高中生物第1章 遗传因子的发现第2节 孟德尔的豌豆杂交实验（二）精练

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　　　　　　　　第2节　孟德尔的豌豆杂交实验(二)
第1课时 两对相对性状的杂交实验
[基础巩固]
　　　　　　　　　　　　　　　　　　
1.做两对相对性状的遗传实验时,不必考虑的是(　　)
A.亲本的双方都必须是纯合子
B.每对相对性状各自要有显隐性关系
C.对母本去雄,授以父本的花粉
D.显性亲本作父本,隐性亲本作母本
解析:做两对相对性状的遗传实验时,要求是两对相对性状的纯合亲本杂交,A项不符合题意;两对相对性状中每一对相对性状的遗传都遵循分离定律,即两对相对性状各自有显隐性关系,B项不符合题意;因为以豌豆作为实验材料,为避免自然状态下的自花传粉,故要对母本去雄,授以父本花粉,C项不符合题意;不管是正交还是反交,结果都是一样,故不需考虑显性亲本作父本,隐性亲本作母本,D项符合题意。
答案:D
2.下图为某同学绘制的小麦杂交遗传图解,下列对此图的评价错误的是 (　　)

A.子代的基因型书写正确
B.漏写杂交符号“×”
C.漏写雌雄配子的比例
D.漏写亲本、子代的表型
解析:遗传图解中只要求写出配子种类,不需要写配子的比例。
答案:C
3.基因型为AaBB与AaBb的两株植物杂交,按自由组合定律遗传,推测子代表型和基因型各有(　　)
A.4种、8种 B.2种、6种
C.2种、4种 D.4种、9种
解析:Aa×Aa子代产生AA、Aa、aa 3种基因型和2种表型,Bb×BB子代产生BB和Bb 2种基因型和1种表型,因此基因型为AaBB与AaBb的两株植物杂交,按自由组合定律遗传,推测子代表型有2×1=2(种),基因型有3×2=6(种)。
答案:B
4.下列关于分离定律和自由组合定律的叙述,正确的是(　　)
A.杂交亲本产生雌雄配子的比例为1∶1
B.孟德尔的两对相对性状的杂交实验中,F2的组合方式有9种
C.所有两对等位基因的遗传都遵循自由组合定律
D.显性现象的多种表现并不违背孟德尔遗传规律
解析:一般而言,杂交亲本产生的雄配子数量远远多于雌配子,A项错误;孟德尔的两对相对性状的杂交实验中,F2的组合方式有16种,基因型有9种,B项错误;自由组合定律适用的条件是两对或两对以上位于不同对染色体上的非等位基因,两对等位基因必须位于两对相同的染色体上,才遵循自由组合定律,C项错误;显性现象的多种表现并不违背孟德尔遗传规律,D项正确。
答案:D
5.下图是豌豆人工杂交示意图,请回答下列有关问题。

(1)豌豆为自花传粉植物,若要实现甲乙杂交,需在 时进行去雄,并套袋隔离,套袋隔离的目的是　　　　　　　　　　　　。 
(2)若甲为纯种绿粒普通型,乙为纯种黄粒半无叶型,F1自交后代类型及数目如下表所示。
类型
绿粒半无叶型
绿粒普通型
黄粒半无叶型
黄粒普通型
数目
413
1 251
141
421
根据结果,黄粒与绿粒这对相对性状中的显性性状是　　 。这两对相对性状的遗传是否符合基因自由组合定律?　　　　。如果要进一步证明你的观点,可让F1与 测交来加以验证,当后代出现 的结果时,可支持上述观点。 
解析:(1)豌豆为自花传粉植物,若对甲乙进行杂交,需在花蕾期进行去雄,并套袋隔离,以防止其他花粉的干扰。(2)根据结果,F2中绿粒∶黄粒≈3∶1,普通型∶半无叶型≈ 3∶1,故绿粒是显性性状。F2中绿粒普通型∶绿粒半无叶型∶黄粒普通型∶黄粒半无叶型≈9∶3∶3∶1,故这两对相对性状的遗传符合基因的自由组合定律。如果要进一步证明该观点,可让F1与隐性纯合子即黄粒半无叶型测交来加以验证,若两对基因符合基因的自由组合定律,则后代会出现性状分离比接近1∶1∶1∶1的结果。
答案:(1)花蕾期　防止其他花粉的干扰
(2)绿粒　是　黄粒半无叶型　性状分离比接近1∶1∶1∶1
[拓展提高]
6.下图表示豌豆杂交实验时F1自交产生F2的结果统计。对此说法错误的是 (　　)

A.这个结果能够说明黄色和圆粒是显性性状
B.这两对相对性状的遗传只遵循分离定律
C.F1的表型和基因型能确定
D.亲本的表型和基因型不能确定
解析:在F2中,黄色圆粒∶绿色圆粒∶黄色皱粒∶绿色皱粒≈9∶3∶3∶1,说明黄色和圆粒是显性性状,而且这两对相对性状的遗传遵循自由组合定律,A项正确、B项错误;若Y和y分别控制黄色和绿色,R和r分别控制圆粒和皱粒,则F1的基因型为YyRr,表型为黄色圆粒,C项正确;亲本的基因型可能为YYRR和yyrr,或YYrr和yyRR,表型为黄色圆粒和绿色皱粒,或黄色皱粒和绿色圆粒,因此亲本的表型和基因型不能确定,D项正确。
答案:B
7.用具有两对相对性状的两株纯种豌豆作亲本杂交获得F1,F1自交得F2,F2中黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒、绿色皱粒的比例为9∶3∶3∶1,下列不属于产生这一结果所必需的是(　　)
A.人工异花传粉后,都要对母本进行套袋
B.必须对亲本进行正交和反交
C.F1自交时,4种类型的雌雄配子的结合是随机的
D.必须在开花前对母本进行去雄
解析:人工异花传粉后,母本要套上纸袋,防止外来花粉的干扰,这是实现F2中黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒、绿色皱粒的比例为9∶3∶3∶1的条件之一,A项不符合题意;具有两对相对性状的两个纯合亲本无论正交还是反交,F2表型相同,比例均为9∶3∶3∶1,B项符合题意;F1自交时,4种类型的雌雄配子的结合是随机的,是F2中出现 9∶3∶3∶1的保证,C项不符合题意;对豌豆进行杂交实验时,首先要在花蕾期对母本去雄,待花粉成熟时对母本授以父本的花粉,D项不符合题意。
答案:B
8.假如水稻高秆对矮秆为显性,抗稻瘟病对易感稻瘟病为显性,两对相对性状独立遗传。现用一个纯合易感稻瘟病的矮秆品种(抗倒伏)与一个纯合抗稻瘟病的高秆品种(易倒伏)杂交,则F2中(　　)
A.重组类型占38或58
B.高秆抗病个体中纯合子占116
C.既抗倒伏又抗病的类型出现的比例为116
D.高秆抗病个体与F1中基因型相同的比例为49
解析:假设水稻的高秆和矮秆用D、d表示,抗稻瘟病和易感稻瘟病用R、r表示,纯合高秆抗稻瘟病的亲本水稻的基因型为DDRR,纯合矮秆易感稻瘟病的亲本水稻的基因型为ddrr,它们杂交产生的F1基因型为DdRr,F1自交产生的F2:D_R_∶D_rr∶ddR_∶ddrr=9∶3∶3∶1,F2中出现的重组类型为3D_rr和3ddR_,即占38;高秆抗病(9D_R_)个体中纯合子(1DDRR)占19;矮秆抗病类型的基因型及比例为116ddRR、216ddRr,所以F2中出现既抗倒伏又抗病类型的比例为316;高秆抗病(9D_R_)个体与F1中基因型(DdRr)相同的比例为49。
答案:D
9.人类中,显性基因D对耳蜗管的形成是必需的,显性基因E对听神经的发育是必需的;二者缺一,个体即聋。这两对基因分别位于两对常染色体上。下列有关说法错误的是(　　)
A.夫妇中有一个耳聋,也有可能生下听觉正常的孩子
B.一方只有耳蜗管正常,另一方只有听神经正常的夫妇,只能生下耳聋的孩子
C.基因型为DdEe的双亲生下耳聋的孩子的概率为716
D.耳聋夫妇可以生下基因型为DdEe的孩子
解析:夫妇中一个听觉正常(D_E_),一个耳聋(D_ee、ddE_、ddee),有可能生下听觉正常的孩子;一方只有耳蜗管正常(D_ee),另一方只有听神经正常(ddE_)的夫妇也有可能生出听觉正常的孩子;夫妇双方基因型均为DdEe,后代中听觉正常孩子所占的比例为916,耳聋孩子所占的比例为716;耳聋夫妇可以生下基因型为DdEe的孩子,如基因型为D_ee和ddE_的耳聋夫妇,有可能生下基因型为D_E_听觉正常的孩子。
答案:B
[挑战创新]
10.鸡冠的形状有多种,纯合子豌豆冠鸡与玫瑰冠鸡交配,子一代(F1)全是胡桃冠,F1雌雄交配,F2出现了单冠鸡,表型和数量如下表所示(单位:只)。
F2
胡桃冠
豌豆冠
玫瑰冠
单冠
公鸡
72
24
24
8
母鸡
72
24
24
8
合计
144
48
48
16
据表回答下列问题。
(1)鸡冠形状的遗传受 对基因控制,且遵循 定律。 
(2)从F2中随机挑选豌豆冠鸡和玫瑰冠鸡各一只,形成一个杂交组合:豌豆冠鸡(♀)×玫瑰冠鸡(♂),或豌豆冠鸡(♂)×玫瑰冠鸡(♀)。
①不考虑正交、反交的区别,只考虑基因型,则该杂交的基因型组合可能
有 种。 
②理论上,若杂交组合的子代出现4种表型,且4种表型及其比例是胡桃冠∶豌豆冠∶玫瑰冠∶单冠=1∶1∶1∶1的概率是　 。 
(3)为了验证(1)中的结论,利用F2设计实验,请补充完善实验方案并预期实验结果:
①实验方案:让F2中全部胡桃冠母鸡与 交配,只收集、孵化每只母鸡产的蛋, (填“隔离”或“混合”)饲养每只母鸡的子代(F3),观察、统计全部F3的冠形和数量。 
②预期实验结果:理论上,有16只母鸡的子代表型及其数量比为胡桃冠∶豌豆=1∶1;     　。  
解析:(1)由题意可知,鸡冠形状的遗传受两对等位基因的控制,并且遵循自由组合定律。(2)①用A、a和B、b这两对基因表示,F2中豌豆冠鸡的基因型可能是AAbb、Aabb,玫瑰冠鸡的基因型可能是aaBB、aaBb,因此不考虑正交、反交的区别,只考虑基因型,则该杂交的基因型组合可能有2×2=4(种)。②理论上,若杂交组合的子代出现4种表型(即2×2),且4种表型及其比例是胡桃冠∶豌豆冠∶玫瑰冠∶单冠=1∶1∶1∶1,则杂交的两个个体的基因型为Aabb×aaBb,该杂交亲本出现的概率为23×23=49。(3)为了验证(1)中的结论,利用F2设计实验,可以让F2中全部胡桃冠母鸡与(多只)单冠公鸡交配(即测交),分别只收集、孵化每只母鸡产的蛋,隔离饲养每只母鸡的子代(F3),观察、统计全部F3的冠形和数量比,即可得出结论。预期实验结果:理论上,有16只母鸡的子代表型及其数量比为胡桃冠∶豌豆冠=1∶1;有8只母鸡的子代全部为胡桃冠;有16只母鸡的子代表型及其数量比为胡桃冠∶玫瑰冠=1∶1;另有32只母鸡的子代表型及数量比为胡桃冠∶豌豆冠∶玫瑰冠∶单冠=1∶1∶1∶1。
答案:(1)两　自由组合
(2)①4　②49
(3)①多只单冠公鸡　隔离　②有8只母鸡的子代全部为胡桃冠;有16只母鸡的子代表型及其数量比为胡桃冠∶玫瑰冠=1∶1;另有32只母鸡的子代表型及数量比为胡桃冠∶豌豆冠∶玫瑰冠∶单冠=1∶1∶1∶1


















第2课时　自由组合定律的应用

题型一　基因型和表型的推导
【典例1】已知豌豆的黄色(Y)对绿色(y)为显性,圆粒(R)对皱粒(r)为显性。控制两对相对性状的基因独立遗传。现有黄色皱粒与绿色圆粒两品种杂交,其后代出现黄色圆粒70株,绿色圆粒68株,黄色皱粒73株和绿色皱粒71株,则两亲本的基因型是(　　)
A.YYrr和yyRr　　　　　 B.YYrr和yyRR
C.Yyrr和yyRR D.Yyrr和yyRr
解析:已知后代出现黄色圆粒70株,绿色圆粒68株,黄色皱粒73株和绿色皱粒71株,分别考虑两对相对性状的分离比:黄色∶绿色=(70+73)∶(68+71)≈1∶1,是测交后代的性状分离比,说明亲本的相关基因型是Yy、yy;圆粒∶皱粒=(70+68)∶(73+71)≈1∶1,是测交后代的性状分离比,说明亲本的相关基因型是Rr、rr。由于亲本的表型为黄色皱粒与绿色圆粒,所以对应的基因型是Yyrr和yyRr。
答案:D
【典例2】下列杂交组合中,后代只有一种表型的是(　　)
A.Aabb×aabb B.AABb×aabb
C.AABb×AaBb D.AAbb×AaBB
解析:Aa×aa→1Aa∶1aa、bb×bb→bb,后代表型有2×1=2(种);AA×aa→Aa、Bb×bb→1Bb∶1bb,后代表型有1×2=2(种);AA×Aa→1AA∶1Aa、Bb×Bb→1BB∶2Bb∶1bb,后代表型有1×2=2(种);AA×Aa→1AA∶1Aa、bb×BB→Bb,后代表型有1×1=1(种)。
答案:D
【方法规律】
分解组合法推断基因型或表型
求解两对相对性状个体的基因型或表型时,无论由亲代推断子代,还是由子代推断亲代,都可用以下方法步骤。
(1)先将两对相对性状分开,首先研究其中一对相对性状,再研究另一对相对性状。
(2)再根据一对相对性状的分离比,写出相应基因型。
(3)最后将两对相对性状的基因型或表型组合在一起。
迁移应用
1.豌豆种子的黄色(Y)对绿色(y)为显性,圆粒(R)对皱粒(r)为显性。让绿色圆粒豌豆与黄色皱粒豌豆杂交,在后代中只有黄色圆粒和绿色圆粒两种豌豆,其数量比为1∶1,则亲本最可能的基因型是(　　)
A.yyRr×Yyrr B.yyRr×YYrr
C.YYRr×yyRr D.yyRR×Yyrr
解析:由题意可知,亲本可能的基因型为yyR_、Y_rr,而后代中只有黄色圆粒和绿色圆粒两种豌豆,分别考虑两对相对性状,后代同时出现了黄色和绿色,说明亲本相关基因型为yy、Yy;后代只出现了圆粒,说明亲本相关基因型为RR与rr。综上所述,亲本的基因型为yyRR×Yyrr。
答案:D
2.父本基因型为AaBB,母本基因型为AABb,其子代不可能出现的基因型是 (　　)
A.AaBb B.AABb
C.aabb D.AaBB
解析:将基因型为AaBB和AABb的个体杂交,求子代基因型可以把亲本成对的基因拆开,分别考虑:AA×Aa→1AA∶1Aa;BB×Bb→1BB∶1Bb;子代基因型及比例为(1AA∶1Aa)×(1BB∶1Bb)=1AABB∶1AABb∶1AaBB∶1AaBb。所以子代中没有aabb这种基因型。
答案:C
题型二　自由组合定律的概率问题
【典例3】孟德尔研究了豌豆的7对相对性状,具有YyRr(Y为黄色,R为圆粒)基因型的豌豆自交,其后代只有一种显性性状的概率是(　　)
A.316　　　 B.38　　 　C.716　　 　D.916
解析:Yy×Yy的后代基因型及比例为YY∶Yy∶yy= 1∶2∶1,Y_占34,yy占14;Rr×Rr的后代基因型及比例为RR∶Rr∶rr=1∶2∶1,R_占34,rr占14,后代只有一种显性性状的概率是34×14+14×34=616=38。
答案:B
【方法规律】
分解组合法分析比例或概率问题
(1)已知双亲基因型,求子代中某一具体基因型或表型所占的比例的规律。
子代中某一具体基因型或表型所占比例应等于按分离定律拆分后,该种基因型或表型各组成部分所占比例的乘积。
(2)已知双亲基因型,求子代中纯合子或杂合子出现的概率的规律。
①子代纯合子出现的概率等于按分离定律拆分后各对基因出现纯合子的概率的乘积。
②子代杂合子出现的概率=1-子代纯合子的概率。
迁移应用
3.基因型为AaBb与aaBb的个体杂交,两对基因独立遗传,后代中出现基因型为aaBB个体的概率为(　　)
A.14 B.18 C.116 D.31
解析:将基因型为AaBb和aaBb的个体杂交,求子代基因型可以把亲本中成对的基因拆开,分别考虑:Aa×aa→1Aa∶1aa;Bb×Bb→1BB∶2Bb∶1bb;子代中出现基因型为aaBB个体的概率为12×14=18。
答案:B
题型三　两种遗传病的概率计算
【典例4】多指症由显性基因(A)控制,先天性聋哑由隐性基因(b)控制,决定这两种遗传病的基因自由组合。一对男性患多指、女性正常的夫妇,婚后生下一个手指正常的聋哑孩子。这对夫妇再生下的孩子为手指正常、先天性聋哑、既多指又先天性聋哑这三种情况的概率依次是(　　)
A.12、14、18 B.14、18、12
C.18、12、14 D.14、12、18
解析:由一对男性患多指、女性正常的夫妇,婚后生下了一个手指正常的先天性聋哑孩子可知,这对夫妇的基因型为AaBb、aaBb,单独分析每一种遗传病,这对夫妇所生孩子中多指(Aa)占12,手指正常(aa)占12,先天性聋哑(bb)占14,正常(BB、Bb)占34。故这对夫妇再生下的孩子手指正常的概率为12;先天性聋哑的概率为14;既多指又先天性聋哑的概率为12×14=18。
答案:A
【方法规律】
(1)自由组合问题常求概率,概率的求解要用加法原理和乘法原理,采用逐对分析法来解答,如本题还有简捷方法——“十字相乘法”。把两种病分开处理,列出每种病患病和正常的概率,然后十字相乘,各情况概率一目了然。

上横线:同时患两种病的概率=12×14=18。
交叉线:只患一种病的概率=12×34+12×14=12。
下横线:正常的概率=12×34=38。
患病概率=1-正常的概率=1-38=58。
(2)两种遗传病的概率计算可总结如下:
序号
类型
计算公式
1
患甲病的概率为m
则不患甲病的概率为1-m
2
患乙病的概率为n
则不患乙病的概率为1-n
3
只患甲病的概率
m-mn
4
只患乙病的概率
n-mn
5
同患两种病的概率
mn
6
只患一种病的概率
m+n-2mn
7
患病概率
m+n-mn或1-不患病概率
以上规律可用下图帮助理解:

迁移应用
4.假定基因A是视网膜正常必需的,基因B是视神经正常必需的。从理论上计算,基因型均为AaBb(两对基因独立遗传)的夫妇生育一个视觉不正常的孩子的概率是(　　)
A.916 B.716 C.316 D.116
解析:根据基因的自由组合定律,基因型均为AaBb的夫妇所生后代为A_B_(正常)∶A_bb(异常)∶aaB_(异常)∶aabb(异常)=9∶3∶3∶1。由此可见,该夫妇生育一个视觉不正常的孩子的概率为316+316+116=716。
答案:B
题型四　自由组合定律的特殊分离比问题
【典例5】控制两对相对性状的基因自由组合,当F2性状分离比分别是9∶7及1∶4∶6∶4∶1和15∶1 时,F1与双隐性个体测交,得到的分离比分别是 (　　)
A.1∶3、1∶2∶1和3∶1
B.1∶3、4∶1和1∶3
C.1∶2∶1、4∶1和3∶1
D.3∶1、3∶1和1∶4
解析:若F2性状分离比为9(Y_R_)∶7(Y_rr、yyR_、yyrr),则测交后代中表型之比为1(Y_R_)∶3(Y_rr、yyR_、yyrr),即1∶3;若F2性状分离比为1∶4∶6∶4∶1,即显性基因的数目不同,表型不同,则测交后代中表型之比为1(Y_R_)∶2(Y_rr、yyR_)∶1(yyrr),即1∶2∶1;若F2性状分离比为15(Y_R_、Y_rr、yyR_)∶1(yyrr),则测交后代中表型之比为3(Y_R_、Y_rr、yyR_)∶1(yyrr),即3∶1。
答案:A
【方法规律】
特殊分离比的解题技巧
(1)若F2的表型比例之和是16,不管以什么样的比例呈现,都符合基因的自由组合定律。
(2)将异常分离比与正常分离比9∶3∶3∶1进行对比,分析合并性状的类型,如比例为9∶3∶4,则为9∶3∶(3∶1),即4为后两种性状合并的结果。
(3)确定出现异常分离比的原因。
(4)根据异常分离比出现的原因,推测亲本的基因型或推断子代相应表型的比例。
迁移应用
5.等位基因A、a和B、b分别位于不同对的染色体上。让显性纯合子(AABB)和隐性纯合子(aabb)杂交得F1,再让F1测交,测交后代的表型比例为1∶3。如果让F1自交,则下列表型比例中,F2不可能出现的是 (　　)
A.13∶3 B.9∶4∶3
C.9∶7 D.15∶1
解析:由题意知,F1测交,后代表型比例为1∶3。如果让F1自交,则自交后代中A_B_∶A_bb∶aaB_∶aabb=9∶3∶3∶1,因此F2表型比例可能是13∶3或9∶7或 15∶1,而不可能出现9∶4∶3的表型比例。
答案:B
题型五　多对基因自由组合分析
【典例6】原本无色的物质在酶Ⅰ、酶Ⅱ和酶Ⅲ的催化作用下,转变为黑色素,其过程如下图所示,控制三种酶的基因在三对染色体上,基因型为AaBbCc的两个个体交配,非黑色子代的概率为 (　　)

A.3764 B.164 C.2764 D.964
解析:基因型为AaBbCc的两个个体交配,后代中出现黑色A_B_C_的概率为34×34×34=2764,则非黑色个体的概率为1-2764=3764。
答案:A
【方法规律】
n对等位基因(完全显性)位于
n对染色体上的遗传规律


F1配子

F2基因型
F2表型






1
1
2
1∶1
4
3
1∶2∶1
2
3∶1
2
2
22
(1∶1)2
42
32
(1∶2∶1)2
22
(3∶1)2
3
3
23
(1∶1)3
43
33
(1∶2∶1)3
23
(3∶1)3
……
……
……
……
……
……
……
……
……
n
n
2n
(1∶1)n
4n
3n
(1∶2∶1)n
2n
(3∶1)n
在解答这类题目时首先弄清多对基因之间的互作关系,最好在纸上画出基因之间的互作关系;再从特殊的性状分离比入手进行分析,2764=343,18=123等。
迁移应用
6.已知A与a、B与b、C与c三对等位基因自由组合,且每对等位基因各自控制的一对相对性状均为完全显性,现将基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测,正确的是(　　)
A.表型有8种,aaBbCc个体占的比例为132
B.表型有4种,AaBbCc个体占的比例为116
C.表型有6种,aaBbcc个体占的比例为116
D.表型有8种,Aabbcc个体占的比例为116
解析:基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个个体进行杂交,后代表型有2×2×2=8(种),后代中aaBbCc个体占的比例为14×12×12=116,AaBbCc个体占的比例为12×12×12=18,aaBbcc个体占的比例为14×12×14=132,Aabbcc个体占的比例为12×12×14=116。
答案:D

1.黄粒(A)高秆(B)玉米与某表型玉米杂交,后代中黄粒高秆占38,黄粒矮秆占38,白粒高秆占18,白粒矮秆占18,则双亲的基因型是(　　)
A.aaBb×AABb
B.AaBb×aaBB
C.AaBb×AaBb
D.AaBb×Aabb
解析:aaBb与AABb杂交,后代不可能出现白粒,A项错误;AaBb与aaBB杂交,后代不可能出现矮秆,B项错误;AaBb与AaBb杂交,后代的性状分离比为9∶3∶3∶1,C项错误;AaBb与Aabb杂交,后代黄粒高秆∶黄粒矮秆∶白粒高秆∶白粒矮秆=3∶3∶1∶1,D项正确。
答案:D
2.已知两对等位基因位于不同的染色体上,下列各杂交组合中,子一代的表型与亲代相同的一组是(　　)
A.BbSs×bbss B.BbSs×bbSs
C.BbSS×BBSs D.BBSs×BBSs
解析:BbSs×bbss,子代有4种表型,亲本有2种表型,A项不符合题意;BbSs×bbSs,子代有4种表型,亲本有 2种表型,B项不符合题意;BbSS×BBSs,子代有1种表型,且与亲本相同,C项符合题意;BBSs×BBSs,子代有2种表型,亲本有1种表型,D项不符合题意。
答案:C
3.某牵牛花植株与另一红花宽叶牵牛花(AaBb)杂交,其子代表型之比为3红花宽叶∶3红花窄叶∶1白花窄叶∶1白花宽叶,此牵牛花植株的基因型和表型是(　　)
A.Aabb红花窄叶 B.AAbb红花窄叶
C.AaBb红花宽叶 D.aaBb白花宽叶
解析:根据题意分析,红花宽叶牵牛花植株(AaBb)与“某牵牛花植株”杂交,其子代中红花宽叶∶红花窄叶∶白花宽叶∶白花窄叶=3∶3∶1∶1,分析子代中红花∶白花=3∶1,宽叶∶窄叶=1∶1,说明前者是自交(Aa×Aa),后者是杂合子测交(Bb×bb),所以与AaBb杂交的“某牵牛花植株”的基因型为Aabb,表型为红花窄叶。
答案:A
4.某植物的花色,紫色和白色是一对相对性状,受两对独立遗传的等位基因控制,当个体中每对等位基因都至少含有一个显性基因时,植物开紫花,否则开白花。若让基因型为AaBb的植株自交,则子一代的情况是(　　)
A.纯合子占18
B.白花植株共有8种基因型
C.紫花植株中纯合子占19
D.基因型为Aabb的白花植株占116
解析:基因型为AaBb的植株自交,子一代有9种基因型,分别为AABB、AABb、AAbb、AaBB、AaBb、Aabb、aaBB、aaBb、aabb。结合题意,含A和B的植株开紫花,其余均为白花。子一代中纯合子占14,白花植株共有5种基因型,紫花植株中(9A_B_)纯合子占19,基因型为Aabb的白花植株占18。
答案:C
5.豌豆黄色(Y)对绿色(y)、圆粒(R)对皱粒(r)为显性,这两对基因是独立遗传的。现有一株绿色圆粒(yyRr)豌豆,开花后自花传粉得到F1;F1再次自花传粉,得到F2。可以预测,F2中纯合的绿色圆粒豌豆的比例是(　　)
A.23 B.38 C.12 D.14
解析:绿色圆粒(yyRr)豌豆开花后自花传粉得到的F1中,共有yyRR、yyRr、yyrr 3种基因型,所占比例分别为14、12、14,F1再次自花传粉,得到的F2中,纯合的绿色圆粒豌豆的比例为14+12×14=38。
答案:B
6.狗的毛色中褐色(B)对黑色(b)为显性;I和i是一对等位基因,I是抑制基因,当I存在时,含有B、b基因的狗均表现为白色,i不影响B、b的表达。现有黑色狗(bbii)和白色狗(BBII)杂交获得F1,F1雌雄个体相互交配产生的F2中,理论上杂合褐色和黑色个体之比为(　　)
A.8∶1 B.2∶1
C.15∶1 D.3∶1
解析:基因型为bbii的黑色狗和基因型为BBII的白色狗进行杂交,子一代的基因型为BbIi,F1雌雄个体相互交配,产生的F2中的基因型及比例是B_I_∶bbI_∶B_ii∶bbii=9∶3∶3∶1,其中B_ii表现为褐色,bbii表现为黑色,杂合褐色和黑色个体之比为Bbii∶bbii=2∶1。
答案:B
7.假定三对等位基因遵循基因的自由组合定律,则杂交组合AaBBDd×AaBbdd产生的子代中,基因型为AaBbDd的个体所占的比例是(　　)
A.12 B.14 C.18 D.38
解析:杂交组合AaBBDd×AaBbdd,分别考虑每一对基因杂交的情况:①Aa×Aa,子代出现Aa的概率是12;②BB×Bb,子代出现Bb的概率是12;③Dd×dd,子代出现Dd的概率是12。所以子代中,基因型为AaBbDd的个体所占的比例是12×12×12=18。
答案:C
8.某种植物果实质量由三对等位基因控制,这三对基因分别位于三对染色体上,对果实质量的增加效应相同且具叠加性。已知隐性纯合子和显性纯合子果实质量分别为150 g和270 g。现将三对基因均杂合的两植株杂交,F1中质量为190 g 的果实所占比例为(　　)
A.1564 B.564 C.316 D.364
解析:由于每个显性基因增重为20 g,所以质量为 190 g的果实的基因型中含有显性基因个数为(190-150)÷20=2,因此,3对基因均杂合的两植株AaBbCc杂交,含两个显性基因的个体基因型为AAbbcc、aaBBcc、aabbCC、AaBbcc、AabbCc、aaBbCc 6种,所占比例依次为164、164、164、116、116、116,因此共占比例为1564。
答案:A
9.假设牵牛花的红花和蓝花这对相对性状同时受三对等位基因控制,且每对等位基因能够独立遗传。基因型为AaBbCc的牵牛花植株自交,F1中开红花的植株与开蓝花的植株之比为27∶37。请回答下列问题。
(1)F1中开红花的植株的基因型有 种,其中纯合子占　　　　;F1中开蓝花的植株中纯合子的基因型有　　　　种。 
(2)若基因型为AAbbCC的植株与某纯种蓝花品系杂交,子代均开红花,则该纯种蓝花品系可能的基因型是　。 
(3)现有一纯种蓝花品系的牵牛花,若要确定其基因型(用隐性基因对数表示),可让其与纯种红花植株杂交获得F1,然后再将F1与该蓝花品系杂交获得F2,统计F2中开红花、开蓝花个体的比例。
预期可能的实验结果:
若F2中开红花、开蓝花个体的比例为　　　　,则该纯种蓝花品系具有一对隐性纯合基因;　     　(请完成后续预测结果)。 
解析:(1)亲本基因型为AaBbCc,则后代开红花的基因型A_B_C_的种类有2×2×2=8(种);红花占34×34×34=2764,红花纯合子占14×14×14=164,因此红花中纯合子占127。自交产生的F1中开蓝花植株中纯合子的基因型有AABBcc、aaBBCC、AAbbCC、aaBBcc、aabbCC、AAbbcc、aabbcc,共7种。(2)若基因型为AAbbCC的植株与某纯种蓝花品系杂交,子代均开红花A_B_C_,则该纯种蓝花品系一定含有B,A、C不能同时含有,则其基因型有 aaBBCC、aaBBcc、AABBcc。(3)用基因对数表示,该纯种蓝花基因可能是1对隐性、2对隐性、3对隐性,纯种红花3对显性(AABBCC),如果是1对隐性纯合基因,则杂合子一代是1对杂合子,子一代与亲本蓝花杂交,红花∶蓝花=1∶1;如果是2对隐性纯合基因,杂合子一代有2对杂合子,子一代与亲本蓝花杂交,后代红花∶蓝花=1∶3;如果是3对隐性纯合基因,杂交子一代有3对杂合子,与亲本蓝花杂交,杂交后代红花∶蓝花=1∶7。
答案:(1)8　127　7　(2)aaBBCC、aaBBcc、AABBcc
(3)1∶1　若F2中开红花、开蓝花个体的比例为1∶3,则该纯种蓝花品系具有2对隐性纯合基因;若F2中开红花、开蓝花个体的比例为1∶7,则该纯种蓝花品系具有3对隐性纯合基因