2020-2021学年河北省沧州市孟村县九年级（上）期末物理试卷

这是一份2020-2021学年河北省沧州市孟村县九年级（上）期末物理试卷，共27页。试卷主要包含了5V，则故障可能是，3A，35W，【答案】A，【答案】C，【答案】D等内容，欢迎下载使用。


2020-2021学年河北省沧州市孟村县九年级（上）期末物理试卷
1. 关于热学知识，下列说法正确的是( )
A. “酒香不怕巷子深”说明分子在不停地做无规则运动
B. 物体放出热量时，温度一定降低
C. 一杯水的比热容比一桶水的比热容小
D. 物体的运动速度越大，物体内部分子运动就越快，因而物体的内能越大
2. 如图所示为内燃机四冲程工作示意图，下列说法正确的是( )


A. 一个工作循环的正确顺序是：甲乙丙丁
B. 甲图冲程能获得动力
C. 丙图冲程存在化学能转化为内能的过程
D. 丁图冲程存在内能转化为机械能的过程
3. 小明要设计一款电热水壶，能实现自动抽水和加热，且抽水和加热能独立操作。下列符合要求的电路是( )
A. B.
C. D.
4. 如图所示，闭合开关后两灯不亮，用电压表先后测得UAD=UAC=UAB=4.5V，则故障可能是( )
A. 灯L2发生断路 B. 灯L1发生断路 C. 灯L1发生短路 D. 灯L2发生短路
5. 将两只不同规格的灯泡L1、L2接在如图所示的电路中，闭合开关S1，S2后，下列说法中正确的是( )


A. 电流表测量通过灯泡L1的电流
B. 灯泡L1与灯泡L2的亮度一定相同
C. 通过灯泡L1和灯泡L2的电流一定相等
D. 只断开S2，灯泡L2亮度变亮
6. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，先闭合开关S1，电流表、电压表的示数分别为I1、U1，再闭合开关S2、S3，电流表、电压表的示数分别为I2、U2，则正确的是( )


A. I1>I2   U1>U2 B. I1U2
C. I1I2   U1 7. 已知R1：R2=4：3，将它们接在如图所示的电路中，电源电压为6V的，闭合开关S。则通过它们的电流之比及它们两端的电压之比是( )
A. I1：I2=3：4；U1：U2=1：1 B. I1：I2=3：4；U1：U2=3：4
C. I1：I2=4：3；U1：U2=1：1 D. I1：I2=1：1；U1：U2=4：3
8. 高速公路收费站对过往的超载货车实施计重收费，某同学结合所学物理知识设计了如图所示的计重秤原理图，以下说法正确的是( )
A. 称重表其实是一个电压表
B. 电路中的R1是没有作用的
C. 当车辆越重时，R连入电路的阻值越大
D. 当车辆越重时，称重表的示数越大
9. 如图所示，电源电压恒定，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向右移动。下列说法中正确的是( )
A. 电流表A1的示数变大
B. 电压表V的示数变小
C. 电流表A2与A1的示数之差不变
D. 电压表V与电流表A2的示数之比变小
10. 如图所示，只闭合开关S时灯L1的功率为9W；断开开关S，闭合S1、S2时，灯L1的功率为16W.电源电压不变，且灯丝电阻不受温度的影响。则L1、L2两灯灯丝电阻之比是( )
A. 1：3 B. 4：3 C. 3：1 D. 3：4
11. 甲、乙两个小灯泡上分别标有“6V 3W”和“4V 2W”的字样，现在把它们按不同方式接在不同电路中(不考虑灯丝电阻的变化)，下列判断不正确的是( )
A. 若把它们并联在4V电路中，乙灯正常发光
B. 若把它们并联在4V电路中，乙灯比甲灯亮
C. 若把它们串联在10V电路中，乙灯比甲灯亮
D. 若把它们串联在10V电路中，两灯都可以正常发光
12. 两个定值电阻R1、R2并联在电路中，如图甲所示，它们的电流与其两端的电压关系如图乙所示，闭合开关S，则在相同的时间内，R1，R2产生的热量之比为( )

A. 2：1 B. 1：2 C. 4：1 D. 1：4
13. 安全用电无小事。下列做法中，不符合安全用电原则的是( )
A. 冰箱的金属外壳要接地
B. 有人触电时，要先断开电源
C. 家用电器达到使用寿命要及时更换
D. 用电器着火可直接泼水灭火
14. 如图为家庭部分电路示意图，正常发光的电灯突然熄灭，检查保险丝发现完好，再用试电笔先后检测插座的两孔，氖管均发光。由此判断电路故障的原因可能是( )
A. 插座短路 B. 进户的火线断路
C. 进户的零线断路 D. 电灯的灯丝断路
15. 如图所示，在通电螺线管周围a、b、c、d四个位置画出的小磁针指向正确的是( )
A. a、b B. b、c C. c、d D. a、d
16. 如图所示，上端为N极的条形磁体悬挂在一轻弹簧上。当闭合开关S且条形磁体处于静止状态后，其下端位于螺线管的上方。下列措施可以使条形磁体向上运动的是( )
A. 滑片P向右缓慢移动
B. 在螺线管中插入铁芯
C. 增大电源电压
D. 将电源的正负极对换位置


17. 如图所示的小制作中，装置A中有磁铁和可转动的线圈，当有风吹向风扇时扇叶转动，引起灯泡发光，装置A的工作原理是( )
A. 通电线圈周围存在磁场 B. 电磁感应
C. 通电线圈能在磁场中转动 D. 磁极间相互作用
18. 生活中很多现象与物理知识息息相关，下列说法中正确的是( )
A. 冰在熔化过程中，其内能增加而温度保持不变
B. 海边昼夜温度变化比内陆小，是因为水的比热容大
C. 热量都是从内能大的物体向内能小的物体传递
D. 北方冬天室内用暖气取暖，是用热传递的方式改变室内空气的内能
19. 如图甲所示，小灯泡L与滑动变阻器R串联在电压为4.5V的电路中，闭合开关S移动滑动变阻器的滑片P，得到小灯泡的I−U图像如图乙所示。当小灯泡的功率为0.75W时，下列说法正确的是( )


A. 电流表的示数为0.3A
B. 滑动变阻器接入电路的电阻为15Ω
C. 电路消耗的总功率是1.35W
D. 10s内电流对滑动变阻器做功是6J
20. 如图所示，蹄形磁铁和铜棒均水平放置。现闭合开关，水平向左移动铜棒，电流表G的指针发生偏转，则( )
A. 根据此现象的产生原理可制成发电机
B. 此现象与奥斯特实验现象的产生原理相同
C. 若将铜棒左右来回移动，可产生交变电流
D. 仅将磁铁水平向右移动，G的指针发生偏转
21. 质量为2.8kg的干木柴完全燃烧，所放出的热量为______ J，如果这些热量的50%被初温为20℃，质量为80kg的水吸收，则水的温度将升高到______ ℃。[已知：干木柴的热值为1.2×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)]
22. 如图所示，当一个带负电的物体甲靠近不带电的金属导体乙时，乙的a端会带正电、b端会带负电。
①发生上述现象的原因：金属导体中存在大量可移动的自由电子，电子带______电(选填“正”或“负”)；自由电子受到物体甲所带电荷的______作用移动到导体乙的一端(选填“吸引”或“排斥”)；
②若将图中的物体甲换成带正电的物体，根据上述分析可得，导体乙的______(选填“A”“B”或“C”)。
A.a、b两端都不会带电
B.a端会带正电、b端会带负电
C.a端会带负电、b端会带正电
23. 如图所示的电路中，电源电压为13.5V，调节滑动变阻器滑片P从最右端b移动到最左端a，电流表示数由0.18A变为0.54A，则定值电阻R0=______Ω，滑片位于b点时电压表示数为______V。
24. 如图所示，“2.5V0.3A“和“3.8V0.3A”的两只小灯泡______(选填“串联”或“并联”)在电路中，闭合开关后，观察到“3.8V”的小灯炮比“2.5V”的小灯泡亮，说明“3.8V”小灯炮的实际功率比“2.5V”小灯泡的实际功率______(选填“大”或“小”)。
25. 如图所示是一款儿童滑板车。当车轮转动时可自行发电，使车轮边缘的LED灯发光，其发电的原理与______(选填“动圈式话筒”或“电磁起重机”)相同。逐渐加快滑行速度，LED灯的亮度会______(选填“增强”、“减弱”或“不变)。
26. 我国正在大力开发核能发电，核电站利用核反应堆中核______(填“聚变”或“裂变”)来加热水，将核能转化为水蒸气的______能，再通过蒸汽轮机转化为机械能，带动发电机转动，转化为电能。
27. 在“测量小灯泡电功率”的实验中，老师给同学们准备了以下器材：A.小灯泡(额定电压2.5V，电阻大约10Ω)；B.电流表(量程0∼0.6A，0∼3A)；C.电压表(量程0∼3V，0∼15V)；D.滑动变阻器“10Ω1A”；E.滑动变阻器“50Ω2A”；F.电源(电压恒为6V不变)；H.开关、导线若干。

(1)本实验中应选择电流表______ 量程；滑动变阻器______ (填仪器前字母)；
(2)测量电路图如图甲所示，图乙实物电路中已有部分电路连好，请用笔画线代替导线将电路连接完整；
(3)某探究小组将电路补充连接后，闭合开关，发现灯泡发光较暗，电流表有示数，但任意移动滑动变阻器的滑片时，电压表有示数且不变，灯泡亮度不变，具体原因是______ 。
(4)排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，进行了多次测量，其中小灯泡正常发光时电流表示数如图丙所示
为______ A，小灯泡的额定功率为______ W。
28. 如图所示为玩具小风扇里的小直流电动机。
(1)小明同学将电池接到该直流电动机两端，看到电动机转动起来，电动机的工作原理是：______ ；小明将电池反向接到电动机两端，看到电动机______ (选填“原方向旋转”、“不转动”或“反向旋转”)。
(2)电动机是将______ 能转化为______ 能的装置。
(3学习了电磁感应知识后，小明同学想到：“直流电动机线倦挂动时也切割了磁感线，那么线圈中是否也会产生感应电流呢？”于是小明将一个小灯泡连在直流由动机两端，用手搓动转轴，发现小灯并未发光。小红同学认为，这说明直流电动机不会产生感应电流。你______ (选填“同意”或“不同意”)小红的看法：；若小明要继续研究，应该使用______ 仪器比较妥当。

29. 茗茗同学学习了有关热学的知识后，知道了水的比热容是4.2×103J/(kg⋅℃)。求：
(1)如果用某一品牌的电热水器将质量为2kg的水，在标准大气压下从20℃加热至沸腾，则水需要吸收的热量。
(2)如果该同学所用的电热水器工作时的实际电功率为1000W，并且热效率为80%，则电热水器需要加热的时间。







30. 如图所示电路，电源电压恒定，滑动变阻器的规格为“30Ω1A”。在A、B 间接入规格为“12V 12W”的灯泡L，闭合开关，当变阻器连入电路的阻值为6Ω时，灯泡正常发光。求：
(1)灯泡L正常工作时电阻；
(2)电源电压；
(3)取下灯泡L，在A、B间接入一个电阻R0，要求R0接入电路后，闭合开关，调节滑动变阻器R能使电流表示数达到0.4A，求R0的取值范围。(提示：太大或太小会导致无论如何调节滑动变阻器电路中电流均不能达到0.4A)。







答案和解析
1.【答案】A

【解析】解：
A、“酒香不怕巷子深”是一个扩散现象，是由于分子在不停地做无规则运动，故A正确；
B、物体放出热量时，温度不一定降低，比如晶体的凝固过程，放出热量，内能减小，温度不变，故B错误；
C、比热容是物质的一种特性，只跟物质的种类、状态有关，比热容的大小与质量无关，所以一桶水和一杯水的比热容相同，故C错误；
D、内能和机械能无必然联系，所以物体的运动速度越大，其机械能可能变大，但其内能不一定变大，故D错误。
故选：A。
(1)组成物质的分子都在不停地做无规则运动。
(2)晶体在凝固的过程中，放出热量，但温度不变。
(3)比热容是物质的一种特性，只跟物质的种类、状态有关。
(4)内能是物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的总和，物体的温度越高，内能越大。
本题考查了对影响内能大小的因素、分子的无规则运动、比热容等知识的理解和应用，基础题。

2.【答案】D

【解析】解：
甲图中两个气阀都关闭，活塞向上运动，所以为压缩冲程，是机械能转化为内能；
乙图中进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程；
丙图中排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程；
丁图中两个气阀都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，是做功冲程，此冲程将内能转化为机械能；
A、四个冲程的正确顺序是乙甲丁丙，故A错误；
B、甲图为压缩冲程，在该冲程中将机械能转化为内能，故B错误；
C、丙图为排气冲程，在做功冲程(即丁图冲程)存在化学能转化为内能的过程，故C错误；
D、丁图为做功冲程，此冲程将内能转化为机械能，故D正确。
故选：D。
四冲程内燃机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、压缩、做功和排气，根据气门的状态、活塞运动的方向确定是什么冲程；其中只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化为内能。
此题考查了对内燃机四个冲程的判断以及涉及能量转化的两个冲程，要结合气门和活塞运动情况进行判断。

3.【答案】A

【解析】解：
A、电动机M与R并联，每个开关与一个电路元件串联，抽水和加热互不影响，A正确；
BC、S1控制整个电路，只有闭合S1，M(R)工作时，再闭合S2，R(M)才能工作，不符合题意；
D、S1控制整个电路，两用电器串联，只闭合(断开)S1，M和R同时工作(停止工作)；
再闭合S2，M短路，M不能工作，只有R工作，不符合题意；
故选：A。
抽水和加热能独立操作互不影响，故电动机M与R并联，每个开关与一个电路元件串联。
本题考查根据要求设计电路图，关键是明确并联电路各支路互不影响。

4.【答案】B

【解析】解：
由题意可知，闭合开关后两灯都不亮，测得UAD=UAC=UAB=4.5V，说明电源电压为4.5V；
A、若灯L2发生断路，则电压表并联在L1两端时与电源不相通，没有示数，即UAB=0，故A不符合题意；
B、若灯L1发生断路，闭合开关后两灯都不亮；电压表接在AD或AC或AB两点时，电压表的正负接线柱都能与电源正负极相连，因此电压表均有示数，并且等于电源电压(即UAD=UAC=UAB=4.5V)，故B符合题意；
C、若灯L1发生短路，则灯泡L1不发光，灯泡L2仍然发光，故C不符合题意；
D、若灯L2发生短路，则灯泡L2不发光，灯泡L1仍然发光，故D不符合题意。
故选：B。
电路发生断路时，当电压表的正负接线柱与电源两极相连时，电压表有示数，否则无示数。
本题考查了用电压表检测电路的故障。当电压表所测的那部分电路断路，电压表与电路串联，分担电源电压，要注意辨别。

5.【答案】A

【解析】解：由图知，灯泡L1、L2并列接在电路中，即两灯并联；电流表和L1在一条支路上，则电流表测量通过L1的电流；开关S2和L2在另一条支路上，开关S2只控制灯L2；开关S1在干路上，则开关S1控制整个电路。
A、由图知，电流表和L1在一条支路上，电流表测量通过L1的电流，故A正确；
B、灯泡L1、L2的规格不同，并联在同一电路中，则L1与L2的亮度不相同，故B错误；
C、灯泡L1、L2的规格不同，并联在同一电路中，则通过L1和L2的电流不相等，故C错误；
D、灯泡L1、L2并联在同一电路中，开关S2只控制灯L2，断开S2，只有L1发光，L2熄灭(亮度变暗)，故D错误。
故选：A。
分析电路图，确定灯泡L1、L2的连接方式；电流表的位置、测量对象；两个开关的位置。
(1)分析电路图，确定电流表的位置和测量对象；
(2)灯泡L1、L2并联，但规格不同，L1与L2的亮度不相同；
(3)灯泡L1、L2并联，但规格不同，通过L1和L2的电流不相等；
(4)灯泡L1、L2并联，互不影响。
本题考查了并联电路的特点、电流表的使用方法，分析电路，确定灯泡L1、L2的连接方式和电流表的位置是关键。

6.【答案】C

【解析】解：由电路图可知，只闭合开关S1时，电阻R2与R3串联，电流表测电路中的电流；电压表测电阻R3两端的电压，电压表的示数为U1；
则电源电压U=UR2+U1 电流表示数为I1=UR2+R3；
再闭合开关S2、S3，R2被短路，R1与R3并联，电压表测量电源电压；电流表测干路电路电流；
则此时电压表示数U2=U；
此时电流表示数为I2=IR1+IR3=UR1+UR2；
所以，U1 由于UR2+R3 所以，I1 故选：C。
(1)分析电路结构，确定各电路元件的连接方式，确定各电表所测量的量；
(2)根据各电表所测量的量，根据串并联电路的特点和欧姆定律分析答题。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，关键是电表所测电路元件的判断和开关闭合、断开时电路连接方式的辨别。

7.【答案】A

【解析】解：闭合开关，两电阻并联，
根据并联电路的电压特点可知，两电阻的电压相同，故电压比为1：1，
根据欧姆定律可知，通过它们的电流比为：I1：I2=UR1UR2=1413=34=3：4。
故选：A。
并联电路各支路两端的电压相等；
已知电阻比和电压表，根据欧姆定律可求出电流之比。
本题考查并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道并联电路各支路两端的电压相等。

8.【答案】D

【解析】解：A.称重表与电阻串联，应为电流表，故A错误；
B.当物体很重，滑片滑到最下端，如果没有电阻R1，会造成电源短路，烧坏电源和电流表，因此电路中的R1具有保护称重表的作用，故B错误；
CD.当车辆越重时，滑片向下滑，R连入电路的阻值越小，电路的总电阻越小，由I=UR可知，电路的电流越大，称重表的示数越大，故C错误、D正确。
故选：D。
(1)根据电流表与被测电路元件串联、电压表与被测电路元件并联判断图中称重表的类型；
(2)假设去掉定值电阻R1，判断可能出现的现象，从而确定所起的作用；
(3)根据滑片移动的方向确定电路总电阻的变化，再根据欧姆定律可知电路电流的变化。
本题考查了电表的正确使用和定值电阻的作用以及欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。

9.【答案】D

【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测干路电流。
A、因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R2的电流不变，即电流表A1的示数不变，故A错误；
B、因电源电压恒定，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故B错误；
C、将滑动变阻器的滑片P向右移动，接入电路中的电阻变小，由I=UR可知，通过R1的电流变大，
由电流表A2与A1的示数之差等于通过R1的电流可知，两电流表的示数之差变大，故C错误；
D、因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表A2的示数变大，则电压表与电流表A2的示数之比变小，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测R2支路的电流，电流表A2测干路电流。
(1)根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R2的电流变化；
(2)根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化；
(3)根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R1的电流变化，根据并联电路的电流特点结合通过R1的电流判断电流表A2与A1的示数之差变化；
(4)利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后得出电压表与电流表A2的示数之比变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。

10.【答案】C

【解析】解：只闭合开关S时，两灯串联，灯L1的功率为9W；
断开开关S，闭合S1、S2时，两灯并联，灯L1的功率为16W；
根据P=U2R，在R不变时，功率与电压的平方成正比，
对灯L1而言有：
，
即16W9W=U2U112，
电源电压与串联电路中L1的电压之比为：
UU11=16W9W=4：3，
根据串联电路电压的规律，
U21+U11U11=43。
U21U11=13，即串联电路中，L2的电压与L1的电压之比为1：3，由分压原理，L1、L2两灯灯丝电阻之比是3：1，只有C正确，
故选：C。
只闭合开关S时，两灯串联，已知灯L1的功率；断开开关S，闭合S1、S2时，两灯并联，已知灯L1的功率；根据P=U2R，在R不变时，功率与电压的平方成正比得出电源电压与串联电路中L1的电压之比，根据串联电路电压的规律，得出串联电路中L2的电压与L1的电压之比，由分压原理得出L1、L2两灯灯丝电阻之比。
本题考查串联、并联电路的规律及电功率公式的运用，根据P=U2R，在R不变时，功率与电压的平方成正比是解题的突破口。

11.【答案】C

【解析】解：
A、因乙灯泡两端的电压和额定电压相等，所以乙灯正常发光，故A正确；
B、由P=UI可得，两个灯泡正常发光时的电流分别为：，，
由I=UR可得，两灯泡的电阻分别为：，；
若把两灯并联在4V电路中，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以由P=UI=U2R可知，乙灯泡的电阻较小，实际功率较大，乙灯比甲灯亮，故B正确；
C、若把它们串联在10V电路中，通过两灯的电流相等，由P=UI=I2R可知，甲灯泡的电阻较大，其实际功率较大，则甲灯比乙灯亮，故C错误；
D、若把它们串联在10V电路中，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以电路中的电流：，由可知，两灯都可以正常发光，故D正确。
故选：C。
灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=UI求出两个灯泡正常发光时的电流，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻。
(1)若把它们并联在4V电路中，根据并联电路的电压特点和P=UI=U2R比较两灯泡的实际功率关系，实际功率大的灯泡较亮，比较乙灯泡两端的电压和额定电压关系判断乙灯是否能正常发光。
(2)若把它们串联在10V电路中，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，然后与甲、乙正常发光时电流相比较判断是否能正常发光，根据P=UI=I2R比较两灯泡的实际功率关系，进一步比较两灯泡的亮暗关系。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。

12.【答案】A

【解析】解：由图可知，该电路为并联电路，电压是相同的，由图乙可知，电压相同，通过R1、R2的电流之比为2：1；根据I=UR可知，R1、R2的电阻之比为1：2；
通电时间相同，电压相同，则根据焦耳定律公式Q=U2Rt可知，产生的热量与电阻成反比，故热量之比为2：1。
故选：A。
根据图象利用欧姆定律判定R1、R2的阻值关系；根据焦耳定律公式判定产生热量的比值。
本题考查了欧姆定律、焦耳定律公式的应用，能判定电阻的比值是解题的关键。

13.【答案】D

【解析】解：
A、冰箱的金属外壳要接地，当金属外壳漏电时，电流就会通过地线流入大地，从而防止了触电事故的发生，故A符合安全用电原则；
B、发现有人触电后，不能直接用手把触电者拉离电源，应先切断电源，故B符合安全用电原则；
C、电线和家用电器达到使用寿命应及时更换，能避免因线路老化而造成短路，故C符合安全用电原则；
D、用电器着火时，要先切断电源，再救火，若直接用水泼易引发触电，故D不符合安全用电原则。
故选：D。
(1)带有金属外壳的用电器，外壳一定要接地；
(2)发现有人触电时，要先断开电源；
(3)保险装置、插座、导线、家用电器等老化后要及时更换，防止造成短路或发生触电事故；
(4)电器设备失火时，要先切断电源，再实行施救措施，不可向用电器泼水，这样会导致更加严重的安全事故。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，学好电、用好电。

14.【答案】C

【解析】
【分析】
(1)保险丝熔断是电流过大造成的，保险丝完好说明电路不是短路或总功率过大。
(2)家庭电路中出现电路故障时，氖管发光说明该部分一定直接或间接接触火线，找出通路部分，其余部分有可能是断路。
【解答】
保险丝完好说明电路不是短路或总功率过大；
用试电笔先后检测插座的两孔，氖管均发光，说明插座的两孔直接或间接地与火线相连；
试电笔检测插座的右孔时，氖管发光说明和火线接通(如下图蓝线部分)；试电笔检测插座的左孔时，氖管发光说明和火线接通(如下图红线部分)；
正常发光的电灯突然熄灭，说明是断路，综合分析可知，断路在A点左侧的零线部分，即进户的零线断路，故选C。

故选：C。  
15.【答案】A

【解析】解：由图可知，螺线管中电流的方向是向上的，由安培定则判断出通电螺线管的左端为N极，右端为S极，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引知，只有小磁针ab的指向正确。
故选：A。
用安培定则判断出通电螺线管的磁极，再由磁极间的相互作用规律判断小磁针静止时的磁极指向。
本题考查了磁极间的相互作用规律和安培定则的应用，属于基础知识，要熟记。

16.【答案】D

【解析】解：开关闭合，根据安培定则可知，通电螺线管的上端为N极，异名磁极相互吸引，条形磁体向下运动；使条形磁体向上运动，可以减小通电螺线管的磁性；根据同名磁极相互排斥可知，也可以使通电螺线管的上端为S极；
A、滑片P向右缓慢移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，通电螺线管的磁性变大，对条形磁体的吸引力变大，条形磁体向下运动，故A不符合题意；
B、在螺线管中插入铁芯，通电螺线管的磁性变大，对条形磁体的吸引力变大，条形磁体向下运动，故B不符合题意；
C、增大电源电压，据欧姆定律可知，电路中的电流变大，通电螺线管的磁性变大，对条形磁体的吸引力变大，条形磁体向下运动，故C不符合题意；
D、将a、b间电源的正负极对换位置，根据安培定则可知，通电螺线管的上端为S极，同名磁极相互排斥，条形磁体向上运动，故D符合题意。
故选：D。
根据右手定则判断通电螺线管的极性；同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；通电螺线管的极性与电流的方向和线圈的绕法有关。
解本题的关键：抓住影响电磁铁磁性强弱的因素及根据运用安培定则判断通电螺线管的极性的方法。

17.【答案】B

【解析】解：装置A中有磁铁和可转动的线圈，当有风吹向风扇时扇叶转动，相当于线圈在磁场中转动切割磁感线，会产生感应电流，引起灯泡发光，是利用电磁感应现象的原理工作的，故B正确。
故选：B。
当闭合电路中的部分导体做切割磁感线运动时，电路中可以产生感应电流，这就是电磁感应现象。
能准确的判断出电与磁这一章中的实验原理是解决该题的关键。

18.【答案】ABD

【解析】解：
A、冰是晶体，冰熔化时，吸收热量、内能增加，温度不变，故A正确。
B、因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度变化小，所以海边昼夜温差比内陆小，故B正确。
C、热传递的实质是能量从高温物体传向低温物体，或从一个物体的高温部分传向低温部分的过程，不是从内能大的物体向内能小的物体转移，故C错误。D、散热时，在暖气片和水之间发生了热传递，使室内的内能增加、温度升高，是通过热传递的方式改变的，故D正确。
故选：ABD。
(1)晶体有确定的熔点，在熔化过程中吸热但温度不变。
(2)对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
(3)热传递的条件：物体之间或物体的不同部分之间存在温度差。
(4)改变内能的方法：一是做功，二是热传递。
解答本题需要对每一个知识深入理解，这样才能在一些类似的说法中准确做出判断，这也是物理常考的内容。

19.【答案】ACD

【解析】解：由电路图可知，小灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，
由图乙可知，当灯泡两端的电压UL=2.5V、通过的电流IL=0.3A时，小灯泡的功率PL=ULIL=2.5V×0.3A=0.75W。
A、由图乙知当小灯泡的功率为0.75W时，通过小灯泡的电流为0.3A，所以电流表的示数为0.3A，故A正确；
B、因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
UR=U−UL=4.5V−2.5V=2V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由欧姆定律可得，
滑动变阻器接入电路的电阻：
R=URIR=URIL=2V0.3A≈6.67Ω，故B错误；
C、此时电路消耗的总功率：
P=UI=UIL=4.5V×0.3A=1.35W，故C正确；
D、10s内电流对滑动变阻器做功：
WR=URIRt=URILt=2V×0.3A×10s=6J，故D正确。
故选：ACD。
由电路图可知，小灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，根据图乙读出小灯泡的功率为0.75W时其两端的电压和通过的电流；
根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的电阻；
利用P=UI求出电路消耗的总功率；
利用W=UIt求出10s内电流对滑动变阻器做的功。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的应用，从图像中获取有用的信息是关键。

20.【答案】ACD

【解析】解：
A、由图可知，水平向左移动铜棒，电流表G的指针发生偏转，说明产生了电流，这是电磁感应现象，利用该现象制成了发电机，故A正确；
B、奥斯特实验说明电流的周围存在磁场，与电磁感应现象不同，故B错误；
C、若将铜棒左右来回移动，铜棒切割磁感线的方向不同，产生的电流的方向不同，所以可产生交变电流，故C正确；
D、仅将磁铁水平向右移动，铜棒做切割磁感线运动，会产生感应电流，G的指针偏转，故D正确。
故选：ACD。
产生感应电流的条件是：电路是闭合的，部分导体在磁场中做切割磁感线运动。
本题考查了产生感应电流的条件和感应电流的方向的影响因素，是学以致用的典型题目。

21.【答案】3.36×107  70

【解析】解：(1)干木柴放出的热量：；
(2)由得，
水吸收的热量：，
由得，
水升高的温度为：；
则水的末温为50℃+20℃=70℃。
故答案为：3.36×107；70。
(1)已知干木柴的热值和质量，根据Q=mq求出完全燃烧2.8kg的干木柴能放出的热量；
(2)利用效率公式计算水吸收的热量，再根据的变形式求出水升高温度。
本题利用了公式、和进行计算，关键是注意“升高到”和“升高”的区别，这个也是容易出错的地方。

22.【答案】负  排斥  C

【解析】解：
(1)电子带负电；因同种电荷相互排斥，所以乙中自由电子会受到带负电的物体甲的排斥力；
(2)将图中的物体甲换成带正电的物体，因异种电荷相互吸引，所以乙中自由电子会受到带正电的物体的吸引，移动到导体乙的a端，使a端带负电，而b端因失去电子(失去负电荷)而带正电，故C符合题意，AB不合题意。
故答案为：①负；排斥；(2)C。
电子带负电；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，据此结合题意解答。
本题考查电子的带电情况以及电荷之间的相互作用规律，难度不大。

23.【答案】25 9

【解析】解：由电路图可知，电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1))滑动变阻器滑片P在最左端a时，只有R0连入电路，
由I=UR可得：R0的阻值：
R0=UIa=13.5V0.54A=25Ω；
(2)滑动变阻器滑片P在最右端b时，电阻R0与滑动变阻器R的全部电阻串联，
由I=UR可得，R0两端的电压：
U0=IbR0=0.18A×25Ω=4.5V，
因串联电路中的总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压(即电压表示数)：
。
故答案为：25；9。
由电路图可知，电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
(1)滑动变阻器滑片P在最左端a时，只有R0连入电路，根据欧姆定律即可求出定值电阻R0；
(2)滑动变阻器滑片P在最右端b时，电阻R0与滑动变阻器R的全部电阻串联，根据串联电路的特点和欧姆定律求出电压表示数。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，关键是判断出电路的连接方式，属于常考题。

24.【答案】串联；大

【解析】解：
“2.5V0.3A“和“3.8V0.3A”的两只小灯泡逐个依次连接，即两灯泡串联在电路中；
闭合开关后，观察到“3.8V”的小灯泡比“2.5V”的小灯泡亮，因灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定，则说明“3.8V”小灯泡的实际功率比“2.5V”小灯泡的实际功率大。
故答案为：串联；大。

25.【答案】动圈式话筒  增强

【解析】解：(1)当车轮转动时可自行发电，使车轮边缘的LED灯发光，说明由于运动产生电流，是电磁感应现象，动圈式话筒是根据电磁感应现象工作的，电磁起重机是根据电流磁效应工作的。
(2)逐渐加快滑行速度，滑行越快机械能转化为的电能越多，LED灯的亮度会增强。
故答案为：动圈式话筒；增强。
(1)动圈式话筒和发电机原理相同，都是电磁感应；电磁起重机工作原理是电流磁效应。
(2)滑行越快机械能转化为的电能越多，灯泡越亮。
电磁部分包括三部分内容：磁效应、电磁感应、通电导体在磁场中受力而运动，掌握电动机、发电机、电磁铁、扬声器、话筒、电磁起重机等工作原理。

26.【答案】裂变  内

【解析】解：核电站是通过可控的核裂变来获取能量的；
核电站利用核反应堆加热水，将核能转化为水蒸气的内能，再通过蒸汽轮机转化为机械能，带动发电机转动，转化为电能。
故答案为：裂变；内。
核电站的核心是核反应堆，它以铀为燃粒，在裂变过程中释放出核能，再通过热交换器变为高温高压的蒸汽，然后利用蒸汽去驱动蒸汽轮机，蒸汽轮机的旋转带动发电机发电。
核电站发电是将核能最终转化为电能，发电机工作时将机械能转化为电能。

27.【答案】(1)0∼0.6A； E；
(2)；
(3)将变阻器下面两个接线柱连入了电路中；
(4)0.24；0.6

【解析】解：(1)小灯泡的额定电压2.5V，电阻大约10Ω，由欧姆定律，灯的额定电流为：
I=ULR=2.5V10Ω=0.25A<0.6A，故电流表选用量程0∼0.6A；
电压恒为6V不变，由串联电路电压的规律，灯正常发光时变阻器连入电路的电阻：
，故滑动变阻器选用E；
(2)变阻器按一上一下连入电路中与灯串联，电流表选用小量程与灯串联，小灯泡的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，如下所示：

(3)某探究小组将电路补充连接后，闭合开关，发现灯泡发光较暗，电流表有示数，说明电路的电流较小，电路的电阻过大，任意移动滑动变阻器的滑片时，电压表有示数且不变，灯泡亮度不变，说明变阻器没有了变阻的作用，具体原因是将变阻器下面两个接线柱连入了电路中；
(4)小灯泡正常发光时电流表示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.24A，小灯泡的额定功率为：
P=ULIL=2.5V×0.24A=0.6W。
故答案为：(1)0∼0.6A； E；(2)如上图所示；(3)将变阻器下面两个接线柱连入了电路中；(4)0.24；0.6。
(1)根据小灯泡的额定电压2.5V，电阻大约10Ω，由欧姆定律得出灯的额定电流，确定电流表选用的量程；
已知电源电压恒为6V，由串联电路电压的规律得出灯正常发光时变阻器连入电路的电阻，由欧姆定律得出变阻器连入电路的电阻，确定选用的滑动变阻器；
(2)变阻器按一上一下连入电路中与灯串联，电流表选用小量程与灯串联；根据小灯泡的额定电压为2.5V确定电压表选用小量程与灯并联；
(3)闭合开关，发现灯泡发光较暗，电流表有示数，说明电路的电阻过大，任意移动滑动变阻器的滑片时，电压表有示数且不变，灯泡亮度不变，说明变阻器没有了变阻的作用，据此分析；
(4)根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=UI得出小灯泡的额定功率。
本题测量小灯泡电功率的实验，考查器材的选择、电路连接、反常现象的分析、欧姆定律和串联电路的规律的运用、电流表读数及功率计算。

28.【答案】通电线圈在磁场中受力转动  反向旋转  电  机械  不同意  灵敏电流表

【解析】解：(1)电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动，线圈受力转动方向与电流方向和磁场方向有关，所以将电池反向接到电动机两端，看到电动机反向旋转；
(2)电动机在工作的过程中消耗了电能，电能主要转化为机械能；
(3)用手搓动电动机的转轴，线圈在磁场中切割磁感线，因此在线圈中也产生感应电流，但小灯泡需要较大的电流才能工作，应该用灵敏电流表代替小灯泡。
故答案为：(1)通电线圈在磁场中受力转动；反向旋转；(2)电；机械；(3)不同意；灵敏电流表。
(1)(2)电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动；线圈受力转动方向与电流方向和磁场方向有关；
(3)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这就是电磁感应现象。
此题属于电磁学中比较复杂的题目，既有电动机又有发电机，掌握电动机和发电机的工作原理是解题的关键。

29.【答案】解：(1)水的比热c=4.2×103J/(kg⋅℃)，水的质量，水的初温t0=20℃，在标准大气压下水的沸点为100℃，即水的末温t=100℃，
水需要吸收的热量：
。
(2)已知热效率η=80%，
由η=QW可得，用电器消耗电能：
。
已知实际电功率P=1000W，
由P=Wt可得，电热水器加热时间：
t′=WP=8.4×105J1000W=840s=14min。
答：(1)水需要吸收的热量为6.72×105J。
(2)电热水器需要加热的时间为14min。

【解析】(1)知道水的质量、水的比热容、水的初温为20℃，在标准大气压下水的沸点为100℃，利用公式Q=cm(t−t0)可求水吸收的热量。
(2)已知热效率，由η=QW×100%可求得用电器消耗电能，已知实际电功率，再利用P=Wt公式变形可求得电热水器加热时间。
本题考查学生对Q=cm△t、η=QW和P=Wt公式变形的掌握和运用，属于基础题。

30.【答案】解：(1)由P=UI=U2R可得，灯泡L正常工作时电阻：
RL=UL2PL=(12V)212W=12Ω；
(2)当变阻器连入电路的阻值为6Ω时，灯泡正常发光，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由P=UI可得，电路中的电流：I=ULRL=12V12Ω=1A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：U=UL+IR=12V+1A×6Ω=18V；
(3)取下灯泡L，在A、B间接入一个电阻R0后，调节滑动变阻器R能使电流表示数达到0.4A，
此时电路中的总电阻：，
当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，R0的阻值最大，此时其阻值，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，R0的阻值最小，此时其阻值，
则R0的取值范围为15Ω∼45Ω。
答：(1)灯泡L正常工作时电阻为12Ω；
(2)电源电压为18V；
(3)R0的取值范围为15Ω∼45Ω。

【解析】(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=UI=U2R求出灯泡L正常工作时的电阻；
(2)当变阻器连入电路的阻值为6Ω时，灯泡正常发光，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；
(3)取下灯泡L，在A、B间接入一个电阻R0后，调节滑动变阻器R能使电流表示数达到0.4A，根据欧姆定律求出此时电路中的总电阻，当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，R0的阻值最大，此时其阻值等于总电阻；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，R0的阻值最小，根据串联电路的电阻特点求出此时其阻值，然后得出R0的取值范围。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，会判断最后一问中R0的最大和最小阻值是关键。