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2020-2021学年广东省佛山市汕尾市九年级（上）期末物理试卷
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这是一份2020-2021学年广东省佛山市汕尾市九年级（上）期末物理试卷，共23页。试卷主要包含了L2等内容，欢迎下载使用。
2020-2021学年广东省佛山市汕尾市九年级（上）期末物理试卷
1. 如图所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒去接触验电器金属球，发现验电器的箔片张开，下列说法错误的是( )
A. 摩擦起电的实质是电子的转移
B. 箔片张开是由于同种电荷相互排斥
C. 箔片张开说明橡胶棒带电
D. 验电器的甲部件必须是绝缘体
2. 下列物质在一般情况下都属于导体的是( )
A. 石墨、塑料 B. 铜、大地 C. 橡胶、玻璃 D. 陶瓷、铜
3. 一辆汽车在一段平直的公路上行驶。若汽车在前一半路程和后一半路程所花费的时间相同，则这辆汽车( )
A. 肯定做匀速直线运动
B. 肯定做变速直线运动
C. 在前一半路程和后一半路程上都做匀速直线运动，但在整段路程上的运动不是匀速直线运动
D. 条件不足，无法判定
4. 运动员把足球踢向空中。若不计空气阻力，则下列表示足球在空中飞行时的受力图中(G表示重力，F表示脚对球的作用力)，正确的是( )
A. B.
C. D.
5. 下列实际情境中，存在重力对物体做功的是( )
A. 小明背着书包在水平路面上行走 B. 跳水运动员从跳台上跳下
C. 举重运动员举着杠铃停在空中 D. 小球在光滑水平面上滚动
6. 将L1、L2、L3三盏灯并联在电路中，发现L1最暗，L2较亮，发现L3最亮，则这三盏的电压( )
A. U1>U2>U3 B. U1=U2=U3 C. U1
A. a、b一定都是电压表. B. a是电压表，b是电流表
C. 灯泡L1与灯泡L2一定串联 D. 灯泡L1与灯泡L2一定并联
8. 冬天双手反复摩擦也会感到暖和，这是利用______的方式增加了手的内能；双手捧着热水袋会感到暖和，这是利用______的方式增加了手的内能。汽车发动机用水作冷却剂，是利用了水的______较大的性质。
9. 夏日吃冰棍能解暑，是因为冰棍熔化时要______(选填“吸收”或“放出”)热量。当我们从冰箱冷冻室中拿出冰棍，撕开包装纸后，冰棍的周围会冒“白气”，这是空气中的水蒸气______形成的；此时用舌头去舔冰棍，可能会被“粘”住，这是______现象(以上两空均填物态变化)。
10. 如图是自制气压计示意图。向瓶口水平吹气，玻璃管中水面将______。若把它从10楼拿到1楼，我们会看到管内液面______，这说明大气压随海拔高度升高而______。(以上三空均选填“上升”、“下降”或“不变”)。
11. 航模在做飞行表演.在加速升空过程中，航模的动能______ ，重力势能______ ，机械能______ 。(增大/减小/不变)
12. 四冲程汽油机一个工作循环包括吸气、压缩、做功、______四个冲程，其中压缩冲程为______能转化为______能的过程。
13. 如图所示，当滑动变阻器的滑片向右移动时，电压表的示数______ ，电流表A1的示数______ ，电流表A2的示数______ 。(以上三空均选填“增大”、“不变”或“减小”)。
14. 如图所示，当开关S断开，甲、乙两表均为电流表，若两表示数之比：：4，R1：R2=______；当开关S闭合，甲、乙两表均为电压表时，则两表示数之比：______；相同时间内R1、R2产生的热量之比Q1：Q2=______。
15. 画出图中入射光线AO的反射光线。
16. 如图所示，水平地面上有一重900N的物体，一个人站在地上利用滑轮组将重物匀速提升。要想使人所用的拉力最小，请在图中画出滑轮组上绳子的绕法。
17. 如图所示，请根据实物连接图画出对应的电路图。
18. 小明做“探究物体动能的大小与哪些因素有关”的实验。
实验中，小球从同一斜面由静止滚下，到达水平面后推动木块运动一段距离后静止。
回答下列问题：
(1)图甲实验中，让两个质量不同的小球从同一高度由静止释放的目的是______ ；该实验是通过观察______ 的大小来说明小球动能的大小，探究的是物体动能与______ 的关系。
(2)由图乙实验得到的结论是：______ 小球的动能越大。
(3)小明在“探究物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中用到的实验方法是______ ，得到的实验结论是______ 。
19. 在如图所示的装置中，用酒精灯将烧瓶内的水加热沸腾后，水蒸气从细玻璃管口喷出，在离管口稍远处，可以看到雾状的“白气”。
(1)雾状的“白气”是由于喷出的水蒸气发生了______ 现象。
(2)如果这时在管口处放置一块玻璃片，会发现正对管口的玻璃片表面有______ ，玻璃片的温度将______ (选填“升高”、“不变”或“降低”)。
(3)撤去酒精灯，用橡皮塞塞紧瓶口，倒置烧瓶，用冷水浇瓶底，瓶内气体会遇冷收缩，气压变低，如图所示会看到烧瓶中的水______ ，这说明液体的沸点与液面上方的气压有关，且气压越低，沸点越______ (选填“高”或“低”)。
20. “探究串联电路的电压关系”的实验电路图如图甲所示。
(1)为了使探究得出的结论具有普遍意义，灯泡L1、灯泡L2应该选择规格______ (选填“相同”或“不相同”)的小灯泡。
(2)小李同学根据图甲连接好电路，闭合开关，电压表示数如图乙所示，为了使实验结果更准确，接下来他的操作是：______ 。
(3)测出灯泡L1两端的电压后，小李断开开关，准备拆下电压表，改装在B、C之间。小刘认为小李的操作太麻烦，只需将与A点相连的导线改接到C点即可。小刘的办法是否正确？为什么？答：______ 。
(4)测量完成后，小组进行交流讨论，下表选录了四个小组的数据，分析这些数据你能得此串联电路的电压关系是______ 。
实验小组
L1两端的电压U1/V
L2两端的电压U2/V
L1和L2串联后两端的总电压U/V
1
1.4
3.1
4.5
2
3.0
1.3
4.4
3
1.1
1.7
2.8
4
1.8
1.2
3.0
21. 小林参加学校举行的体育节跳绳比赛，她在2min内连续跳了250次，获得冠军。已知小林的质量为50kg，跳起时重心升高的平均高度为6cm。g取10N/kg。求：
(1)小林每跳一次绳所做的功；
(2)小林跳绳时的平均功率。
22. 如图是家庭常用的电饭煲，列出了这个电饭煲的部分技术参数。若电饭煲电阻丝的电阻大小不变，求：
(l)电饭煲正常工作时的电流；
(2)电饭煲正常工作6min消耗的电能；
(3)用电高峰时，家庭电路的实际电压为198V，此时电饭煲的实际功率。
23. 星期天，小明约小刚逛公园。在游玩时看见了一些现象，他俩从物理角度议论起了下列问题。
(1)阳光下，小明看见自己在地面上留下了影子，可以用光的______知识来解释。看见公园中红色的花朵，是因为花朵______(填“反射”或“吸收”)红色光的缘故。
(2)来到湖边，小刚看见湖水中的鱼在蓝天白云间游弋。看见的鱼是光的______形成的像，看见的蓝天白云是光的______形成的像。
(3)若湖中的水深1m，则白云形成的像到水面的距离______1m.(填“大于”、“小于”或“等于”)
24. 阅读短文，回答问题
如图甲是一款电热水壶，图乙、丙分别为电热水壶手柄上的蒸汽开关断开和闭合时的示意图，其中左端是感温双层金属片(电路部分未画出，内部装有温控器)。当电热水壶将水烧开时会自动切断电源，为了安全，加以多重保护。第一重：蒸汽开关，利用水沸腾时产生的水蒸气使图中蒸汽感温元件的双层金属片变形而向上弯曲，手柄开关会在弹簧的作用下向上运动，使水壶断电，断电后不会自动闭合再加热，第二重：干烧保护开关，若蒸汽开关未动作，在水烧干时，另一温控上的双层金属片所控制的开关会动作，使水壶断电；第三重，若以上均失去作用，随着温度升高，温控器内一塑料推杆将会熔化，使水壶断电。
(1)第一重的蒸汽开关______ (选填“断开”或“闭合”)时，开关上的弹簧具有的弹性势能大，双层金属片，上层的受热膨胀程度比下层的______ 。
(2)在第二重保护时，干烧保护的双层金属片控制的温度通常设计为______ 100℃(选填“小于”、“等于”或“大于”)；在第三重保护时，塑料推杆在熔化过程中的内能______ (选填“增大”、“不变”或“减小”)。
(3)根据文中的表述，请你解释为什么电热水壶的保护设计需要设置“三重保护”？______ 。
25. 阅读短文，回答文后问题
电水壶
图1所示是常见的电水壶，它的工作原理是：接通电源加热后，水温逐步上升到100℃，水开始沸腾，水蒸气使双金属片变形推动蒸汽开关，从而使电水壶在水烧开后自动断电(下次烧水需重新闭合蒸汽开关)。如果蒸汽开关失效，壶内的水会一直烧下去，直到水被烧干，发热元件温度急剧上升，位于发热盘底部也有一个双金属片开关，会因为热传导作用温度急剧上升，膨胀变形，断开电源
若使用PTC加热元件代替电热丝，可以有效防止因为千烧而出现的着火危险。PTC是一种新型的半导体陶瓷材料，它以钛酸钡为主，渗入多种物质后加工而成。PTC有一个根据需要设定的温度，低于这个温度时，其电阻随温度的升高而减小，高于这个温度时，电阻值则随温度的升高而增大我们把这个设定的温度叫“居里点温度”。用PTC材料制成的电热器具有发热、控温双重功能PTC加热元件的自动控制温度性能是绝对可靠的，它靠的是PT材料的电阻变化
而控制温度，而不是依靠任何触点控制所以现在很多高档的电热水壶采用了PTC加热元件。
(1)图1中的电水壶，其蒸汽开关与双金属片开关应______(选填：“串联”或“并联”)连接。
(2)它的工作电路如图2所示，R0是定值电阻，其阻值不受温度的影响。RT是PTC的电阻，它的电阻值与温度的关系如图3所示。
①防干烧的保护原理：当水烧干后，RT随温度的升高而电阻______(选填：“变大”、“变小”或“不变”，下同)，电路的总功率______，产生的热量随之______，使产生的热量小于(或等于)其向周围空间散发的热量时，其温度下降(或不再升高)。
②由电阻值与温度的关系图象可知，当温度为______时电路的实际功率最大。
③该电热水壶在R设定温度的工作状态时，电路消耗的总功率1100W，则R0的阻值为______。当RT温度升至130℃，此时电路中RT的实际功率为______W。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】【试题解析】
解：A、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体，故A正确；
B、箔片张开是两片金属箔带同种电荷，由于互相排斥而张开，故B正确；
C、同种电荷相互排斥，用橡胶棒接触验电器的金属球，金属箔片张开，说明橡胶棒带电，故C正确；
D、甲部件是金属杆，是导体，故D错误。
故选：D。
(1)摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷。
(2)验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的。
(3)箔片张开说明橡胶棒带电，同种电荷相斥的原理制成的。
(4)验电器的构成：金属球、金属杆、橡皮塞、金属箔片。
此题考查了摩擦起电的实质、验电器的原理、以及验电器的构成，是一道基础题。
2.【答案】B
【解析】解：正常情况下，
A、石墨是导体，塑料是绝缘体。故A不符合题意；
B、铜和大地都是导体。故B符合题意；
C、橡胶和玻璃都是绝缘体。故C不符合题意；
D、陶瓷是绝缘体，铜是导体。故D不符合题意。
故选：B。
记忆一些常见的导体和绝缘体，遇到这类题型才能得心应手。
3.【答案】D
【解析】解：
汽车在一段平直的公路上行驶，通过前一半路程和后一半路程都花了相同的时间，根据v=st知，只能够说明前一半路程和后一半路程的平均速度相同，但不能说明其一定做匀速直线运动或变速直线运动，则ABC错误，D正确。
故选：D。
匀速直线运动是指物体速度保持不变的直线运动，必须是物体每时每刻的速度都相同。
物体速度保持不变的运动才是匀速直线运动，平均速度只能粗略的反应物体的运动快慢程度。
4.【答案】B
【解析】解：因不计空气阻力，所以空中飞行的足球只受到重力的作用，重力的方向是竖直向下的，根据四个选项可判断出只有B符合题意。
故选：B。
若不计空气阻力，足球在空中只受到重力的作用，重力的方向是竖直向下的，据此判断。
解决此类问题要特别注意足球已经被踢出去，不再受到脚的作用力，又忽略空气的阻力，所以只受到重力的作用。
5.【答案】B
【解析】解：
A、小明背着书包在水平路面上行走，书包受到重力的作用，但没有在重力的方向上通过距离，所以重力对书包不做功，故A不合题意；
B、跳水运动员从跳台上跳下，运动员受到重力的作用，在重力的方向上通过了一定距离，所以重力对运动员做功，故B符合题意；
C、举重运动员举着杠铃停在空中，杠铃受到重力的作用，但没有在重力的方向上通过距离，所以重力对杠铃不做功，故C不合题意；
D、小球在光滑水平面上滚动，小球受到重力的作用，但没有在重力的方向上通过距离，所以重力对小球不做功，故D不合题意。
故选：B。
做功的两个必要的因素：一是作用在物体上的力；二是物体在力的方向上通过的距离。据此分析判断。
明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。
6.【答案】B
【解析】解：因为三盏灯为并联，根据并联电路电压规律可知，三盏灯两端的电压相等，则U1=U2=U3。
故选：B。
根据并联电路电压特点分析答题，并联电路中各支路电压相等。
本题考查了并联电压的特点，熟练掌握基础知识即可正确解题。
7.【答案】D
【解析】解：L1是“3V 3W”，L2是“6V 6W”，
由P=U2R得，则两灯的电阻为：R1=U12P1=(3V)23W=3Ω，R2=U22P2=(6V)26W=6Ω。
假如两灯串联，电表b串联在电路中，电表b是电流表，电表a并联在电路中，电表a是电压表，此时L2被短路，L2不能工作，不符合题意，故假设错误，故C错误。
假如两灯并联，电流分别通过两个灯泡，电表a与L2串联，故电表a是电流表测量L2的电流，电表b并联，故电表b是电压表测量电源电压，故A和B都错误。
L1与L2并联，L1正常工作，L1的实际功率是3W，说明电源电压是3V，
L2的实际功率为：P2=U2R2=(3V)26Ω=1.5W，
L1的实际功率大于L2的实际功率，所以L1亮，L2暗。
故选：D。
知道两灯的额定电压和额定功率，根据P=U2R求出电阻。假如两灯串联，两个电表应该是什么表，判断两灯的亮暗情况；假如两灯并联，两个电表应该是什么表，判断两灯的亮暗情况
本题采用从已知条件入手，采用假设法来进行判断，本题如果采用排除法会更简单。
8.【答案】做功 热传递 比热容
【解析】解：双手反复摩擦也会感到暖和是摩擦生热属于做功改变物体内能。冬天双手捧着热水袋会感到暖和是通过热传递改变物体内能。
和质量相同的其它物质相比，升高相同的温度，水吸热多，即：水的比热容大；汽车发动机用水作冷却剂就是利用水的这个特性；
故答案为：做功；热传递；比热容。
(1)改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，热传递有传导、对流和辐射三种方式。
(2)因为水的比热容大，和同样质量的其它物质相比，升高相同的温度，水从发动机吸热多；
本题主要考查学生对：改变内能的方法，水的比热容大的特点，汽油机的冲程等的理解与应用，是一道基础题。
9.【答案】吸收 液化 凝固
【解析】解：我们吃冰棍时感觉凉爽时因为冰棍熔化时要吸热；
刚拿出来的冰棍还会冒“白气”，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，是液化现象；
吃冰棍的时候，用舌头去舔冰棍，把舌头粘住了，因为舌头上的水遇冷凝固形成冰。
故答案为：吸收；液化；凝固。
生活中的很多物态变化都是水的三态之间的变化。冰变为水是熔化现象；水变为冰是凝固现象；水变为水蒸气是汽化现象；水蒸气变为水是液化现象。
掌握六种物态变化的名称并能解释生活中的物态变化现象，会判断物态变化，知道吸放热情况，难度不大。
10.【答案】上升 下降 下降
【解析】解：向瓶口水平吹气，瓶内气压增大，将水压入玻璃管，所以玻璃管中水面将上升；
大气压随海拔高度的增加而减小，所以把气压计从10楼拿到1楼，高度减小，气压升高，又因瓶内空气的压强不变，所以在瓶外气压的作用下，会有一部分水被压出玻璃管，使管内水柱下降。
故答案为：上升；下降；下降。
(1)向瓶口水平吹气，瓶内气压增大，将水压入玻璃管；
(2)将把气压计从10楼拿到1楼，发生变化的是海拔高度，而大气压随海拔的升高而减小，因此可从瓶内外的气压差来分析。
此题主要考查的是水气压计，涉及了气压和高度的关系。解题关键是知道瓶内气压等于外界大气压与管内水压之和。
11.【答案】增大 增大 增大
【解析】解：航模在加速升空的过程中，航模的质量不变，速度变大，则动能变大；同时其高度增加，则重力势能变大；因机械能等于动能与势能之和，故航模的机械能变大；
故答案为：增大；增大；增大。
动能与质量和速度有关，质量越大、速度越大，则动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大，则重力势能越大；
机械能包括动能和势能，物体动能和势能的变化会引起机械能的变化。
此题考查了有关机械能的知识；机械能的大小取决于动能和势能的大小，根据题目中动能和势能的大小变化可分析得出机械能的大小变化。
12.【答案】排气 机械 内
【解析】解：内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，在压缩冲程中，将机械能转化为内能。
故答案为：排气；机械；内。
内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，其中压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化成机械能。
本题主要考查了内燃机的四个冲程及其能量转化情况，是一道基础性题目。
13.【答案】不变 不变 减小
【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源两端的电压，
因电源电压保持不变，所以滑片移动时，电压表的示数不变；
由并联电路中各支路互不影响可知，所以滑片移动时，通过R1的电流不变，即电流表A1的示数不变；
将滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器接入电路中电路中的电阻变大，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I=UR可知，通过R2的电流减小；
根据并联电路电流的规律可知，干路中的电流减小。
故答案为：不变；不变；减小。
由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源两端的电压。根据电源电压保持不变可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路特点可知通过R1的电流变化，根据并联电路的电压特点和欧姆定律可知通过R2的电流变化，根据并联电路电流规律可知干路电流的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
14.【答案】1：3 4：3 1：3
【解析】解：
(1)当开关S断开，甲、乙两表均为电流表，R1与R2并联，电流表甲测R2支路的电流，电流表乙测干路电流，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且：：4，
所以，两支路的电流之比：
，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=UR可得，两电阻的阻值之比：
R1R2=UI1UI2=I2I1=13；
(2)当开关S闭合，甲、乙两表均为电压表时，R1与R2串联，电压表甲测电源的电压，电压表乙测R2两端的电压，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，两电阻两端的电压之比：
U1U2=IR1IR2=R1R2=13，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，两电压表的示数之比：
，
相同时间内R1、R2产生的热量之比：
Q1Q2=I2R1tI2R2t=R1R2=13。
故答案为：1：3；4：3；1：3。
(1)当开关S断开，甲、乙两表均为电流表，R1与R2并联，电流表甲测R2支路的电流，电流表乙测干路电流，根据并联电路的电流特点求出两支路的电流之比，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；
(2)当开关S闭合，甲、乙两表均为电压表时，R1与R2串联，电压表甲测电源的电压，电压表乙测R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电压特点求出两电压表的示数之比，再根据焦耳定律求出相同时间内R1、R2产生的热量之比。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、焦耳定律的应用，分清两种情况下电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键，要注意电阻的阻值不变。
15.【答案】解：先过入射点作出法线，再根据反射光线和入射光线分居在法线的两侧，使反射角等于入射角作出反射光线OB即可，如图所示：
【解析】根据光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。即可作图。
此题主要考查反射定律的内容，会根据反射定律完成反射光路，比较简单，要求学生应熟练掌握。
16.【答案】解：图中滑轮组由两个定滑轮和一个动滑轮组成，要使该滑轮组向下用力物体向上运动，并且拉力最小，应从定滑轮开始绕。如图所示：
【解析】同时兼顾省力情况与拉力的方向，并从内向外依次绕过所有滑轮。
此题是有关滑轮组的绕法，有关滑轮组可以从定滑轮也可以从动滑轮绕起，在题目中要根据实际情况而定。此题需要判断处拉力的方向，从而确定绕法。
17.【答案】解：由实物图知，两灯并联，开关和电流表A2在干路上，A1串联在L1支路上，电压表并联在L2两端，由此画出电路图如图所示：
。
【解析】由实物图分析电路的连接情况，再画出对应的电路图。
本题考查根据实物图画电路图，关键是正确分析电路的连接方式以及开关和电表的位置，注意作图要规范。
18.【答案】控制小球到达水平面时的初速度相同 木块移动的距离 质量 物体的质量相同时，速度越大 控制变量法 物体的动能与物体的质量和速度有关，质量越大、速度越大，动能越大
【解析】解：(1)质量不同的小球从同一高度由静止释放的目的是使小球到达水平面获得的初速度相同，控制速度大小相等，改变小球的质量，可以探究动能大小跟质量的关系；
该实验通过观察小球推动木块运动距离大小来说明小球对木块做功多少，从而反映小球动能的大小；
(2)由图可知，控制了小球质量相同，下降的高度不同，速度不同，而速度越大，木块被球撞击后移动的距离的越长，所得到的结论是：物体的质量相同时，速度越大，动能越大；
(3)研究动能与质量关系时，控制速度一定，研究动能与速度关系时，控制质量一定，这叫控制变量法；根据图甲可知，在速度相同时，质量越大的物体的动能越大；故该实验的结论是：物体的动能与物体的质量和速度有关，质量越大、速度越大，动能越大。
故答案为：(1)控制小球到达水平面时的初速度相同；木块移动的距离；质量；(2)物体的质量相同时，速度越大；(3)控制变量法；物体的动能与物体的质量和速度有关，质量越大、速度越大，动能越大。
(1)小球从同一高度由静止释放，到达斜面底部的速度相同；小球动能大小通过小球推动木块运动距离来反映；
(2)(3)物体动能的大小与物体的质量和速度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。
解决此类问题要会利用控制变量法和转换法，是中考探究实验考查的重点，设计实验时，要考虑到实验的影响因素。
19.【答案】液化 小水珠 升高 再次沸腾 低
【解析】解：(1)水沸腾后产生大量的水蒸气，水蒸气遇冷液化成小水滴。
(2)如果这时在管口放置一玻璃片，水蒸气遇冷液化成的小水滴附着在玻璃片上，玻璃片的温度将升高，因为液化放热。
(3)水沸腾后，若撤去加热源，则水不再吸收热量，也就不能维持沸腾状态，所以此时水的沸腾停止；用冷水浇烧瓶，则烧瓶内的气压减小，水的沸点随之降低，因此水又重新开始沸腾。
故答案是：(1)液化；(2)小水珠，升高；(3)再次沸腾；低。
(1)物理学中把物质从气态变成液态的过程称为液化。
(2)液化需要放热。
(3)此题研究的是水的沸点和水面压强的关系，需明确两点：水在沸腾后，仍然需要吸热来维持沸腾状态；水的沸点随水面气压的增大而升高，随水面气压的减小而降低；
本题主要考查学生对：液化及其现象，以及液化放热，以及沸腾的特点的了解和掌握，是一道基础题。
20.【答案】不相同 断开开关，换接电压表的0∼3V量程 不正确，电流从电压表的负接线柱流入了 串联电路的总电压等于各部分电路两端电压之和
【解析】解：(1)为了使探究得出的结论具有普遍意义，灯泡L1、灯泡L2应该选择规格不相同的小灯泡；
(2)小李同学根据图甲连接好电路，闭合开关，电压表示数如图乙所示，电压表指针偏转角度过小，为了使实验结果更准确，接下来他的操作是：断开开关，换接电压表的0∼3V量程；
(3)已测出灯泡L1两端的电压，则与B点相连的为电压表正接线柱，与A点相连的为电压表负接线柱，若将与A点相连的导线改接到C点，小刘的办法不正确，原因是：电流从电压表的负接线柱流入了；
(4)根据表中数据有：
4.5V=1.4V+3.1V；
4.4V≈3.0V+1.3V(考虑到误差因素，可认为相等)；
2.8V=1.1V+1.7V；
3.0V=1.8V+1.2V；
得此串联电路的电压关系是：串联电路的总电压等于各部分电路两端电压之和。
故答案为：(1)不相同；(2)断开开关，换接电压表的0∼3V量程；(3)不正确；电流从电压表的负接线柱流入了；(4)串联电路的总电压等于各部分电路两端电压之和。
(1)为了使探究得出的结论具有普遍意义，该选择规格不相同的小灯泡；
(2)用电压表测量电压时，电压表要选用合适的量程，否则指针偏转角度过大或过小；
(3)测量电压时，电流要从电压表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则电压表指针会反向偏转；
(4)分析表中数据，考虑到误差因素得出结论。
本题“探究串联电路的电压关系”，考查归纳法的运用、电压表使用注意事项和数据分析，要掌握。
21.【答案】解：
(1)小林的重力：G=mg=50kg×10N/kg=500N，
跳起时重心升高的平均高度h=6cm=0.06m，
则跳一次所做的功：W1=Gh=500N×0.06m=30J；
(2)跳250次所做的功：W=nW1=250×30J=7500J，
所用时间t=2min=120s，
则小林跳绳时的平均功率：P=Wt=7500J120s=62.5W。
答：(1)小林每跳一次绳所做的功为30J；
(2)小林跳绳时的平均功率为62.5W。
【解析】(1)根据公式W=Gh求出跳一次绳做的功；
(2)知道在2min内连续跳了250次，可求出在2min内跳绳做的总功，利用公式P=Wt可计算功率的大小。
本题通过大家熟悉的跳绳活动考查了功、功率的相关计算，难度适中，是一道不错的题目。
22.【答案】解：(l)由P=UI可知，电饭煲正常工作时的电流为：；
(2)电饭煲正常工作时，，
正常工作6min消耗的电能为：W=Pt=880W×6×60s=316800J；
(3)由P=UI=U2R可知，电饭煲电阻丝的电阻大小不变，为：，
用电高峰时，家庭电路的实际电压为198V，
此时电饭煲的实际功率为：。
答：(l)电饭煲正常工作时的电流为4A；
(2)电饭煲正常工作6min消耗的电能为316800J；
(3)用电高峰时，家庭电路的实际电压为198V，此时电饭煲的实际功率为712.8W。
【解析】(1)用计算电饭煲正常工作时的电流；
(2)用W=Pt计算正常工作6min消耗的电能；
(3)先用计算电阻，再用计算实际功率。
本题考查额定电流、电能和实际功率的计算问题，有一定的综合性。
23.【答案】直线传播；反射；折射；反射；大于
【解析】解：(1)阳光下，小明看见自己在地面上留下了影子，可以用光的直线传播来解释。看见公园中红色的花朵，是因为花朵反射红色光的缘故。
(2)来到湖边，小刚看见湖水中的鱼在蓝天白云间游弋：看见的鱼是光的折射形成的，看见的蓝天白云是光的反射形成的。
(3)白云的像到水面距离等于白云到水面的距离，白云到水面的距离大于水深1m，白云形成的像到水面的距离大于1m。
故答案为：(1)直线传播；反射；(2)折射；反射；(3)大于。
(1)沿直线传播的光被不透明的物体挡住，在物体后面光照不到的地方形成影子；不透明物体的颜色由物体反射的色光决定；
(2)水中的鱼反射的光由水斜射如空气发射折射，折射光线进入人眼，人便看到了水中的鱼；水中的蓝天白云是蓝天与白云在水面形成的像，是光的反射形成的。
(3)物体在平面镜所成的像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等，白云的像到水面的距离等于白云到水面的距离。
本题以生活中的常见现象考查了光的直线传播、光的折射、光的反射、物体颜色的决定因素，是一道基础题，熟练掌握光的直线传播、光的折射与反射、决定物体颜色的因素是解题的关键。
24.【答案】闭合 小 大于 增大 烧开水时自动切断电源，为了安全，加以多重保护，在水烧干时或烧干后还不能断电时起到保护作用
【解析】解：(1)电热水壶上的三重保护开关相互影响，只有同时闭合时才能工作，图丙中的双层金属片下层温度高于上层金属片的温度，因此受热膨胀程度不同，即上小下大；
(2)根据题意可知，当水烧干时，第二重保护的双层金属片控制的开关断开，因此第二重保护的双层金属片控制的开关断开时的温度大于100℃；
根据题意可知，塑料推杆如果熔化，说明此时温度升高，故它的内能增大。
(3)当一个开关断开时，电路就断开，故三重保护的开关应该是串联接在电路中，烧开水时自动切断电源，为了安全，加以多重保护，在水烧干时或烧干后还不能断电时起到保护作用。
故答案为：(1)闭合；小；(2)大于；增大；(3)烧开水时自动切断电源，为了安全，加以多重保护，在水烧干时或烧干后还不能断电时起到保护作用。
(1)根据物体的热胀冷缩进行分析；
(2)在1标准大气压下，水沸腾时，水的温度为100℃，当水烧干时，热水壶的温度高于100℃；温度越高，内能越大；
(3)串联电路中各元件相互影响，并联电路中各元件互不影响。
本题综合考查电路的基本连接、物质的属性、以及温度与内能的关系等，涉及的知识点多，具有一定的难度，要认真分析解答。
25.【答案】串联 变大 变小 变小 100℃10Ω400
【解析】解：
(1)由文中信息可知，电热水壶上的蒸汽开关与双金属片开关相互影响，只有同时闭合时才能工作，当一个开关断开时，电路就断开，故它们是串联接在电路中；
(2)①防干烧的保护原理：当水烧干后，即温度高于100℃时，RT的电阻随温度的升高而增大，总电阻增大，根据P=U2R知，电路的总功率减小，由Q=W=Pt知产生的热量随之减少，使产生的热量小于(或等于)其向周围空间散发的热量时，其温度下降(或不再升高)；
②从图象上可知，当温度为100℃时RT的电阻最小，此时总电阻最小，根据P=U2R知电路的实际功率最大；
③当在设定温度状态(温度为100℃)工作时，RT的阻值为RT=34Ω，R0、RT串联，
电路消耗的总功率1100W，则电路的总电阻：，
R0的阻值：。
当RT的温度为130℃时，由图象可知，此时RT的阻值为100Ω，
此时电路中的总电阻：，
此时电路中的电流：，
RT两端的电压：U′=I′×R′T=2A×100Ω=200V，
RT的实际功率：P′=U′I′=200V×2A=400W。
故答案为：(1)串联；(2)①变大；变小；变小；②100℃；③10Ω；400。
(1)串联电路中各元件相互影响，并联电路中各元件互不影响；
(2)①首先根据图象判断出当温度高于100℃或低于100℃时，PTC元件的电阻RT的变化，再利用公式P=U2R判断出功率的变化，根据Q=W=Pt判断出产生的热量的变化；
②从图象上读出电阻最小的温度，根据P=U2R知电路的实际功率最大；
③从图象上可以看出，当在设定温度状态工作时，RT的阻值为RT=34Ω，R0、RT串联，根据公式R=U2P可求总电阻，然后根据串联电阻的特点求出R0的阻值；
当RT的温度为130℃时，由图象可知，此时RT的阻值为100Ω，求出此时电路的总电阻，根据欧姆定律求出电路的电流，根据公式U=IR求出RT两端的电压，最后利用公式P=UI求出RT的实际功率。
本题考查了学生对欧姆定律的应用、电功的计算和的功率的计算，关键是从图中获取有效的信息。
2020-2021学年广东省佛山市汕尾市九年级（上）期末物理试卷
1. 如图所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒去接触验电器金属球，发现验电器的箔片张开，下列说法错误的是( )
A. 摩擦起电的实质是电子的转移
B. 箔片张开是由于同种电荷相互排斥
C. 箔片张开说明橡胶棒带电
D. 验电器的甲部件必须是绝缘体
2. 下列物质在一般情况下都属于导体的是( )
A. 石墨、塑料 B. 铜、大地 C. 橡胶、玻璃 D. 陶瓷、铜
3. 一辆汽车在一段平直的公路上行驶。若汽车在前一半路程和后一半路程所花费的时间相同，则这辆汽车( )
A. 肯定做匀速直线运动
B. 肯定做变速直线运动
C. 在前一半路程和后一半路程上都做匀速直线运动，但在整段路程上的运动不是匀速直线运动
D. 条件不足，无法判定
4. 运动员把足球踢向空中。若不计空气阻力，则下列表示足球在空中飞行时的受力图中(G表示重力，F表示脚对球的作用力)，正确的是( )
A. B.
C. D.
5. 下列实际情境中，存在重力对物体做功的是( )
A. 小明背着书包在水平路面上行走 B. 跳水运动员从跳台上跳下
C. 举重运动员举着杠铃停在空中 D. 小球在光滑水平面上滚动
6. 将L1、L2、L3三盏灯并联在电路中，发现L1最暗，L2较亮，发现L3最亮，则这三盏的电压( )
A. U1>U2>U3 B. U1=U2=U3 C. U1
A. a、b一定都是电压表. B. a是电压表，b是电流表
C. 灯泡L1与灯泡L2一定串联 D. 灯泡L1与灯泡L2一定并联
8. 冬天双手反复摩擦也会感到暖和，这是利用______的方式增加了手的内能；双手捧着热水袋会感到暖和，这是利用______的方式增加了手的内能。汽车发动机用水作冷却剂，是利用了水的______较大的性质。
9. 夏日吃冰棍能解暑，是因为冰棍熔化时要______(选填“吸收”或“放出”)热量。当我们从冰箱冷冻室中拿出冰棍，撕开包装纸后，冰棍的周围会冒“白气”，这是空气中的水蒸气______形成的；此时用舌头去舔冰棍，可能会被“粘”住，这是______现象(以上两空均填物态变化)。
10. 如图是自制气压计示意图。向瓶口水平吹气，玻璃管中水面将______。若把它从10楼拿到1楼，我们会看到管内液面______，这说明大气压随海拔高度升高而______。(以上三空均选填“上升”、“下降”或“不变”)。
11. 航模在做飞行表演.在加速升空过程中，航模的动能______ ，重力势能______ ，机械能______ 。(增大/减小/不变)
12. 四冲程汽油机一个工作循环包括吸气、压缩、做功、______四个冲程，其中压缩冲程为______能转化为______能的过程。
13. 如图所示，当滑动变阻器的滑片向右移动时，电压表的示数______ ，电流表A1的示数______ ，电流表A2的示数______ 。(以上三空均选填“增大”、“不变”或“减小”)。
14. 如图所示，当开关S断开，甲、乙两表均为电流表，若两表示数之比：：4，R1：R2=______；当开关S闭合，甲、乙两表均为电压表时，则两表示数之比：______；相同时间内R1、R2产生的热量之比Q1：Q2=______。
15. 画出图中入射光线AO的反射光线。
16. 如图所示，水平地面上有一重900N的物体，一个人站在地上利用滑轮组将重物匀速提升。要想使人所用的拉力最小，请在图中画出滑轮组上绳子的绕法。
17. 如图所示，请根据实物连接图画出对应的电路图。
18. 小明做“探究物体动能的大小与哪些因素有关”的实验。
实验中，小球从同一斜面由静止滚下，到达水平面后推动木块运动一段距离后静止。
回答下列问题：
(1)图甲实验中，让两个质量不同的小球从同一高度由静止释放的目的是______ ；该实验是通过观察______ 的大小来说明小球动能的大小，探究的是物体动能与______ 的关系。
(2)由图乙实验得到的结论是：______ 小球的动能越大。
(3)小明在“探究物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中用到的实验方法是______ ，得到的实验结论是______ 。
19. 在如图所示的装置中，用酒精灯将烧瓶内的水加热沸腾后，水蒸气从细玻璃管口喷出，在离管口稍远处，可以看到雾状的“白气”。
(1)雾状的“白气”是由于喷出的水蒸气发生了______ 现象。
(2)如果这时在管口处放置一块玻璃片，会发现正对管口的玻璃片表面有______ ，玻璃片的温度将______ (选填“升高”、“不变”或“降低”)。
(3)撤去酒精灯，用橡皮塞塞紧瓶口，倒置烧瓶，用冷水浇瓶底，瓶内气体会遇冷收缩，气压变低，如图所示会看到烧瓶中的水______ ，这说明液体的沸点与液面上方的气压有关，且气压越低，沸点越______ (选填“高”或“低”)。
20. “探究串联电路的电压关系”的实验电路图如图甲所示。
(1)为了使探究得出的结论具有普遍意义，灯泡L1、灯泡L2应该选择规格______ (选填“相同”或“不相同”)的小灯泡。
(2)小李同学根据图甲连接好电路，闭合开关，电压表示数如图乙所示，为了使实验结果更准确，接下来他的操作是：______ 。
(3)测出灯泡L1两端的电压后，小李断开开关，准备拆下电压表，改装在B、C之间。小刘认为小李的操作太麻烦，只需将与A点相连的导线改接到C点即可。小刘的办法是否正确？为什么？答：______ 。
(4)测量完成后，小组进行交流讨论，下表选录了四个小组的数据，分析这些数据你能得此串联电路的电压关系是______ 。
实验小组
L1两端的电压U1/V
L2两端的电压U2/V
L1和L2串联后两端的总电压U/V
1
1.4
3.1
4.5
2
3.0
1.3
4.4
3
1.1
1.7
2.8
4
1.8
1.2
3.0
21. 小林参加学校举行的体育节跳绳比赛，她在2min内连续跳了250次，获得冠军。已知小林的质量为50kg，跳起时重心升高的平均高度为6cm。g取10N/kg。求：
(1)小林每跳一次绳所做的功；
(2)小林跳绳时的平均功率。
22. 如图是家庭常用的电饭煲，列出了这个电饭煲的部分技术参数。若电饭煲电阻丝的电阻大小不变，求：
(l)电饭煲正常工作时的电流；
(2)电饭煲正常工作6min消耗的电能；
(3)用电高峰时，家庭电路的实际电压为198V，此时电饭煲的实际功率。
23. 星期天，小明约小刚逛公园。在游玩时看见了一些现象，他俩从物理角度议论起了下列问题。
(1)阳光下，小明看见自己在地面上留下了影子，可以用光的______知识来解释。看见公园中红色的花朵，是因为花朵______(填“反射”或“吸收”)红色光的缘故。
(2)来到湖边，小刚看见湖水中的鱼在蓝天白云间游弋。看见的鱼是光的______形成的像，看见的蓝天白云是光的______形成的像。
(3)若湖中的水深1m，则白云形成的像到水面的距离______1m.(填“大于”、“小于”或“等于”)
24. 阅读短文，回答问题
如图甲是一款电热水壶，图乙、丙分别为电热水壶手柄上的蒸汽开关断开和闭合时的示意图，其中左端是感温双层金属片(电路部分未画出，内部装有温控器)。当电热水壶将水烧开时会自动切断电源，为了安全，加以多重保护。第一重：蒸汽开关，利用水沸腾时产生的水蒸气使图中蒸汽感温元件的双层金属片变形而向上弯曲，手柄开关会在弹簧的作用下向上运动，使水壶断电，断电后不会自动闭合再加热，第二重：干烧保护开关，若蒸汽开关未动作，在水烧干时，另一温控上的双层金属片所控制的开关会动作，使水壶断电；第三重，若以上均失去作用，随着温度升高，温控器内一塑料推杆将会熔化，使水壶断电。
(1)第一重的蒸汽开关______ (选填“断开”或“闭合”)时，开关上的弹簧具有的弹性势能大，双层金属片，上层的受热膨胀程度比下层的______ 。
(2)在第二重保护时，干烧保护的双层金属片控制的温度通常设计为______ 100℃(选填“小于”、“等于”或“大于”)；在第三重保护时，塑料推杆在熔化过程中的内能______ (选填“增大”、“不变”或“减小”)。
(3)根据文中的表述，请你解释为什么电热水壶的保护设计需要设置“三重保护”？______ 。
25. 阅读短文，回答文后问题
电水壶
图1所示是常见的电水壶，它的工作原理是：接通电源加热后，水温逐步上升到100℃，水开始沸腾，水蒸气使双金属片变形推动蒸汽开关，从而使电水壶在水烧开后自动断电(下次烧水需重新闭合蒸汽开关)。如果蒸汽开关失效，壶内的水会一直烧下去，直到水被烧干，发热元件温度急剧上升，位于发热盘底部也有一个双金属片开关，会因为热传导作用温度急剧上升，膨胀变形，断开电源
若使用PTC加热元件代替电热丝，可以有效防止因为千烧而出现的着火危险。PTC是一种新型的半导体陶瓷材料，它以钛酸钡为主，渗入多种物质后加工而成。PTC有一个根据需要设定的温度，低于这个温度时，其电阻随温度的升高而减小，高于这个温度时，电阻值则随温度的升高而增大我们把这个设定的温度叫“居里点温度”。用PTC材料制成的电热器具有发热、控温双重功能PTC加热元件的自动控制温度性能是绝对可靠的，它靠的是PT材料的电阻变化
而控制温度，而不是依靠任何触点控制所以现在很多高档的电热水壶采用了PTC加热元件。
(1)图1中的电水壶，其蒸汽开关与双金属片开关应______(选填：“串联”或“并联”)连接。
(2)它的工作电路如图2所示，R0是定值电阻，其阻值不受温度的影响。RT是PTC的电阻，它的电阻值与温度的关系如图3所示。
①防干烧的保护原理：当水烧干后，RT随温度的升高而电阻______(选填：“变大”、“变小”或“不变”，下同)，电路的总功率______，产生的热量随之______，使产生的热量小于(或等于)其向周围空间散发的热量时，其温度下降(或不再升高)。
②由电阻值与温度的关系图象可知，当温度为______时电路的实际功率最大。
③该电热水壶在R设定温度的工作状态时，电路消耗的总功率1100W，则R0的阻值为______。当RT温度升至130℃，此时电路中RT的实际功率为______W。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】【试题解析】
解：A、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体，故A正确；
B、箔片张开是两片金属箔带同种电荷，由于互相排斥而张开，故B正确；
C、同种电荷相互排斥，用橡胶棒接触验电器的金属球，金属箔片张开，说明橡胶棒带电，故C正确；
D、甲部件是金属杆，是导体，故D错误。
故选：D。
(1)摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷。
(2)验电器是利用同种电荷相互排斥的原理工作的。
(3)箔片张开说明橡胶棒带电，同种电荷相斥的原理制成的。
(4)验电器的构成：金属球、金属杆、橡皮塞、金属箔片。
此题考查了摩擦起电的实质、验电器的原理、以及验电器的构成，是一道基础题。
2.【答案】B
【解析】解：正常情况下，
A、石墨是导体，塑料是绝缘体。故A不符合题意；
B、铜和大地都是导体。故B符合题意；
C、橡胶和玻璃都是绝缘体。故C不符合题意；
D、陶瓷是绝缘体，铜是导体。故D不符合题意。
故选：B。
记忆一些常见的导体和绝缘体，遇到这类题型才能得心应手。
3.【答案】D
【解析】解：
汽车在一段平直的公路上行驶，通过前一半路程和后一半路程都花了相同的时间，根据v=st知，只能够说明前一半路程和后一半路程的平均速度相同，但不能说明其一定做匀速直线运动或变速直线运动，则ABC错误，D正确。
故选：D。
匀速直线运动是指物体速度保持不变的直线运动，必须是物体每时每刻的速度都相同。
物体速度保持不变的运动才是匀速直线运动，平均速度只能粗略的反应物体的运动快慢程度。
4.【答案】B
【解析】解：因不计空气阻力，所以空中飞行的足球只受到重力的作用，重力的方向是竖直向下的，根据四个选项可判断出只有B符合题意。
故选：B。
若不计空气阻力，足球在空中只受到重力的作用，重力的方向是竖直向下的，据此判断。
解决此类问题要特别注意足球已经被踢出去，不再受到脚的作用力，又忽略空气的阻力，所以只受到重力的作用。
5.【答案】B
【解析】解：
A、小明背着书包在水平路面上行走，书包受到重力的作用，但没有在重力的方向上通过距离，所以重力对书包不做功，故A不合题意；
B、跳水运动员从跳台上跳下，运动员受到重力的作用，在重力的方向上通过了一定距离，所以重力对运动员做功，故B符合题意；
C、举重运动员举着杠铃停在空中，杠铃受到重力的作用，但没有在重力的方向上通过距离，所以重力对杠铃不做功，故C不合题意；
D、小球在光滑水平面上滚动，小球受到重力的作用，但没有在重力的方向上通过距离，所以重力对小球不做功，故D不合题意。
故选：B。
做功的两个必要的因素：一是作用在物体上的力；二是物体在力的方向上通过的距离。据此分析判断。
明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。
6.【答案】B
【解析】解：因为三盏灯为并联，根据并联电路电压规律可知，三盏灯两端的电压相等，则U1=U2=U3。
故选：B。
根据并联电路电压特点分析答题，并联电路中各支路电压相等。
本题考查了并联电压的特点，熟练掌握基础知识即可正确解题。
7.【答案】D
【解析】解：L1是“3V 3W”，L2是“6V 6W”，
由P=U2R得，则两灯的电阻为：R1=U12P1=(3V)23W=3Ω，R2=U22P2=(6V)26W=6Ω。
假如两灯串联，电表b串联在电路中，电表b是电流表，电表a并联在电路中，电表a是电压表，此时L2被短路，L2不能工作，不符合题意，故假设错误，故C错误。
假如两灯并联，电流分别通过两个灯泡，电表a与L2串联，故电表a是电流表测量L2的电流，电表b并联，故电表b是电压表测量电源电压，故A和B都错误。
L1与L2并联，L1正常工作，L1的实际功率是3W，说明电源电压是3V，
L2的实际功率为：P2=U2R2=(3V)26Ω=1.5W，
L1的实际功率大于L2的实际功率，所以L1亮，L2暗。
故选：D。
知道两灯的额定电压和额定功率，根据P=U2R求出电阻。假如两灯串联，两个电表应该是什么表，判断两灯的亮暗情况；假如两灯并联，两个电表应该是什么表，判断两灯的亮暗情况
本题采用从已知条件入手，采用假设法来进行判断，本题如果采用排除法会更简单。
8.【答案】做功 热传递 比热容
【解析】解：双手反复摩擦也会感到暖和是摩擦生热属于做功改变物体内能。冬天双手捧着热水袋会感到暖和是通过热传递改变物体内能。
和质量相同的其它物质相比，升高相同的温度，水吸热多，即：水的比热容大；汽车发动机用水作冷却剂就是利用水的这个特性；
故答案为：做功；热传递；比热容。
(1)改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，热传递有传导、对流和辐射三种方式。
(2)因为水的比热容大，和同样质量的其它物质相比，升高相同的温度，水从发动机吸热多；
本题主要考查学生对：改变内能的方法，水的比热容大的特点，汽油机的冲程等的理解与应用，是一道基础题。
9.【答案】吸收 液化 凝固
【解析】解：我们吃冰棍时感觉凉爽时因为冰棍熔化时要吸热；
刚拿出来的冰棍还会冒“白气”，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，是液化现象；
吃冰棍的时候，用舌头去舔冰棍，把舌头粘住了，因为舌头上的水遇冷凝固形成冰。
故答案为：吸收；液化；凝固。
生活中的很多物态变化都是水的三态之间的变化。冰变为水是熔化现象；水变为冰是凝固现象；水变为水蒸气是汽化现象；水蒸气变为水是液化现象。
掌握六种物态变化的名称并能解释生活中的物态变化现象，会判断物态变化，知道吸放热情况，难度不大。
10.【答案】上升 下降 下降
【解析】解：向瓶口水平吹气，瓶内气压增大，将水压入玻璃管，所以玻璃管中水面将上升；
大气压随海拔高度的增加而减小，所以把气压计从10楼拿到1楼，高度减小，气压升高，又因瓶内空气的压强不变，所以在瓶外气压的作用下，会有一部分水被压出玻璃管，使管内水柱下降。
故答案为：上升；下降；下降。
(1)向瓶口水平吹气，瓶内气压增大，将水压入玻璃管；
(2)将把气压计从10楼拿到1楼，发生变化的是海拔高度，而大气压随海拔的升高而减小，因此可从瓶内外的气压差来分析。
此题主要考查的是水气压计，涉及了气压和高度的关系。解题关键是知道瓶内气压等于外界大气压与管内水压之和。
11.【答案】增大 增大 增大
【解析】解：航模在加速升空的过程中，航模的质量不变，速度变大，则动能变大；同时其高度增加，则重力势能变大；因机械能等于动能与势能之和，故航模的机械能变大；
故答案为：增大；增大；增大。
动能与质量和速度有关，质量越大、速度越大，则动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大，则重力势能越大；
机械能包括动能和势能，物体动能和势能的变化会引起机械能的变化。
此题考查了有关机械能的知识；机械能的大小取决于动能和势能的大小，根据题目中动能和势能的大小变化可分析得出机械能的大小变化。
12.【答案】排气 机械 内
【解析】解：内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，在压缩冲程中，将机械能转化为内能。
故答案为：排气；机械；内。
内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，其中压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化成机械能。
本题主要考查了内燃机的四个冲程及其能量转化情况，是一道基础性题目。
13.【答案】不变 不变 减小
【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源两端的电压，
因电源电压保持不变，所以滑片移动时，电压表的示数不变；
由并联电路中各支路互不影响可知，所以滑片移动时，通过R1的电流不变，即电流表A1的示数不变；
将滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器接入电路中电路中的电阻变大，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I=UR可知，通过R2的电流减小；
根据并联电路电流的规律可知，干路中的电流减小。
故答案为：不变；不变；减小。
由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源两端的电压。根据电源电压保持不变可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路特点可知通过R1的电流变化，根据并联电路的电压特点和欧姆定律可知通过R2的电流变化，根据并联电路电流规律可知干路电流的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
14.【答案】1：3 4：3 1：3
【解析】解：
(1)当开关S断开，甲、乙两表均为电流表，R1与R2并联，电流表甲测R2支路的电流，电流表乙测干路电流，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且：：4，
所以，两支路的电流之比：
，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=UR可得，两电阻的阻值之比：
R1R2=UI1UI2=I2I1=13；
(2)当开关S闭合，甲、乙两表均为电压表时，R1与R2串联，电压表甲测电源的电压，电压表乙测R2两端的电压，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，两电阻两端的电压之比：
U1U2=IR1IR2=R1R2=13，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，两电压表的示数之比：
，
相同时间内R1、R2产生的热量之比：
Q1Q2=I2R1tI2R2t=R1R2=13。
故答案为：1：3；4：3；1：3。
(1)当开关S断开，甲、乙两表均为电流表，R1与R2并联，电流表甲测R2支路的电流，电流表乙测干路电流，根据并联电路的电流特点求出两支路的电流之比，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；
(2)当开关S闭合，甲、乙两表均为电压表时，R1与R2串联，电压表甲测电源的电压，电压表乙测R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电压特点求出两电压表的示数之比，再根据焦耳定律求出相同时间内R1、R2产生的热量之比。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、焦耳定律的应用，分清两种情况下电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键，要注意电阻的阻值不变。
15.【答案】解：先过入射点作出法线，再根据反射光线和入射光线分居在法线的两侧，使反射角等于入射角作出反射光线OB即可，如图所示：
【解析】根据光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。即可作图。
此题主要考查反射定律的内容，会根据反射定律完成反射光路，比较简单，要求学生应熟练掌握。
16.【答案】解：图中滑轮组由两个定滑轮和一个动滑轮组成，要使该滑轮组向下用力物体向上运动，并且拉力最小，应从定滑轮开始绕。如图所示：
【解析】同时兼顾省力情况与拉力的方向，并从内向外依次绕过所有滑轮。
此题是有关滑轮组的绕法，有关滑轮组可以从定滑轮也可以从动滑轮绕起，在题目中要根据实际情况而定。此题需要判断处拉力的方向，从而确定绕法。
17.【答案】解：由实物图知，两灯并联，开关和电流表A2在干路上，A1串联在L1支路上，电压表并联在L2两端，由此画出电路图如图所示：
。
【解析】由实物图分析电路的连接情况，再画出对应的电路图。
本题考查根据实物图画电路图，关键是正确分析电路的连接方式以及开关和电表的位置，注意作图要规范。
18.【答案】控制小球到达水平面时的初速度相同 木块移动的距离 质量 物体的质量相同时，速度越大 控制变量法 物体的动能与物体的质量和速度有关，质量越大、速度越大，动能越大
【解析】解：(1)质量不同的小球从同一高度由静止释放的目的是使小球到达水平面获得的初速度相同，控制速度大小相等，改变小球的质量，可以探究动能大小跟质量的关系；
该实验通过观察小球推动木块运动距离大小来说明小球对木块做功多少，从而反映小球动能的大小；
(2)由图可知，控制了小球质量相同，下降的高度不同，速度不同，而速度越大，木块被球撞击后移动的距离的越长，所得到的结论是：物体的质量相同时，速度越大，动能越大；
(3)研究动能与质量关系时，控制速度一定，研究动能与速度关系时，控制质量一定，这叫控制变量法；根据图甲可知，在速度相同时，质量越大的物体的动能越大；故该实验的结论是：物体的动能与物体的质量和速度有关，质量越大、速度越大，动能越大。
故答案为：(1)控制小球到达水平面时的初速度相同；木块移动的距离；质量；(2)物体的质量相同时，速度越大；(3)控制变量法；物体的动能与物体的质量和速度有关，质量越大、速度越大，动能越大。
(1)小球从同一高度由静止释放，到达斜面底部的速度相同；小球动能大小通过小球推动木块运动距离来反映；
(2)(3)物体动能的大小与物体的质量和速度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。
解决此类问题要会利用控制变量法和转换法，是中考探究实验考查的重点，设计实验时，要考虑到实验的影响因素。
19.【答案】液化 小水珠 升高 再次沸腾 低
【解析】解：(1)水沸腾后产生大量的水蒸气，水蒸气遇冷液化成小水滴。
(2)如果这时在管口放置一玻璃片，水蒸气遇冷液化成的小水滴附着在玻璃片上，玻璃片的温度将升高，因为液化放热。
(3)水沸腾后，若撤去加热源，则水不再吸收热量，也就不能维持沸腾状态，所以此时水的沸腾停止；用冷水浇烧瓶，则烧瓶内的气压减小，水的沸点随之降低，因此水又重新开始沸腾。
故答案是：(1)液化；(2)小水珠，升高；(3)再次沸腾；低。
(1)物理学中把物质从气态变成液态的过程称为液化。
(2)液化需要放热。
(3)此题研究的是水的沸点和水面压强的关系，需明确两点：水在沸腾后，仍然需要吸热来维持沸腾状态；水的沸点随水面气压的增大而升高，随水面气压的减小而降低；
本题主要考查学生对：液化及其现象，以及液化放热，以及沸腾的特点的了解和掌握，是一道基础题。
20.【答案】不相同 断开开关，换接电压表的0∼3V量程 不正确，电流从电压表的负接线柱流入了 串联电路的总电压等于各部分电路两端电压之和
【解析】解：(1)为了使探究得出的结论具有普遍意义，灯泡L1、灯泡L2应该选择规格不相同的小灯泡；
(2)小李同学根据图甲连接好电路，闭合开关，电压表示数如图乙所示，电压表指针偏转角度过小，为了使实验结果更准确，接下来他的操作是：断开开关，换接电压表的0∼3V量程；
(3)已测出灯泡L1两端的电压，则与B点相连的为电压表正接线柱，与A点相连的为电压表负接线柱，若将与A点相连的导线改接到C点，小刘的办法不正确，原因是：电流从电压表的负接线柱流入了；
(4)根据表中数据有：
4.5V=1.4V+3.1V；
4.4V≈3.0V+1.3V(考虑到误差因素，可认为相等)；
2.8V=1.1V+1.7V；
3.0V=1.8V+1.2V；
得此串联电路的电压关系是：串联电路的总电压等于各部分电路两端电压之和。
故答案为：(1)不相同；(2)断开开关，换接电压表的0∼3V量程；(3)不正确；电流从电压表的负接线柱流入了；(4)串联电路的总电压等于各部分电路两端电压之和。
(1)为了使探究得出的结论具有普遍意义，该选择规格不相同的小灯泡；
(2)用电压表测量电压时，电压表要选用合适的量程，否则指针偏转角度过大或过小；
(3)测量电压时，电流要从电压表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则电压表指针会反向偏转；
(4)分析表中数据，考虑到误差因素得出结论。
本题“探究串联电路的电压关系”，考查归纳法的运用、电压表使用注意事项和数据分析，要掌握。
21.【答案】解：
(1)小林的重力：G=mg=50kg×10N/kg=500N，
跳起时重心升高的平均高度h=6cm=0.06m，
则跳一次所做的功：W1=Gh=500N×0.06m=30J；
(2)跳250次所做的功：W=nW1=250×30J=7500J，
所用时间t=2min=120s，
则小林跳绳时的平均功率：P=Wt=7500J120s=62.5W。
答：(1)小林每跳一次绳所做的功为30J；
(2)小林跳绳时的平均功率为62.5W。
【解析】(1)根据公式W=Gh求出跳一次绳做的功；
(2)知道在2min内连续跳了250次，可求出在2min内跳绳做的总功，利用公式P=Wt可计算功率的大小。
本题通过大家熟悉的跳绳活动考查了功、功率的相关计算，难度适中，是一道不错的题目。
22.【答案】解：(l)由P=UI可知，电饭煲正常工作时的电流为：；
(2)电饭煲正常工作时，，
正常工作6min消耗的电能为：W=Pt=880W×6×60s=316800J；
(3)由P=UI=U2R可知，电饭煲电阻丝的电阻大小不变，为：，
用电高峰时，家庭电路的实际电压为198V，
此时电饭煲的实际功率为：。
答：(l)电饭煲正常工作时的电流为4A；
(2)电饭煲正常工作6min消耗的电能为316800J；
(3)用电高峰时，家庭电路的实际电压为198V，此时电饭煲的实际功率为712.8W。
【解析】(1)用计算电饭煲正常工作时的电流；
(2)用W=Pt计算正常工作6min消耗的电能；
(3)先用计算电阻，再用计算实际功率。
本题考查额定电流、电能和实际功率的计算问题，有一定的综合性。
23.【答案】直线传播；反射；折射；反射；大于
【解析】解：(1)阳光下，小明看见自己在地面上留下了影子，可以用光的直线传播来解释。看见公园中红色的花朵，是因为花朵反射红色光的缘故。
(2)来到湖边，小刚看见湖水中的鱼在蓝天白云间游弋：看见的鱼是光的折射形成的，看见的蓝天白云是光的反射形成的。
(3)白云的像到水面距离等于白云到水面的距离，白云到水面的距离大于水深1m，白云形成的像到水面的距离大于1m。
故答案为：(1)直线传播；反射；(2)折射；反射；(3)大于。
(1)沿直线传播的光被不透明的物体挡住，在物体后面光照不到的地方形成影子；不透明物体的颜色由物体反射的色光决定；
(2)水中的鱼反射的光由水斜射如空气发射折射，折射光线进入人眼，人便看到了水中的鱼；水中的蓝天白云是蓝天与白云在水面形成的像，是光的反射形成的。
(3)物体在平面镜所成的像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等，白云的像到水面的距离等于白云到水面的距离。
本题以生活中的常见现象考查了光的直线传播、光的折射、光的反射、物体颜色的决定因素，是一道基础题，熟练掌握光的直线传播、光的折射与反射、决定物体颜色的因素是解题的关键。
24.【答案】闭合 小 大于 增大 烧开水时自动切断电源，为了安全，加以多重保护，在水烧干时或烧干后还不能断电时起到保护作用
【解析】解：(1)电热水壶上的三重保护开关相互影响，只有同时闭合时才能工作，图丙中的双层金属片下层温度高于上层金属片的温度，因此受热膨胀程度不同，即上小下大；
(2)根据题意可知，当水烧干时，第二重保护的双层金属片控制的开关断开，因此第二重保护的双层金属片控制的开关断开时的温度大于100℃；
根据题意可知，塑料推杆如果熔化，说明此时温度升高，故它的内能增大。
(3)当一个开关断开时，电路就断开，故三重保护的开关应该是串联接在电路中，烧开水时自动切断电源，为了安全，加以多重保护，在水烧干时或烧干后还不能断电时起到保护作用。
故答案为：(1)闭合；小；(2)大于；增大；(3)烧开水时自动切断电源，为了安全，加以多重保护，在水烧干时或烧干后还不能断电时起到保护作用。
(1)根据物体的热胀冷缩进行分析；
(2)在1标准大气压下，水沸腾时，水的温度为100℃，当水烧干时，热水壶的温度高于100℃；温度越高，内能越大；
(3)串联电路中各元件相互影响，并联电路中各元件互不影响。
本题综合考查电路的基本连接、物质的属性、以及温度与内能的关系等，涉及的知识点多，具有一定的难度，要认真分析解答。
25.【答案】串联 变大 变小 变小 100℃10Ω400
【解析】解：
(1)由文中信息可知，电热水壶上的蒸汽开关与双金属片开关相互影响，只有同时闭合时才能工作，当一个开关断开时，电路就断开，故它们是串联接在电路中；
(2)①防干烧的保护原理：当水烧干后，即温度高于100℃时，RT的电阻随温度的升高而增大，总电阻增大，根据P=U2R知，电路的总功率减小，由Q=W=Pt知产生的热量随之减少，使产生的热量小于(或等于)其向周围空间散发的热量时，其温度下降(或不再升高)；
②从图象上可知，当温度为100℃时RT的电阻最小，此时总电阻最小，根据P=U2R知电路的实际功率最大；
③当在设定温度状态(温度为100℃)工作时，RT的阻值为RT=34Ω，R0、RT串联，
电路消耗的总功率1100W，则电路的总电阻：，
R0的阻值：。
当RT的温度为130℃时，由图象可知，此时RT的阻值为100Ω，
此时电路中的总电阻：，
此时电路中的电流：，
RT两端的电压：U′=I′×R′T=2A×100Ω=200V，
RT的实际功率：P′=U′I′=200V×2A=400W。
故答案为：(1)串联；(2)①变大；变小；变小；②100℃；③10Ω；400。
(1)串联电路中各元件相互影响，并联电路中各元件互不影响；
(2)①首先根据图象判断出当温度高于100℃或低于100℃时，PTC元件的电阻RT的变化，再利用公式P=U2R判断出功率的变化，根据Q=W=Pt判断出产生的热量的变化；
②从图象上读出电阻最小的温度，根据P=U2R知电路的实际功率最大；
③从图象上可以看出，当在设定温度状态工作时，RT的阻值为RT=34Ω，R0、RT串联，根据公式R=U2P可求总电阻，然后根据串联电阻的特点求出R0的阻值；
当RT的温度为130℃时，由图象可知，此时RT的阻值为100Ω，求出此时电路的总电阻，根据欧姆定律求出电路的电流，根据公式U=IR求出RT两端的电压，最后利用公式P=UI求出RT的实际功率。
本题考查了学生对欧姆定律的应用、电功的计算和的功率的计算，关键是从图中获取有效的信息。
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