进气管，与大气相通，则在输液过程中（瓶A中尚有液体），下列说法正确的是（ ）
①瓶A中液面下降，但A中上方气体的压强不变；
②瓶A中上方气体的压强随液面的下降而增大；
③在瓶中药液输完以前，滴壶B中的气体压强保持不变；
④滴壶B中的气体压强随A中液面的下降而减小；
A. ①③ B. ②③ C. ①④ D. ②④
【答案】 B
【解析】瓶A中上方气体的压强为外界大气压与瓶A中的液体产生的压强差；当瓶A中的液体面下降时，气体体积增大，压强减小，故①错误；
随着液面的下降，瓶A中液体产生的压强减小后，空气会从C口进入，所以瓶A中上方气体的压强会增大，故②正确。
进气管C处的压强为大气压强保持不变，从C到滴壶B之间的液柱高度不变，所以滴壶B中的气体压强在瓶中药液输完以前是不变的，故③正确，④错误。
那么正确的是②③ 故选B。
13.一根试管竖直放置，5cm长水银柱封住一部分气体，那么气体的压强为（ ）
A. 81cm水银柱 B. 71cm水银柱 C. 76cm水银柱 D. 86cm水银柱
【答案】 A
【解析】初始状态时管内的气体的压强为大气压强与水银柱产生的压强的和，即为：
p1=p0+ph=76cmHg+5cmHg=81cmHg。故答案为：A
14.对下图反映的气候类型的叙述，正确的是（ ）
A. 雨热同期，利于作物生长 B. 夏季降水少，阳光充足
C. 亚洲缺少此气候类型 D. 反映了沙漠地区的气候特点
【答案】 B
【解析】读图时先根据气温确定在哪个温度带，因为此图一月气温在0℃以上，所以为亚热带的气候类型，这就是以温定带；然后观察降水，夏季少雨，冬季多雨，因此是 地中海气候，这就是以水定型。该气候雨热不同期，在亚洲有分布，故选B。
15.天气预报是我们比较熟悉的，对下列图表为我国部分城市2015年6月11日天气状况和污染指数。针对图表，表述全部正确的是（ ）
城市
天气状况
污染指数
北京
33
哈尔滨
47
上海
61
广州
42
A. 哈尔滨雷阵雨，空气质量优 B. 北京雷阵雨，空气质量良
C. 上海小雨转多云，空气质量优 D. 广州小雨转晴，空气质量良
【答案】 A
【解析】结合图表可知，哈尔滨、北京、广州是雷阵雨天气，上海市多云的天气；从污染指数来看，污染指数0~50，空气质量为优；51~100，空气质量为良。故选A。
16.在测量大气压强的实验中，为消除活塞与针筒间摩擦力对实验的影响，某同学采用了图示装置。将注射器筒固定在水平桌面上，把活塞推至注射器筒底端，用橡皮帽封住注射器的小孔，活塞通过水平细线与烧杯相连。向烧杯中缓慢加水，当活塞刚开始向左滑动时，测得杯中水的质量为880g；然后向外缓慢抽水，当活塞刚开始向右滑动时，测得杯中水的质量为460g。烧杯质量为100g，活塞面积为7×10-5m2 ， g=10N/kg，轮轴间的摩擦和绳重不计。则所测大气压的值应为( )
A. 1.26×105Pa B. 1.10×105Pa C. 1.01×105Pa D. 0.96×105Pa
【答案】 B
【解析】【解答】当注射器中的活塞开始向右滑动时，G1=(0.88+0.1)kg×10N/kg=9.8N，对活塞受力分析f+F=G1=9.8N；
当注射器中的活塞开始向左滑动时，G2=(0.46+0.1)kg×10N/kg=5.6N，对活塞受力分析 F﹣f=G2=5.6N；两式联立解得：F=7.7N；
∴ ；故选B。
17.假如在“流体中流速越大的位置压强越大”。则不会出现的情况是（ ）
A. 跑车尾翼的截面形状应该反过来 B. 两艘并列同向行驶的船只不会相撞
C. 地铁、火车站的站台安全线不必设置 D. 喷雾器再怎么用力吹也喷不出雾来
【答案】 C
【解析】如果在流体中流速越大的位置压强越大，那么.跑车尾翼的截面形状应该倒过来，所以A会出现；.
两艘并列同向行驶的船只将会远离，所以B会出现；
当火车、地铁快速运行带动周围的空气快速流动时，周围空气的流速增大，压强增大，大于附近的大气压，这样火车、地铁附近的人就会受到向外的推力，确实不会出现火车撞人的现象，但是，如果这样的推力足够大时，还可以将人推倒甚至使人受伤，这也是不安全的，所以地铁站、火车站设置安全线还是很必要的，所以C不会出现；
喷雾器会由于大气压的作用下再怎么用力吹也喷不出雾来，所以D会出现；故选C
18.（2018八上·温岭期中）2018年2月2日我国第一颗电磁检测试验卫星“张衡一号”在甘肃酒泉卫 星发射中心发射成功。甘肃酒泉卫星发射中心，年平均气温8.5℃，适合春秋两季旅游。而海南的文昌卫星发射中心，年平均气温24℃，全年适合旅游。形成这两地气温差异的主要因素是（ ）
A. 纬度位置 B. 地形起伏 C. 海陆位置 D. 季风
【答案】 A
【解析】 甘肃酒泉纬度约在北纬40°，海南岛纬度位置在20°附近，太阳辐射由赤道向南北两极递减，导致地表的气温由低纬度地区向两极逐渐降低，所以形成这两地气温差异的主要因素是纬度位置。 故答案为：A
19.（2017八上·海宁月考）为改善地下车站的通风状况，小科设计抽气管道，利用地面横风实现自动抽气。为提高 抽气效果，管道上方遮雨盖的形状应设计成下列图中的( )
A. B. C. D.
【答案】 B
【解析】A、设计中井口与井口上方的空气流动速度相同，不能形成气压差，没有自动抽气的效果，A错误；
B、设计中井口上方遮雨盖是下向凸起的，空气在通过这个凸起时流速增大，而井口上方的空气流速小气压大，所以形成向上流动的气流，能够实现抽气的效果，B正确；
C、与B选项中的设计刚好相反，凹面没有增大流速的效果，反而会使气流向下运动，没有抽气效果，C错误；
D、设计与C相似，气流会向下运动，没有向上抽气的效果，D错误。故选B
20.如图所示甲和乙是影响我国的夏季风，下列叙述，不正确的是( )
A. 甲是东南季风，来自于太平洋 B. 乙是西南季风，来自于印度洋
C. 甲、乙相比，乙影响我国降水范围更广 D. 夏季风的进退与东部雨带的推移密切相关
【答案】 C
【解析】A、甲是东南季风，来自于太平洋是正确的。
B、乙是西南季风，来自于印度洋是正确的。
C、乙西南季风受青藏高原和喜马拉雅山脉的阻挡，故其影响范围较小，故不正确，符合题意。
D、夏季风的进退与东部雨带的推移密切相关是正确的。故答案为：C
二、填空题（共8题；共42分）
21.（2018八上·湖州月考）某地一天中气温的最高值与最低值的差称为气温的日较差。如图为A、B两地气温日变化图，回答下列问题：
（1）A，B两地气温日较差较大的是________，温差达到________℃。
（2）A，B两地分别表示海洋和陆地，那么________是海洋。
【答案】 （1）A；15（2）B
【解析】（1）由图可以看出，A比B日温差大；一天当中日出气温最低，午后2点气温最高，A地区日温差达15摄氏度；
（2）海洋水的比热大，所以气温变化幅度比较小，反过来，大陆砂石比热小，气温变化幅度大；故B地是海洋。
22.（2015八上·浙江期中）读气温的垂直分布图，完成下列问题。
（1）在①②③三层中，①为中间层，有利于高空飞行的是________；（填序号）
（2）下列关于对流层描述正确的是________(填序号)。
①对流层内随高度的增加气温升高 ②不同地表的对流层高度是一样的 ③对流层最显著的特点是空气有强烈的水平运动 ④对流层集中了3/4的大气质量和几乎全部的水汽 ⑤对流层的天气现象复杂多变
【答案】 （1）②（2）③④⑤
【解析】（1）②为平流层，气流运动以水平运动为主，天气晴朗，故适合飞机高空飞行．（2）①对流层热量的（主要）直接来源是地面辐射,所以气温随高度升高而降低，错误；②对流层基本是由赤道向两极变薄，错误；③对流层最显著的特点是空气有强烈的水平运动，正确④对流层集中了大气质量的四分之三和几乎全部的水汽、杂质，正确；⑤对流层大气运动以垂直为主，对流运动强烈，温度降低收缩凝结从而成云致雨．而对流层集中了几乎全部的水汽与固体杂质，为天气变化提供了条件．另外除了垂直变化，对流层不同地区的水平方向温度也存在不同．故天气现象复杂多变，正确．
23.（2020八下·慈溪期末）如图是宁波某地6月27日天气预报图。
（1）图示此日的最高气温为30℃，一天中最高气温出现在________时左右。
（2）天气预报中最基本的气候要素是________。
【答案】 （1）14（或“下午2”）（2）气温和降水
【解析】（1）气温的日变化中一天中气温最高值出现在14时左右，也就是午后2点左右，一天中气温最低值出现在日出前后。
（2）这次天气预报中反映的最基本的气候要素是气温和降水 。
24.手持式小型抽气、打气两用气筒的构造如图甲所示，a为筒壳，b为活塞，c和d为两个气嘴，气嘴内部有气阀门(如图乙)，使用这种气筒打气或抽气时：当接气嘴________(选填“c”或“d”)时，活塞往________(选填“左”或“右”)移，起打气作用；当接气嘴________(选填“c”或“d”)时，活塞往________ (选填“左”或“右”)移，起抽气作用。
【答案】 d；右；c；左
【解析】（1）当接气嘴d，活塞向右移动时，这时打气筒内气体受到挤压，里面压强大于外面压强，于是阀门c被压紧，阀门d被推开，从而将里面的气体排出，起打气作用；
（2）当接气嘴c，活塞向左移动时，打气筒内气体体积增大，压强减小，小于外面的大气压强，于是阀门d被压紧，阀门c被推开，外面的空气进入打气筒，起到抽气作用。
25.（2019七下·慈溪期中）如图所示，密闭的玻璃罩内放有两个小实验装置：一个充气的气球，另一个是装满水的杯子，杯口用塑料薄片覆盖并倒置悬挂在玻璃罩内。在用抽气机不断抽去罩内的空气，最后可观察到的现象是：
（1）充气的气球体积变________
（2）玻璃杯中的水和塑料片________（选填“掉下”或“保持静止”）
【答案】 （1）大（2）掉下
【解析】（1）用抽气机不断抽去罩内的空气，玻璃罩内的气压会减小。此时气球内的气压大于外部气压，因此充气的气球会向外膨胀，即体积变大；
（2）用抽气机不断抽去罩内的空气，玻璃罩内的气压会减小，因此玻璃杯中的水和塑料片会掉下。
26.（2019八上·杭州期末）下图是小应同学自制的气压计，瓶内装的是染有红色的水。
（1）制作时，瓶内的水________（选填“要”、“不要”）装满。
（2）使用该气压计时，发现细玻璃管内水柱上升，说明此时大气压变________（选填“大”、“小”）。
（3）他将气压计从1楼到5楼的过程中，观察到管内水柱发生了变化，记录如下表：
楼层
1
2
3
4
5
管内与瓶内液面的高度差（cm）
5
5.3
5.7
6
6.3
从表中数据可以看出大气压强随高度的增高而________。
【答案】 （1）不要（2）小（3）减小
【解析】（1）制作时，瓶内的水不要装满，目的使瓶内的气压大于外界大气压，使玻璃管内的水面高于瓶内的水面；
（2）瓶内的气压等于大气压加上细管内水柱产生的压强，即p内=p大气压+p水；当瓶内气压不变，水柱上升，水柱的压强p水增大，所以大气压减小；
（3）由表中的数据可知，高度越高，管内与瓶内液面的高度差越大，大气压越小．
27.读“我国东部部分城市气候类型图”，回答问题。
（1）从图可以看出，我国东部季风区降水和温度配合的特点是：________ 。
（2）在A、B、C、D四幅图中，与浙江杭州气候类型最为相似的是________ 图(填代号)，造成A城市与 D城市差异较大的主导因素是________ （填“纬度位置”或“地形”)。
【答案】 （1）降水多气温高(或雨热同期)（2）C；纬度位置
【解析】（1）从分析中可以知道，我国东部季风区降水和温度配合的特点是降水多同时气温高(也就是雨热同期)（2）浙江杭州靠近东部沿海，属亚热带季风气候带，夏季年降水量较多，气温较高，降水的量多和气温不会很低的差别，符合的只有C图。题中都为东部沿海，所以不是海陆位置，不是季风，而地形从本题根本不可能知道。只有维度位置。我国东部沿海绵延几千里，维度位置不同，气温的差别比较大，图中A最低气温-20摄氏度，而D为10摄氏度。故应该是纬度位置不同引起的。
28.（2019八上·秀洲期末）读我国某日的天气图，该日甲、乙、丙三地最不可能降雨的地区是________。 当天丁地主要吹________（选填：“东”、“南”、“西”、“北”）风。
【答案】 甲；西
【解析】由天气图可知，甲处于高压控制地区，天气晴朗，乙处于低压控制地区，有可能下雨，丙处于冷锋经过地区，冷锋过境一定会降雨；空气是从高压地区流向低压地区，所以大气是从左流向右，即丁地的风向是西风；
三、实验探究题（共4题；共26分）
29.（2019八上·长兴月考）在自主学习探究过程中，小俊同学利用带拉环的吸盘、厚玻璃板、水、刻度尺、大量程弹簧秤来测量大气压强的大小，具体实验步骤是：①用刻度尺测出吸盘的直径，算出吸盘平面面积为10厘米2；②将吸盘沾水湿润后，压在厚玻璃板上。排尽吸盘内空气；③用弹簧秤水平拉动吸盘，直至恰好脱落，读出此时弹簧秤示数为98.5牛；④记录整理数据；⑤算出大气压的值，分析实验结论。实验装置如图，请结合你所学的知识分析：
（1）将吸盘沾水湿润的目的是________；
（2）根据小俊同学的实验数据，计算出大气压的值等于________帕。该实验中测得大气压值与当地当日实际气压值相比偏小的原因，下列同学分析有道理的是________ ;
A．水存在“粘性”，将吸盘“粘”牢了 B．吸盘内空气未排净
C．由于吸盘被拉变形后，吸盘受气压的面积变小 D．由于误差，弹簧秤读数偏小
（3）在实验时，如果拿一个吹风机对着吸盘自上而下吹风，如图乙，则你预计的弹簧秤示数可能会________98.5牛(填“大于”“小于”或“等于”)。
【答案】 （1）保持密封,防止漏气（2）9.85×104；B（3）小于
【解析】（1）将吸盘沾水湿润的目的是保持密封,防止漏气；
（2）大气压的数值为：p=FS=98.5N10×10-4m2=9.85×104Pa；
A．水存在“粘性”，将吸盘“粘”牢了，那么测出的大气压力偏大，计算出的大气压强也偏大，故A错误；
B．吸盘内空气未排净，会使测出的大气压力偏小，计算出的大气压强也偏小，故B正确；
C．由于吸盘被拉变形后，吸盘受气压的面积变小，那么计算出的大气压强偏大，故C错误；
D．由于误差，弹簧秤读数偏小，那么测出的大气压力偏小，计算出的大气压偏小，故D正确。
故选BD。
（3）在实验时，如果拿一个吹风机对着吸盘自上而下吹风，那么吸盘表面空气流速大压强小，因此测出的大气压力偏小，即小于98.5N。
30.（2019八上·新昌期中）小明阅读到以下的材料：在几千米高的山上，如果没有高压锅，连一顿熟饭都煮不了，这是由于水的沸点随气压改变的缘故。为了验证沸点与气压间存在怎样的关系，小明设计了以下实验方案并加以实施。
【实验一】用酒精灯加热烧瓶的水，如图a，用温度计测得水将要沸腾到沸腾过程中温度随时间的变化如下表格所示：
时间/分
2
4
6
8
10
12
14
温度/℃
70
78
86
91
102
102
102
（1）由数据可知，当时烧瓶内气压________（填“大于”、“小于”或“等于”）1个标准大气压。
（2）【实验二】：烧瓶中的水沸腾（如图a所示）后移去酒精灯，水停止沸腾；待水温降低一些后将大注射器接到烧瓶口上（如图b所示）。向外拉注射器活塞，看到水重新沸腾。 实验表明________；
（3）若利用图c装置来验证“气压增大时，液体沸点升高”，当瓶内水沸腾后，小明该如何操作________。
【答案】 （1）大于（2）气压越低，沸点越低（3）向瓶内压入气体
【解析】（1）1个标准大气压水的沸点为100℃，由图表中的数据可以看出水的沸点为102℃，因此当时烧瓶内气压大于1个标准大气压。
（2）【实验二】：烧瓶中的水沸腾（如图a所示）后移去酒精灯，水停止沸腾；待水温降低一些后将大注射器接到烧瓶口上（如图b所示）。向外拉注射器活塞，看到水重新沸腾。这是因为沸点与气压有关，沸点会随气压的增大而增大，随气压的减小而减小。在实验中水重新沸腾是因为向外拉注射器活塞，使烧瓶内的气压下降，水的沸点下降，降到水温以下，水重新沸腾。
（3）若利用图c装置来验证“气压增大时，液体沸点升高”，当瓶内水沸腾后，小明应该向内推注射器活塞增大瓶内的气压，观察液体是否沸腾来。
31.（2019九下·温州竞赛）如图所示，是科技迷小明制作的“真空炮”模型：在一根两端开口、内壁光滑、水平放置的透明塑料管左端管口处，放置一枚弹丸；管口两端各有一块可自由开合的挡板；靠近管口右端连接抽气机，抽出一部分气体后，迅速将挡板1打开，弹丸便可冲开挡板2从管右端射出。
那么弹丸从管口射出的出口速度大小与哪些因素有关呢？小明提出了如下猜想：
A.与透明塑料管内外气压差有关B、与透明塑料管的长度有关.
C.与弹丸的直径有关D.与弹丸的形状有关请回答下列问题：
（1）该实验中抽气机的作用是：________。
（2）控制其他因素相同时，小明分别用球形和弹头形弹丸进行实验，并在塑料管壁两侧安装光电传感计时器，测量不同位置弹丸的速度大小。
①基于实验设计，小明要验证猜想________。（填序号）
②其中弹头形弹丸（如图甲）的速度随位置变化的关系图像如图乙所示。请分析弹头形弹丸在塑料管中的速度增大变慢的原因：________。
【答案】 （1）抽气机将透明塑料管内的气体抽出，管内气体压强减小，外界大气压大于里面的大气压，里外气压差将弹丸压出（2）D；弹头形弹丸可能质量大，惯性大，运动状态越不容易改变，速度减小的慢
【解析】（1）抽气机将透明塑料管内的气体抽出，管内气体压强减小，外界大气压大于里面的大气压，里外气压差将弹丸压出；
（2）① 用球形和弹头形弹丸进行实验 ，则要验证的是D、与弹丸的形状有关；
② 弹头形弹丸在塑料管中的速度增大变慢的原因 ：弹头形弹丸可能质量大，惯性大，运动状态越不容易改变，速度减小的慢。
32.（2019八上·绍兴期末）小明利用如图所示的装置测量本地大气压的大小，其中弹簧测力计和2mL注射器的自重可忽略不计，活塞与针筒之间气密性很好，但摩擦较大。他进行了如下实验。
（1）拔去橡皮帽，将活塞推至底端，当绳端钩码加至2N时，针筒恰由静止开始向右移动，此时弹簧测力计示数为1.5N，则活塞与针筒间的摩擦力为1.5N，若绳端钩码增加为3N，则弹簧测力计的示数将________(选填“增大”、“减小”或“不变”)。
（2）为减小活塞与针筒之间的摩擦，小明找来润滑油涂在活塞与针筒壁上，再次测量后发现摩擦减到很小。于是他重新将活塞推至底端，用橡皮帽密封小孔。当弹簧测力计示数为5.1N时，针筒开始向右移动，又测得针筒全部刻度的总长度为4cm，则本地大气压强的测量值为多少帕？
（3）小明发现将活塞推至底端时，注射器前端小孔内的气体无法排尽，这将使得大气压的测量值________(选填“偏大”、“偏小”或“不变”)。
【答案】 （1）不变（2）1.02×105（3）偏小
【解析】（1）当橡皮帽打开时，活塞由静止向右运动时，活塞受到平衡力，弹簧测力计的拉力与针筒对活塞的摩擦力相等，即摩擦力是1.5N；当绳端钩码增加为3N时，摩擦力的大小不变，那么弹簧测力计的示数也不变；
（2）活塞的横截面积为：S=Vl=2cm34cm=0.5cm2=5×10-5m2；
本地的大气压强为：p=FS=5.1N5×10-5m2=1.02×105Pa。
（3）注射器内有空气，那么就会产生向左的压力，这时活塞受到向左的拉力，内部空气的压力和向右的大气压力，它们之间的关系为：F大气=F拉+F内 ， 此时F拉＜F大气 ， 因此测得的大气压强的值偏小。
四、解答题（共4题；共32分）
33.龙卷风发生时，许多房屋被摧毁，屋外的气压急剧降到0.9×105Pa，当时门窗紧闭，可以近似地认为室内的气压是标准大气压，取作1×105Pa，若室内屋顶的面积为100m2。
（1）屋内外的大气压强差是多少？
（2）若室内屋顶的面积为100m2 ， 求屋内外的大气压力差是多少？
【答案】 （1）解：屋内外的大气压强差： △p=p内-p外=1.0×105Pa-0.9×105Pa=1×104Pa
（2）解：屋内外的大气压力差： △F=△pS=1×104Pa×100m2=1×106N
34.（2018八上·柯桥月考）小柯将轻质塑料挂钩（质量不计）的吸盘压在玻璃餐桌的下表面，测出塑料吸盘与玻璃的接触面积为5厘米2 ， 同时将盛水塑料桶挂到挂钩上，如图所示。
（1）在塑料吸盘未挂塑料桶时，若吸盘是紧压在玻璃餐桌下表面的，则吸盘所受的力是________和________ 。
（2）若当时大气压强为1.0×105帕，则吸盘最多能挂多重的盛水塑料桶？
（3）实际操作中，当小明把重为40牛的水桶挂到挂钩上时，吸盘却被拉掉了．你认为是什么原因造成的呢？________。
【答案】 （1）大气向上的压力；玻璃板对它向下的弹力
（2）解：吸盘与玻璃的接触面积为S=5cm2=0.0005m2；
∵P=FS：
∴吸盘受到的大气压力：F=PS=1.0×105 Pa×0.0005m2=50N；
对于吸盘来说，当筒重等于大气压力时，吸盘刚好不下落，故得G=F=50N
（3）吸盘内的空气没有完全挤出（或吸盘的气密性不好，实验过程中有外部的空气进入吸盘）
【解析】（1）对塑料吸盘进行受力分析，确定它的受力情况，注意它的重力忽略不计；
（2）首先根据F=pS计算出吸盘受到的大气压力，然后根据平衡原理计算盛水塑料桶的重力；
（3）吸盘内空气没有排挤干净、吸盘漏气都可能导致测出的大气压力减小。
35.（2019八上·新昌期中）如图，高压锅是家庭厨房中常见的炊具，利用它可将食物加热到100℃以上，它省时高效，深受消费者欢迎。
（1）小明测得家中高压锅出气孔的横截面积S为12mm2 ， 压在出气孔上的安全阀的质量为72g，取g=10N/kg，计算安全阀自重对出气孔处气体所产生的压强。
（2）当高压锅内气压增大到某一值时，锅内气体就能自动顶开安全阀放气。在外界为标准大气压的环境下，该高压锅内的气体能达到的最大压强是多少？
（3）对照图所示水的沸点与气压的关系图线，说明利用这种高压锅烧煮食物时，可以达到的最高温度大约是多少？
【答案】 （1）解：安全阀的重力：G=mg=0.072kg×10N/kg=0.72N，气孔的面积：S=12mm2=1.2 ×10-5m2
安全阀对气孔处气体产生的压强： p=FS=GS=0.72N1.2×10−5m2=6×104Pa
答：安全阀自重对出气孔处气体所产生的压强为6×104Pa；
（2）由题意知：锅内气压等于一标准大气压与安全阀对气体压强之和，则锅内气压是1.01×105Pa+6×104Pa=1.61× 105Pa；
答：在外界为标准大气压的环境下，该高压锅内的气体能达到的最大压强是1.6 1×105Pa；
（3）对照图象可知，当气压为1.61×105Pa时，所对应的温度大约是115℃
36.（2018八上·金华期中）如图所示甲是一个深度很浅的皮碗，乙是将皮碗压向水平的天花板，挤出皮碗下的全部空气，在大气压的作用下，皮碗像吸盘一样“平贴”在天花板上，皮碗的吸附面积为 100cm2 ， 皮碗中心引出的细线可以悬挂一个物体在空中。（不计细线和皮碗的重量，大气压取 1.0×10 5Pa，g 取 10N/kg）
（1）皮碗能像吸盘一样“平贴”在天花板上是由于受到________的作用。
（2）要想吸盘不脱落，所挂物体的重量不得超过多少？
（3）设想细线下挂一边长为10cm，质量为500g的正方体物块时吸盘没有脱落（物块底面保持水平），剪断细线物块落在水平地面上无反弹和翻滚，从触地时开始计时，物块对地面的压强随时间变化的关系如图丙所示（接触面积一直是正方形的底面积），压强减至pr时便保持不变。求t=0时物块对地面的压力和t=0.1s时pr为多少？
【答案】 （1）大气压
（2）解：因为p= FS ，所以大气压作用在吸盘上的压力：F=p0S=1.0×105Pa×100×10−4m2=1000N，
所挂物体的最大重量G=F=1000N
（3）解：查表知t=0时物块对地面的压强p1=1.5×103Pa，
所以物块对地面的压力：F=p1S=1.5×103Pa×(0.1m×0.1m)=15N，
由题意t=0.1s时可知此时正方体物块静止在水平地面上，
Fr=G物=mg=0.5kg×10N/kg=5N，
则pr= FrS′=5N(0.1m×0.1m)2 =500Pa
浙教版8年级上册期中期末 10 第二章综合测试
总分160分 时间120分钟
一、单选题（共20题；共60分）
1.（2020八上·苍南期末）2019年12月22日是冬至，当天苍南天气预报：小雨，降水量3毫米-5毫米，东北风2级，全天气温8℃~15℃，当前相对湿度91%。对这段天气预报理解正确的是( )
A. 当日平均气温是11.5℃ B. 东北风是指西南吹向东北的风
C. 相对湿度越大降水概率越高 D. 降水量是指雨量筒中水的体积
【答案】 C
【解析】A、气象学上通常用一天2时、8时、14时、20时四个时刻的平均气温作为一天的平均气温(即四个气温相加除以4)，因此当日平均气温并不是11.5℃，A不符合题意。
B、东北风就是从东北方向吹来的风，吹向西南方向，B不符合题意。
C、降水形成有两个基本条件：空气中含有足够的水汽；空气温度下降到水汽能够凝结出来的程度，那么相对湿度越大，空气中水汽越多，所以降雨概率会越高，C符合题意。
D、降水量是一定时间内，降落到水平面上，假定无渗漏，不流失，也不蒸发，累积起来的水的深度，是衡量一个地区降水多少的数据。 降水量一般用雨量筒测定，D不符合题意。故答案为：C
2.（2019八上·浙江期中）如图所示，点燃一段线香横插在橡皮泥上，用一只大号烧杯扣上，下列说法不正确的是（ ）
A. 可观察到线香向四处弥漫 B. 线香的烟中间上升，沿四周下降，形成对流
C. 试验中观察到的现象就是对流层的对流现象 D. 此实验的现象与烧水时水的对流现象本质原因相同
【答案】 A
【解析】A、由于该实验中用一只大烧杯扣上，所以线香的烟是先上升，不能通过烧杯跑出去，所以只能沿四周下降，形成对流而不是四处弥漫，A符合题意。
B、由于大烧杯扣上，线香的烟不能跑出去，那么就会中间上升，沿四周下降，形成对流，B不符合题意。
C、由于离线香近的地方比较热，离他越远温度越低，所以烧杯里空气受热不均，受热的空气膨胀上升，而受冷的空气下沉而形成的这种对流的现象，再加上大烧杯扣上烟气不能跑出，所以从烧杯顶的烟气也只能往下流，C不符合题意。
D、烧水时产生大量气体，但是盖子盖住所以气体不能跑出去，到达烧水盖就回流下来，烧水壶里气体受热不均匀，暖的地方气体上升，冷的地方气体下降，形成对流，D不符合题意。 故答案为：A
3.（2019八上·诸暨月考）“忽如一夜春风来,千树万树梨花开”描写的是( )
A. 春天来了,花儿争奇斗艳 B. 暖锋过境,带来降雪、大风和降温天气
C. 暖锋过境,带来降雪、气温将升高 D. 冷锋过境,带来降雪、大风和降温天气
【答案】 D
【解析】“忽如一夜春风来，千树万树梨花开”，诗句可以看出天气变化比较快，而且有降雪，说明是冷锋活动。 故答案为：D
4.（2019·慈溪模拟）中央电视台少儿节目“大风车”中有一栏目常给中小学生介绍一些科普知识，其中有一期介绍了一种叫“天气预报瓶”的创意新品。如图所示，A为玻璃管与大气相连，B 为密闭的玻璃球内装有红墨水，它能显示天气的好坏，随着环境气压的变化，A管内的水位会上升或下降。小科仿制了一个，发现比较灵。下列说法不正确的是（）
A. 天气预报瓶利用天气和大气压的关系进行预报的
B. A管和B球液面相平时，显示内外气压一致
C. A管液面明显下降时，往往转为阴雨天气
D. B球内装较多红墨水，可以减少瓶内温度变化造成的干扰
【答案】 C
【解析】A、由图可知，瓶子内部是密封的，外部连通外界大气压，所以当外界气压发生改变时，液柱的高度会发生改变，则可以通过气压来分析天气；故A正确；
B、A管和B球液面相平时，说明外界气压与球内气压相等；故B正确；
C、A管液面明显下降时，天气是晴天；故C错误；
D、B球内红墨水较多时，吸收相同热量，温度升高的较低，可以减少瓶内温度变化的干扰；故D正确； 故答案为：C。
5.如图所示，将一个瓶子装入适量带色的水，再取一根两端开口的细玻璃管，使玻璃管穿过橡皮塞插入水中。从管子上端吹入少量气体(如图所示)，使瓶内气体压强大于大气压，水沿玻璃管上升到瓶口以上。当拿着它从山脚到山顶，玻璃管内水柱高度将( )
A. 升高 B. 不变 C. 降低 D. 无法判断
【答案】 A
【解析】当玻璃管内的水柱高度不变时，瓶内的气体压强、玻璃管内的水柱压强、大气压强的关系为：p内=p水+p大气。当瓶子从山脚到山顶时，高度增大，大气压强p0减小，于是水柱压强p水增大。根据公式p=ρ液gh可知，玻璃管内水柱高度将升高，故A正确，而B、C、D错误。 故选A。
6.将烧瓶内的水加热至沸腾后移去酒精灯，水会停止沸腾，迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水，你会观察到烧瓶内的水又沸腾起来，产生这一现象的原因是( )
A. 瓶内气体温度升高，压强增大，水的沸点降低 B. 瓶内气体温度降低，压强减小，水的沸点降低
C. 瓶内气体温度降低，压强减小，水的沸点升高 D. 瓶内气体温度升高，压强增大，水的沸点升高
【答案】 B
【解析】把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水，里面的水蒸气迅速液化，气体体积减小压强减小，于是水的沸点降低。由于此时水的温度高于水的沸点，因此水会重新沸腾起来，故B正确，而A、C、D错误。 故选B。
7.（2018八上·长兴期中）读“气温曲线与降水量柱状图”，判断哪一种是表示我国南方地区气候的（ ）
A. B. C. D.
【答案】 B
【解析】南方降水量集中在夏季，从图中可知B符合题意. 故答案为：B
8.（2018八上·萧山期中）以下诗歌和谚语往往蕴含着丰富的地理知识，下列对诗歌和谚语的解读正确的是（ ）
A. “早穿皮袄午穿纱，围着火炉吃西瓜”反映了温带大陆性气候气温年较差大的特点
B. “人间四月芳菲尽，山寺桃花始盛开”形象地反映了纬度位置对气候的影响
C. “夜来风雨声，花落知多少”描述的是气候特征
D. “黄梅时节家家雨，青草池塘处处蛙”反映了长江中下游地区的梅雨天气
【答案】 D
【解析】A、 早穿皮袄午穿纱，围着火炉吃西瓜反映了温带大陆性气候气温每日的气温落差较大的特点；故A错误； B、 人间四月芳菲尽，山寺桃花始盛开形象地反映了地形对气候的影响；故B错误；
C、 夜来风雨声，花落知多少描述的是天气特征；故C错误；
D、 黄梅时节家家雨，青草池塘处处蛙反映的是长江中下游地区梅雨的天气；故D正确；故答案为：D。
9.（2020八上·海曙期末）如果把笼罩着地球的大气层比作浩瀚的海洋，我们人类就生活在这“大气海洋”的底部，承受着大气对我们的压强﹣﹣大气压。下列有关叙述中错误的是（ ）
A. 马德堡半球实验有力地证明了大气压的存在
B. 1个标准大气压的数值为1.01×105Pa（即760mm汞柱）
C. 大气压的大小与大气的密度有关，离地面越高的地方，大气压越大
D. 用钢笔吸墨水是应用大气压的事例
【答案】 C
【解析】A.马德堡半球实验有力地证明了大气压的存在，故A正确不合题意；
B.1个标准大气压的数值为1.0l×l05Pa（即760mm汞柱） ，故B正确不合题意；
C.大气压的大小与大气的密度有关，离地面越高的地方，大气压越小，故C错误符合题意；
D.用钢笔吸墨水是应用大气压的事例，故D正确不合题意。 故选C。
10.（2019八上·杭州期中）向如图试管的水中加入一些硝酸铵晶体（装置气密性良好），完全溶解后，弯曲的玻璃管内液面将( )
A. a液面升高，b液面下降 B. a液面下降，b液面上升
C. a、b液面均无变化 D. 条件不足，无法判断
【答案】 A
【解析】向如图试管的水中加入一些硝酸铵晶体，由于硝酸钾吸热使锥形瓶内空气温度降低，所以压强减小，即U形管a侧压强减小，因此a液面升高，b液面下降。 故选A。
11.（2018八上·秀洲期中）某同学自己设计了一个粗略测量大气压强的实验：把两个橡胶皮碗对在一起，用力挤出中间的空气，如图所示．把皮碗悬吊起来，在皮碗下挂重物，逐渐增加所挂的重物，测出最多能挂的物重G，再测出此时皮碗的直径d，皮碗自重忽略不计．则根据这些数据计算大气压P的公式是 ( )
A. B. C. D.
【答案】 C
【解析】当皮碗刚刚被拉开时，它受到的大气压力等于物体的重力，即F=G；
皮碗的受力面积为：S=πr2=π(d2)2=πd24；
那么大气压强p=FS=Gπd24=4Gπd2。 故选C。
12.（2018八上·杭州期中）2016年7月1日起，全省二级以上医院（除儿童医院）全面停止门诊患者静 脉输注抗菌药物；如图是医院为病人输液部分装置，图中A为输液瓶，B为滴壶，C为进气管，与大气相通，则在输液过程中（瓶A中尚有液体），下列说法正确的是（ ）
①瓶A中液面下降，但A中上方气体的压强不变；
②瓶A中上方气体的压强随液面的下降而增大；
③在瓶中药液输完以前，滴壶B中的气体压强保持不变；
④滴壶B中的气体压强随A中液面的下降而减小；
A. ①③ B. ②③ C. ①④ D. ②④
【答案】 B
【解析】瓶A中上方气体的压强为外界大气压与瓶A中的液体产生的压强差；当瓶A中的液体面下降时，气体体积增大，压强减小，故①错误；
随着液面的下降，瓶A中液体产生的压强减小后，空气会从C口进入，所以瓶A中上方气体的压强会增大，故②正确。
进气管C处的压强为大气压强保持不变，从C到滴壶B之间的液柱高度不变，所以滴壶B中的气体压强在瓶中药液输完以前是不变的，故③正确，④错误。
那么正确的是②③ 故选B。
13.一根试管竖直放置，5cm长水银柱封住一部分气体，那么气体的压强为（ ）
A. 81cm水银柱 B. 71cm水银柱 C. 76cm水银柱 D. 86cm水银柱
【答案】 A
【解析】初始状态时管内的气体的压强为大气压强与水银柱产生的压强的和，即为：
p1=p0+ph=76cmHg+5cmHg=81cmHg。故答案为：A
14.对下图反映的气候类型的叙述，正确的是（ ）
A. 雨热同期，利于作物生长 B. 夏季降水少，阳光充足
C. 亚洲缺少此气候类型 D. 反映了沙漠地区的气候特点
【答案】 B
【解析】读图时先根据气温确定在哪个温度带，因为此图一月气温在0℃以上，所以为亚热带的气候类型，这就是以温定带；然后观察降水，夏季少雨，冬季多雨，因此是 地中海气候，这就是以水定型。该气候雨热不同期，在亚洲有分布，故选B。
15.天气预报是我们比较熟悉的，对下列图表为我国部分城市2015年6月11日天气状况和污染指数。针对图表，表述全部正确的是（ ）
城市
天气状况
污染指数
北京
33
哈尔滨
47
上海
61
广州
42
A. 哈尔滨雷阵雨，空气质量优 B. 北京雷阵雨，空气质量良
C. 上海小雨转多云，空气质量优 D. 广州小雨转晴，空气质量良
【答案】 A
【解析】结合图表可知，哈尔滨、北京、广州是雷阵雨天气，上海市多云的天气；从污染指数来看，污染指数0~50，空气质量为优；51~100，空气质量为良。故选A。
16.在测量大气压强的实验中，为消除活塞与针筒间摩擦力对实验的影响，某同学采用了图示装置。将注射器筒固定在水平桌面上，把活塞推至注射器筒底端，用橡皮帽封住注射器的小孔，活塞通过水平细线与烧杯相连。向烧杯中缓慢加水，当活塞刚开始向左滑动时，测得杯中水的质量为880g；然后向外缓慢抽水，当活塞刚开始向右滑动时，测得杯中水的质量为460g。烧杯质量为100g，活塞面积为7×10-5m2 ， g=10N/kg，轮轴间的摩擦和绳重不计。则所测大气压的值应为( )
A. 1.26×105Pa B. 1.10×105Pa C. 1.01×105Pa D. 0.96×105Pa
【答案】 B
【解析】【解答】当注射器中的活塞开始向右滑动时，G1=(0.88+0.1)kg×10N/kg=9.8N，对活塞受力分析f+F=G1=9.8N；
当注射器中的活塞开始向左滑动时，G2=(0.46+0.1)kg×10N/kg=5.6N，对活塞受力分析 F﹣f=G2=5.6N；两式联立解得：F=7.7N；
∴ ；故选B。
17.假如在“流体中流速越大的位置压强越大”。则不会出现的情况是（ ）
A. 跑车尾翼的截面形状应该反过来 B. 两艘并列同向行驶的船只不会相撞
C. 地铁、火车站的站台安全线不必设置 D. 喷雾器再怎么用力吹也喷不出雾来
【答案】 C
【解析】如果在流体中流速越大的位置压强越大，那么.跑车尾翼的截面形状应该倒过来，所以A会出现；.
两艘并列同向行驶的船只将会远离，所以B会出现；
当火车、地铁快速运行带动周围的空气快速流动时，周围空气的流速增大，压强增大，大于附近的大气压，这样火车、地铁附近的人就会受到向外的推力，确实不会出现火车撞人的现象，但是，如果这样的推力足够大时，还可以将人推倒甚至使人受伤，这也是不安全的，所以地铁站、火车站设置安全线还是很必要的，所以C不会出现；
喷雾器会由于大气压的作用下再怎么用力吹也喷不出雾来，所以D会出现；故选C
18.（2018八上·温岭期中）2018年2月2日我国第一颗电磁检测试验卫星“张衡一号”在甘肃酒泉卫 星发射中心发射成功。甘肃酒泉卫星发射中心，年平均气温8.5℃，适合春秋两季旅游。而海南的文昌卫星发射中心，年平均气温24℃，全年适合旅游。形成这两地气温差异的主要因素是（ ）
A. 纬度位置 B. 地形起伏 C. 海陆位置 D. 季风
【答案】 A
【解析】 甘肃酒泉纬度约在北纬40°，海南岛纬度位置在20°附近，太阳辐射由赤道向南北两极递减，导致地表的气温由低纬度地区向两极逐渐降低，所以形成这两地气温差异的主要因素是纬度位置。 故答案为：A
19.（2017八上·海宁月考）为改善地下车站的通风状况，小科设计抽气管道，利用地面横风实现自动抽气。为提高 抽气效果，管道上方遮雨盖的形状应设计成下列图中的( )
A. B. C. D.
【答案】 B
【解析】A、设计中井口与井口上方的空气流动速度相同，不能形成气压差，没有自动抽气的效果，A错误；
B、设计中井口上方遮雨盖是下向凸起的，空气在通过这个凸起时流速增大，而井口上方的空气流速小气压大，所以形成向上流动的气流，能够实现抽气的效果，B正确；
C、与B选项中的设计刚好相反，凹面没有增大流速的效果，反而会使气流向下运动，没有抽气效果，C错误；
D、设计与C相似，气流会向下运动，没有向上抽气的效果，D错误。故选B
20.如图所示甲和乙是影响我国的夏季风，下列叙述，不正确的是( )
A. 甲是东南季风，来自于太平洋 B. 乙是西南季风，来自于印度洋
C. 甲、乙相比，乙影响我国降水范围更广 D. 夏季风的进退与东部雨带的推移密切相关
【答案】 C
【解析】A、甲是东南季风，来自于太平洋是正确的。
B、乙是西南季风，来自于印度洋是正确的。
C、乙西南季风受青藏高原和喜马拉雅山脉的阻挡，故其影响范围较小，故不正确，符合题意。
D、夏季风的进退与东部雨带的推移密切相关是正确的。故答案为：C
二、填空题（共8题；共42分）
21.（2018八上·湖州月考）某地一天中气温的最高值与最低值的差称为气温的日较差。如图为A、B两地气温日变化图，回答下列问题：
（1）A，B两地气温日较差较大的是________，温差达到________℃。
（2）A，B两地分别表示海洋和陆地，那么________是海洋。
【答案】 （1）A；15（2）B
【解析】（1）由图可以看出，A比B日温差大；一天当中日出气温最低，午后2点气温最高，A地区日温差达15摄氏度；
（2）海洋水的比热大，所以气温变化幅度比较小，反过来，大陆砂石比热小，气温变化幅度大；故B地是海洋。
22.（2015八上·浙江期中）读气温的垂直分布图，完成下列问题。
（1）在①②③三层中，①为中间层，有利于高空飞行的是________；（填序号）
（2）下列关于对流层描述正确的是________(填序号)。
①对流层内随高度的增加气温升高 ②不同地表的对流层高度是一样的 ③对流层最显著的特点是空气有强烈的水平运动 ④对流层集中了3/4的大气质量和几乎全部的水汽 ⑤对流层的天气现象复杂多变
【答案】 （1）②（2）③④⑤
【解析】（1）②为平流层，气流运动以水平运动为主，天气晴朗，故适合飞机高空飞行．（2）①对流层热量的（主要）直接来源是地面辐射,所以气温随高度升高而降低，错误；②对流层基本是由赤道向两极变薄，错误；③对流层最显著的特点是空气有强烈的水平运动，正确④对流层集中了大气质量的四分之三和几乎全部的水汽、杂质，正确；⑤对流层大气运动以垂直为主，对流运动强烈，温度降低收缩凝结从而成云致雨．而对流层集中了几乎全部的水汽与固体杂质，为天气变化提供了条件．另外除了垂直变化，对流层不同地区的水平方向温度也存在不同．故天气现象复杂多变，正确．
23.（2020八下·慈溪期末）如图是宁波某地6月27日天气预报图。
（1）图示此日的最高气温为30℃，一天中最高气温出现在________时左右。
（2）天气预报中最基本的气候要素是________。
【答案】 （1）14（或“下午2”）（2）气温和降水
【解析】（1）气温的日变化中一天中气温最高值出现在14时左右，也就是午后2点左右，一天中气温最低值出现在日出前后。
（2）这次天气预报中反映的最基本的气候要素是气温和降水 。
24.手持式小型抽气、打气两用气筒的构造如图甲所示，a为筒壳，b为活塞，c和d为两个气嘴，气嘴内部有气阀门(如图乙)，使用这种气筒打气或抽气时：当接气嘴________(选填“c”或“d”)时，活塞往________(选填“左”或“右”)移，起打气作用；当接气嘴________(选填“c”或“d”)时，活塞往________ (选填“左”或“右”)移，起抽气作用。
【答案】 d；右；c；左
【解析】（1）当接气嘴d，活塞向右移动时，这时打气筒内气体受到挤压，里面压强大于外面压强，于是阀门c被压紧，阀门d被推开，从而将里面的气体排出，起打气作用；
（2）当接气嘴c，活塞向左移动时，打气筒内气体体积增大，压强减小，小于外面的大气压强，于是阀门d被压紧，阀门c被推开，外面的空气进入打气筒，起到抽气作用。
25.（2019七下·慈溪期中）如图所示，密闭的玻璃罩内放有两个小实验装置：一个充气的气球，另一个是装满水的杯子，杯口用塑料薄片覆盖并倒置悬挂在玻璃罩内。在用抽气机不断抽去罩内的空气，最后可观察到的现象是：
（1）充气的气球体积变________
（2）玻璃杯中的水和塑料片________（选填“掉下”或“保持静止”）
【答案】 （1）大（2）掉下
【解析】（1）用抽气机不断抽去罩内的空气，玻璃罩内的气压会减小。此时气球内的气压大于外部气压，因此充气的气球会向外膨胀，即体积变大；
（2）用抽气机不断抽去罩内的空气，玻璃罩内的气压会减小，因此玻璃杯中的水和塑料片会掉下。
26.（2019八上·杭州期末）下图是小应同学自制的气压计，瓶内装的是染有红色的水。
（1）制作时，瓶内的水________（选填“要”、“不要”）装满。
（2）使用该气压计时，发现细玻璃管内水柱上升，说明此时大气压变________（选填“大”、“小”）。
（3）他将气压计从1楼到5楼的过程中，观察到管内水柱发生了变化，记录如下表：
楼层
1
2
3
4
5
管内与瓶内液面的高度差（cm）
5
5.3
5.7
6
6.3
从表中数据可以看出大气压强随高度的增高而________。
【答案】 （1）不要（2）小（3）减小
【解析】（1）制作时，瓶内的水不要装满，目的使瓶内的气压大于外界大气压，使玻璃管内的水面高于瓶内的水面；
（2）瓶内的气压等于大气压加上细管内水柱产生的压强，即p内=p大气压+p水；当瓶内气压不变，水柱上升，水柱的压强p水增大，所以大气压减小；
（3）由表中的数据可知，高度越高，管内与瓶内液面的高度差越大，大气压越小．
27.读“我国东部部分城市气候类型图”，回答问题。
（1）从图可以看出，我国东部季风区降水和温度配合的特点是：________ 。
（2）在A、B、C、D四幅图中，与浙江杭州气候类型最为相似的是________ 图(填代号)，造成A城市与 D城市差异较大的主导因素是________ （填“纬度位置”或“地形”)。
【答案】 （1）降水多气温高(或雨热同期)（2）C；纬度位置
【解析】（1）从分析中可以知道，我国东部季风区降水和温度配合的特点是降水多同时气温高(也就是雨热同期)（2）浙江杭州靠近东部沿海，属亚热带季风气候带，夏季年降水量较多，气温较高，降水的量多和气温不会很低的差别，符合的只有C图。题中都为东部沿海，所以不是海陆位置，不是季风，而地形从本题根本不可能知道。只有维度位置。我国东部沿海绵延几千里，维度位置不同，气温的差别比较大，图中A最低气温-20摄氏度，而D为10摄氏度。故应该是纬度位置不同引起的。
28.（2019八上·秀洲期末）读我国某日的天气图，该日甲、乙、丙三地最不可能降雨的地区是________。 当天丁地主要吹________（选填：“东”、“南”、“西”、“北”）风。
【答案】 甲；西
【解析】由天气图可知，甲处于高压控制地区，天气晴朗，乙处于低压控制地区，有可能下雨，丙处于冷锋经过地区，冷锋过境一定会降雨；空气是从高压地区流向低压地区，所以大气是从左流向右，即丁地的风向是西风；
三、实验探究题（共4题；共26分）
29.（2019八上·长兴月考）在自主学习探究过程中，小俊同学利用带拉环的吸盘、厚玻璃板、水、刻度尺、大量程弹簧秤来测量大气压强的大小，具体实验步骤是：①用刻度尺测出吸盘的直径，算出吸盘平面面积为10厘米2；②将吸盘沾水湿润后，压在厚玻璃板上。排尽吸盘内空气；③用弹簧秤水平拉动吸盘，直至恰好脱落，读出此时弹簧秤示数为98.5牛；④记录整理数据；⑤算出大气压的值，分析实验结论。实验装置如图，请结合你所学的知识分析：
（1）将吸盘沾水湿润的目的是________；
（2）根据小俊同学的实验数据，计算出大气压的值等于________帕。该实验中测得大气压值与当地当日实际气压值相比偏小的原因，下列同学分析有道理的是________ ;
A．水存在“粘性”，将吸盘“粘”牢了 B．吸盘内空气未排净
C．由于吸盘被拉变形后，吸盘受气压的面积变小 D．由于误差，弹簧秤读数偏小
（3）在实验时，如果拿一个吹风机对着吸盘自上而下吹风，如图乙，则你预计的弹簧秤示数可能会________98.5牛(填“大于”“小于”或“等于”)。
【答案】 （1）保持密封,防止漏气（2）9.85×104；B（3）小于
【解析】（1）将吸盘沾水湿润的目的是保持密封,防止漏气；
（2）大气压的数值为：p=FS=98.5N10×10-4m2=9.85×104Pa；
A．水存在“粘性”，将吸盘“粘”牢了，那么测出的大气压力偏大，计算出的大气压强也偏大，故A错误；
B．吸盘内空气未排净，会使测出的大气压力偏小，计算出的大气压强也偏小，故B正确；
C．由于吸盘被拉变形后，吸盘受气压的面积变小，那么计算出的大气压强偏大，故C错误；
D．由于误差，弹簧秤读数偏小，那么测出的大气压力偏小，计算出的大气压偏小，故D正确。
故选BD。
（3）在实验时，如果拿一个吹风机对着吸盘自上而下吹风，那么吸盘表面空气流速大压强小，因此测出的大气压力偏小，即小于98.5N。
30.（2019八上·新昌期中）小明阅读到以下的材料：在几千米高的山上，如果没有高压锅，连一顿熟饭都煮不了，这是由于水的沸点随气压改变的缘故。为了验证沸点与气压间存在怎样的关系，小明设计了以下实验方案并加以实施。
【实验一】用酒精灯加热烧瓶的水，如图a，用温度计测得水将要沸腾到沸腾过程中温度随时间的变化如下表格所示：
时间/分
2
4
6
8
10
12
14
温度/℃
70
78
86
91
102
102
102
（1）由数据可知，当时烧瓶内气压________（填“大于”、“小于”或“等于”）1个标准大气压。
（2）【实验二】：烧瓶中的水沸腾（如图a所示）后移去酒精灯，水停止沸腾；待水温降低一些后将大注射器接到烧瓶口上（如图b所示）。向外拉注射器活塞，看到水重新沸腾。 实验表明________；
（3）若利用图c装置来验证“气压增大时，液体沸点升高”，当瓶内水沸腾后，小明该如何操作________。
【答案】 （1）大于（2）气压越低，沸点越低（3）向瓶内压入气体
【解析】（1）1个标准大气压水的沸点为100℃，由图表中的数据可以看出水的沸点为102℃，因此当时烧瓶内气压大于1个标准大气压。
（2）【实验二】：烧瓶中的水沸腾（如图a所示）后移去酒精灯，水停止沸腾；待水温降低一些后将大注射器接到烧瓶口上（如图b所示）。向外拉注射器活塞，看到水重新沸腾。这是因为沸点与气压有关，沸点会随气压的增大而增大，随气压的减小而减小。在实验中水重新沸腾是因为向外拉注射器活塞，使烧瓶内的气压下降，水的沸点下降，降到水温以下，水重新沸腾。
（3）若利用图c装置来验证“气压增大时，液体沸点升高”，当瓶内水沸腾后，小明应该向内推注射器活塞增大瓶内的气压，观察液体是否沸腾来。
31.（2019九下·温州竞赛）如图所示，是科技迷小明制作的“真空炮”模型：在一根两端开口、内壁光滑、水平放置的透明塑料管左端管口处，放置一枚弹丸；管口两端各有一块可自由开合的挡板；靠近管口右端连接抽气机，抽出一部分气体后，迅速将挡板1打开，弹丸便可冲开挡板2从管右端射出。
那么弹丸从管口射出的出口速度大小与哪些因素有关呢？小明提出了如下猜想：
A.与透明塑料管内外气压差有关B、与透明塑料管的长度有关.
C.与弹丸的直径有关D.与弹丸的形状有关请回答下列问题：
（1）该实验中抽气机的作用是：________。
（2）控制其他因素相同时，小明分别用球形和弹头形弹丸进行实验，并在塑料管壁两侧安装光电传感计时器，测量不同位置弹丸的速度大小。
①基于实验设计，小明要验证猜想________。（填序号）
②其中弹头形弹丸（如图甲）的速度随位置变化的关系图像如图乙所示。请分析弹头形弹丸在塑料管中的速度增大变慢的原因：________。
【答案】 （1）抽气机将透明塑料管内的气体抽出，管内气体压强减小，外界大气压大于里面的大气压，里外气压差将弹丸压出（2）D；弹头形弹丸可能质量大，惯性大，运动状态越不容易改变，速度减小的慢
【解析】（1）抽气机将透明塑料管内的气体抽出，管内气体压强减小，外界大气压大于里面的大气压，里外气压差将弹丸压出；
（2）① 用球形和弹头形弹丸进行实验 ，则要验证的是D、与弹丸的形状有关；
② 弹头形弹丸在塑料管中的速度增大变慢的原因 ：弹头形弹丸可能质量大，惯性大，运动状态越不容易改变，速度减小的慢。
32.（2019八上·绍兴期末）小明利用如图所示的装置测量本地大气压的大小，其中弹簧测力计和2mL注射器的自重可忽略不计，活塞与针筒之间气密性很好，但摩擦较大。他进行了如下实验。
（1）拔去橡皮帽，将活塞推至底端，当绳端钩码加至2N时，针筒恰由静止开始向右移动，此时弹簧测力计示数为1.5N，则活塞与针筒间的摩擦力为1.5N，若绳端钩码增加为3N，则弹簧测力计的示数将________(选填“增大”、“减小”或“不变”)。
（2）为减小活塞与针筒之间的摩擦，小明找来润滑油涂在活塞与针筒壁上，再次测量后发现摩擦减到很小。于是他重新将活塞推至底端，用橡皮帽密封小孔。当弹簧测力计示数为5.1N时，针筒开始向右移动，又测得针筒全部刻度的总长度为4cm，则本地大气压强的测量值为多少帕？
（3）小明发现将活塞推至底端时，注射器前端小孔内的气体无法排尽，这将使得大气压的测量值________(选填“偏大”、“偏小”或“不变”)。
【答案】 （1）不变（2）1.02×105（3）偏小
【解析】（1）当橡皮帽打开时，活塞由静止向右运动时，活塞受到平衡力，弹簧测力计的拉力与针筒对活塞的摩擦力相等，即摩擦力是1.5N；当绳端钩码增加为3N时，摩擦力的大小不变，那么弹簧测力计的示数也不变；
（2）活塞的横截面积为：S=Vl=2cm34cm=0.5cm2=5×10-5m2；
本地的大气压强为：p=FS=5.1N5×10-5m2=1.02×105Pa。
（3）注射器内有空气，那么就会产生向左的压力，这时活塞受到向左的拉力，内部空气的压力和向右的大气压力，它们之间的关系为：F大气=F拉+F内 ， 此时F拉＜F大气 ， 因此测得的大气压强的值偏小。
四、解答题（共4题；共32分）
33.龙卷风发生时，许多房屋被摧毁，屋外的气压急剧降到0.9×105Pa，当时门窗紧闭，可以近似地认为室内的气压是标准大气压，取作1×105Pa，若室内屋顶的面积为100m2。
（1）屋内外的大气压强差是多少？
（2）若室内屋顶的面积为100m2 ， 求屋内外的大气压力差是多少？
【答案】 （1）解：屋内外的大气压强差： △p=p内-p外=1.0×105Pa-0.9×105Pa=1×104Pa
（2）解：屋内外的大气压力差： △F=△pS=1×104Pa×100m2=1×106N
34.（2018八上·柯桥月考）小柯将轻质塑料挂钩（质量不计）的吸盘压在玻璃餐桌的下表面，测出塑料吸盘与玻璃的接触面积为5厘米2 ， 同时将盛水塑料桶挂到挂钩上，如图所示。
（1）在塑料吸盘未挂塑料桶时，若吸盘是紧压在玻璃餐桌下表面的，则吸盘所受的力是________和________ 。
（2）若当时大气压强为1.0×105帕，则吸盘最多能挂多重的盛水塑料桶？
（3）实际操作中，当小明把重为40牛的水桶挂到挂钩上时，吸盘却被拉掉了．你认为是什么原因造成的呢？________。
【答案】 （1）大气向上的压力；玻璃板对它向下的弹力
（2）解：吸盘与玻璃的接触面积为S=5cm2=0.0005m2；
∵P=FS：
∴吸盘受到的大气压力：F=PS=1.0×105 Pa×0.0005m2=50N；
对于吸盘来说，当筒重等于大气压力时，吸盘刚好不下落，故得G=F=50N
（3）吸盘内的空气没有完全挤出（或吸盘的气密性不好，实验过程中有外部的空气进入吸盘）
【解析】（1）对塑料吸盘进行受力分析，确定它的受力情况，注意它的重力忽略不计；
（2）首先根据F=pS计算出吸盘受到的大气压力，然后根据平衡原理计算盛水塑料桶的重力；
（3）吸盘内空气没有排挤干净、吸盘漏气都可能导致测出的大气压力减小。
35.（2019八上·新昌期中）如图，高压锅是家庭厨房中常见的炊具，利用它可将食物加热到100℃以上，它省时高效，深受消费者欢迎。
（1）小明测得家中高压锅出气孔的横截面积S为12mm2 ， 压在出气孔上的安全阀的质量为72g，取g=10N/kg，计算安全阀自重对出气孔处气体所产生的压强。
（2）当高压锅内气压增大到某一值时，锅内气体就能自动顶开安全阀放气。在外界为标准大气压的环境下，该高压锅内的气体能达到的最大压强是多少？
（3）对照图所示水的沸点与气压的关系图线，说明利用这种高压锅烧煮食物时，可以达到的最高温度大约是多少？
【答案】 （1）解：安全阀的重力：G=mg=0.072kg×10N/kg=0.72N，气孔的面积：S=12mm2=1.2 ×10-5m2
安全阀对气孔处气体产生的压强： p=FS=GS=0.72N1.2×10−5m2=6×104Pa
答：安全阀自重对出气孔处气体所产生的压强为6×104Pa；
（2）由题意知：锅内气压等于一标准大气压与安全阀对气体压强之和，则锅内气压是1.01×105Pa+6×104Pa=1.61× 105Pa；
答：在外界为标准大气压的环境下，该高压锅内的气体能达到的最大压强是1.6 1×105Pa；
（3）对照图象可知，当气压为1.61×105Pa时，所对应的温度大约是115℃
36.（2018八上·金华期中）如图所示甲是一个深度很浅的皮碗，乙是将皮碗压向水平的天花板，挤出皮碗下的全部空气，在大气压的作用下，皮碗像吸盘一样“平贴”在天花板上，皮碗的吸附面积为 100cm2 ， 皮碗中心引出的细线可以悬挂一个物体在空中。（不计细线和皮碗的重量，大气压取 1.0×10 5Pa，g 取 10N/kg）
（1）皮碗能像吸盘一样“平贴”在天花板上是由于受到________的作用。
（2）要想吸盘不脱落，所挂物体的重量不得超过多少？
（3）设想细线下挂一边长为10cm，质量为500g的正方体物块时吸盘没有脱落（物块底面保持水平），剪断细线物块落在水平地面上无反弹和翻滚，从触地时开始计时，物块对地面的压强随时间变化的关系如图丙所示（接触面积一直是正方形的底面积），压强减至pr时便保持不变。求t=0时物块对地面的压力和t=0.1s时pr为多少？
【答案】 （1）大气压
（2）解：因为p= FS ，所以大气压作用在吸盘上的压力：F=p0S=1.0×105Pa×100×10−4m2=1000N，
所挂物体的最大重量G=F=1000N
（3）解：查表知t=0时物块对地面的压强p1=1.5×103Pa，
所以物块对地面的压力：F=p1S=1.5×103Pa×(0.1m×0.1m)=15N，
由题意t=0.1s时可知此时正方体物块静止在水平地面上，
Fr=G物=mg=0.5kg×10N/kg=5N，
则pr= FrS′=5N(0.1m×0.1m)2 =500Pa
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