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    第二篇 专题五 第2课时 圆锥曲线中的定点、定值问题. 2022版高考数学复习
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    第二篇 专题五 第2课时 圆锥曲线中的定点、定值问题. 2022版高考数学复习

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    专题五 2课时 圆锥曲线中的定点、定值问题

    圆锥曲线中的定点问题

    【典例1(2021·滨州一模)已知点A(0,-1)B(01),动点P满足||||·.记点P的轨迹为曲线C.

    (1)C的方程;

    (2)D为直线y=-2上的动点,过DC的两条切线,切点分别是EF.证明:直线EF过定点.

    【思维点拨】

    (1)

    P(xy),利用||||·求出动点的轨迹方程

    (2)

    D(t,-2)E(x1y1)F(x2y2),利用直线与圆锥曲线相切,得到直线EF的方程,再确定定点

    【解析】(1)P(xy),则(x,-1y)(x1y)(02)(0,-2)

    所以||||·

    1y

    化简得x24y,所以C的方程为x24y.

    (2)由题意可设D(t,-2)E(x1y1)F(x2y2)

    由题意知切线DEDF的斜率都存在,

    x24y,得y,则y,所以kDE

    直线DE的方程为yy1(xx1)

    yy1x

    因为E(x1y1)x24y上,所以x4y1,即2y1

    代入x1x2y12y0

    所以直线DE的方程为x1x2y12y0

    同理可得直线DF的方程为x2x2y22y0

    因为D(t,-2)在直线DE上,所以tx12y140,又D(t,-2)在直线DF上,所以tx22y240

    所以直线EF的方程为tx2y40

    故直线EF过定点(02).

     本例若改为:

    已知点A(04)B(01),动点P满足|PA|2|PB|,设动点P的轨迹为曲线E.

    (1)求曲线E的轨迹方程;

    (2)Q是直线lyx4上的动点,过Q作曲线E的两条切线QMQN,切点为MN,探究:直线MN是否过定点,若存在定点请写出坐标,若不存在则说明理由.

    【解析】(1)设点P的坐标为(xy)|PA|2|PB|,即2,整理得x2y24,所以曲线E的轨迹方程为x2y24

    (2)依题意,ONQNOMQM,则MN都在以OQ为直径的圆F上,

    因为Q是直线lyx4上的动点,设Q(tt4),则圆F的圆心为,且经过坐标原点即圆的方程为x2y2tx(t4)y0.

    又因为MN在曲线Ex2y24上,

    ,可得tx(t4)y40

    即直线MN的方程为tx(t4)y40.

    tRt(xy)4y40可得,,解得

    所以直线MN是过定点(1,-1).

     直线过定点问题的常见解法

    (1)用参数表示出直线的方程,根据直线方程的特征确定定点的位置.

    (2)从特殊点入手,先确定定点,再证明该定点符合题目条件.

    提醒:求出直线方程是判断直线是否过定点的前提和关键.

     

    (2021·石家庄二模)已知直线lyx1与椭圆C1(a1b0)相交于PQ两点,M(10)·0.

    (1)证明椭圆过定点T(x0y0),并求出xy的值;

    (2)求弦长|PQ|的取值范围.

    【解析】(1)P(x1y1)Q(x2y2)

    联立

    整理得(a2b2)x22a2xa2a2b20.

    x1x2x1x2

    因为·0,所以(x11y1)·(x21y2)(x11)(x21)y1y2

    (x11)(x21)(x11)(x21)

    2x1x220.

    所以x1x21,得2a2b2a2b2.

    所以1

    即椭圆过定点T1(1)T2(1,-)

    T3(1)T4(1,-)

    所以xy123

    (2)|PQ||x1x2|

    2·

    2·.

    2a2b2a2b2,得b20

    所以,代入

    |PQ|2·

    因为a21,所以|PQ|的取值范围是(24).

    圆锥曲线中的定值问题

    【典例2(2021·新高考I)在平面直角坐标系xOy中,已知点F1(0)F2(0),点M满足|MF1||MF2|2,记M的轨迹为C.

    (1)C的方程;

    (2)设点T在直线x上,过T的两条直线分别交CAB两点和PQ两点,且|TA|·|TB||TP|·|TQ|,求直线AB的斜率与直线PQ的斜率之和.

    【思维点拨】

    (1) 

    利用双曲线的定义可知轨迹方程

    (2)

     分别求出|TA|·|TB||TP|·|TQ|的表达式,由|TA|·|TB||TP|·|TQ|化简可得斜率之和.

    【规范解答】(1)因为|MF1||MF2|2

    所以轨迹C为双曲线右半支,2

    c2172a2

    所以a21b216

    所以C的方程为x21(x0).4

    易错点

    没有判断出是双曲线的右支

    障碍点

     不能利用双曲线定义判定曲线轨迹

    学科素养

     逻辑推理、数学运算,直观想象

    评分细则

     判断出是双曲线右支得2分,只判断出双曲线没有说明为双曲线的右支扣1分。

    (2)T,设ABynk1

    联立

    所以(16k)x2(k2k1n)xkn2k1n1606

    所以x1x2

    x1x2

    |TA|

    |TB|8

    所以|TA|·|TB|(1k)

    PQynk2

    同理|TP|·|TQ|   10

    因为|TA|·|TB||TP|·|TQ|,所以11

    所以k16k16,即kk

    因为k1k2,所以k1k20.12

    易错点

    化简|TA|·|TB||TP|·|TQ|出错

    障碍点

    误认为直接求两直线斜率,导致无法完成

    学科素养

    逻辑推理、数学运算、直观想象

    评分细则

    未说明直线AB斜率不存在情况扣1分,|TA|·|TB|表达式化简正确得2分.

     求定值问题常见的方法

    (1)从特殊值入手,求出定值,再证明这个值与变量无关.

    (2)直接推理、计算,并在计算推理的过程中消去变量,从而得到定值.

     

    (2021·南京一模)F为椭圆Cy21的右焦点,过点(20)的直线与椭圆C交于AB两点.

    (1)若点B为椭圆C的上顶点,求直线AF的方程;

    (2)设直线AFBF的斜率分别为k1k2(k2≠0),求证:为定值.

    【解析】(1)B为椭圆的上顶点,则B(01).

    AB过点(20),故直线ABx2y20.代入椭圆Cy21,可得3y24y10

    解得y11y2,即点A(),从而直线AFyx1.

    (2)A(x1y1)B(x2y2)

    方法一:设直线ABxty2,代入椭圆方程可得:(2t2)y24ty20.

    所以y1y2y1y2.

    k1k2

    0.

    k1k2均不为0,故=-1,即为定值-1.

    方法二:设直线ABxty2,代入椭圆方程可得:(2t2)y24ty20.

    所以y1y2y1y2.

    所以=-ty1y2=-所以=-1为定值1.

    方法三:设直线ABxty2,代入椭圆方程可得:(2t2)y24ty20.

    所以y1y2y1y2,所以=-2t.所以,把=-2t代入得=-1.

    方法四:设直线AByk(x2),代入椭圆的方程可得(12k2)x28k2x(8k22)0,则x1x2x1x2.

    所以.

    因为x1x2x1x222x2x1,代入得=-1.

     

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