宁夏中卫市名校2022年中考数学模试卷含解析

2021-2022中考数学模拟试卷

请考生注意：

1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。

2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、选择题（本大题共12个小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．）

1．某班为奖励在学校运动会上取得好成绩的同学，计划购买甲、乙两种奖品共20件．其中甲种奖品每件40元，乙种奖品每件30元．如果购买甲、乙两种奖品共花费了650元，求甲、乙两种奖品各购买了多少件．设购买甲种奖品x件，乙种奖品y件．依题意，可列方程组为（    ）

A． B．

C． D．

2．如图，在直角坐标系xOy中，若抛物线l：y＝﹣x2+bx+c（b，c为常数）的顶点D位于直线y＝﹣2与x轴之间的区域（不包括直线y＝﹣2和x轴），则l与直线y＝﹣1交点的个数是（　　）

A．0个 B．1个或2个

C．0个、1个或2个 D．只有1个

3．观察下列图案，是轴对称而不是中心对称的是（　　）

A． B． C． D．

4．如图，⊙O的直径AB=2，C是弧AB的中点，AE，BE分别平分∠BAC和∠ABC，以E为圆心，AE为半径作扇形EAB，π取3，则阴影部分的面积为（　　）

A．﹣4 B．7﹣4 C．6﹣ D．

5．下列方程中有实数解的是（　　）

A．x4+16=0 B．x2﹣x+1=0

C． D．

6．函数中，x的取值范围是（　　）

A．x≠0 B．x＞﹣2 C．x＜﹣2 D．x≠﹣2

7．某种微生物半径约为0.00000637米，该数字用科学记数法可表示为（　　）

A．0.637×10﹣5    B．6.37×10﹣6    C．63.7×10﹣7    D．6.37×10﹣7

8．下列左图表示一个由相同小立方块搭成的几何体的俯视图，小正方形中的数字表示该位置上小立方块的个数，则该几何体的主视图为（    ）

A． B． C． D．

9．对于数据：6,3,4,7,6,0,1．下列判断中正确的是（  ）

A．这组数据的平均数是6，中位数是6 B．这组数据的平均数是6，中位数是7

C．这组数据的平均数是5，中位数是6 D．这组数据的平均数是5，中位数是7

10．去年12月24日全国大约有1230000人参加研究生招生考试，1230000这个数用科学记数法表示为（　　）

A．1.23×106 B．1.23×107 C．0.123×107 D．12.3×105

11．如图,在矩形ABCD中,AB=4,BC=6,点E为BC的中点,将ABE沿AE折叠,使点B落在矩形内点F处,连接CF,则CF的长为（    ）

A． B． C． D．

12．如图，OP平分∠AOB，PC⊥OA于C，点D是OB上的动点，若PC＝6cm，则PD的长可以是（　　）

A．7cm B．4cm C．5cm D．3cm

二、填空题：（本大题共6个小题，每小题4分，共24分．）

13．计算tan260°﹣2sin30°﹣cos45°的结果为_____．

14．2017年7月27日上映的国产电影《战狼2》，风靡全国．剧中“犯我中华者，虽远必诛”鼓舞人心，彰显了祖国的强大实力与影响力，累计票房56.8亿元．将56.8亿元用科学记数法表示为_____元．

15．如图，一块飞镖游戏板由大小相等的小正方形格子构成，向游戏板随机投掷一枚飞镖，击中黑色区域的概率是______．

16．某种商品每件进价为10元，调查表明：在某段时间内若以每件x元（10≤x≤20且x为整数）出售，可卖出（20﹣x）件，若使利润最大，则每件商品的售价应为_____元．

17．已知（x+y）2＝25，（x﹣y）2＝9，则x2+y2＝_____．

18．如图，已知是的高线，且，，则_________.

三、解答题：（本大题共9个小题，共78分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．

19．（6分）分式化简：（a-）÷

20．（6分）校园空地上有一面墙，长度为20m，用长为32m的篱笆和这面墙围成一个矩形花圃，如图所示．能围成面积是126m2的矩形花圃吗？若能，请举例说明；若不能，请说明理由．若篱笆再增加4m，围成的矩形花圃面积能达到170m2吗？请说明理由．

21．（6分）在△ABC中，∠BAC=90°，AB=AC，点D为直线BC上一动点（点D不与点B、C重合），以AD为直角边在AD右侧作等腰三角形ADE，使∠DAE=90°，连接CE．

探究：如图①，当点D在线段BC上时，证明BC=CE+CD．

应用：在探究的条件下，若AB=，CD=1，则△DCE的周长为　   　．

拓展：（1）如图②，当点D在线段CB的延长线上时，BC、CD、CE之间的数量关系为　   　．

（2）如图③，当点D在线段BC的延长线上时，BC、CD、CE之间的数量关系为　   　．

22．（8分）已知顶点为A的抛物线y＝a(x－)2－2经过点B(－，2)，点C(，2)．

(1)求抛物线的表达式；

(2)如图1，直线AB与x轴相交于点M，与y轴相交于点E，抛物线与y轴相交于点F，在直线AB上有一点P，若∠OPM＝∠MAF，求△POE的面积；

(3)如图2，点Q是折线A－B－C上一点，过点Q作QN∥y轴，过点E作EN∥x轴，直线QN与直线EN相交于点N，连接QE，将△QEN沿QE翻折得到△QEN′，若点N′落在x轴上，请直接写出Q点的坐标．

23．（8分）如图，矩形ABCD的对角线AC、BD交于点O，且DE∥AC，CE∥BD．

(1)求证：四边形OCED是菱形；

(2)若∠BAC=30°，AC=4，求菱形OCED的面积．

24．（10分）解不等式组

25．（10分）如图，在平面直角坐标系中，矩形OCDE的三个顶点分别是C（3，0），D（3，4），E（0，4）．点A在DE上，以A为顶点的抛物线过点C，且对称轴x＝1交x轴于点B．连接EC，AC．点P，Q为动点，设运动时间为t秒．

（1）求抛物线的解析式．

（2）在图①中，若点P在线段OC上从点O向点C以1个单位/秒的速度运动，同时，点Q在线段CE上从点C向点E以2个单位/秒的速度运动，当一个点到达终点时，另一个点随之停止运动．当t为何值时，△PCQ为直角三角形？

（3）在图②中，若点P在对称轴上从点A开始向点B以1个单位/秒的速度运动，过点P做PF⊥AB，交AC于点F，过点F作FG⊥AD于点G，交抛物线于点Q，连接AQ，CQ．当t为何值时，△ACQ的面积最大？最大值是多少？

26．（12分）在下列的网格图中.每个小正方形的边长均为1个单位，在Rt△ABC中，∠C=90°，AC=3，BC=4.

(1)试在图中作出△ABC以A为旋转中心，沿顺时针方向旋转90°后的图形△AB1C1；

(2)若点B的坐标为(-3，5)，试在图中画出直角坐标系，并标出A、C两点的坐标；

(3)根据(2)中的坐标系作出与△ABC关于原点对称的图形△A2B2C2，并标出B2、C2两点的坐标.

27．（12分）如图，以△ABC的边AB为直径的⊙O分别交BC、AC于F、G，且G是的中点，过点G作DE⊥BC，垂足为E，交BA的延长线于点D

（1）求证：DE是的⊙O切线；

（2）若AB=6，BG=4，求BE的长；

（3）若AB=6，CE=1.2，请直接写出AD的长．

参考答案

一、选择题（本大题共12个小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．）

1、A

【解析】
根据题意设未知数,找到等量关系即可解题,见详解.

【详解】

解：设购买甲种奖品x件，乙种奖品y件．依题意，甲、乙两种奖品共20件,即x+y=20, 购买甲、乙两种奖品共花费了650元,即40x+30y=650,

综上方程组为,

故选A.

【点睛】

本题考查了二元一次方程组的列式,属于简单题,找到等量关系是解题关键.

2、C

【解析】
根据题意，利用分类讨论的数学思想可以得到l与直线y＝﹣1交点的个数，从而可以解答本题．

【详解】

∵抛物线l：y＝﹣x2+bx+c（b，c为常数）的顶点D位于直线y＝﹣2与x轴之间的区域，开口向下，

∴当顶点D位于直线y＝﹣1下方时，则l与直线y＝﹣1交点个数为0，

当顶点D位于直线y＝﹣1上时，则l与直线y＝﹣1交点个数为1，

当顶点D位于直线y＝﹣1上方时，则l与直线y＝﹣1交点个数为2，

故选C．

【点睛】

考查抛物线与x轴的交点、二次函数的性质，解答本题的关键是明确题意，利用函数的思想和分类讨论的数学思想解答．

3、A

【解析】

试题解析：试题解析：根据轴对称图形和中心对称图形的概念进行判断可得：

A、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项符合题意；

B、不是轴对称图形，是中心对称图形，故本选项不符合题意；

C、不是轴对称图形，是中心对称图形，故本选项不符合题意；

D、是轴对称图形，也是中心对称图形，故本选项不符合题意．

故选A.

点睛：在同一平面内，如果把一个图形绕某一点旋转，旋转后的图形能和原图形完全重合，那么这个图形就叫做中心对称图形．这个旋转点，就叫做对称中心．

4、A

【解析】

∵O的直径AB=2，

∴∠C=90°，

∵C是弧AB的中点，

∴，

∴AC=BC，

∴∠CAB=∠CBA=45°，

∵AE，BE分别平分∠BAC和∠ABC，

∴∠EAB=∠EBA=22.5°，

∴∠AEB=180°− (∠BAC+∠CBA)=135°，

连接EO，

∵∠EAB=∠EBA，

∴EA=EB，

∵OA=OB，

∴EO⊥AB，

∴EO为Rt△ABC内切圆半径，

∴S△ABC=(AB+AC+BC)⋅EO=AC⋅BC，

∴EO=−1，

∴AE2=AO2+EO2=12+(−1)2=4−2，

∴扇形EAB的面积==，△ABE的面积=AB⋅EO=−1，

∴弓形AB的面积=扇形EAB的面积−△ABE的面积=，

∴阴影部分的面积=O的面积−弓形AB的面积=−()=−4，

故选：A.

5、C

【解析】
A、B是一元二次方程可以根据其判别式判断其根的情况；C是无理方程，容易看出没有实数根；D是分式方程，能使得分子为零，分母不为零的就是方程的根．

【详解】

A.中△=02﹣4×1×16=﹣64＜0，方程无实数根；

B.中△=（﹣1）2﹣4×1×1=﹣3＜0，方程无实数根；

C.x=﹣1是方程的根；

D.当x=1时，分母x2-1=0，无实数根．

故选：C．

【点睛】

本题考查了方程解得定义，能使方程左右两边相等的未知数的值叫做方程的解.解答本题的关键是针对不同的方程进行分类讨论.

6、B

【解析】

要使有意义，

所以x+1≥0且x+1≠0，
解得x＞-1．
故选B.

7、B

【解析】
科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|<10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值>1时，n是正数；当原数的绝对值<1时，n是负数．

【详解】

0.00000637的小数点向右移动6位得到6.37

所以0.00000637用科学记数法表示为6.37×10﹣6，

故选B．

【点睛】

本题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|<10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．

8、B

【解析】
由俯视图所标该位置上小立方块的个数可知，左侧一列有2层，右侧一列有1层.

【详解】

根据俯视图中的每个数字是该位置小立方块的个数，得出主视图有2列，从左到右的列数分别是2，1．

故选B．

【点睛】

此题考查了三视图判断几何体，用到的知识点是俯视图、主视图，关键是根据三种视图之间的关系以及视图和实物之间的关系.

9、C

【解析】
根据题目中的数据可以按照从小到大的顺序排列，从而可以求得这组数据的平均数和中位数．

【详解】

对于数据：6，3，4，7，6，0，1，

这组数据按照从小到大排列是：0，3，4，6，6，7，1，

这组数据的平均数是： 中位数是6，

故选C.

【点睛】

本题考查了平均数、中位数的求法，解决本题的关键是明确它们的意义才会计算，求平均数是用一组数据的和除以这组数据的个数；中位数的求法分两种情况：把一组数据从小到大排成一列， 正中间如果是一个数，这个数就是中位数，如果正中间是两个数，那中位数是这两个数的平均数.

10、A

【解析】

分析：科学记数法的表示形式为的形式，其中为整数．确定的值时，要看把原数变成时，小数点移动了多少位，的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值>1时，是正数；当原数的绝对值<1时，是负数．

详解：1230000这个数用科学记数法可以表示为

故选A.

点睛：考查科学记数法，掌握绝对值大于1的数的表示方法是解题的关键.

11、B

【解析】
连接BF，由折叠可知AE垂直平分BF，根据勾股定理求得AE=5，利用直角三角形面积的两种表示法求得BH=，即可得BF= ，再证明∠BFC=90°，最后利用勾股定理求得CF=．

【详解】

连接BF，由折叠可知AE垂直平分BF，

∵BC=6，点E为BC的中点，

∴BE=3，

又∵AB=4，

∴AE==5，

∵，

∴，

∴BH=，则BF= ，

∵FE=BE=EC，

∴∠BFC=90°，

∴CF== ．

故选B．

【点睛】

本题考查的是翻折变换的性质、矩形的性质及勾股定理的应用，掌握折叠是一种对称变换，它属于轴对称，折叠前后图形的形状和大小不变，位置变化，对应边和对应角相等是解题的关键．

12、A

【解析】
过点P作PD⊥OB于D，根据角平分线上的点到角的两边距离相等可得PC＝PD，再根据垂线段最短解答即可．

【详解】

解：作PD⊥OB于D，

∵OP平分∠AOB，PC⊥OA，PD⊥OA，

∴PD＝PC＝6cm，

则PD的最小值是6cm，

故选A．

【点睛】

考查了角平分线上的点到角的两边距离相等的性质，垂线段最短的性质，熟记性质是解题的关键．

二、填空题：（本大题共6个小题，每小题4分，共24分．）

13、1

【解析】
分别算三角函数，再化简即可.

【详解】

解：原式=-2×-×

=1.

【点睛】

本题考查掌握简单三角函数值，较基础.

14、5.68×109

【解析】

试题解析：科学记数法的表示形式为的形式，其中 为整数．确定的值时，要看把原数变成时，小数点移动了多少位，的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值>1时，是正数；当原数的绝对值<1时，是负数．

56.8亿

故答案为

15、

【解析】
求出黑色区域面积与正方形总面积之比即可得答案.

【详解】

图中有9个小正方形，其中黑色区域一共有3个小正方形，

所以随意投掷一个飞镖，击中黑色区域的概率是，

故答案为．

【点睛】

本题考查了几何概率，熟练掌握概率的计算公式是解题的关键.注意面积之比几何概率．

16、1

【解析】
本题是营销问题，基本等量关系：利润＝每件利润×销售量，每件利润＝每件售价﹣每件进价．再根据所列二次函数求最大值．

【详解】

解：设利润为w元，

则w＝（20﹣x）（x﹣10）＝﹣（x﹣1）2+25，

∵10≤x≤20，

∴当x＝1时，二次函数有最大值25，

故答案是：1．

【点睛】

本题考查了二次函数的应用，此题为数学建模题，借助二次函数解决实际问题．

17、17

【解析】
先利用完全平方公式展开，然后再求和.

【详解】

根据（x+y）2=25，x2+y2+2xy=25;（x﹣y）2=9, x2+y2-2xy=9,所以x2+y2=17.

【点睛】

(1)完全平方公式：.

(2)平方差公式：(a+b)(a-b)=.

(3)常用等价变形：

,

,

.

18、4cm

【解析】
根据三角形的高线的定义得到，根据直角三角形的性质即可得到结论.

【详解】

解:∵是的高线，

∴，

∵，，

∴.

故答案为:4cm.

【点睛】

本题考查了三角形的角平分线、中线、高线，含30°角的直角三角形，熟练掌握直角三角形的性质是解题的关键．

三、解答题：（本大题共9个小题，共78分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．

19、a-b

【解析】
利用分式的基本性质化简即可.

【详解】

＝＝＝.

【点睛】

此题考查了分式的化简，用到的知识点是分式的基本性质、完全平方公式.

20、（1）长为18米、宽为7米或长为14米、宽为9米；（1）若篱笆再增加4m，围成的矩形花圃面积不能达到172m1．

【解析】
（1）假设能，设AB的长度为x米，则BC的长度为（31﹣1x）米，再根据矩形面积公式列方程求解即可得到答案.

（1）假设能，设AB的长度为y米，则BC的长度为（36﹣1y）米，再根据矩形面积公式列方程，求得方程无解，即假设不成立.

【详解】

（1）假设能，设AB的长度为x米，则BC的长度为（31﹣1x）米，

根据题意得：x(31﹣1x)=116，

解得：x1=7，x1=9，

∴31﹣1x=18或31﹣1x=14，

∴假设成立，即长为18米、宽为7米或长为14米、宽为9米．

（1）假设能，设AB的长度为y米，则BC的长度为（36﹣1y）米，

根据题意得：y(36﹣1y)=172，

整理得：y1﹣18y+85=2．

∵△=(﹣18)1﹣4×1×85=﹣16＜2，

∴该方程无解，

∴假设不成立，即若篱笆再增加4m，围成的矩形花圃面积不能达到172m1．

21、探究：证明见解析；应用：；拓展：（1）BC= CD-CE，（2）BC= CE-CD

【解析】

试题分析：探究：判断出∠BAD=∠CAE，再用SAS即可得出结论；
应用：先算出BC，进而算出BD，再用勾股定理求出DE，即可得出结论；
拓展：（1）同探究的方法得出△ABD≌△ACE，得出BD=CE，即可得出结论；
（2）同探究的方法得出△ABD≌△ACE，得出BD=CE，即可得出结论．

试题解析：探究：∵∠BAC=90°，∠DAE=90°，
∴∠BAC=∠DAE．
∵∠BAC=∠BAD+∠DAC，∠DAE=∠CAE+∠DAC，
∴∠BAD=∠CAE．
∵AB=AC，AD=AE，
∴△ABD≌△ACE．                                                 
∴BD=CE．
∵BC=BD+CD，
∴BC=CE+CD． 

应用：在Rt△ABC中，AB=AC=，
∴∠ABC=∠ACB=45°，BC=2，
∵CD=1，
∴BD=BC-CD=1，
由探究知，△ABD≌△ACE，
∴∠ACE=∠ABD=45°，
∴∠DCE=90°，
在Rt△BCE中，CD=1，CE=BD=1，
根据勾股定理得，DE=，
∴△DCE的周长为CD+CE+DE=2+
故答案为2+

拓展：（1）同探究的方法得，△ABD≌△ACE．

∴BD=CE
∴BC=CD-BD=CD-CE，
故答案为BC=CD-CE；

（2）同探究的方法得，△ABD≌△ACE． 
∴BD=CE
∴BC=BD-CD=CE-CD，
故答案为BC=CE-CD．

22、 (1) y＝(x－)2－2；(2)△POE的面积为或；(3)点Q的坐标为(－，)或(－，2)或(，2)．

【解析】
（1）将点B坐标代入解析式求得a的值即可得；

（2）由∠OPM=∠MAF知OP∥AF，据此证△OPE∽△FAE得=

＝＝，即OP=FA，设点P（t，-2t-1），列出关于t的方程解之可得；

（3）分点Q在AB上运动、点Q在BC上运动且Q在y轴左侧、点Q在BC上运动且点Q在y轴右侧这三种情况分类讨论即可得．

【详解】

解：（1）把点B(－，2)代入y＝a(x－)2－2，

解得a＝1，

∴抛物线的表达式为y＝(x－)2－2，

（2）由y＝(x－)2－2知A(，－2)，

设直线AB表达式为y＝kx＋b，代入点A，B的坐标得，

解得，

∴直线AB的表达式为y＝－2x－1，

易求E(0，－1)，F(0，－)，M(－，0)，

若∠OPM＝∠MAF，

∴OP∥AF，

∴△OPE∽△FAE，

∴，

∴OP＝FA＝ ，

设点P(t，－2t－1)，则，

解得t1＝－，t2＝－，

由对称性知，当t1＝－时，也满足∠OPM＝∠MAF，

∴t1＝－，t2＝－都满足条件，

∵△POE的面积＝OE·|t|，

∴△POE的面积为或；

（3）如图，若点Q在AB上运动，过N′作直线RS∥y轴，交QR于点R，交NE的延长线于点S，

设Q(a，－2a－1)，则NE＝－a，QN＝－2a.

由翻折知QN′＝QN＝－2a，N′E＝NE＝－a，

由∠QN′E＝∠N＝90°易知△QRN′∽△N′SE，

∴＝＝，即＝=＝2，

∴QR＝2，ES＝ ，

由NE＋ES＝NS＝QR可得－a＋＝2，

解得a＝－，

∴Q(－，)，

如图，若点Q在BC上运动，且Q在y轴左侧，过N′作直线RS∥y轴，交BC于点R，交NE的延长线于点S.

设NE＝a，则N′E＝a.

易知RN′＝2，SN′＝1，QN′＝QN＝3，

∴QR＝，SE＝－a.

在Rt△SEN′中，(－a)2＋12＝a2，

解得a＝，

∴Q(－，2)，

如图，若点Q在BC上运动，且点Q在y轴右侧，过N′作直线RS∥y轴，交BC于点R，交NE的延长线于点S.

设NE＝a，则N′E＝a.

易知RN′＝2，SN′＝1，QN′＝QN＝3，

∴QR＝，SE＝－a.

在Rt△SEN′中，(－a)2＋12＝a2，

解得a＝，

∴Q(，2)．

综上，点Q的坐标为(－，)或(－，2)或(，2)．

【点睛】

本题主要考查二次函数的综合问题，解题的关键是掌握待定系数法求函数解析式、相似三角形的判定与性质、翻折变换的性质及勾股定理等知识点．

23、（1）证明见解析；（1）．

【解析】
（1）由平行四边形的判定得出四边形OCED是平行四边形，根据矩形的性质求出OC=OD，根据菱形的判定得出即可．（1）解直角三角形求出BC=1．AB=DC=1，连接OE，交CD于点F，根据菱形的性质得出F为CD中点，求出OF=BC=1，求出OE=1OF=1，求出菱形的面积即可．

【详解】

证明：，，

四边形OCED是平行四边形，

矩形ABCD，，，，

，

四边形OCED是菱形；

在矩形ABCD中，，，，

，

，

连接OE，交CD于点F，

四边形OCED为菱形，

为CD中点，

为BD中点，

，

，

．

【点睛】

本题主要考查了矩形的性质和菱形的性质和判定的应用，能灵活运用定理进行推理是解此题的关键，注意：菱形的面积等于对角线积的一半．

24、﹣1≤x＜1．

【解析】
分别求出不等式组中两不等式的解集，找出两解集的公共部分即可．

【详解】

解不等式2x+1≥﹣1，得：x≥﹣1，

解不等式x+1＞4（x﹣2），得：x＜1，

则不等式组的解集为﹣1≤x＜1．

【点睛】

此题考查了解一元一次不等式组，熟练掌握运算法则是解本题的关键．

25、（1）y＝﹣x2+2x+3；（2）当t＝或t＝时，△PCQ为直角三角形；（3）当t＝2时，△ACQ的面积最大，最大值是1．

【解析】
（1）根据抛物线的对称轴与矩形的性质可得点A的坐标，根据待定系数法可得抛物线的解析式；

（2）先根据勾股定理可得CE，再分两种情况：当∠QPC＝90°时；当∠PQC＝90°时；讨论可得△PCQ为直角三角形时t的值；

（3）根据待定系数法可得直线AC的解析式，根据S△ACQ＝S△AFQ+S△CPQ可得S△ACQ＝＝﹣（t﹣2）2+1，依此即可求解．

【详解】

解：（1）∵抛物线的对称轴为x＝1，矩形OCDE的三个顶点分别是C（3，0），D（3，4），E（0，4），点A在DE上，

∴点A坐标为（1，4），

设抛物线的解析式为y＝a（x﹣1）2+4，把C（3，0）代入抛物线的解析式，可得a（3﹣1）2+4＝0，解得a＝﹣1．

故抛物线的解析式为y＝﹣（x﹣1）2+4，即y＝﹣x2+2x+3；

（2）依题意有：OC＝3，OE＝4，

∴CE＝＝＝5，

当∠QPC＝90°时，

∵cos∠QPC＝，

∴，解得t＝；

当∠PQC＝90°时，

∵cos∠QCP＝，

∴，解得t＝．

∴当t＝或  t＝时，△PCQ为直角三角形；

（3）∵A（1，4），C（3，0），

设直线AC的解析式为y＝kx+b，则有：

，解得．故直线AC的解析式为y＝﹣2x+2．

∵P（1，4﹣t），将y＝4﹣t代入y＝﹣2x+2中，得x＝1+，

∴Q点的横坐标为1+，将x＝1+ 代入y＝﹣（x﹣1）2+4 中，得y＝4﹣．

∴Q点的纵坐标为4﹣，

∴QF＝（4﹣）﹣（4﹣t）＝t﹣，

∴S△ACQ ＝S△AFQ +S△CFQ

＝FQ•AG+FQ•DG，

＝FQ（AG+DG），

＝FQ•AD，

＝×2（t﹣），

＝﹣（t﹣2）2+1，

∴当t＝2时，△ACQ的面积最大，最大值是1．

【点睛】

考查了二次函数综合题，涉及的知识点有：抛物线的对称轴，矩形的性质，待定系数法求抛物线的解析式，待定系数法求直线的解析式，勾股定理，锐角三角函数，三角形面积，二次函数的最值，方程思想以及分类思想的运用．

26、（1）作图见解析；(2)如图所示，点A的坐标为(0，1)，点C的坐标为(-3，1)；(3)如图所示，点B2的坐标为(3，-5)，点C2的坐标为(3，-1).

【解析】
（1）分别作出点B个点C旋转后的点，然后顺次连接可以得到；

（2）根据点B的坐标画出平面直角坐标系；

（3）分别作出点A、点B、点C关于原点对称的点，然后顺次连接可以得到.

【详解】

（1）△A如图所示；

（2）如图所示，A（0，1），C（﹣3，1）；

（3）△如图所示，（3，﹣5），（3，﹣1）．

27、（1）证明见解析；（1）；（3）1.

【解析】
（1）要证明DE是的⊙O切线，证明OG⊥DE即可；

（1）先证明△GBA∽△EBG，即可得出=,根据已知条件即可求出BE；

（3）先证明△AGB≌△CGB，得出BC=AB=6，BE=4.8再根据OG∥BE得出=，即可计算出AD.

【详解】

证明：（1）如图，连接OG，GB，

∵G是弧AF的中点，

∴∠GBF=∠GBA，

∵OB=OG，

∴∠OBG=∠OGB，

∴∠GBF=∠OGB，

∴OG∥BC，

∴∠OGD=∠GEB，

∵DE⊥CB，

∴∠GEB=90°，

∴∠OGD=90°，

即OG⊥DE且G为半径外端，

∴DE为⊙O切线；

（1）∵AB为⊙O直径，

∴∠AGB=90°，

∴∠AGB=∠GEB，且∠GBA=∠GBE，

∴△GBA∽△EBG，

∴，

∴；

（3）AD=1，根据SAS可知△AGB≌△CGB，

则BC=AB=6，

∴BE=4.8，

∵OG∥BE，

∴，即，

解得：AD=1．

【点睛】

本题考查了相似三角形与全等三角形的判定与性质与切线的性质，解题的关键是熟练的掌握相似三角形与全等三角形的判定与性质与切线的性质.