2021-2022学年河北省秦皇岛市第一中学高二下学期期末数学试题含解析
展开2021-2022学年河北省秦皇岛市第一中学高二下学期期末数学试题
一、单选题
1.已知集合,,则集合的子集个数为( )
A.1 B.2 C.3 D.4
【答案】D
【分析】首先解指数不等式得到,即可得到,再求子集个数即可.
【详解】,
则,子集的个数为,
故选:D.
2.若直线与曲线相切,则
A.3 B. C.2 D.
【答案】A
【分析】设切点为,对求导,得到,从而得到切线的斜率,结合直线方程的点斜式化简得切线方程,联立方程组,求得结果.
【详解】设切点为,
∵,∴
由①得,
代入②得,
则,,
故选A.
【点睛】该题考查的是有关直线与曲线相切求参数的问题,涉及到的知识点有导数的几何意义,直线方程的点斜式,属于简单题目.
3.“幂函数在上为增函数”是“函数为奇函数”的( )条件
A.充分不必要 B.必要不充分
C.充分必要 D.既不充分也不必要
【答案】A
【分析】要使函数是幂函数,且在上为增函数,求出,可得函数为奇函数,即充分性成立;函数为奇函数,求出,故必要性不成立,可得答案.
【详解】要使函数是幂函数,且在上为增函数,
则,解得:,当时,,,
则,所以函数为奇函数,即充分性成立;
“函数为奇函数”,
则,即,
解得:,故必要性不成立,
故选:A.
4.记函数的定义域为集合A,若“”是关于x的不等式成立”的充分不必要条件,则实数m的取值范围是( )
A. B.
C. D.
【答案】B
【分析】求出函数的定义域得集合,解不等式得的范围,根据充分不必要条件的定义可得答案.
【详解】函数有意义的条件为,解得,
所以,不等式,即,
因为,所以,记不等式的解集为集合,
所以,所以,得.
故选:B.
5.已知函数,若函数在上存在最小值,则a的取值范围是( )
A. B. C. D.
【答案】A
【分析】对函数求导,求出函数的单调区间和极值,再根据函数在上存在最小值求参数范围.
【详解】
,
当时,单调递减;当或时,单调递增,
在、处取得极值.
,
,
∴函数在处取得最小值,
∵函数在上存在最小值,
∴,解得.
故选:A.
6.已知奇函数是定义在上的单调函数,若正实数,满足则的最小值是( )
A. B. C.2 D.4
【答案】B
【分析】由奇函数是定义在上的单调函数,,可得,即,所以,化简后利用基本不等式可求得结果
【详解】解:因为,所以,
因为奇函数是定义在上的单调函数,
所以,
所以,即,
所以,即,
所以
,
当且仅当,即时取等号,
所以的最小值是.
故选:B
7.函数的图象大致为( )
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】确定函数图象关于直线对称,排除AC,再结合特殊的函数值的正负或函数零点个数排除B,得出正确结论.
【详解】函数定义域是,由于的图象关于直线对称,的图象也关于直线对称,因此的图象关于直线对称,排除AC,
有无数个零点,因此也有无数个零点,且当时,,排除B.
故选:D.
【点睛】思路点睛:函数图象的辨识可从以下方面入手:
(1)从函数的定义域,判断图象的左右位置;从函数的值域,判断图象的上下位置.
(2)从函数的单调性,判断图象的变化趋势;
(3)从函数的奇偶性,判断图象的对称性;
(4)从函数的特征点,排除不合要求的图象.
8.设函数是定义在上的函数的导函数,有,若,,,则a,b,c的大小关系是( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】根据题意,构造函数,求导,可得在上的单调性,将a,b,c变形整理,结合单调性,即可得答案.
【详解】设函数,则,
因为,所以,
所以在上是增函数,
,,,
所以,
故选:A
9.设函数,若,,,则( )
A. B.
C. D.
【答案】D
【分析】首先判断的单调性,再根据指数函数、对数函数的性质判断、、的大小,即可判断.
【详解】解:因为,又在上单调递增,在上单调递减,则在上单调递减且,又在上单调递减且,所以在上单调递减,
又因为,即,,即,,即,所以,所以;
故选:D
10.已知函数有两个零点,且存在唯一的整数,则实数的取值范围是( )
A. B. C. D.
【答案】B
【分析】由题意可知,构造函数,利用导数研究函数的单调性及极值,又时,;当时,,作出函数的图像,利用数形结合思想即可求解.
【详解】由题意,得,
设,求导
令,解得
当时,,单调递增;当时,,单调递减;
故当时,函数取得极大值,且
又时,;当时,,故;
作出函数大致图像,如图所示:
又,
因为存在唯一的整数,使得与的图象有两个交点,
由图可知:,即
故选:B.
【点睛】方法点睛:已知函数有零点(方程有根)求参数值(取值范围)常用的方法:
(1)直接法:直接求解方程得到方程的根,再通过解不等式确定参数范围;
(2)分离参数法:先将参数分离,转化成求函数的值域问题加以解决;
(3)数形结合法:先对解析式变形,进而构造两个函数,然后在同一平面直角坐标系中画出函数的图象,利用数形结合的方法求解.
二、多选题
11.下列叙述中正确的是( )
A.若则“"的充要条件是“”
B.“”是“方程有一个正根和一个负根”的必要不充分条件
C.若则“对恒成立"的充要条件是“”
D.“”是“”的充分不必要条件
【答案】BD
【分析】对于A,当时必要性不成立,根据二次方程根的分布列不等式求解即可判断B,根据不等式恒成立条件转化即可判断C,当“”得“或”,从而判断D.
【详解】对于A, 因为可得,当,时,有,所以若则“"是“”的充分不必要条件,故A错;
对于B,方程有一个正根和一个负根,则 ,整理得,所以“”是“”的必要不充分条件,故B正确;
对于C,当时,“对恒成立"的充要条件是“”,故C错;
对于D,当“”是“”成立,当“”得“或”,故“”是“”的充
分不必要条件,D正确.
故选:BD
12.已知的定义域为,其函数图象关于直线对称且,当时,,则下列结论正确的是( )
A.为偶函数 B.在上单调递减
C.关于对称 D.
【答案】ACD
【分析】由可得函数的周期性,再根据函数的对称性即可得到函数的奇偶性,根据函数在的函数解析式判断函数在上的单调性,最后根据周期性与奇偶性求出即可;
【详解】解:对于A,因为的定义域为,其函数图象关于直线对称
所以,又,所以
所以,即,所以函数为偶函数,故A正确;
对于B:因为,所以,即所以函数是周期为的周期函数,当时,,因为当时,函数在上单调递增,所以当时,,函数在上单调递增,故B错误;
对于C:因为函数图象关于直线对称,所以,又函数是偶函数,所以,即,,所以,所以关于对称,故C正确;
对于D:,又时,,所以,故D正确;
故选:ACD
13.已知函数,,则( )
A.在上为增函数
B.当时,方程有且只有3个不同实根
C.的值域为
D.若,则
【答案】BCD
【分析】根据函数解析式作出函数图象,判断函数单调性及值域;根据导数求方程的根的个数;数形结合求得成立时,参数范围;
【详解】根据函数解析式作出函数图象,
由图象易知,在上不是增函数,故A错误;
当时,,则,
过定点,当时,与在上相交,共2个交点;
当时,,过点作的切线,设切点为,
则,,解得,,故当时,与在处相切,有1个交点;
故当时,与共有3个交点,故B正确;
由图易知,故C正确;
当时,等价于,
由函数图象,及上述分析知,;
当时,等价于,
由函数图象,及上述分析知,;
故若,,故D正确;
故选:BCD
14.下列关于函数的结论正确的有( )
A.图象关于原点对称 B.在上单调递增
C.在上单调递减 D.值域为
【答案】ACD
【分析】对选项A,根据奇函数定义即可判断A正确,对选项B,根据,,再结合单调性即可判断B错误,,,,,;利用复合函数的单调性即可判断与在时均单调递增,从而判断C正确,对选项D,根据,,即可判断D正确.
【详解】对选项A,函数定义域为R, ,
所以为奇函数,图象关于原点对称,故A正确;
对选项B,因为,,
所以函数在上不可能单调递增,故B错误;
令,,,,
则,,
结合复合函数单调性知,与在时均单调递增,
所以在时单调递增,
故在时单调递减,故C正确;
对选项D,因为,所以,所以,
又,所以,
即的值域为,故D正确.
故选:ACD
三、填空题
15.已知集合,,若,则实数的取值范围是____.
【答案】
【分析】运用分类讨论思想和子集的概念可得结果.
【详解】依题意得:当时,,即.
当时,,解得.
综上,.
故答案为:.
16.已知关于的不等式在上有解,则实数的取值范围为___________.
【答案】
【解析】由,,可得:,求出函数的最大值即可.
【详解】由,,
可得:,
,
当时,,
当时,,
当且仅当时取等,
所以,
故答案为:.
【点睛】本题考查了存在性问题,考查了参变分离求参数范围,同时考查了利用基本不等式求最值,属于基础题.
17.已知函数,则不等式的解集是______.
【答案】,
【分析】先构造函数,得到关于对称,且单调递增,再结合对称性与单调性将不等式 转化为即可求解.
【详解】构造函数,那么 是单调递增函数,
且向左移动一个单位得到,
的定义域为,且,
所以 为奇函数,图象关于原点对称,所以 图象关于对称.
不等式 等价于,
等价于
结合单调递增可知,
所以不等式的解集是,.
故答案为:,.
18.已知函数与的图像上存在关于轴对称的点,则实数的取值范围为_________
【答案】
【分析】先求出关于轴对称的函数,则将问题转化为在上有解,利用参数分离法进行转化,转化为直线与的图象有交点,然后利用导数求出的极值和单调区间可求得结果
【详解】的定义域为,则关于轴对称的函数为
,
则条件等价为在上有解,
得,
令,则
,
当时,,
当时,,
当时,,
所以在上递减,在上递增,
,
因为当时,,
所以当时,直线与的图象有交点,即在上有解,
所以实数的取值范围为,
故答案为:
【点睛】关键点点睛:此题考查函数与方程的综合应用,考查导数的应用,解题的关键是将问题转化为在上有解,然后利用参数分离法进行转化求解,考查数学转化思想,属于较难题
四、解答题
19.某个体服装店经营的某种服装在某周内所获纯利(元)与该周每天销售这种服装的件数(件)之间有一组数据如下表所示.
服装件数(件) | 3 | 4 | 5 | 6 | 7 | 8 | 9 |
某周内所获纯利(元) | 66 | 69 | 73 | 81 | 89 | 90 | 91 |
(1)求,;
(2)若所获纯利(元)与每天销售这种服装的件数(件)之间是线性相关的,求回归直线方程;
(3)若该店每周至少要获利200元,请你预测该店每天至少要销售这种服装多少件?(以下数据供选择:,,)(已知回归系数为,)
【答案】(1)6;79.86;(2);(3)32件.
【分析】(1)根据所给数据直接求解即可;
(2)利用最小二乘法求出回归方程;
(3)当代人回归方程,解得,即可得解;
【详解】解:(1),
;
(2)∵,
,
∴纯利与每天销售件数之间的回归直线方程为;
(3)当时,,所以.
因此若该店每周至少要获纯利200元,则该店每天至少要销售这种服装32件.
20.为推动乒乓球运动的发展,某乒乓球比赛允许不同协会的运动员组队参加.现有来自甲协会的运动员3名,其中种子选手2名;乙协会的运动员5名,其中种子选手3名.从这8名运动员中随机选择4人参加比赛.
(1)设为事件“选出的4人中恰有2 名种子选手,且这2名种子选手来自同一个协会”,求事件发生的概率;
(2)设为选出的4人中种子选手的人数,求随机变量的分布列和数学期望.
【答案】(1);(2).
【详解】(Ⅰ)由已知,有
所以事件发生的概率为.
(Ⅱ)随机变量的所有可能取值为
所以随机变量的分布列为
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
所以随机变量的数学期望
【解析】古典概型、互斥事件、离散型随机变量的分布列与数学期望.
21.已知函数,.
(1)讨论的单调性;
(2)若对任意,都有成立,求实数的取值范围.
【答案】(1)当时,在上,是减函数,当时,在上,是减函数,在上,是增函数;(2)
【分析】求出函数的定义域,函数的导数,通过a的范围讨论,判断函数的单调性即可.(2)
对任意x>0,都有f(x)>0成立,转化为在(0,+∞)上f(x)min>0,利用函数的导数求解函数的最值即可.
【详解】(1)解:函数f(x)的定义域为(0,+∞)
又
当a≤0时,在(0,+∞)上,f′(x)<0,f(x)是减函数
当a>0时,由f′(x)=0得:或(舍)
所以:在上,f′(x)<0,f(x)是减函数
在上,f′(x)>0,f(x)是增函数
(2)对任意x>0,都有f(x)>0成立,即:在(0,+∞)上f(x)min>0
由(1)知:当a≤0时,在(0,+∞)上f(x)是减函数,
又f(1)=2a﹣2<0,不合题意
当a>0时,当时,f(x)取得极小值也是最小值,
所以:
令(a>0)
所以:
在(0,+∞)上,u′(a)>0,u(a)是增函数又u(1)=0
所以:要使得f(x)min≥0,即u(a)≥0,即a≥1,
故:a的取值范围为[1,+∞)
【点睛】本题考查函数的导数的应用,函数的最值的求法,考查转化思想以及计算能力.
22.青少年近视问题已经成为影响青少年健康的一个重要问题,习近平总书记连续作出重要指示,要求“全社会都要行动起来,共同呵护好孩子的眼睛,让他们拥有一个光明的未来”,某机构为了解使用电子产品对青少年视力的影响,随机抽取了200名青少年,调查他们每天使用电子产品的时间(单位:分钟),根据调查数据按分成6组,得到频数分布表如下:
时间/分 | ||||||
频数 | 12 | 38 | 72 | 46 | 22 | 10 |
(1)根据上表数据,求该地青少年每天使用电子产品时间的中位数;
(2)若每天使用电子产品的时间超过60分钟,就叫长时间使用电子产品,完成下面的列联表,并判断是否有99.9%的把握认为是否患近视与每天长时间使用电子产品有关.
| 非长时间使用电子产品 | 长时间使用电子产品 | 合计 |
患近视人数 |
| 100 |
|
未患近视人数 |
|
| 80 |
合计 |
|
| 200 |
参考公式:,其中.
参考数据:
0.10 | 0.05 | 0.010 | 0.001 | |
2.706 | 3.841 | 6.635 | 10.828 |
【答案】(1);(2)列联表答案见解析,有99.9%的把握认为是否患近视与每天长时间使用电子产品有关.
【分析】(1)根据条件,设该地青少年每天使用电子产品时间的中位数为x,可得,解出即可;
(2)根据条件完善表格,然后算出即可.
【详解】(1)∵,,
设该地青少年每天使用电子产品时间的中位数为x,则,
解得,即该地青少年每天使用电子产品时间的中位数为;
(2)由题意可知长时间使用电子产品的青少年有150名,非长时间使用电子产品的青少年有50名.
则长时间使用电子产品的青少年未患近视的人数为150﹣100=50,
非长时间使用电子产品的青少年未患近视的人数为80﹣50=30,
非长时间使用电子产品的青少年患近视的人数为50﹣30=20,
患近视的青少年有200﹣80=120.
2×2列联表如图:
| 非长时间使用电子产品 | 长时间使用电子产品 | 合计 |
患近视人数 | 20 | 100 | 120 |
未患近视人数 | 30 | 50 | 80 |
合计 | 50 | 150 | 200 |
∵,
而,
∴有99.9%的把握认为是否患近视与每天长时间使用电子产品有关.
23.已知函数,.
(1)若时,恒成立,求实数a的取值范围;
(2)求的最小值.
【答案】(1)
(2)1
【分析】(1)首先将题意转化为恒成立,先证明恒成立,再分类讨论的范围即可得到答案.
(2)首先求导得到,设,根据的正负性得到的单调性,再利用隐零点求解函数的最值即可.
(1)因为时,恒成立,所以恒成立,即恒成立.首先证明恒成立,即证恒成立.设,,因为,,为增函数,,,为减函数,所以,即证:时,恒成立.当时,恒成立,当时,若不满足,故舍去.综上:.
(2),设,,∴在上单调递增,因为,,所以存在,使得,且时,,即单调递减,时,,即单调递增,所以,因为,所以,则,所以,设,,因为时,,为增函数,所以,则,∴.
2022-2023学年河北省秦皇岛市高二下学期期末数学试题含答案: 这是一份2022-2023学年河北省秦皇岛市高二下学期期末数学试题含答案,共15页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,双空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
2022-2023学年河北省秦皇岛市第一中学高二上学期期末数学试题(解析版): 这是一份2022-2023学年河北省秦皇岛市第一中学高二上学期期末数学试题(解析版),共19页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
2021-2022学年河北省秦皇岛市卢龙第二高级中学高二上学期期末数学试题(解析版): 这是一份2021-2022学年河北省秦皇岛市卢龙第二高级中学高二上学期期末数学试题(解析版),共14页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。