2021-2022学年广东省东莞市厚街湖景中学九年级（下）第一次教学反馈数学试卷（含解析）

这是一份2021-2022学年广东省东莞市厚街湖景中学九年级（下）第一次教学反馈数学试卷（含解析），共21页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年广东省东莞市厚街湖景中学九年级（下）第一次教学反馈数学试卷  一、选择题（本大题共10小题，共30分。在每小题列出的选项中，选出符合题目的一项）的倒数是(    )A.  B.  C.  D. 以下是清华大学、北京大学、上海交通大学、浙江大学的校徽，其中是轴对称图形的是(    )A.  B.  C.  D. 方程组的解是(    )A.  B.  C.  D. 若正多边形的一个内角是，则这个正多边形的边数为(    )A.  B.  C.  D. 关于的方程有实数根，则的取值范围是(    )A.  B. 且 C. 且 D. 且清明节期间，小海自驾去某地祭祖，如图是他们汽车行驶的路程千米与汽车行驶时间小时之间的函数图象．汽车行驶小时到达目的地，这时汽车行驶了千米．(    )
 A.  B.  C.  D. 如图，在中，，，是斜边上的高，，那么的长为(    )A.
B.
C.
D. 圆锥的截面是一个等边三角形，则它的侧面展开图圆心角度数是(    )A.  B.  C.  D. 正方形的边长为，以各边为直径在正方形内画半圆，得到如图所示阴影部分，若随机向正方形内投一粒米，则米粒落在阴影部分的概率为(    )A.
B.
C.
D. 如图，二次函数的图象经过点，且与轴交点的横坐标分别为，，其中，，下列结论：；；；其中正确的是(    )A.  B.  C.  D.  二、填空题（本大题共7小题，共28分）分解因式：______．若函数在实数范围内有意义，则自变量的取值范围是______．若，则的值是______．在平面直角坐标系中，点到原点的距离是______．如图，把绕点顺时针旋转得到，此时于，已知，则的度数是______
 小明推铅球，铅球行进高度与水平距离之间的关系为，则小明推铅球的成绩是______如图在中，，，等腰直角三角形绕点旋转，，，连接，点、、分别为、、的中点，连接、、，则面积的最小值是______． 三、解答题（本大题共8小题，共62分。解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤）本小题分
计算：．本小题分
先化简，再求值：，其中．本小题分
如图，在平行四边形中，，，垂足分别为，，且．
求证：平行四边形是菱形；
若，，求平行四边形的面积．
本小题分
已知关于的一元二次方程．
求证：该一元二次方程总有两个不相等的实数根；
若该方程的两个根，是一个矩形的一边长和对角线的长，且矩形的另一边长为，试求的值．本小题分
某手机店准备进一批华为手机，经调查，用元采购型华为手机的台数和用元采购型华为手机的台数一样，一台型华为手机的进价比一台型华为手机的进价多元．
求一台，型华为手机的进价分别为多少元？
若手机店购进，型华为手机共台进行销售，其中型华为手机的台数不大于型华为手机的台数，且不小于台，已知型华为手机的售价为元台，型华为手机的售价为元台，且全部售出，手机店怎样安排进货，才能在销售这批华为手机时获最大利润，求出最大利润．本小题分
如图，在中，以为直径的交于点，点在上，且，连接交于点，已知．
求证：是的切线；
若，，求的直径．
本小题分
如图，一次函数的图象与反比例函数的图象交于第一象限，两点，与坐标轴交于、两点，连接，是坐标原点．
求的面积．
将直线向下平移多少个单位长度，直线与反比例函数图象只有一个交点？
双曲线上是否存在一点，使得和的面积相等？若存在，给出证明并求出点的坐标；若不存在，请说明理由．
本小题分
如图，抛物线与轴交于，两点点在点的左侧，顶点为点为对称轴右侧抛物线上的一个动点，其横坐标为，直线交轴于点，过点作交轴于点，轴，交直线于点，交直线于点．
求直线的表达式及点的坐标；
当时，求的值；
试探究点在运动过程中，是否存在，使四边形是菱形，若存在，请直接写出点的坐标；若不存在，请说明理由．
 

答案和解析 1.【答案】 【解析】解：的倒数是．
故选：．
根据乘积是的两个数互为倒数判断即可．
此题主要考查了倒数，正确掌握相关定义是解题关键．
 2.【答案】 【解析】解：、不是轴对称图形，故此选项不合题意；
B、是轴对称图形，故此选项符合题意；
C、不是轴对称图形，故此选项不合题意；
D、不是轴对称图形，故此选项不合题意；
故选：．
利用轴对称图形定义进行解答即可．
此题主要考查了轴对称图形，关键是掌握如果一个图形沿一条直线折叠，直线两旁的部分能够互相重合，这个图形叫做轴对称图形．
 3.【答案】 【解析】解：，
，可得，
解得，
把代入，解得，
原方程组的解是．
故选：．
应用加减消元法，求出方程组的解是多少即可．
此题主要考查了解二元一次方程组的方法，要熟练掌握，注意代入消元法和加减消元法的应用．
 4.【答案】 【解析】解：设所求正边形边数为，
则，
解得，
故选：．
多边形的内角和可以表示成，因为所给多边形的每个内角均相等，故又可表示成，列方程可求解．此题还可以由已知条件，求出这个多边形的外角，再利用多边形的外角和定理求解．
本题考查根据多边形的内角和计算公式求多边形的边数，解答时要会根据公式进行正确运算是解答此题的关键．
 5.【答案】 【解析】【分析】
本题考查了根的判别式：一元二次方程的根与有如下关系：当时，方程有两个不相等的两个实数根；当时，方程有两个相等的两个实数根；当时，方程无实数根．
讨论：当，即，方程为一元一次方程，有一个解；当时，利用判别式的意义得到，解得且，然后综合两种情况得到的范围．
【解答】
解：当，即，方程化为，解得；
当时，，解得且，
综上所述，的范围为．
故选A．  6.【答案】 【解析】解：如图所示：

设段的函数解析式是，
的图象过，，
，解得，
段函数的解析式是，
汽车行驶小时到达目的地，
千米，
即这时汽车行驶了千米．
故选：．
根据待定系数法，可得一次函数解析式，根据自变量的值，可得相应的函数值．
本题考查了一次函数的应用，利用了待定系数法求解析式，求函数的值．
 7.【答案】 【解析】解：，，
，
，
，
，
，
，
，
，
故选：．
根据三角形的内角和求出，根据余角的定义求出，根据含度角的直角三角形性质求出，，求出即可．
本题主要考查的是含度角的直角三角形性质和三角形内角和定理的应用，关键是求出，．
 8.【答案】 【解析】解：设圆锥的底面半径为，母线长为，
它的轴截面是正三角形，
，
，
解得，
故选D．
易得圆锥的底面直径与母线长相等，那么根据圆锥的底面周长等于侧面展开图的弧长即可得到这个圆锥的侧面展开图的圆心角度数．
用到的知识点为：圆锥的侧面展开图的弧长等于圆锥的底面周长．
 9.【答案】 【解析】【分析】
本题考查了几何概率的知识，解题的关键是求得阴影部分的面积，难度不大．
求得阴影部分的面积后除以正方形的面积即可求得概率．
【解答】
解：如图，连接、、；

则，，
由题意得：图中阴影部分的面积
，
米粒落在阴影部分的概率为，
故选：．  10.【答案】 【解析】解：抛物线开口向下，与轴交点的横坐标分别为，，其中，，
当时，，故正确；
抛物线开口向下，与轴交点的横坐标分别为，，其中，，
，
函数的对称轴为：，
，即，故正确；
抛物线对称轴在轴的左侧，交轴的正半轴，
同号，，
，故正确；
二次函数的图象经过点，
顶点纵坐标大于，故，
，故正确；
故选：．
根据抛物线开口向下，与轴交点的横坐标分别为，，其中，，即可判断；由抛物线对称轴在轴的左侧，交轴的正半轴，即可判断；抛物线的顶点纵坐标大于，即可判断．
本题主要考查对二次函数图象与系数的关系，二次函数中，的符号由抛物线的开口方向决定；的符号由抛物线与轴交点的位置确定；的符号由对称轴的位置与的符号决定；抛物线与轴的交点个数决定根的判别式的符号，此外还要注意二次函数图象上的一些特殊点．
 11.【答案】 【解析】解：．
故答案是：．
先提取公因数，然后利用平方差公式继续进行因式分解．
本题考查了提公因式法与公式法分解因式，要求灵活使用各种方法对多项式进行因式分解，一般来说，如果可以先提取公因式的要先提取公因式，再考虑运用公式法分解．
 12.【答案】 【解析】解：根据题意得，
所以．
故答案为．
利用二次根式有意义的条件得到，然后解不等式即可．
本题考查了函数自变量的取值范围：自变量的取值范围必须使含有自变量的表达式都有意义．
 13.【答案】 【解析】解：，
原式


．
故答案为：．
观察已知和要求代数式的特点利用整体代入思想代入求值．
本题考查代数式求值，解题关键是根据已知和要求代数式的特点选择用整体思想代入求值．
 14.【答案】 【解析】解：点到两坐标轴的距离分别是、，
点到原点的距离是：．
故答案是：．
根据勾股定理即可得到结论．
本题主要考查了勾股定理和坐标与图形的性质，根据点的坐标得到“点到两坐标轴的距离分别是、”是解题的突破口．
 15.【答案】 【解析】解：把绕点顺时针旋转得到，
，

故答案为：．
由旋转的性质可得，，由直角三角形的性质可求．
本题考查了旋转的性质，熟练运用旋转的性质是本题的关键．
 16.【答案】 【解析】解：令函数式中，，
，
解得，舍去．
即铅球推出的距离是．
故答案为：．
根据铅球落地时，高度，把实际问题可理解为当时，求的值即可．
本题考查了二次函数的应用中函数式中自变量与函数表达的实际意义，需要结合题意，取函数或自变量的特殊值列方程求解是解题关键．
 17.【答案】 【解析】解：，是等腰直角三角形，
，，，
，即，
在和中，
，
≌，
，，
，，分别是，，的中点，
，，，，
，，，
设，，
，，，
，，
且，
是等腰直角三角形，
，
当最小时，的面积最小，
点在线段上时，最小，最小值为，
的面积最小值为，
故答案为：．
利用定理证明≌，根据全等三角形的性质得到，，证明是等腰直角三角形，根据三角形的面积公式解答即可．
本题考查是旋转变换的性质，等腰直角三角形的性质，全等三角形的判定和性质，三角形的中位线定理，解题的关键是判断出是等腰直角三角形．
 18.【答案】解：原式

． 【解析】原式利用绝对值的代数意义，零指数幂、负整数指数幂法则，以及特殊角的三角函数值计算即可求出值．
此题考查了实数的运算，零指数幂、负整数指数幂，以及特殊角的三角函数值，熟练掌握运算法则是解本题的关键．
 19.【答案】解：

，
当时，原式． 【解析】根据分式的减法和除法可以化简题目中的式子，然后将的值代入化简后的式子即可解答本题．
本题考查分式的化简求值，解答本题的关键是明确分式化简求值的方法．
 20.【答案】证明：四边形是平行四边形，
，
，，
，
在和中，
，
≌，
，
平行四边形是菱形；
解：四边形是菱形，
，
设，则，
在和中，由勾股定理得：，
即，
解得：，
，
平行四边形的面积． 【解析】证≌，得，即可得出平行四边形是菱形；
由菱形的性质得，设，则，在和中，由勾股定理得出方程：，解得，即可解决问题．
本题考查了菱形的判定与性质、平行四边形的性质、全等三角形的判定与性质、勾股定理等知识；熟练掌握菱形的判定与性质和全等三角形的判定与性质是解题的关键．
 21.【答案】解：，
整理得：，
，，，

；
该一元二次方程总有两个不相等的实数根；

，，
当为对角线时，，
解得：不符合题意，舍去，
当为对角线时，，
解得：，
综上所述，的值为． 【解析】计算方程的根的判别式，若，则证明方程计算方程的根的判别式，若，则证明方程总有实数根；
根据根与系数的关系以及矩形的面积，即可得出关于的一元二次方程，解之即可得出值，再结合的结论即可确定的值．
本题考查了根的判别式，矩形的性质，也考查了解一元二次方程和一元二次方程的解．
 22.【答案】解：设一台型华为手机的进价为元，则一台型华为手机的进价为元，
由题意可得：，
解得，
经检验，是原分式方程的解，
，
答：一台型华为手机的进价为元，一台型华为手机的进价为元；
设购进型华为手机台，则购进型华为手机台，总利润为元，
由题意可得：，
随的增大而增大，
型华为手机的台数不大于型华为手机的台数，且不小于台，
，
解得，
当时，取得最大值，此时，，
答：当购进型华为手机台，购进型华为手机台时，才能在销售这批华为手机时获最大利润，最大利润是元． 【解析】根据题意和题目中的数据，可以列出相应的分式方程，注意分式方程要检验；
根据题意，可以写出利润与购进型华为手机台数的函数关系式，然后根据型华为手机的台数不大于型华为手机的台数，可以求得购进型华为手机数量的取值范围，再根据一次函数的性质，即可求得如何进货，利润取得最大值，并计算出这个最大值．
本题考查一次函数的应用、分式方程的应用，解答本题的关键是明确题意，写出相应的分式方程和函数关系式，利用一次函数的性质求最值．
 23.【答案】证明：，
，
是直径，
，
，
，
，
，
，
又是直径，
是的切线；
，，
，
，，
∽，
，
，
，
，
，
． 【解析】由等腰三角形的性质和圆周角定理可证，可得结论；
通过证明∽，可求的长，由勾股定理可求，即可求解．
本题考查了相似三角形的判定和性质，圆的有关知识，灵活运用这些性质解决问题是解题的关键．
 24.【答案】解：把代入，
得，
把代入，得；
反比例函数的解析式为，．
．
把，代入得：，
解得，．
一次函数的解析式为，
把代入，得，
．
；

设直线向下平移个单位长度，则直线：，
根据题意列出方程：，
整理，得．
由于直线与反比例函数图象只有一个交点，
所以．
解得，．
所以将直线向下平移或个单位长度，直线与反比例函数图象只有一个交点；

双曲线上存在点，使得，理由如下：
点坐标为：，点坐标为：，
，
当点在的平分线上时，，又，
≌，
．
点坐标为：，点坐标为：，
可得，
又这个点是的平分线与双曲线的交点，
，
点横纵坐标坐标相等，
即，，
，
，
，，
故点坐标为，使得和的面积相等．
利用点、关于直线对称，或． 【解析】把代入求出，把代入求出的值；把，代入得出解析式，求出，，得出一次函数的解析式，把代入求出，得出，根据的面积代入求出即可；
设直线向下平移个单位长度，则直线：，根据题意列出方程，则根的判别式；
双曲线上存在点，使得，这个点就是的平分线与双曲线的交点，易证≌，则．
本题考查了反比例函数综合题，涉及到了一次函数与反比例函数的交点问题，用待定系数法求一次函数的解析式等知识点的应用，用了数形结合思想．
 25.【答案】解：，
当时，，
解得，．
点在点的左侧，
．
，即，
，
设直线的函数表达式为．
直线过点，，则，
解得，
，
当时，，
故C；

如图，过点作轴于点，交于点．

点的横坐标为，
，
，
，，
轴，
，
当时，，
，即，
当时，，
点在抛物线对称轴的右侧，
；
当时，，
点在抛物线对称轴的右侧，
，
综上所述，或；
存在，理由：
当点在轴上方时，
设点，则点的坐标为，
把点的坐标代入的表达式得：，
解得，
故点的坐标为，
则，
由直线的表达式知，，则，
则，
四边形是菱形，则，
即，
解得舍去或，
故点的坐标为；
当点在轴下方时，
同理可得，点的坐标为．
综上，点的坐标为或． 【解析】用待定系数法即可求解；
如图，过点作轴于点，交于点得到根据轴，得到，当时，，解方程即可得到结论；
分点在轴上方、点在轴下方两种情况，利用，分别求解即可．
本题属于二次函数综合题，主要考查了二次函数的解析式的求法和与几何图形结合的综合能力的培养．要会利用数形结合的思想把代数和几何图形结合起来，利用点的坐标的意义表示线段的长度，从而求出线段之间的关系．