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2020-2021学年广东省阳江市江城区九年级（上）期末物理试卷
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这是一份2020-2021学年广东省阳江市江城区九年级（上）期末物理试卷，共26页。
2020-2021学年广东省阳江市江城区九年级（上）期末物理试卷
1. 下列说法中正确的是( )
A. 机械效率高的机械，做功就越多 B. 功率大的机械，做功就越多
C. 功率大的机械，做功就越快 D. 功率小的机械，其机械效率越低
2. 如图所示为小明同学做挺举连续动作的几个状态图，下列说法不正确的是( )
A. 小明同学从准备状态发力到上拉状态过程中对杠铃做了功
B. 小明同学从上拉状态发力到上挺状态过程中对杠铃做了功
C. 小明同学从上挺状态发力到站立状态过程中对杠铃做了功
D. 小明同学在站立状态过程中对杠铃做了功
3. 2020年12月20日在阳江海陵岛举行“跑遍中国，幸福广东”马拉松，图甲是航拍镜头，该图片是由一款我国具有完全自主知识产权的大疆无人机(图乙)。在无人机匀速下降的过程中，对其分析正确的是( )
A. 动能增大 B. 动能减小 C. 重力势能减少 D. 机械能不变
4. 下列说法中正确的是( )
A. 0℃的水内能为零
B. 物体温度越高，含有热量越多
C. 物体吸收热量，内能变大，温度一定升高
D. 改变物体内能有做功和热传递两种方式
5. 如图所示电路中，不是并联电路的是( )
A. B. C. D.
6. 如图所示电路中，闭合开关，在滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，下列判断正确的是( )
A. 电流表的示数变大 B. 电压表的示数变大
C. 小灯泡L亮度变亮 D. 该电路的总功率是变大
7. 如图甲所示，电源电压保持不变，电阻R1=5Ω，闭合开关S，电压表V1、V2的指针偏转情况完全相同，只是量程不同，如图乙所示。则下列说法错误的是( )
A. 电流表A的示数为0.3A B. 电阻R2的阻值为10Ω
C. 电阻R2的电功率为1.8W D. 10s内电阻R1产生的热量为4.5J
8. 在浙江绍兴市柯桥区华舍街道待驾桥花园小区内，一名只有14个月大的男孩被一块小砖头从天而降，不幸砸中头部，14个月大的宝宝已脑死亡。高空抛物被称为“悬在城市上空的痛”，关于高空物体的下落过程，不计空气阻力，是______ 能转化为巨大的______ 能，机械能总量______ 。(选填“增大”、“减小”、“不变”)
9. 小娴同学家新房装修时，在地面与窗台间放置一斜木板，将瓷砖沿木板从地面匀速拉上窗台。如图所示，小娴用8N的力把重10N的物体沿斜面从底端匀速拉到顶端，斜面长10m，高6m，所用时间为5s，则该斜面的有用功是______ J，斜面的机械效率是______ ，沿斜面所用拉力F做功的功率是______ W。
10. 在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量均为1kg的水和某种液体进行对比实验，并用图像对实验数据进行了处理，如图所示，实验过程中，水和某种液体在相同时间内放出的热量相等，分析图像可以得出：______ (选填“甲”或“乙”)物质是某种液体，水在0∼15min内放出的热量为______ J。某种液体的比热容为______ J/(kg⋅℃)。
11. 如图所示，要使灯L1、L2组成串联电路，则只闭合开关______ ；要使灯L1、L2组成并联电路，则只闭合开关______ ；当只闭合开关S2、S3时，电路中灯泡______ 被短路。
12. 如图所示，灯泡L1、L2的电阻分别为10Ω和20Ω。闭合开关S，则通过灯泡L1、L2的电流I1：I2=______ ；它们两端的电压U1：U2=______ ，灯泡L1、L2消耗的功率P1：P2=______ 。
13. 图甲图是电热水壶工作原理图，当开关S1、S2都闭合时，该电热水壶处于______ 档(填“低温”或“高温”)，用如图乙所示的电能表测量电热水壶正常工作时的电能，发现此电能表的表盘转过了250转，则这个电热水壶消耗的电能是______ kW⋅h，电热水壶是利用电流的______ 来工作的。
14. 如图甲所示的电路，开关闭合以后，将滑动变阻器的滑片从最左端移到最右端，得到电路中两个电压表的示数随电流变化的图像，如图乙所示。图乙中B是电压表______ 的示数随电流变化的图像，分析可知电源电压是______ V；滑动变阻器的最大阻值为______ Ω。
15. 如图所示，站在A处的小慧用一根绳子和滑轮组拉斜面的小车，请画出正确的绕线。
16. 如图是测量小灯泡发光时的电阻的电路图，请你补充完整。
17. 请用笔画线，将图中的亮度可调的台灯、开关和插座按照安全用电的原则接入家庭电路中，要求：S1(旋转开关)单独控制台灯。
18. 按要求填空。
(1)如图甲，在测量滑轮组机械效率的实验中，用图所示的装置匀速竖直向上把重为3N的重物提升了高度为0.1m；图中测力计拉力的示数如图甲所示，则此时拉力为______ N；此次实验中滑轮组的机械效率为______ 。
(2)如图乙，在“比较质量相等的不同燃料充分燃烧时放出的热量”实验中，通过观察比较______ (选填“加热时间长短”或“温度计升高的示数”)来比较燃料燃烧放出的热量多少；
(3)如图丙，在“探究物体的重力势能与哪些因素有关”的实验中，三个相同的木桩被从空中由静止释放的铁块撞击，陷入沙坑中的情况如图丙所示；在此实验中，研究对象是______ (选填“铁块”或“木桩”)，若A、B两铁块质量相等，则两铁块下落高度的大小关系是hA______ hB(选填“>”、“<”或“=”)；若A、C两铁块下落的高度相同，则两铁块质量的大小关系是mA______ mC(选填“>”、“<”或“=”)。
19. 在探究“并联电路中干路电流与各支路电流的关系”实验中，小云同学设计了如图甲所示的实验电路。
L1的电流
L2的电流
干路电流
0.34A
0.34A
0.68A
(1)在测量B点电流时，小云连接了如图乙所示的电路图，闭合开关前，他检查发现，若闭合开关，两只小灯泡______ (选填“发光”或“不发光”)，他发现这是该电路中，一根导线连接错误造成的。请在这根导线上打“×”，然后画出正确的连接位置；
(2)在连接实物电路时，开关应该______ (选填“断开”或“闭合”)；此时发现电流表的指针如图丙所示，产生这种现象的原因是：______ ；
(3)下表是小云同学在实验中换用两盏规格相同的小灯泡测得的实验数据。由实验数据小云同学得出的实验结论是：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，且各支路的电流相等。请指出小云的探究过程的两个不妥之处：①______ ；②______ 。
20. 小钓同学在做“测量小灯泡额定功率”的实验中，选用如图甲所示的器材和电路。其中电源电压为6V，小灯泡的额定电压为3.8V，滑动变阻器的铭牌上标有“20Ω1A”字样。
(1)请用笔画线代替导线将图甲的实验电路补充完整。(要求：滑动变阻器的滑片向右移动时通过电路的电流变大)
(2)闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电流表有示数，电压表无示数。若电路只有一处故障，则故障原因是______ 。
(3)排除故障后再次闭合开关，移动滑片直到电压表的示数为3.8V，此时电流表的示数如图乙所示，为______ A，小灯泡的额定功率为______ W。再调节滑动变阻器使电压表的示数达到3V，小灯泡发光较暗，此时小灯泡的实际功率______ (填“大于”、“小于”或“等于”)额定功率。
(4)同组的小崔同学还想探究“在电压一定时，电流与电阻的关系”，于是将图甲中的小灯泡换成三个阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω的定值电阻，其余连接均不改变。图丙是小崔根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像。由图像可知小崔将定值电阻R两端的电压控制为______ V不变。当定值电阻由5Ω换为10Ω时，为达到实验要求，滑动变阻器的滑片应向______ (填“左”或“右”)端移动。
21. 小诗敏家有台长城小汽车，该车以30m/s的速度沿水平路面匀速直线行驶时的输出功率为9×104W。(柴油的热值
(1)该车以30m/s的速度水平匀速直线行驶时所受的阻力是多少？
(2)该车以9×104W的恒定功率沿水平路面匀速直线行驶43min，则该车做的机械功？
(3)该车行驶43min，共消耗燃料柴油12kg，则车发动机的效率是多少？
22. 小梦珍同学发现家中电饭煲的铭牌信息模糊不清，如图表所示，简化电路图如图所示，当饭做好后电饭煲自动进入保温状态。
品牌
XXX牌电饭锅
额定电压
220V
加热功率
880W
保温功率
XXX
频率
50Hz
(1)根据电路图分析，开关都闭合时，电饭煲处于______ (选填“保温”或“加热”)状态；
(2)电饭煲加热时通过电路的电流是多少？发热电阻R1的阻值是多少？
(3)电饭煲保温时的电功率。
23. 小晶晶同学为了模拟研究汽车超速和超载带来的安全隐患，设计了实验装置如图1所示：将小车从斜面上高h处由静止释放，运动至木板上后与木块碰撞，通过改变小车释放时高度h、在小车中增加钩码和在木板上铺垫棉布的方法，得到了图2虚线框内的四个实验场景。
(1)在用来研究超载安全隐患时，应选用场景①和______ (选填“②”、“③”或“④”)进行实验；交通运输中，在速度相同情况下，汽车的______ 越大，其动能就越大，行驶时危险就越大，因此严禁汽车超载是减轻交通事故造成伤害的一个重要手段；
(2)在用来研究超速安全隐患时，应选用场景③和______ (选填“①”、“②”或“④”)进行实验；在质量相同情况下汽车的______ 越大，其动能就越大，行驶时危险就越大，因此严禁汽车超速是减轻交通事故造成伤害的另一个重要手段；
(3)在实验中，小车动能越大，发生碰撞时对木块所做的功就越______ ，木块被碰撞后在木板上滑行的距离越长。这是利用______ (“控制变量法”或“转换法”)研究方法来判断动能的大小。
24. 热机发明后，一直在持续的改进和发展中。
材料一：1769年，法国人居纽制造出蒸汽机推动的三轮汽车(图甲)，传统蒸汽机的燃料在气缸外部燃烧(图乙)。
材料二：1862年，法国人德罗夏提出内燃机(内燃指燃料在气缸内燃烧)的四冲程循环理论：①气缸的向外运动造成的真空将混合气体燃料吸入气缸；②通过气缸的向内运动对进入气缸里的燃料进行压缩；③高压燃烧气体产生巨大爆发力；④将已经燃烧的废气从气缸中排出。
材料三：1876年，德国人奥托制造出以四冲程为依据的燃气内燃机，利用飞轮的惯性使四冲程自动实现循环往复。
阅读上面材料，回答下列问题：
(1)传统蒸汽机的燃料在气缸______ 部燃烧；内燃机的燃料在气缸______ 部燃烧；
(2)图丙所示是将______ 能转化为______ 能。
(3)根据材料知道热机一个工作循环有四个冲程，请你判断图丁中表示的是______ 冲程；热机工作时用水而不用其他液体来做冷却剂，这是因为水的______ 。
(4)小锦同学阅读了某牌号汽车发动机的说明书后，将内燃机的能量流向制成如图戊所示的图表，请根据给出的信息，计算该内燃机输出的有用功为燃料释放热量的______ %。
25. 阳江尤鱼桥损坏严重，经查是经过车辆严重超载是造成的主要原因，因此限制车辆超载有着重要意义。小希设计了一个模拟超载报警装置，如图所示，模拟车辆放置在托盘内。已知电源电压恒定不变，报警器的阻值R0恒为10Ω，压敏电阻R固定放置，压敏电阻R的阻值与所受到的压力F变化的关系如下表所示。
压力F/N
0
10
20
30
40
…
电阻R/Ω
40
22
12
10
6
…
闭合开关S，托盘空载时，电流表的示数为0.2A；当模拟车辆重量逐渐增大，电流表示数达到0.5A时，报警器开始发出报警信号。托盘的质量忽略不计。求：
(1)由上表可知，压敏电阻R的阻值随着所受到的压力F减小而______ 。
(2)托盘空载时压敏电阻的阻值为______ Ω，电源电压为______ V。
(3)报警器刚好开始报警时，压敏电阻的阻值为______ Ω，压敏电阻的阻值所受的压力为______ N，电路消耗的总功率为______ W。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、机械效率等于有用功与总功的比值，反映了有用功在总功中所占比例的大小，所以机械效率高的机械，做功不一定越多，故A错误；
B、功率大的机械，做功不一定越多，因为做功的时间不明确，故B错误；
C、功率表示物体做功快慢的物理量，机械功率越大，则机械做功越快，故C正确；
D、功率和机械效率是两个不同的物理概念，二者没有必然的联系，故D错误。
故选：C。
(1)功等于力与力方向上的距离的乘积，即W=Fs；
(2)功率表示物体做功快慢的物理量，即P=Wt；
(3)机械效率等于有用功与总功的比值，反映了有用功在总功中所占比例的大小。
深入理解功、功率、机械效率的概念，是解答此题的关键。
2.【答案】D
【解析】解：
A、小明同学从准备状态发力到上拉状态过程中，小明对杠铃施加一个向上的力，杠铃向上移动了距离，所以小明对杠铃做了功，故A正确。
B、小明同学从上拉状态发力到上挺状态过程中，小明对杠铃施加一个向上的力，杠铃向上移动了距离，所以小明对杠铃做了功，故B正确。
C、小明同学从上挺状态发力到站立状态过程中，小明对杠铃施加一个向上的力，杠铃向上移动了距离，所以小明对杠铃做了功，故C正确。
D、小明同学在站立状态过程中，小明施加了力，但杠铃没移动距离，所以小明对杠铃不做功，故D错误。
故选：D。
做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可。
掌握做功的两个必要因素，有力有距离不一定做功，力对物体做功，一定是在该力的方向上移动了距离。
3.【答案】C
【解析】解：无人机匀速下降过程中，无人机的质量不变，高度减小，重力势能减少；速度不变，质量不变，其动能不变；无人机下降过程中，没有发生弹性形变，不具有弹性势能，所以机械能等于重力势能与动能的总和，重力势能减少，动能不变，其机械能减少，故C正确、ABD错误。
故选：C。
影响动能的因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能．在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，利用控制变量法能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。
4.【答案】D
【解析】解：A、一切物体的分子都在不停地做无规则运动，所以一切物体都具有内能，0℃的冰块内能不为零，故A错误；
B、热量是个过程量，只有发生热传递时说物体吸收或放出多少热量，不能说物体具有或含有多少热量，故B错误；
C、物体吸热时，内能增大，但温度可能不变，例如：晶体在熔化过程中虽然继续吸热，温度是不变的，故C错误；
D、改变物体内能有做功和热传递两种方式，故D正确。
故选：D。
(1)一切物体都具有内能；
(2)热量是个过程量，只能说物体吸收或放出多少热量，不能说物体具有或含有多少热量物体温度升高，内能不一定增加；
(3)物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化；
(4)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；做功是能量的转化，热传递是能量的转移。
本题考查学生对内能、热量的理解、以及改变内能的方式，难度不大。
5.【答案】A
【解析】解：
A、由图可知，该电路中电流的路径只有一条，为串联电路，故A符合题意；
BCD、三个电路中电流的路径有两条，分别经过两个灯泡，两个灯泡是并联的，故BCD不符合题意。
故选：A。
电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只与一条路径，各用电器之间首尾相接；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间并列连接。
解决此类电路问题的关键是根据串联和并联电路的特点进行判断。
6.【答案】B
【解析】解：图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压；
闭合开关，在滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小；根据U=IR可知，灯泡两端的电压变小，根据P=UI可知，灯泡的功率变小，灯泡变暗；根据串联电路的电压关系可知，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表示数变大，电源电压不变，根据P=UI可知，电路的总功率变小，故B正确，ACD错误。
故选：B。
由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压；根据滑片移动的方向判定滑动变阻器接入电路电阻的变化，根据欧姆定律判定电流的变化和灯泡两端电压的变化，根据串联电路的电压关系判定滑动变阻器两端电压的变化，根据P=UI判定总功率的变化。
本题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构、熟练应用串联电路特点、欧姆定律即可正确解题。
7.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测电源两端的电压，电流表测电路中的电流。
A、因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电压表V1、V2的指针偏转情况完全相同，
所以，电压表V1的量程为0∼3V，分度值为0.1A，R1两端的电压U1=1.5V，
电压表V2的量程为0∼15V，分度值为0.5A，电源的电压U=7.5V，
则R2两端的电压U2=U−U1=7.5V−1.5V=6V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电流表A的示数为：
I=U1R1=1.5V5Ω=0.3A，故A正确；
B、电阻R2的阻值为：
R2=U2I=6V0.3A=20Ω，故B错误；
C.电阻R2的电功率为：P2=U2I=6V×0.3A=1.8W，故C正确；
D.10s内电阻R1产生的热量为：Q1=I2R1t=(0.3A)2×5Ω×10s=4.5J，故D正确。
故选：B。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测电源两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据串联电路的电压特点结合电压表V1、V2的指针偏转情况完全相同确定两电压表的量程，根据分度值读出示数并求出R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电流表A的示数；
(2)根据欧姆定律求出电阻R1的阻值；
(3)利用P=UI求出电阻R2的电功率；
(4)根据Q=I2R求出10s内电阻R1产生的热量。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、焦耳定律的应用，分清两电压表的量程和读出对应的示数是关键。
8.【答案】重力势 动 不变
【解析】解：高空物体在下落过程中，不计空气阻力，机械能是守恒的；质量不变，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大，重力势能转化为动能。
故答案为：重力势；动；不变。
机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关。
结合机械能的概念(动能、重力势能概念)，根据题目的条件可分析出答案。
9.【答案】6075%16
【解析】解：
(1)拉力做的有用功：
；
(2)拉力做的总功：
，
斜面的机械效率：
；
(3)拉力做功的功率：
。
故答案为：60；75%；16。
(1)知道物体的重力大小、斜面的高度，利用W=Gh求拉力做的有用功；
(2)知道拉力大小、斜面长，利用W=Fs求出拉力做的总功，斜面的机械效率等于有用功与总功之比；
(3)知道所用时间，利用P=Wt求拉力做功的功率。
本题考查了使用斜面时有用功、总功、功率、机械效率的计算，明确有用功、额外功和总功的含义是关键。
10.【答案】乙 8.2×104 2.1×103
【解析】解：(1)时间相等时，两种液体放出的热量相等，由图示可以看出，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢，则甲的放热能力强，甲是水，乙是某种液体；
由图可知：液体的初温是60℃，放热15分钟后甲液体的末温是40℃，
(2)水放出的热量：；
(3)由图可知，相同时间内放出相同的热量，根据Q=cm△t可知，液体的比热容为：。
故答案为：乙；8.2×104；2.1×103。
(1)选同样的加热时间，甲和乙吸热相同，根据温度变化的多少判断，温度变化多的比热容小，温度变化少的比热容大，据此分析判断；
(2)根据可求出水放出的热量；
(3)根据放热公式求出某种液体的比热容。
本题考查了学生对放热公式的掌握和运用，能从温度-时间图像得出相关信息是本题的关键。
11.【答案】S3 S1、S2 L2
【解析】解：
(1)要使灯L1、L2组成串联电路，则电流从电源正极出发后先后依次经过两盏灯泡，由图知，应只闭合开关S3；
(2)要使灯L1、L2组成并联电路，则电流从电源正极出发后分别流经两盏灯泡，然后又汇合回到电源的负极，由图知，应闭合开关S1、S2；
(3)由图知，闭合开关S2、S3，导线直接连在了L2的两端，所以会造成L2被短路。
故答案为：S3；S1、S2；L2。
电流先后经过各个用电器的连接方法叫做串联；如果电流在某点出现分路，通过支路上的用电器后又在另一点汇合，再回到电源的负极，这种连接方式叫并联，如果将所有开关都闭合，则电流可不经过用电器，由正极出发，直接回到电源的负极，造成短路。根据题目中的开关组合，分析电流的流向，从而判断电路的连接情况。
此题考查了对动态电路的分析，通过开关的开合状态改变电路的连接方式，要掌握串联电路和并联电路的特点，同时考查了短路的概念。
12.【答案】2：1 1：1 2：1
【解析】解：由图可知：灯泡L1、L2并联；
根据并联电路两端的电压特点可知，两灯泡两端的电压相等，则U1：U2=1：1；
根据欧姆定律可得通过L1、L2的电流之比为：
I1：I2=U1R1：U2R2=U1U2×R2R1=11×20Ω10Ω=2：1；
两灯泡的功率之比为：
P1：P2=U1I1：U2I2=I1：I2=2：1。
故答案为：2：1；1：1；2：1。
根据并联电路两端的电压特点可知两灯泡并联时电压关系，根据欧姆定律可知通过两灯泡的电流关系，根据P=UI可知灯泡L1、L2消耗的功率之比。
本题考查了并联电路的电流、电压特点、欧姆定律的应用以及电功率公式的应用，是一道基础题目。
13.【答案】高温 0.1热效应
【解析】解：(1)由图知，当开关S1、S2闭合时，R1和R2并联。此时电路的总电阻最小，由P=U2R可知，此时总功率最大，则该电暖器选用高温挡工作；
(2)2500r/(kW⋅h)表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转2500转，
则转盘转250转，电饭煲消耗的电能：
W=250r2500r/(kW⋅h)=0.1kW⋅h，
(3)电热水壶工作时把电能转化为内能，是利用电流热效应工作的。
故答案为：高温；0.1；热效应。
(1)由图知，当开关S1、S2闭合时，R1和R2并联。根据P=U2R分析高档、抵挡；
(2)2500r/(kW⋅h)表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转2500转，据此求出转盘转250转消耗的电能；
(3)电流流过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应。
本题考查了消耗电能的计算和电流的热效应在生活中的应用实例，明确电能表相关参数的含义是关键。
14.【答案】V 9 20
【解析】解：由电路图可知，电压表V测电源两端电压，电压表V1测定值电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压；
电源电压不变，电压表V的示数不随电路电流变化，由图像可知，图线B是电压表V的示数随电流变化的图像，由图像可知，电源电压是9V；
由电路图可知，滑片从最左端移到最右端的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大，滑动变阻器两端电压变大，与滑动变阻器串联的定值电阻两端电压减小，电压表V2示数变大，电压表电压表V1示数变小，电路总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流减小，由此可知，在此过程中，电路电流减小，滑动变阻器两端电压增大，电压表电压表V2示数变大，电压表电压表V1示数变小，由图乙所示图像可知，图像A是电压表V2的示数随电流变化关系图像；
由图像可知，滑动变阻器阻值全部接入电路时，滑动变阻器两端电压为6V，电路电流为0.3A，
根据I=UR知滑动变阻器的最大阻值：
R=UI=6V0.3A=20Ω。
故答案为：V；9；20。
由电路图可知，两电阻串联，电压表V测电源两端电压，电压表V1测定值电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压；根据滑片移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用串联电路特点与欧姆定律分析答题。
本题考查了求电源电压、求滑动变阻器最大阻值等问题，分析清楚电路结构、应用串联电路特点、分析清楚图像特点、应用欧姆定律即可正确解题。
15.【答案】解：由图可知，小慧站在A处用一根绳子和滑轮组拉斜面的小车，相当于人站在地面上，拉力方向向下，所以从人的手开始，先绕过定滑轮，然后再依次绕过动滑轮和定滑轮的框架钩，如图所示：
【解析】在使用滑轮组提升重物时，既要考虑到它的省力情况，还应注意动力的施力方向。
此题主要考查滑轮组承担物重绳子股数，滑轮组的绕线方法不同，拉力的方向不同，达到省力程度也不同。
16.【答案】解：测量小灯泡发光时的电阻，图中有电流表，且电流表串联在电路中，需要补充一个电压表和一个滑动变阻器；电压表并联在灯泡两端，滑动变阻器与灯泡串联，如图所示：
【解析】由欧姆定律可知，要想测量小灯泡发光时的电阻，需要电压表，电流表和一个滑动变阻器，据此解答。
本题考查电路图及元件符号的画法，关键是明白电路中各个用电器的连接情况，画电路图是整个初中物理的难点也是重点，并且是中考必考内容。
17.【答案】解：据题目可知，此时变阻器必须与台灯串联，从安全用电的角度分析，S1(旋转开关)单独控制台灯，则S1应与台灯、滑动变阻器串联，三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。如下图：
【解析】(1)因为是亮度可调的台灯，此时变阻器必须与台灯串联：火线首先进入开关，再进入灯泡、滑动变阻器。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
18.【答案】1.662.5%温度计升高的示数 铁块 <<
【解析】解：(1)测力计分度值为0.2N，则此时拉力的测量值为1.6N；此次实验中滑轮组的机械效率为：；
(2)为了比较不同燃料燃烧时放出热量，要选择不同燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而来比较燃料燃烧放出的热量多少；
(3)在此实验中，铁块的重力势能转化为木桩的动能，故研究对象是铁块；铁块的重力势能就越大，说明木桩获得的能量就越多，木桩陷入沙坑越深；
根据观察图像可知B撞击木桩陷入沙坑的深度大，说明B重力势能大，若A、B两铁块质量相等，则A下落的高度小于B；若A、C两铁块下落的高度相等，C撞击木桩陷入沙坑的深度大，则铁块A的质量小于C的质量。
故答案为：(1)1.6；62.5%；(2)温度计升高的示数；(3)铁块；<；<。
(1)根据测力计分度值读出拉力的测量值；根据表中数据，由求出此次实验中滑轮组的机械效率；
(2)为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小；
(3)本题是把铁块的重力势能转化成木桩陷进沙坑的深度来比较各铁块重力势能的大小的，这种研究问题的方法叫转换法；重力势能的大小与物体的质量，物体被举起的高度有关，当高度相同时，物体的质量越大，重力势能越大；当质量相同时，物体被举得越高，重力势能越大，结合图像进行分析判断。
本题主要考查滑轮组的机械效率的计算、探究势能的大小影响因素、比较燃料燃烧放出热量的多，难度不大，基础题目。
19.【答案】不发光 断开 电流表没有调零 使用两盏规格相同的小灯泡 做了一次实验，结论具有偶然性
【解析】解：(1)在测量B点电流时，小云连接了如图乙所示的电路图，闭合开关前，他检查发现，若闭合开关，则将电源两极直接用导线连接起来了，两只小灯泡不发光；
根据要求，两灯并联，电流表与灯L2串联，改正后如下所示：
(2)在连接实物电路时，为保护电路，开关应该断开；此时发现电流表的指针如图丙所示，产生这种现象的原因是：电流表没有调零；
(3)为得出普遍性的结论，要换用不同规格的灯泡多次测量。小云同学得出的实验结论是：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，且各支路的电流相等，两个不妥之处：①使用两盏规格相同的小灯泡； ②做了一次实验，结论具有偶然性。
故答案为：(1)不发光；如上图所示；
(2)断开；
(3)电流表没有调零；
(3)①使用两盏规格相同的小灯泡；②做了一次实验，结论具有偶然性。
(1)分析原电路的连接，找出存在的问题，据此回答；
两灯并联，电流表与待测电路串联，据此改正；
(2)在连接实物电路时，为保护电路，开关应该断开；电流表使用前要调零；
(3)用归纳法得出普遍性的结论，一要选用的样本有代表性，二要数量足够多。
本题探究“并联电路中干路电流与各支路电流的关系”实验，考查电路分析、电路的连接、注意事项和归纳法的运用。
20.【答案】小灯泡短路 0.31.14小于 3 左
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片向右移动时通过电路的电流变大，故应将滑动变阻器B接线柱与开关串联，如下图所示：
(2)电流表有示数，说明电路已经接通，小灯泡始终不发光，电压表无示数，故障可能为小灯泡短路；
(3)电流表所用“0−0.6A”的量程，分度值为0.02A，示数为0.3A；
小灯泡的额定功率为：P=UI=3.8V×0.3A=1.14W；
小灯泡的额定电压为3.8V，电压表测量小灯泡的电压，此时小灯泡的电压为3V，小于额定电压，且小灯泡发光较暗，此时小灯泡的实际功率小于额定功率；
(4)由图像可知小崔将定值电阻R两端的电压控制为：U=IR=0.6A×5Ω=0.3A×10Ω=0.2A×15Ω=3V；
串联电路中，元件的电阻越大，元件所分的电压越大，当定值电阻由5Ω换为10Ω时，定值电阻的电压会大于3V，为达到实验要求，应让灯泡的电压变小，让滑动变阻器的电压变大，让滑动变阻器的电阻变大，滑动变阻器的滑片应向左端移动。
故答案为：(1)如上图所示；(2)小灯炮短路；(3)0.3；1.14；小于；(4)3；左。
(1)滑动变阻器的滑片向右移动时通过电路的电流变大，据此分析；
(2)电流表有示数，说明电路已经接通，再根据小灯泡始终不发光，电压表无示数分析可能的故障；
(3)看清电流表所选的量程及分度值，再读数；
小灯泡的额定电压为3.8V，且已知此时的电流，根据P=UI计算额定功率；
小灯泡的亮暗情况由实际功率决定，实际功率越大，灯泡越亮；
(4)从图丙找出对应的电流和电压值，根据U=IR计算电压；根据串联电路中，元件的电阻越大，元件所分的电压越大，分析滑片的移动方向。
本题考查“测量小灯泡额定功率”的实验，重点考查了电路图的连接、电路故障分析、电功率的计算等问题。
21.【答案】解：(1)因该车水平匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，由公式P=Wt=Fst=Fv可得，该车受到的阻力：
f=F=Pv=9×104W30m/s=3×103N；
(2)该车行驶时间即为发动机做功时间：
t=43min=2580s，
该车做的机械功：
W=Pt=9×104W×2580s=2.322×108J；
(3)消耗的柴油完全燃烧释放的热量：
，
该车发动机的效率：
。
答：(1)该车所受的阻力是3×103N；
(2)该车做的机械功为2.322×108J；
(3)该车发动机的效率是45%。
【解析】(1)该车水平匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，据此根据公式P=Wt=Fst=Fv求出该车受到的阻力；
(2)已知输出功率和行驶时间，根据公式W=Pt可求出该车做的机械功；
(3)已知消耗柴油的质量和柴油的热值，根据公式求出消耗的柴油完全燃烧释放的热量，利用公式即可求出该车发动机的效率。
本题主要考查了功率公式、做功公式、燃料完全燃烧释放热量公式、效率公式以及二力平衡条件的应用等，涉及到的知识点较多，有一定的难度。
22.【答案】加热
【解析】解：(1)由图知，当开关断开时，R1、R2串联，电路的总电阻最大，由P=U2R可知，此时电饭煲处于保温状态。
当开关都闭合时，R2被短路，电路中只有R1接入电路，由P=U2R可知，此时电饭煲处于加热状态。
(2)当开关闭合时，R2被短路，电路中只有R1接入电路，此时电饭煲处于加热状态，
由P=UI可得，电饭煲加热时通过电路的电流，
由P=U2R可得，R1的阻值：
，
(3)处于保温状态时，电路中的电阻为：，
则电饭煲的保温功率为：；
答：(1)加热；
(2)电饭煲加热时通过电路的电流是4A；发热电阻R1的阻值是55Ω；
(3)电饭煲保温时的电功率为80W。
(1)由电路图可知，S断开时，R1、R2串联，电路的总电阻最大；当开关闭合时，R2被短路，电路中只有R1接入电路，根据P=U2R可知电饭煲所处的状态；
(2)当开关闭合时，R2被短路，电路中只有R1接入电路，此时电饭煲处于加热状态，由P=UI可求得电饭煲加热时通过电路的电流，根据P=U2R公式变形求出R1的阻值；
(3)根据串联电路电阻特点和P=U2R可求出电饭煲保温时的功率。
此题主要考查的是学生对电路结构分析、电功率、电功公式的理解和掌握，综合性很强，有一定难度。
23.【答案】③ 质量 ④ 速度 多 转换法
【解析】解：(1)在用来研究超载安全隐患时，即要探究小车动能与质量的关系，应控制速度相同，让两质量不相同小车分别从同一斜面同高度由静止滑下，故应选场景①和③；
交通运输中，在速度相同情况下，汽车的质量越大，其动能就越大，行驶时危险就越大，因此严禁汽车超载是减轻交通事故造成伤害的一个重要手段；
(2)在用来研究超速安全隐患时，应探究小车动能与速度的关系，只改变小车的速度大小(小车从不同的高度由静止自由滑下)，控制小车的质量不变，应选用场景③和④进行实验；
在质量相同情况下，汽车的速度越大，其动能就越大，行驶时危险就越大，因此严禁汽车超速是减轻交通事故造成伤害的另一个重要手段；
(3)在实验中，小车动能越大，发生碰撞时对木块所做的功就越多，木块被碰撞后在木板上滑行的距离越长，这是利用转换法研究方法来判断动能的大小。
故答案为：(1)③；质量；(2)④；速度；(3)多；转换法。
(1)(2)动能大小与物体的质量和速度有关(质量相同时，速度越大，动能越大；速度相同时，质量越大，动能越大)；研究动能大小与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
(3)若一个物体能够对外做功，我们就说该物体具有能量，在实验中我们一般将物体具有能量的多少转化为其能对外做功的多少，故此实验把物体具有动能的大小转换为木块被撞击后滑动的距离，距离越远表明小车的动能越大，运用了转换法。
本题模拟研究汽车超速和超载带来的安全隐患，考查影响动能大小的因素、控制变量法和转换法的运用，对学生有一定的教育意义。
24.【答案】外 内 机械 内 做功 比热容大 32
【解析】解：(1)传统蒸汽机的燃料在气缸外部燃烧，内燃机的燃料在气缸内燃烧；
(2)用力将活塞压下，我们会看到：棉絮燃烧了；因为用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，是机械能转化为内能；
(3)根据图丙可知，进气门关闭，排气门关闭，火花塞点燃，活塞下行，因此该冲程为做功冲程；因为水的比热容大，质量一定时，升高相同的温度时，吸收的热量多，温度升高的慢，故可以用水来降低汽缸体的温度；
(4)由图可知，有用功的能量：100%−33%−30%−5%=32%，所以该内燃机输出的有用功为燃料释放热量的32%。
故答案为：(1)外；内；(2)机械；内；(3)做功；比热容大； (4)32。
(1)传统蒸汽机的燃料在气缸外部燃烧，内燃指燃料在气缸内燃烧；
(2)改变物体内能的方式有热传递和做功两种；
(3)根据气门的状态、活塞运行的情况判断是什么冲程；在做功冲程中，能量转化是内能转化为机械能；水的比热容较大，质量相同的水和其它液体相比较，升高相同的温度时，吸收的热量多；吸收或放出相同的热量时，温度变化较小，因此常用来做冷却剂、取暖剂等；
(4)由能流图得出转化为有用功的能量占总能量的比值，得出内燃机的效率。
本题考查热机的了解汽油机的冲程、水的比热容的特点，内燃机能流图的了解与掌握，是一道综合性题目。
25.【答案】增大 40 10 10 30 5
【解析】解：(1)由表格数据可知，压敏电阻R的阻值随着所受到的压力F增大而减小；
(2)由表格数据可知，当踏板空载时(F=0N)，压力传感器的电阻为R=40Ω，已知R0=10Ω，
电源电压为：U=I(R+R0)=0.2A×(40Ω+10Ω)=10V；
(3)电流表示数达到0.5A时，报警器开始发出报警信号，
根据欧姆定律I=UR知，
总电阻为：，
此时压力传感器的电阻为：
；
由表格数据知压敏电阻所受到的压力F为30N；
电路消耗的总功率为：P=UI=10V×0.5A=5W。
答故答案为：(1)增大；(2)40；10；(3)10；30；5。
(1)由表格数据判断出压敏电阻R的阻值与所受到的压力F的关系；
(2)当踏板空载时，压力传感器的电阻为40Ω，闭合开关时，压力传感器和报警器串联，根据欧姆定律求出电流，再求出电源电压；
(3)电流表示数达到0.5A时，报警器开始发出报警信号，根据欧姆定律求出总电阻，再求出压力传感器的电阻，由表格数据得出压敏电阻的阻值所受的压力；根据P=UI算出电路消耗的总功率。
本题中主要考查了欧姆定律、电功率公式、串联电路的特点等，具有一定的综合性，理解表格数据和这一装置的工作原理，是解决此题的前提，对我们分析题意的能力要求较高。
2020-2021学年广东省阳江市江城区九年级（上）期末物理试卷
1. 下列说法中正确的是( )
A. 机械效率高的机械，做功就越多 B. 功率大的机械，做功就越多
C. 功率大的机械，做功就越快 D. 功率小的机械，其机械效率越低
2. 如图所示为小明同学做挺举连续动作的几个状态图，下列说法不正确的是( )
A. 小明同学从准备状态发力到上拉状态过程中对杠铃做了功
B. 小明同学从上拉状态发力到上挺状态过程中对杠铃做了功
C. 小明同学从上挺状态发力到站立状态过程中对杠铃做了功
D. 小明同学在站立状态过程中对杠铃做了功
3. 2020年12月20日在阳江海陵岛举行“跑遍中国，幸福广东”马拉松，图甲是航拍镜头，该图片是由一款我国具有完全自主知识产权的大疆无人机(图乙)。在无人机匀速下降的过程中，对其分析正确的是( )
A. 动能增大 B. 动能减小 C. 重力势能减少 D. 机械能不变
4. 下列说法中正确的是( )
A. 0℃的水内能为零
B. 物体温度越高，含有热量越多
C. 物体吸收热量，内能变大，温度一定升高
D. 改变物体内能有做功和热传递两种方式
5. 如图所示电路中，不是并联电路的是( )
A. B. C. D.
6. 如图所示电路中，闭合开关，在滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，下列判断正确的是( )
A. 电流表的示数变大 B. 电压表的示数变大
C. 小灯泡L亮度变亮 D. 该电路的总功率是变大
7. 如图甲所示，电源电压保持不变，电阻R1=5Ω，闭合开关S，电压表V1、V2的指针偏转情况完全相同，只是量程不同，如图乙所示。则下列说法错误的是( )
A. 电流表A的示数为0.3A B. 电阻R2的阻值为10Ω
C. 电阻R2的电功率为1.8W D. 10s内电阻R1产生的热量为4.5J
8. 在浙江绍兴市柯桥区华舍街道待驾桥花园小区内，一名只有14个月大的男孩被一块小砖头从天而降，不幸砸中头部，14个月大的宝宝已脑死亡。高空抛物被称为“悬在城市上空的痛”，关于高空物体的下落过程，不计空气阻力，是______ 能转化为巨大的______ 能，机械能总量______ 。(选填“增大”、“减小”、“不变”)
9. 小娴同学家新房装修时，在地面与窗台间放置一斜木板，将瓷砖沿木板从地面匀速拉上窗台。如图所示，小娴用8N的力把重10N的物体沿斜面从底端匀速拉到顶端，斜面长10m，高6m，所用时间为5s，则该斜面的有用功是______ J，斜面的机械效率是______ ，沿斜面所用拉力F做功的功率是______ W。
10. 在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量均为1kg的水和某种液体进行对比实验，并用图像对实验数据进行了处理，如图所示，实验过程中，水和某种液体在相同时间内放出的热量相等，分析图像可以得出：______ (选填“甲”或“乙”)物质是某种液体，水在0∼15min内放出的热量为______ J。某种液体的比热容为______ J/(kg⋅℃)。
11. 如图所示，要使灯L1、L2组成串联电路，则只闭合开关______ ；要使灯L1、L2组成并联电路，则只闭合开关______ ；当只闭合开关S2、S3时，电路中灯泡______ 被短路。
12. 如图所示，灯泡L1、L2的电阻分别为10Ω和20Ω。闭合开关S，则通过灯泡L1、L2的电流I1：I2=______ ；它们两端的电压U1：U2=______ ，灯泡L1、L2消耗的功率P1：P2=______ 。
13. 图甲图是电热水壶工作原理图，当开关S1、S2都闭合时，该电热水壶处于______ 档(填“低温”或“高温”)，用如图乙所示的电能表测量电热水壶正常工作时的电能，发现此电能表的表盘转过了250转，则这个电热水壶消耗的电能是______ kW⋅h，电热水壶是利用电流的______ 来工作的。
14. 如图甲所示的电路，开关闭合以后，将滑动变阻器的滑片从最左端移到最右端，得到电路中两个电压表的示数随电流变化的图像，如图乙所示。图乙中B是电压表______ 的示数随电流变化的图像，分析可知电源电压是______ V；滑动变阻器的最大阻值为______ Ω。
15. 如图所示，站在A处的小慧用一根绳子和滑轮组拉斜面的小车，请画出正确的绕线。
16. 如图是测量小灯泡发光时的电阻的电路图，请你补充完整。
17. 请用笔画线，将图中的亮度可调的台灯、开关和插座按照安全用电的原则接入家庭电路中，要求：S1(旋转开关)单独控制台灯。
18. 按要求填空。
(1)如图甲，在测量滑轮组机械效率的实验中，用图所示的装置匀速竖直向上把重为3N的重物提升了高度为0.1m；图中测力计拉力的示数如图甲所示，则此时拉力为______ N；此次实验中滑轮组的机械效率为______ 。
(2)如图乙，在“比较质量相等的不同燃料充分燃烧时放出的热量”实验中，通过观察比较______ (选填“加热时间长短”或“温度计升高的示数”)来比较燃料燃烧放出的热量多少；
(3)如图丙，在“探究物体的重力势能与哪些因素有关”的实验中，三个相同的木桩被从空中由静止释放的铁块撞击，陷入沙坑中的情况如图丙所示；在此实验中，研究对象是______ (选填“铁块”或“木桩”)，若A、B两铁块质量相等，则两铁块下落高度的大小关系是hA______ hB(选填“>”、“<”或“=”)；若A、C两铁块下落的高度相同，则两铁块质量的大小关系是mA______ mC(选填“>”、“<”或“=”)。
19. 在探究“并联电路中干路电流与各支路电流的关系”实验中，小云同学设计了如图甲所示的实验电路。
L1的电流
L2的电流
干路电流
0.34A
0.34A
0.68A
(1)在测量B点电流时，小云连接了如图乙所示的电路图，闭合开关前，他检查发现，若闭合开关，两只小灯泡______ (选填“发光”或“不发光”)，他发现这是该电路中，一根导线连接错误造成的。请在这根导线上打“×”，然后画出正确的连接位置；
(2)在连接实物电路时，开关应该______ (选填“断开”或“闭合”)；此时发现电流表的指针如图丙所示，产生这种现象的原因是：______ ；
(3)下表是小云同学在实验中换用两盏规格相同的小灯泡测得的实验数据。由实验数据小云同学得出的实验结论是：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，且各支路的电流相等。请指出小云的探究过程的两个不妥之处：①______ ；②______ 。
20. 小钓同学在做“测量小灯泡额定功率”的实验中，选用如图甲所示的器材和电路。其中电源电压为6V，小灯泡的额定电压为3.8V，滑动变阻器的铭牌上标有“20Ω1A”字样。
(1)请用笔画线代替导线将图甲的实验电路补充完整。(要求：滑动变阻器的滑片向右移动时通过电路的电流变大)
(2)闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电流表有示数，电压表无示数。若电路只有一处故障，则故障原因是______ 。
(3)排除故障后再次闭合开关，移动滑片直到电压表的示数为3.8V，此时电流表的示数如图乙所示，为______ A，小灯泡的额定功率为______ W。再调节滑动变阻器使电压表的示数达到3V，小灯泡发光较暗，此时小灯泡的实际功率______ (填“大于”、“小于”或“等于”)额定功率。
(4)同组的小崔同学还想探究“在电压一定时，电流与电阻的关系”，于是将图甲中的小灯泡换成三个阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω的定值电阻，其余连接均不改变。图丙是小崔根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R变化的图像。由图像可知小崔将定值电阻R两端的电压控制为______ V不变。当定值电阻由5Ω换为10Ω时，为达到实验要求，滑动变阻器的滑片应向______ (填“左”或“右”)端移动。
21. 小诗敏家有台长城小汽车，该车以30m/s的速度沿水平路面匀速直线行驶时的输出功率为9×104W。(柴油的热值
(1)该车以30m/s的速度水平匀速直线行驶时所受的阻力是多少？
(2)该车以9×104W的恒定功率沿水平路面匀速直线行驶43min，则该车做的机械功？
(3)该车行驶43min，共消耗燃料柴油12kg，则车发动机的效率是多少？
22. 小梦珍同学发现家中电饭煲的铭牌信息模糊不清，如图表所示，简化电路图如图所示，当饭做好后电饭煲自动进入保温状态。
品牌
XXX牌电饭锅
额定电压
220V
加热功率
880W
保温功率
XXX
频率
50Hz
(1)根据电路图分析，开关都闭合时，电饭煲处于______ (选填“保温”或“加热”)状态；
(2)电饭煲加热时通过电路的电流是多少？发热电阻R1的阻值是多少？
(3)电饭煲保温时的电功率。
23. 小晶晶同学为了模拟研究汽车超速和超载带来的安全隐患，设计了实验装置如图1所示：将小车从斜面上高h处由静止释放，运动至木板上后与木块碰撞，通过改变小车释放时高度h、在小车中增加钩码和在木板上铺垫棉布的方法，得到了图2虚线框内的四个实验场景。
(1)在用来研究超载安全隐患时，应选用场景①和______ (选填“②”、“③”或“④”)进行实验；交通运输中，在速度相同情况下，汽车的______ 越大，其动能就越大，行驶时危险就越大，因此严禁汽车超载是减轻交通事故造成伤害的一个重要手段；
(2)在用来研究超速安全隐患时，应选用场景③和______ (选填“①”、“②”或“④”)进行实验；在质量相同情况下汽车的______ 越大，其动能就越大，行驶时危险就越大，因此严禁汽车超速是减轻交通事故造成伤害的另一个重要手段；
(3)在实验中，小车动能越大，发生碰撞时对木块所做的功就越______ ，木块被碰撞后在木板上滑行的距离越长。这是利用______ (“控制变量法”或“转换法”)研究方法来判断动能的大小。
24. 热机发明后，一直在持续的改进和发展中。
材料一：1769年，法国人居纽制造出蒸汽机推动的三轮汽车(图甲)，传统蒸汽机的燃料在气缸外部燃烧(图乙)。
材料二：1862年，法国人德罗夏提出内燃机(内燃指燃料在气缸内燃烧)的四冲程循环理论：①气缸的向外运动造成的真空将混合气体燃料吸入气缸；②通过气缸的向内运动对进入气缸里的燃料进行压缩；③高压燃烧气体产生巨大爆发力；④将已经燃烧的废气从气缸中排出。
材料三：1876年，德国人奥托制造出以四冲程为依据的燃气内燃机，利用飞轮的惯性使四冲程自动实现循环往复。
阅读上面材料，回答下列问题：
(1)传统蒸汽机的燃料在气缸______ 部燃烧；内燃机的燃料在气缸______ 部燃烧；
(2)图丙所示是将______ 能转化为______ 能。
(3)根据材料知道热机一个工作循环有四个冲程，请你判断图丁中表示的是______ 冲程；热机工作时用水而不用其他液体来做冷却剂，这是因为水的______ 。
(4)小锦同学阅读了某牌号汽车发动机的说明书后，将内燃机的能量流向制成如图戊所示的图表，请根据给出的信息，计算该内燃机输出的有用功为燃料释放热量的______ %。
25. 阳江尤鱼桥损坏严重，经查是经过车辆严重超载是造成的主要原因，因此限制车辆超载有着重要意义。小希设计了一个模拟超载报警装置，如图所示，模拟车辆放置在托盘内。已知电源电压恒定不变，报警器的阻值R0恒为10Ω，压敏电阻R固定放置，压敏电阻R的阻值与所受到的压力F变化的关系如下表所示。
压力F/N
0
10
20
30
40
…
电阻R/Ω
40
22
12
10
6
…
闭合开关S，托盘空载时，电流表的示数为0.2A；当模拟车辆重量逐渐增大，电流表示数达到0.5A时，报警器开始发出报警信号。托盘的质量忽略不计。求：
(1)由上表可知，压敏电阻R的阻值随着所受到的压力F减小而______ 。
(2)托盘空载时压敏电阻的阻值为______ Ω，电源电压为______ V。
(3)报警器刚好开始报警时，压敏电阻的阻值为______ Ω，压敏电阻的阻值所受的压力为______ N，电路消耗的总功率为______ W。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、机械效率等于有用功与总功的比值，反映了有用功在总功中所占比例的大小，所以机械效率高的机械，做功不一定越多，故A错误；
B、功率大的机械，做功不一定越多，因为做功的时间不明确，故B错误；
C、功率表示物体做功快慢的物理量，机械功率越大，则机械做功越快，故C正确；
D、功率和机械效率是两个不同的物理概念，二者没有必然的联系，故D错误。
故选：C。
(1)功等于力与力方向上的距离的乘积，即W=Fs；
(2)功率表示物体做功快慢的物理量，即P=Wt；
(3)机械效率等于有用功与总功的比值，反映了有用功在总功中所占比例的大小。
深入理解功、功率、机械效率的概念，是解答此题的关键。
2.【答案】D
【解析】解：
A、小明同学从准备状态发力到上拉状态过程中，小明对杠铃施加一个向上的力，杠铃向上移动了距离，所以小明对杠铃做了功，故A正确。
B、小明同学从上拉状态发力到上挺状态过程中，小明对杠铃施加一个向上的力，杠铃向上移动了距离，所以小明对杠铃做了功，故B正确。
C、小明同学从上挺状态发力到站立状态过程中，小明对杠铃施加一个向上的力，杠铃向上移动了距离，所以小明对杠铃做了功，故C正确。
D、小明同学在站立状态过程中，小明施加了力，但杠铃没移动距离，所以小明对杠铃不做功，故D错误。
故选：D。
做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可。
掌握做功的两个必要因素，有力有距离不一定做功，力对物体做功，一定是在该力的方向上移动了距离。
3.【答案】C
【解析】解：无人机匀速下降过程中，无人机的质量不变，高度减小，重力势能减少；速度不变，质量不变，其动能不变；无人机下降过程中，没有发生弹性形变，不具有弹性势能，所以机械能等于重力势能与动能的总和，重力势能减少，动能不变，其机械能减少，故C正确、ABD错误。
故选：C。
影响动能的因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能．在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，利用控制变量法能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。
4.【答案】D
【解析】解：A、一切物体的分子都在不停地做无规则运动，所以一切物体都具有内能，0℃的冰块内能不为零，故A错误；
B、热量是个过程量，只有发生热传递时说物体吸收或放出多少热量，不能说物体具有或含有多少热量，故B错误；
C、物体吸热时，内能增大，但温度可能不变，例如：晶体在熔化过程中虽然继续吸热，温度是不变的，故C错误；
D、改变物体内能有做功和热传递两种方式，故D正确。
故选：D。
(1)一切物体都具有内能；
(2)热量是个过程量，只能说物体吸收或放出多少热量，不能说物体具有或含有多少热量物体温度升高，内能不一定增加；
(3)物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化；
(4)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；做功是能量的转化，热传递是能量的转移。
本题考查学生对内能、热量的理解、以及改变内能的方式，难度不大。
5.【答案】A
【解析】解：
A、由图可知，该电路中电流的路径只有一条，为串联电路，故A符合题意；
BCD、三个电路中电流的路径有两条，分别经过两个灯泡，两个灯泡是并联的，故BCD不符合题意。
故选：A。
电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只与一条路径，各用电器之间首尾相接；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间并列连接。
解决此类电路问题的关键是根据串联和并联电路的特点进行判断。
6.【答案】B
【解析】解：图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压；
闭合开关，在滑动变阻器滑片P向右滑动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小；根据U=IR可知，灯泡两端的电压变小，根据P=UI可知，灯泡的功率变小，灯泡变暗；根据串联电路的电压关系可知，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表示数变大，电源电压不变，根据P=UI可知，电路的总功率变小，故B正确，ACD错误。
故选：B。
由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压；根据滑片移动的方向判定滑动变阻器接入电路电阻的变化，根据欧姆定律判定电流的变化和灯泡两端电压的变化，根据串联电路的电压关系判定滑动变阻器两端电压的变化，根据P=UI判定总功率的变化。
本题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构、熟练应用串联电路特点、欧姆定律即可正确解题。
7.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测电源两端的电压，电流表测电路中的电流。
A、因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电压表V1、V2的指针偏转情况完全相同，
所以，电压表V1的量程为0∼3V，分度值为0.1A，R1两端的电压U1=1.5V，
电压表V2的量程为0∼15V，分度值为0.5A，电源的电压U=7.5V，
则R2两端的电压U2=U−U1=7.5V−1.5V=6V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电流表A的示数为：
I=U1R1=1.5V5Ω=0.3A，故A正确；
B、电阻R2的阻值为：
R2=U2I=6V0.3A=20Ω，故B错误；
C.电阻R2的电功率为：P2=U2I=6V×0.3A=1.8W，故C正确；
D.10s内电阻R1产生的热量为：Q1=I2R1t=(0.3A)2×5Ω×10s=4.5J，故D正确。
故选：B。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测电源两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据串联电路的电压特点结合电压表V1、V2的指针偏转情况完全相同确定两电压表的量程，根据分度值读出示数并求出R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电流表A的示数；
(2)根据欧姆定律求出电阻R1的阻值；
(3)利用P=UI求出电阻R2的电功率；
(4)根据Q=I2R求出10s内电阻R1产生的热量。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、焦耳定律的应用，分清两电压表的量程和读出对应的示数是关键。
8.【答案】重力势 动 不变
【解析】解：高空物体在下落过程中，不计空气阻力，机械能是守恒的；质量不变，高度减小，重力势能减小，速度变大，动能变大，重力势能转化为动能。
故答案为：重力势；动；不变。
机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关。
结合机械能的概念(动能、重力势能概念)，根据题目的条件可分析出答案。
9.【答案】6075%16
【解析】解：
(1)拉力做的有用功：
；
(2)拉力做的总功：
，
斜面的机械效率：
；
(3)拉力做功的功率：
。
故答案为：60；75%；16。
(1)知道物体的重力大小、斜面的高度，利用W=Gh求拉力做的有用功；
(2)知道拉力大小、斜面长，利用W=Fs求出拉力做的总功，斜面的机械效率等于有用功与总功之比；
(3)知道所用时间，利用P=Wt求拉力做功的功率。
本题考查了使用斜面时有用功、总功、功率、机械效率的计算，明确有用功、额外功和总功的含义是关键。
10.【答案】乙 8.2×104 2.1×103
【解析】解：(1)时间相等时，两种液体放出的热量相等，由图示可以看出，乙液体的温度降低的快，甲液体温度降低慢，则甲的放热能力强，甲是水，乙是某种液体；
由图可知：液体的初温是60℃，放热15分钟后甲液体的末温是40℃，
(2)水放出的热量：；
(3)由图可知，相同时间内放出相同的热量，根据Q=cm△t可知，液体的比热容为：。
故答案为：乙；8.2×104；2.1×103。
(1)选同样的加热时间，甲和乙吸热相同，根据温度变化的多少判断，温度变化多的比热容小，温度变化少的比热容大，据此分析判断；
(2)根据可求出水放出的热量；
(3)根据放热公式求出某种液体的比热容。
本题考查了学生对放热公式的掌握和运用，能从温度-时间图像得出相关信息是本题的关键。
11.【答案】S3 S1、S2 L2
【解析】解：
(1)要使灯L1、L2组成串联电路，则电流从电源正极出发后先后依次经过两盏灯泡，由图知，应只闭合开关S3；
(2)要使灯L1、L2组成并联电路，则电流从电源正极出发后分别流经两盏灯泡，然后又汇合回到电源的负极，由图知，应闭合开关S1、S2；
(3)由图知，闭合开关S2、S3，导线直接连在了L2的两端，所以会造成L2被短路。
故答案为：S3；S1、S2；L2。
电流先后经过各个用电器的连接方法叫做串联；如果电流在某点出现分路，通过支路上的用电器后又在另一点汇合，再回到电源的负极，这种连接方式叫并联，如果将所有开关都闭合，则电流可不经过用电器，由正极出发，直接回到电源的负极，造成短路。根据题目中的开关组合，分析电流的流向，从而判断电路的连接情况。
此题考查了对动态电路的分析，通过开关的开合状态改变电路的连接方式，要掌握串联电路和并联电路的特点，同时考查了短路的概念。
12.【答案】2：1 1：1 2：1
【解析】解：由图可知：灯泡L1、L2并联；
根据并联电路两端的电压特点可知，两灯泡两端的电压相等，则U1：U2=1：1；
根据欧姆定律可得通过L1、L2的电流之比为：
I1：I2=U1R1：U2R2=U1U2×R2R1=11×20Ω10Ω=2：1；
两灯泡的功率之比为：
P1：P2=U1I1：U2I2=I1：I2=2：1。
故答案为：2：1；1：1；2：1。
根据并联电路两端的电压特点可知两灯泡并联时电压关系，根据欧姆定律可知通过两灯泡的电流关系，根据P=UI可知灯泡L1、L2消耗的功率之比。
本题考查了并联电路的电流、电压特点、欧姆定律的应用以及电功率公式的应用，是一道基础题目。
13.【答案】高温 0.1热效应
【解析】解：(1)由图知，当开关S1、S2闭合时，R1和R2并联。此时电路的总电阻最小，由P=U2R可知，此时总功率最大，则该电暖器选用高温挡工作；
(2)2500r/(kW⋅h)表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转2500转，
则转盘转250转，电饭煲消耗的电能：
W=250r2500r/(kW⋅h)=0.1kW⋅h，
(3)电热水壶工作时把电能转化为内能，是利用电流热效应工作的。
故答案为：高温；0.1；热效应。
(1)由图知，当开关S1、S2闭合时，R1和R2并联。根据P=U2R分析高档、抵挡；
(2)2500r/(kW⋅h)表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转2500转，据此求出转盘转250转消耗的电能；
(3)电流流过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应。
本题考查了消耗电能的计算和电流的热效应在生活中的应用实例，明确电能表相关参数的含义是关键。
14.【答案】V 9 20
【解析】解：由电路图可知，电压表V测电源两端电压，电压表V1测定值电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压；
电源电压不变，电压表V的示数不随电路电流变化，由图像可知，图线B是电压表V的示数随电流变化的图像，由图像可知，电源电压是9V；
由电路图可知，滑片从最左端移到最右端的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大，滑动变阻器两端电压变大，与滑动变阻器串联的定值电阻两端电压减小，电压表V2示数变大，电压表电压表V1示数变小，电路总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流减小，由此可知，在此过程中，电路电流减小，滑动变阻器两端电压增大，电压表电压表V2示数变大，电压表电压表V1示数变小，由图乙所示图像可知，图像A是电压表V2的示数随电流变化关系图像；
由图像可知，滑动变阻器阻值全部接入电路时，滑动变阻器两端电压为6V，电路电流为0.3A，
根据I=UR知滑动变阻器的最大阻值：
R=UI=6V0.3A=20Ω。
故答案为：V；9；20。
由电路图可知，两电阻串联，电压表V测电源两端电压，电压表V1测定值电阻R1两端电压，电压表V2测滑动变阻器两端电压；根据滑片移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用串联电路特点与欧姆定律分析答题。
本题考查了求电源电压、求滑动变阻器最大阻值等问题，分析清楚电路结构、应用串联电路特点、分析清楚图像特点、应用欧姆定律即可正确解题。
15.【答案】解：由图可知，小慧站在A处用一根绳子和滑轮组拉斜面的小车，相当于人站在地面上，拉力方向向下，所以从人的手开始，先绕过定滑轮，然后再依次绕过动滑轮和定滑轮的框架钩，如图所示：
【解析】在使用滑轮组提升重物时，既要考虑到它的省力情况，还应注意动力的施力方向。
此题主要考查滑轮组承担物重绳子股数，滑轮组的绕线方法不同，拉力的方向不同，达到省力程度也不同。
16.【答案】解：测量小灯泡发光时的电阻，图中有电流表，且电流表串联在电路中，需要补充一个电压表和一个滑动变阻器；电压表并联在灯泡两端，滑动变阻器与灯泡串联，如图所示：
【解析】由欧姆定律可知，要想测量小灯泡发光时的电阻，需要电压表，电流表和一个滑动变阻器，据此解答。
本题考查电路图及元件符号的画法，关键是明白电路中各个用电器的连接情况，画电路图是整个初中物理的难点也是重点，并且是中考必考内容。
17.【答案】解：据题目可知，此时变阻器必须与台灯串联，从安全用电的角度分析，S1(旋转开关)单独控制台灯，则S1应与台灯、滑动变阻器串联，三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。如下图：
【解析】(1)因为是亮度可调的台灯，此时变阻器必须与台灯串联：火线首先进入开关，再进入灯泡、滑动变阻器。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
18.【答案】1.662.5%温度计升高的示数 铁块 <<
【解析】解：(1)测力计分度值为0.2N，则此时拉力的测量值为1.6N；此次实验中滑轮组的机械效率为：；
(2)为了比较不同燃料燃烧时放出热量，要选择不同燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而来比较燃料燃烧放出的热量多少；
(3)在此实验中，铁块的重力势能转化为木桩的动能，故研究对象是铁块；铁块的重力势能就越大，说明木桩获得的能量就越多，木桩陷入沙坑越深；
根据观察图像可知B撞击木桩陷入沙坑的深度大，说明B重力势能大，若A、B两铁块质量相等，则A下落的高度小于B；若A、C两铁块下落的高度相等，C撞击木桩陷入沙坑的深度大，则铁块A的质量小于C的质量。
故答案为：(1)1.6；62.5%；(2)温度计升高的示数；(3)铁块；<；<。
(1)根据测力计分度值读出拉力的测量值；根据表中数据，由求出此次实验中滑轮组的机械效率；
(2)为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小；
(3)本题是把铁块的重力势能转化成木桩陷进沙坑的深度来比较各铁块重力势能的大小的，这种研究问题的方法叫转换法；重力势能的大小与物体的质量，物体被举起的高度有关，当高度相同时，物体的质量越大，重力势能越大；当质量相同时，物体被举得越高，重力势能越大，结合图像进行分析判断。
本题主要考查滑轮组的机械效率的计算、探究势能的大小影响因素、比较燃料燃烧放出热量的多，难度不大，基础题目。
19.【答案】不发光 断开 电流表没有调零 使用两盏规格相同的小灯泡 做了一次实验，结论具有偶然性
【解析】解：(1)在测量B点电流时，小云连接了如图乙所示的电路图，闭合开关前，他检查发现，若闭合开关，则将电源两极直接用导线连接起来了，两只小灯泡不发光；
根据要求，两灯并联，电流表与灯L2串联，改正后如下所示：
(2)在连接实物电路时，为保护电路，开关应该断开；此时发现电流表的指针如图丙所示，产生这种现象的原因是：电流表没有调零；
(3)为得出普遍性的结论，要换用不同规格的灯泡多次测量。小云同学得出的实验结论是：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，且各支路的电流相等，两个不妥之处：①使用两盏规格相同的小灯泡； ②做了一次实验，结论具有偶然性。
故答案为：(1)不发光；如上图所示；
(2)断开；
(3)电流表没有调零；
(3)①使用两盏规格相同的小灯泡；②做了一次实验，结论具有偶然性。
(1)分析原电路的连接，找出存在的问题，据此回答；
两灯并联，电流表与待测电路串联，据此改正；
(2)在连接实物电路时，为保护电路，开关应该断开；电流表使用前要调零；
(3)用归纳法得出普遍性的结论，一要选用的样本有代表性，二要数量足够多。
本题探究“并联电路中干路电流与各支路电流的关系”实验，考查电路分析、电路的连接、注意事项和归纳法的运用。
20.【答案】小灯泡短路 0.31.14小于 3 左
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片向右移动时通过电路的电流变大，故应将滑动变阻器B接线柱与开关串联，如下图所示：
(2)电流表有示数，说明电路已经接通，小灯泡始终不发光，电压表无示数，故障可能为小灯泡短路；
(3)电流表所用“0−0.6A”的量程，分度值为0.02A，示数为0.3A；
小灯泡的额定功率为：P=UI=3.8V×0.3A=1.14W；
小灯泡的额定电压为3.8V，电压表测量小灯泡的电压，此时小灯泡的电压为3V，小于额定电压，且小灯泡发光较暗，此时小灯泡的实际功率小于额定功率；
(4)由图像可知小崔将定值电阻R两端的电压控制为：U=IR=0.6A×5Ω=0.3A×10Ω=0.2A×15Ω=3V；
串联电路中，元件的电阻越大，元件所分的电压越大，当定值电阻由5Ω换为10Ω时，定值电阻的电压会大于3V，为达到实验要求，应让灯泡的电压变小，让滑动变阻器的电压变大，让滑动变阻器的电阻变大，滑动变阻器的滑片应向左端移动。
故答案为：(1)如上图所示；(2)小灯炮短路；(3)0.3；1.14；小于；(4)3；左。
(1)滑动变阻器的滑片向右移动时通过电路的电流变大，据此分析；
(2)电流表有示数，说明电路已经接通，再根据小灯泡始终不发光，电压表无示数分析可能的故障；
(3)看清电流表所选的量程及分度值，再读数；
小灯泡的额定电压为3.8V，且已知此时的电流，根据P=UI计算额定功率；
小灯泡的亮暗情况由实际功率决定，实际功率越大，灯泡越亮；
(4)从图丙找出对应的电流和电压值，根据U=IR计算电压；根据串联电路中，元件的电阻越大，元件所分的电压越大，分析滑片的移动方向。
本题考查“测量小灯泡额定功率”的实验，重点考查了电路图的连接、电路故障分析、电功率的计算等问题。
21.【答案】解：(1)因该车水平匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，
所以，由公式P=Wt=Fst=Fv可得，该车受到的阻力：
f=F=Pv=9×104W30m/s=3×103N；
(2)该车行驶时间即为发动机做功时间：
t=43min=2580s，
该车做的机械功：
W=Pt=9×104W×2580s=2.322×108J；
(3)消耗的柴油完全燃烧释放的热量：
，
该车发动机的效率：
。
答：(1)该车所受的阻力是3×103N；
(2)该车做的机械功为2.322×108J；
(3)该车发动机的效率是45%。
【解析】(1)该车水平匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，据此根据公式P=Wt=Fst=Fv求出该车受到的阻力；
(2)已知输出功率和行驶时间，根据公式W=Pt可求出该车做的机械功；
(3)已知消耗柴油的质量和柴油的热值，根据公式求出消耗的柴油完全燃烧释放的热量，利用公式即可求出该车发动机的效率。
本题主要考查了功率公式、做功公式、燃料完全燃烧释放热量公式、效率公式以及二力平衡条件的应用等，涉及到的知识点较多，有一定的难度。
22.【答案】加热
【解析】解：(1)由图知，当开关断开时，R1、R2串联，电路的总电阻最大，由P=U2R可知，此时电饭煲处于保温状态。
当开关都闭合时，R2被短路，电路中只有R1接入电路，由P=U2R可知，此时电饭煲处于加热状态。
(2)当开关闭合时，R2被短路，电路中只有R1接入电路，此时电饭煲处于加热状态，
由P=UI可得，电饭煲加热时通过电路的电流，
由P=U2R可得，R1的阻值：
，
(3)处于保温状态时，电路中的电阻为：，
则电饭煲的保温功率为：；
答：(1)加热；
(2)电饭煲加热时通过电路的电流是4A；发热电阻R1的阻值是55Ω；
(3)电饭煲保温时的电功率为80W。
(1)由电路图可知，S断开时，R1、R2串联，电路的总电阻最大；当开关闭合时，R2被短路，电路中只有R1接入电路，根据P=U2R可知电饭煲所处的状态；
(2)当开关闭合时，R2被短路，电路中只有R1接入电路，此时电饭煲处于加热状态，由P=UI可求得电饭煲加热时通过电路的电流，根据P=U2R公式变形求出R1的阻值；
(3)根据串联电路电阻特点和P=U2R可求出电饭煲保温时的功率。
此题主要考查的是学生对电路结构分析、电功率、电功公式的理解和掌握，综合性很强，有一定难度。
23.【答案】③ 质量 ④ 速度 多 转换法
【解析】解：(1)在用来研究超载安全隐患时，即要探究小车动能与质量的关系，应控制速度相同，让两质量不相同小车分别从同一斜面同高度由静止滑下，故应选场景①和③；
交通运输中，在速度相同情况下，汽车的质量越大，其动能就越大，行驶时危险就越大，因此严禁汽车超载是减轻交通事故造成伤害的一个重要手段；
(2)在用来研究超速安全隐患时，应探究小车动能与速度的关系，只改变小车的速度大小(小车从不同的高度由静止自由滑下)，控制小车的质量不变，应选用场景③和④进行实验；
在质量相同情况下，汽车的速度越大，其动能就越大，行驶时危险就越大，因此严禁汽车超速是减轻交通事故造成伤害的另一个重要手段；
(3)在实验中，小车动能越大，发生碰撞时对木块所做的功就越多，木块被碰撞后在木板上滑行的距离越长，这是利用转换法研究方法来判断动能的大小。
故答案为：(1)③；质量；(2)④；速度；(3)多；转换法。
(1)(2)动能大小与物体的质量和速度有关(质量相同时，速度越大，动能越大；速度相同时，质量越大，动能越大)；研究动能大小与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
(3)若一个物体能够对外做功，我们就说该物体具有能量，在实验中我们一般将物体具有能量的多少转化为其能对外做功的多少，故此实验把物体具有动能的大小转换为木块被撞击后滑动的距离，距离越远表明小车的动能越大，运用了转换法。
本题模拟研究汽车超速和超载带来的安全隐患，考查影响动能大小的因素、控制变量法和转换法的运用，对学生有一定的教育意义。
24.【答案】外 内 机械 内 做功 比热容大 32
【解析】解：(1)传统蒸汽机的燃料在气缸外部燃烧，内燃机的燃料在气缸内燃烧；
(2)用力将活塞压下，我们会看到：棉絮燃烧了；因为用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，是机械能转化为内能；
(3)根据图丙可知，进气门关闭，排气门关闭，火花塞点燃，活塞下行，因此该冲程为做功冲程；因为水的比热容大，质量一定时，升高相同的温度时，吸收的热量多，温度升高的慢，故可以用水来降低汽缸体的温度；
(4)由图可知，有用功的能量：100%−33%−30%−5%=32%，所以该内燃机输出的有用功为燃料释放热量的32%。
故答案为：(1)外；内；(2)机械；内；(3)做功；比热容大； (4)32。
(1)传统蒸汽机的燃料在气缸外部燃烧，内燃指燃料在气缸内燃烧；
(2)改变物体内能的方式有热传递和做功两种；
(3)根据气门的状态、活塞运行的情况判断是什么冲程；在做功冲程中，能量转化是内能转化为机械能；水的比热容较大，质量相同的水和其它液体相比较，升高相同的温度时，吸收的热量多；吸收或放出相同的热量时，温度变化较小，因此常用来做冷却剂、取暖剂等；
(4)由能流图得出转化为有用功的能量占总能量的比值，得出内燃机的效率。
本题考查热机的了解汽油机的冲程、水的比热容的特点，内燃机能流图的了解与掌握，是一道综合性题目。
25.【答案】增大 40 10 10 30 5
【解析】解：(1)由表格数据可知，压敏电阻R的阻值随着所受到的压力F增大而减小；
(2)由表格数据可知，当踏板空载时(F=0N)，压力传感器的电阻为R=40Ω，已知R0=10Ω，
电源电压为：U=I(R+R0)=0.2A×(40Ω+10Ω)=10V；
(3)电流表示数达到0.5A时，报警器开始发出报警信号，
根据欧姆定律I=UR知，
总电阻为：，
此时压力传感器的电阻为：
；
由表格数据知压敏电阻所受到的压力F为30N；
电路消耗的总功率为：P=UI=10V×0.5A=5W。
答故答案为：(1)增大；(2)40；10；(3)10；30；5。
(1)由表格数据判断出压敏电阻R的阻值与所受到的压力F的关系；
(2)当踏板空载时，压力传感器的电阻为40Ω，闭合开关时，压力传感器和报警器串联，根据欧姆定律求出电流，再求出电源电压；
(3)电流表示数达到0.5A时，报警器开始发出报警信号，根据欧姆定律求出总电阻，再求出压力传感器的电阻，由表格数据得出压敏电阻的阻值所受的压力；根据P=UI算出电路消耗的总功率。
本题中主要考查了欧姆定律、电功率公式、串联电路的特点等，具有一定的综合性，理解表格数据和这一装置的工作原理，是解决此题的前提，对我们分析题意的能力要求较高。
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