2021-2022学年河南省新乡市某校高中部高二(下)3月月考数学试卷
展开1. 不等式x2≥2x的解集是( )
A.{x|x≥2}B.{x|x≤2}
C.{x|0≤x≤2}D.{x|x≤0或x≥2}
2. 命题“∃x<0 x2+2x−m>0”的否定是( )
A.∀x≥0,x2+2x−m≤0B.∃x≥0,x2+2x−m≤0
C.∀x<0,x2+2x−m≤0D.∃x<0,x2+2x−m≤0
3. 已知在等比数列{an}中,a3a11=4a7,数列{bn}是等差数列,且b7=a7,则b3+b11=( )
A.3B.6C.7D.8
4. △ABC中,角A,B,C所对的边分别为a,b,c,已知asinB=2sinA,acsB=c+1,则A=( )
A.π3B.5π12C.2π3D.3π4
5. 已知两个正数a,b满足 3a+2b=1,则 3a+2b 的最小值是( )
A.23B.24C.25D.26
6. 设x,y满足 2x+y≥4,x−y≥−1,x−2y≤2,则z=x+y的最小值是( )
A.−3B.−1C.1D.3
7. 设等差数列an满足a2=7, a4=3, Sn是数列an的前n项和,则使得Sn>0最大的自然数n是( )
A.9B.10C.11D.12
8. 已知a=lg72,b=lg0.70.2,c=0.70.2,则a,b,c的大小关系为( )
A.b
9. f′(x0)=0是函数f(x)在点x0处取极值的( )
A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充要条件D.既不充分也不必要条件
10. 在平行六面体(底面是平行四边形的四棱柱) ABCD−A1B1C1D1中, AB=AD=AA1=1,∠BAD=∠BAA1=∠DAA1=60∘,则AC1的长为( )
A.3B.3C.6D.6
11. 已知椭圆x2a2+y2b2=1a>b>0与双曲线x2m2−y2n2=1m>0,n>0具有相同焦点F1,F2,P是它们的一个交点,且∠F1PF2=π3,记椭圆与双曲线的离心率分别为e1,e2,则3e12+e22的最小值是( )
A.2B.3C.4D.5
12. 定义在R上的奇函数y=f(x)满足f(3)=0,且当x>0时,不等式f(x)>−xf′(x)恒成立,则函数g(x)=xf(x)+lg|x+1|的零点的个数为( )
A.1B.2C.3D.4
二、填空题
不等式x−1x−3≤0的解集为________.
若数列an满足an+1=2an+1,a1=1,则a3=________.
在△ABC中,若c=13, a=3, ∠C=120∘,则b=________.
曲线fx=ex−x2在点0,f0处的切线方程为________.
三、解答题
已知集合A={x|x2−2x−3<0},B=x||x−a|<1.
(1)当a=3时,求A∪B;
(2)设p:x∈A,q:x∈B,若p是q的必要不充分条件,求实数a的取值范围.
已知Sn是等差数列an的前n项和,若a2+a9=29 ,S4=a8.
(1)求数列an的通项公式an;
(2)记bn=1anan+1,求数列bn的前n项和Tn.
已知三角形ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,且acsB+bcsA=2ccsB.
(1)求角B;
(2)若A=π4,角B的角平分线交AC于点D,BD=6,求CD的长.
如图,在正四棱柱ABC−A1B1C1D1中,DC=DA=2,DD1=4,点E在C1C上,且CE=1.
(1)求异面直线A1D与B1B所成角的正切值;
(2)求证:A1C⊥平面DBE;
(3)求二面角A1−DE−B的余弦值.
已知椭圆M:x2a2+y2b2=1a>b>0的离心率为22,且过点2,2.
(1)求椭圆M的方程;
(2)若A,B分别为椭圆M的上,下顶点,过点B且斜率为kk>0的直线l交椭圆M于另一点N(异于椭圆的右顶点),交x轴于点P,直线AN与直线x=a相交于点Q.
求证:直线PQ的斜率为定值.
已知函数f(x)=aex−ln x−1.
(1)设x=2是f(x)的极值点,求a,并求f(x)的单调区间;
(2)证明:当a≥1e时,f(x)≥0.
参考答案与试题解析
2021-2022学年河南省新乡市某校高中部高二(下)3月月考数学试卷
一、选择题
1.
【答案】
D
【考点】
其他不等式的解法
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:由x2≥2x ,整理得:x(x−2)≥0
解得:x≤0或x≥2.
故选D.
2.
【答案】
C
【考点】
命题的否定
全称命题与特称命题
【解析】
此题暂无解析
【解答】
C
3.
【答案】
D
【考点】
等比数列的性质
等差数列的性质
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:在等比数列{an}中,a3a11=a72=4a7,
解得a7=4,
在等差数列{bn}中,b3+b11=2b7=2a7=8.
故选D.
4.
【答案】
C
【考点】
正弦定理
余弦定理
【解析】
此题暂无解析
【解答】
C
5.
【答案】
C
【考点】
基本不等式在最值问题中的应用
【解析】
根据题意,将2a+3b变形为(2a+3b)×(2a+3b),进一步可化简可得2a+3b=13+6(ba+ab),由基本不等式可以求出ba+ab的最小值,代入2a+3b=13+6(ba+ab)中,可得2a+3b的最小值,即可得答案.
【解答】
解:由2b+3a=1,
则2b+3a=(2b+3a)×(2b+3a)
=4+9+6(ab+ba)=13+6(ab+ba),
又由a>0,b>0,可得ab+ba≥2ba⋅ab=2,
则2b+3a≥13+12=25,即2b+3a的最小值为25.
故选C.
6.
【答案】
D
【考点】
求线性目标函数的最值
【解析】
直接作出线性区域,再利用几何意义的出答案.
【解答】
D
7.
【答案】
A
【考点】
等差数列的前n项和
数列与不等式的综合
【解析】
此题暂无解析
【解答】
A
8.
【答案】
D
【考点】
指数式、对数式的综合比较
【解析】
本题根据对数函数及指数函数来比较大小,解题关键是找到中间值,将a、b、c与中间值进行比较即可得到结果.
【解答】
D
9.
【答案】
B
【考点】
必要条件、充分条件与充要条件的判断
函数在某点取得极值的条件
【解析】
f′(x0)=0推不出函数f(x)在点x0处取极值,反之函数f(x)在点x0处取极值,必有f′(x0)=0.
【解答】
B
10.
【答案】
D
【考点】
棱柱的结构特征
空间向量的夹角与距离求解公式
【解析】
此题暂无解析
【解答】
D
11.
【答案】
B
【考点】
椭圆的定义
椭圆的离心率
双曲线的定义
双曲线的离心率
【解析】
此题暂无解析
【解答】
B
12.
【答案】
C
【考点】
函数的单调性与导数的关系
函数零点的判定定理
【解析】
由不等式f(x)>−xf′(x)在(0, +∞)上恒成立,得到函数h(x)=xf(x)在x>0时是增函数,再由函数y=f(x)是定义在R上的奇函数得到h(x)=xf(x)为偶函数,结合f(0)=f(3)=f(−3)=0,作出两个函数y1=xf(x)与y2=−lg|x+1|的大致图象,数形结合可得答案.
【解答】
解:定义在R的奇函数f(x)满足:
f(0)=0=f(3)=−f(−3),
x>0时,f(x)>−xf′(x),即f(x)+xf′(x)>0,
∴ [xf(x)]′>0,h(x)=xf(x)在x>0时是增函数,
又h(−x)=−xf(−x)=xf(x)=h(x),
∴ h(x)=xf(x)是偶函数,
∴ x<0时,h(x)是减函数,结合函数的定义域为R,
且f(0)=f(3)=f(−3)=0,
可得函数y1=xf(x)与y2=−lg|x+1|的大致图象如图,
∴ 由图象可知,函数g(x)=xf(x)+lg|x+1|的零点的个数为3个.
故选C.
二、填空题
【答案】
[1,3)
【考点】
分式不等式的解法
【解析】
原不等式等价于x−1x−3≤0且x−3≠0,求解即可.
【解答】
解:∵ x−1x−3≤0,
∴ x−1x−3≤0且x−3≠0,
解得1≤x<3.
故答案为: [1,3).
【答案】
7
【考点】
数列递推式
【解析】
此题暂无解析
【解答】
7
【答案】
1
【考点】
余弦定理
【解析】
此题暂无解析
【解答】
1
【答案】
x−y+1=0
【考点】
利用导数研究曲线上某点切线方程
【解析】
此题暂无解析
【解答】
x−y+1=0
三、解答题
【答案】
解:(1)集合A,B化简得A=x|−1
所以a−1≥−1,a+1≤3,⇒a≥0,a≤2,验证当a=0,2时满足B⫋A,
所以实数a的取值范围为0,2 .
【考点】
并集及其运算
一元二次不等式的解法
根据充分必要条件求参数取值问题
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:(1)集合A,B化简得A=x|−1
所以a−1≥−1,a+1≤3,⇒a≥0,a≤2,验证当a=0,2时满足B⫋A,
所以实数a的取值范围为0,2 .
【答案】
解:(1)设等差数列an的首项为a1,公差为d,
由题意得: 2a1+9d=29,4a1+4×32d=a1+7d,
∴ 2a1+9d=29d=3a1,
即a1=1,d=3,
∴ an=3n−2.
(2)由(1)知an+1=3n+1,
∴ bn=1anan+1=13n−23n+1=1313n−2−13n+1,
∴ Tn=131−14+14−17+⋯+13n−2−13n+1
=131−13n+1=n3n+1.
【考点】
等差数列的通项公式
等差数列的前n项和
数列的求和
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解:(1)设等差数列an的首项为a1,公差为d,
由题意得: 2a1+9d=29,4a1+4×32d=a1+7d,
∴ 2a1+9d=29d=3a1,
即a1=1,d=3,
∴ an=3n−2.
(2)由(1)知an+1=3n+1,
∴ bn=1anan+1=13n−23n+1=1313n−2−13n+1,
∴ Tn=131−14+14−17+⋯+13n−2−13n+1
=131−13n+1=n3n+1.
【答案】
解:(1)因为acsB+bcsA=2ccsB,
由正弦定理可得:
sinAcsB+sinBcsA=2sinCcsB,
即sin(A+B)=2sinCcsB,
即sinC=2sinCcsB.
因为0
因为0(2)由(1)可知∠ABD=∠CBD=π6,
又A=π4,
所以∠ADB=7π12,∠CDB=5π12,
可得∠BCD=5π12,
所以BC=BD=6,
在△BCD中,由余弦定理可得:
CD2=BD2+BC2−2BD⋅BCcs∠CBD,
即CD2=6+6−2×6×6×32
=12−63=(3−3)2,
解得CD=3−3.
【考点】
余弦定理
正弦定理
【解析】
【解答】
解:(1)因为acsB+bcsA=2ccsB,
由正弦定理可得:
sinAcsB+sinBcsA=2sinCcsB,
即sin(A+B)=2sinCcsB,
即sinC=2sinCcsB.
因为0
因为0(2)由(1)可知∠ABD=∠CBD=π6,
又A=π4,
所以∠ADB=7π12,∠CDB=5π12,
可得∠BCD=5π12,
所以BC=BD=6,
在△BCD中,由余弦定理可得:
CD2=BD2+BC2−2BD⋅BCcs∠CBD,
即CD2=6+6−2×6×6×32
=12−63=(3−3)2,
解得CD=3−3.
【答案】
解:如图,建立空间直角坐标系D−xyz,
则B2,2,0,C0,2,0,E0,2,1,A12,0,4,
DE→=0,2,1,DB→=2,2,0,A1C→=−2,2,−4,DA1→=2,0,4,
(1)∵ AA1 // BB1,
∴ ∠AA1D是异面直线A1D与B1B所成角,
∵ 在Rt△AA1D中,A1A=4,AD=2,
∴ tan∠AA1D=12,
即异面直线A1D与B1B所成角的正切值为12.
(2)证明:∵ A1C→⋅DB→=−4+4+0=0,A1C→⋅DE→=0+4−4=0,
∴ A1C⊥BD,A1C⊥DE,
又DB∩DE=D,
∴ A1C⊥平面DBE.
(3)由(2)知向量A1C→为平面DBE的一个法向量,
设平面DA1E的法向量n→=(x, y, z),
由n→⊥DE→,n→⊥DA1→得2y+z=0,2x+4z=0,
令z=−2,得x=4,y=1,
∴ n→=(4, 1, −2),cs⟨n→,A1C→⟩=n→⋅A1C→|n→||A1C→|=1442,
又二面角A1−DE−B为锐角,
∴ 二面角A1−DE−B的余弦值为1442.
【考点】
异面直线及其所成的角
直线与平面垂直的判定
用空间向量求直线间的夹角、距离
用空间向量求平面间的夹角
【解析】
(1)说明∠AA1D是异面直线A1D与B1B所成角,解三角形AA1D,直接求异面直线A1D与B1B所成角的正切值;
(2)建立空间直角坐标系D−xyz,求出DE→,DB→,A1C→,计算A1C→⋅DB→=0,A1C→⋅DE→=0,即可证明A1C⊥平面DBE;
(3)向量A1C→为平面DBE的一个法向量,求出平面DA1E的法向量n→,利用cs⟨n→,A1C→⟩=n→⋅A1C→|n→||A1C→|求二面角A1−DE−B的余弦值.
【解答】
解:如图,建立空间直角坐标系D−xyz,
则B2,2,0,C0,2,0,E0,2,1,A12,0,4,
DE→=0,2,1,DB→=2,2,0,A1C→=−2,2,−4,DA1→=2,0,4,
(1)∵ AA1 // BB1,
∴ ∠AA1D是异面直线A1D与B1B所成角,
∵ 在Rt△AA1D中,A1A=4,AD=2,
∴ tan∠AA1D=12,
即异面直线A1D与B1B所成角的正切值为12.
(2)证明:∵ A1C→⋅DB→=−4+4+0=0,A1C→⋅DE→=0+4−4=0,
∴ A1C⊥BD,A1C⊥DE,
又DB∩DE=D,
∴ A1C⊥平面DBE.
(3)由(2)知向量A1C→为平面DBE的一个法向量,
设平面DA1E的法向量n→=(x, y, z),
由n→⊥DE→,n→⊥DA1→得2y+z=0,2x+4z=0,
令z=−2,得x=4,y=1,
∴ n→=(4, 1, −2),cs⟨n→,A1C→⟩=n→⋅A1C→|n→||A1C→|=1442,
又二面角A1−DE−B为锐角,
∴ 二面角A1−DE−B的余弦值为1442.
【答案】
(1)解:设椭圆的焦距为2c,
则ca=22①,
4a2+2b2=1②,
又a2=b2+c2③,
由①②③解得a2=8,b2=4,c2=4,
所以椭圆M的标准方程为x28+y24=1.
(2)证明:易得A(0,2),B(0,−2),
直线l的方程为y=kx−2.
因为直线l不过点(22,0),
所以k≠22.
由y=kx−2,x2+2y2=8,
得(2k2+1)x2−8kx=0,
所以xN=8k2k2+1,
从而N8k2k2+1,4k2−22k2+1,P2k,0,
直线AN的斜率为4k2−22k2+1−28k2k2+1=−12k,
故直线AN的方程为y=−12kx+2.
令x=22,得Q22,−2k+2.
直线PQ的斜率kPQ=−2k+222−2k
=−2+2k22k−2
=2(2k−1)2(2k−1)
=22,
所以直线PQ的斜率为定值22.
【考点】
圆锥曲线中的定点与定值问题
椭圆的离心率
椭圆的标准方程
【解析】
左侧图片未给出解析.
左侧图片未给出解析.
【解答】
(1)解:设椭圆的焦距为2c,
则ca=22①,
4a2+2b2=1②,
又a2=b2+c2③,
由①②③解得a2=8,b2=4,c2=4,
所以椭圆M的标准方程为x28+y24=1.
(2)证明:易得A(0,2),B(0,−2),
直线l的方程为y=kx−2.
因为直线l不过点(22,0),
所以k≠22.
由y=kx−2,x2+2y2=8,
得(2k2+1)x2−8kx=0,
所以xN=8k2k2+1,
从而N8k2k2+1,4k2−22k2+1,P2k,0,
直线AN的斜率为4k2−22k2+1−28k2k2+1=−12k,
故直线AN的方程为y=−12kx+2.
令x=22,得Q22,−2k+2.
直线PQ的斜率kPQ=−2k+222−2k
=−2+2k22k−2
=2(2k−1)2(2k−1)
=22,
所以直线PQ的斜率为定值22.
【答案】
(1)解:f(x)的定义域为(0,+∞),f′(x)=aex−1x.
由题设知,f′(2)=0,所以a=12e2.
从而f(x)=12e2ex−ln x−1,
f′(x)=12e2ex−1x=xex−2e22e2x.
易知当0
所以f(x)的单调递减区间为(0,2),
单调递增区间为(2,+∞).
(2)证明:当a≥1e时,f(x)≥exe−ln x−1.
设g(x)=exe−ln x−1,则g′(x)=exe−1x.
易知当0
所以x=1是g(x)的最小值点.
故当x>0时,g(x)≥g(1)=0.
因此,当a≥1e时,f(x)≥0.
【考点】
利用导数研究不等式恒成立问题
利用导数研究函数的单调性
【解析】
此题暂无解析
【解答】
(1)解:f(x)的定义域为(0,+∞),f′(x)=aex−1x.
由题设知,f′(2)=0,所以a=12e2.
从而f(x)=12e2ex−ln x−1,
f′(x)=12e2ex−1x=xex−2e22e2x.
易知当0
所以f(x)的单调递减区间为(0,2),
单调递增区间为(2,+∞).
(2)证明:当a≥1e时,f(x)≥exe−ln x−1.
设g(x)=exe−ln x−1,则g′(x)=exe−1x.
易知当0
所以x=1是g(x)的最小值点.
故当x>0时,g(x)≥g(1)=0.
因此,当a≥1e时,f(x)≥0.
2020-2021学年河南省新乡市某校高一(下)6月月考数学试卷: 这是一份2020-2021学年河南省新乡市某校高一(下)6月月考数学试卷,共9页。试卷主要包含了选择题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
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