第五章《分式与分式方程》同步单元基础与培优高分必刷卷(全解全析)
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全解全析
1.C
【解析】
【分析】
根据被开方数大于等于0,分母不为0以及零次幂的底数不为0,列式计算即可得解.
【详解】
解:由题意可得:且,
解得且
故选:C
【点睛】
本题考查了函数自变量的范围,涉及了零指数幂,二次根式以及分式的性质,解题的关键是熟练掌握相关基本性质.
2.B
【解析】
【分析】
绝对值小于1的数也可以利用科学记数法表示,一般形式为a×10-n,与较大数的科学记数法不同的是其所使用的是负整数指数幂,指数n由原数左边起第一个不为零的数字前面的0的个数所决定.
【详解】
解:0.000000096=9.6×10-8,
故选:B.
【点睛】
此题主要考查了用科学记数法表示较小的数,一般形式为a×10-n,其中1≤|a|<10,n为由原数左边起第一个不为零的数字前面的0的个数所决定.
3.A
【解析】
【分析】
利用分式除法法则变形,约分化简即可.
【详解】
解:==a.
故选:A.
【点睛】
本题考查的是分式的除法运算,解题的关键是掌握进行分式除法运算时要转化为乘法的运算,注意先把分子、分母能因式分解的先分解,然后约分.
4.D
【解析】
【分析】
由x表示的意义,可找出(x-10)表示的意义,利用工作时间=工作总量÷工作效率,可找出和表示的意义,再结合所列分式方程,即可找出缺失的条件.
【详解】
解:∵实际每天改造人行道x米,
∴(x-10)表示原计划每天改造人行道的长度,
∴表示原计划改造人行道所需时间, 表示实际改造人行道所需时间.
又∵,
∴每天比原计划多铺设10米,结果提前15天完成.
故选D.
【点睛】
本题主要考查了分式方程的实际应用,解题的关键是读懂题意,理解方程中每个式子代表的意义.
5.C
【解析】
【分析】
由=,可得再代入分式进行求值即可.
【详解】
解: =,
故选C
【点睛】
本题考查的是分式的求值,得到再代入分式进行求值是解本题的关键.
6.A
【解析】
【分析】
设甲队每小时检测人,根据甲队检测600人所用的时间比乙队检测500人所用的时间少,列出分式方程,即可解答.
【详解】
设甲队每小时检测人,根据题意得,
,
故选.
【点睛】
本题考查由实际问题抽象出分式方程,解答本题的关键是明确题意,找出等量关系,列出相应的分式方程.
7.B
【解析】
【分析】
由不等式组的解求出a的取值范围,再根据分式方程的解验证a的取值即可;
【详解】
解:由可得:,
由可得:,
∴,,
解分式方程可得:(y≠-1),
∵分式方程的解为负整数,
∴a=-8或-5,
∵-8-5=-13,
故选: B.
【点睛】
本题考查了根据不等式组和分式方程的解的情况求参数,注意分式方程的分母不能为零.
8.B
【解析】
【分析】
将x、y分别换成5x、5y,根据分式的基本性质化简,和比较即可得到结论.
【详解】
解:把的x与y都扩大到原来的5倍,
则,比扩大了5倍
故选:B
【点睛】
本题考查了分式的基本性质,熟记分式的基本性质是解题的关键.
9.D
【解析】
【分析】
根据,得到m-n=-2mn,整体代入可得分式的值.
【详解】
解:因为,
所以n-m=2mn,则m-n=-2mn
,
故选D
【点睛】
本题考查了分式的加减,分式的值,其中由,得到m-n=-2mn,是解题的关键.
10.A
【解析】
【分析】
先解分式方程,再根据解为正数确定k的范围即可.
【详解】
方程两边同乘,得
去括号,得
解得
关于x的分式方程的解为正数
即
解得且≠-2
综上,B、C、D正确,A错误
故选:A.
【点睛】
本题考查了解分式方程、解一元一次不等式,熟练掌握解分式方程、解一元一次不等式的步骤是解题的关键.
11.C
【解析】
【分析】
时间=工程总量÷工作效率,根据“乙工程队的完工时间比甲工程队晚了1天”列式即可.
【详解】
解:设乙工程队每天能完成绿化的长度是xm,则甲工程队每天能完成绿化的长度是m,
根据题意可知:甲完工时间,乙完工时间,
∴.
故选:C.
【点睛】
本题考查了分式方程的应用,根据时间=工程总量÷工作效率以及“乙工程队的完工时间比甲工程队晚了1天”列出方程是解题关键.
12.A
【解析】
【分析】
先将两个括号内的分式通分进行加减运算,然后利用完全平方公式将分子进行化简,然后再约分,最后利用平方差公式计算即可.
【详解】
解:原式
故选:A
【点睛】
本题考查分式的混合运算,掌握分式的运算法则是正确计算的前提.
13.3
【解析】
【分析】
根据分式的通分、约分、平方差公式以及完全平方公式对代数式先进性化简,再进行求值.
【详解】
解:原式,
将代入得:原式.
故答案为:3.
【点睛】
本题考查了分式的化简求值,其中用到了平方差公式以及完全平方公式形式的因式分解,如:,.熟练掌握公式法因式分解以及分式的通分和约分是解题关键.
14.且x≠2
【解析】
【分析】
根据被开方数大于等于0,分母不等于0列式进行计算即可得解.
【详解】
解:由题意得且,
解得且x≠2.
故答案为:且x≠2.
【点睛】
本题考查了求函数自变量的取值范围,熟知分式有意义的条件,二次根式有意义的条件是解题的关键.
15.
【解析】
【分析】
先将已知等式变形得:,然后将代数式通分并利用同分母分式的减法法则计算,再将代入计算即可.
【详解】
解:∵,
∴,
∴
故答案为:
【点睛】
本题考查了分式的化简求值,运用了整体代入的思想方法.熟练掌握运算法则是解本题的关键.
16.
【解析】
【分析】
先将分式方程化为整式方程,再解一元一次方程,最后检验即可.
【详解】
方程两边同乘,得
解得
经检验,是原方程的解
故答案为:.
【点睛】
本题考查了解分式方程,熟练掌握解分式方程的步骤是解题的关键.
17.
【解析】
【分析】
先去掉分母,再把增根x=3代入即可求出m的值.
【详解】
解:去分母得2x-(x-3)=-m,
∵关于x的分式方程有增根,
∴,即,
把增根x=3代入得,
解得,
故答案为:-6.
【点睛】
此题主要考查分式的解,解题的关键是熟知分式方程的解法.
18.3
【解析】
【分析】
首先根据最简公分母为0,求出增根,再把分式方程化为整式方程,把增根代入整式方程,或字母系数为0,根据这两个条件分别求出m的值即可.
【详解】
解:当x-2=0时,x=2,
去分母:3x=m+3+(x-2),
去括号:3x=m+3+x-2,
移项:3x-x=m+1,
合并同类项:2x=m+1,
系数化为1:x=,
∴=2,
解得m=3.
故答案为:3.
【点睛】
本题考查分式方程的解,解题的关键是掌握在本题中分式方程无解满足的两个条件:一 次项系数为0,最简公分母为0.
19.;当时,原式.
【解析】
【分析】
根据分式的运算法则化简式子,再选择代入计算即可.
【详解】
解:原式
.
根据分式有意义的条件,,且,所以,从中取.
当时,原式.
【点睛】
本题考查分式的化简求值,解题的关键是掌握分式运算法则,分式有意义的条件.
20.不正确,过程见详解
【解析】
【分析】
题目中解方程两边同乘以后化简出现错误并且没有检验这一步,按解分式方程的正确步骤计算即可.
【详解】
答:不正确,正确解法如下:
解:方程两边同乘以,
得
方程两边化简,得
去括号,移项,得
解这个方程,得.
检验:将代入,
.
此方程的解为.
【点睛】
本题主要考查了分式方程的解法,解分式方程必须要检验,熟记解方程步骤是做出本题的关键.
21.(1)A型新能源车的进货价格为12万元,B型新能源车的进货价格为15万元
(2)10台
【解析】
【分析】
(1)设A型新能源车的进货价格为x万元,B型新能源车的进货价格为y万元,根据题意列出方程组,即可求解;
(2)设公司计划购买A型新能源车m台,则B型新能源车的购买量为(22-m)台,依据题意列出不等式组,即可求出m的取值范围,即可得解.
(1)
设A型新能源车的进货价格为x万元,B型新能源车的进货价格为y万元,
根据题意,得:,
解得:,
经检验,方程组的解符合题意,
即:A型新能源车的进货价格为12万元,B型新能源车的进货价格为15万元;
(2)
设公司计划购买A型新能源车m台,则B型新能源车的购买量为(22-m)台,
根据题意,有:,
解不等式得:,
即:最少需要购买A型新能源车10台.
【点睛】
本题考查了解分式方程、解不等式组等知识,准确理解题中的数量关系列出方程组、不等式组是解答本题的关键.
22.(1)名;
(2)至少还需要天
【解析】
【分析】
(1)设原来生产防护服的工人有x人,根据每人每小时完成的工作量不变列出关于x的方程,求解即可;
(2)设还需要生产天才能完成任务.根据前面5天完成的工作量+后面天完成的工作量≥16500列出关于的不等式,求解即可.
(1)
解:设原来生产防护服的有名工人,
根据题意,得:,
解这个方程,得,
经检验,是原方程的解,且符合题意.
所以原来生产防护服的有名工人.
(2)
设还需要天才能完成这批订单任务,根据题意,得
解这个不等式得,,
∵m为整数,
∴m取12,
所以至少还需要天才能完成这批订单任务.
【点睛】
本题考查分式方程的应用,一元一次不等式的应用,分析题意,找到合适的数量关系是解决问题的关键.
23.,
【解析】
【分析】
根据分式的有关运算,对式子进行化简,根据二次根式和平方的非负性求得x,y,代入求解即可.
【详解】
解:
,
由可得,
解得,,
代入,可得,原式.
【点睛】
此题考查了分式的有关运算,涉及了二次根式和平方的非负性,解题的关键是掌握分式的有关运算,正确对分式进行化简.
24.(1)每个墙面需要粉刷的墙面面积为;
(2)甲、乙两名技工每天各粉刷墙面面积分别为
【解析】
【分析】
(1)设每个墙面需要粉刷的墙面面积为,然后根据一名二级技工粉刷6个房间,5天正好完成;一名一级技工3天粉刷了4个房间还多刷了另外的墙面.每名一级技工比二级技工一天多粉刷墙面列出方程求解即可;
(2)设甲技工每天粉刷的墙面面积为,则乙技工每天粉刷的墙面面积为,然后根据乙比甲少用2天完成任务,列出方程求解即可.
(1)
解:设每个墙面需要粉刷的墙面面积为,
由题意得,
解得,
∴每个墙面需要粉刷的墙面面积为;
(2)
解:设甲技工每天粉刷的墙面面积为,则乙技工每天粉刷的墙面面积为,
由题意得,
解得或(舍去),
经检验是原分式方程的解,
∴,
∴甲、乙两名技工每天各粉刷墙面面积分别为.
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第六章《概率初步》同步单元基础与培优高分必刷卷(全解全析): 这是一份第六章《概率初步》同步单元基础与培优高分必刷卷(全解全析),文件包含第六章《概率初步》同步单元基础与培优高分必刷卷全解全析docx、第六章《概率初步》同步单元基础与培优高分必刷卷考试版docx等2份试卷配套教学资源,其中试卷共18页, 欢迎下载使用。
第五章《轴对称》同步单元基础与培优高分必刷卷(全解全析): 这是一份第五章《轴对称》同步单元基础与培优高分必刷卷(全解全析),文件包含第五章《轴对称》同步单元基础与培优高分必刷卷全解全析docx、第五章《轴对称》同步单元基础与培优高分必刷卷考试版docx等2份试卷配套教学资源,其中试卷共24页, 欢迎下载使用。