2020年内蒙古赤峰市中考物理试卷

这是一份2020年内蒙古赤峰市中考物理试卷，共16页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。


2020年内蒙古赤峰市中考物理试卷

题号
一
二
三
四
五
六
总分
得分








一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）
1. 电磁感应现象是物理学史上重大的发现之一，发现这一现象的物理学家是（　　）
A. 牛顿 B. 法拉第 C. 欧姆 D. 焦耳
2. 如图所示，编钟是我国春秋战国时代的乐器。有关编钟的说法正确的是（　　）
A. 敲击编钟时发出的声音是由编钟振动产生的
B. 编钟发出的声音在空气中的传播速度是3×108m/s
C. 用大小不同的力敲击同一个编钟，发出声音的音调不同
D. 编钟发出的声音与其它乐器声不同，是因为它们发出声音的音调不同


3. 2020年6月21日，在我国部分地区观看到天文奇观日环食。与日环食形成原因相同的光现象是（　　）
A. 用放大镜看字
B. 景物在水中形成“倒影”
C. 手影
D. 铅笔好像在水面处“折断”了
4. 下列四幅图中描述的现象属于凝华的是（　　）
A. 春天，冰雪消融
B. 夏天，草叶上形成露珠
C. 冬天，枝头挂满的白霜
D. 严冬，冰雕逐渐变小
5. 如图所示的四种用具中，正常使用时属于费力杠杆的是（　　）
A. 钢丝钳 B. 瓶起子
C. 核桃夹 D. 镊子
6. 下列关于热现象的说法正确的是（　　）
A. 水在沸腾过程中吸收热量，温度不断升高
B. 一杯水的比热容比一桶水的比热容小
C. 冬天搓手取暖是通过做功方式改变物体内能的
D. 物体的运动速度越大，物体内部分子运动就越快，因而物体的内能越大
7. 足球已纳入赤峰市中考体育考试项目，练习足球的过程涉及很多物理知识，下列描述正确的是（　　）
A. 踢出去的足球继续运动是由于足球具有惯性
B. 用脚带球使球运动起来，说明力是使物体运动的原因
C. 在地面上滚动的足球，假如它受到的力全部消失，足球的运动就会停止
D. 足球静止在地面上，地面对足球的支持力和足球对地面的压力是一对平衡力
8. 下列说法正确的是（　　）
A. 地磁场的N极在地理北极附近
B. 电炉子是利用电流的磁效应工作的
C. 磁感线客观上并不存在，利用磁感线描述磁场是物理学的一种重要研究方法
D. 发电机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的
9. 如图所示是一种烟雾报警器的电路图，开关S处于闭合状态，R0是定值电阻，R为感光电阻，光照越强，阻值越小。烟雾浓度增大时射向R的光被遮挡，R受到的光照变弱。当烟雾浓度增大时，下列判断正确的是（　　）

A. 电流表的示数变大 B. 电压表的示数变小
C. 电压表与电流表的示数之比不变 D. 电压表与电流表的示数之比变大
10. 水平桌面上两只完全相同的杯子里，分别盛有甲、乙两种不同液体。把两个完全相同的小球分别放入甲、乙两种液体中，静止后，在甲液体中的小球沉底，在乙液体中的小球悬浮，此时两个杯中的液面恰好相平。如图所示，下列说法中正确的是（　　）
A. 甲液体的密度大于乙液体的密度
B. 甲液体对杯底的压强等于乙液体对杯底的压强
C. 甲液体中小球受到的浮力小于乙液体中小球受到的浮力
D. 盛甲液体的杯子对桌面的压强等于盛乙液体的杯子对桌面的压强
二、填空题（本大题共6小题，共20.0分）
11. 赤峰至喀左的高铁于2020年6月30日正式运营，标志着赤峰进入高铁时代。赤峰至喀左高铁线路全长为157km，C8228次列车上午11：09从赤峰站出发，12：12到达喀左站，列车在赤峰至喀左段运行的平均速度为______km/h（计算结果保留整数）。小明乘坐高铁去旅行，当列车开动时，他觉得站台向列车运行的相反方向运动，小明是以______为参照物进行判断的。
12. 家庭轿车的发动机是四冲程内燃机，内燃机在工作过程中将内能转化为机械能的是______冲程；某款轿车百公里耗油6kg，这些汽油完全燃烧放出______J的热量（汽油的热值是4.6×107J/kg）。汽油是由石油提炼出来的，石油等化石能源是______（填“可再生”或“不可再生”）能源。
13. 如图所示，物体A放在粗糙程度不变的水平台面上，用细线通过定滑轮与装有沙子的小桶相连，小桶和沙子的总重力为20N时，物体A恰好做匀速直线运动（忽略细线与滑轮之间的摩擦）。物体A做匀速直线运动过程中受到的摩擦力是______N，方向______，小桶和沙子的总机械能将______（填“变大”、“变小”或“不变”）。
14. 2019年12月17日，我国第二艘航母正式服役，中国进入双航母时代。该航母满载时排水量是67000t，吃水深度（海面到船底的距离）为10m，该航母在海上满载航行时受到的浮力是______N，此时航母底部受到海水的压强为______Pa（海水的密度ρ=1.03×103kg/m3，g=10N/kg）。
15. 如图1所示，为探究光折射时的特点，小华将一束激光射至空水槽底部的P点，形成一个光斑，然后向水槽内慢慢注水，水槽底部光斑的位置将______（填“向左移动”“向右移动”或“不动”）。为了显示光的传播路径，小华自制了如图2所示的可折转光屏，利用它可以验证折射光线、入射光线和法线是否在______。



16. 学完（功率）一节后，老师布置了一项实践性作业：利用生活中的测量工具，设计一种测量自己上楼功率的方案。请补充未完成的步骤（需要测量的物理量用相应的字母表示）：
（1）______；
（2）用皮尺测出所上楼梯的总高度h；
（3）______；
（4）上楼功率的表达式P=______（g值用该字母表示即可）。
三、作图题（本大题共3小题，共6.0分）
17. 请在图中画出烛焰上的发光点S经平面镜MN所成的像S'（保留作图痕迹）。













18. 如图是某景观的简图，石球A能在底座上方滚动，画出石球A所受重力的示意图。













19. 如图所示，在虚线框内填一个合适的电路元件（用规定的元件符号表示），并把电路连接完整，使得电磁铁磁性强弱可以改变。闭合开关，使电磁铁通电，在图中标出小磁针静止时的N极。







四、实验探究题（本大题共2小题，共16.0分）
20. （1）探究海波和石蜡的熔化规律时每隔1min记录一次海波和石蜡的温度，记录实验数据如下表所示，请根据实验数据回答下列问题：
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
海波的温度/℃
40
42
44
46
48
48
48
48
48
48
50
53
56
石蜡的温度/℃
40
41
42
44
46
47
48
49
51
52
54
56
59
①在海波和石蜡这两种物质中，属于晶体的是______。
②石蜡熔化过程中吸收热量，温度______。
（2）小利同学做完“测量小石块密度”实验后，他想测一测鸡蛋的密度，方法步骤如下：①他先用天平测出了鸡蛋的质量，所用砝码的质量和游码的位置如图1所示，鸡蛋的质量是______g；②测量鸡蛋体积时，他发现量筒口径小，鸡蛋放不进去，于是他巧妙借助溢水杯测量出了鸡蛋的体积。他将鸡蛋放入装满水的溢水杯中，并用小烧杯接住溢出来的水，再将小饶杯中的水倒人量筒中测出水的体积，量筒示数如图2所示；③计算可得鸡蛋的密度是______g/cm3。



21. 如图1所示，是小红做“测量额定电压为2.5V小灯泡电功率”的实验电路。

（1）请用笔画线代替导线，将图1中的实验电路连接完整。
（2）闭合开关后，小红发现电流表和电压表均有示数但都很小，且小灯泡发光很暗，其原因是______。
（3）根据实验测量的数据，绘制出小灯泡的电流随它两端电压变化关系的图象，如图2所示。分析图象可知：小灯泡的额定功率是______W。
（4）小红利用图象计算出了小灯泡在不同电压下的电阻，发现小灯泡在不同电压下电阻不同，出现这一现象的原因是______。
五、计算题（本大题共2小题，共12.0分）
22. 用如图所示的滑轮组将货物匀速向上提升3m，人的拉力F为200N，这个过程中滑轮组提升货物的机械效率为80%，求：
（1）绳子自由端移动的距离s；
（2）人的拉力F做的功；
（3）货物的重力。













23. 如图所示的电路中，电源电压恒定不变，R1、R2是定值电阻，R1=20Ω，R2=10Ω，R3是滑动变阻器，阻值变化范围是0～50Ω。
（1）当开关S、S1、S2均闭合，滑动变阻器的滑片P移至最左端时，电压表示数为6V，求：
①电路中的总电流；
②通电10s整个电路消耗的总电能；
（2）当开关S、S2闭合，S1断开，滑动变阻器的滑片P滑至某一位置时，电压表的示数为2V，求此时滑动变阻器R3接入电路的阻值。







六、综合题（本大题共1小题，共6.0分）
24. 阅读短文，回答问题。
探索月球背面
2018年12月8日，我国嫦娥四号和巡视器（月球车）组合体发射升空，经历20多天的漫长旅程，终于在2019年1月3日着陆月球背面并成功分离。月球车首次近距离拍摄了月球背面照片，并通过卫星传回地面，月球车也因此被命名为“玉兔二号”。图1是“五兔二号”在月球背面留下的第一道印迹。嫦娥四号探测器在月球背面成功着陆还是人类首次，踏出了全人类在月球背面的第一步。
人类从地球上直接观看月球，只能观测到一面，看不到月球背面。为什么总看不到月球背面呢？月球围绕地球公转的同时也在自转。万有引力定律告诉我们：地球和月球之间存在相互作用的引力，月球上离地球越远的位置，受到地球的引力越小。如果月球自转的周期与公转的周期不相等，月球上同一部分受到地球的引力就会发生变化，这导致月球不同岩石之间产生摩擦，逐渐减慢自转的速度，最终使得月球自转与绕地球公转的周期相同，因此总是同一面朝向地球。
（1）嫦娥四号需要的能量主要由太阳能电池板提供，太阳能电池板工作时是将______能转化为电能；
（2）物体在月球上所受“重力”是在地球上所受重力的六分之一，“玉兔二号”在地球上对地面的压强是其对月球表面压强的______倍（假设接触面积不变）。但是因月球表面较软，所以印迹较为明显（如图1）；
（3）如图2所示，如果A和B是月球上两块质量相同的岩石，它们受到地球的引力分别为FA和FB，那么FA______FB（填“大于”“小于”或“等于”）。



答案和解析
1.【答案】B

【解析】解：A、牛顿在伽利略等人研究成果的基础上进行深入研究，总结出了物体运动的三个基本定律，故A不符合题意；
B、法拉第经十年的努力，在1831年发现了电磁感应现象，故B符合题意；
C、欧姆发现了欧姆定律，故C不符合题意；
D、焦耳最先发现了“电流通过导体产生的热量与电流、电阻、通电时间的关系”，即焦耳定律，故D不符合题意。
故选：B。
根据我们对物理学家及其成就的掌握作答。
多了解物理学史，了解科学家的贡献，有利于对培养学习物理的兴趣。
2.【答案】A

【解析】解：
A．声音是由物体振动产生的，敲击编钟时发出的声音是由编钟振动产生的，故A正确；
B．声音在15℃的空气中传播速度是340m/s，故B错误；
C．用大小不同的力敲击同一个编钟，发声体的振幅不一样，响度不同，故C错误；
D．编钟的结构和材料与其它乐器不同，所以编钟发出的声音与其它乐器声发出声音的音色不同，故D错误。
故选：A。
（1）声音是由物体的振动产生的；
（2）声音在空气中的传播速度约为340m/s；
（3）响度的大小与物体的振幅有关，振幅越大，响度越大；
（4）每个发声体发出的声音的音色是不同的。
本题通过“编钟”考查声音的产生、传播、乐音的响度、音色和音调的区别，注重了物理知识应用能力的考查。
3.【答案】C

【解析】解：
日环食是光的直线传播形成的。
A．用放大镜看字是凸透镜成像，是光的折射现象，故A不符合题意；
B．景物在水中形成“倒影”是平面镜成像，是光的反射现象，故B不符合题意；
C．沿直线传播的光被不透明的手挡住，在手的后面光线照不到的暗区形成手影，是光的直线传播现象，故C符合题意；
D．铅笔好像在水面处“折断”了，是因为光从水中斜射入空气时，光的传播方向会发生偏折，属于光的折射现象，故D不符合题意。
故选：C。
（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
本题题考查光的直线传播的具体生活实例，需要利用生活和物理之间的联系进行判断；能否区分三种光现象：光的直线传播、光的反射、光的折射，是本题的解题关键。
4.【答案】C

【解析】解：A、春天，冰雪消融，冰雪由固态变为液态，属于熔化现象，故A错误；
B、夏天，草叶上形成露珠，是空气中的水蒸气遇冷变成液态的水珠，属于液化现象，故B错误；
C、冬天，枝头挂满的白霜，是由气态的水蒸气直接变为固态的霜，属于凝华现象，故C正确；
D、冬天，冰雕渐小，是由固态的冰直接变成气态的水蒸气，属于升华现象．故D错误．
故选C．
决此题的关键是知道物态变化的名称，物质从气态直接变为固态的过程是凝华，物质从固态变成液态称为熔化，物质从气态变成液态称为液化，物质直接从固态变成气态的现象称为升华．
解决此类问题的关键是知道物体的前后状态，结合物态变化过程进行分析判断．
5.【答案】D

【解析】解：
A．钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故A不符合题意；
B．瓶起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不符合题意；
C．核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C不符合题意；
D．镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D符合题意。
故选：D。
结合图片和生活经验，找出支点，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
6.【答案】C

【解析】解：
A．水在沸腾时，持续吸收热量，但温度不变，故A错误；
B．比热容是物质本身的一种特性，与物体的多少无关，故B错误；
C．做功可以改变物体的内能，冬天搓手取暖是通过做功方式改变物体内能，故C正确；
D．物体运动是宏观运动，分子运动是微观运动，两者没有必然联系，内能的大小与温度、状态、质量等因素有关，与物体运动的速度无关，故D错误。
故选：C。
（1）水在沸腾的过程中，温度保持不变；
（2）比热容是物质本身的一种特性，与物体的质量、体积大小无关；
（3）改变内能的方法：做功和热传递；
（4）内能的大小与温度、状态、质量等因素有关。
本题考查了沸腾的特点、比热容、改变内能的方法、内能的影响因素，属于基础知识，熟记即可。
7.【答案】A

【解析】解：
A、一切物体都具有惯性，踢出去的足球由于惯性，保持原来的运动状态不变，所以继续向前运动，故A正确；
B、用脚带球使球运动起来，说明力可以改变物体的运动状态，故B错误；
C、根据牛顿第一定律，在地面上滚动的足球，假如它受到的力全部消失，足球将一直运动下去，故C错误；
D、足球静止在地面上，地面对足球的支持力和足球对地面的压力是两个力的互相作用，是一对相互作用力，故D错误。
故选：A。
（1）物体保持原来运动状态不变的性质称为惯性，一切物体都有惯性；
（2）力可以改变物体的运动状态，但力不是使物体运动的原因；
（3）运动的物体不受任何力的作用时，将做匀速直线运动状态；
（4）一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上。
本题考查了对惯性的理解、力与运动的关系、牛顿第一定律、平衡力的条件，尤其要注意力是改变物体运动状态的原因，但力不是使物体运动的原因。
8.【答案】C

【解析】解：A．地磁场的N极在地理南极附近，故A错误；
B．电炉子是利用电流的热效应工作的，故B错误；
C．磁感线客观上并不存在，用磁感线来描述磁体的磁场，采用的是模型法，故C正确；
D．发电机是利用电磁感应的原理制成的，电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，故D错误。
故选：C。
（1）地球是一个巨大的磁体，即地理的南极是地磁场的北极；地理的北极是地磁场的南极；
（2）电流通过导体中发热的现象叫电流的热效应；
（3）磁感线是不存在的，即磁感线是为了描述磁场而引入的假想曲线；
（4）发电机是利用电磁感应的原理制成的。
本题考查地磁场，电流的热效应，磁感线，以及发电机原理，是一道综合题，难度不大。
9.【答案】D

【解析】解：
AB．由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。因光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大，所以，当烟雾浓度增大时，光照变小，感光电阻R阻值变大，电路中的总电阻变大，由I=可知电路中的电流变小，即电流表的示数变小，由串联分压规律可知R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故AB错误；
CD．电压表的示数变大，电流表的示数变小，电压表与电流表的示数之比变大，故C错误、D正确。
故选：D。
由图可知，该电路为串联电路；当烟雾浓度增大时，判定光敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律判定电流的变化和电压表示数的变化，从而得出答案。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从题干中获取有用的信息是关键。
10.【答案】C

【解析】解：A、小球在甲液体中沉底，小球的密度大于甲液体的密度，小球在乙液体中悬浮，小球的密度等于乙液体的密度，所以甲液体的密度小于乙液体的密度，故A错误；
B、两个杯中的液面恰好相平，甲液体的密度小于乙液体的密度，由p=ρgh可知，甲液体对杯底的压强小于乙液体对杯底的压强，故B错误；
C、小球在甲液体中沉底，小球受到的浮力小于小球的重力，小球在乙液体中悬浮，小球受到的浮力等于小球的重力，所以甲液体中小球受到的浮力小于乙液体中小球受到的浮力，故C正确；
D、由图可知，杯子中液体的体积相同，甲液体的密度小于乙液体的密度，由m=ρV可知甲液体的质量小于乙液体的质量，两个小球的质量相等，杯子的质量相等，所以杯子、甲液体和小球的总质量小于杯子、乙液体和小球的总质量，由G=mg可知杯子、甲液体和小球的总重力小于杯子、乙液体和小球的总重力，盛甲液体的杯子对桌面的压力小于盛乙液体的杯子对桌面的压力，两个杯子的底面积相等，由p=可知盛甲液体的杯子对桌面的压强小于盛乙液体的杯子对桌面的压强，故D错误。
故选：C。
（1）根据p=ρgh判断对杯底的压强关系；
（2）根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系和液体密度关系；
（3）当物体的密度大于液体密度时，物体下沉；当物体密度等于液体密度时，物体在液体中悬浮；若物体密度小于液体密度时，物体将漂浮在液面上；
（4）根据甲乙液体的密度和体积的关系判断出甲乙液体质量的关系，小球和杯子的质量相等，根据G=mg判断出总重力的关系，根据在水平面上压力等于重力判断出压力的关系，由p=判断出甲乙对桌面压强的关系。
本题主要考查了浮沉条件的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下（漂浮、悬浮）物体所受重力与浮力的大小关系。
11.【答案】150  自己乘坐的列车

【解析】解：
（1）C8228次列车上午11：09从赤峰站出发，12：12到达喀左站，行驶时间为t=1h3min=1.05h，
则列车在赤峰至喀左段运行的平均速度为：v==≈150km/h；
（2）小明以自己乘坐的列车为参照物，站台离列车员越来越远，站台向列车运行的相反方向运动。
（1）已知赤峰至喀左高铁线路长度，求出C8228次列车运行的时间，利用速度公式求车列车运行的平均速度；
（2）判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化，若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的。
此题考查了平均速度计算公式的应用和参照物的选择，属于基础性题目。
12.【答案】做功  2.76×108  不可再生

【解析】做功；2.76×108； 不可再生。
解：内燃机在做功冲程高温高压气体推动活塞做功将内能转化为机械能。
6kg汽油完全燃烧放出热量为：
Q=mq=6kg×4.6×107J/kg=2.76×108J。
可再生能源包括太阳能、水力、风力、生物质能、波浪能、潮汐能、海洋温差能等。它们在自然界可以循环再生。不可再生能源在自然界中经过亿万年形成，短期内无法恢复且随着大规模开发利用，储量越来越少总有枯竭一天的能源称之为不可再生能源。不可再生能源包括：煤、原油、天然气、油页岩、核能等。
故答案为：做功；2.76×108；不可再生。
（1）做功冲程是内能转化为机械能；
（2）已知热值，根据公式Q=qm计算产生的热量。
（3）能在自然界源源不断的获得的是可再生能源；在短时间内不能在自然界获得补充的属于不可再生能源；
本题考查了比热容、内燃机工作过程能量转化、能源和热值等知识，涉及的知识点较多，属于基础知识的考查。
13.【答案】20  水平向左  变小

【解析】解：小桶和沙子的总重力为20N，使用定滑轮不能改变力的大小（忽略细线与滑轮之间的摩擦），则物块受到的拉力大小为20N；因为物块做匀速直线运动，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，所以滑动摩擦力的大小为20N，方向水平向左。
小桶和沙子匀速下降的过程中，质量不变，高度减小，所以重力势能减小，速度不变，动能不变，故机械能变小。
故答案为：20；水平向左；变小。
使用定滑轮不能改变力的大小，可以改变力的方向；A做匀速直线运动，此时受力是平衡的，根据二力平衡分析摩擦力的大小和方向；机械能为动能和势能的和。
本题考查了摩擦力的大小、机械能的变化，利用好二力平衡的条件是解题的关键。
14.【答案】6.7×108  1.03×105

【解析】解：
（1）航母处于漂浮状态，所受浮力与航母重力平衡，由于满载排水量为67000t，即
m排=67000t=6.7×107kg，
所以，航母满载时所受浮力为
F浮=G排=m排g=6.7×107kg×10N/kg=6.7×108N；
（2）由于航母的吃水深度约为10m（海面到船底的距离），即h=10m，所以，船底受到海水的压强
p=ρ海水gh=1.03×103kg/m3×10N/kg×10m=1.03×105Pa。
故答案为：6.7×108；1.03×105
（1）根据航母处于漂浮状态，所受浮力与航母重力平衡即可求出航母满载时受到的浮力；
（2）已知航母的吃水深度，根据液体压强公式p=ρ液gh即可求出航母底部受到海水的压强。
本题考查了浮沉条件的应用以及液体压强公式，是一道基础题，难度不大。
15.【答案】向左移动  同一平面

【解析】解：（1）光从空气斜射入水或其它透明介质时，折射角小于入射角；将一束激光射至P点，形成一个光斑，向水槽内慢慢注水，光在水面处发生折射，由于折射角小于入射角，水槽底部光斑的位置将向左移动。
（2）将光屏右半部分绕NN′向后翻转任意角度，可以验证折射光线、入射光线和法线是否在同一平面内。
故答案为：向左移动；同一平面。
（1）光的折射：光从空气斜射入水或其它透明介质时，折射角小于入射角；入射角减小，折射角减小，入射角增大，折射角增大。
（2）在光的折射中使用可转动的光屏是为了探究折射光线、法线和入射光线是否在同一平面内。
本题考查了光的折射实验，如何进行实验，当实验中出现问题时，如何解决问题，是出题的方向。
16.【答案】用台秤测出自身的质量为m  用秒表测量出上楼所用的时间t 

【解析】解：
（1）用台秤测出自身的质量为m；
（2）用皮尺测出所上楼梯的总高度h；
（3）用秒表测量出上楼所用的时间t；
（4）上楼功率的表达式：P===。
故答案为：
（1）用台秤测出自身质量为m；（3）用秒表测量出上楼所用的时间t；（4）。
人上楼要克服自己的重力做功，P===，据此确定要测量的物理量。
本题设计方案测自己上楼的功率，关键是明确测量原理。
17.【答案】解：做S点关于平面镜MN的对称点，即为烛焰上S点在平面镜中所成的像S′．如图所示：


【解析】平面镜成像的特点是：像与物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像、物关于平面镜对称。
本题的关键是抓住平面镜成像特点是像物关于平面镜对称。
18.【答案】解：重力的方向是竖直向下的，过石球重心竖直向下画有向线段，用G表示，如图所示：


【解析】根据重力的方向是竖直向下的，从重心画竖直向下的力即可。
本题考查了重力的示意图的作法。无论物体处于什么运动状态，重力的方向总是竖直向下的。
19.【答案】解：电流是从螺线管的右端流入、左端流出，要能改变电磁铁的磁性强弱则应在电路中串联滑动变阻器，利用安培定则可知，螺线管的左端为N极，右端为S极，根据异名磁极相互吸引，小磁针静止时右端为S极，左端为N极，如图所示：


【解析】已知电流是从螺线管的右端流入、左端流出；
要改变电磁铁磁性的强弱，就需要从决定电磁铁磁性强弱的因素电流大小、线圈匝数、有无铁芯这几方面去考虑。由于线圈匝数、铁芯这两个方面已经确定。只有从电流大小去考虑，使用滑动变阻器即可即可解决。
本题考查了学生对于有关电磁铁知识的掌握情况，要求学生能运用所学的物理知识来解决实际问题，真正做到学以致用。
20.【答案】海波  升高  62  1.24

【解析】解：
（1）①由表中数据可知，海波从第4min开始熔化到第9min熔化结束，继续吸热，温度保持48℃不变，所以海波属于晶体。
②由表中数据可知，石蜡熔化过程中不断吸收热量，温度逐渐升高。
（2）①由图可知，鸡蛋的质量为m=50g+10g+2g=62g；
②③由图可知，量筒中水的体积即为鸡蛋的体积，鸡蛋的体积为50cm3，
所以鸡蛋的密度为：ρ===1.24g/cm3。
故答案为：（1）①海波；②升高；（2）①62；③1.24。
（1）晶体在熔化的过程中，吸收热量，温度不变；非晶体在熔化的过程中，吸收热量，温度一直升高；
（2）①根据天平的示数读出鸡蛋的质量；②小烧杯中水的体积等于鸡蛋的体积；③根据密度公式求出鸡蛋的密度。
本题考查了固体密度的测量实验、晶体的熔化实验，属于基础知识，难度不大，要熟记。
21.【答案】小灯泡的实际功率小于额定功率  0.625  小灯泡的电阻随温度的变化而变化

【解析】解：（1）小灯泡的额定电压为2.5V，电压表选0～3V量程与灯并联，如下图所示：

（2）小红发现电流表和电压表均有示数但都很小，说明电路连接完好，小灯泡发光很暗，则电路的电流过小，是因为滑动变阻器在阻值最大处，小灯泡的实际功率小于额定功率；
（3）由图2可知，当电压为额定电压为2.5V时，电流为0.25A，所以小灯泡的额定功率为：
P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
（4）小灯泡在不同电压下电阻不同，是因为小灯泡的电阻随温度的变化而变化。
故答案为：（1）如上所示； （2）小灯泡的实际功率小于额定功率；（3）0.625；（ 4）小灯泡的电阻随温度的变化而变化。
（1）根据小灯泡的额定电压为2.5V确定电压表选用的量程与灯并联；
（2）灯泡的亮度由灯的实际功率决定，小红发现电流表和电压表均有示数但都很小，说明电路连接完好，小灯泡发光很暗，则电路的电流过小，导致小灯泡的实际功率过小；
（3）由图2可知电压为额定电压的电流大小，根据P=UI求出小灯泡的额定功率为；
（4）小灯泡的电阻随温度的变化而变化。
本题测量额定电压为2.5V小灯泡电功率，考查电路连接、决定灯的亮度因素、额定功率计算及影响电阻大小的因素。
22.【答案】解：
（1）由图知，n=3，绳子自由端移动的距离：
s=nh=3×3m=9m；
（2）人的拉力做的功为
W总=Fs=200N×9m=1800J；
（3）由滑轮组提升货物的机械效率为80%，
由η=可得拉力做的有用功：
W有用=ηW总=80%×1800J=1440J，
由W有用=Gh可得货物的重力：
G===480N。
答：（1）绳子自由端移动的距离为9m；
（2）人的拉力做的功为1800J；
（3）货物的重力为480N。

【解析】（1）由图知，n=3，绳子自由端移动的距离s=nh；
（2）知道拉力大小，利用W=Fs求人的拉力做的总功；
（3）知道滑轮组的机械效率，利用η=求拉力做的有用功，再利用W有用=Gh求货物的重力。
本题考查了使用滑轮组时拉力端移动距离、有用功、总功的计算，属于基础题目。
23.【答案】解：
（1）由电路图知道，当开关S、S1、S2均闭合，滑动变阻器的滑片P移至最左端时，R1、R2并联，滑动变阻器接入电路的电阻为0，电压表测量电源的电压，即电源电压是U=6V
①此时电路的总电阻：
R总===，由欧姆定律，电路中的总电流：
I===0.9A；
②通电10s整个电路消耗的总电能：
W=UIt=6V×0.9A×10s=54J；
（2）当开关S、S2闭合，S1断开，滑动变阻器的滑片P滑至某一位置时，则电路是R2、R3串联，电压表测量电阻R2两端的电压，由于电压表的示数为2V，由串联电路电压的规律，此时滑动变阻器R3两端的电压是：
U3=U-U2=6V-2V=4V，
由分压原理有：=，
此时滑动变阻器接入电路的电阻：
R3==×10Ω=20Ω。
答：（1）当开关S、S1、S2均闭合，滑动变阻器的滑片P移至最左端时，电路中的总电流0.9A；通电10s整个电路消耗的总电能54J；
（2）当开关S、S2闭合，S1断开，电压表的示数为2V时，滑动变阻器R3接入电路的阻值20Ω．。

【解析】（1）当开关S、S1、S2均闭合，滑动变阻器的滑片P移至最左端时，R1、R2并联，滑动变阻器接入电路的电阻为0，电压表测量电源的电压，可知电源电压；
①根据电阻的并联求出此时电路的总电阻，由欧姆定律求出电路中的总电流；
②根据W=UIt求出通电10s整个电路消耗的总电能；
（2）分析当开关S、S2闭合，S1断开，滑动变阻器的滑片P滑至某一位置时电路的连接，根据电压表的示数为2V，由串联电路电压的规律得出此时滑动变阻器R3两端的电压，由分压原理得出此时滑动变阻器接入电路的电阻。
本题考查串联、并联电路的规律及欧姆定律和电功公式的运用，关键是电路的分析。
24.【答案】太阳  6  小于

【解析】解：
（1）太阳能电池板工作时将太阳能转化成电能；
（2）“玉兔二号”在月球上所受“重力”是在地球上所受重力的六分之一，则在地球上对地面的压力是其对月球表面压力的6倍，受力面积不变，据p=可知，“玉兔二号”在地球上对地面的压强是其对月球表面压强的6倍；
（3）根据题意可知，月球上离地球越远的位置，受到地球的引力越小，A和B是月球上两块同样的岩石，因此A岩石受到的引力比B岩石受到的引力小，即FA＜FB。
故答案为：（1）太阳；（2）6；（3）小于。
（1）太阳能电池是将太阳能转化为电能的；
（2）根据同一物体在地球上的重力是月球上的6倍，在地球上对地面的压力是其对月球表面压力的6倍，再根据压强公式p=比较压强大小关系；
（3）万有引力定律告诉我们：地球和月球之间存在相互作用的引力，并且月球背向地球的半径离地球远，受到地球的引力小。
该题考查了能量的转化、压强公式的应用、万有引力大小与距离的关系，是一道综合性题目。