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2020年江苏省南京市中考物理试卷
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这是一份2020年江苏省南京市中考物理试卷，共23页。试卷主要包含了单选题，填空题，计算题，综合题，作图题，实验探究题等内容，欢迎下载使用。
2020年江苏省南京市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
六
总分
得分
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 下列能源中，属于可再生能源的是（ ）
A. 煤 B. 石油 C. 太阳能 D. 核燃料
2. 如图是2020年6月21日出现的日环食现象，下列图中的光现象成因与此相同的是（ ）
A. 雨后“彩虹” B. 山的“倒影”
C. 水中“折筷” D. “手影”游戏
3. 下列措施符合安全用电规范的是（ ）
A. 电冰箱的金属外壳接地
B. 使用绝缘皮破损的导线
C. 用湿布擦拭工作的台灯
D. 一个插座上同时使用多个大功率用电器
4. 图甲是一手工艺品，由竹筒（A、B两端开口，C处开一小口）和“活塞”组成。将活塞从B处塞入，在A处吹气并来回拉动“活塞”能发出悦耳的哨音，“活塞”如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A. 哨音在真空中也能传播
B. 哨音是由筒内空气振动产生的
C. 换用更大的力吹气改变了哨音的音调
D. 吹气时来回拉动“活塞”改变了哨音的响度
5. 下列现象中，物态变化相同的一组是（ ）
A. ①③ B. ①④ C. ②③ D. ②④
6. 关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（ ）
A. 电子的发现，说明原子是可分的
B. 同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥
C. 地球绕太阳运动，说明太阳是宇宙的中心
D. 质子、原子、电子是按照尺度由大到小的顺序排列的
7. 如图是内燃机某冲程的工作示意图，下面四个事例中能量转化与之相同的是（ ）
A. 瓶塞冲出
B. 搓手取暖
C. 压缩气体
D. 钻木取火
8. 如图所示，小伙伴们在玩滑板车，脚蹬地后，人和车一起沿水平路面向前运动。下列说法正确的是（ ）
A. 人对车的压力和车对人的支持力是一对平衡力
B. 蹬地时，地面对脚的支持力是由于地面形变产生的
C. 停止蹬地后，车最终会停下来，说明运动需要力来维持
D. 车在滑行过程中所受的力突然全部消失，车将立即停下来
9. 如图所示是荡秋千的简化模型。摆球从A点由静止释放，到达D点后返回，B、C两点等高。下列说法正确的是（ ）
A. 球在B、C两点的动能相等
B. 球在A、D两点的机械能相等
C. 球从B点到O点的过程中机械能减少
D. 球从O点到C点的过程中重力势能减少
10. 如图是一台正在工作的电扇。下列四个实验能反映其工作原理的是（ ）
A.
B.
C.
D.
11. 如图所示，两个质量相等、底面积不等的圆柱形容器放在水平桌面上，分别装有质量相等的两种液体，两个相同的小球分别放入容器中，一个漂浮，一个沉底。甲、乙两图中小球所受浮力分别为F1和F2，容器对桌面的压强分别为p1和p2．下列说法正确的是（ ）
A. F1＞F2 p1＞p2 B. F1＞F2 p1＜p2
C. F1＜F2 p1＞p2 D. F1＜F2 p1＜p2
12. 如图所示电路，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，R2的滑片P在某一端点时，两表的示数分别为0.2A和3V；移动滑片P到某位置的过程中，两表的示数分别变化了0.3A和1.5V．下列说法正确的是（ ）
A. 电源电压为4.5V
B. R2的最大阻值为20Ω
C. 电路消耗的总功率最小时，R1与R2接入电路的阻值之比为3：1
D. 电流表示数为0.4A时，R1与R2消耗的功率之比为1：1
二、填空题（本大题共7小题，共26.0分）
13. 南京长江五桥将于2020年底全线通车，如图所示。
（1）五桥全长约10.33______（填单位）。
（2）以江面航行的船为参照物，桥上路灯是______的。
（3）通车后，一辆汽车以72km/h的速度匀速行驶5min，通过的路程为______m。
14. 端午节的传统习俗有包粽子、吃咸鸭蛋和赛龙舟等，粽叶飘香，说明分子在______；一只咸鸭蛋的质量约为60______（填单位）；赛龙舟时人用力向后划桨，船向前行，说明力的作用是______的。
15. 重100N的木箱放在粗糙程度相同的水平地板上，用水平推力F推木箱。F=15N时，没推动，木箱所受摩擦力为______N；F=30N时，木箱做匀速直线运动；F=50N时，木箱做加速运动；撤去F，木箱做减速运动，它所受摩擦力为______N。
16. 如图所示，物体重210N，动滑轮重25N．工人用125N的拉力将物体匀速提升3m，用了10s，此过程中有用功是______J，拉力的功率是______W，滑轮的机械效率是______，克服动滑轮重所做的额外功占总功的______%。
17. 有一款平面镜防雾膜，膜内装有电热丝，将它贴在镜的背面并通电，利用电流的______效应，可防止水蒸气在镜面上______（填物态变化名称），如图所示。防雾膜的规格是2W/dm2，一块面积为30dm2的防雾膜正常工作10min消耗的电能是______J．小明站在镜前0.6m处，他在镜中的像和他相距______m。
18. 如图是过去农村用的春米工具的结构示意图。O为固定转轴，A处连接着石球，脚踏杆的B处可使石球升高，抬起脚，石球会落下去击打稻谷。石球重50N，不计摩擦和杆重。
（1）脚沿与杆垂直方向至少用力F1，才能将石球抬起。F1的力臂为______m，此时春米工具是一个______（选填“省力”或“费力”）杠杆。
（2）脚竖直向下至少用力F2为______N，才能将石球抬起。F2和F1的大小关系为F2______F1。
19. 一个密封盒的表面可见两个接线柱、一个灯泡和一个可调变阻器的旋钮。盒内只有灯泡和变阻器两个用电器，小明想探究它们的连接方式，连接了如图所示的电路（电源电压恒为3V），做了两次实验，部分数据记录如表格所示。
实验序号
变阻器电阻R/Ω
电流表示数I/A
①
15
0.5
②
5
（1）灯泡和变阻器的连接方式是______联，
（2）第一次实验中，电路消耗的总功率是______W，灯泡工作时的电阻是______Ω。
（3）第二次实验中，电流表示数是______A，变阻器工作1min产生的热量是______J。
三、计算题（本大题共4小题，共26.0分）
20. 小明做“探究凸透镜成像规律”实验。
（1）调整实验器材高度时，蜡烛______（选填“需要”或“不需要”）点燃。
（2）他用同一凸透镜做了两次实验，如图甲、乙所示，光屏上均有清晰的像（未画出），其中成缩小像的是图______。
（3）凸透镜的焦距可能是______（填字母）。
A.5cmB .8cmC .10cmD .15cm
（4）在图乙中将一镜片放在烛焰和透镜之间后，光屏上的像变模糊了，将光屏向左移动，光屏上再次出现清晰的像，则所加镜片可以矫正图______（选填“丙”或“丁”）的视力缺陷。
21. 有两个阻值未知的定值电阻R1、R2（R1约6Ω，R2约500Ω）和一个电水壶。要求测出未知电阻的阻值和电水壶的额定功率。
（1）图甲是测量R1阻值的部分实物图，电源为两节干电池。
①用一根导线将电路连接完整（连线不得交叉）。
②闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应滑到______（选填“A”或“B”）端。
③闭合开关，移动滑片P，发现电压表有示数，电流表无示数，故障可能是导线______（选填“a”“b”或“c”）内部断路。
④排除故障后，闭合开关，移动滑片P，当电压表示数为1.2V时，电流表示数如图乙所示，则R1=______Ω。
（2）小明从图甲中的器材和电阻箱（符号，规格“0～9999Ω5A”）、若干开关及导线中，选择器材，连成图丙所示的电路，测出了R2的阻值。请将所选元件符号填入虚线框内。
（3）小华利用家里的电子式电能表和秒表估测电水壶的额定功率。她只让电水壶正常工作，记下电能表的指示灯闪烁n1次所用时间为t1．由于电能表常数被遮挡，她借助额定功率为P0的电热水器，只让电热水器正常工作，记下指示灯闪烁n2次所用时间为t2；则电水壶的额定功率为______。
22. 如图所示为一辆无人驾驶清扫车，空车质量为400kg，它集激光雷达、摄像头、超声波雷达等传感器于一体，可自主作业。
（1）激光是一种电磁波，它在真空中的传播速度为______m/s。
（2）空车停在水平地面上，若地面总受力面积为200cm2，则车对地面的压强为多少帕？
（g取10N/kg）
（3）空车行驶时牵引力的功率为810W，在10s内匀速行驶12m，车受到的阻力为多少牛？
23. 科技小组为灯暖型浴霸（一种取暖用的电器）设计了一个可自动控制温度的装置。如图甲所示，控制电路电压U1恒为12V，继电器线圈的电阻R0为20Ω，定值电阻R1为40Ω，热敏电阻R2的阻值随温度变化的图象如图乙所示；工作电路电压U2恒为220V，安装两只标有“220V 275W”的灯泡。闭合开关S，当继电器线圈中的电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，工作电路断开。
（1）工作电路工作时，A端应与______（选填“B”或“C”）端相连接。
（2）工作电路工作时的总电流为多大？
（3）浴室里控制的温度t0为多高？
（4）为使利用R2控制的浴室温度t0高低可调，需要对控制电路进行改进，请在图丙的虛线框内画出改进后的部分电路。添加的器材需说明规格要求。
四、综合题（本大题共1小题，共5.0分）
24. 用纸杯做以下物理小实验：
（1）图甲中，用两个三角板和直尺量得纸杯杯口直径为______cm。
（2）图乙中，纸杯底部有一圆孔，用塑料薄膜蒙住杯口，拍打薄膜发出声音，烛焰晃动，说明声音具有______。
（3）图丙中，在纸杯旁用吸管吹气，纸杯向______（选填“左”或“右”）滚动，这是因为气体流速越大，压强越______。
（4）图丁中，用与头发摩擦过的塑料吸管靠近纸杯一侧，纸杯被吸引。以下事例中原理与此相同的是______（填字母）。
A．磁铁吸引铁屑
B．挤压后的吸盘吸在瓷砖上
C．干手搓开的新塑料袋吸在手上
五、作图题（本大题共3小题，共6.0分）
25. 按要求作图（请保留作图痕迹）。
如图所示，入射光线AO射向平面镜，画出反射光线OB并标出反射角的大小。
26. 如图（a）所示，空缆车随缆绳做匀速直线运动，在图（b）中画出缆车的轿厢（以方框表示）受力示意图（不计空气阻力）。
27. 如图所示，小磁针静止在通电螺线管右侧。标出小磁针的N极并在虚线上用箭头标出磁感线方向。
六、实验探究题（本大题共3小题，共13.0分）
28. 如图甲所示，用100g初温为90℃的水做“探究水沸腾时温度变化的特点”实验。
（1）加热一段时间后，温度计示数如图乙所示，为______℃，这段时间内水吸收的热量为______J．[c水=4.2×103J/（kg•℃）]
（2）继续实验，观察到水刚开始沸腾，接下来的操作是：______（选填“继续”或“停止”，下同）加热，______记录温度计示数。分析数据，完成实验。
29. 现有一瓶饮料，小明用托盘天平、烧杯和已知密度为ρ1的金属块测出了饮料的密度ρ。
（1）将天平放在水平台面上，游码移至______，调节平衡螺母，直至天平平衡。
（2）用天平测出金属块的质量m1，读数如图所示，为______g。
（3）把金属块放入空烧杯中，往烧杯中倒入适量饮料，使金属块漫没在饮料中，在烧杯液面位置做好标记。测出此时瓶和饮料的总质量为m2。
（4）取出金属块，放在台面上，往烧杯中倒饮料，直至液面到达标记处，测出此时______的总质量为m3。
（5）ρ=______（用符号表示），金属块取出时带走部分饮料，测量结果______（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
30. 小明和小华利用压强计、刻度尺和装有适量水的容器，探究液体内部压强与深度的关系，如图所示。
（1）图甲中金属盒在水中的深度为______cm。
（2）比较两图可知，液体内部压强随深度的增大而______。
（3）比较两图，小明认为：液体内部某处到容器底的距离越大，其压强越小。为研究此问题，小华在乙图中保持金属盒的位置不变，往容器内加水，当水面到容器底的距离L满足条件：______，对比甲图，可说明小明的观点是错误的。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：
A、煤属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故A不符合题意；
B、石油属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故B不符合题意；
B、太阳能可以从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源，故C符合题意；
D、核燃料不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故D不符合题意。
故选：C。
从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源；人类开发利用后，在短时间内不可能再生的能源，属于不可再生能源；指在自然界中可以不断再生、连续利用的能源，属于可再生能源
本题主要考查学生对可再生能源特点的了解和掌握，属基础知识的考查。
2.【答案】D
【解析】解：发生日食时，太阳、月球、地球三者都在同一直线上，日环食是由于月球处于太阳和地球之间，不能完全遮住太阳光线而形成的，属于光的直线传播的应用；
A、雨后“彩虹”，是光的色散现象，是由光的折射形成的，故A不合题意。
B、山的“倒影”属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B不合题意；
C、水中“折筷”，是光线从水中斜射入空气中发生折射的缘故，故C不合题意；
D、“手影”游戏，是由光的直线传播形成的，故D符合题意。
故选：D。
（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
本题考查了三种光现象，解决此题要求了解一些光的直线传播产生的现象及其他光现象，属于基本内容，比较简单。
3.【答案】A
【解析】解：
A、电冰箱必须使用三脚插头，让金属外壳接地可以防止因漏电导致金属外壳带电而发生触电事故，故A正确；
B、由于导线绝缘皮老化漏电或短路，电路中的电阻几乎为零，会造成电流过大，引发事故；故D错误；
C、用湿布擦拭工作的台灯，湿布中含有大量的水，水是导体，因此人会触电，故C错误；
D、家庭电路中各用电器是并联的，一个插座上同时使用多个大功率用电器，会造成干路电流过大，引起火灾，故D错误。
故选：A。
（1）有金属外壳的用电器，外壳接地；
（2）绝缘皮损坏，则导线会露在外面，容易造成事故；
（3）水是导体，能够导电，因此不能用湿物体接触电器；
（4）家庭电路中各用电器是并联的，一个插座上同时使用多个大功率用电器，会造成干路电流过大，引起火灾。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
4.【答案】B
【解析】解：A、真空不能传声，故A错误；
B、声音由物体振动产生，用嘴吹管的上端，可以发出悦耳的哨声，声音是由管内空气振动产生的，故B正确；
C、吹出的哨音响度由吹管口的力度决定，故换用更大的力吹气改变了哨音的响度，故C错误；
D、吹出的哨音响度由吹管口的力度决定，若吹的力度相同则响度相同，若吹的力度不同则响度不相同，与拉动活塞无关，故D错误。
故选：B。
（1）声音的传播需要介质，我们平时听到的声音大多是通过空气传播的；
（2）声音是由物体振动产生的，管乐器是通过空气柱振动发声；
（3）声音的三个特性是：音调、响度、音色，音调是声音的高低，由振动频率决定，响度是声音的大小，与振幅和距离有关，音色是由发声体本身决定的。
本题是一道综合了多个知识点的题目，做题时要对照相关的物理知识，仔细分析每一种情况的对错。
5.【答案】C
【解析】解：①冰袋降温，是利用冰熔化吸热。
②冰冻的衣服晾干，是冰的升华现象。
③干冰变小，是干冰的升华现象。
④冰花的形成，是水蒸气的凝华现象。
可见，物态变化相同的是②③，故ABD错误、C正确。
故选：C。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
6.【答案】A
【解析】解：
A、人们首先发现了电子，电子发现说明原子可以再分，故A正确；
B、电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故B错误；
C、地球等行星绕太阳转动，太阳是太阳系的中心，不是宇宙的中心，故C错误；
D、质子和中子构成原子核，电子和原子核构成原子，电子比中子要小一些，故D错误。
故选：A。
（1）原子由原子核和电子构成；
（2）电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（3）整个宇宙都是运动的；宇宙有层次之分，是由无数天体组成，太阳是宇宙中的一颗行星，不是宇宙的中心；
（4）宇宙由物质组成的，宇宙中拥有数十亿个星系，银河系只是其中之一，银河系很大，太阳系只是其中之一，地球是太阳系中一员；物体是由分子构成的，分子是由原子构成的，原子是由位于中心的原子核和核外电子构成的，原子核包括质子和中子两部分。
本题考查了电荷间的相互作用规律、微观世界、物体的运动，属于基础知识，要熟记。
7.【答案】A
【解析】解：
根据图示可知，两个气门都关闭，活塞下行，因此该冲程为做功冲程，将内能转化为机械能；
A、酒精燃烧时化学能转化为内能，试管口塞子喷出是内能转化为机械能，故A符合题意；
B、冬天，搓手取暖是克服摩擦力做功，把机械能转化为内能，内能增加，故B不符合题意；
C、用力将活塞压下，活塞对筒内空气做功，筒内空气的内能增大、温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧，此过程中机械能转化为内能，故C不符合题意；
D、钻木取火过程中，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，内能增加，故D不符合题意。
故选：A。
（1）内燃机是利用内能做功的机器，其在工作时有四个冲程，即吸气、压缩、做功、排气四个冲程。其中压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能。
（2）改变内能的方式有：做功和热传递。做功可以改变物体的内能，对物体做功的过程中，机械能转化为内能，物体内能增加。
此题考查了做功改变物体内能的情况，需要注意的是：对物体做功，物体内能增加，物体对外做功，物体内能减小。
8.【答案】B
【解析】解：
A、人对车的压力和车对人的支持力没有作用在同一个物体上，所以不是一对平衡力，故A错误；
B、蹬地时，人的脚对地施加了一个力，地发生了形变，对人的脚产生了一个支持力，故B正确；
C、停止蹬地后，车最终会停下来的原因是受到阻力的作用，说明力可以改变物体的运动状态，物体的运动不需要力来维持，故C错误；
D、在滑行过程中所受到的力突然消失，根据牛顿第一定律可知，人和车将保持匀速直线运动，不会立即停下来，故D错误。
故选：B。
（1）一对平衡力等大、反向、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
（2）力可以改变物体的运动状态和形状；
（3）力是改变物体运动状态的原因；
（4）一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题综合了力与运动的关系、平衡力的辨别等多方面的知识，解决这类题目的观念是对这几方面知识的详细理解和熟练掌握。
9.【答案】C
【解析】解：由于存在空气的摩擦，秋千在摆动的过程中，机械能转化为内能，机械能会逐渐减小；
A、球在B、C两点高度相同，重力势能相同，B的机械能大于C的机械能，B的动能大于C的动能，故A错误；
B、由于机械能逐渐减小，则A的机械能大于D的机械能，故B错误；
C、球从B点到O点的过程中，克服摩擦做功，机械能减少，故C正确；
D、球从O点到C点的过程中，高度增加，重力势能变大，故D错误。
故选：C。
（1）影响动能大小的因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。
（2）影响重力势能大小的因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
（3）机械能是动能和重力势能的和，在秋千运动的过程中，克服空气阻力做功，所以机械能不守恒。
掌握影响动能、重力势能、弹性势能大小的因素。会判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的大小变化以及能量的相互转化。
10.【答案】C
【解析】解：电风扇的工作原理是通电导线在磁场中受力运动。
A、该实验是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，是电流的磁效应，故A不符合题意；
B、该实验中，闭合开关，拨动风扇，小灯泡会发光，说明闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，是机械能转化为电能，故B不符合题意；
C、该实验中，当给导体中通电时，通电导体在磁场中受力的作用而运动，与电扇的工作原理相同，故C符合题意；
D、该实验是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，利用的电流的磁效应，故D不符合题意；
故选：C。
电风扇工作时，电风扇内的线圈通过电流，线圈在磁场中受力运动，所以电风扇的工作原理是通电导线在磁场中受力运动。
此题主要考查的是学生对通电导线在磁场中受到力的作用的原理的理解和掌握，并会应用于实际是解决该题的关键。
11.【答案】B
【解析】解：（1）小球在甲液体中漂浮，小球受到的浮力等于重力即F1=G，
小球在乙液体中沉底，小球受到的浮力小于重力即F2＜G，
小球的重力不变，所以小球在甲液体中受到的浮力大于小球在乙液体中的浮力，即F1＞F2。
（2）甲乙图中容器重、液体重、小球重都相等，所以容器对水平桌面的压力相等，即F甲=F乙，
因为，S甲＞S乙，
根据压强公式p=得，p1＜p2。
故选：B。
（1）根据相同的小球在液体中的状态，首先判断小球重力和浮力的关系，然后比较浮力大小。
（2）容器对水平桌面的压力等于容器的重、液体重、小球重之和，受力面积不同，然后根据压强公式判断压强大小。
本题的关键是容器放在水平桌面上，容器对水平桌面的压力等于容器的重、液体重、小球重之和。
12.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
AB．由题意可知，R2的滑片P在某一端点时，两表的示数分别为0.2A和3V，即电压表的示数不为零，
所以，此时滑片应位于左端即接入电路中的电阻最大，
由I=可得，R2的最大阻值R2大===15Ω，故B错误；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压U=I1R1+U2大=0.2A×R1+3V------①
滑片移动时，只能是减小接入电路中的电阻，此时电路中的电流变大，由串联电路的分压特点可知电压表的示数变小，
由两表的示数分别变化了0.3A和1.5V可知，此时电路中的电流I2=0.5A，电压表的示数U2=1.5V，
则电源的电压U=I2R1+U2=0.5A×R1+1.5V----------②
由①②可得：R1=5Ω，U=4V，故A错误；
C．当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的总电阻最大，电路消耗的总功率最小，
则R1与R2接入电路的阻值之比R1：R2=5Ω：15Ω=1：3，故C错误；
D．当电流表示数为0.4A时，电路的总电阻R===10Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的电阻：
R2=R-R1=10Ω-5Ω=5Ω，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由P=UI=I2R可知，R2=R1，则R1与R2消耗的功率之比为1：1，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）由题意可知，R2的滑片P在某一端点时，两表的示数分别为0.2A和3V，即电压表的示数不为零，据此判断出此时滑片应位于左端即接入电路中的电阻最大，根据欧姆定律求出R2的最大阻值，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；滑片移动时，只能是减小接入电路中的电阻，此时电路中的电流变大，由串联电路的分压特点可知电压表的示数变小，根据两表的示数分别变化了0.3A和1.5V得出此时电路中的电流和电压表的示数，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，然后联立等式即可求出R1的阻值和电源的电压；
（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的总电阻最大，电路消耗的总功率最小，然后求出R1与R2接入电路的阻值之比；
（3）当电流表示数为0.4A时，根据欧姆定律求出电路的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的电阻，根据串联电路的电流特点和P=UI=I2R求出R1与R2消耗的功率之比。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，正确判断出开始时滑片所处的位置是关键。
13.【答案】千米 运动 6000
【解析】解：（1）根据生活经验和题目中所给的数字可知，南京长江五桥约10.33千米。
（2）以江面航行的船为参照物，桥上路灯与江面航行的船之间发生了位置变化，所以桥上路灯是运动的。
（3）v=72km/h=20m/s，t=5min=300s，
则根据v=可得，汽车通过的路程为：s=vt=20m/s×300s=6000m。
故答案为：（1）千米；（2）运动；（3）6000。
（1）根据生活经验和题目中所给的数字解答；
（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
（3）根据速度公式v=可求汽车通过的路程。
此题考查运动和静止的相对性、速度公式及其应用，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。
14.【答案】永不停息的做无规则运动 g 相互
【解析】解：
（1）粽叶飘香这是粽叶的香味进入到空气中发生的扩散现象，表明分子在不停地做无规则的运动；
（2）一只咸鸭蛋的质量约为60g；
（3）向后划桨，桨给水向后的力，由于物体间力的作用是相互的，所以水会给桨向前的力，使龙舟向前运动。
故答案为：永不停息的做无规则运动；g；相互。
（1）不同物质的分子彼此进入对方的现象叫扩散，说明一切物体的分子都在永不停息的做无规则运动；
（2）根据对生活中常见物体的质量的了解填写；
（3）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的。
本题考查了扩散现象、对常见物体质量的了解以及力的作用的相互性，都属于基础知识的应用，难度不大。
15.【答案】15 30
【解析】解：
（1）用15N的水平推力推木箱，木箱静止不动，此时推力跟静摩擦力是一对平衡力，二力的大小相等，所以木箱所受的摩擦力f=F=15N；
（2）推力增大至30N时，木箱做匀速直线运动，此时推力跟滑动摩擦力是一对平衡力，其大小相等，所以此时木箱所受的摩擦力f滑=F′=30N；
推力增大至50N，木箱做加速运动；或撤去F，木箱做减速运动时，木箱对水平地面的压力和接触面的粗糙程度都没有变，所以木箱受到的滑动摩擦力大小不变，仍为30N。
（1）物体处于静止或匀速直线运动时，所受力是平衡的，然后根据二力平衡的条件即可解答；
（2）影响滑动摩擦力大小的因素有：压力大小和接触面的粗糙程度。
本题考查了二力平衡条件的应用及影响滑动摩擦力大小的因素，注意：（1）静止的物体或匀速直线运动的物体受平衡力的作用；（2）滑动摩擦力大小与物体运动的速度无关，只与压力大小和接触面的粗糙程度有关。
16.【答案】630 75 84% 10
【解析】解：
（1）拉力做的有用功：
W有用=Gh=210N×3m=630J；
（2）由图知，n=2，拉力端移动距离s=2h=2×3m=6m，
拉力做的总功：
W总=Fs=125N×6m=750J，
拉力做功的功率：
P===75W；
（3）滑轮组的机械效率：
η==×100%=84%；
（4）提升动滑轮做的额外功：
W额1=G动h=25N×3m=75J，
=×100%=10%，
即：克服动滑轮重所做的额外功占总功的10%。
故答案为：630；75；84%；10。
（1）利用W=Gh求拉力做的有用功；
（2）由图知，n=2，拉力端移动距离s=2h，利用W=Fs求拉力做的总功，再利用P=求拉力做功的功率；
（3）滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；
（4）利用W=Gh求提升动滑轮做的额外功，进而求出克服动滑轮重所做的额外功占总功的百分比。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、额外功、功率、机械效率的计算，明确有用功、总功、额外功的含义是关键。
17.【答案】热 液化 36000 1.2
【解析】解：
①一般导体都有电阻，由公式Q=I2Rt知，电流通过导体时会产生热量，这种现象叫做电流的热效应，所以平面镜防雾膜的电热丝是利用电流的热效应来工作的；
②温度较高的水蒸气遇到温度低的镜面会液化成小水滴，镜面温度较高时可以避免水蒸气在镜面上液化；
③防雾膜的规格是2W/dm2，意思是面积为1dm2的防雾膜消耗的功率是2W，
则面积为30dm2的防雾膜消耗的功率P′=2W/dm2×30dm2=60W，工作时间t=10min=600s，
所以该防雾膜正常工作10min消耗的电能：
W=Pt=60W×600s=36000J；
④由平面镜成像的特点可知，像到镜面的距离与物体到镜面的距离相等，已知小明站在镜前0.6m处，所以他的像离镜面也是0.6m，则他在镜中的像和他相距0.6m+0.6m=1.2m。
故答案为：热；液化；36000；1.2。
①电流通过导体会产生热量的现象叫电流的热效应；
②物质由气态变成液态的过程叫做液化；
③已知防雾膜的规格和面积，根据W=Pt求出正常工作10min消耗的电能；
④根据平面镜成像的特点之一“像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等”进行解答。
此题是一道综合题，考查的知识点较多，包括电流的热效应、液化现象、电能的计算和平面镜成像的特点，熟练掌握基础知识是正确解答的关键。
18.【答案】1 省力 20 ＞
【解析】解：（1）不计摩擦和杆重，图中O为支点，脚沿与杆垂直方向用力F1时，力臂OB最长，OB=1.4m-0.4m=1m，
阻力臂为OA，OB＞OA，由杠杆平衡条件可得，F1•OB=G•OA，杠杆为省力杠杆；
（2）当脚竖直向下用力时，如图所示动力臂为OC，阻力臂为OD，如图所示：
F2•OC=G•OD，
F2•OB•cosθ=G•OA•cosθ
F2•OB=G•OA
F2×1m=50N×0.4m，
F2=20N；
故脚竖直向下用力F2为至少为20N，
脚竖直向下的动力臂小于脚沿与杆垂直方向时的动力臂，故F2＞F1。
故答案为：（1）1；省力；（2）20；＞。
（1）从支点到重力作用线的距离是动力臂；根据动力臂和阻力臂的大小判断杠杆类型。
（2）从图可知动力臂和阻力臂，根据杠杆的平衡条件可求脚竖直向下的力；根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2比较F2和F1的大小关系
本题主要考查对力臂概念的理解和杠杆平衡条件（F1l1=F2l2）的理解与运用，正确判断动力臂和阻力臂的大小是解题的关键。
19.【答案】并 1.5 10 0.9 108
【解析】解：
（1）由表格数据可知，变阻器接入电路中的电阻R=15Ω时，电路的总电流I=0.5A，
由I=可得，电路的总电阻R总===6Ω，
因并联电路中总电阻小于任何一个分度值，串联电路中总电阻大于任何一个分度值，
所以，由R总＜R可知，灯泡和变阻器的连接方式是并联；
（2）第一次实验中，电路消耗的总功率P=UI=3V×0.5A=1.5W，
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，=+，即=+，
解得：RL=10Ω，即灯泡工作时的电阻是10Ω；
（3）第二次实验中，变阻器接入电路中的电阻R′=5Ω时，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过灯泡的电流不变，则灯泡的电阻不变，此时电路的总电阻R总′===Ω，
则电流表的示数I′===0.9A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，变阻器工作1min产生的热量QR=WR=t=×60s=108J。
故答案为：（1）并；（2）1.5；10；（3）0.9；108。
（1）由表格数据可知，变阻器接入电路中的电阻为15Ω时电路的总电流，根据欧姆定律求出电路的总电阻，利用电阻的串并联电路的特点判断出灯泡和变阻器的连接方式；
（2）第一次实验中，根据P=UI求出电路消耗的总功率，根据电阻的并联求出灯泡工作时的电阻；
（3）第二次实验中，变阻器接入电路中的电阻为5Ω，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响判断出灯泡的电阻不变，根据电阻的并联求出此时电路的总电阻，利用欧姆定律求出电流表的示数，根据并联电路的电压特点和Q=W=UIt=t求出变阻器工作1min产生的热量。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电热公式的综合应用，正确判断出灯泡和变阻器的连接方式是关键。
20.【答案】需要 甲 C 丁
【解析】解：（1）进行凸透镜成像实验时，烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度，像才能呈在光屏的中央位置，所以需要点燃蜡烛后再调节实验器材高度。
（2）凸透镜成实像时，甲图，物距大于像距，凸透镜成倒立、缩小的实像；乙图，物距小于像距，凸透镜成倒立、放大的实像。
（3）甲图，凸透镜成倒立、缩小的实像，
当u＞2f，2f＞v＞f 时，成倒立缩小的实像；
u=50cm-20cm=30cm，30cm＞2f，
v=65cm-50cm=15cm，2f＞15cm＞f，
解得，15cm＞f＞7.5cm ①
乙图，2f＞u＞f，v＞2f 时，成倒立放大的实像，
u=50cm-32cm=18cm，2f＞18cm＞f，
v=73cm-50cm=23cm，23cm＞2f，
解得，11.5cm＞f＞9cm ②
由①②得，11.5cm＞f＞9cm，
所以凸透镜的焦距可能是10cm，故选C。
（4）丙图，像成在视网膜的前方，是近视眼，需要凹透镜矫正。
丁图，像成在视网膜的后方，是远视眼，需要凸透镜矫正。
在图乙中将一镜片放在烛焰和透镜之间后，光屏上的像变模糊了，将光屏向左移动，光屏上再次出现清晰的像，说明所放的镜片对光线有会聚作用，是矫正远视眼的凸透镜，故选丁图。
故答案为：（1）需要；（2）甲；（3）C；（4）丁。
（1）探究凸透镜成像实验时，烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度，像才能呈在光屏的中央位置。
（2）根据物距和像距的关系进行判断成像情况。
（3）根据甲乙两种成像情况时的物距和焦距，像距和焦距的关系解不等式，确定凸透镜的焦距。
（4）近视眼是晶状体变厚，像成在视网膜的前方，凹透镜对光线有发散作用，用凹透镜矫正；远视眼是晶状体变薄，像成在视网膜的后方，凸透镜对光线有会聚作用，用凸透镜矫正。
本题对于凸透镜成像知识点考查很全面，考查了根据物距和像距判断成像情况，根据成像时物距和焦距的关系，像距和焦距的关系确定凸透镜的焦距，近视眼和远视眼的成因和矫正，综合性很强。
21.【答案】B b 5 P=×P0
【解析】解：
（1）①变阻器按一上一下连入电路中与电阻串联，如下左所示：
②闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应滑到阻值最大处的B端；
③若导线a、c内部断路，则整个电路断路，两表都没有示数，若导线b内部断路，可导致电压表串联在电路中，电流表没有示数，但电压表串联在电路中测电源电压，电压表有示数，符合题意；
④排除故障后，闭合开关，移动滑片P，当电压表示数为1.2V时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.24A，由欧姆定律，则R1===5Ω；
（2）根据分析设计的电路如上右所示；
（3）设电表表闪烁1次消耗的电能为W0，她只让电水壶正常工作，记下电能表的指示灯闪烁n1次所用时间为t1．根据W=Pt，则n1W0=Pt1----①，
额定功率为P0的电热水器，只让电热水器正常工作，记下指示灯闪烁n2次所用时间为t2；
则有：n2W0=P0×t2-----②，
①÷②得：
电水壶的额定功率为：
P=×P0。
故答案为：（1）①如上左所示；②B；③b；④5；P=×P0；（2）如上右所示；（3）P=×P0。
（1）①变阻器按一上一下连入电路中与电阻串联；
②闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片P应滑到阻值最大处；
③若导线a、c内部断路，则整个电路断路，两表都没有示数，只能是b内部断路；
④根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律得出R1；
（2）根据分析设计的电路如上右所示；
（3）设电表表闪烁1次消耗的电能为W0，根据W=Pt和电能表消耗的电能等于W，列方程求出电水壶的额定功率。
本题测出未知电阻的阻值和电水壶的额定功率，考查电路连接、注意事项、故障分析、设计方案测电阻的能力及利用电能表测功率的能力。
22.【答案】3×108
【解析】解：（1）激光是电磁波，可在真空中传播，电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s；
（2）空车停在水平地面上，对地面的压力为：F=G=mg=400kg×10N/kg=4000N；
车对地面的压强：p===2×105Pa；
（3）空车所做的功为：W=Pt=810W×10s=8100J；
汽车做匀速直线运动，则牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，则阻力为：f=F===675N。
答：（1）3×108；
（2）车对地面的压强为4000帕；
（3）空车行驶时牵引力的功率为810W，在10s内匀速行驶12m，车受到的阻力为675牛。
（1）光是电磁波，电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s；
（2）根据F=G=mg求出压力的大小，已知压力和受力面积，利用p=计算车对地面的压强。
（3）根据W=Pt求出牵引力所做的功，根据W=Fs求出牵引力的大小，根据二力平衡的条件求出阻力大小。
本题考查了平衡力的应用、功和功率的计算，要能熟练运用公式，抓住匀速直线运动时，物体受到平衡力的作用是关键。
23.【答案】B
【解析】解：（1）当继电器线圈中的电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，工作电路断开，由图可知
工作电路工作时，A端应与B端相连接；
（2）安装两只标有“220V275W”的灯泡，工作时，两灯并联，P=2PL=2×275W=550W；
工作电路工作时的总电流为：
I===2.5A；
（3）当继电器线圈中的电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，工作电路断开，I=50mA，
由欧姆定律，R总===240Ω，根据串联电阻的规律，R2=R总-R1-R0=240Ω-40Ω-20Ω=180Ω，由图乙知，控制的温度t0=38°C；
（4）因当继电器线圈中的电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，工作电路断开，定值电阻R1为40Ω，由欧姆定律R=，利用滑动变阻器改变连入电路的电阻，根据串联电阻的规律，从而改变R2的大小，达到控制的浴室温度t0高低，可用一个滑动变阻器替换R1，如下所示：
根据已知条件，选用的变阻器规格为：最大电阻应大于40Ω，允许通过的最大电流不小于50mA。
故答案为：
（1）B；
（2）工作电路工作时的总电流为2.5A；
（3）浴室里控制的温度t0为38°C；
（4）如上所示；选用的变阻器规格为：最大电阻大于40Ω，允许通过的最大电流不小于50mA。
（1）当继电器线圈中的电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，工作电路断开，据此分析；
（2）安装两只标有“220V 275W”的灯泡，可知两灯并联的功率，根据P=UI求出工作电路工作时的总电流；
（3）已知当继电器线圈中的电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，工作电路断开，
由欧姆定律求出电路的总电阻，根据串联电阻的规律求出R2，由图乙知控制的温度；
（4）根据已知条件，由欧姆定律和串联电阻的规律结合图乙分析；
根据已知条件确定选用的变阻器规格。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用和电磁继电器的相知识与对控制电路的改进。
24.【答案】7.20 能量 右 小 C
【解析】解：（1）由图知：此图是以3.00cm作为“零”刻度，因此纸杯杯口的直径，为：10.20cm-3.00cm=7.20cm；
（2）当用手轻拍塑料薄膜，发现烛焰晃动，说明：声音具有能量。
（3）在纸杯旁用吸管吹气，纸杯向右滚动，这是因为气体流速越大，压强越小；
（4）用与头发摩擦过的塑料吸管靠近纸杯一侧，纸杯被吸引，属于摩擦起电现象；
A、磁铁吸引铁屑，是靠磁铁周围的磁场的作用，故A不正确；
B、挤压后的吸盘吸在瓷砖上，是靠大气压的作用，故B不正确；
C、干手搓开的新塑料袋吸在手上，是带电体具有吸引轻小物体的性质，故C正确。
故答案为：（1）7.20；（2）能量；（3）右；小；（4）C。
（1）由于该刻度尺的零刻度已经磨损，因此需要将紧挨物体左侧的3.00cm当作“零”刻度，然后让最后的读数减去“零”刻度的读数即为该纸杯杯口的直径，注意刻度尺的读数需要进行估读；
（2）声音既能传递信息，又能传递能量；
（3）流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大；
（4）两种不同物质组成的物体相互摩擦后，物体能吸引轻小物体的现象是摩擦起电。
本题考查了刻度尺的读数方法、声音的作用、液体压强与流速的关系、摩擦起电现象。注意：在读数前一定要认清刻度尺的量程和分度值，要估读到分度值的下一位。
25.【答案】解：首先做出法线，入射光线与镜面的夹角是30°，入射角为90°-30°=60°．根据反射角等于入射角，在法线右侧画出反射光线，反射角等于入射角，也为60°，如图所示：
【解析】光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。可归纳为：“三线共面，两线分居，两角相等”。其中入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。
本题考查了光的反射定律的应用，首先要熟记光的反射定律的内容，并要注意入射角、反射角的概念。
26.【答案】解：空缆车随缆绳做匀速直线运动，则轿厢也是做匀速直线运动，受力平衡，受到竖直向下的重力G和竖直向上的拉力F的作用，这两个力大小相同，作用点在轿厢的中心，示意图如图：
【解析】物体处于匀速直线运动时，受力是平衡的，据此分析出轿厢的受力情况，做出力的示意图。
会对物体进行正确的受力分析，会用力的示意图表示出力的作用点和方向，牢记重力的方向总是竖直向下的。
27.【答案】解：
闭合开关后，由图可知电流从螺线管的上侧流入、下侧流出；右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的下端为N极、上端为S极；
当小磁针静止时，根据磁极间的作用规律可知，相互靠近的一定是异名磁极，则小磁针的上端为N极、下端为S极；
在磁体周围，磁感线从磁体的N极出发回到S极，所以图中磁感线的方向是指向上的。如图所示：
【解析】根据安培定则确定螺线管的NS极；然后利用磁极间的作用规律确定小磁针的N、S极；在磁体的周围，磁感线从N极流出回到S极。
对于一个通电螺线管，只要知道电流的方向、线圈的绕法、螺旋管的N、S极这三个因素中的任意两个，我们就可以据安培定则判断出另一个。
28.【答案】95 2.1×103 继续 继续
【解析】解：（1）由图乙可知，温度计的分度值是1℃，该温度计的示数是95℃；
已知水的初温是90℃，水的质量m=100g=0.1kg，△t=95℃-90℃=5℃，
这段时间内水吸收的热量Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×0.1kg×5℃=2.1×103J；
（2）要探究水沸腾时温度变化的特点，在观察到水刚开始沸腾时，需要继续对水加热，并继续记录温度计示数，然后分析数据，完成实验。
故答案为：（1）95；2.1×103；（2）继续；继续。
（1）此题温度计的示数在量程的范围内，且分度值为1℃，可根据这两点读出此温度计的示数根据Q=cm△t可求得这段时间内水吸收的热量；
（2）液体沸腾的条件是吸热，但温度保持不变。
此题是探究水的沸腾实验，从中考查了学生对温度计的使用，同时考查了水吸收热量的计算。
29.【答案】标尺左端“0”刻度线处 82.4 瓶和饮料 偏大
【解析】解：（1）将天平放在水平桌面上，游码移动到标尺左端“0”刻度线处，然后再调节平衡螺母直至天平平衡；
（2）根据天平的读数方法，金属块的质量：m1=50g+20g+10g+2.4g=82.4g；
（4）加注液体的体积等于金属块的体积、要测量加注液体的质量，应测量出加注后饮料与容器的质量之和；
（5）加注饮料的质量：m=m3-m2；
加注饮料的体积：V=V金==；
饮料的密度：ρ===；
金属块取出时带走部分饮料，需要加注更多饮料才能达到标记处，会造成测量出的饮料质量偏大，由ρ=可知，计算出的饮料密度值偏大。
故答案为：（1）标尺左端“0”刻度线处；（2）82.4；（4）瓶和饮料；（5）；偏大。
（1）调节天平时，首先将天平放在水平桌面上，再把游码移到标尺的零刻线处，然后再调节平衡螺母直至天平平衡。
（2）根据天平的读数方法，金属块的质量m=砝码质量+游码对应刻度值；
（4）测量物质密度需分别测量出质量和体积，利用密度公式进行计算；
（5）分别表示出饮料的质量和体积，带入密度公式可得表达式；金属块取出时带走部分饮料会造成测量出的饮料质量偏大，由密度公式可知，计算出的密度偏大。
此题是“测量液体密度”的实验，包括了天平的读数以及密度的计算，是基本实验技能的训练，是学习的重要内容，属于基础题。
30.【答案】7 增大 L≥18cm
【解析】解：
（1）由图可知，水的深度为16cm，金属盒到底部的距离为9cm，则金属盒的深度为h=16cm-9cm=7cm；
（2）比较两图可知，金属盒在水中的深度越深，U型管液面的高度差越大，则受到的压强越大，可得结论：液体内部压强随深度的增大而增大；
（3）探究液体内部某处的压强与到容器底的距离的关系时，采用的是控制变量法，需要控制该处到液面的距离相同，甲中金属盒到液面的距离为7cm，则乙中金属盒到水面的距离也应该为7cm，所以水面到容器底的距离L需要满足L≥11cm+7cm=18cm；当液面高度大于或等于18cm时，乙中U型管的液面的高度差等于或大于甲中型管液面的高度差，所以小明的观点是错误的。
故答案为：（1）7；（2）增大；（3）L≥18cm。
（1）根据图示得出金属盒在水中的深度；
（2）U型管液面的高度差反应液体内部压强的大小；
（3）探究液体内部某处的压强与到容器底的距离的关系时，需要控制该处到液面的距离相同，液体的密度也相同。
本题为探究液体压强实验，利用好控制变量法是解答本题的关键。
2020年江苏省南京市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
六
总分
得分
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 下列能源中，属于可再生能源的是（ ）
A. 煤 B. 石油 C. 太阳能 D. 核燃料
2. 如图是2020年6月21日出现的日环食现象，下列图中的光现象成因与此相同的是（ ）
A. 雨后“彩虹” B. 山的“倒影”
C. 水中“折筷” D. “手影”游戏
3. 下列措施符合安全用电规范的是（ ）
A. 电冰箱的金属外壳接地
B. 使用绝缘皮破损的导线
C. 用湿布擦拭工作的台灯
D. 一个插座上同时使用多个大功率用电器
4. 图甲是一手工艺品，由竹筒（A、B两端开口，C处开一小口）和“活塞”组成。将活塞从B处塞入，在A处吹气并来回拉动“活塞”能发出悦耳的哨音，“活塞”如图乙所示。下列说法正确的是（ ）
A. 哨音在真空中也能传播
B. 哨音是由筒内空气振动产生的
C. 换用更大的力吹气改变了哨音的音调
D. 吹气时来回拉动“活塞”改变了哨音的响度
5. 下列现象中，物态变化相同的一组是（ ）
A. ①③ B. ①④ C. ②③ D. ②④
6. 关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（ ）
A. 电子的发现，说明原子是可分的
B. 同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥
C. 地球绕太阳运动，说明太阳是宇宙的中心
D. 质子、原子、电子是按照尺度由大到小的顺序排列的
7. 如图是内燃机某冲程的工作示意图，下面四个事例中能量转化与之相同的是（ ）
A. 瓶塞冲出
B. 搓手取暖
C. 压缩气体
D. 钻木取火
8. 如图所示，小伙伴们在玩滑板车，脚蹬地后，人和车一起沿水平路面向前运动。下列说法正确的是（ ）
A. 人对车的压力和车对人的支持力是一对平衡力
B. 蹬地时，地面对脚的支持力是由于地面形变产生的
C. 停止蹬地后，车最终会停下来，说明运动需要力来维持
D. 车在滑行过程中所受的力突然全部消失，车将立即停下来
9. 如图所示是荡秋千的简化模型。摆球从A点由静止释放，到达D点后返回，B、C两点等高。下列说法正确的是（ ）
A. 球在B、C两点的动能相等
B. 球在A、D两点的机械能相等
C. 球从B点到O点的过程中机械能减少
D. 球从O点到C点的过程中重力势能减少
10. 如图是一台正在工作的电扇。下列四个实验能反映其工作原理的是（ ）
A.
B.
C.
D.
11. 如图所示，两个质量相等、底面积不等的圆柱形容器放在水平桌面上，分别装有质量相等的两种液体，两个相同的小球分别放入容器中，一个漂浮，一个沉底。甲、乙两图中小球所受浮力分别为F1和F2，容器对桌面的压强分别为p1和p2．下列说法正确的是（ ）
A. F1＞F2 p1＞p2 B. F1＞F2 p1＜p2
C. F1＜F2 p1＞p2 D. F1＜F2 p1＜p2
12. 如图所示电路，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，R2的滑片P在某一端点时，两表的示数分别为0.2A和3V；移动滑片P到某位置的过程中，两表的示数分别变化了0.3A和1.5V．下列说法正确的是（ ）
A. 电源电压为4.5V
B. R2的最大阻值为20Ω
C. 电路消耗的总功率最小时，R1与R2接入电路的阻值之比为3：1
D. 电流表示数为0.4A时，R1与R2消耗的功率之比为1：1
二、填空题（本大题共7小题，共26.0分）
13. 南京长江五桥将于2020年底全线通车，如图所示。
（1）五桥全长约10.33______（填单位）。
（2）以江面航行的船为参照物，桥上路灯是______的。
（3）通车后，一辆汽车以72km/h的速度匀速行驶5min，通过的路程为______m。
14. 端午节的传统习俗有包粽子、吃咸鸭蛋和赛龙舟等，粽叶飘香，说明分子在______；一只咸鸭蛋的质量约为60______（填单位）；赛龙舟时人用力向后划桨，船向前行，说明力的作用是______的。
15. 重100N的木箱放在粗糙程度相同的水平地板上，用水平推力F推木箱。F=15N时，没推动，木箱所受摩擦力为______N；F=30N时，木箱做匀速直线运动；F=50N时，木箱做加速运动；撤去F，木箱做减速运动，它所受摩擦力为______N。
16. 如图所示，物体重210N，动滑轮重25N．工人用125N的拉力将物体匀速提升3m，用了10s，此过程中有用功是______J，拉力的功率是______W，滑轮的机械效率是______，克服动滑轮重所做的额外功占总功的______%。
17. 有一款平面镜防雾膜，膜内装有电热丝，将它贴在镜的背面并通电，利用电流的______效应，可防止水蒸气在镜面上______（填物态变化名称），如图所示。防雾膜的规格是2W/dm2，一块面积为30dm2的防雾膜正常工作10min消耗的电能是______J．小明站在镜前0.6m处，他在镜中的像和他相距______m。
18. 如图是过去农村用的春米工具的结构示意图。O为固定转轴，A处连接着石球，脚踏杆的B处可使石球升高，抬起脚，石球会落下去击打稻谷。石球重50N，不计摩擦和杆重。
（1）脚沿与杆垂直方向至少用力F1，才能将石球抬起。F1的力臂为______m，此时春米工具是一个______（选填“省力”或“费力”）杠杆。
（2）脚竖直向下至少用力F2为______N，才能将石球抬起。F2和F1的大小关系为F2______F1。
19. 一个密封盒的表面可见两个接线柱、一个灯泡和一个可调变阻器的旋钮。盒内只有灯泡和变阻器两个用电器，小明想探究它们的连接方式，连接了如图所示的电路（电源电压恒为3V），做了两次实验，部分数据记录如表格所示。
实验序号
变阻器电阻R/Ω
电流表示数I/A
①
15
0.5
②
5
（1）灯泡和变阻器的连接方式是______联，
（2）第一次实验中，电路消耗的总功率是______W，灯泡工作时的电阻是______Ω。
（3）第二次实验中，电流表示数是______A，变阻器工作1min产生的热量是______J。
三、计算题（本大题共4小题，共26.0分）
20. 小明做“探究凸透镜成像规律”实验。
（1）调整实验器材高度时，蜡烛______（选填“需要”或“不需要”）点燃。
（2）他用同一凸透镜做了两次实验，如图甲、乙所示，光屏上均有清晰的像（未画出），其中成缩小像的是图______。
（3）凸透镜的焦距可能是______（填字母）。
A.5cmB .8cmC .10cmD .15cm
（4）在图乙中将一镜片放在烛焰和透镜之间后，光屏上的像变模糊了，将光屏向左移动，光屏上再次出现清晰的像，则所加镜片可以矫正图______（选填“丙”或“丁”）的视力缺陷。
21. 有两个阻值未知的定值电阻R1、R2（R1约6Ω，R2约500Ω）和一个电水壶。要求测出未知电阻的阻值和电水壶的额定功率。
（1）图甲是测量R1阻值的部分实物图，电源为两节干电池。
①用一根导线将电路连接完整（连线不得交叉）。
②闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应滑到______（选填“A”或“B”）端。
③闭合开关，移动滑片P，发现电压表有示数，电流表无示数，故障可能是导线______（选填“a”“b”或“c”）内部断路。
④排除故障后，闭合开关，移动滑片P，当电压表示数为1.2V时，电流表示数如图乙所示，则R1=______Ω。
（2）小明从图甲中的器材和电阻箱（符号，规格“0～9999Ω5A”）、若干开关及导线中，选择器材，连成图丙所示的电路，测出了R2的阻值。请将所选元件符号填入虚线框内。
（3）小华利用家里的电子式电能表和秒表估测电水壶的额定功率。她只让电水壶正常工作，记下电能表的指示灯闪烁n1次所用时间为t1．由于电能表常数被遮挡，她借助额定功率为P0的电热水器，只让电热水器正常工作，记下指示灯闪烁n2次所用时间为t2；则电水壶的额定功率为______。
22. 如图所示为一辆无人驾驶清扫车，空车质量为400kg，它集激光雷达、摄像头、超声波雷达等传感器于一体，可自主作业。
（1）激光是一种电磁波，它在真空中的传播速度为______m/s。
（2）空车停在水平地面上，若地面总受力面积为200cm2，则车对地面的压强为多少帕？
（g取10N/kg）
（3）空车行驶时牵引力的功率为810W，在10s内匀速行驶12m，车受到的阻力为多少牛？
23. 科技小组为灯暖型浴霸（一种取暖用的电器）设计了一个可自动控制温度的装置。如图甲所示，控制电路电压U1恒为12V，继电器线圈的电阻R0为20Ω，定值电阻R1为40Ω，热敏电阻R2的阻值随温度变化的图象如图乙所示；工作电路电压U2恒为220V，安装两只标有“220V 275W”的灯泡。闭合开关S，当继电器线圈中的电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，工作电路断开。
（1）工作电路工作时，A端应与______（选填“B”或“C”）端相连接。
（2）工作电路工作时的总电流为多大？
（3）浴室里控制的温度t0为多高？
（4）为使利用R2控制的浴室温度t0高低可调，需要对控制电路进行改进，请在图丙的虛线框内画出改进后的部分电路。添加的器材需说明规格要求。
四、综合题（本大题共1小题，共5.0分）
24. 用纸杯做以下物理小实验：
（1）图甲中，用两个三角板和直尺量得纸杯杯口直径为______cm。
（2）图乙中，纸杯底部有一圆孔，用塑料薄膜蒙住杯口，拍打薄膜发出声音，烛焰晃动，说明声音具有______。
（3）图丙中，在纸杯旁用吸管吹气，纸杯向______（选填“左”或“右”）滚动，这是因为气体流速越大，压强越______。
（4）图丁中，用与头发摩擦过的塑料吸管靠近纸杯一侧，纸杯被吸引。以下事例中原理与此相同的是______（填字母）。
A．磁铁吸引铁屑
B．挤压后的吸盘吸在瓷砖上
C．干手搓开的新塑料袋吸在手上
五、作图题（本大题共3小题，共6.0分）
25. 按要求作图（请保留作图痕迹）。
如图所示，入射光线AO射向平面镜，画出反射光线OB并标出反射角的大小。
26. 如图（a）所示，空缆车随缆绳做匀速直线运动，在图（b）中画出缆车的轿厢（以方框表示）受力示意图（不计空气阻力）。
27. 如图所示，小磁针静止在通电螺线管右侧。标出小磁针的N极并在虚线上用箭头标出磁感线方向。
六、实验探究题（本大题共3小题，共13.0分）
28. 如图甲所示，用100g初温为90℃的水做“探究水沸腾时温度变化的特点”实验。
（1）加热一段时间后，温度计示数如图乙所示，为______℃，这段时间内水吸收的热量为______J．[c水=4.2×103J/（kg•℃）]
（2）继续实验，观察到水刚开始沸腾，接下来的操作是：______（选填“继续”或“停止”，下同）加热，______记录温度计示数。分析数据，完成实验。
29. 现有一瓶饮料，小明用托盘天平、烧杯和已知密度为ρ1的金属块测出了饮料的密度ρ。
（1）将天平放在水平台面上，游码移至______，调节平衡螺母，直至天平平衡。
（2）用天平测出金属块的质量m1，读数如图所示，为______g。
（3）把金属块放入空烧杯中，往烧杯中倒入适量饮料，使金属块漫没在饮料中，在烧杯液面位置做好标记。测出此时瓶和饮料的总质量为m2。
（4）取出金属块，放在台面上，往烧杯中倒饮料，直至液面到达标记处，测出此时______的总质量为m3。
（5）ρ=______（用符号表示），金属块取出时带走部分饮料，测量结果______（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
30. 小明和小华利用压强计、刻度尺和装有适量水的容器，探究液体内部压强与深度的关系，如图所示。
（1）图甲中金属盒在水中的深度为______cm。
（2）比较两图可知，液体内部压强随深度的增大而______。
（3）比较两图，小明认为：液体内部某处到容器底的距离越大，其压强越小。为研究此问题，小华在乙图中保持金属盒的位置不变，往容器内加水，当水面到容器底的距离L满足条件：______，对比甲图，可说明小明的观点是错误的。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：
A、煤属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故A不符合题意；
B、石油属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故B不符合题意；
B、太阳能可以从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源，故C符合题意；
D、核燃料不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故D不符合题意。
故选：C。
从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源；人类开发利用后，在短时间内不可能再生的能源，属于不可再生能源；指在自然界中可以不断再生、连续利用的能源，属于可再生能源
本题主要考查学生对可再生能源特点的了解和掌握，属基础知识的考查。
2.【答案】D
【解析】解：发生日食时，太阳、月球、地球三者都在同一直线上，日环食是由于月球处于太阳和地球之间，不能完全遮住太阳光线而形成的，属于光的直线传播的应用；
A、雨后“彩虹”，是光的色散现象，是由光的折射形成的，故A不合题意。
B、山的“倒影”属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B不合题意；
C、水中“折筷”，是光线从水中斜射入空气中发生折射的缘故，故C不合题意；
D、“手影”游戏，是由光的直线传播形成的，故D符合题意。
故选：D。
（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
本题考查了三种光现象，解决此题要求了解一些光的直线传播产生的现象及其他光现象，属于基本内容，比较简单。
3.【答案】A
【解析】解：
A、电冰箱必须使用三脚插头，让金属外壳接地可以防止因漏电导致金属外壳带电而发生触电事故，故A正确；
B、由于导线绝缘皮老化漏电或短路，电路中的电阻几乎为零，会造成电流过大，引发事故；故D错误；
C、用湿布擦拭工作的台灯，湿布中含有大量的水，水是导体，因此人会触电，故C错误；
D、家庭电路中各用电器是并联的，一个插座上同时使用多个大功率用电器，会造成干路电流过大，引起火灾，故D错误。
故选：A。
（1）有金属外壳的用电器，外壳接地；
（2）绝缘皮损坏，则导线会露在外面，容易造成事故；
（3）水是导体，能够导电，因此不能用湿物体接触电器；
（4）家庭电路中各用电器是并联的，一个插座上同时使用多个大功率用电器，会造成干路电流过大，引起火灾。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
4.【答案】B
【解析】解：A、真空不能传声，故A错误；
B、声音由物体振动产生，用嘴吹管的上端，可以发出悦耳的哨声，声音是由管内空气振动产生的，故B正确；
C、吹出的哨音响度由吹管口的力度决定，故换用更大的力吹气改变了哨音的响度，故C错误；
D、吹出的哨音响度由吹管口的力度决定，若吹的力度相同则响度相同，若吹的力度不同则响度不相同，与拉动活塞无关，故D错误。
故选：B。
（1）声音的传播需要介质，我们平时听到的声音大多是通过空气传播的；
（2）声音是由物体振动产生的，管乐器是通过空气柱振动发声；
（3）声音的三个特性是：音调、响度、音色，音调是声音的高低，由振动频率决定，响度是声音的大小，与振幅和距离有关，音色是由发声体本身决定的。
本题是一道综合了多个知识点的题目，做题时要对照相关的物理知识，仔细分析每一种情况的对错。
5.【答案】C
【解析】解：①冰袋降温，是利用冰熔化吸热。
②冰冻的衣服晾干，是冰的升华现象。
③干冰变小，是干冰的升华现象。
④冰花的形成，是水蒸气的凝华现象。
可见，物态变化相同的是②③，故ABD错误、C正确。
故选：C。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
6.【答案】A
【解析】解：
A、人们首先发现了电子，电子发现说明原子可以再分，故A正确；
B、电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故B错误；
C、地球等行星绕太阳转动，太阳是太阳系的中心，不是宇宙的中心，故C错误；
D、质子和中子构成原子核，电子和原子核构成原子，电子比中子要小一些，故D错误。
故选：A。
（1）原子由原子核和电子构成；
（2）电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
（3）整个宇宙都是运动的；宇宙有层次之分，是由无数天体组成，太阳是宇宙中的一颗行星，不是宇宙的中心；
（4）宇宙由物质组成的，宇宙中拥有数十亿个星系，银河系只是其中之一，银河系很大，太阳系只是其中之一，地球是太阳系中一员；物体是由分子构成的，分子是由原子构成的，原子是由位于中心的原子核和核外电子构成的，原子核包括质子和中子两部分。
本题考查了电荷间的相互作用规律、微观世界、物体的运动，属于基础知识，要熟记。
7.【答案】A
【解析】解：
根据图示可知，两个气门都关闭，活塞下行，因此该冲程为做功冲程，将内能转化为机械能；
A、酒精燃烧时化学能转化为内能，试管口塞子喷出是内能转化为机械能，故A符合题意；
B、冬天，搓手取暖是克服摩擦力做功，把机械能转化为内能，内能增加，故B不符合题意；
C、用力将活塞压下，活塞对筒内空气做功，筒内空气的内能增大、温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧，此过程中机械能转化为内能，故C不符合题意；
D、钻木取火过程中，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，内能增加，故D不符合题意。
故选：A。
（1）内燃机是利用内能做功的机器，其在工作时有四个冲程，即吸气、压缩、做功、排气四个冲程。其中压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能。
（2）改变内能的方式有：做功和热传递。做功可以改变物体的内能，对物体做功的过程中，机械能转化为内能，物体内能增加。
此题考查了做功改变物体内能的情况，需要注意的是：对物体做功，物体内能增加，物体对外做功，物体内能减小。
8.【答案】B
【解析】解：
A、人对车的压力和车对人的支持力没有作用在同一个物体上，所以不是一对平衡力，故A错误；
B、蹬地时，人的脚对地施加了一个力，地发生了形变，对人的脚产生了一个支持力，故B正确；
C、停止蹬地后，车最终会停下来的原因是受到阻力的作用，说明力可以改变物体的运动状态，物体的运动不需要力来维持，故C错误；
D、在滑行过程中所受到的力突然消失，根据牛顿第一定律可知，人和车将保持匀速直线运动，不会立即停下来，故D错误。
故选：B。
（1）一对平衡力等大、反向、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
（2）力可以改变物体的运动状态和形状；
（3）力是改变物体运动状态的原因；
（4）一切物体在没有受到外力作用的时候，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题综合了力与运动的关系、平衡力的辨别等多方面的知识，解决这类题目的观念是对这几方面知识的详细理解和熟练掌握。
9.【答案】C
【解析】解：由于存在空气的摩擦，秋千在摆动的过程中，机械能转化为内能，机械能会逐渐减小；
A、球在B、C两点高度相同，重力势能相同，B的机械能大于C的机械能，B的动能大于C的动能，故A错误；
B、由于机械能逐渐减小，则A的机械能大于D的机械能，故B错误；
C、球从B点到O点的过程中，克服摩擦做功，机械能减少，故C正确；
D、球从O点到C点的过程中，高度增加，重力势能变大，故D错误。
故选：C。
（1）影响动能大小的因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。
（2）影响重力势能大小的因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
（3）机械能是动能和重力势能的和，在秋千运动的过程中，克服空气阻力做功，所以机械能不守恒。
掌握影响动能、重力势能、弹性势能大小的因素。会判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的大小变化以及能量的相互转化。
10.【答案】C
【解析】解：电风扇的工作原理是通电导线在磁场中受力运动。
A、该实验是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，是电流的磁效应，故A不符合题意；
B、该实验中，闭合开关，拨动风扇，小灯泡会发光，说明闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，是机械能转化为电能，故B不符合题意；
C、该实验中，当给导体中通电时，通电导体在磁场中受力的作用而运动，与电扇的工作原理相同，故C符合题意；
D、该实验是探究影响电磁铁磁性大小因素的实验，利用的电流的磁效应，故D不符合题意；
故选：C。
电风扇工作时，电风扇内的线圈通过电流，线圈在磁场中受力运动，所以电风扇的工作原理是通电导线在磁场中受力运动。
此题主要考查的是学生对通电导线在磁场中受到力的作用的原理的理解和掌握，并会应用于实际是解决该题的关键。
11.【答案】B
【解析】解：（1）小球在甲液体中漂浮，小球受到的浮力等于重力即F1=G，
小球在乙液体中沉底，小球受到的浮力小于重力即F2＜G，
小球的重力不变，所以小球在甲液体中受到的浮力大于小球在乙液体中的浮力，即F1＞F2。
（2）甲乙图中容器重、液体重、小球重都相等，所以容器对水平桌面的压力相等，即F甲=F乙，
因为，S甲＞S乙，
根据压强公式p=得，p1＜p2。
故选：B。
（1）根据相同的小球在液体中的状态，首先判断小球重力和浮力的关系，然后比较浮力大小。
（2）容器对水平桌面的压力等于容器的重、液体重、小球重之和，受力面积不同，然后根据压强公式判断压强大小。
本题的关键是容器放在水平桌面上，容器对水平桌面的压力等于容器的重、液体重、小球重之和。
12.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
AB．由题意可知，R2的滑片P在某一端点时，两表的示数分别为0.2A和3V，即电压表的示数不为零，
所以，此时滑片应位于左端即接入电路中的电阻最大，
由I=可得，R2的最大阻值R2大===15Ω，故B错误；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压U=I1R1+U2大=0.2A×R1+3V------①
滑片移动时，只能是减小接入电路中的电阻，此时电路中的电流变大，由串联电路的分压特点可知电压表的示数变小，
由两表的示数分别变化了0.3A和1.5V可知，此时电路中的电流I2=0.5A，电压表的示数U2=1.5V，
则电源的电压U=I2R1+U2=0.5A×R1+1.5V----------②
由①②可得：R1=5Ω，U=4V，故A错误；
C．当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的总电阻最大，电路消耗的总功率最小，
则R1与R2接入电路的阻值之比R1：R2=5Ω：15Ω=1：3，故C错误；
D．当电流表示数为0.4A时，电路的总电阻R===10Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的电阻：
R2=R-R1=10Ω-5Ω=5Ω，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由P=UI=I2R可知，R2=R1，则R1与R2消耗的功率之比为1：1，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）由题意可知，R2的滑片P在某一端点时，两表的示数分别为0.2A和3V，即电压表的示数不为零，据此判断出此时滑片应位于左端即接入电路中的电阻最大，根据欧姆定律求出R2的最大阻值，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；滑片移动时，只能是减小接入电路中的电阻，此时电路中的电流变大，由串联电路的分压特点可知电压表的示数变小，根据两表的示数分别变化了0.3A和1.5V得出此时电路中的电流和电压表的示数，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，然后联立等式即可求出R1的阻值和电源的电压；
（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的总电阻最大，电路消耗的总功率最小，然后求出R1与R2接入电路的阻值之比；
（3）当电流表示数为0.4A时，根据欧姆定律求出电路的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的电阻，根据串联电路的电流特点和P=UI=I2R求出R1与R2消耗的功率之比。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，正确判断出开始时滑片所处的位置是关键。
13.【答案】千米 运动 6000
【解析】解：（1）根据生活经验和题目中所给的数字可知，南京长江五桥约10.33千米。
（2）以江面航行的船为参照物，桥上路灯与江面航行的船之间发生了位置变化，所以桥上路灯是运动的。
（3）v=72km/h=20m/s，t=5min=300s，
则根据v=可得，汽车通过的路程为：s=vt=20m/s×300s=6000m。
故答案为：（1）千米；（2）运动；（3）6000。
（1）根据生活经验和题目中所给的数字解答；
（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
（3）根据速度公式v=可求汽车通过的路程。
此题考查运动和静止的相对性、速度公式及其应用，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。
14.【答案】永不停息的做无规则运动 g 相互
【解析】解：
（1）粽叶飘香这是粽叶的香味进入到空气中发生的扩散现象，表明分子在不停地做无规则的运动；
（2）一只咸鸭蛋的质量约为60g；
（3）向后划桨，桨给水向后的力，由于物体间力的作用是相互的，所以水会给桨向前的力，使龙舟向前运动。
故答案为：永不停息的做无规则运动；g；相互。
（1）不同物质的分子彼此进入对方的现象叫扩散，说明一切物体的分子都在永不停息的做无规则运动；
（2）根据对生活中常见物体的质量的了解填写；
（3）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的。
本题考查了扩散现象、对常见物体质量的了解以及力的作用的相互性，都属于基础知识的应用，难度不大。
15.【答案】15 30
【解析】解：
（1）用15N的水平推力推木箱，木箱静止不动，此时推力跟静摩擦力是一对平衡力，二力的大小相等，所以木箱所受的摩擦力f=F=15N；
（2）推力增大至30N时，木箱做匀速直线运动，此时推力跟滑动摩擦力是一对平衡力，其大小相等，所以此时木箱所受的摩擦力f滑=F′=30N；
推力增大至50N，木箱做加速运动；或撤去F，木箱做减速运动时，木箱对水平地面的压力和接触面的粗糙程度都没有变，所以木箱受到的滑动摩擦力大小不变，仍为30N。
（1）物体处于静止或匀速直线运动时，所受力是平衡的，然后根据二力平衡的条件即可解答；
（2）影响滑动摩擦力大小的因素有：压力大小和接触面的粗糙程度。
本题考查了二力平衡条件的应用及影响滑动摩擦力大小的因素，注意：（1）静止的物体或匀速直线运动的物体受平衡力的作用；（2）滑动摩擦力大小与物体运动的速度无关，只与压力大小和接触面的粗糙程度有关。
16.【答案】630 75 84% 10
【解析】解：
（1）拉力做的有用功：
W有用=Gh=210N×3m=630J；
（2）由图知，n=2，拉力端移动距离s=2h=2×3m=6m，
拉力做的总功：
W总=Fs=125N×6m=750J，
拉力做功的功率：
P===75W；
（3）滑轮组的机械效率：
η==×100%=84%；
（4）提升动滑轮做的额外功：
W额1=G动h=25N×3m=75J，
=×100%=10%，
即：克服动滑轮重所做的额外功占总功的10%。
故答案为：630；75；84%；10。
（1）利用W=Gh求拉力做的有用功；
（2）由图知，n=2，拉力端移动距离s=2h，利用W=Fs求拉力做的总功，再利用P=求拉力做功的功率；
（3）滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；
（4）利用W=Gh求提升动滑轮做的额外功，进而求出克服动滑轮重所做的额外功占总功的百分比。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、额外功、功率、机械效率的计算，明确有用功、总功、额外功的含义是关键。
17.【答案】热 液化 36000 1.2
【解析】解：
①一般导体都有电阻，由公式Q=I2Rt知，电流通过导体时会产生热量，这种现象叫做电流的热效应，所以平面镜防雾膜的电热丝是利用电流的热效应来工作的；
②温度较高的水蒸气遇到温度低的镜面会液化成小水滴，镜面温度较高时可以避免水蒸气在镜面上液化；
③防雾膜的规格是2W/dm2，意思是面积为1dm2的防雾膜消耗的功率是2W，
则面积为30dm2的防雾膜消耗的功率P′=2W/dm2×30dm2=60W，工作时间t=10min=600s，
所以该防雾膜正常工作10min消耗的电能：
W=Pt=60W×600s=36000J；
④由平面镜成像的特点可知，像到镜面的距离与物体到镜面的距离相等，已知小明站在镜前0.6m处，所以他的像离镜面也是0.6m，则他在镜中的像和他相距0.6m+0.6m=1.2m。
故答案为：热；液化；36000；1.2。
①电流通过导体会产生热量的现象叫电流的热效应；
②物质由气态变成液态的过程叫做液化；
③已知防雾膜的规格和面积，根据W=Pt求出正常工作10min消耗的电能；
④根据平面镜成像的特点之一“像到平面镜的距离与物体到平面镜的距离相等”进行解答。
此题是一道综合题，考查的知识点较多，包括电流的热效应、液化现象、电能的计算和平面镜成像的特点，熟练掌握基础知识是正确解答的关键。
18.【答案】1 省力 20 ＞
【解析】解：（1）不计摩擦和杆重，图中O为支点，脚沿与杆垂直方向用力F1时，力臂OB最长，OB=1.4m-0.4m=1m，
阻力臂为OA，OB＞OA，由杠杆平衡条件可得，F1•OB=G•OA，杠杆为省力杠杆；
（2）当脚竖直向下用力时，如图所示动力臂为OC，阻力臂为OD，如图所示：
F2•OC=G•OD，
F2•OB•cosθ=G•OA•cosθ
F2•OB=G•OA
F2×1m=50N×0.4m，
F2=20N；
故脚竖直向下用力F2为至少为20N，
脚竖直向下的动力臂小于脚沿与杆垂直方向时的动力臂，故F2＞F1。
故答案为：（1）1；省力；（2）20；＞。
（1）从支点到重力作用线的距离是动力臂；根据动力臂和阻力臂的大小判断杠杆类型。
（2）从图可知动力臂和阻力臂，根据杠杆的平衡条件可求脚竖直向下的力；根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2比较F2和F1的大小关系
本题主要考查对力臂概念的理解和杠杆平衡条件（F1l1=F2l2）的理解与运用，正确判断动力臂和阻力臂的大小是解题的关键。
19.【答案】并 1.5 10 0.9 108
【解析】解：
（1）由表格数据可知，变阻器接入电路中的电阻R=15Ω时，电路的总电流I=0.5A，
由I=可得，电路的总电阻R总===6Ω，
因并联电路中总电阻小于任何一个分度值，串联电路中总电阻大于任何一个分度值，
所以，由R总＜R可知，灯泡和变阻器的连接方式是并联；
（2）第一次实验中，电路消耗的总功率P=UI=3V×0.5A=1.5W，
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，=+，即=+，
解得：RL=10Ω，即灯泡工作时的电阻是10Ω；
（3）第二次实验中，变阻器接入电路中的电阻R′=5Ω时，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过灯泡的电流不变，则灯泡的电阻不变，此时电路的总电阻R总′===Ω，
则电流表的示数I′===0.9A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，变阻器工作1min产生的热量QR=WR=t=×60s=108J。
故答案为：（1）并；（2）1.5；10；（3）0.9；108。
（1）由表格数据可知，变阻器接入电路中的电阻为15Ω时电路的总电流，根据欧姆定律求出电路的总电阻，利用电阻的串并联电路的特点判断出灯泡和变阻器的连接方式；
（2）第一次实验中，根据P=UI求出电路消耗的总功率，根据电阻的并联求出灯泡工作时的电阻；
（3）第二次实验中，变阻器接入电路中的电阻为5Ω，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响判断出灯泡的电阻不变，根据电阻的并联求出此时电路的总电阻，利用欧姆定律求出电流表的示数，根据并联电路的电压特点和Q=W=UIt=t求出变阻器工作1min产生的热量。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电热公式的综合应用，正确判断出灯泡和变阻器的连接方式是关键。
20.【答案】需要 甲 C 丁
【解析】解：（1）进行凸透镜成像实验时，烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度，像才能呈在光屏的中央位置，所以需要点燃蜡烛后再调节实验器材高度。
（2）凸透镜成实像时，甲图，物距大于像距，凸透镜成倒立、缩小的实像；乙图，物距小于像距，凸透镜成倒立、放大的实像。
（3）甲图，凸透镜成倒立、缩小的实像，
当u＞2f，2f＞v＞f 时，成倒立缩小的实像；
u=50cm-20cm=30cm，30cm＞2f，
v=65cm-50cm=15cm，2f＞15cm＞f，
解得，15cm＞f＞7.5cm ①
乙图，2f＞u＞f，v＞2f 时，成倒立放大的实像，
u=50cm-32cm=18cm，2f＞18cm＞f，
v=73cm-50cm=23cm，23cm＞2f，
解得，11.5cm＞f＞9cm ②
由①②得，11.5cm＞f＞9cm，
所以凸透镜的焦距可能是10cm，故选C。
（4）丙图，像成在视网膜的前方，是近视眼，需要凹透镜矫正。
丁图，像成在视网膜的后方，是远视眼，需要凸透镜矫正。
在图乙中将一镜片放在烛焰和透镜之间后，光屏上的像变模糊了，将光屏向左移动，光屏上再次出现清晰的像，说明所放的镜片对光线有会聚作用，是矫正远视眼的凸透镜，故选丁图。
故答案为：（1）需要；（2）甲；（3）C；（4）丁。
（1）探究凸透镜成像实验时，烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度，像才能呈在光屏的中央位置。
（2）根据物距和像距的关系进行判断成像情况。
（3）根据甲乙两种成像情况时的物距和焦距，像距和焦距的关系解不等式，确定凸透镜的焦距。
（4）近视眼是晶状体变厚，像成在视网膜的前方，凹透镜对光线有发散作用，用凹透镜矫正；远视眼是晶状体变薄，像成在视网膜的后方，凸透镜对光线有会聚作用，用凸透镜矫正。
本题对于凸透镜成像知识点考查很全面，考查了根据物距和像距判断成像情况，根据成像时物距和焦距的关系，像距和焦距的关系确定凸透镜的焦距，近视眼和远视眼的成因和矫正，综合性很强。
21.【答案】B b 5 P=×P0
【解析】解：
（1）①变阻器按一上一下连入电路中与电阻串联，如下左所示：
②闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应滑到阻值最大处的B端；
③若导线a、c内部断路，则整个电路断路，两表都没有示数，若导线b内部断路，可导致电压表串联在电路中，电流表没有示数，但电压表串联在电路中测电源电压，电压表有示数，符合题意；
④排除故障后，闭合开关，移动滑片P，当电压表示数为1.2V时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.24A，由欧姆定律，则R1===5Ω；
（2）根据分析设计的电路如上右所示；
（3）设电表表闪烁1次消耗的电能为W0，她只让电水壶正常工作，记下电能表的指示灯闪烁n1次所用时间为t1．根据W=Pt，则n1W0=Pt1----①，
额定功率为P0的电热水器，只让电热水器正常工作，记下指示灯闪烁n2次所用时间为t2；
则有：n2W0=P0×t2-----②，
①÷②得：
电水壶的额定功率为：
P=×P0。
故答案为：（1）①如上左所示；②B；③b；④5；P=×P0；（2）如上右所示；（3）P=×P0。
（1）①变阻器按一上一下连入电路中与电阻串联；
②闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片P应滑到阻值最大处；
③若导线a、c内部断路，则整个电路断路，两表都没有示数，只能是b内部断路；
④根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律得出R1；
（2）根据分析设计的电路如上右所示；
（3）设电表表闪烁1次消耗的电能为W0，根据W=Pt和电能表消耗的电能等于W，列方程求出电水壶的额定功率。
本题测出未知电阻的阻值和电水壶的额定功率，考查电路连接、注意事项、故障分析、设计方案测电阻的能力及利用电能表测功率的能力。
22.【答案】3×108
【解析】解：（1）激光是电磁波，可在真空中传播，电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s；
（2）空车停在水平地面上，对地面的压力为：F=G=mg=400kg×10N/kg=4000N；
车对地面的压强：p===2×105Pa；
（3）空车所做的功为：W=Pt=810W×10s=8100J；
汽车做匀速直线运动，则牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，则阻力为：f=F===675N。
答：（1）3×108；
（2）车对地面的压强为4000帕；
（3）空车行驶时牵引力的功率为810W，在10s内匀速行驶12m，车受到的阻力为675牛。
（1）光是电磁波，电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s；
（2）根据F=G=mg求出压力的大小，已知压力和受力面积，利用p=计算车对地面的压强。
（3）根据W=Pt求出牵引力所做的功，根据W=Fs求出牵引力的大小，根据二力平衡的条件求出阻力大小。
本题考查了平衡力的应用、功和功率的计算，要能熟练运用公式，抓住匀速直线运动时，物体受到平衡力的作用是关键。
23.【答案】B
【解析】解：（1）当继电器线圈中的电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，工作电路断开，由图可知
工作电路工作时，A端应与B端相连接；
（2）安装两只标有“220V275W”的灯泡，工作时，两灯并联，P=2PL=2×275W=550W；
工作电路工作时的总电流为：
I===2.5A；
（3）当继电器线圈中的电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，工作电路断开，I=50mA，
由欧姆定律，R总===240Ω，根据串联电阻的规律，R2=R总-R1-R0=240Ω-40Ω-20Ω=180Ω，由图乙知，控制的温度t0=38°C；
（4）因当继电器线圈中的电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，工作电路断开，定值电阻R1为40Ω，由欧姆定律R=，利用滑动变阻器改变连入电路的电阻，根据串联电阻的规律，从而改变R2的大小，达到控制的浴室温度t0高低，可用一个滑动变阻器替换R1，如下所示：
根据已知条件，选用的变阻器规格为：最大电阻应大于40Ω，允许通过的最大电流不小于50mA。
故答案为：
（1）B；
（2）工作电路工作时的总电流为2.5A；
（3）浴室里控制的温度t0为38°C；
（4）如上所示；选用的变阻器规格为：最大电阻大于40Ω，允许通过的最大电流不小于50mA。
（1）当继电器线圈中的电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，工作电路断开，据此分析；
（2）安装两只标有“220V 275W”的灯泡，可知两灯并联的功率，根据P=UI求出工作电路工作时的总电流；
（3）已知当继电器线圈中的电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，工作电路断开，
由欧姆定律求出电路的总电阻，根据串联电阻的规律求出R2，由图乙知控制的温度；
（4）根据已知条件，由欧姆定律和串联电阻的规律结合图乙分析；
根据已知条件确定选用的变阻器规格。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用和电磁继电器的相知识与对控制电路的改进。
24.【答案】7.20 能量 右 小 C
【解析】解：（1）由图知：此图是以3.00cm作为“零”刻度，因此纸杯杯口的直径，为：10.20cm-3.00cm=7.20cm；
（2）当用手轻拍塑料薄膜，发现烛焰晃动，说明：声音具有能量。
（3）在纸杯旁用吸管吹气，纸杯向右滚动，这是因为气体流速越大，压强越小；
（4）用与头发摩擦过的塑料吸管靠近纸杯一侧，纸杯被吸引，属于摩擦起电现象；
A、磁铁吸引铁屑，是靠磁铁周围的磁场的作用，故A不正确；
B、挤压后的吸盘吸在瓷砖上，是靠大气压的作用，故B不正确；
C、干手搓开的新塑料袋吸在手上，是带电体具有吸引轻小物体的性质，故C正确。
故答案为：（1）7.20；（2）能量；（3）右；小；（4）C。
（1）由于该刻度尺的零刻度已经磨损，因此需要将紧挨物体左侧的3.00cm当作“零”刻度，然后让最后的读数减去“零”刻度的读数即为该纸杯杯口的直径，注意刻度尺的读数需要进行估读；
（2）声音既能传递信息，又能传递能量；
（3）流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大；
（4）两种不同物质组成的物体相互摩擦后，物体能吸引轻小物体的现象是摩擦起电。
本题考查了刻度尺的读数方法、声音的作用、液体压强与流速的关系、摩擦起电现象。注意：在读数前一定要认清刻度尺的量程和分度值，要估读到分度值的下一位。
25.【答案】解：首先做出法线，入射光线与镜面的夹角是30°，入射角为90°-30°=60°．根据反射角等于入射角，在法线右侧画出反射光线，反射角等于入射角，也为60°，如图所示：
【解析】光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。可归纳为：“三线共面，两线分居，两角相等”。其中入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。
本题考查了光的反射定律的应用，首先要熟记光的反射定律的内容，并要注意入射角、反射角的概念。
26.【答案】解：空缆车随缆绳做匀速直线运动，则轿厢也是做匀速直线运动，受力平衡，受到竖直向下的重力G和竖直向上的拉力F的作用，这两个力大小相同，作用点在轿厢的中心，示意图如图：
【解析】物体处于匀速直线运动时，受力是平衡的，据此分析出轿厢的受力情况，做出力的示意图。
会对物体进行正确的受力分析，会用力的示意图表示出力的作用点和方向，牢记重力的方向总是竖直向下的。
27.【答案】解：
闭合开关后，由图可知电流从螺线管的上侧流入、下侧流出；右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的下端为N极、上端为S极；
当小磁针静止时，根据磁极间的作用规律可知，相互靠近的一定是异名磁极，则小磁针的上端为N极、下端为S极；
在磁体周围，磁感线从磁体的N极出发回到S极，所以图中磁感线的方向是指向上的。如图所示：
【解析】根据安培定则确定螺线管的NS极；然后利用磁极间的作用规律确定小磁针的N、S极；在磁体的周围，磁感线从N极流出回到S极。
对于一个通电螺线管，只要知道电流的方向、线圈的绕法、螺旋管的N、S极这三个因素中的任意两个，我们就可以据安培定则判断出另一个。
28.【答案】95 2.1×103 继续 继续
【解析】解：（1）由图乙可知，温度计的分度值是1℃，该温度计的示数是95℃；
已知水的初温是90℃，水的质量m=100g=0.1kg，△t=95℃-90℃=5℃，
这段时间内水吸收的热量Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×0.1kg×5℃=2.1×103J；
（2）要探究水沸腾时温度变化的特点，在观察到水刚开始沸腾时，需要继续对水加热，并继续记录温度计示数，然后分析数据，完成实验。
故答案为：（1）95；2.1×103；（2）继续；继续。
（1）此题温度计的示数在量程的范围内，且分度值为1℃，可根据这两点读出此温度计的示数根据Q=cm△t可求得这段时间内水吸收的热量；
（2）液体沸腾的条件是吸热，但温度保持不变。
此题是探究水的沸腾实验，从中考查了学生对温度计的使用，同时考查了水吸收热量的计算。
29.【答案】标尺左端“0”刻度线处 82.4 瓶和饮料 偏大
【解析】解：（1）将天平放在水平桌面上，游码移动到标尺左端“0”刻度线处，然后再调节平衡螺母直至天平平衡；
（2）根据天平的读数方法，金属块的质量：m1=50g+20g+10g+2.4g=82.4g；
（4）加注液体的体积等于金属块的体积、要测量加注液体的质量，应测量出加注后饮料与容器的质量之和；
（5）加注饮料的质量：m=m3-m2；
加注饮料的体积：V=V金==；
饮料的密度：ρ===；
金属块取出时带走部分饮料，需要加注更多饮料才能达到标记处，会造成测量出的饮料质量偏大，由ρ=可知，计算出的饮料密度值偏大。
故答案为：（1）标尺左端“0”刻度线处；（2）82.4；（4）瓶和饮料；（5）；偏大。
（1）调节天平时，首先将天平放在水平桌面上，再把游码移到标尺的零刻线处，然后再调节平衡螺母直至天平平衡。
（2）根据天平的读数方法，金属块的质量m=砝码质量+游码对应刻度值；
（4）测量物质密度需分别测量出质量和体积，利用密度公式进行计算；
（5）分别表示出饮料的质量和体积，带入密度公式可得表达式；金属块取出时带走部分饮料会造成测量出的饮料质量偏大，由密度公式可知，计算出的密度偏大。
此题是“测量液体密度”的实验，包括了天平的读数以及密度的计算，是基本实验技能的训练，是学习的重要内容，属于基础题。
30.【答案】7 增大 L≥18cm
【解析】解：
（1）由图可知，水的深度为16cm，金属盒到底部的距离为9cm，则金属盒的深度为h=16cm-9cm=7cm；
（2）比较两图可知，金属盒在水中的深度越深，U型管液面的高度差越大，则受到的压强越大，可得结论：液体内部压强随深度的增大而增大；
（3）探究液体内部某处的压强与到容器底的距离的关系时，采用的是控制变量法，需要控制该处到液面的距离相同，甲中金属盒到液面的距离为7cm，则乙中金属盒到水面的距离也应该为7cm，所以水面到容器底的距离L需要满足L≥11cm+7cm=18cm；当液面高度大于或等于18cm时，乙中U型管的液面的高度差等于或大于甲中型管液面的高度差，所以小明的观点是错误的。
故答案为：（1）7；（2）增大；（3）L≥18cm。
（1）根据图示得出金属盒在水中的深度；
（2）U型管液面的高度差反应液体内部压强的大小；
（3）探究液体内部某处的压强与到容器底的距离的关系时，需要控制该处到液面的距离相同，液体的密度也相同。
本题为探究液体压强实验，利用好控制变量法是解答本题的关键。
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