2021山东师大附中高二下学期期中学分认定考试化学试题含答案

2019级2020—2021学年第二学期期中学分认定考试

化学试题参考答案及解析

一、选择题：1. D 2. D 3.B 4. C 5.D  6.C 7.B 8. C 9. D10. C 

4.【详解】A．苯不能与溴水发生取代反应，而苯酚能与溴水发生取代反应说明羟基的存在使苯环上邻对位的H原子活性增强，故A正确；B．乙醇不能与碱发生中和反应，而乙酸能与碱发生中和反应说明CH3CH2O-对H原子活性的影响和CH3COO-对H原子活性的影响不同，故B正确；C．2-甲基-1-丙醇能发生消去反应是因为2号C上有H，2，2-二甲基-1-丙醇不能发生消去反应是因为2号C上没有H，与基团之间的相互影响无关，C错误；D．乙烷不能使高锰酸钾溶液褪色，而甲苯能使高锰酸钾溶液褪色说明甲基对甲基的影响和苯基对甲基的影响不同，故D正确。

5．【详解】①中醇羟基也能使酸性KMnO4溶液褪色，A错误；②和③是同系物的关系，但均不能发生催化氧化生成醛，B错误；④和⑤不是同系物关系，两者可以用1H核磁共振谱检验，C错误。

6.【详解】根据该有机物的结构简式可知不含酯基，A错误；该有机物含有酚羟基、醇羟基、羰基，能发生取代反应、加成反应，不能发生水解反应，B错误；该有机物含有酚羟基，能与NaOH反应，不能与NaHCO3反应，C正确；酚羟基的邻位、对位的H原子能被Br取代，碳碳双键可以与Br2发生加成反应，所以1 mol 山萘酚与溴水反应最多可消耗5 mol Br2，D错误。

7.【详解】A．饱和碳原子为sp3杂化，苯环上的碳和形成双键的碳为sp2杂化，故A正确；B．2-环己基丙烯中有6种环境的氢原子，故B错误；C．都含有碳碳双键，均可发生加聚反应和氧化反应，故C正确；D．苯环和碳碳双键之间为单键，可自由旋转，所以2-苯基丙烯分子中所有碳原子可能共平面，故D正确；

二、11.【答案】AD 【详解】A．在一定条件下某元素基态原子最外层的电子排布式为 ns2np1，该元素一定为ⅢA族元素故A正确；B．苯中不饱和键在苯和氯气生成的反应后变成饱和键，发生了加成反应，故B错误；C．由分子式为C5H12O的醇在浓硫酸加热的条件下发生消去反应得到的烯烃有(不含立体异构)5种.D．分子式为的烃，如果是环己烷，其核磁共振氢谱只出现一个峰，故D正确；

12.【答案】D （选AD或D都满分）【详解】A．的分子式为C8H8，与其互为同分异构体的芳香烃为苯乙烯，有1种，A说法正确；B．为对称结构，如与硝酸反应，可生成5种一硝基取代物，B说法错误；C．因分子存在三种不同的碳碳双键，如图所示，1分子物质与2分子Br2加成时，可以在①②的位置上发生加成，也可以在①③位置上发生加成或在②③位置上发生加成，还可以1分子Br2在①②发生1，4-加成反应，另1分子Br2在③上加成，故所得产物共有四种，C说法错误；D．分子式为C7H16的烃，分子中有4个甲基的同分异构体可看作正戊烷中间3个碳原子上的氢原子被2个甲基取代，2个甲基在同一碳原子有2种，在不同碳原子有2种，合计有4种，D说法正确；答案为D。

13.【答案】C。【详解】A、B、C选项中试剂均可鉴别上述5种物质，A项中新制Cu(OH)2悬浊液需现用现配，操作步骤复杂；B选项中操作步骤较繁琐：用石蕊试液可鉴别出乙酸溶液，用FeCl3溶液可鉴别出苯酚溶液，用溴水可鉴别出己烯，余下的乙醇和己烷可用金属钠鉴别；C选项中操作简捷，现象明显：用石蕊试液可鉴别出乙酸溶液，再在余下的4种液体中分别加入溴水振荡，产生白色沉淀的是苯酚溶液，使溴水褪色的是己烯，发生萃取现象的是己烷，和溴水互溶的是乙醇。D项无法鉴别。

14.【答案】C

15.【答案】B 【解析】粗溴苯中含有溴苯、苯、等。粗溴苯水洗后，液体分层，易溶于水进入水层，溴易溶于有机物，和苯、溴苯一起进入有机层，分液得水层①和有机层①，操作I为分液；再加入溶液除去，再次分液，操作II也为分液；水层②中主要含有等，有机层②中含有苯、溴苯等。第二次水洗除去有机层②中可能含有的少量，分液后得水层③和有机层③。加入无水氯化钙吸水，过滤，得有机层④，其中含有苯和溴苯，最后根据二者沸点不同，利用蒸馏实现分离。水层①中加入溶液后显红色，只能说明水层①中含有铁离子，但不能说明溴化铁已完全被除尽；综上可知：

A. 操作I、II、III均为分液，用到的主要玻璃仪器是分液漏斗，选项A正确；B. 水层①中加入溶液后显红色，只能说明水层①中含有铁离子，但不能说明溴化铁已完全被除尽，选项B错误；C. 加入溶液的目的是除去有机层①中的单质溴，选项C正确；D. 操作IV、操作V分别是过滤和蒸馏，选项D正确。答案选B。

第Ⅱ卷    非选择题(共60分)

16（12分）取代反应 方程式略 （2）消去反应 方程式略(3)KSCN溶液或苯酚溶液   BCEF(4)

　  17（10分）.（1）-CHO（2）

 第2个方程略 （3）     （4）BC

（2）B为乙醇，D为苯甲醇，二者发生酯化反应生成酯F，化学方程式为：

。

（3）类比已知条件RCHO＋CH3COOR’ RCH＝CHCOOR’可知，醛E和酯F也可发生同类反应得一种不饱和酯X，所以X的结构简式为：。

（4）F的结构为，下列与F互为同分异构体是B、C两种物质，A、D均与F分子式不相同，均多一个亚甲基CH2原子团。

18（12分）.【答案】（1）酯基；

（2）CH3CH2OH          CH 2=CH2↑+H2O  ；Br2/CCl4（或其它合理答案）

（3）+CH3CH2Cl＋HCl（4）

【解析】（1）由甲的结构简式可得出含有的官能团是碳碳双键和酯基；有碳碳双键所以可以使溴的四氯化碳或酸性高锰酸钾溶液褪色；（2）由框图转化不难看出，淀粉水解得到葡萄糖，葡萄糖在酶的作用下分解生成乙醇。乙醇通过消去反应得到乙烯，乙烯加成得到1，2－二卤乙烷，最后通过水解即得到乙二醇。（3）由已知信息可知，要生成苯乙烯，就需要用乙苯脱去氢，而要生成乙苯则需要苯和氯乙烷反应，所以有关的方程式是：①CH2＝CH2+HClCH3CH2Cl；②

；③。

（4）丁与FeCl3溶液作用显现特征颜色，说明丁中含有苯环和酚羟基。苯酚的相对分子质量为94，110－94＝16，因此还含有一个氧原子，故是二元酚。又因为丁分子中烃基上的一氯取代物只有一种，所以只能是对位的，结构简式是。

19(14分). (1).      (2). sp2    ((3n+1)NA    (3). 离子晶体    H＜C＜N    (4). 大于    (5). 4   (，，)   

【解析】【详解】(1)Ge是32号元素，基态Ge原子核外电子排布式为[Ar]3d104s24p2，所以价电子排布图为(2)①Na2GeO3中锗原子的价层电子对数为=3，所以杂化方式为sp2；②GenH2n+2与甲烷类似，所以分子中的共价键均为σ键，n个Ge原子之间形成(n-1)个σ键，与2n+2个H原子形成(2n+2)个σ键，则1个分子中σ键的个数为(2n+2)+(n-1)=3n+1，所以1molGenH2n+2中含有的σ键的数目为(3n+1)NA；

(3)①该物质由EMIM+和[AlCl4]－构成，所以属于离子晶体；②EMIM+的组成元素为H、C、N，非金属性越强电负性越大，非金属性H＜C＜N，所以电负性H＜C＜N；(4)孤电子对与成键电子对之间的排斥力大于成键电子对之间的排斥力，氨气分子中含有孤电子对，而[Zn(NH3)6]2+离子中N原子上的孤电子对与锌离子形成配位键，所以[Zn(NH3)6]2+离子中H-N-H键角＞107.3°；(5)以顶面面心的Se原子为例，该晶胞中有2个Zn距离Se原子最近且距离相等，而在该晶胞的上方的晶胞中还有两个同样的Zn原子，所以Se原子的配位数为4；，A点坐标为(0，0，0)，B点坐标为(，a，) ，所以A为原点，各坐标轴的方向为，根据俯视图可知D点的x、y坐标参数为、，根据晶胞结构示意图可知z坐标参数为，所以D点坐标为(，，)；晶胞的边长为a pm，则晶胞的体积V=a3pm3=(a×10-10)3cm3；根据均摊法可知一个晶胞中Zn原子的个数为4，Se原子个数为4，所以晶胞的质量m=g，所以晶胞的密度，解得NA=。

20(12分).(1)   d(1分) (2)Mn(1分)    基态Mn原子的核外电子排布式为[Ar]3d54s2，4s能级是全满结构，更稳定，失去一个电子所需能量更高(2分，其他合理答案也给分)(3)①[Cr(H2O)5C1]2+(1分)     ②正四面体形(1分)(4)F－半径更小，MnF2的晶格能更大，熔点更高(2分)(5)①4(2分)      ② (2分)