人教版八年级下册第十二章 简单机械综合与测试优秀单元测试同步测试题

这是一份人教版八年级下册第十二章 简单机械综合与测试优秀单元测试同步测试题，共16页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
八年级物理下册第十二单元《简单机械》单元测试题
一、单选题（本大题共18小题，共54分）
1. 关于动滑轮和定滑轮的特点，下列结论正确的是(    )
A. 动滑轮不能改变施力方向 B. 定滑轮不能改变施力方向
C. 动滑轮不能省力 D. 定滑轮能省一半力
2. 运用杠杆的知识判断，图中最适合剪断铁片的剪刀是(    )
A. B. C. D.
3. 使用滑轮组肯定不能做到的是(    )
A. 既省力又改变力的方向 B. 既省力又省距离
C. 省力，但没有改变力的方向 D. 不省力，但可以改变力的方向
4. 关于力臂，下列说法正确的是(    )
A. 力臂是支点到力的作用点的距离 B. 力臂是支点到力的作用线的距离
C. 力臂不可能为零 D. 力臂一定都在杠杆上
5. 如图所示的四种工具，使用时属于费力杠杆的是(    )
A. B. C. D.
6. 如图所示，利用滑轮组用拉力F使物体竖直匀速上升，下列说法正确的是(    )
A. 对物体做的功是额外功
B. 拉力F移动的距离是物体移动距离的2倍
C. 拉力F做的功是有用功
D. 增加物体重力可以增加滑轮组的机械效率

7. 如图所示的简单机械，正常使用过程中可能省力的是(    )
A. 用钓鱼竿钓鱼B. 用镊子夹砝码
C. 用定滑轮提重物 D. 用动滑轮提重物
8. 为便于研究，某健身器材中训练拉力部分的机械结构可简化为如图所示的滑轮组。若不计摩擦，下列有关分析正确的是(    )
A. 两个滑轮在装置中起的作用相同
B. 拉力移动的距离与配重上升的距离相同
C. 沿方向1与2匀速拉动配重，所用的力大小相等
D. 将配重提升相同高度，用该装置与直接提升所做的功相等

9. 如图所示，用一个直杆把飞机机翼模型固定在轻质杠杆上，直杆始终与杠杆垂直。用同一弹簧测力计在a、b、c几种不同情形下拉杠杆，使杠杆始终在水平位置平衡。下列说法中正确的是(    )
A. 弹簧测力计在a位置时的示数比模型和直杆的总重大
B. 弹簧测力计从a位置转到b位置后，比a位置的示数小
C. 弹簧测力计从a位置移至c位置后，比a位置的示数大
D. 弹簧测力计在c位置时，对模型水平向右吹风，示数变大
10. 如图所示是工人提升重物的情景，若不计滑轮所受重力及摩擦力，其中最省力的是(    )
A. B. C. D.
11. 下列关于功、功率、机械效率的说法，正确的是(    )
A. 做功越多，功率越大 B. 做功越快，功率一定越大
C. 做功时间越短，功率一定越大 D. 机械效率越高，功率越大
12. 撬棒是人们在劳动中应用杠杆原理的工具。如图所示是工人利用撬棒撬动大石头的情景，撬棒上O点为杠杆的支点。下列分析正确的是(    )
A. 应用此撬棒的主要目的是省力
B. 此时撬棒为等臂杠杆
C. 力F的作用点靠近O点会更省力
D. 应用此撬棒的主要目的是省距离
13. 如图所示，三个滑轮拉同一物体在同一水平面做匀速直线运动，所用拉力分别为F1、F2、F3，那么这三个力的关系是(    )
A. F1>F2>F3 B. F1F3 D. F2η2、、 B. F1Lb，
由杠杆原理可知G×L2=F×L可知，F=G×L2L，即L越大，F越小，可得：Fb>Fa>Fc，故A正确，BC均不正确；
D、测力计在c位置时，对模型水平向右吹风，模型上方的流速比下方大，流速大的地方压强小，可知阻力减小，由题可知，阻力臂与动力臂不变，由杠杆原理可得动力变小，即测力计示数变小，故D不正确。
故选：A。
(1)根据图示，阻力及阻力臂一定，由杠杆平衡条件解题；
(2)流速大的地方压强小。
本题考查了杠杆原理、流速与压强的关系，基础性强，难度不大。
10. 解：
由题知，不计滑轮所受重力及摩擦力。
A、图中直接用手提升物体，拉力F=G；
B、图中使用的是滑轮组，n=2，拉力F=12G；
C、图中使用的是定滑轮，拉力F=G；
D、图中使用的是滑轮组，n=3，拉力F=13G；
可见，D选项最省力，拉力F=13G。
故选：D。
分析各个选项与物重的大小关系，得出最省力的选项。
本题考查了定滑轮、滑轮组的省力特点，属于基础题目。
11. 【分析】
此题主要考查学生对于功、功率和机械效率的理解和掌握，重点是掌握概念的分析。
功是能量转化的方式，功率是表示做功快慢的物理量，机械效率是指所做的有用功与总功的比值。据此分析解答。
【解答】
A.由公式P=Wt可知，不知道做功时间，做功越多，功率不一定越大，故A错误；
B.功率是表示做功快慢的物理量，做功越快，功率一定越大，故B正确；
C.由公式P=Wt可知，不知道做功的多少，做功时间短，功率不一定越大，故C错误；
D.因为机械效率是指有用功与总功的比值，功率是表示做功的快慢，机械效率高的机器功率不一定大，故D错误。
故选B。
12. 【分析】
本题考查了杠杆的分类、杠杆平衡条件的应用，属于基础题目。
(1)支点到力的作用线的垂直距离叫力臂，当杠杆的动力臂大于阻力臂时，为省力杠杆；省力的杠杆费距离；
(2)由杠杆平衡条件可知，在阻力、阻力臂一定时，动力臂越长、动力越小、越省力。
【解答】
ABD.由图知，在使用撬棒时，动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，使用该杠杆省力但费距离，故A正确、BD错误；
C.力F的作用点靠近O点时，动力臂减小，而阻力、阻力臂不变，由杠杆平衡条件可知动力会变大，会更费力，故C错误。
故选A。
13. 解：由题意可知，滑轮的重和绳的摩擦不计，
假设物体与地面的摩擦力为f，
第一幅图中滑轮为定滑轮，不省力，则F1=f，
第二幅图中滑轮为动滑轮，省一半的力，则F2=12f，
第三幅图中滑轮为动滑轮，但动力作用在动滑轮的轴上，费1倍的力，则F3=2f；
所以，F27×0.5N×2×0.5cm，因此杠杆会左侧下降；
(4)力臂为支点到力的作用下的距离，测力计从D方向转向E方向过程中，力臂先变大再变小。
答案为：(1)右、便于力臂的测量；(2)动力×动力臂=阻力×阻力臂(或F1l1=F2l2)、多次实验得出普遍规律；(3)6、左侧下降；(4)先变大再变小。
(1)杠杆不在水平平衡时，实验前调为水平位置平衡，以便我们直接读数力臂，支点在杠杆的中点可以消除杠杆的自重；如果杠杆左端向下倾斜，应向右调节左端或右端的平衡螺母；如果杠杆右端向下倾斜，应向左调节左端或右端的平衡螺母。
(2)杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(或F1l1=F2l2)；
(3)根据杠杆平衡条件分析解答。
本题考查调节平衡螺母的作用，杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件应用。
27. 解：(1)由图示可知，滑轮组承重绳子有效股数n=3，弹簧测力计移动的距离s=3h=3×0.10m=0.3m；
第3次测量中，有用功：W有用=Gh=6N×0.10m=0.60J；
做功：W总=Fs=2.5N×0.30m=0.75J；
机械效率为：η3=W有W总×100%=0.60J0.75J×100%=80%；
(2)由1、2、3次数据知，同一滑轮组，物体越重，机械效率越高，故增加物重可以提高同一滑轮组的机械效率；
(3)当物体越重时，对滑轮的压力越大，摩擦力越大，所以第一次实验受摩擦力的影响最小，此时滑轮的重力为：G动=nF−G物=3×1.0N−2N=1N；
(4)若只改变物体被提升的高度，其有用功、额外功发生相同倍数的变化，由η=W有W总=W有W有+W额可知，滑轮组的机械效率不变。
故答案为：(1)80；(2)增加物重；(3)1；(4)不变。
(1)根据承担动滑轮绳子的段数求出绳子自由端通过的距离；根据W有用=Gh求出有用功，根据W总=Fs求出总功，然后根据η=W有W总求出滑轮组的机械效率；
(2)根据1、2、3次实验中的数据，利用控制变量法得出采取的措施；
(3)当物体越重时，对滑轮的压力越大，摩擦力越大，所以第一次实验受摩擦力的影响最小，根据G动=nF−G物算出动滑轮的重力；
(4)根据η=W有W总=W有W有+W额分析。
本题探究影响滑轮组机械效率的因素，考查绳子的段数、机械效率计算以及影响滑轮组机械效率的因素；滑轮组的机械效率与提升物体的物重有关，同一滑轮组，提升物体重力越大，机械效率越大。
28. (1)利用W=Gh求起重机吊起重物过程中所做的有用功；
(2)由图知，n=3，拉力端移动距离s=3h，利用W=Fs求拉力F做的总功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；
(3)利用P=Wt求拉力F的功率。
本题考查了使用动滑轮时有用功、总功、功率、机械效率的计算，明确有用功、总功的含义是关键。
29. (1)根据G=mg得出车箱和砖头的总重力；
(2)由图知，F的力臂L1=1.2m，阻力G的力臂L2=0.3m，
根据杠杆平衡条件可得人手向上的力F的大小；
(3)张师傅推着这一车砖头以2m/s的速度在水平路面上沿直线匀速将砖头从材料场送到工地，根据速度公式得出运动路程，
且车处于平衡状态，所受推力等于阻力，根据W=F推s得出张师傅推送这一车砖头做的功。
本题考查重力、功的计算，并考查杠杆平衡条件的应用，有一定难度。