2021-2022学年高二下学期物理人教版（2019）选择性必修第一册期末复习检测试卷（一）

这是一份2021-2022学年高二下学期物理人教版（2019）选择性必修第一册期末复习检测试卷（一），共18页。试卷主要包含了单选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年高二下学期物理人教版（2019）选择性必修第一册期末复习检测试卷（一）第I卷（选择题）一、单选题1．下列说法正确的是（　　）A．“彩超”利用超声波的衍射原理 B．“B超”利用电磁波的反射原理C．“全息照片”利用激光的干涉原理 D．“雷达”利用超声波的多普勒效应2．一质量为的物体，沿着倾角为的斜面匀速下滑。已知重力加速度为，在时间内物体所受重力的冲量大小为（　　）A．0 B． C． D．3．物体的质量与速度的乘积叫动量，在国际单位制中动量的单位是（　　）A．N·m B．kg·m C．kg·m/s D．kg·m/s24．如图所示，降噪耳机的消声原理是利用（　　）A．声波的干涉 B．声波的反射C．声波的衍射 D．声波的多普勒效应5．如图所示，用两不可伸长的轻绳悬挂一个小球，两绳长度均为L、两绳之间的夹角已知，小球的半径为r，当小球垂直于纸面做简谐运动时，其周期为（　　） A． B． C． D．6．如图所示，质量为m的足球在离地高h处时速度刚好水平向左，大小为v1，守门员此时用手握拳击球，使球以大小为v2的速度水平向右飞出，手和球作用的时间极短，重力加速度为g，则（　　）A．击球前后球动量改变量的方向水平向左B．击球前后球动量改变量的大小是mv2－mv1C．击球前后球动量改变量的大小是mv2＋mv1D．球离开手时的机械能不可能是mgh＋mv127．质量为的小球以的速度竖直落到地板上，随后以的速度反向弹回。若取竖直向下的方向为正方向，则小球动量的变化为（       ）A． B．C． D．8．如图所示，均匀介质中波源S位于x轴上处，波源S振动周期为。已知质点P在波源开始振动后开始振动，则这列波在均匀介质中的波长为（　　） A．1m B．2mC．5m D．10m9．在做“测量玻璃的折射率”实验时，多次实验得出和值，二者的关系图像如图，由此可知当时，折射角的正弦值为（　　）A． B． C． D．10．图示为质点P在0～4s内的振动图像，从t＝0开始（　　） A．再过1s，该质点的位移为正向最大B．再过ls，该质点的速度沿负方向C．再过1s，该质点的加速度沿正方向D．再过ls，该质点的速度最大11．如图所示，一木楔固定在水平地面上，木楔的倾角为，在斜面上有一质量为m的小物块处于静止状态，则在t时间内，斜面对小物块的冲量大小和方向是（　　） A．，垂直于斜面向上 B．0C．，竖直向上 D．，竖直向下12．如图所示，△ABC为某种玻璃制成的三棱镜的横截面，其长度为．今有一束单色光从P点垂直边入射，从边上的M点出射，出射方向与的夹角为，则玻璃的折射率为（　　） A． B．C． D．13．A、B两个粒子都带正电，B的电荷量是A的2倍，B的质量是A的3倍。A以已知速度v向静止的B粒子飞去。由于静电力作用，它们之间的距离缩短到某一极限值后又被弹开，然后各自以新的速度做匀速直线运动。设作用前后它们的轨迹始终在同一直线上，不计粒子的重力，当A、B之间的距离最近时粒子B的速度大小为（　　）A． B．v C． D．v14．一列简谐横波沿x轴方向传播，时刻的波形如图所示。质点A平衡位置的坐标为，质点B平衡位置的坐标为。从时刻起到质点A与质点B的速度第一次相同所需的最短时间为。下列说法正确的是（　　） A．该简谐横波的频率可能为B．该简谐横波在介质中传播的速度可能为C．质点A、B回到平衡位置的时间差可能为D．平衡位置为的质点的振动方程为第II卷（非选择题）二、填空题15．一列沿x轴传播的简谐横波在t=0.1s时刻的波形图如图甲所示。图乙表示该波传播的介质中x=2cm处的a质点的振动图像。则该波沿x轴___________（选填“正”或“负”）方向传播；从t=0开始，经过1s，质点b通过的路程为___________cm。16．甲、乙两人在湖边钓鱼，甲发现湖中钓鱼的浮标随水波上下浮动，他观测发现浮标第1次到达最高点至第11次到达最高点的时间s，甲、乙的浮标在波的传播方向上相距m，从甲的浮标第一次运动到最高点开始计时，不考虑其他波源，经时间s，乙的浮标第一次到达最高点。该水波的周期为_______s，波长为_______m。17．如图所示是一截面为等腰直角三角形的玻璃棱镜，一束与边成角的单色光照射到的中点上，进入玻璃棱镜内部的折射光线与边平行．玻璃棱镜对这种单色光的折射率为_______；已知真空中的光速为c，该棱镜边长为L，这束光通过该棱镜的时间为_______。18．如图所示，质量为M的盒子放在光滑的水平面上，盒子内表面不光滑，盒内放有一块质量为m的物体，从某一时刻起给m一个水平向右的初速度v0，那么在物块与盒子前后壁多次往复碰撞后物体的最终速度为________，方向向________。三、解答题19．把质量为10kg的物体放在光滑的水平面上，如图所示，在与水平方向成53°的10N的力F作用下从静止开始运动，经，求：（，）（1）力F对物体的冲量大小及方向；（2）物体获得的动量大小及方向。20．如图所示，一梯形透明介质ABCD，，。一光线垂直于BC面从E点射入介质后，射到AB面时恰好发生全反射，从AD面上的某点射出。求：（1）介质对该光线的折射率n；（2）该光线从AD面射出的折射角r。21．如图所示，一质量为M的木板静止置于光滑的水平面上，一质量为m的木块可视为质点，以初速度滑上木板的左端，已知木块和木板间的动摩擦因数为，木块始终没有滑离木板。 （1）求木板的最大速度？（2）因摩擦而产生的热量是多少？（3）为使木块不掉下木板，板长至少多少？22．如图所示，半径的粗糙圆弧轨道固定在竖直平面内，轨道的上端点B和圆心O的连线与水平方向间的夹角，下端点C为轨道的最低点。C点右侧的粗糙水平面上，紧挨C点静止放置一质量的木板，木板上表面与C点等高，木板左端放置一个质量为的物块，另一相同的物块从A点以某一速度水平抛出，恰好从轨道的B端沿切线方向进入轨道，到达C点时对轨道的压力为46N，之后与发生弹性碰撞(碰撞时间极短)，最终刚好未从木板M上滑下。已知AO的竖直高度，物块与木板M间的动摩擦因数，木板与地面间的动摩擦因数为，两物块均可视为质点，，，取。求：（1）物块到达B点时的速度大小；（2）物块通过圆弧轨道克服摩擦力做的功；（3）木板的长度L。
参考答案：1．C【解析】【详解】A．“彩超”利用超声波的反射原理，并不是衍射原理，故A错误。B．“B超”是利用了超声波的反射原理来工作的，故B错误。C．“全息照片”利用激光的干涉原理，故C正确。D．“雷达”利用电磁波的多普勒效应，故D错误。故选B。2．B【解析】【详解】在时间内物体所受重力的冲量大小为选项B正确，ACD错误；故选B。3．C【解析】【详解】由动量表达式，质量的国际单位为，速度的国际单位为，可知动量的国际单位为，选项C正确，ABD错误；故选C。4．A【解析】【详解】由图发现两个相干波发生干涉是降噪耳机的消声原理。故选A。5．D【解析】【详解】单摆的周期公式为公式中的l指质点到悬点（等效悬点）的距离，此题中单摆的摆长为，带入公式可得故ABC错误，D正确。故选D。6．C【解析】【详解】ABC. 规定水平向右为正方向，击球前球的动量p1＝－mv1击球后球的动量p2＝mv2击球前后球动量改变量的大小是Δp＝p2－p1＝mv2＋mv1动量改变量的方向水平向右，故A、B错误，C正确；D. 球离开手时的机械能为mgh＋mv22因v1与v2可能相等，则球离开手时的机械能可能是mgh＋mv12故D错误。故选C。7．D【解析】【详解】小球动量的变化为故选D。8．C【解析】【详解】由题意可知，波的传播速度为波在均匀介质中的波长为故选C。9．C【解析】【详解】由图乙可知，折射率为将带入上式可得故选C。10．A【解析】【详解】A．由图知，周期T=4s，当再过1s时，则其位移是正方向最大，故A正确；BCD．再过1s时，该质点位于正向最大位移处，速度为零，加速度为为负方向最大，故BCD错误。故选A。11．C【解析】【详解】小物块处于静止状态，通过受力分析可知，斜面对小物块的作用力竖直向上，平衡重力，大小等于mg，则在t时间内，斜面对小物块的冲量大小为方向竖直向上。故选C。12．B【解析】【详解】光从BC射入，从AC射出，则在AB边发生全反射，由于不考虑光的多次反射，则光线在玻璃中的光路图如图所示 由几何关系可得∠AMN=180°−∠A−(90°−∠2)=105°光在AC边M点∠3=∠AMN−90°=15°∠4=90°−60°=30°玻璃的折射率为故选B。13．C【解析】【详解】设A的质量为m，则B的质量为3m，A、B组成的系统动量守恒，当A、B之间的距离最近时，两者速度相等，可得解得两者最近时的速度故选C。14．C【解析】【详解】AB．在最短时间内，使A点与B点的速度相同，若波沿x轴正方向传播，则应该是平衡位置x=6cm的质点的振动形式传播到质点A，平衡位置x=14cm处质点的振动形式传播到质点B，即传播距离为s=2cm=0.02m则波速分析波形图可知，λ=20cm=0.2m由v=λf可得频率若波沿x轴负方向传播，则应该是平衡位置x=16cm处质点B的振动形式传播到质点A，平衡位置x=24cm处质点的振动形式传播到质点B，即传播距离为s=8cm=0.08m则波速由v=λf可得频率故AB错误；C．由上分析可知若波沿x轴正方向传播，波速为1m/s，质点A、B回到平衡位置的时间差为故C正确；D．由波形图可知，波的振幅为10cm，若波沿x轴正方向传播，角频率ω=2πf=2π×5rad/s=10πrad/s10cm处质点的初相位为π，故其振动方程为y=Asin（ωt+π）=10sin（10πt+π）cm若波沿x轴负方向传播，角频率ω=2πf=2π×20rad/s=40πrad/s10cm处质点的初相位为0，故其振动方程为y=Asinωt=10sin（40πt）cm故D错误。故选C。15．     负     4【解析】【详解】[1] 根据振动图像可知，a质点从t＝0.1s时刻起向上振动，结合质点的振动方向与波的传播方向的关系，波沿x轴负方向传播。[2] 由图可知，该波的振幅为0.2cm，周期为0.2s，从t＝0开始，经1s经历了5个周期，质点b通过的路程为s＝5×4A＝5×4×0.2cm＝4cm16．     2     4【解析】【详解】[1][2]由题意可知该水波的周期为波速为波长为17．          【解析】【详解】[1]由几何关系可知，光线在玻璃砖内的入射角为i=60°，折射角为r=45°，则折射率[2]光在玻璃砖内传播的距离为速度 则用时间18．          右【解析】【详解】[1][2]因水平面光滑，物块与盒子组成的系统水平方向动量守恒，又因盒子内表面不光滑，物块与盒子最终一定速度相等，由动量守恒定律可得解得方向水平向右。19．（1），方向与力的方向相同；（2），方向水平向右【解析】【详解】（1）首先对物体进行受力分析：与水平方向成53°的角的拉力F，竖直向下的重力G、竖直向上的支持力 ，根据冲量公式可知：冲量为方向与力的方向相同。（2）根据动量定理可知获得的动量为方向水平向右。20．（1）；（2）【解析】【详解】（1）该光线在介质中传播的光路如图所示根据几何关系，该光线在介质中发生全反射的临界角又解得（2）根据几何关系，该光线射到AD面的入射角据折射定律可得解得21．（1）；（2）；（3）【解析】【详解】（1）木块滑上木板后，木块对木板的滑动摩擦力使木板做匀加速运动，木块自身做匀减速运动，当二者速度相同时木板达到最大速度v，而木块与木板组成的系统所受合外力为零，根据动量守恒定律有解得（2）根据能量守恒定律可得因摩擦而产生的热量为（3）当木块滑至木板右端恰好相对木板静止时，木板长度最小，根据功能关系有解得22．（1）；（2）；（3）【解析】【详解】（1）小物块水平抛出后做平抛运动，到达B点时，下落高度为竖直方向上有根据几何关系可知联立解得（2）小物块到达C点时，由牛顿运动定律解得小物块从B运动到C过程中，由动能定理得解得（3）小物块运动到C点时与发生弹性碰撞，根据动量守恒定律有根据能量守恒定律有解得经受力分析，由牛顿第二运动定律，对有对M有根据公式，设经过时间t后二者共速有对有对M有因为刚好未从木板M上滑下，所以相对M木板的位移即为木板长度，则有联立解得