2019年北京市海淀区中考物理二模试卷

这是一份2019年北京市海淀区中考物理二模试卷，共45页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，实验解答题，科普阅读题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2019年北京市海淀区中考物理二模试卷
一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意．共30分，每小题2分）
1．（2分）祖国的绿水青山一年四季都美景如画。在如图所示的美景中，属于凝华现象的是　　
A．春天，雾绕群峰 B．夏天，雨笼山峦
C．秋天，露上枝头 D．冬天，霜挂树枝
2．（2分）如图所示，各种装置在正常使用过程中都可视为杠杆，其中属于省力杠杆的是　　
A．用瓶起子开瓶盖 B．用镊子夹砝码
C．用钓鱼竿钓鱼 D．用筷子夹食品
3．（2分）在四冲程汽油机的工作循环中，将内能转化为机械能的冲程是　　
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
4．（2分）关于光现象，下列说法中正确的是　　
A．人站在平面镜前所看到自己在镜中的像是实像
B．人通过放大镜观察物体时看到的是物体正立放大的实像
C．凹透镜对光有发散作用，可用来矫正远视眼
D．在电影院从不同角度都能看到银幕上的影像，是光的漫反射现象
5．（2分）如图所示，小新分别在、处用同样大小的力以垂直于门表面的方向推门，力作用在点时更容易将门推动。这说明力的作用效果　　

A．与力的大小有关 B．与力的作用点有关
C．与力的方向有关 D．与力的施力物体有关
6．（2分）如图所示，四种动物的运动情况能用流体压强与流速的关系来解释的是　　
A．青蛙向后蹬腿而在水中前进
B．乌贼向后喷水而在水中前行
C．鸟展开双翅在空中滑翔
D．壁虎靠脚上的“吸盘”在玻璃墙上爬行
7．（2分）如图所示，在扬声器的纸盆上撒些纸屑，当扬声器播放音乐时，原来静止在纸盆上的纸屑会跳动起来，这个现象主要用来说明　　

A．声速与频率的关系 B．发声的物体在振动
C．声音传播需要介质 D．乐音与噪声的区别
8．（2分）在下列实例中，属于利用大气压强的是　　
A．发射的火箭升向空中
B．护士用注射器把药液推入病人的肌肉中
C．用吸管将饮料吸到嘴里
D．拦河坝修成“上窄下宽”的形状
9．（2分）如图展示了几种我国古代劳动人民的智慧成果，其中都涉及到一定的物理知识。对此下列说法中正确的是　　

A．火箭点火后产生的气体对火箭的作用力与火箭对气体的作用力是一对平衡力
B．拉开的弓将箭射出的过程中，弓的重力势能转化为箭的动能
C．孔明灯在竖直上升过程中只受重力
D．司南能够指南北是利用了地磁场对磁体的作用
10．（2分）下列说法中错误的是　　
A．磁悬浮列车能够悬浮是利用了磁体间的相互作用
B．磁体对铁钉的吸引力是通过磁场实现的
C．发电机是根据电磁感应原理制成的
D．电动机转动过程中将机械能转化为电能
11．（2分）行驶的汽车准备拐弯时，司机会拨动转向灯开关，同侧的前后两个转向灯就会同时闪亮、同时熄灭。如果这两个转向灯有一个损坏，另一个仍能正常闪亮工作。根据上述现象可判断，下列说法中正确的是　　
A．两灯一定是并联 B．两灯一定是串联
C．两灯的电阻一定相等 D．通过两灯的电流一定相等
12．（2分）在正常使用的家庭电路中，空气开关突然“跳闸”。对于“跳闸”的可能原因的分析，下列说法中最合理的是　　
A．将插头插入双孔插座中时，双孔插座中的两个导线头相互接触
B．灯泡中的灯丝被烧断
C．断开电灯的开关时，开关中的两个导线头相互接触
D．用遥控器关闭正在使用的电视机
13．（2分）小利在“冰雪游乐场”沿笔直的冰滑梯滑下的过程中（如图甲所示），研究性学习小组的同学们从他下滑一小段距离后开始计时，记录了他从开始计时位置到沿冰滑梯斜面滑至底端的运动情况，并根据记录画出了小利在这段时间内通过的路程随时间变化关系的图线，发现图线为一条过原点的直线，如图乙所示。对于小利的这段下滑过程，下列说法中正确的是　　

A．小利的动能保持不变
B．小利的速度逐渐增大
C．小利减少的重力势能全部转化为他的动能
D．小利的机械能保持不变
14．（2分）如图所示，电取暖器通电一段时间后，其中的电热丝就会热得发红，而与电热丝相连的导线的温度却没有明显的升高，这主要是因为　　

A．导线是导体，电热丝是绝缘体
B．导线的电阻远小于电热丝的电阻
C．通过导线的电流小于通过电热丝的电流
D．导线的通电时间比电热丝的通电时间长
15．（2分）如图甲所示为小光研究滑动变阻器的电功率变化规律的电路图，为定值电阻，电源两端的电压保持不变。闭合开关后，在调节滑动变阻器的滑动头从端滑到端的过程中，记录了若干组通过的电流与其两端电压的数据，并在分析实验数据后画出了的电功率随其两端电压变化关系的图象，如图乙所示。下列说法中正确的是　　

A．的阻值为 B．的最大阻值为
C．电源两端的电压为 D．该电路的最大电功率为
二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．共10分，每小题2分．每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）
16．（2分）下列说法中正确的是　　
A．温度为的物体，其分子仍然会做无规则运动
B．温度高的物体比温度低的物体含有的热量多
C．通常沿海地区比沙漠地区昼夜温差小，这与水的比热容比沙石的比热容大有关
D．煤的热值比干木柴的大，因此煤燃烧过程中一定比干木柴燃烧过程中放出的热量多
17．（2分）下列说法中正确的是　　
A．太阳能电池可以将太阳能转化为电能
B．我国的“北斗”卫星导航定位系统是利用电磁波进行定位和导航的
C．太阳系、银河系、地球、月球是按空间尺度由大到小排列的
D．大量经验表明，不高于的电压一般对人体是安全的
18．（2分）厨房中蕴含着丰富的物理知识，对于如图所示的事例，下列分析中正确的是　　
A．电冰箱是利用被冷藏物品中的水分蒸发吸热来制冷的
B．高压锅用增大锅内气压的方法提高水的沸点
C．烧开水时壶嘴冒出的“白气”是水蒸气吸热后形成的小水滴
D．洗菜池下面排水管中的型“回水弯”利用了连通器原理
19．（2分）小红在做探究凸透镜成像规律的实验时，将焦距为的薄凸透镜固定在水平光具座上的刻度线处，将烛焰、透镜和光屏的中心调节到同一高度。再将点燃的蜡烛移至光具座上刻度线处，移动光屏至刻度线处时，烛焰在光屏上成清晰的像，如图所示。下列分析中正确的是　　

A．图中所示的实验现象能够说明放大镜的成像特点
B．要在光屏上得到更大的烛焰清晰的像，应该将蜡烛向右移动，同时光屏向左移动
C．如果将蜡烛移到光具座上的刻度线之间的某位置，则不论怎样调整光屏的位置，在光屏上都得不到烛焰清晰的像
D．若将蜡烛放在光具座上刻度线处，通过移动光屏到适当位置，在光屏上可呈现烛焰倒立、缩小的实像
20．（2分）小军利用由一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组，将重为的物体匀速竖直提升高度的过程中，绳子自由端移动的速度为，竖直拉动绳子的拉力大小为．若绳重及滑轮的摩擦均可忽略不计，则下列表述中可能正确的是　　
A．该滑轮组的机械效率为
B．提升重物需要的时间为
C．提升重物的额外功为
D．滑轮组提升重物的有用功率为
三、实验解答题（共39分，21～24题各2分，25、27、29、30、32、33题各4分，26、28题各2分，31题3分）
21．（2分）如图所示，这只铅笔长度的测量值为　　。

22．（2分）如图所示，此时电能表的示数为　　。

23．（2分）如图所示，根据通电螺线管的“、”极可知电源的左端为　　极（选填“正”或“负” 。

24．（2分）如图所示，是以点为支点的杠杆，是作用在杠杆端的力。图中线段与力的作用线在一条直线上，且、．则线段表示力的力臂　　（选填“”“ ”或“” 。

25．（4分）小立通过实验探究水沸腾时温度变化的特点。
（1）如图所示，、、三种读取温度计示数的方法中正确的是　　（选填“”“ ”或“” 。
（2）在对水持续均匀加热直至沸腾一段时间的过程中，小立用正确的实验方法观察并记录了水在加热过程中温度随加热时间变化的情况，具体数据如下表：
时间
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
温度
90
92
94
96
97
98
99
99
99
99
根据表中的信息可知，在沸腾过程中，随着加热，水的温度　　（选填“升高”“降低”或“不变” 。

26．（2分）如图所示，在“探究光的反射规律”的实验中，先把一个平面镜放在水平桌面上，再把一个可折叠的半圆形的屏（由两个大小相同的扇形面、连接而成，用来显示光的传播路径）竖直地立在平面镜上，屏上的直线为屏可绕其转动的轴线，且垂直于镜面。使一束光贴着屏沿射到点，经平面镜反射，就可以通过反射光的情况探究光的反射规律了。
（1）在图甲所示的情景中，若使一束光贴着屏沿射到点，则经镜面反射后的光将沿射出，这说明了在光的反射现象中，光路是的　　（选填“可逆”或“不可逆” 。
（2）如图乙所示，若以轴线（法线）为轴，在水平面内将屏向后转动，则在屏上　　（选填“能”或“不能” 看到反射光。

27．（4分）小波在探究影响导体电阻大小的因素时，选择了如图所示的器材，在实验板上固定有、、、四根金属丝，其中、、三根的长度均为，的长度为，、、的横截面积均为，的横截面积为；、、的材料相同，的材料与另外三根的材料不同，电源两端的电压保持不变。小波分别将四根金属丝的两端接入电路、两点间进行实验，并将实验过程与数据记录如下表。
实验顺序
1
2
3
4
两端连接的金属丝




电流表示数
0.4
1.5
0.8
0.8
（1）如果要研究导体的长度对电阻大小的影响，应选择第的两组数据进行比较　　（选填“1”“2”“3”“4” ；
（2）比较第2和3的两组数据，　　（选填“能”或“不能” 得出导体的电阻与其横截面积有关的结论。

28．（2分）小莎猜想液体内部压强可能与液体的密度以及所研究位置的深度有关，她取来甲、乙两个相同的烧杯放在同一水平桌面上，在两烧杯中分别倒入相同深度的水和浓盐水。将调整好的微小压强计探头分别放入水和浓盐水中，如图所示（图中两条虚线均水平）。在这个实验中，小莎所探究的是液体内部压强与液体的　　（选填“密度”或“深度” 是否有关。

29．（4分）水平实验桌上有如图所示的实验装置，其中垂直于白纸面且用支架固定的透明薄玻璃板作为平面镜，还提供了、、三只粗细相同的蜡烛，其中、长度相同，较短。小阳想用这些器材探究平面镜所成像的大小与哪些因素有关。
（1）小阳的部分实验步骤如下：
①将蜡烛放在玻璃板前适当位置；
②将蜡烛　　（选填“”或“” 置于玻璃板后方，调节它的位置，并在玻璃板前面透过玻璃板从不同角度观察，使其都能与蜡烛的像完全重合；
③改变蜡烛到玻璃板的距离，并调节玻璃板后方蜡烛到适当的位置，发现在玻璃板前面透过玻璃板从不同角度观察，玻璃板后方的蜡烛仍能与的像完全重合。
（2）在上述实验中，小阳所探究问题的自变量是：　　（选填选项前的字母）
．物体到平面镜的距离 ．物体的高度 ．平面镜的大小
（3）小阳所观察到的实验现象说明，物体到平面镜的距离改变时，其在平面镜中所成像的大小　　（选填“改变”或“不变” 。因此可以得出结论：平面镜所成像的大小与物体到平面镜的距离　　（选填“有关”或“无关” 。

30．（4分）在“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的实验中，小磊将蹄形磁体放在水平桌面上，将导体棒悬挂在蹄形磁体的两磁极之间，按如图所示将导体棒、开关和灵敏的电流表连接起来。已知电路器件均完好。
（1）如图甲所示，导体棒沿水平方向向右快速运动，电流表指针不发生偏转，这是因为　　；
（2）如图乙所示，在导体棒沿水平方向左右往复运动过程中，电流表的指针发生了偏转。如果想使电流表指针偏转更明显一些，下列方法中可行的是　　（选填选项前的字母）。
．换用量程更小且更灵敏的电流表 ．使导体棒在蹄形磁体中沿竖直方向运动

31．（3分）在探究杠杆平衡条件的实验中，先准备好质量相等的钩码若干个，再把质量分布均匀、带有轻质挂环的杠杆安装在转轴上。已知杠杆上相邻两条刻度线间的距离均相等。

（1）开始实验前发现杠杆如图22甲所示，为使杠杆能水平平衡，需要将右端的平衡螺母向　　调节（选填“左”或“右” 。
（2）调节杠杆水平平衡后，在转轴的左侧第2条刻度线处的环上挂3个钩码，为使杠杆再次在水平位置平衡，需要在转轴的右侧第3条刻度线处的环上挂　　个钩码。
（3）保持环上挂3个钩码的条件下，在转轴的右侧去掉所有钩码，并施加竖直向下的动力，使杠杆在水平位置平衡，测出多组动力和动力臂的数据，并根据数据绘制了如图乙所示的图象。请根据图象推算，当动力臂时，动力　　。
32．（4分）实验桌上有满足实验要求的电源、电阻箱、滑动变阻器、开关各一个，已调零的电压表和电流表各一块，导线若干。小陆利用以上器材探究通过导体的电流与导体电阻的关系。主要的实验步骤如下：
①断开开关，按图所示的电路图连接电路，调节滑动变阻器的滑动头，使滑动变阻器接入电路的电阻值最大；
②将电阻箱调到适当阻值，闭合开关，调节滑动变阻器的滑动头到适当的位置，用电压表测量电阻箱两端的电压，用电流表测量通过电阻箱的电流，将相应的数据记录在表格中；
③断开开关，将电阻箱的阻值调为，闭合开关，用电流表测量通过电阻箱的电流，并将相应的数据记录在表格中；
④仿照步骤③再做4次实验，每次改变电阻箱的阻值，分别将各次测得的数据记录在表格中。
小陆通过分析所测的实验数据，发现通过导体的电流与导体的电阻不成反比。
请根据上述的实验过程，回答下列问题：
（1）小陆的上述实验步骤中存在的问题是：　　。
（2）请你针对小陆实验步骤中存在的问题，写出改正后的具体步骤：　　。

33．（4分）小华在学习了压强的知识后，知道了压强的大小与压力大小有关，由此她认为“滑动摩擦力的大小与压强的大小有关”。小明不同意小华的观点，于是利用长木板、弹簧测力计、轻细线，以及一个带有挂钩的长方体物块设计了如图所示的实验装置进行研究。
已知长木板的上表面粗糙程度均匀且一端带有一个高度可调节的定滑轮；物块的长、宽、高的长度各不相同，6个表面的粗糙程度相同。
（1）以下是小明的部分实验步骤，请补充完整：
①将长木板放在水平桌面上，将物块平放在长木板上，调节定滑轮的高度，使拉物块的轻细线与长木板平行；
②竖直向上拉动弹簧测力计，使物块在长木板上做　　运动，读出并记录测力计的示数，根据二力平衡条件可知，物块所受滑动摩擦力；
③　　，调节定滑轮的高度，使拉物块的轻细线与长木板平行，重复步骤②的操作与测量，读出并记录测力计的示数，根据二力平衡条件可知，物块所受滑动摩擦力。
④比较两次的滑动摩擦力大小，发现。
（2）通过小明的实验，可以得到如下的实验结论：上述两次实验中，物块对长木板的压力相等，但　　，而，说明小华的观点是　　的（选填“正确”或“错误” 。

四、科普阅读题（共4分）
34．（4分）请阅读《“鲲龙” ：海天之间来了艘“会飞的船”》回答题。
“鲲龙” ：海天之间来了艘“会飞的船”
水陆两栖飞机“鲲龙” ，是继“运”实现交付列装、实现首飞之后，国产大飞机领域取得的又一项重大突破，填补了我国大型水陆两栖飞机的研制空白。
2018年10月20日，湖北荆门的漳河水上机场，一架底部设计如船的“鲲龙” ，从机场陆上跑道开始滑行，随即入水，划开深蓝色的水面后，迅速加速并昂起机头，从水面踏浪而起，飞上云霄（如图）。随后，再下降至水面完成贴水滑行并回归陆上跑道。“鲲龙” 水上首飞验证成功，是其研制过程中一座重要的里程碑。
“鲲龙” 要求在岸上是飞机，在水上是大船。研发过程中科学家一直面临巨大的挑战。比如它的机身、翼展与目前的大型客机差不多，最大起飞质量可达到53.5吨，在水面时需要保证机体结构不漏水；普通船只航行速度大约30节节海里时，即，相比之下，“鲲龙” 水面起飞速度达到100节以上，因此水面会对船底结构产生巨大压力；在水面风力、波浪的影响下，飞机状态必须稳定。这些都是研发过程中必须攻克的难题。
“鲲龙” 配备的涡轮螺旋桨发动机为我国自主研制，单台最大功率高达．这种带6个叶片的螺旋桨发动机通过消耗燃油使飞机获得动力，其核心结构有压气机、燃烧室、燃气涡轮、尾喷管等喷气动力系统，在涡轮轴的前端还有一个与之相连的多叶片状的螺旋桨。螺旋桨转动时会对飞机产生向前的拉力，高温高压燃气从尾喷管冲出时会对飞机产生向前的推力，一拉一推共同驱动飞机快速向前飞行。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）“鲲龙” 水面起飞速度最接近　　（选填选项前的字母）
． ． ． ．
（2）“鲲龙” 以最大起飞质量静止在水面时受到的浮力可达　　取；飞机飞行时所获得向前的动力将　　（选填“小于”“等于”或“大于” 由于高温高压燃气从尾喷管冲出时对飞机产生的向前的推力。

五、计算题（共7分，35题3分，36题4分）
35．（3分）如图所示，电源两端的电压恒为，小灯泡上标有“”字样，滑动变阻器的最大阻值为．求：
（1）小灯泡正常工作消耗的电能；
（2）小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路中的电阻值。

36．（4分）如图所示，站在水平地面上的人通过滑轮组从深井中打捞一体积、质量的重物，重物在拉力作用下以的速度竖直匀速上升。已知动滑轮所受的重力，水的密度，水的阻力、绳重及滑轮的摩擦均可忽略不计，取。求：
（1）重物浸没在水中时所受的浮力大小；
（2）重物浸没在水中时，人对绳竖直向下的拉力大小；
（3）重物完全离开水面后，以的速度匀速上升过程中，人竖直拉绳的功率。


2019年北京市海淀区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意．共30分，每小题2分）
1．（2分）祖国的绿水青山一年四季都美景如画。在如图所示的美景中，属于凝华现象的是　　
A．春天，雾绕群峰 B．夏天，雨笼山峦
C．秋天，露上枝头 D．冬天，霜挂树枝
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固
【解答】解：、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故错误；
、雨是空中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故错误；
、露是空中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故错误；
、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的小冰晶，附着在建筑物或植被表面；故正确。
故选：。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识
2．（2分）如图所示，各种装置在正常使用过程中都可视为杠杆，其中属于省力杠杆的是　　
A．用瓶起子开瓶盖 B．用镊子夹砝码
C．用钓鱼竿钓鱼 D．用筷子夹食品
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：
、用瓶起子开瓶盖的过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
、用镊子夹砝码过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
、用钓鱼竿钓鱼过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
、用筷子夹食品过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。
故选：。
【点评】此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
3．（2分）在四冲程汽油机的工作循环中，将内能转化为机械能的冲程是　　
A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程
【分析】四冲程内燃机的四个冲程依次是：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；其中做功冲程是把内能转化为机械能；压缩冲程是把机械能转化为内能。
【解答】解：
四冲程汽油机的一个工作循环由四个冲程组成：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；其中压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能，故正确。
故选：。
【点评】本题主要考查了内燃机的四冲程以及四个冲程中做功次数与飞轮转数之间的关系。关键要搞清一个工作循环包括四个冲程，飞轮转两周，对外做功一次。
4．（2分）关于光现象，下列说法中正确的是　　
A．人站在平面镜前所看到自己在镜中的像是实像
B．人通过放大镜观察物体时看到的是物体正立放大的实像
C．凹透镜对光有发散作用，可用来矫正远视眼
D．在电影院从不同角度都能看到银幕上的影像，是光的漫反射现象
【分析】（1）平面镜成像特点之一：正立等大的虚像；
（2）放大镜是根据物距小于焦距时，凸透镜成正立放大虚像的原理制成的；
（3）凹透镜对光有发散作用，可用来矫正近视眼；
（4）漫反射时反射光线射向各个方向，所以我们能从各个不同方向看到本身不发光的物体。
【解答】解：
、人站在平面镜前看到自己在镜中的像是正立、等大的虚像，故错误；
、用放大镜观察物体时看到的是物体正立、放大的虚像，故错误；
、近视眼是晶状体曲度变大、会聚能力增强造成的，应佩戴发散透镜使光线推迟会聚，因凹透镜对光线有发散作用，所以近视眼应该配戴凹透镜才能看清远处的物体，故错误；
、银幕是凹凸不平的，平行光线入射到粗糙的银幕上，反射光线射向四面八方，进入不同方向的人的眼睛，不同方向的人们都能看到银幕上的影像，因此光在银幕上发生了漫反射，故正确。
故选：。
【点评】此题考查了平面镜成像的特点、凸透镜成像的规律及应用，同时考查了有关近视眼的成因及矫正，光的反射类型等，是一道基础性题目。
5．（2分）如图所示，小新分别在、处用同样大小的力以垂直于门表面的方向推门，力作用在点时更容易将门推动。这说明力的作用效果　　

A．与力的大小有关 B．与力的作用点有关
C．与力的方向有关 D．与力的施力物体有关
【分析】力的三要素有：力的大小、方向、作用点，它们都影响力的作用效果。
【解答】解：
由题意可知，在、两处力的大小和方向均相同，作用点、不同，力的作用效果也不同，这说明力的作用效果与力的作用点有关；故错误，正确。
故选：。
【点评】力的大小、方向、作用点，都影响力的作用效果，物理上将它们称为力的三要素。
6．（2分）如图所示，四种动物的运动情况能用流体压强与流速的关系来解释的是　　
A．青蛙向后蹬腿而在水中前进
B．乌贼向后喷水而在水中前行
C．鸟展开双翅在空中滑翔
D．壁虎靠脚上的“吸盘”在玻璃墙上爬行
【分析】流体压强与流速的关系：在流体中，流速快的地方压强越小，结合选项可做出判断。
【解答】解：、青蛙向后蹬腿而在水中前进，是利用了力的作用的相互性，不合题意；
、乌贼向后喷水而前行，是利用了力的作用的相互性，不合题意；
、展开双翅的鸟在空中滑行时，翅膀上方空气流速快、压强小，下方空气流速慢、压强大，形成向上的升力，符合题意；
、壁虎靠脚上的“吸盘”在玻璃墙上爬行，利用了大气压的作用，从而使脚与墙壁之间产生较大的摩擦力，不合题意。
故选：。
【点评】本题以动物的运动相关的现象，考查了相关物理知识与这些现象的联系，总体难度不大。
7．（2分）如图所示，在扬声器的纸盆上撒些纸屑，当扬声器播放音乐时，原来静止在纸盆上的纸屑会跳动起来，这个现象主要用来说明　　

A．声速与频率的关系 B．发声的物体在振动
C．声音传播需要介质 D．乐音与噪声的区别
【分析】一切正在发声的物体都在振动，有的振动很微小，看不见，可以通转换法体现出来。
【解答】解：在扬声器上撒些碎纸屑，播放音乐时，纸屑会跳动，这说明声音是由物体的振动产生的，不能说明声速与频率的关系、声音传播需要介质、乐音与噪声的区别。故正确，错误。
故选：。
【点评】解决此类问题的关键是知道声音产生的原因。
8．（2分）在下列实例中，属于利用大气压强的是　　
A．发射的火箭升向空中
B．护士用注射器把药液推入病人的肌肉中
C．用吸管将饮料吸到嘴里
D．拦河坝修成“上窄下宽”的形状
【分析】大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”。
【解答】解：、火箭是靠气体的反冲作用而获得动力而升空的，没有利用大气压强，故不符合题意；
、护士把针筒中的药液推人病人肌肉中，是用外力将药液推入病人肌肉中，与大气压无关，故不符合题意；
、用吸管吸饮料的原理是：先把吸管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，利用了大气压强，故符合题意；
、拦河大坝是利用液体的压强随深度的增加而增加的原理，与大气压无关，故不符合题意。
故选：。
【点评】生活中利用大气压强的例子很多，例如呼吸、吸管喝饮料、注射器吸入药液、钢笔吸墨水、抽水机等等，事例不同，但是理论相同。本题涉及到了比较多的考点，考查物理知识的灵活应用，我们在日常生活中要认真观察生活中的物理现象，并认真分析，而综合性的题目也在逐步的成为中招的宠儿。
9．（2分）如图展示了几种我国古代劳动人民的智慧成果，其中都涉及到一定的物理知识。对此下列说法中正确的是　　

A．火箭点火后产生的气体对火箭的作用力与火箭对气体的作用力是一对平衡力
B．拉开的弓将箭射出的过程中，弓的重力势能转化为箭的动能
C．孔明灯在竖直上升过程中只受重力
D．司南能够指南北是利用了地磁场对磁体的作用
【分析】（1）一对平衡力必须符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在一条直线上；
（2）从影响能量大小的因素来分析能量的变化，找到能量转化的方向；
（3）浸在液体和气体中的物体都要受到浮力的作用；
（4）地球是一个大磁体，周围存在磁场，叫做地磁场，地磁场对放入其中的小磁针产生磁力的作用。
【解答】解：
．火箭点火后产生的气体对火箭的作用力与火箭对气体的作用力，二力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故错误；
．弓被拉弯具有弹性势能，弓在恢复的过程中将箭射出去，弓的弹性势能转化成箭的动能，故错误；
．孔明灯在竖直上升过程中，受到重力和浮力的作用，故错误；
．地磁场能对地球附近的磁体产生磁力，所以司南能够指南北是受地磁场的作用，故正确。
故选：。
【点评】本题考查了平衡力的辨别、动能和势能的转化、空气的浮力、地磁场的存在，包含的知识点较多，属于综合性题目。
10．（2分）下列说法中错误的是　　
A．磁悬浮列车能够悬浮是利用了磁体间的相互作用
B．磁体对铁钉的吸引力是通过磁场实现的
C．发电机是根据电磁感应原理制成的
D．电动机转动过程中将机械能转化为电能
【分析】（1）同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引；
（2）磁体周围存在着磁场。磁体间相互作用是通过磁场实现的；
（3）闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生电流，叫电磁感应现象。发电机就是根据电磁感应原理工作的；
（4）电动机在工作时是电能转化为机械能。
【解答】解：、磁悬浮列车能够悬浮是利用了同名磁极相互排斥的特点。故正确；
、磁体周围存在着磁场，磁体对铁钉的吸引力是通过磁场施加的。故正确；
、发电机是根据电磁感应原理工作的，工作过程中将机械能转化为电能。故正确；
、电动机是根据通电导体在磁场中受到力的作用原理工作的。在工作时将电能转化为机械能。故错误。
故选：。
【点评】此题考查了磁悬浮列车的原理、磁场的作用及电动机、发电机的工作原理，是电和磁知识的考查，周围基本规律是解答的关键。
11．（2分）行驶的汽车准备拐弯时，司机会拨动转向灯开关，同侧的前后两个转向灯就会同时闪亮、同时熄灭。如果这两个转向灯有一个损坏，另一个仍能正常闪亮工作。根据上述现象可判断，下列说法中正确的是　　
A．两灯一定是并联 B．两灯一定是串联
C．两灯的电阻一定相等 D．通过两灯的电流一定相等
【分析】（1）串并联电路的特点：串联电路，电流只有一条通路，开关控制整个电路。并联电路电流有多条通路，各支路互不影响。
（2）串联电路中电路处处相等，并联电路中各支路电压相等，等于电源电压。
【解答】解：
（1）由题知，汽车转向时，同侧的前后两个转向灯就会同时闪亮、同时熄灭，但其中一个损坏时，另一个仍能正常工作，说明这两个转向灯工作时互不影响，所以它们是并联的，故正确，错误。
（2）两灯的规格不一定相同，故电阻不一定相等；并联电路中各支路的电压相等，但由于两灯的电阻不一定相等，所以通过两灯的电流不一定相等，故错误。
故选：。
【点评】此题主要考查了串、并联电路的区别，首先要掌握串并联电路的特点，关键是看用电器能否单独工作。
12．（2分）在正常使用的家庭电路中，空气开关突然“跳闸”。对于“跳闸”的可能原因的分析，下列说法中最合理的是　　
A．将插头插入双孔插座中时，双孔插座中的两个导线头相互接触
B．灯泡中的灯丝被烧断
C．断开电灯的开关时，开关中的两个导线头相互接触
D．用遥控器关闭正在使用的电视机
【分析】空气开关自动跳闸的原因是电流过大，引起家庭电路中电流过大的原因有两个，短路或总功率过大。据此分析。
【解答】解：
、将插头插入双孔插座中时，双孔插座中的两个导线头相互接触，此时火线和零线接触，电路短路，电流会过大，空气开关会跳闸，故正确。
、灯泡中的灯丝被烧断，此时电路为断路状态，不会造成电路中电流过大，故错误；
、断开电灯的开关时，开关中的两个导线头相互接触，相当于把灯泡接入电路中，灯泡正常工作，不会造成电路中电流过大，故错误；
、用遥控器关闭正在使用的电视机，此时电路中的电流会减小，不会引起跳闸，故错误。
故选：。
【点评】记住家庭电路中电流过大的现象是保险丝熔断或空气开关跳闸，电流过大的原因是总功率过大或短路，能够在实际情境中判断出是什么原因造成的电流过大。
13．（2分）小利在“冰雪游乐场”沿笔直的冰滑梯滑下的过程中（如图甲所示），研究性学习小组的同学们从他下滑一小段距离后开始计时，记录了他从开始计时位置到沿冰滑梯斜面滑至底端的运动情况，并根据记录画出了小利在这段时间内通过的路程随时间变化关系的图线，发现图线为一条过原点的直线，如图乙所示。对于小利的这段下滑过程，下列说法中正确的是　　

A．小利的动能保持不变
B．小利的速度逐渐增大
C．小利减少的重力势能全部转化为他的动能
D．小利的机械能保持不变
【分析】（1）首先根据图象判断小利的运动状态，然后判断其速度大小是否发生变化，再根据动能大小的影响因素判断动能的大小变化；
（2）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。
【解答】解：
、根据路程随时间变化关系的图线可知，路程与时间成正比，说明小利做匀速直线运动，其速度大小不变，又因为小利的质量不变，所以小利的动能保持不变。故正确，错误；
、小利从开始计时位置到沿冰滑梯斜面滑至底端的过程中，质量不变，高度降低，重力势能减小，但动能不变，所以减少的重力势能没有转化为他的动能，故错误；
、小利从开始计时位置到沿冰滑梯斜面滑至底端的过程中，需要克服空气阻力和摩擦力做功，一部分机械能转化为内能，所以小利的机械能减小，故错误。
故选：。
【点评】此题考查动能和势能的转化与守恒，关键是掌握动能和势能的影响因素，并根据图象判断小利的运动状态。
14．（2分）如图所示，电取暖器通电一段时间后，其中的电热丝就会热得发红，而与电热丝相连的导线的温度却没有明显的升高，这主要是因为　　

A．导线是导体，电热丝是绝缘体
B．导线的电阻远小于电热丝的电阻
C．通过导线的电流小于通过电热丝的电流
D．导线的通电时间比电热丝的通电时间长
【分析】（1）能导电的为导体，不能导电的为绝缘体；
（2）电热丝和导线串联，通过的电流和通电时间相同，根据焦耳定律可知，电阻越大电流产生的热量越多，据此分析判断；
【解答】解：、导线是导体，电热丝也能导电，则电热丝也是导体，故错误；
、电热丝和导线串联，通过的电流和通电时间相同，由于导线的电阻远小于电热丝的电阻，所以根据焦耳定律可知，电流通过导线产生的热量很少，则与电热丝相连的导线的温度没有明显升高，而电热丝热得发红，故正确，错误。
故选：。
【点评】本题主要考查学生对焦耳定律的了解与掌握，分析时注意用好控制变量法。
15．（2分）如图甲所示为小光研究滑动变阻器的电功率变化规律的电路图，为定值电阻，电源两端的电压保持不变。闭合开关后，在调节滑动变阻器的滑动头从端滑到端的过程中，记录了若干组通过的电流与其两端电压的数据，并在分析实验数据后画出了的电功率随其两端电压变化关系的图象，如图乙所示。下列说法中正确的是　　

A．的阻值为 B．的最大阻值为
C．电源两端的电压为 D．该电路的最大电功率为
【分析】分析图甲中的连接方式，根据串联电路的特点，结合图乙信息，由和列等式，利用电源电压不变求解。
【解答】解：由图甲可知，与串联，电压表测电压，由图乙可知，变阻器两端电压，变阻器消耗的功率为，
此时变阻器接入电路的电阻：，
串联电路中电流处处相等，
电路的电流为①
由图甲可知，当滑片至端时，全部接入电路，由图乙可知，此时变阻器的功率为，，
此时变阻器接入电路的电阻为其最大值：，故正确；
电路的电流：②
由①②可得：，电源电压，故均不正确；
由可知，在不变时，越小，电路消耗的电功率越大，由图可知，当处于端时，变阻器未接入电路，此时电路中总电阻最小，功率最大：
，故不正确。
故选：。
【点评】本题考查串联电路的有关运算，关键是要会从图象中获取信息。
二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．共10分，每小题2分．每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分）
16．（2分）下列说法中正确的是　　
A．温度为的物体，其分子仍然会做无规则运动
B．温度高的物体比温度低的物体含有的热量多
C．通常沿海地区比沙漠地区昼夜温差小，这与水的比热容比沙石的比热容大有关
D．煤的热值比干木柴的大，因此煤燃烧过程中一定比干木柴燃烧过程中放出的热量多
【分析】（1）一切物体的分子都在不停地做无规则运动；
（2）热量是一个过程量，存在于热传递过程中，只能说吸收或者放出热量，不能说含有或者具有热量；
（3）水的比热容大，在同样吸放热条件下水的温度变化小；
（4）某种燃料完全燃烧放出的能量，叫做这种燃料的热值。燃料燃烧放出的热量与燃料的燃烧程度和燃料的质量有关。
【解答】解：
、物体的温度为，物体的分子运动速度不为0，仍然会做无规则运动，故正确；
、热量是出现在热传递过程中的一个过程量，不能说物体含有热量，可以说吸收或放出热量，故错误；
、沿海地区和沙漠地区相比，沿海地区水多，水的比热容大，在相同的吸放热条件下，水的温度变化小，昼夜温差小；沙漠地区多砂石，砂石的比热容较小，在相同的吸热条件下，砂石的温度变化大，故正确；
、燃料燃烧放出的热量与是否完全燃烧、燃料的热值和质量都有关系，热值大的燃料不一定放出的热量多，故错误。
故选：。
【点评】本题考查了分子动理论、热量概念、水的比热容大的应用以及对热值的理解，属于基础题目。
17．（2分）下列说法中正确的是　　
A．太阳能电池可以将太阳能转化为电能
B．我国的“北斗”卫星导航定位系统是利用电磁波进行定位和导航的
C．太阳系、银河系、地球、月球是按空间尺度由大到小排列的
D．大量经验表明，不高于的电压一般对人体是安全的
【分析】（1）太阳能电池可将太阳能转化为电能；
（2）卫星导航利用了电磁波来传递信息；
（3）根据对宇宙宏观的了解可排列出尺度的大小；
（4）人体的安全电压是不高于。
【解答】解：、太阳能电池可以将太阳能转化为电能，故正确；
、我国的“北斗”卫星导航定位系统是利用电磁波进行定位和导航的，故正确；
、按空间尺度由大到小排列的正确顺序：银河系、太阳系、地球、月球，故错误；
、大量经验表明，对人体的安全电压是不高于，故正确。
故选：。
【点评】本题主要考查了对太阳能的转化、电磁波的应作、星体的空间尺度、人体安全电压等的了解，综合性强，但难度不大。
18．（2分）厨房中蕴含着丰富的物理知识，对于如图所示的事例，下列分析中正确的是　　
A．电冰箱是利用被冷藏物品中的水分蒸发吸热来制冷的
B．高压锅用增大锅内气压的方法提高水的沸点
C．烧开水时壶嘴冒出的“白气”是水蒸气吸热后形成的小水滴
D．洗菜池下面排水管中的型“回水弯”利用了连通器原理
【分析】（1）冰箱是利用制冷剂在蒸发器、散热器不断发生物态变化进行吸热放热来降低冰箱内的温度的；
（2）水的沸点与水面上方的气压有关，随气压的增大而升高；
（3）物质由气态变为液态叫液化；
（4）连通器的结构特征是上端开口、底部连通。
【解答】解：、电冰箱内制冷剂在汽化时吸热，即蒸发吸收冰箱内的热量，达到降温致冷的目的，然后再液化放热使制冷剂变为液体的，电冰箱是利用汽化吸热和液化放热的原理工作的，故错误；
、高压锅工作时，由于内部液体汽化使内部的气压升高，提高水的沸点，故正确；
、烧开水时壶嘴冒出的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，故错误；
、洗手盆的排水管用形“回水弯”防臭是利用了连通器原理，故正确。
故选：。
【点评】此题考查了有关冰箱制冷原理、沸点与气压的关系、液化现象和连通器原理，考查得比较全面。
19．（2分）小红在做探究凸透镜成像规律的实验时，将焦距为的薄凸透镜固定在水平光具座上的刻度线处，将烛焰、透镜和光屏的中心调节到同一高度。再将点燃的蜡烛移至光具座上刻度线处，移动光屏至刻度线处时，烛焰在光屏上成清晰的像，如图所示。下列分析中正确的是　　

A．图中所示的实验现象能够说明放大镜的成像特点
B．要在光屏上得到更大的烛焰清晰的像，应该将蜡烛向右移动，同时光屏向左移动
C．如果将蜡烛移到光具座上的刻度线之间的某位置，则不论怎样调整光屏的位置，在光屏上都得不到烛焰清晰的像
D．若将蜡烛放在光具座上刻度线处，通过移动光屏到适当位置，在光屏上可呈现烛焰倒立、缩小的实像
【分析】（1）凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大；
（2）凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像；物距等于像距时，成倒立等大的实像；物距小于像距时，成倒立放大的实像；
（3）物距小于一倍焦距，成正立、放大的虚像，虚像不能用光屏承接；
（4）物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像。
【解答】解：
、此时物距大于一倍焦距，小于二倍焦距，即说明光屏上成倒立、放大的实像，幻灯机就是利用该原理制成的，故错误；
、凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大，将蜡烛向右移动，光屏也要向右移动才能在光屏上得到一个清晰的像，故错误；
、如果将蜡烛移到光具座上的刻度线之间的某位置，此时，，成正立、放大的虚像，则不论怎样调整光屏的位置，在光屏上都得不到烛焰清晰的像，故正确；
、若将蜡烛放在光具座上刻度线处，此时，通过移动光屏到适当位置，在光屏上可呈现烛焰倒立、缩小的实像，故正确；
故选：。
【点评】熟练掌握凸透镜成像的规律，能根据实验中物距与像距的变化，判断成像的特点与规律是解答的关键。
20．（2分）小军利用由一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组，将重为的物体匀速竖直提升高度的过程中，绳子自由端移动的速度为，竖直拉动绳子的拉力大小为．若绳重及滑轮的摩擦均可忽略不计，则下列表述中可能正确的是　　
A．该滑轮组的机械效率为
B．提升重物需要的时间为
C．提升重物的额外功为
D．滑轮组提升重物的有用功率为
【分析】利用一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组，或，此过程的有用功相同。
知道的大小，拉力端移动距离，拉力做的总功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；利用可求提升重物需要的时间；提升重物的额外功等于总功减去有用功；滑轮组提升重物的有用功率等于有用功除以时间。
【解答】解：
利用一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组，如下图所示：
或
由题意可知，此过程的有用功相同，即：；
（1）若使用左图时，，
拉力端移动距离，
拉力做的总功：，
滑轮组的机械效率：
；
已知绳子自由端移动的速度为，由可得提升重物需要的时间：
；
提升重物的额外功：
；
滑轮组提升重物的有用功率：
；
总功率：；
（2）若使用右图时，
拉力端移动距离，
拉力做的总功：，
滑轮组的机械效率：
；
由可得提升重物需要的时间：
；
提升重物的额外功：
；
滑轮组提升重物的有用功率：
，
总功率：；
可见，滑轮组的机械效率可能为、提升重物需要的时间可能为、提升重物的额外功可能为，提升重物的有用功率不等于，故正确、错。
故选：。
【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、额外功、功率、机械效率的计算，要知道：利用一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组有两种绕法，或。
三、实验解答题（共39分，21～24题各2分，25、27、29、30、32、33题各4分，26、28题各2分，31题3分）
21．（2分）如图所示，这只铅笔长度的测量值为　6.90　。

【分析】使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
【解答】解：由图知：刻度尺上之间有10个小格，所以一个小格代表，即刻度尺的分度值为；
铅笔左侧与0刻度线对齐，右侧与对齐，估读为，所以铅笔的长度为。
故答案为：6.90。
【点评】使用刻度尺测量物体的长度时，首先准确读出达到的刻度尺上最小刻度的值，这是准确值；长度测量要估读到分度值的下一位，在记录结果中的倒数第二位是分度值所在的位数。
22．（2分）如图所示，此时电能表的示数为　1962.0　。

【分析】电能表的读数以及电能表参数的意义；电能表的最后一位数是小数，单位。
【解答】解：电能表的读数要注意数字的最后一格是小数位，此电能表的示数是。
故答案为：1962.0。
【点评】本题考查了电能表的读数，电能表的最后一位数是小数，易错点！
23．（2分）如图所示，根据通电螺线管的“、”极可知电源的左端为　负　极（选填“正”或“负” 。

【分析】根据图中通电螺线管的、极，结合图示的线圈绕向，利用安培定则即可确定螺线管中的电流方向，然后可知电源正负极。
【解答】解：已知通电螺线管的左端为极，线圈绕向如图所示，根据安培定则，用右手握住螺线管，大拇指指向螺线管的极，四指指向电流的方向，则电流从右前方流入，左后方流出，故电源左端为负极，右端为正极，如下图所示：

故答案为：负。
【点评】安培定则中共涉及三个方向：电流方向；线圈绕向；磁场方向。告诉其中的两个可以确定第三个。
24．（2分）如图所示，是以点为支点的杠杆，是作用在杠杆端的力。图中线段与力的作用线在一条直线上，且、．则线段表示力的力臂　　（选填“”“ ”或“” 。

【分析】要解决此题需要掌握力臂的概念，知道力臂是从支点到力的作用线的距离。
【解答】解：由图可知，，则是从支点到力作用线的距离，所以，线段表示力的力臂。
故答案为：。
【点评】考查学生对力臂的概念的理解，关键是知道力臂是从支点到力的作用线的距离，基础题目。
25．（4分）小立通过实验探究水沸腾时温度变化的特点。
（1）如图所示，、、三种读取温度计示数的方法中正确的是　　（选填“”“ ”或“” 。
（2）在对水持续均匀加热直至沸腾一段时间的过程中，小立用正确的实验方法观察并记录了水在加热过程中温度随加热时间变化的情况，具体数据如下表：
时间
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
温度
90
92
94
96
97
98
99
99
99
99
根据表中的信息可知，在沸腾过程中，随着加热，水的温度　　（选填“升高”“降低”或“不变” 。

【分析】（1）温度计在读数的时候，视线应该和温度计内的液柱上表面相平。温度计的读数首先要观察其量程和分度值，然后再根据液面所指示的来读数。
（2）液体沸腾时，不断吸热，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点。液体沸腾的条件：达到沸点并且要继续吸热。
【解答】解：（1）温度计的正确读数方法是视线应该和温度计内液柱上表面相平。即上述三种情况中，属于俯视，即读出的数据会偏大，是仰视，即读数会偏小。即只有是正确的。
（2）由数据可知，第后，水的温度保持在不变，说明水已经沸腾，水沸腾后继续加热，温度不变。
故答案为：（1）；（2）不变。
【点评】水的沸腾实验是初中热学部分最重要的实验，本题考查了温度计的读数、沸腾时的特点，常见题目。
26．（2分）如图所示，在“探究光的反射规律”的实验中，先把一个平面镜放在水平桌面上，再把一个可折叠的半圆形的屏（由两个大小相同的扇形面、连接而成，用来显示光的传播路径）竖直地立在平面镜上，屏上的直线为屏可绕其转动的轴线，且垂直于镜面。使一束光贴着屏沿射到点，经平面镜反射，就可以通过反射光的情况探究光的反射规律了。
（1）在图甲所示的情景中，若使一束光贴着屏沿射到点，则经镜面反射后的光将沿射出，这说明了在光的反射现象中，光路是的　可逆　（选填“可逆”或“不可逆” 。
（2）如图乙所示，若以轴线（法线）为轴，在水平面内将屏向后转动，则在屏上　　（选填“能”或“不能” 看到反射光。

【分析】本题考查光的反射定律。在反射现象中光路是可逆的，入射光线、反射光线、法线三者处于同一平面；反射光线入射光线分居发现两侧；反射角等于入射角。
【解答】解：（1）在反射现象中光路是可逆的；
（2）在甲图中整个半圆处于同一平面所以能够在屏上看到反射光。而图乙中入射光在光屏上面，光屏向后折之后与光屏不在同一平面，故上不能找到反射光线。
故答案为：可逆； 不能。
【点评】此题是对光的反射定律的考察，要求理解“同一平面”的含义。
27．（4分）小波在探究影响导体电阻大小的因素时，选择了如图所示的器材，在实验板上固定有、、、四根金属丝，其中、、三根的长度均为，的长度为，、、的横截面积均为，的横截面积为；、、的材料相同，的材料与另外三根的材料不同，电源两端的电压保持不变。小波分别将四根金属丝的两端接入电路、两点间进行实验，并将实验过程与数据记录如下表。
实验顺序
1
2
3
4
两端连接的金属丝




电流表示数
0.4
1.5
0.8
0.8
（1）如果要研究导体的长度对电阻大小的影响，应选择第的两组数据进行比较　1和4　（选填“1”“2”“3”“4” ；
（2）比较第2和3的两组数据，　　（选填“能”或“不能” 得出导体的电阻与其横截面积有关的结论。

【分析】导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积有关，实验探究时应采用控制变量法。
在研究导体的电阻与导体的材料是否有关时，应控制导体的长度和横截面积不变；
在研究导体的电阻与导体的长度的关系，应控制导体的材料和横截面积不变；
在研究导体的电阻与导体的横截面积是否有关时，应控制导体的材料和长度不变。
【解答】解：
（1）在研究导体的长度对电阻大小的影响时，应控制导体的材料和横截面积不变，编号1、4电阻丝符合要求；
（2）第2和3的两组数据中，选用、两根电阻丝可知，两者的长度相同、横截面积和材料不同，不能得出导体的电阻与其横截面积有关的结论。
故答案为：（1）1和4；（2）不能。
【点评】本题考查了影响电阻大小因素的实验，侧重考查了学生对控制变量法的掌握和应用，是一道基础题。
28．（2分）小莎猜想液体内部压强可能与液体的密度以及所研究位置的深度有关，她取来甲、乙两个相同的烧杯放在同一水平桌面上，在两烧杯中分别倒入相同深度的水和浓盐水。将调整好的微小压强计探头分别放入水和浓盐水中，如图所示（图中两条虚线均水平）。在这个实验中，小莎所探究的是液体内部压强与液体的　密度　（选填“密度”或“深度” 是否有关。

【分析】液体内部的压强可能与液体的深度和液体的密度有关，探究与液体密度的关系时，要采用控制变量法，即把压强计放在不同的液体中的相同深度，据此分析判断。
【解答】解：如图所示（图中两条虚线均水平），将压强计的金属盒分别放入水和盐水中的同一深度处，保证所处深度相同，让液体的密度不同，观察形管的液面高度差，根据控制变量法分析，此操作是验证液体内部的压强与液体的密度是否有关。
故答案为：密度。
【点评】本题考查液体压强的影响因素实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
29．（4分）水平实验桌上有如图所示的实验装置，其中垂直于白纸面且用支架固定的透明薄玻璃板作为平面镜，还提供了、、三只粗细相同的蜡烛，其中、长度相同，较短。小阳想用这些器材探究平面镜所成像的大小与哪些因素有关。
（1）小阳的部分实验步骤如下：
①将蜡烛放在玻璃板前适当位置；
②将蜡烛　　（选填“”或“” 置于玻璃板后方，调节它的位置，并在玻璃板前面透过玻璃板从不同角度观察，使其都能与蜡烛的像完全重合；
③改变蜡烛到玻璃板的距离，并调节玻璃板后方蜡烛到适当的位置，发现在玻璃板前面透过玻璃板从不同角度观察，玻璃板后方的蜡烛仍能与的像完全重合。
（2）在上述实验中，小阳所探究问题的自变量是：　　（选填选项前的字母）
．物体到平面镜的距离 ．物体的高度 ．平面镜的大小
（3）小阳所观察到的实验现象说明，物体到平面镜的距离改变时，其在平面镜中所成像的大小　　（选填“改变”或“不变” 。因此可以得出结论：平面镜所成像的大小与物体到平面镜的距离　　（选填“有关”或“无关” 。

【分析】（1）根据平面镜成像特点像与物大小相等即可得出答案。
（2）根据题意分析得出结论。
（3）平面镜成像特点之一：物像等大。
【解答】解：（1）小阳的部分实验步骤如下：
①将蜡烛放在玻璃板前适当位置；
②为了比较像与物大小，将蜡烛置于玻璃板后方，调节它的位置，并在玻璃板前面透过玻璃板从不同角度观察，使其都能与蜡烛的像完全重合；
③改变蜡烛到玻璃板的距离，并调节玻璃板后方蜡烛到适当的位置，发现在玻璃板前面透过玻璃板从不同角度观察，玻璃板后方的蜡烛仍能与的像完全重合。
（2）探究平面镜所成像的大小与哪些因素有关，改变蜡烛到玻璃板的距离，并调节玻璃板后方蜡烛到适当的位置，小阳所探究问题的自变量是：物体到平面镜的距离，即；
（3）因为光屏只能接收实像，不能接收虚像，而平面镜成的是虚像，
平面镜成像特点可知，物体在平面镜中所成像的大小与物体自身大小有关，与物体到平面镜的距离无关。
故答案为：（1）； （2）；（3）不变；无关。
【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并能合理解决实验中出现的问题。只要熟练掌握平面镜的成像特点，解答此类题目就很容易。进行物理实验时，要根据实验中遇到的问题，分析实验不成功的原因，进行改进。这是试题的走向。
30．（4分）在“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的实验中，小磊将蹄形磁体放在水平桌面上，将导体棒悬挂在蹄形磁体的两磁极之间，按如图所示将导体棒、开关和灵敏的电流表连接起来。已知电路器件均完好。
（1）如图甲所示，导体棒沿水平方向向右快速运动，电流表指针不发生偏转，这是因为　开关没有闭合　；
（2）如图乙所示，在导体棒沿水平方向左右往复运动过程中，电流表的指针发生了偏转。如果想使电流表指针偏转更明显一些，下列方法中可行的是　　（选填选项前的字母）。
．换用量程更小且更灵敏的电流表 ．使导体棒在蹄形磁体中沿竖直方向运动

【分析】（1）产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；据此分析答题；
（2）电流的大小应与切割磁感线的速度、磁场强度、线圈匝数有关。
【解答】解：
（1）如图甲所示，导体向右运动，电流计指针不偏转，因为开关没有闭合；
（2）．换用量程更小且更灵敏的电流表，可以使电流表指针偏转更明显一些，故正确；
、使导体棒在蹄形磁体中沿竖直方向运动，不切割磁感线，没有感应电流产生，故不正确；故选。
故答案为：（1）开关没有闭合；（2）。
【点评】此题是探究电磁感应现象的实验，考查对产生感应电流条件的掌握及影响感应电流大小的因素，常见题目。
31．（3分）在探究杠杆平衡条件的实验中，先准备好质量相等的钩码若干个，再把质量分布均匀、带有轻质挂环的杠杆安装在转轴上。已知杠杆上相邻两条刻度线间的距离均相等。

（1）开始实验前发现杠杆如图22甲所示，为使杠杆能水平平衡，需要将右端的平衡螺母向　右　调节（选填“左”或“右” 。
（2）调节杠杆水平平衡后，在转轴的左侧第2条刻度线处的环上挂3个钩码，为使杠杆再次在水平位置平衡，需要在转轴的右侧第3条刻度线处的环上挂　　个钩码。
（3）保持环上挂3个钩码的条件下，在转轴的右侧去掉所有钩码，并施加竖直向下的动力，使杠杆在水平位置平衡，测出多组动力和动力臂的数据，并根据数据绘制了如图乙所示的图象。请根据图象推算，当动力臂时，动力　　。
【分析】（1）调节杠杆在水平位置平衡时，应向上翘的一端调节平衡螺母；
（2）根据杠杆的平衡条件求出他应在右側第3刻度线上挂几个相同的钩码才能使杠杆水平平衡；
（3）由找到力与对应的力臂的值，由杠杆的平衡条件求解。
【解答】解：
（1）由图可知，杠杆左端较低，为使其在水平位置平衡，应向右端移动平衡螺母；
（2）杠杆平衡后，在左侧第2刻度线上挂3个相冋的钩码，设一个钩码重为，一个格为，根据杠杆的平衡条件：
，，
即他应在右側第3刻度线上挂2个相同的钩码才能使杠杆水平平衡；
（3）由图可知，当时，；
由于此题中的阻力和阻力臂不变，根据可知，
利用图象中任意一组数据都能得出，；
所以，若当为时，动力
。
故答案为：（1）右；（2）2；（3）0.6。
【点评】本题探究杠杆平衡条件，考查杠杆平衡条件的运用、对力臂的理解及从图中获取信息的能力。
32．（4分）实验桌上有满足实验要求的电源、电阻箱、滑动变阻器、开关各一个，已调零的电压表和电流表各一块，导线若干。小陆利用以上器材探究通过导体的电流与导体电阻的关系。主要的实验步骤如下：
①断开开关，按图所示的电路图连接电路，调节滑动变阻器的滑动头，使滑动变阻器接入电路的电阻值最大；
②将电阻箱调到适当阻值，闭合开关，调节滑动变阻器的滑动头到适当的位置，用电压表测量电阻箱两端的电压，用电流表测量通过电阻箱的电流，将相应的数据记录在表格中；
③断开开关，将电阻箱的阻值调为，闭合开关，用电流表测量通过电阻箱的电流，并将相应的数据记录在表格中；
④仿照步骤③再做4次实验，每次改变电阻箱的阻值，分别将各次测得的数据记录在表格中。
小陆通过分析所测的实验数据，发现通过导体的电流与导体的电阻不成反比。
请根据上述的实验过程，回答下列问题：
（1）小陆的上述实验步骤中存在的问题是：　没有控制所研究导体两端的电压不变　。
（2）请你针对小陆实验步骤中存在的问题，写出改正后的具体步骤：　　。

【分析】探究通过导体的电流与导体电阻的关系时，控制电阻的电压不变，据此分析。
【解答】解：（1）探究通过导体的电流与导体电阻的关系时，控制电阻的电压不变，故实验步骤中存在的问题是：
没有控制所研究导体两端的电压不变；
（2）③④步骤中每次改变电阻箱的阻值后，都应通过调节滑动变阻器片，改变接入电路中的阻值，使电压表的示数为保持不变，再进行测量。
故答案为：（1）没有控制所研究导体两端的电压不变；
（2）③④步骤中每次改变电阻箱的阻值后，都应通过调节滑动变阻器片，改变接入电路中的阻值，使电压表的示数为保持不变，再进行测量。
【点评】本题探究通过导体的电流与导体电阻的关系，主要考查控制变量法的运用。
33．（4分）小华在学习了压强的知识后，知道了压强的大小与压力大小有关，由此她认为“滑动摩擦力的大小与压强的大小有关”。小明不同意小华的观点，于是利用长木板、弹簧测力计、轻细线，以及一个带有挂钩的长方体物块设计了如图所示的实验装置进行研究。
已知长木板的上表面粗糙程度均匀且一端带有一个高度可调节的定滑轮；物块的长、宽、高的长度各不相同，6个表面的粗糙程度相同。
（1）以下是小明的部分实验步骤，请补充完整：
①将长木板放在水平桌面上，将物块平放在长木板上，调节定滑轮的高度，使拉物块的轻细线与长木板平行；
②竖直向上拉动弹簧测力计，使物块在长木板上做　匀速直线　运动，读出并记录测力计的示数，根据二力平衡条件可知，物块所受滑动摩擦力；
③　　，调节定滑轮的高度，使拉物块的轻细线与长木板平行，重复步骤②的操作与测量，读出并记录测力计的示数，根据二力平衡条件可知，物块所受滑动摩擦力。
④比较两次的滑动摩擦力大小，发现。
（2）通过小明的实验，可以得到如下的实验结论：上述两次实验中，物块对长木板的压力相等，但　　，而，说明小华的观点是　　的（选填“正确”或“错误” 。

【分析】（1）②根据二力平衡的条件分析；
③影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与与压强的关系到时，要控制压力大小和接触面的粗糙程度相同，只改变压强大小；
（2）根据压强公式分析；由实验现象回答。
【解答】解：
（1）②竖直向上拉动弹簧测力计，使物块在长木板上做速直线运动，读出并记录测力计的示数，根据二力平衡条件可知，物块所受滑动摩擦力；
③滑动摩擦力的大小与压强的大小有关，要控制压力大小和接触面的粗糙程度相同，只改变压强大小，为故可控制压力不变，只改变受力面积大小，故可将物块侧放在长木板上（或“使物块与长木板接触的面积大小不同” ，调节定滑轮的高度，使拉物块的轻细线与长木板平行，重复步骤②的操作与测量；
（2）通过小明的实验，可以得到如下的实验结论：上述两次实验中，物块对长木板的压力相等，但（受力面积大小不同，因此对受力面的）压强大小不同，而，说明小华的观点是错误。
故答案为：（1）②匀速直线；
③将物块侧放在长木板上（或“使物块与长木板接触的面积大小不同” ；
（2）物块对受力面的压强大小不同； 错误。
【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和压强公式，体现了对过程和方法的考查。
四、科普阅读题（共4分）
34．（4分）请阅读《“鲲龙” ：海天之间来了艘“会飞的船”》回答题。
“鲲龙” ：海天之间来了艘“会飞的船”
水陆两栖飞机“鲲龙” ，是继“运”实现交付列装、实现首飞之后，国产大飞机领域取得的又一项重大突破，填补了我国大型水陆两栖飞机的研制空白。
2018年10月20日，湖北荆门的漳河水上机场，一架底部设计如船的“鲲龙” ，从机场陆上跑道开始滑行，随即入水，划开深蓝色的水面后，迅速加速并昂起机头，从水面踏浪而起，飞上云霄（如图）。随后，再下降至水面完成贴水滑行并回归陆上跑道。“鲲龙” 水上首飞验证成功，是其研制过程中一座重要的里程碑。
“鲲龙” 要求在岸上是飞机，在水上是大船。研发过程中科学家一直面临巨大的挑战。比如它的机身、翼展与目前的大型客机差不多，最大起飞质量可达到53.5吨，在水面时需要保证机体结构不漏水；普通船只航行速度大约30节节海里时，即，相比之下，“鲲龙” 水面起飞速度达到100节以上，因此水面会对船底结构产生巨大压力；在水面风力、波浪的影响下，飞机状态必须稳定。这些都是研发过程中必须攻克的难题。
“鲲龙” 配备的涡轮螺旋桨发动机为我国自主研制，单台最大功率高达．这种带6个叶片的螺旋桨发动机通过消耗燃油使飞机获得动力，其核心结构有压气机、燃烧室、燃气涡轮、尾喷管等喷气动力系统，在涡轮轴的前端还有一个与之相连的多叶片状的螺旋桨。螺旋桨转动时会对飞机产生向前的拉力，高温高压燃气从尾喷管冲出时会对飞机产生向前的推力，一拉一推共同驱动飞机快速向前飞行。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）“鲲龙” 水面起飞速度最接近　　（选填选项前的字母）
． ． ． ．
（2）“鲲龙” 以最大起飞质量静止在水面时受到的浮力可达　　取；飞机飞行时所获得向前的动力将　　（选填“小于”“等于”或“大于” 由于高温高压燃气从尾喷管冲出时对飞机产生的向前的推力。

【分析】（1）根据普通船只航行速度大约30节节海里时，即，“鲲龙” 水面起飞速度达到100节以上求出“鲲龙” 的速度，然后进行单位换算即可；
（2）物体漂浮，浮力等于重力，利用求出“鲲龙” 以最大起飞质量静止在水面时受到的浮力；
螺旋桨转动时会对飞机产生向前的拉力，高温高压燃气从尾喷管冲出时会对飞机产生向前的推力，一拉一推共同驱动飞机快速向前飞行。据此分析解答。
【解答】解：
（1）普通船只航行速度大约30节节海里时，即，“鲲龙” 水面起飞速度达到100节以上，
故“鲲龙” 水面起飞速度为，故应选。
（2）“鲲龙” 以最大起飞质量静止在水面时处于漂浮状态，故受到的浮力：
；
根据飞机飞行时所获得向前的动力等于螺旋桨转动时会对飞机产生向前的拉力与高温高压燃气从尾喷管冲出时会对飞机产生向前的推力之和，
所以飞机飞行时所获得向前的动力将大于由于高温高压燃气从尾喷管冲出时对飞机产生的向前的推力。
故答案为：（1）；（2）；大于。
【点评】此题为信息给予题，主要考查速度和浮力的计算，关键是认真阅读材料，搞清“鲲龙” 是通过什么方法来获得向前的动力的。
五、计算题（共7分，35题3分，36题4分）
35．（3分）如图所示，电源两端的电压恒为，小灯泡上标有“”字样，滑动变阻器的最大阻值为．求：
（1）小灯泡正常工作消耗的电能；
（2）小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路中的电阻值。

【分析】（1）灯泡正常发光，实际功率等于额定功率，则利用公式可以算出内，消耗的电能；
（2）灯泡正常发光时，实际电流等于灯泡的额定电流，利用欧姆定律可以算出电阻的阻值；
【解答】解：（1）灯泡正常发光，实际功率等于额定功率；时间；
；
（2）小灯泡正常发光时的电流：
；
因为与灯泡串联，所以；
滑动变阻器接入电路中的电阻值：

答：（1）小灯泡消耗的电能为；（2）滑动变阻器的阻值为。
【点评】该题考查了简单的电功率计算及欧姆定律的应用。
36．（4分）如图所示，站在水平地面上的人通过滑轮组从深井中打捞一体积、质量的重物，重物在拉力作用下以的速度竖直匀速上升。已知动滑轮所受的重力，水的密度，水的阻力、绳重及滑轮的摩擦均可忽略不计，取。求：
（1）重物浸没在水中时所受的浮力大小；
（2）重物浸没在水中时，人对绳竖直向下的拉力大小；
（3）重物完全离开水面后，以的速度匀速上升过程中，人竖直拉绳的功率。

【分析】（1）物体浸没在水中，排开水的体积等于物体的体积，利用阿基米德原理求受到的浮力；
（2）利用求重物所受的重力，由图知，，水的阻力、绳重及滑轮的摩擦均可忽略不计，人对绳竖直向下的拉力；
（3）当重物完全离开水面时，人对绳竖直向下的拉力，拉力端移动速度等于物体升高速度的2倍，利用求人拉绳的功率。
【解答】解：
（1）物体浸没在水中，所受到的浮力：
；
（2）重物所受的重力：
，
由图知，，水的阻力、绳重及滑轮的摩擦均可忽略不计，人对绳竖直向下的拉力：
；
（3）当重物完全离开水面时，人对绳竖直向下的拉力，
拉力端移动速度，
人拉绳的功率：
。
答：（1）重物浸没在水中时所受的浮力大小为；
（2）重物浸没在水中时，人对绳竖直向下的拉力大小为；
（3）重物完全离开水面后，以的速度匀速上升过程中，人竖直拉绳的功率为。
【点评】本题考查了重力公式、阿基米德原理、功率公式的应用，利用好关系式：物体在水中，人对绳竖直向下的拉力；物体离开水中，人对绳竖直向下的拉力。
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日期：2020/10/22 13:19:16；用户：初中物理+常青春；邮箱：younzx10@xyh.com；学号：37084883