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高中物理人教版 (2019)必修 第一册5 牛顿运动定律的应用教学演示课件ppt
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这是一份高中物理人教版 (2019)必修 第一册5 牛顿运动定律的应用教学演示课件ppt，共34页。PPT课件主要包含了新知导入，新知讲解，-2×-02，mgsin30°，mgsinθ，mgsin，知识拓展，课堂练习，ms2，ABC等内容，欢迎下载使用。
我们学习了牛顿的三大运动定律,并且应用牛顿定律解决了一些问题，此间同学们有没有发现应用牛顿定律解决问题的一般方法呢？这节课我们就通过两个练习来探究应用牛顿定律解决问题的一般方法。
一、从受力确定运动情况从受力确定运动情况是指：在受力情况已知的条件下，要求判断出物体的运动状态或求出物体的速度、位移等。1、基本思路（1）先分析物体受力情况求合力；（2）根据牛顿第二定律 求加速度；（3）再用运动学公式求所求量。
（4）选择运动学公式，求出所需的运动参量。
2、解题的一般步骤（1）确定研究对象，对研究对象进行受力分析。（2）根据力的合成与分解的方法，求出物体所受的合力。（3）根据牛顿第二定律列方程，求出物体的加速度。
注意：一般情况下F、m、a采用国际单位制单位，解题时写出方程式和相应的文字说明，必要时对结果进行讨论。
【例题 1】运动员把冰壶沿水平冰面投出，让冰壶在冰面上自由滑行，在不与其他冰壶碰撞的情况下，最终停在远处的某个位置。按比赛规则，投掷冰壶运动员的队友，可以用毛刷在冰壶滑行前方来回摩擦冰面，减小冰面的动摩擦因数以调节冰壶的运动。
（2）若运动员仍以 3.4 m/s 的速度将冰壶投出，其队友在冰壶自由滑行 10 m 后开始在其滑行前方摩擦冰面，冰壶和冰面的动摩擦因数变为原来的 90%，冰壶多滑行了多少距离？
（1）运动员以 3.4 m/s 的速度投掷冰壶，若冰壶和冰面的动摩擦因数为 0.02，冰壶能在冰面上滑行多远？g 取 10 m/s2 。
分析 （1）对物体进行受力分析后，根据牛顿第二定律可以求得冰壶滑行时的加速度，再结合冰壶做匀减速直线运动的规律求得冰壶滑行的距离。
（2）冰壶在滑行 10 m 后进入冰刷摩擦后的冰面，动摩擦因数变化了，所受的摩擦力发生了变化，加速度也会变化。前一段滑行 10 m 的末速度等于后一段运动的初速度。
根据牛顿第二定律求出后一段运动的加速度，并通过运动学规律求出冰壶在后一段过程的滑行距离，就能求得比第一次多滑行的距离。
解 （1） 选择滑行的冰壶为研究对象。冰壶所受的合力等于滑动摩擦力 Ff，设冰壶的质量为 m ，以冰壶运动方向为正方向建立一维坐标系，滑动摩擦力 Ff 的方向与运动方向相反，则
Ff ＝－µ1F N ＝－µ1mg根据牛顿第二定律，冰壶的加速度为a1 ＝Ff/m＝－µ1mg/m＝－ μ 1 g ＝－ 0.02 ×10 m/s 2 ＝－0.2 m/s 2
（2）设冰壶滑行 10 m 后的速度为 v10 ，则对冰壶的前一段运动有v102 ＝ v02 ＋ 2a1x10
冰壶后一段运动的加速度为a2＝－µ2g ＝－ 0.02×0.9×10 m/s2 ＝－ 0.18 m/s2滑行 10 m 后为匀减速直线运动， 由v2 － v102 ＝ 2a2 x2 ，v＝0，得
第二次比第一次多滑行了（10 ＋ 21 － 28.9）m ＝ 2.1 m第二次比第一次多滑行了 2.1 m。
针对练习：如图所示，一物体从倾角为30°的斜面顶端由静止开始下滑，x1段光滑，x2段有摩擦，已知x2＝2x1，物体到达斜面底端的速度刚好为零，求物体与x2段之间的动摩擦因数μ.(g取10 m/s2)
解析：在x1段物体做匀加速直线运动，在x2段物体做匀减速运动．物体在x1、x2两段的受力分析如图所示，则由牛顿第二定律，在x1段有mgsin30° ＝ma1，在x2段有mgsin30°-μmgcs30°＝ma2，根据运动学规律，在x1段有v2＝2a1x1，在x2段有0-v2＝2a2x2，即2a1x1＝-2a2x2，又x2＝2x1，解得 μ＝ 。
二、从运动情况确定受力从运动情况确定受力是指：在运动情况已知的条件下，要求得出物体所受的力或者相关物理量。1、基本思路（1）先分析物体的运动情况；（2）根据运动学公式求加速度；（3）用牛顿第二定律F=ma列方程求出物体受力情况。
2、解题的—般步骤（1）确定研究对象，对研究对象进行受力分析和运动分析，并画出物体的受力示意图。（2）选择合适的运动学公式，求出物体的加速度。（3）根据牛顿第二定律列方程，求出物体所受的合力。（4）根据力的合成与分解的方法，由合力和已知力求出未知力。由运动学规律求加速度，要特别注意加速度的方向，从而确定合外力的方向，不能将速度的方向和加速度的方向混淆。
【例题2】如图所示，一位滑雪者，人与装备的总质量为 75 kg，以 2 m/s 的初速度沿山坡匀加速直线滑下，山坡倾角为 30°，在 5 s 的时间内滑下的路程为 60 m。求滑雪者对雪面的压力及滑雪者受到的阻力（包括摩擦和空气阻力），g 取 10 m/s2 。
分析： 由于不知道动摩擦因数及空气阻力与速度的关系，不能直接求滑雪者受到的阻力。应根据匀变速直线运动的位移和时间的关系式求出滑雪者的加速度，然后，对滑雪者进行受力分析。滑雪者在下滑过程中，受到重力 mg、山坡的支持力 FN 以及阻力 Ff 的共同作用。通过牛顿第二定律可以求得滑雪者受到的阻力。
解： 以滑雪者为研究对象。建立如图所示的直角坐标系。滑雪者沿山坡向下做匀加速直线运动。a根据匀变速直线运动规律，有 x ＝ v0t ＋1/2at2其中 v0 ＝ 2 m/s， t ＝ 5 s，x ＝ 60 m，则有:
根据牛顿第二定律，有y 方向 F N －mg csθ＝ 0x 方向 mg sin θ － Ff ＝ ma得 F N ＝ mg cs θFf ＝ m（g sinθ － a）其中，m ＝ 75 kg， θ ＝ 30°， 则有F f ＝75 N，F N ＝650 N
根据牛顿第三定律，滑雪者对雪面的压力大小等于雪面对滑雪者的支持力大小，为 650 N，方向垂直斜面向下。滑雪者受到的阻力大小为 75 N，方向沿山坡向上。
针对练习：如图所示，固定斜面长10 m、高6 m，质量为2 kg的木块在一个沿斜面向上的20 N的拉力F的作用下，由从斜面底端静止开始运动，已知木块2 s内的位移为4 m，若2 s末撤去拉力，再经过多长时间木块能回到斜面底端？(g取10 m/s2)
解析：由题意得sin θ＝0.6，cs θ＝0.8. 设木块做匀加速运动时的加速度大小为a1，由x1＝ 1/2a1t12得，a1＝ 根据牛顿第二定律得F-μmgcs θ-mgsin θ＝ma1，解得 μ＝0.25. 2 s末撤去拉力时木块的速度大小v＝a1t1＝2×2 m/s＝4 m/s，撤去F后木块上滑的加速度大小为 a2＝
上滑到最高点的时间 t2＝ ＝0.5 s，上滑的位移大小为 x2＝t2＝1 m，下滑的加速度大小为 a3＝ ，由x1＋x2＝ 1/2 a3t32得t3＝ s＝1.58 s.故t＝t2＋t32＝2.08 s.
牛顿运动定律的应用——连接体问题 (整体法和隔离法)
先以几个物体组成的整体为研究对象，由牛顿第二定律求出加速度，再隔离其中一个物体研究，由牛顿第二定律求出两物体间的作用力。
典型例题：（2018春•楚雄市期中）如图示，在光滑的水平面上质量分别为m1=2kg、m2=1kg的物体并排放在一起，现以水平力F1=14N，F2=2N分别作用于m1和m2，则物体间的相互作用力应为( )A．16N B．12N C．6N D．24N
解析：以两物体组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得：F2-F1=（m1+m2）a，解得： ，以m2为研究对象，由牛顿第二定律得： F-F2=m2a，解得：F=F2+m2a=2+1×4=6（N）故选：C本题是连接体问题，涉及多个物体时，首先要灵活选择研究对象，其次抓住加速度相同的特点，运用牛顿第二定律进行求解．要知道求内力时，必须运用隔离法。
针对练习：（2018秋•红岗区校级月考）如图所示，有两个相同材料物体组成的连接体在斜面上运动，当作用力F一定时，m2所受绳的拉力（ ）A．与θ有关 B．与斜面动摩擦因数有关C．与系统运动状态有关 D．仅与两物体质量有关
1、如图，质量为5kg的物体，在F＝20N的水平拉力作用下，沿粗糙水平桌面做匀加速直线运动，已知桌面与物体间的动摩擦因数μ＝0.2，则物体在运动过程中受到的滑动摩擦力大小为——————加速度大小为——————
2、一个质量为1kg的物体在光滑水平面上受几个大小均为1N的水平力作用，而处于静止状态．先撤去东方向的一个力，历时1s，随后又撤去西方向的一个力，又历时1s，则物体在第2s末离初始位置的距离是 ————————。
3、（2017秋•沈阳期末）如图所示，大三角劈C置于粗糙水平面上，小三角劈B置于斜面上，B的上面又放一个小木块A．在A、B一起共同加速下滑的过程中，C静止不动。下列说法正确的是（ ）A．木块A受到方向向左的摩擦力 B．木块A对B的压力小于A的重力 C．B与C之间的滑动摩擦系数μ＜tanθ D．水平地面对C没有摩擦力作用 。
4、一个木箱沿着一个粗糙的斜面匀加速下滑， 初速度是零，经过5.0 s的时间, 滑下的路程是10m, 斜面的夹角是300，求木箱和粗糙斜面间的动摩擦因数。(g取10 m/s2)
1、如图所示，长L＝1.5m、高h＝0.45m、质量M＝10kg的长方体木箱在水平面上向右做直线运动．当木箱的速度v0＝3.6m/s时，对木箱施加一个方向水平向左的恒力F＝50N，并同时将一个质量m＝1kg的小球轻放在木箱上距右端 处的P点（小球可视为质点，放在P点时相对于地面间的速度为零），经过一段时间，小球脱离木箱落到地面．已知木箱与地面间的动摩擦因数μ＝0.2，而小球与木箱之间的摩擦不计．取g＝10m/s2，则：
（1）小球从开始离开木箱至落到地面所用的时间______s（2）小球放上P点后，木箱向右运动的最大位移________m（3）小球离开木箱时，木箱的速度__________m/s．
2、如图所示，用大小为F的水平恒力，推静放在光滑水平地面A处的小物块，推至B处时物块速度为v，然后改用大小不变、方向相反的力F′推小物块，则小物块再次回到B处时的速度大小为—————— ，回到A处时的速度大小为—————— 。
A B
1．应用牛顿第二定律解题可分为两类：一类是已知受力求解运动情况；另一类是已知运动情况求解受力。2．基本方法和步骤，即分析过程、建立图景、确定研究对象、进行受力分析、根据定律列方程，进而求解验证效果。3．在斜向力作用下，可将该力沿运动方向和垂直运动方向分解，转化为受水平力的情形。
我们学习了牛顿的三大运动定律,并且应用牛顿定律解决了一些问题，此间同学们有没有发现应用牛顿定律解决问题的一般方法呢？这节课我们就通过两个练习来探究应用牛顿定律解决问题的一般方法。
一、从受力确定运动情况从受力确定运动情况是指：在受力情况已知的条件下，要求判断出物体的运动状态或求出物体的速度、位移等。1、基本思路（1）先分析物体受力情况求合力；（2）根据牛顿第二定律 求加速度；（3）再用运动学公式求所求量。
（4）选择运动学公式，求出所需的运动参量。
2、解题的一般步骤（1）确定研究对象，对研究对象进行受力分析。（2）根据力的合成与分解的方法，求出物体所受的合力。（3）根据牛顿第二定律列方程，求出物体的加速度。
注意：一般情况下F、m、a采用国际单位制单位，解题时写出方程式和相应的文字说明，必要时对结果进行讨论。
【例题 1】运动员把冰壶沿水平冰面投出，让冰壶在冰面上自由滑行，在不与其他冰壶碰撞的情况下，最终停在远处的某个位置。按比赛规则，投掷冰壶运动员的队友，可以用毛刷在冰壶滑行前方来回摩擦冰面，减小冰面的动摩擦因数以调节冰壶的运动。
（2）若运动员仍以 3.4 m/s 的速度将冰壶投出，其队友在冰壶自由滑行 10 m 后开始在其滑行前方摩擦冰面，冰壶和冰面的动摩擦因数变为原来的 90%，冰壶多滑行了多少距离？
（1）运动员以 3.4 m/s 的速度投掷冰壶，若冰壶和冰面的动摩擦因数为 0.02，冰壶能在冰面上滑行多远？g 取 10 m/s2 。
分析 （1）对物体进行受力分析后，根据牛顿第二定律可以求得冰壶滑行时的加速度，再结合冰壶做匀减速直线运动的规律求得冰壶滑行的距离。
（2）冰壶在滑行 10 m 后进入冰刷摩擦后的冰面，动摩擦因数变化了，所受的摩擦力发生了变化，加速度也会变化。前一段滑行 10 m 的末速度等于后一段运动的初速度。
根据牛顿第二定律求出后一段运动的加速度，并通过运动学规律求出冰壶在后一段过程的滑行距离，就能求得比第一次多滑行的距离。
解 （1） 选择滑行的冰壶为研究对象。冰壶所受的合力等于滑动摩擦力 Ff，设冰壶的质量为 m ，以冰壶运动方向为正方向建立一维坐标系，滑动摩擦力 Ff 的方向与运动方向相反，则
Ff ＝－µ1F N ＝－µ1mg根据牛顿第二定律，冰壶的加速度为a1 ＝Ff/m＝－µ1mg/m＝－ μ 1 g ＝－ 0.02 ×10 m/s 2 ＝－0.2 m/s 2
（2）设冰壶滑行 10 m 后的速度为 v10 ，则对冰壶的前一段运动有v102 ＝ v02 ＋ 2a1x10
冰壶后一段运动的加速度为a2＝－µ2g ＝－ 0.02×0.9×10 m/s2 ＝－ 0.18 m/s2滑行 10 m 后为匀减速直线运动， 由v2 － v102 ＝ 2a2 x2 ，v＝0，得
第二次比第一次多滑行了（10 ＋ 21 － 28.9）m ＝ 2.1 m第二次比第一次多滑行了 2.1 m。
针对练习：如图所示，一物体从倾角为30°的斜面顶端由静止开始下滑，x1段光滑，x2段有摩擦，已知x2＝2x1，物体到达斜面底端的速度刚好为零，求物体与x2段之间的动摩擦因数μ.(g取10 m/s2)
解析：在x1段物体做匀加速直线运动，在x2段物体做匀减速运动．物体在x1、x2两段的受力分析如图所示，则由牛顿第二定律，在x1段有mgsin30° ＝ma1，在x2段有mgsin30°-μmgcs30°＝ma2，根据运动学规律，在x1段有v2＝2a1x1，在x2段有0-v2＝2a2x2，即2a1x1＝-2a2x2，又x2＝2x1，解得 μ＝ 。
二、从运动情况确定受力从运动情况确定受力是指：在运动情况已知的条件下，要求得出物体所受的力或者相关物理量。1、基本思路（1）先分析物体的运动情况；（2）根据运动学公式求加速度；（3）用牛顿第二定律F=ma列方程求出物体受力情况。
2、解题的—般步骤（1）确定研究对象，对研究对象进行受力分析和运动分析，并画出物体的受力示意图。（2）选择合适的运动学公式，求出物体的加速度。（3）根据牛顿第二定律列方程，求出物体所受的合力。（4）根据力的合成与分解的方法，由合力和已知力求出未知力。由运动学规律求加速度，要特别注意加速度的方向，从而确定合外力的方向，不能将速度的方向和加速度的方向混淆。
【例题2】如图所示，一位滑雪者，人与装备的总质量为 75 kg，以 2 m/s 的初速度沿山坡匀加速直线滑下，山坡倾角为 30°，在 5 s 的时间内滑下的路程为 60 m。求滑雪者对雪面的压力及滑雪者受到的阻力（包括摩擦和空气阻力），g 取 10 m/s2 。
分析： 由于不知道动摩擦因数及空气阻力与速度的关系，不能直接求滑雪者受到的阻力。应根据匀变速直线运动的位移和时间的关系式求出滑雪者的加速度，然后，对滑雪者进行受力分析。滑雪者在下滑过程中，受到重力 mg、山坡的支持力 FN 以及阻力 Ff 的共同作用。通过牛顿第二定律可以求得滑雪者受到的阻力。
解： 以滑雪者为研究对象。建立如图所示的直角坐标系。滑雪者沿山坡向下做匀加速直线运动。a根据匀变速直线运动规律，有 x ＝ v0t ＋1/2at2其中 v0 ＝ 2 m/s， t ＝ 5 s，x ＝ 60 m，则有:
根据牛顿第二定律，有y 方向 F N －mg csθ＝ 0x 方向 mg sin θ － Ff ＝ ma得 F N ＝ mg cs θFf ＝ m（g sinθ － a）其中，m ＝ 75 kg， θ ＝ 30°， 则有F f ＝75 N，F N ＝650 N
根据牛顿第三定律，滑雪者对雪面的压力大小等于雪面对滑雪者的支持力大小，为 650 N，方向垂直斜面向下。滑雪者受到的阻力大小为 75 N，方向沿山坡向上。
针对练习：如图所示，固定斜面长10 m、高6 m，质量为2 kg的木块在一个沿斜面向上的20 N的拉力F的作用下，由从斜面底端静止开始运动，已知木块2 s内的位移为4 m，若2 s末撤去拉力，再经过多长时间木块能回到斜面底端？(g取10 m/s2)
解析：由题意得sin θ＝0.6，cs θ＝0.8. 设木块做匀加速运动时的加速度大小为a1，由x1＝ 1/2a1t12得，a1＝ 根据牛顿第二定律得F-μmgcs θ-mgsin θ＝ma1，解得 μ＝0.25. 2 s末撤去拉力时木块的速度大小v＝a1t1＝2×2 m/s＝4 m/s，撤去F后木块上滑的加速度大小为 a2＝
上滑到最高点的时间 t2＝ ＝0.5 s，上滑的位移大小为 x2＝t2＝1 m，下滑的加速度大小为 a3＝ ，由x1＋x2＝ 1/2 a3t32得t3＝ s＝1.58 s.故t＝t2＋t32＝2.08 s.
牛顿运动定律的应用——连接体问题 (整体法和隔离法)
先以几个物体组成的整体为研究对象，由牛顿第二定律求出加速度，再隔离其中一个物体研究，由牛顿第二定律求出两物体间的作用力。
典型例题：（2018春•楚雄市期中）如图示，在光滑的水平面上质量分别为m1=2kg、m2=1kg的物体并排放在一起，现以水平力F1=14N，F2=2N分别作用于m1和m2，则物体间的相互作用力应为( )A．16N B．12N C．6N D．24N
解析：以两物体组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得：F2-F1=（m1+m2）a，解得： ，以m2为研究对象，由牛顿第二定律得： F-F2=m2a，解得：F=F2+m2a=2+1×4=6（N）故选：C本题是连接体问题，涉及多个物体时，首先要灵活选择研究对象，其次抓住加速度相同的特点，运用牛顿第二定律进行求解．要知道求内力时，必须运用隔离法。
针对练习：（2018秋•红岗区校级月考）如图所示，有两个相同材料物体组成的连接体在斜面上运动，当作用力F一定时，m2所受绳的拉力（ ）A．与θ有关 B．与斜面动摩擦因数有关C．与系统运动状态有关 D．仅与两物体质量有关
1、如图，质量为5kg的物体，在F＝20N的水平拉力作用下，沿粗糙水平桌面做匀加速直线运动，已知桌面与物体间的动摩擦因数μ＝0.2，则物体在运动过程中受到的滑动摩擦力大小为——————加速度大小为——————
2、一个质量为1kg的物体在光滑水平面上受几个大小均为1N的水平力作用，而处于静止状态．先撤去东方向的一个力，历时1s，随后又撤去西方向的一个力，又历时1s，则物体在第2s末离初始位置的距离是 ————————。
3、（2017秋•沈阳期末）如图所示，大三角劈C置于粗糙水平面上，小三角劈B置于斜面上，B的上面又放一个小木块A．在A、B一起共同加速下滑的过程中，C静止不动。下列说法正确的是（ ）A．木块A受到方向向左的摩擦力 B．木块A对B的压力小于A的重力 C．B与C之间的滑动摩擦系数μ＜tanθ D．水平地面对C没有摩擦力作用 。
4、一个木箱沿着一个粗糙的斜面匀加速下滑， 初速度是零，经过5.0 s的时间, 滑下的路程是10m, 斜面的夹角是300，求木箱和粗糙斜面间的动摩擦因数。(g取10 m/s2)
1、如图所示，长L＝1.5m、高h＝0.45m、质量M＝10kg的长方体木箱在水平面上向右做直线运动．当木箱的速度v0＝3.6m/s时，对木箱施加一个方向水平向左的恒力F＝50N，并同时将一个质量m＝1kg的小球轻放在木箱上距右端 处的P点（小球可视为质点，放在P点时相对于地面间的速度为零），经过一段时间，小球脱离木箱落到地面．已知木箱与地面间的动摩擦因数μ＝0.2，而小球与木箱之间的摩擦不计．取g＝10m/s2，则：
（1）小球从开始离开木箱至落到地面所用的时间______s（2）小球放上P点后，木箱向右运动的最大位移________m（3）小球离开木箱时，木箱的速度__________m/s．
2、如图所示，用大小为F的水平恒力，推静放在光滑水平地面A处的小物块，推至B处时物块速度为v，然后改用大小不变、方向相反的力F′推小物块，则小物块再次回到B处时的速度大小为—————— ，回到A处时的速度大小为—————— 。
A B
1．应用牛顿第二定律解题可分为两类：一类是已知受力求解运动情况；另一类是已知运动情况求解受力。2．基本方法和步骤，即分析过程、建立图景、确定研究对象、进行受力分析、根据定律列方程，进而求解验证效果。3．在斜向力作用下，可将该力沿运动方向和垂直运动方向分解，转化为受水平力的情形。
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