2022年物理人教版中考第一轮复习综合训练13

这是一份2022年物理人教版中考第一轮复习综合训练13，共19页。试卷主要包含了如图是正常家庭电路的一部分等内容，欢迎下载使用。
1．2021年11月19日，在全球大部分地区出现了600年来最长“月偏食”。下列光现象与月偏食形成原因相同的（ ）
A．水中倒影B．雨后彩虹
C．小孔成像D．筷子“折断”
2．音乐会上，小提琴曲让人如痴如醉，钢琴演奏让人心旷神怡，关于声音的说法正确的是（ ）
A．小提琴的声音是由空气振动产生的，以声波的形式传播
B．调节琴弦松紧可以改变声音的响度
C．小提琴和钢琴发出的声音在空气中传播速度相同
D．禁止同学们喧哗是从传播过程中减弱噪声
3．“冰城”哈尔滨的冬季漫长且寒冷干燥，在1月份平均气温约为零下19度，下列说法正确的是（ ）
A．嘴中呼出的“白气”是凝华现象
B．用冰制成的雕塑经过一段时间自然变小，是汽化现象
C．雪的形成过程是放热过程
D．冰放在手上熔化了，冰在熔化过程中温度升高
4．“估测”是物理学中常用的一种重要方法。小华同学对自己的一些相关物理量进行了估测，其中最接近实际的是（ ）
A．他的体温约为26℃
B．他平静呼吸的频率约为60次/分
C．他的质量约为120kg
D．他正常步行的速度约为1m/s
5．看起来像火山石，表面粗糙的泡沫陶瓷每立方厘米仅重0.2克，放在水里能漂浮，在酒精灯500℃高温的烧灼下并不起火。而且另一侧温度仅四五十摄氏度，下列说法错误的是（ ）
A．泡沫陶瓷的密度为2×103kg/m3
B．泡沫陶瓷的隔热性好，不易燃烧
C．泡沫陶瓷可用来制作海上救生设备
D．泡沫陶瓷可用作建筑外层的保温层
6．羽毛球因为简单易学、老少皆宜，从而被广大人民群众喜爱，下列有关羽毛球运动的说法中，正确的是（ ）
A．运动员在发球时，球拍对羽毛球的力大于羽毛球对球拍的力
B．如果羽毛球的上升过程中受到的力全部消失，羽毛球将下落
C．羽毛球在下落过程中，速度变快，惯性变大
D．羽毛球在接触球拍后方向改变，说明力可以改变物体的运动状态
7．如图是正常家庭电路的一部分。下列说法正确的是（ ）
A．导线B与大地之间的电压为220V
B．测电笔先后插入插座的左右插孔，氖管都发光
C．电冰箱的插头插入三孔插座能使电冰箱的金属外壳接地
D．断开开关S后，站在地上的人接触a点或b点一定不会触电
8．下列由做饭所联想到的物理知识，其中错误的是（ ）
A．静止在水平桌面上杯子受到重力和它对桌面的压力是一对平衡力
B．用高压锅能增大锅内气压提高沸点
C．包子皮上捏出了漂亮的花边，是力改变了物体的形状
D．烧水时使用的天然气是不可再生能源
9．如图所示，用10N的拉力去拉5N的物体，恰好使物体匀速上升，下列说法中正确的是（ ）
A．没有沿竖直方向向下拉物体时，会使得拉力变大，机械效率变低
B．该滑轮的效率只有50%，是因为它的实质是一个费力杠杆
C．该滑轮费力，但省距离
D．该滑轮的效率只有50%，是由绳重和摩擦导致的
（多选）10．如图甲是一种电热膜，其构造是在绝缘薄膜表面，将多条导电墨线两端与金属导线相连，如图乙。导电墨线电阻随温度变化图象如图丙。有关电热膜说法正确的是（ ）
A．导电墨线间以串联的方式连接
B．导电墨线属于导体
C．工作时通过导电墨线的电流始终不变
D．温度到达t0时，发热功率会急剧减小
二．填空题
11．疫情期间进入公共场所都要进行体温检测，如图甲所示，常用的手持式体温枪是靠接收人体发出的 （选填“红外线”或“紫外线”）来进行测温的，居家体温测量可采用水银体温计，如图乙所示，它是根据液体的 性质制成，读数时体温计 （选填“可以”或“不可以”）离开被测物体。
12．如图所示为浴室的防滑垫，其正面做成仿草坪式，目的是为了 ；反面的许多小吸盘在 作用下，使其紧贴在地面上从而达到防滑效果。小鸟飞翔时有向上的弧度，是利用流体流速越大，压强越 获得升力的。
13．汽车冷却系统用水来冷却发动机，这是利用水 的特点来工作的；其汽油燃烧释放的内能通过 （选填“做功”或“热传递”）方式使汽车的机械能增加；调试某单缸发动机时，若飞轮转速是1200r/min，则汽油机每分钟对外做功 次。
14．小明去商场购物时，站在匀速上行的自动扶梯上（如图所示），以扶梯的扶手为参照物时，小明是 的；若扶梯的高度是5m，扶梯长是7m，小明体重为600N．扶梯用10s把小明从一楼送到二楼，扶梯对小明做功 J；扶梯对小明做功的功率是 W；小明运动的速度是 m/s。
15．如图所示，容器内盛有空气，活塞A可以上下移动不漏气，容器中有一小球B，现用力向下压活塞A，在活塞向下移动的过程中，设球B体积不变。且相对容器底的位置不变化，则B对容器底的压力 。（填“增大”、“不变”、“减小”）
16．如图所示的电路中，电源电压恒定不变，电阻R的阻值为20Ω，电动机M的阻值为12Ω。在对S2进行闭合或断开的操作中，电流表可读得0.5A和0.3A两个值，那么电源电压为 V，通电1min电动机产生的内能为 J。
17．完成如图杠杆示意图。
18．请在如图所示的括号中分别标出小磁针静止时该端的磁极名称和电源该端的“+”或“﹣”极。
三．解答题（共4小题，满分22分）
19．在自然界和生活中，有许多需要我们探究的物理现象，通过实验来观察这些现象，我们还会发现许多有趣和意想不到的问题。
（1）将一小勺白糖慢慢地加入满满一杯水中，杯中水 溢出（填“会”或“不会”），原因是： 。
（2）取一只杯子，在杯中倒满水，若将一只回形针轻轻地放入水中，杯中水不会溢出，继续放入若干只回形针，水仍然不会溢出。细心的小雨同学发现：水虽然没有溢出，但是水面却向上凸起。请教老师后，她明白了：原来水的表面分子间距离较大，分子力表现为 （填“引力”或“斥力”），在这种分子力作用下，水不至于溢出。
（3）将一长一短两支蜡烛点燃后，用玻璃罩罩住，结果不同的实验小组发现了截然不同的实验现象：有的是长蜡烛先熄灭，有的是短蜡烛先熄灭。那么，影响蜡烛熄灭先后顺序的可能因素是什么呢？ 。（填一种因素即可）
20．如图是小红在水平桌面上“探究平面镜成像特点”的实验装置。
（1）实验中用玻璃板代替平面镜，利用了玻璃透明的特点，便于 （选填“观察”或“确定”）像的位置，玻璃板应竖直放置。
（2）将点燃的蜡烛A放在玻璃板前，移动玻璃板后的蜡烛A′直至与蜡烛A的像完全重合，记录蜡烛A、蜡烛A′的位置。改变蜡烛A的位置至B、C，重复上述实验，实验记录如图所示。当蜡烛A逐渐靠近平面镜时，像的大小 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。
（3）实验中，为验证所成的像是否为虚像，小明移去蜡烛A′，并在其所在位置上放一张白纸，在蜡烛A的这一侧透过玻璃板观察白纸上能不能出现蜡烛A的像。小明的做法是 （选填“正确”或“错误”）的。
（4）“潜望镜”是平面镜的重要应用之一，小明认为潜望镜所成的像与物左右相反，试为他选择一个合理、简便的实验方案 。（选填序号）
①绘制光路图来分析
②用潜望镜观察一同学，让他挥动右手，判断像中是哪只手挥动
21．小华做”测量小灯泡电功率”实验。实验室有如下器材：电源（电压恒为6V）、小灯泡（额定电压为2.5V，灯丝电阻约为10Ω）、电流表（0～0.6A、0～3A）、电压表（0～3V、0～15V）、开关、规格分别为R1：“10Ω1A”和R2：“30Ω0.5A”的滑动变阻器各一个、导线若干。
（1）请你用笔画线代替导线，在图甲中把电路连接完整（要求：滑动变阻器向右移动灯泡变亮）．
（2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，无论如何移动滑动变阻器滑P，电流表几乎无示数，而电压表指针超出了最右侧刻度，则故障原因可能是 。
（3）排除故障后，当滑动变阻器的滑片移到某一位置时，某同学从“0～15V”量程的刻度线看出指针停在10V处，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向 移（选填“左”或“右”），直到小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 W。
（4）为了完成整个实验过程，她应选用的滑动变阻器规格为 （R1/R2）。
（5）有学生认为甲图电路还可以探究电流与电压的关系，小华却认为不可以，主要原因是 。
（6）之后，小华同学在家找到两个外观一样，额定电压均为220V的普通白炽灯，其铭牌已经模糊，看不出额定功率，但是可以直接通过观察图丙灯丝比较出两只灯泡的额定功率，请你判断，若将两只灯泡串联起来，接在220V的电路中，两灯的发光情况是 （选填“A灯更亮”，“B灯更亮”或“两灯一样亮”）。
22．小华在建筑工地上看到，工程车的车斗慢慢倾斜到一定程度时，车斗中的石料就沿车斗斜面滑落下来（如图所示）。小华想，车斗中的石料如果减少些，要滑落下来，车斗的倾斜程度是否可以减小些？
于是小华到实验室进行探究，先把长木板放在水平桌面上，将质量为100克带有钩码槽的木块放在长木板的A处，如图所示，然后进行如下操作：
①在木块的钩码槽中放入三个50克的钩码，将木板的右端慢慢抬高到一定高度时，木块开始下滑，记录右端被抬升的高度h＝20厘米。
②第二次在木块的钩码槽中放入两个50克的钩码，第三次在木块的钩码槽中放入一个50克的钩码，分别重复上述实验。
（1）请你帮小华同学设计记录数据的表格。
小华发现三次实验中，木块开始下滑时木板的倾斜程度是一样的。那么车斗中的石料能刚好滑落下来，车斗的倾斜程度与什么因素有关呢？小明认为可能与石料和车斗间接触面的粗糙程度有关，于是他进行如下探究：
将一块棉布、一块毛巾分别铺在长木板上，把放有一个50克钩码的木块放在长木板的A处，慢慢抬高木板的右端直到木块开始下滑；测量并记录右端被抬升的高度分别为24厘米和30厘米。
（2）根据小华和小明的实验，可以得出的结论是 。
（3）根据以上探究，可以帮助我们解答其他类似的疑惑，比如“为什么道路桥梁的引桥要做到一定长度？””为什么 ？”等。
四．计算题
23．鹤壁市为了争创全国文明城市，在4月份，环卫工人每天都会开着喷雾降尘车沿主干道巡回喷雾降尘，喷雾降尘车喷出高速流动的水雾，使水雾与空中的粉尘及其他颗粒物接触并结合，结合物在重力作用下加速下沉，最终落到地面上，根据以上信息解答下列问题。（ρ水＝1.0×103kg/m3。g取10N/kg）
（1）喷雾降尘车匀速行驶并喷雾的过程中，车的动能 （选填“增大”、“减小”或“不变”）
（2）若喷雾降尘车在水平公路上匀速直线行驶的速度是18km/h，则5min行驶的路程是多少？若它受到的阻力为4000N，则牵引力的功率是多少？
（3）喷雾降尘车罐体的容积为15m3，则该车最多可装多少千克水？
（4）喷雾降尘车空载时的质量是2.5t，装满水后该车静止在水平地面上时轮胎与地面的总接触面积为0.35m2，则装满水后该车对地面的压强是多少？
24．如图所示是速热型电热水龙头的电路简图，R1、R2为电热丝，通过操作开关，可以提供温水和热水，相应参数如表。当电热水龙头在额定电压下工作时，求：
（1）闭合开关S1、断开开关S2，此时电路中的电流多大？
（2）电热丝R2的电阻多大？
（3）闭合开关S1、S2，通电20s，可以把1kg的水从15℃加热到34℃。求电热水龙头的加热效率？[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]（结果保留到0.1%）
参考答案
一．选择题
1．解：地球遮住太阳射向月球的光，就会形成月食，属于光的直线传播现象；
A、水中倒影属于平面镜成像，属于光的反射现象，故A不符合题意；
B、雨后彩虹是光色散现象，实质上是光折射现象形成的，故B不符合题意；
C、小孔成像，是光在同一均匀介质中沿直线传播形成的，故C符合题意；
D、筷子好像在水面折断是由于筷子反射的光从水中斜射入空气中发生了折射，折射光线进入人眼，人眼逆着光线看去，所看到的是筷子的虚像，像比物体的位置高，属于光的折射，故D不符合题意。
故选：C。
2．解：A、小提琴的声音是由琴弦振动产生的，以声波的形式传播，故A错误；
B、调节琴弦松紧可以改变琴弦的振动快慢，从而改变声音的音调，故B错误。
C、小提琴和钢琴发出的声音在空气中传播速度是相同的，故C正确；
D、禁止同学们喧哗是从声源处减弱噪声的，故D错误。
故选：C。
3．解：
A、嘴中呼出的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A错误；
B、雕塑经过一段时间自然变小，冰由固态直接变成气态，是升华现象，故B错误；
C、雪是云层中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶，此过程放出热量，故C正确；
D、冰属于晶体，在熔化过程中吸收热量，但温度保持不变，故D错误。
故选：C。
4．解：A、体温约为37℃，故A错误；
B、平静呼吸的频率约为20次/分，故B错误；
C、质量约为50kg，故C错误；
D、正常步行的速度约为1m/s，符合实际，故D正确。
故选：D。
5．解：
A、泡沫陶瓷每立方厘米仅重0.2克，则密度为：ρ＝＝＝0.2g/cm3＝200kg/m3，故A错误；
BD、根据题意可知，泡沫陶瓷在酒精灯500℃高温的烧灼下并不起火，而且另一侧温度仅四五十摄氏度，这说明泡沫陶瓷的隔热性好，不易燃，可用作建筑外层的保温层，故B、D正确；
C、由于泡沫陶瓷的密度远远小于水的密度，在水中是漂浮的，可以用来制作海上救生设备，故C正确。
故选：A。
6．解：
A、击打羽毛球时，球拍对球的力与球对球拍的力是一对相互作用力，二者大小相等，故A错误；
B、羽毛球在上升过程中处于运动状态，如果它受到的力全部消失，由牛顿第一定律可知，羽毛球将做匀速直线运动，故B错误；
C、惯性的大小只与物体的质量的有关，与速度无关，故C错误；
D、羽毛球球触网后方向改变，说明力可以改变物体的运动状态，故D正确。
故选：D。
7．解：由图知，开关接在导线A上，所以A是火线，B是零线，
A、火线和零线间的电压为220V，零线和大地之间的电压为0，导线B与大地之间的电压为0，故A错误；
B、插座的左孔接零线，右孔接火线，所以测电笔插入插座的左氖管不发光，插入插座的右插孔氖管发光，故B错误；
C、三孔插座已接地，当电冰箱的插头插入三孔插座能使电冰箱的金属外壳接地，这样能，防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故，故C正确；
D、由图可知，开关S断开时，虽然灯泡不发光，但火线没有被切断，所以人接触a点会触电，b在零线上，所以接触b点不会发生触电事故，故D错误。
故选：C。
8．解：A、静止在水平桌面上杯子受到重力和它对桌面的压力作用在不同的物体上，方向也相同，不是一对平衡力，故A错误；
B、用高压锅能增大锅内气压，从而提高沸点，使食物熟得更快，故B正确；
C、包子皮上捏出了漂亮的花边，是力改变了物体的形状，故C正确；
D、烧水时使用的天然气一旦消耗，在短时间内无法再次获得，是不可再生能源，故D正确。
故选：A。
9．解：
AC、定滑轮的实质是一个等臂杠杆，只能改变力的方向，而不省力，也不省距离，所以没有沿竖直方向向下拉物体时，拉力大小不变，机械效率不变，故AC错误；
BD、使用定滑轮时拉力端移动距离s＝h，该定滑轮的机械效率η＝×100%＝50%，
由于使用定滑轮时，要克服绳重和摩擦做额外功，使得定滑轮的机械效率只有50%，故B错误、D正确；
故选：D。
10．解：
A、由图乙可知，各条导电墨线是并列连接的，故各导电墨线是并联的，故A错误。
B、导电墨线容易导电，属于导体，故B正确；
C、由图丙可知，导电墨线的电阻随温度的变化而变化，根据I＝知，在电压不变时，通过各墨线的电流是变化的，故C错误；
D、由图丙知，当温度到达t0时，电热膜的电阻会急剧增大，根据P＝知，发热功率会急剧减小，故D正确。
故选：BD。
二．填空题
11．解：测温枪接收红外线来感知温度，所以测温枪是利用红外线实现测温；水银体温计的工作原理是液体的热胀冷缩；水银体温计下端有一个极细的弯管，离开人体后，遇冷收缩，使上方的液体不能够回到玻璃泡内，因此它可以离开被测物体来读数。
故答案为：红外线；热胀冷缩；可以。
12．解：防滑垫的正面做成草坪式，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦。
防滑垫的反面有许多小吸盘，是在大气压的作用下使防滑垫吸在地面上，通过增大压力的方法来增大摩擦力。
小鸟的翅膀都有向上的弧度，是利用翅膀上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，从而获得升力的。
故答案为：在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦；大气压；小。
13．解：（1）汽车冷却系统用水来冷却发动机，这是因为水的比热容较大，升高相同的温度，水吸收的热量多，因此这是利用了水的比热容较大的性质；
（2）汽油机工作时，将汽油燃烧释放的内能在做功冲程转化为汽车的机械能；
（3）飞轮的转速是1200r/min，所以每分钟转动的圈数为1200r，因为飞轮转动一圈完成两个冲程，所以1min可以完成2×1200＝2400个冲程；因为完成四个冲程，对外做功一次，所以1min可以做功×2400＝600次。
故答案为：比热容大；做功；600。
14．解：
（1）在上升过程中，以扶手为参照物，小明相对于扶手的位置没有改变，所以小明是静止的。
（2）扶梯对小明做的功：
W＝Gh＝600N×5m＝3000J，
扶梯对小明做功的功率：
P＝＝＝300W；
（3）小明运动的速度v＝＝＝0.7m/s。
故答案为：静止；3000；300；0.7。
15．解：（1）在活塞向下移动时，里面封闭的空气质量不变、体积减小，由可知，里面空气的密度增大，即：ρ空气增大；
（2）∵B球浸没在里面的空气中，B球的体积不变
∴V排＝VB不变
由（1）知道ρ空气增大，根据F浮＝ρ空气V排g得：
B球受浮力增大，
（3）∵F浮+F支＝G，B球受浮力F浮增大，力的作用是相互的
∴F压＝F支变小
故答案为：减小。
16．解：由电路图可知，当开关S1、S2均闭合时，电动机与R并联，电流表测干路电流，
当开关S1闭合、S2断开时，电路为R的简单电路，电流表测通过R的电流，
则根据题意可知，干路电流I＝0.5A，通过R的电流IR＝0.3A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I＝可得，电源的电压：U＝IRR＝0.3A×20Ω＝6V；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过电动机电流：IM＝I﹣IR＝0.5A﹣0.3A＝0.2A，
通电1min电动机产生的内能：Q＝IRMt＝（0.2A）2×12Ω×60s＝28.8J。
故答案为：6；28.8。
17．解：
过力臂L1的上端点垂直L1画出力F1的作用线，与杠杆的交点为力F1的作用点，因为力F1、F2的作用效果应该相反，所以力F1的方向应该向下；F1的示意图如图所示：
从支点O作力F的作用线的垂线，垂线段的长就是力F2的力臂L2，如图所示：
18．解：磁体周围的磁感线是从N极出来回到S极的，所以螺线管的左端为N极，右端为S极；根据安培定则可知，电流从左端流入，右端流出，故电源的右端为负极，左端为正极；
根据磁极间的相互作用可知，小磁针的右端为S极，左端为N极；如图：
三．解答题（共4小题，满分22分）
19．解：（1）是因为分子间存在着空隙，糖分子和水分子分别进入了对方分子的空隙中，使得水和糖混合后的总体积变小了。杯中水不会溢出。
（2）水虽然没有溢出，但是水面却向上凸起，是因为分子间存在相互作用的引力，当水分子间的距离稍大时，作用力表现为引力；所以在这种分子力作用下，水不至于溢出。
（3）蜡烛燃烧时产生的热量，使的二氧化碳气体的温度比周围空气温度要高许多，随着温度的升高二氧化碳的密度而减小，从而生成的二氧化碳气体上升进入玻璃罩罩，所以玻璃罩内的二氧化碳气体在由上向下的填充的过程中，当二氧化碳气体二氧化碳气体将点燃的蜡烛火焰包围时，就会熄灭。所以玻璃罩容积不同，二氧化碳气体填充的时间也不同。
故答案为：（1）不会，分子间有空隙。（2）引力。（3）罩的大小（合理皆可）。
20．解：（1）平面镜不能透光，不容易确定像的位置，玻璃既能成像又能透光，成像虽没有平面镜清晰，但能观察到玻璃板后面的像，便于确定像的位置；
（2）根据平面镜成像特点之一，像与物等大，可知，当蜡烛A逐渐靠近平面镜时，像的大小不变。
（3）平面镜成像的原理是光的反射，是虚像，虚像不能呈现在光屏上，所以移去蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，则光屏不能承接到烛焰的像，观察时在蜡烛A的这一侧观察白纸上能出现蜡烛A的像，在蜡烛B的这一侧观察白纸上不能出现蜡烛A的烛焰的像，小明的做法是错误的；
（4）通过用潜望镜观察一同学，让他挥动右手，判断像中哪只手在挥动，可以判断潜望镜成的像与物是否左右相反，所以采用方法②能合理、简便的验证上述实验。
故答案为：（1）确定；（2）不变；（3）错误；（4）②。
21．解：（1）小灯泡的额定电压是2.5V，小灯泡电阻大约为10Ω，通过灯泡的电流约为：I＝＝＝0.25A，故电流表的量程选择0～0.6A，与灯泡串联；滑动变阻器采用一上一下的连接方式，且与小灯泡串联，滑动变阻器滑片向右移动时灯泡变亮，即接入的电阻变小，故滑动变阻器应选择D端接线柱，电路连接如下图所示：
（2）小灯泡不发光，电流表无示数，说明电路是断路，电压表指针超出了最右侧刻度，说明与电压表并联部分以外的电路是通路，则故障原因可能是小灯泡断路；
（3）电压表选择小量程接入电路，某同学从“0﹣15V”量程的刻度线看出指针停在10V处，则实际示数应为＝2V，即灯泡两端的实际电压为2V，但灯泡的额定电压为2.5V，根据串联分压原理可知，应向右调节滑动变阻器的滑片，使变阻器接入电路中的电阻变小，使灯泡两端电压达到2.5V，灯泡正常发光；
电流表选用“0﹣0.6A”的量程，由图乙知，分度值为0.02A，电流表的示数为0.26A，此时灯泡正常发光，则
小灯泡的额定功率为：P额＝U额I额＝2.5V×0.26A＝0.65W；
（4）小灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的电压为：U滑＝U总﹣U额＝6V﹣2.5V＝3.5V，
此时电路中的电流为0.26A，则滑动变阻器接入电路中的电阻为：R滑＝＝＝13.5Ω，
10Ω＜13.5Ω＜30Ω，所以滑动变阻器应选R2：“30Ω0.5A”；
（5）探究电流与电压的关系时，要控制电阻的大小不变，而小灯泡的电阻随温度的变化而变化，故不可以探究电流与电压的关系；
（6）由图丙知，A灯丝粗而短，B灯丝细而长，所以，A的电阻小于B的电阻，RA＜RB，两灯串联时，通过的电流相等，根据P＝I2R可知，A灯的实际功率小于B灯的实际功率，实际功率越大，灯泡越亮，所以B灯更亮一些。
故答案是：（1）见上图；（2）小灯泡断路；（3）右；0.65；（4）R2；（5）小灯泡的电阻随温度变化而变化；（6）B灯更亮。
22．解：（1）该探究是用装有钩码的木块模拟工程车内的石料，所以需要记录木块与钩码的总质量m；用右端高度变化来模拟工程车的倾斜程度，所以还需要记录木板右端的高度h。设计表格时候①首先要弄清楚该记录哪些物理量，设计好表头；②并且根据题意选取适当的实验次数；③填写好表头的内容（要有物理量的符号与单位）。
表格设计如下：
（2）①小华第一次实验是控制了木板其他因素都相同，改变木块与钩码总质量，发现木块开始下滑时候木板右端高度相同（木块倾斜程度相同）；由此可以得出结论一；
结论一：木块开始下滑时木板的倾斜程度与木块质量无关；
②小华在接下来的实验中控制了小车与钩码的总质量相同，改变了木板的粗糙程度，发现木块刚开始下滑时，木块倾斜程度不同。对应关系是：棉布（较光滑）﹣24cm；毛巾（较粗糙）﹣30cm，由此可以得出另结论二。
结论二：木块开始下滑时木板倾斜程度与接触面粗糙程度有关；接触面越粗糙，木块开始下滑时倾斜程度越大。
综合结论一、结论二可得总结论：木块开始下滑时木板的倾斜程度与木块质量无关；与接触面粗糙程度有关；接触面越粗糙，木块开始下滑时倾斜程度越大。
（3）此问较开放，抓住题目探究的模型﹣﹣斜面做文章就行了。
比如：①为什么儿童乐园的滑梯要有一定的程度？②为什么滑梯要要做得比较光滑？③为什么山区要把公路做成盘山公路？
故答案为：（1）如上图；（2）木块开始下滑时木板的倾斜程度与木块质量无关；与接触面粗糙程度有关；接触面越粗糙，木块开始下滑时倾斜程度越大；（3）山区要把公路做成盘山公路？
四．计算题
23．解：（1）喷雾降尘车匀速行驶并喷雾的过程中，速度不变，质量变小，所以车的动能减小；
（2）喷雾降尘车匀速直线行驶时的速度v＝18km/h＝5m/s，时间t＝5min＝300s，
由v＝可得，5min行驶的路程s＝vt＝5m/s×300s＝1500m；
因喷雾降尘车匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，牵引力F＝f＝4000N，
则牵引力的功率P＝＝＝Fv＝4000N×5m/s＝2×104W；
（3）装满水后水的体积V水＝V容＝15m3，
水的质量m水＝ρ水V水＝1.0×103kg/m3×15m3＝1.5×104kg，
（4）装满水后该车静止在水平地面上时，对地面的压力：
F′＝G总＝（m车+m水）g＝（2.5×103kg+1.5×104kg）×10N/kg＝1.75×105N，
该车对地面的压强：
p＝＝＝5×105Pa。
答：（1）减小；
（2）5min行驶的路程是1500m，牵引力的功率是2×104W；
（3）该车最多可装1.5×104kg水；
（4）装满水后该车静止在水平地面上时，对地面的压强是5×105Pa。
24．解：（1）闭合开关S1、断开开关S2时，只有电阻R1接入电路，是温水挡，此时的功率为1980W，根据P＝UI知此时路中的电流：
I＝＝＝9A；
（2）热水挡时闭合开关S1、S2，电阻R1、R2并联，是热水挡，此时功率为4400W，R2消耗的电功率为：
P2＝P热﹣P温＝4400W﹣1980W＝2420W，
根据P＝UI＝可知电热丝R2的电阻：
R2＝＝＝20Ω；
（3）由P＝可得S1和S2都闭合出热水时，通电20s消耗的电能：
W＝Pt＝4400W×20s＝8.8×104J；
水吸收的热量：
Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（34℃﹣15℃）＝7.98×104J，
此电热水龙头加热的效率为：
η＝×100%＝×100%≈90.7%。
答：（1）闭合开关S1、断开开关S2，此时电路中的电流为9A；
（2）电热丝R2的电阻为20Ω；
（3）电热水龙头的加热效率为90.7%。
额定电压
额定功率
220V
温水
热水
1980W
4400W
实验次数
木块与钩码总质量m（g）
木板右端高度h（cm）
1
2
3