2021年四川省绵阳市游仙区中考物理二诊试卷

这是一份2021年四川省绵阳市游仙区中考物理二诊试卷，共26页。试卷主要包含了选择题，填空题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2021年四川省绵阳市游仙区中考物理二诊试卷
一、选择题（每题2分）
1．（2分）如图，是四个与声现象相关的图形，下列说法正确的是　　

A．图甲可以说明气体能够传声
B．图乙可以探究音色与频率的关系
C．图丙可以探究响度与振幅的关系
D．图丁的倒车雷达可以说明声能够传递能量
2．（2分）在2020年特殊的经济形势下，“新基建”的七大产业担负起了国家经济发展的重大使命，“ “产业是其中一项。“ “手机通过电磁波与基站之间进行信息传递，以下有关说法中不正确的是　　
A．电磁波可以在真空中传播
B．电磁波既能传递信息也能传递能量
C．“ “手机，使用过程中也会发热，是因为工作过程中部分电能转化为内能
D．“ “比“ “传递信息更快，是因为它所使用的电磁波的波长更长
3．（2分）二氧化碳气体若被加压、降温到一定程度，就会形成白色的、像雪一样的固体。这种固体在常温下不经熔化就会直接变成气体，所以叫干冰。干冰具有很好的致冷作用，可用于人工降雨。这是由于干冰在常温下会迅速变为气体，吸收热量，促使水蒸气遇冷凝结成水滴或小冰晶，从而达到降雨的条件。前面一段描述中包含的物态变化下列分析错误的是　　
A．二氧化碳气体变成干冰，属于凝华
B．干冰变成二氧化碳气体，属于升华
C．水蒸气遇冷凝结成水滴，属于凝固
D．水蒸气遇冷凝结成小冰晶，属于凝华
4．（2分）用如图所示的装置探究光的反射规律。纸板由、两部分组成，可以绕翻折，为了探究反射角与入射角大小的关系，应进行的操作是　　

A．改变光线与的夹角
B．沿向后转动纸板
C．改变纸板与平面镜之间的夹角
D．沿向后转动纸板
5．（2分）水中有一个点光源，发出的一条光线从水中射入空气中，光路图如图所示。人在岸上观察到点光源成的像为，下列说法正确的是　　
①在①直线上
②在②直线上
③成像是光线发生了光的反射
④成像是光线发生了光的折射

A．①③ B．①④ C．②③ D．②④
6．（2分）下列说法不正确的是　　
A．冰在熔化过程中吸收热量，温度保持不变
B．水蒸气引起的烫伤往往比开水烫伤更严重，是因为水蒸气液化时还要放出大量的热
C．夏天，汽车内开冷空调，汽车挡风玻璃上有小水珠，小水珠主要集中在玻璃内侧
D．海边昼夜温差变化比沙漠中小，是因为水的比热容比沙石的大得多
7．（2分）如图所示，一个木箱放在水平地面上，小明同学用的水平推力向右推木箱，但未推动。下列说法正确的是　　

A．推木箱时，小明不受到木箱的作用力
B．若此时木箱所受的外力同时消失，它将做匀速直线运动
C．木箱对地面向下的压力和地面对木箱向上的支持力是一对平衡力
D．地面对木箱向左的摩擦力和人对木箱向右的推力是一对平衡力
8．（2分）在全国中小学安全教育平台上，安全用电常识是其中一项重要的教育内容。下列做法符合安全用电要求的是　　
A．将开关接在零线和电灯之间
B．去掉用电器的三脚插头中较长的插脚，也可以插入两孔插座中使用
C．使用试电笔辨别火线时，用笔尖接触被测的导线，手指须接触笔尖
D．当有人触电时应立即切断电源
9．（2分）一根粗细均匀的木棒斜靠在竖直墙壁上，墙壁光滑，地面粗糙。木棒受到的重力为，墙壁对木棒的弹力为，如图所示。现让木棒的倾斜程度变小一些至虚线所示位置，木棒仍能静止斜靠在墙上。则与原来相比，和变化情况为　　

A．不变，变小 B．不变，变大 C．变大，变小 D．变小，变大
10．（2分）如图甲所示，物体在水平拉力的作用下由静止沿粗糙水平面向右运动，内拉力随时间变化的规律如图乙，速度随时间变化的规律如图丙，则在内，物体克服摩擦力所做的功为　　

A． B． C． D．
11．（2分）如图是一个风力发电机模型。风吹过时，扇叶转动，小灯泡发光。下列选项中哪幅图的工作原理与它相同　　

A． B．
C． D．
12．（2分）如图所示，水平桌面上放置有甲、乙两个底面积相同的圆柱形容器，甲容器中盛有液体，物块漂浮在液体中，物块排开液体的质量为，液体对甲容器底部的压强为；乙容器中盛有液体，物块悬浮在液体中，物块排开液体的质量为，液体对乙容器底部的压强为。此时两容器的液体深度恰好相等。已知容器中液体、质量相等，物块、为材料相同的实心物体。下列判断中正确的是　　

A． B． C． D．
13．（2分）物理兴趣小组的同学，为了探究滑动变阻器的电流、电压关系，按照如图甲的电路进行实验。组装好电路后，闭合开关，让滑片从最右端开始向左滑动，测量滑片到最右端的距离，同时观察电压表、电流表的示数，记录数据并绘制图像。电压表读数与的关系如图乙所示，电流表读数与的关系如图丙所示。根据题目信息，以下说法中不正确的是　　

A．滑动变阻器滑片每滑动的阻值变化
B．滑动变阻器电阻丝没有断路时的总电阻是
C．若电流表的量程为，则此电路的最大功率可达
D．由图像可知，电源电压，滑动变阻器出现了断路故障，且断点位置
二、填空题（每空2分）
14．（4分）在探究凸透镜成像规律时，兴趣小组用某凸透镜完成了一次成像，如图所示，然后，保持蜡烛、凸透镜的位置不变，将该透镜替换为焦距为的凸透镜，那么此时烛焰成的像为　　（填“虚”或“实” 像，生活中的　　（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜” 就是利用这一原理成像的。
15．（4分）如图所示是鱼缸中增氧泵增氧原理示意图。水泵工作时，水从进水管口吸入，从出水管口快速喷出，此时进气管下端口水的流速大，压强　　，空气就会通过水泵进气管进入水中形成气泡，与水流一起从出水管口喷出。喷出的气泡由于　　而上浮。

16．（4分）如图所示，把托板盖在支座上，将小钢球放在托板上，对准支座的正上方，压住底座，向后弯曲弹性片，松手后弹性片快速打击托板，弹性片的弹性势能转化为托板的　　能，托板飞出。小钢球由于具有　　，恰好落在支座内。

17．（4分）小华家使用的是天然气热水器，他尝试估测该热水器的效率，以核对铭牌上的数值是否准确。当只有该热水器使用天然气时。把的水从加热到，天然气表的示数由变为，已知水的比热容，天然气的热值，则水吸收的热量是　　；该热水器的效率是　　。
18．（4分）小明家电能表的相关参数如图所示，他家电路中允许消耗的最大电功率为　　。他选取一个“的灯，单独与电能表接入家庭电路，内电能表指示灯闪烁了10次，则电能表的规格为　　。

19．（6分）为探究“动能大小的影响因素”，小华利用斜面、钢球、木块等器材开展了如图所示的实验。
（1）实验中通过比较木块　　来判断钢球动能的大小；
（2）在图甲和图丙中，用质量不同的两个钢球从斜面上相同高度自由滚下，目的是使钢球撞击木块时的　　相同：
（3）如果水平面光滑，则　　（选填“能”或“不能” 完成本实验。

20．（8分）“测量小灯泡的额定功率”实验中，器材有电源、滑动变阻器、两个电流表、小灯泡为定值电阻（阻值为、开关及若干导线。

（1）根据图甲，用笔画线代替导线，将图乙中未画出的两条导线补充完整；
（2）正确连接电路后，闭合开关，发现灯不亮，两电流表有示数且相同，故障可能是　　；
（3）排除故障后，为了测量小灯泡的额定功率，移动滑动变阻器的滑片，直到电流表示数为　　时小灯泡正常发光，电流表的示数如图丙，则小灯泡的额定功率为　　。
三、计算题
21．（8分）图甲是一款深受人们喜爱的便携式充电喷雾小风扇（部分参数如表），具有只扇风不喷雾和既扇风又喷雾两挡工作状态。
（1）图乙是小风扇喷雾时水位自动报警器的工作原理图，当水箱内水位降低到金属探针 　　时，控制电路断开，　　的磁性消失，衔铁在弹簧弹力作用下弹回，动触点与上面的静触点接通，　　亮报警。
（2）小风扇在只扇风状态下工作10分钟消耗的电能是多少？
（3）商家宣称此款小风扇充满电后，在喷雾状态下可持续工作5小时，通过计算判断他们的宣传与实际是否相符。

喷雾小风扇部分参数
输出电压

喷雾功率

出风功率

电池容量

22．（12分）如图所示，物体重，圆柱形容器底面积为，内盛有足够深的水，用图中的滑轮组（定滑轮用轻质细杆固定在水平地面上）将悬停在水面下的物体匀速提出水面，当物体浸没在水中匀速上升时，滑轮组的机械效率为。不计绳重、摩擦及水的阻力，物体不吸水、不沾水，，，。求：
（1）物体浸没在水中时受到的浮力；
（2）物体完全提出水面后，圆柱形容器内水深度的变化量；
（3）物体完全提出水面后，圆柱形容器底对地面变化的压强；
（4）物体完全提出水面后，滑轮组的机械效率。


参考答案与试题解析
一、选择题（每题2分）
1．（2分）如图，是四个与声现象相关的图形，下列说法正确的是　　

A．图甲可以说明气体能够传声
B．图乙可以探究音色与频率的关系
C．图丙可以探究响度与振幅的关系
D．图丁的倒车雷达可以说明声能够传递能量
【分析】（1）声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传声，真空不能传声；
（2）音调和发声体振动的频率有关，频率越大，音调越高；
（3）声音的响度跟物体振动的幅度有关，振幅越大，响度越大；
（4）声音可以传递信息，也可以传递能量。
【解答】解：、敲击桌子，耳朵贴在桌子上可以听到声音，说明固体可以传声，故错误；
、图中拨动钢尺越快，钢尺振动的频率越大，发出声音的音调越高，说明音调的高低与发声物体振动的快慢有关，故错误；
、图中敲击音叉的力度越大，乒乓球被弹开的幅度越大，说明振幅越大响度越大，故正确；
、图丁汽车上的倒车雷达，属于利用声音传递信息，故错误。
故选：。
2．（2分）在2020年特殊的经济形势下，“新基建”的七大产业担负起了国家经济发展的重大使命，“ “产业是其中一项。“ “手机通过电磁波与基站之间进行信息传递，以下有关说法中不正确的是　　
A．电磁波可以在真空中传播
B．电磁波既能传递信息也能传递能量
C．“ “手机，使用过程中也会发热，是因为工作过程中部分电能转化为内能
D．“ “比“ “传递信息更快，是因为它所使用的电磁波的波长更长
【分析】（1）电磁波可以在真空中进行传播；
（2）电磁波可以传递信息和能量；
（3）用电器在消耗电能的过程中，会产生热量；
（4）频率越大，波长越短。
【解答】解：、电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，故正确；
、电磁波既可以传递信息，又可以传递能量，例如微波炉就是利用电磁波传递能量的，故正确；
、在使用手机的过程中，由于手机有一定的电阻，根据焦耳定律可知，会产生一定的热量，即一部分电能转化为内能，故正确；
、因使用的电磁波频率更高，根据公式可知，波长更短，故错误。
故选：。
3．（2分）二氧化碳气体若被加压、降温到一定程度，就会形成白色的、像雪一样的固体。这种固体在常温下不经熔化就会直接变成气体，所以叫干冰。干冰具有很好的致冷作用，可用于人工降雨。这是由于干冰在常温下会迅速变为气体，吸收热量，促使水蒸气遇冷凝结成水滴或小冰晶，从而达到降雨的条件。前面一段描述中包含的物态变化下列分析错误的是　　
A．二氧化碳气体变成干冰，属于凝华
B．干冰变成二氧化碳气体，属于升华
C．水蒸气遇冷凝结成水滴，属于凝固
D．水蒸气遇冷凝结成小冰晶，属于凝华
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：、二氧化碳气体变成干冰，由气态直接变为固态，属于凝华现象，故正确；
、干冰直接变成二氧化碳气体，属于升华现象，故正确；
、水蒸气遇冷凝结成水滴，属于液化现象，故错误；
、水蒸气遇冷凝结成小冰晶，属于凝华现象，故正确。
故选：。
4．（2分）用如图所示的装置探究光的反射规律。纸板由、两部分组成，可以绕翻折，为了探究反射角与入射角大小的关系，应进行的操作是　　

A．改变光线与的夹角
B．沿向后转动纸板
C．改变纸板与平面镜之间的夹角
D．沿向后转动纸板
【分析】反射角随入射角的增大而增大，随入射角的减小而减小，实验中要多次验证。
【解答】解：在探究反射角与入射角的大小关系时，为了得出普遍的规律，应多次改变入射角的大小，这样才能避免结论的偶然性，应进行的操作是改变光线与的夹角，故正确，错误；
故选：。
5．（2分）水中有一个点光源，发出的一条光线从水中射入空气中，光路图如图所示。人在岸上观察到点光源成的像为，下列说法正确的是　　
①在①直线上
②在②直线上
③成像是光线发生了光的反射
④成像是光线发生了光的折射

A．①③ B．①④ C．②③ D．②④
【分析】发生折射时，折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居在法线两侧，光从水或其他介质斜射入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角。由此分析解答。
【解答】解：人在岸上观察到水中点光源成的像，是水中射向水面的光在水面发生折射后进入人的眼睛，人眼逆着折射光线看到了比浅的像在①直线上）。故①④正确、②③错误。
故选：。
6．（2分）下列说法不正确的是　　
A．冰在熔化过程中吸收热量，温度保持不变
B．水蒸气引起的烫伤往往比开水烫伤更严重，是因为水蒸气液化时还要放出大量的热
C．夏天，汽车内开冷空调，汽车挡风玻璃上有小水珠，小水珠主要集中在玻璃内侧
D．海边昼夜温差变化比沙漠中小，是因为水的比热容比沙石的大得多
【分析】（1）晶体熔化特点：持续吸热，温度保持不变；
（2）相同条件下，水蒸气变成水，是液化现象，液化放出热量，所以水蒸气烫伤更严重；
（3）车玻璃窗上的小水珠是水蒸气遇冷液化形成的，要判断水雾出现在玻璃的内侧还是外侧，要看车内外的温度高低情况，如果车内温度比车外温度低，车外热的水蒸气遇到冷的车窗玻璃液化形成水雾附着在车外侧；
（4）水的比热容较大，相同质量的水和沙石比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少。
【解答】解：、冰是晶体，冰在熔化过程中，不断吸收热量，温度保持不变，故正确。
、相同条件下，水蒸气变成水，是液化现象，液化放出大量的热，所以水蒸气烫伤往往比开水烫伤更严重，故正确。
、夏天，汽车内开冷空调，车内温度低于车外温度，车外的水蒸气遇到冷的玻璃会发生液化现象，小水珠附着在玻璃的外表面。故错误；
、海边昼夜温差变化比沙漠中小，是因为水的比热容比沙石的大，同样吸热或放热时，水的温度变化小，故正确。
故选：。
7．（2分）如图所示，一个木箱放在水平地面上，小明同学用的水平推力向右推木箱，但未推动。下列说法正确的是　　

A．推木箱时，小明不受到木箱的作用力
B．若此时木箱所受的外力同时消失，它将做匀速直线运动
C．木箱对地面向下的压力和地面对木箱向上的支持力是一对平衡力
D．地面对木箱向左的摩擦力和人对木箱向右的推力是一对平衡力
【分析】（1）物体间力的作用是相互的；
（2）根据牛顿第一定律分析解答；
（3）根据二力平衡条件分析。
【解答】解：、因为物体间力的作用是相互的，推木箱时小明对木箱有一个力的作用同时木箱对小明也有一个力的作用，故错误；
、在推力作用下，箱子静止不动，根据牛顿第一定律可知，当一切外力消失，箱子仍保持静止状态，故错误；
、木箱对地面向下的压力和地面对木箱向上的支持力，这两个力没有作用在同一个物体上，不是平衡力，故错误；
、用的力水平向右推木箱，但没推动，木箱处于静止状态，水平方向上受到人对木箱向右的推力、地面对木箱向左的摩擦力是一对平衡力，大小相等，故正确。
故选：。
8．（2分）在全国中小学安全教育平台上，安全用电常识是其中一项重要的教育内容。下列做法符合安全用电要求的是　　
A．将开关接在零线和电灯之间
B．去掉用电器的三脚插头中较长的插脚，也可以插入两孔插座中使用
C．使用试电笔辨别火线时，用笔尖接触被测的导线，手指须接触笔尖
D．当有人触电时应立即切断电源
【分析】（1）家庭电路中开关控制用电器时，开关要接在电灯泡和火线之间，在断开开关，切断火线，操作时不容易发生触电事故；
（2）用电器的金属外壳必须接地；
（3）使用试电笔时，手只有接触笔尾金属体，测电笔才能使用；
（4）发现有人触电，应立即切断电源。
【解答】解：、开关接在零线和灯泡之间，断开开关时，灯泡还和火线相连，接触灯泡，容易发生触电事故，故错误；
、三脚插头的第三个脚与用电器的金属外壳相连，三孔插座的第三个孔与大地相连，这样在使用的时候就把用电器的金属外壳与大地相连通，可以防止因漏电导致金属外壳带电而发生触电事故，故错误；
、使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，笔尖接触导线，若用手接触笔尖金属体，相当于用手直接接触导线，容易发生触电事故，故错误；
、发现有人触电时，应立即切断电源或用绝缘体把导线挑开，然后救人，故正确。
故选：。
9．（2分）一根粗细均匀的木棒斜靠在竖直墙壁上，墙壁光滑，地面粗糙。木棒受到的重力为，墙壁对木棒的弹力为，如图所示。现让木棒的倾斜程度变小一些至虚线所示位置，木棒仍能静止斜靠在墙上。则与原来相比，和变化情况为　　

A．不变，变小 B．不变，变大 C．变大，变小 D．变小，变大
【分析】以与地面接触点为支点，运用杠杆平衡条件分析竖直墙壁对棒的作用力大小变化情况。
【解答】解：以与地面接触点为支点，设与墙壁接触点与地面的距离为，与地面接触点与墙壁距离为，根据杠杆平衡条件，有：

，
解得：；
现让木棒的倾斜度变小一些至虚线所示位置，由于重力不变、变大、减小，故弹力变大，故正确。
故选：。
10．（2分）如图甲所示，物体在水平拉力的作用下由静止沿粗糙水平面向右运动，内拉力随时间变化的规律如图乙，速度随时间变化的规律如图丙，则在内，物体克服摩擦力所做的功为　　

A． B． C． D．
【分析】分析图丙可知，在内，物体做匀速运动以及速度大小，根据二力平衡条件求出摩擦力，利用求物体运动的距离；由图乙可知，在内，拉力大小，利用求物体克服摩擦力所做的功。
【解答】解：由图乙可知，在内，拉力，
由图丙可知，在内，物体做匀速运动，，此时摩擦力与拉力是一对平衡力，大小相等，，
由可得，物体运动的距离：
，
物体克服摩擦力所做的功：
。
故选：。
11．（2分）如图是一个风力发电机模型。风吹过时，扇叶转动，小灯泡发光。下列选项中哪幅图的工作原理与它相同　　

A． B．
C． D．
【分析】风吹过时，扇叶转动，小灯泡发光，说明是因为运动而产生了电，是机械能转化为电能，是电磁感应现象，找出原理相同的即可。
【解答】解：、如图电路中有电源，是通电导体在磁场中受力而运动，故错误。
、如图是电流磁效应，探究电磁铁磁性强弱跟线圈匝数关系，故错误。
、如图是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，是电磁感应，故正确。
、如图是奥斯特实验，实验说明电流周围存在磁场，故错误。
故选：。
12．（2分）如图所示，水平桌面上放置有甲、乙两个底面积相同的圆柱形容器，甲容器中盛有液体，物块漂浮在液体中，物块排开液体的质量为，液体对甲容器底部的压强为；乙容器中盛有液体，物块悬浮在液体中，物块排开液体的质量为，液体对乙容器底部的压强为。此时两容器的液体深度恰好相等。已知容器中液体、质量相等，物块、为材料相同的实心物体。下列判断中正确的是　　

A． B． C． D．
【分析】（1）根据物块、所处的状态，利用物体的浮沉条件判断出液体、的密度，由于两容器的液体深度恰好相等，根即可分析和的关系；
（2）根据容器中液体、质量相等，利用可确定液体的体积关系；由于两容器的液体深度相等即可判断出排开液体的体积关系，根据确定和的关系。
【解答】解：（1）由图可知漂浮，悬浮，根据物体的浮沉条件可知：，，
由于物块、为材料相同的实心物体，则，所以；
由于两容器的液体深度恰好相等，根据可知：；故错误；
（2）由于容器中液体、质量相等，，则根据得可知：液体的体积关系是：，
根据两容器的液体深度相等可知容器里的液体与物块浸没的体积之和相等；
所以根据可知物块排开液体的体积出关系是：，
由于，根据可知：，故错误，正确。
故选：。
13．（2分）物理兴趣小组的同学，为了探究滑动变阻器的电流、电压关系，按照如图甲的电路进行实验。组装好电路后，闭合开关，让滑片从最右端开始向左滑动，测量滑片到最右端的距离，同时观察电压表、电流表的示数，记录数据并绘制图像。电压表读数与的关系如图乙所示，电流表读数与的关系如图丙所示。根据题目信息，以下说法中不正确的是　　

A．滑动变阻器滑片每滑动的阻值变化
B．滑动变阻器电阻丝没有断路时的总电阻是
C．若电流表的量程为，则此电路的最大功率可达
D．由图像可知，电源电压，滑动变阻器出现了断路故障，且断点位置
【分析】由图甲可知，滑动变阻器与串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中电流。
（1）当滑动变阻器的电阻丝有断点时，电压表测电源两端的电压，根据图像上读出断点的位置和电源的电压；先计算时和时滑动变阻器接入电路的电阻，进而求出滑动变阻器滑动电阻的改变量，从而求出该滑动变阻器滑片每滑动的阻值变化；
（2）从（1）中已得出时滑动变阻器接入电路的电阻，该滑动变阻器滑片每滑动的阻值变化得出长度的电阻值，二者相加即为总电阻；
（3）从图象上可看出，当时电路为通路，并读出电表的示数，根据串联电路电压的规律求出两端的电压，根据欧姆定律求出电阻的大小，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的电阻为零时电路中的电流，然后确定电路中的最大电流，利用求出电路的最大总功率。
【解答】解：由图甲可知，滑动变阻器与串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中电流。
当滑动变阻器的电阻丝有断点时，电压表测电源两端的电压，
由图乙可知，当时，电压表示数保持不变，则滑动变阻器出现了断路故障，电源电压为，且断点位置处，故正确；
由图乙和图丙可知，当时，电压表的示数，电路中的电流，
由可知，滑动变阻器接入电路中的电阻，
同理可知，当时，电压表示数，电流表示数，
则滑动变阻器接入电路中的电阻，
滑动变阻器滑动电阻的改变量是△，
所以从断点处滑片向左滑动的过程中，该滑动变阻器滑片每滑动的阻值变化是，故正确；
滑动变阻器电阻丝没有断路时的总电阻，故正确；
当时，电压表的示数，电路中的电流，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，两端的电压，
则电阻的阻值，
当滑动变阻器接入电路的电阻为零时，电路中的电流，
此时电路的总功率最大，则，故错误。
故选：。
二、填空题（每空2分）
14．（4分）在探究凸透镜成像规律时，兴趣小组用某凸透镜完成了一次成像，如图所示，然后，保持蜡烛、凸透镜的位置不变，将该透镜替换为焦距为的凸透镜，那么此时烛焰成的像为　虚　（填“虚”或“实” 像，生活中的　　（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜” 就是利用这一原理成像的。
【分析】凸透镜成像的三种情况及其应用：，成倒立、缩小的实像，照相机利用了此原理。
，成倒立、放大的实像，应用于投影仪或幻灯机。
，成正立、放大的虚像。应用于放大镜。
【解答】解：由图可知，此时的物距为，将透镜替换为焦距为的凸透镜，此时的物距要小于焦距，成正立、放大的虚像，其应用是放大镜。
故答案为：虚；放大镜。
15．（4分）如图所示是鱼缸中增氧泵增氧原理示意图。水泵工作时，水从进水管口吸入，从出水管口快速喷出，此时进气管下端口水的流速大，压强　小　，空气就会通过水泵进气管进入水中形成气泡，与水流一起从出水管口喷出。喷出的气泡由于　　而上浮。

【分析】流体压强与流速有关：流速越大的地方、压强越小，流速越小的地方、压强越大。浸在水中的气泡受到的浮力大于重力，所以会上浮。
【解答】解：水泵工作时，水从进水管口吸入，从出水管口快速喷出，此时进气管下端口水的流速大，压强小，空气就会通过进气管进入水中形成气泡，与水流一起从出水管口喷出。
喷出的气泡由于密度小，受到浮力作用，浮力大于重力而上浮。
故答案为：小；受到浮力大于重力。
16．（4分）如图所示，把托板盖在支座上，将小钢球放在托板上，对准支座的正上方，压住底座，向后弯曲弹性片，松手后弹性片快速打击托板，弹性片的弹性势能转化为托板的　动　能，托板飞出。小钢球由于具有　　，恰好落在支座内。

【分析】弹性势能的大小与物体弹性形变的程度有关；动能的大小与物体的质量和速度有关；惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都有惯性。
【解答】解：
向后弯曲弹性片，弹性片发生了弹性形变，具有弹性势能；松手后弹性片快速打击托板，托板的速度增大、动能增大，则该过程中弹性片的弹性势能转化为托板的动能；
托板飞出时，由于小钢球具有惯性，仍然会保持原来的静止状态，则小钢球在重力作用下会向下运动，恰好落在支座内。
故答案为：动；惯性。
17．（4分）小华家使用的是天然气热水器，他尝试估测该热水器的效率，以核对铭牌上的数值是否准确。当只有该热水器使用天然气时。把的水从加热到，天然气表的示数由变为，已知水的比热容，天然气的热值，则水吸收的热量是　　；该热水器的效率是　　。
【分析】（1）利用求出热水器中水的质量，利用△求出热水器中的水吸收的热量；
（2）利用天然气表的两次示数之差求出消耗的天然气体积，利用求热水器加热过程中天然气完全燃烧放出的热量，利用求出该热水器的效率。
【解答】解：（1）热水器中水的体积为：，
水的质量为：，
水吸收的热量：
△；
（2）消耗的天然气的体积为：
，
天然气完全燃烧放出的热量为：
，
（3）该热水器的热效率为：
。
故答案为：；。
18．（4分）小明家电能表的相关参数如图所示，他家电路中允许消耗的最大电功率为　6600　。他选取一个“的灯，单独与电能表接入家庭电路，内电能表指示灯闪烁了10次，则电能表的规格为　　。

【分析】（1）电能表参数的意义：是该电能表要接在的电路中，是指该电能表的标定电流，是指短时间允许通过的最大电流，利用求小明家同时工作的用电器最大电功率；
（2）先求出灯泡消耗的电能，然后求出电能表的规格（每消耗的电能，电能表的指示灯闪烁的次数）。
【解答】解：（1）由图示电能表可知，电能表正常工作时的电压是，正常工作时允许流过电能表的最大电流为，
他家电路中允许消耗的最大电功率：
；
（2）该灯泡消耗的电能为：
；
由题知，电路中消耗的电能时，电能表指示灯闪烁了10次，
则消耗的电能时，电能表指示灯闪烁的次数：
，所以该电能表的规格为：。
故答案为：6600；600。
19．（6分）为探究“动能大小的影响因素”，小华利用斜面、钢球、木块等器材开展了如图所示的实验。
（1）实验中通过比较木块　被碰后移动距离　来判断钢球动能的大小；
（2）在图甲和图丙中，用质量不同的两个钢球从斜面上相同高度自由滚下，目的是使钢球撞击木块时的　　相同：
（3）如果水平面光滑，则　　（选填“能”或“不能” 完成本实验。

【分析】（1）球把木块推出的距离长，说明的动能大；这是一种转换的方法；
（2）实验目的是研究动能的大小与质量的关系，需要控制球的速度要相同；
（3）据牛一定律的内容分析即可判断。
【解答】解：（1）物体动能大小不能直接观察，实验中通过观察木块被推动距离的大小来反映钢球对木块做功的多少，从而间接判断钢球动能的大小；
（2）两个钢球从斜面上相同高度自由滚下，目的是使钢球撞击木块时的速度相同；
（3）若水平面光滑，物体不受摩擦力，木块将持续做匀速直线运动，无法通过木块被碰后移动的距离比较钢球动能大小。
故答案为：（1）被碰后移动距离；（2）速度；（3）不能。
20．（8分）“测量小灯泡的额定功率”实验中，器材有电源、滑动变阻器、两个电流表、小灯泡为定值电阻（阻值为、开关及若干导线。

（1）根据图甲，用笔画线代替导线，将图乙中未画出的两条导线补充完整；
（2）正确连接电路后，闭合开关，发现灯不亮，两电流表有示数且相同，故障可能是　灯泡处断路或处短路　；
（3）排除故障后，为了测量小灯泡的额定功率，移动滑动变阻器的滑片，直到电流表示数为　　时小灯泡正常发光，电流表的示数如图丙，则小灯泡的额定功率为　　。
【分析】（1）变阻器按一上一下连入电路中，在没有电压表的条件下，电流表与定值电阻应起到电压表的作用，故电流表与定值电阻串联后与灯并联；
（2）左边电流表测干路电流，右边电流表测定值电阻的电流，发现灯不亮，两电流表有示数且相同，则两电表串联在电路中，据此分析；
（3）定值电阻（阻值为，根据欧姆定律分析；根据电流表选用大量程确定分度值读数，由并联电路电流的规律得出灯的额定电流，根据求出小灯泡的额定功率。
【解答】解：（1）变阻器按一上一下连入电路中，电流表与定值电阻串联后与灯并联，
如下所示：

（2）左边电流表测干路电流，右边电流表测定值电阻的电流，正确连接电路后闭合开关，发现灯不亮，两电流表有示数且相同，则两电表串联在电路中，故障可能是灯泡处断路或处短路；
（3）定值电阻（阻值为，灯的额定电压为，灯在额定电压下正常发光，由欧姆定律，移动滑动变阻器的滑片，当电流表示数为：
时，小灯泡正常发光；
电流表的示数如图丙，电流表选用大量程，分度值为，该示数为，由并联电路电流的规律，灯的额定电流为：
，则小灯泡的额定功率为：
。
故答案为：（1）如上所示；（2）灯泡处断路或处短路；（3）0.25；1.125。
三、计算题
21．（8分）图甲是一款深受人们喜爱的便携式充电喷雾小风扇（部分参数如表），具有只扇风不喷雾和既扇风又喷雾两挡工作状态。
（1）图乙是小风扇喷雾时水位自动报警器的工作原理图，当水箱内水位降低到金属探针 　以下　时，控制电路断开，　　的磁性消失，衔铁在弹簧弹力作用下弹回，动触点与上面的静触点接通，　　亮报警。
（2）小风扇在只扇风状态下工作10分钟消耗的电能是多少？
（3）商家宣称此款小风扇充满电后，在喷雾状态下可持续工作5小时，通过计算判断他们的宣传与实际是否相符。

喷雾小风扇部分参数
输出电压

喷雾功率

出风功率

电池容量

【分析】（1）由图乙可知，电磁继电器工作时状态判断。
（2）由图表可知，出风功率，有工作时间，即可求出小风扇消耗的电能。
（3）喷雾元件涉及喷雾和出风两部分，故功率，电池容量单位为即电流与时间的单位乘积，故电能大小可以是电池容量与电压的乘积，，求出喷雾状态下的工作时间。
【解答】解：（1）由图乙可知，当水箱内水位较低时，金属探针脱离水面，电路断路，电磁铁失去磁性衔铁弹起，上触点与红灯所在电路的触点接触，红灯亮。
（2）由图表可知，出风功率，
。
（3）电池的容量：
，
风扇喷雾时的功率：
，
在喷雾状态下的工作时间：
，
由于，所以他们的宣传与实际不相符。
答：（1）答案为：以下；电磁铁；红灯。
（2）小风扇在只扇风状态下工作10分钟消耗的电能是。
（3）通过计算判断他们的宣传与实际不相符。
22．（12分）如图所示，物体重，圆柱形容器底面积为，内盛有足够深的水，用图中的滑轮组（定滑轮用轻质细杆固定在水平地面上）将悬停在水面下的物体匀速提出水面，当物体浸没在水中匀速上升时，滑轮组的机械效率为。不计绳重、摩擦及水的阻力，物体不吸水、不沾水，，，。求：
（1）物体浸没在水中时受到的浮力；
（2）物体完全提出水面后，圆柱形容器内水深度的变化量；
（3）物体完全提出水面后，圆柱形容器底对地面变化的压强；
（4）物体完全提出水面后，滑轮组的机械效率。

【分析】（1）知道物体的重力，利用求其质量，再利用求出物体的体积，物体浸没在水中时排开水的体积，利用阿基米德原理求物体浸没在水中时受到的浮力；
（2）物体完全提出水面后，水的深度减小值△；
（3）物体完全提出水面后，圆柱形容器底对地面的压力变化量△，利用求出圆柱形容器底对地面变化的压强；
（4）不计绳重、摩擦及水的阻力，当物体浸没在水中匀速上升时，拉力端移动距离，滑轮组的机械效率，据此求拉力大小；对上面的滑轮进行受力分析，滑轮受到向上的拉力、三股绳子的向下的拉力（每一股绳子的拉力等于、动滑轮的重力，则拉力，据此求滑轮重力；
物体完全提出水面后，滑轮受到向上的拉力、三股绳子的向下的拉力（每一股绳子的拉力等于、重力，拉力，拉力端移动距离，滑轮组的机械效率。
【解答】解：
（1）物体的质量：，
由可得，物体的体积：，
物体浸没在水中，排开水的体积：，
物体受到的浮力：；
（2）物体完全提出水面后，圆柱形容器内水深度的变化量：△；
（3）物体完全提出水面后，圆柱形容器底对地面的压力变化量△，
圆柱形容器底对地面变化的压强：△；
（4）由图知，拉力作用在动滑轮的轴上，使用时费力但省距离，且，则拉力端移动距离，
不计绳重、摩擦及水的阻力，当物体浸没在水中匀速上升时，
该滑轮组的机械效率，
即：，
解得；
对上面的动滑轮进行受力分析，动滑轮受到向上的拉力、三股绳子的向下的拉力（每一股绳子的拉力等于、自身的重力，
则：，
所以动滑轮的重力：，
物体完全提出水面后，动滑轮受到向上的拉力、三股绳子的向下的拉力（每一股绳子的拉力等于、重力，
则拉力，
拉力端移动距离，
此时滑轮组的机械效率：。
答：（1）物体浸没在水中时受到的浮力为；
（2）物体完全提出水面后，圆柱形容器内水深度的变化量为；
（3）物体完全提出水面后，圆柱形容器底对地面变化的压强为；
（4）物体完全提出水面后，滑轮组的机械效率为。