2020年湖北省黄石市中考物理试卷

这是一份2020年湖北省黄石市中考物理试卷，共19页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2020年湖北省黄石市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
总分
得分







一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）
1. 物理学在生活中的应用无处不在，我们要成为“物理知识”的好朋友，下列估测正确的是（　　）
A. 人步行的速度大约是15m/s
B. 人体感觉温暖又舒适的房间温度大约23℃
C. 人体电阻大约100Ω
D. 中学生身高大约160dm
2. 窗外飘来《我和我的祖国》的优美旋律，关于声现象，下列说法正确的是（　　）
A. 声波可以在空气、地面和真空中传播
B. 噪声也是一种污染，所以在公众场合不要大声喧哗
C. 人耳听不见次声波，是因为次声波不能在空气中传播
D. 响度越大的声音在空气中传播得越快
3. 中国是一个负责任的大国，为构建人类命运共同体而不懈努力，实现可持续发展已成为21世纪各国的任务。能源可按不同方式分类，如图，下列四组能源中，能归入图中阴影部分的一组是（　　）
A. 煤炭、沼气
B. 太阳能、风能
C. 水能、天然气
D. 石油、核能


4. 中国传统文化博大精深，传统民间艺人会制作一种“糖画”，先把糖加热到流体状态，用它画成各种小动物图案，如图，再慢慢晾干变硬，送给小朋友。关于制作“糖画”的全过程，下列表述正确的是（　　）
A. 糖的物态变化是先熔化后凝固 B. 糖的内能一直在增加
C. 糖的物态变化是先凝固后熔化 D. 糖的温度一直在降低
5. 下列说法正确的是（　　）
A. 金属导体中自由电子定向移动的方向与电流方向相同
B. 小明同学在校运动会上跳远时要助跑，助跑是为了增大自己的惯性
C. 有人不小心让西瓜滑落掉到地面上摔碎了，地面没有受损，是因为碰撞时地面没有受到弹力的作用
D. 运动员跑步时穿上有鞋钉的鞋是为了增加鞋底与地面的摩擦力
6. 如图，是一位同学组装的提升重物装置，他用100N的拉力F，在10s内把重150N的重物G提升4m，则此过程中（　　）
A. 该滑轮组的效率为75%
B. 他做的总功为1200J
C. 他做的有用功为800J
D. 他对滑轮组做功的功率为60W


7. 为了保护环境，国家鼓励发展新能源汽车，新能源汽车被越来越多的家庭所接受，其核心部件是电动机。如图能说明电动机工作原理的是（　　）
A. B.
C. D.
8. 小椿同学设计了一种照明电路，其设计要求是：用两个开关控制一盏灯，两个开关同时闭合灯才能发光，只闭合其中任意一个开关，灯都不能发光。下面四幅电路图中，既符合上述要求，又符合安全用电要求的是（　　）
A. B.
C. D.
9. 甲、乙两物体，同时从同一地点出发沿直线向同一方向运动，它们的s-t图象如图所示，下列说法正确的是（　　）
A. 0-5s内，乙的平均速度为3m/s
B. 3-5s内，乙做匀速直线运动
C. 4s时，乙在甲前方5m处
D. 5s时，甲、乙两物体的速度相等


10. 如图，弹簧下端悬挂一个实心小球，用手托住小球，小球静止在A点，此时弹簧处于自然长度。释放小球，小球向下运动到最低点B（不超过弹簧弹性限度），小球从A点运动到B点的过程中，下列说法正确的是（　　）
A. 小球的重力势能一直在减少，动能一直在增加
B. 小球减少的重力势能全部转化为动能
C. 弹簧的弹性势能不断增大
D. 小球运动到B点时，重力势能最小，动能最大


11. 恒压电源电压大于灯泡额定电压的2倍，为了让这样两个相同的灯泡均正常发光，小明同学设计了如下四个电路图，既可以使两个灯泡正常发光又最省电的电路是（　　）
A. B.
C. D.
12. 如图所示，是ab两种物质m-V的关系图象，若用质量相等的a、b两种物质分别制成两个实心正方体甲、乙，将甲、乙放在水平地面上。下列说法正确的是（　　）

A. a、b的密度之比为4：1
B. 甲、乙两个正方体对地面的压强之比为4：1
C. a、b的密度之比为2：1
D. 甲、乙两个正方体对地面的压强之比为2：1
二、填空题（本大题共6小题，共12.0分）
13. 在课外活动中同学们举行爬杆比赛，有同学沿竖直竹竿匀速向上爬，该同学匀速上爬时受到的摩擦力方向为竖直______（选填“向上”“向下”）。取一个瓶子，装入适量的水，再取一根两端开口带刻度的细玻璃管，使玻璃管穿过橡皮塞插入水中。从管子上端吹入少量气体，使瓶内气体压强大于大气压，水沿玻璃管上升到瓶口上方如图，如果你拿着它从一楼上到六楼时会观察到细玻璃管里的水面______（选填“上升”“下降”或“不变”）。乘坐观光电梯时，透过玻璃看到户外树木向上运动，说明观光电梯在______（选填“上升”“下降”或“静止”）。
14. 正确使用手机很重要，手机给人们带来了方便，手机是通过______传递信息的。飞机前进时，机翼与周围的空气发生相对运动，气流被分成上、下两部分，机翼上、下表面受到的压力分别为F1、F2（如图），那么F1______F2（选填“大于”“小于”或“等于”）。在黄石地区的冬季，有时地面和屋顶会出现霜，这是物态变化中的______现象。
15. 电冰箱是常用的家用电器，小明同学想了解家里冰箱的温度，他用温度计先测量家里的室温，温度计示数如图甲所示，再用温度计测量冰箱冷陈室的温度，温度计示数如图乙所示，家里的室温比冰箱冷冻室温度高______℃．他又用弹簧测力计测量一个小木块的重力，小木块静止，如图丙，小木块的重力为______N。


16. 如图所示，两个密闭容器中接入电热丝R1、R2，右边容器上方接入电热丝R3，在通电时间相同的情况下，观察两个U形管中液面高度的变化。本实验是根据______（选填“气体”、“液体”）的热胀冷缩来反映电流产生的热量多少，已知R1=10Ω，R3=6Ω，为了研究电流产生的热量与电流的关系，则R2=______Ω．若将R3和R2并联接入右边密闭容器中，则可研究电流产生的热量与______的关系。


17. 可燃冰是一种新能源，它是水和天然气在高压低温下形成的类似冰状结晶物质，主要成分是甲烷，我国可燃冰的开采技术处于世界领先水平，用燃气锅炉烧水时，将500kg初温20℃的水加热到100℃，共燃烧了0.1m3的可燃冰，这个过程中水吸收的热量为______J，完全燃烧0.1m3可燃冰放出的热量为______J，燃气锅炉烧水时的效率为______[c水=4.2×103J/（kg•℃），可燃冰热值q=6.0×109J/m3]。
18. 实验小组为了测量某种绿茶饮料的密度，进行了以下实验。
（1）把天平放在水平桌面上，将游码移到标尺的______；在调节天平横梁时，发现指针静止在分度盘中央刻度线的右侧，此时应将平衡螺母向______（选填“左”、“右”）调节，使天平平衡；
（2）用调节好了的天平，测量绿茶饮料和烧杯的总质量，发现指针静止在分度盘中央刻度线偏左侧，为了准确测量，应向______（选填“左”、“右”）移动游码；
（3）测得绿茶饮料和烧杯的总质量为69.6g，然后将一部分绿茶饮料倒入量筒中，如图所示，再将烧杯放在天平左盘上，称得剩余绿茶饮料和烧杯的总质量如图，由此可知：量筒中绿茶饮料的体积是______cm3，量筒中绿茶饮料的质量是______g，绿茶饮料的密度是______kg/m3。



三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
19. 一个质量分布均匀的小球放在光滑的水平地面上，左边与竖直光滑墙壁接触，小球处于静止状态，如图，在图中画出小球受力示意图。













20. 指南针是中国的四大发明之一，这是我国对人类所作出的巨大贡献，指南针是利用地场指示方向。如图所示，地球是一个大磁体，类似条形磁铁，请在图中标出地磁场的N、S极，静止小磁针N、S极，用箭头标出P点的地磁场方向。













四、实验探究题（本大题共2小题，共12.0分）
21. 实验一：某实验小组做“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）为使凸透镜所成的像便于观察，该实验的环境光线应该较______（选填“暗”、“亮”）为好；
（2）调节好蜡烛、凸透镜、光屏位置，如图所示，在光屏上看到烛焰清晰的像，______（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）与此时成像原理相同；

（3）把蜡烛稍稍竖直上移，光屏上烛焰的像会竖直______（选填“上”、“下”）移；
实验二：实验小组为了测量某种绿茶饮料的密度，进行了以下实验。
（1）把天平放在水平桌面上，将游码移到标尺的______；在调节天平横梁时，发现指针静止在分度盘中央刻度线的右侧，此时应将平衡螺母向______（选填“左”、“右”）调节，使天平平衡；
（2）用调节好了的天平，测量绿茶饮料和烧杯的总质量，发现指针静止在分度盘中央刻度线偏左侧，为了准确测量，应向______（选填“左”、“右”）移动游码；
（3）测得绿茶饮料和烧杯的总质量为69.6g，然后将一部分绿茶饮料倒入量筒中，如图所示，再将烧杯放在天平左盘上，称得剩余绿茶饮料和烧杯的总质量如图，由此可知：量筒中绿茶饮料的体积是______cm3，量筒中绿茶饮料的质量是______g，绿茶饮料的密度是______kg/m3。
22. 课外兴趣小组要测量一个未知电阻Rx的阻值，现有下列器材：电源、两个量程均为0～0.6A的相同电流表A1、A2、一个已知阻值的定值电阻R0=9Ω、开关、导线若干。兴趣小组同学们开动脑筋，积极思考，设计出了一个测量Rx的方法。

（1）同学们设计出的测量电路图如图甲，请根据电路图把未完成的实物图（图乙）连接线补充完整。
（2）连接好电路，闭合S之前，滑动变阻器的滑片P应滑到______（选填“a”“b”）端；
（3）调节滑动变阻器，使两个电流表有一个恰当的读数，如图丙，两表A1、A2的读数分别为Il=______A，I2=______A；

（4）根据两电流表读数可得出被测电阻Rx=______。
（5）调节滑动变阻器，使A1和A2表的读数都变大，为保证A2表不被烧坏，则A1表的读数不能超过______A
。
（6）有同学认为，改用图丁电路图也可以测出Rx的值，你认为是否可行？

五、计算题（本大题共2小题，共16.0分）
23. 如图，甲、乙两个实心圆柱体，甲的密度小于乙的密度，甲的重力为4N，乙的重力为6N，甲的高度为20cm，乙的高度为10cm，甲、乙的横截面积均为40cm2，现将甲、乙两物体用重力间忽略的细线串接起来放入容器的水中，此时容器中的水深h0=50cm，甲有一部分浮出水面，（水的密度ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）求：
（1）水对容器底面产生的压强；
（2）细线对乙物体的拉力大小；
（3）甲浮出水面部分的高度。







24. 一个标有“3V 3W”小灯泡L（灯丝电阻不随温度变化），滑动变阻器（0～6Ω），电流表A连接成如图所示的电路，滑片P正处在滑动变阻器正中间O点位置，电源电压恒定。
（1）闭合S1、S2、S3，断开S4，电流表的读数为2.0A，求此时灯泡实际消耗的电功率；
（2）闭合S1，断开S2、S3、S4，求此时电流表A的读数；
（3）闭合S1、S3、S4，断开S2，将滑片P由O滑到a点过程中，电流表A的读数最大值为2.25A，求滑动变阻器Oa之间的电阻值，并求出电流表读数为2.25A时，滑动变阻器消耗的总功率。









答案和解析
1.【答案】B

【解析】解：A、人正常步行的速度在4km/h=4×m/s≈1.1m/s左右，故A不正确；
B、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右，故B正确；
C、正常情况下，人体电阻在几千欧左右，故C不正确；
D、成年人的身高在170cm左右，中学生的身高略小于成年人，在160cm=16dm左右，故D不正确。
故选：B。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最正确的是哪一个。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
2.【答案】B

【解析】解：A、声波的传播需要介质，声波不能在真空中传播，故A错误；
B、噪声是一种污染，所以在公众场合不要大声喧哗，是在声源处减弱噪声，故B正确；
C、人耳听不见次声波，是因为次声波超出了人的听觉范围，不能说明次声波不能在空气中传播，故C错误；
D、声音的传播速度与响度大小无关，与介质的温度有关，故D错误。
故选：B。
（1）声波的传播需要介质响度越大的声音在空气中传播得越快，声波不能在真空中传播；
（2）噪声是一种污染；
（3）人耳的听觉范围是有限的，只能听到20Hz到20000Hz的声音；
（4）声音的传播速度与响度大小无关，与介质的温度有关。
本题主要考查了声音的传播条件，噪声，以及人耳的听觉范围，难度不大。
3.【答案】B

【解析】解：
A、煤炭、沼气，属于化石能源，一旦消耗，在短时间内不能再生，属于不可再生能源，故A不符合题意；
B、太阳能、风能都是来自太阳能的可再生能源，属于新能源，故B符合题意；
C、天然气属于化石能源，一旦消耗，在短时间内不能再生，属于不可再生能源，故C不符合题意；
D、石油属于化石能源，一旦消耗，在短时间内不能再生，属于不可再生能源；核能不是来自太阳能，故D不符合题意。
故选：B。
（1）自然界里源源不断得到的能源是可再生能源，如水能、风能、太阳能、生物质能；
（2）除了地热能、潮汐能和原子核能以外，地球上所有其他能源全部来自太阳能；
（3）人类开发利用的新能源有太阳能、地热能、核能、潮汐能、风能等。
本题考查了能源的分类，明确能源的不同分类方法是解答此题的关键。
4.【答案】A

【解析】解：
（1）先让白糖变成糖浆，即由固态变为液态，故是熔化过程，熔化吸热；再用它画成各种小动物图案，等糖浆放出热量凝固成固态，这样就做好了糖画，凝固放热，故A正确，C错误；
（2）糖是非晶体，在熔化时吸热内能增加，温度升高，糖在凝固过程中放热内能减小，温度降低，故BD错误。
故选：A。
（1）物质由固态变为液态称为熔化，该过程吸热；物质由液态变为固态称为凝固，该过程放热；
（2）糖是非晶体，在熔化时吸热内能增加，温度升高，糖在凝固过程中放热内能减小，温度降低。
本题考查了学生对常见物态变化和吸放热情况的了解，属于基础知识的考查，比较简单。
5.【答案】D

【解析】解：
A、正电荷定向移动的方向为电流的方向，金属导体导电靠的是自由电子（负电荷）的定向移动，其定向移动的方向与电流方向相反，故A错误；
B、惯性大小只与物体的质量有关，跳远运动员要助跑后起跳，是利用惯性，不能增大惯性，故B错误；
C、物体间力的作用是相互的，西瓜滑落掉到地面上碰撞时，地面和西瓜没都受到弹力的作用，故C错误；
D、运动员跑步时穿上有鞋钉的鞋是通过增大接触面粗糙程度的方式，增大鞋底与地面的摩擦力，故D正确。
故选：D。
（1）正电荷定向移动的方向是电流的方向；
（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系；
（3）物体间力的作用是相互的；
（4）影响摩擦力大小的因素有压力和接触面的粗糙程度。
本题考查了电流的方向、惯性的影响因素、力的作用的相互性以及增大摩擦力的分法，有一定综合性，但难度不大。
6.【答案】A

【解析】解：
（1）他做的有用功：
W有用=Gh=150N×4m=600J，故C错误；
（2）由图可知，n=2，拉力端端移动的距离：
s=nh=2×4m=8m，
他做的总功：
W总=Fs=100N×8m=800J，故B错误；
（3）他对滑轮组做功的功率：
P===80W，故D错误；
（4）滑轮组的机械效率：
η==×100%=75%，故A正确。
故选：A。
（1）知道物重、升高的高度，利用W=Gh求他做的有用功；
（2）由图可知，n=2，拉力端端移动的距离s=nh，利用W=Fs求他做的总功；
（3）利用P=求他对滑轮组做功的功率；
（4）滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算，从图中确定承担物重的绳子股数、利用好s=nh是关键。
7.【答案】C

【解析】解：A、图中是奥斯特实验的装置图，说明了通电导体周围存在磁场，故A不符合题意；
B、图为通电螺线管的原理图，是根据电流的磁效应制成的，故B不符合题意；
C、当闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故C符合题意；
D、图中没有电源，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针会发生偏转，说明会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的原理，故D不符合题意。
故选：C。
电动机的原理是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的。
电动机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键。
8.【答案】B

【解析】解：分析电路可知，若两开关并联，则只要闭合一个开关，灯即发光；若两开关串联，则只有两开关都闭合时电路才能接通；为保证安全开关应接在火线上。符合条件的为B。
故选：B。
为保证安全电路设计时要求开关应接在火线上；分析电路可知哪一种设计可以满足只有两开关同时闭合灯才发光。
通过解答本题要掌握：两开关并联时，只要一个开关闭合电路即能接通；两开关串联，必须两个开关均闭合，电路才能接通。
9.【答案】A

【解析】解：
AB、由s-t图可知，0～3s内乙做匀速直线运动，乙运动的距离是15m，3～5s内，乙处于静止状态，0～5s，乙的平均速度v乙===3m/s，故A正确，B错误；
C、甲做匀速直线运动，甲的速度v甲===3m/s，4s时，甲运动的距离s甲1=v甲t1=3m/s×4s=12m，
4s时，乙运动的距离s乙=15m，4s时，乙在甲前方：△s=s乙-s甲1=15m-12m=3m，故C错误；
D、5s时，甲的速度是3m/s，乙是静止状态，速度不同，故D错误。
故选：A。
（1）由s-t图象找出甲乙的路程与所对应的时间，由速度公式可以求出它们的速度，然后比较它们的速度大小。
（2）由s-t图象计算出甲、乙的速度，根据s=vt计算通过的距离，得到甲、乙的位置关系。
本题考查了比较甲乙的速度大小、判断路程的问题，分析清楚s-t图象、熟练应用速度公式是正确解题的关键。
10.【答案】C

【解析】解：A、小球在下落过程中，重力不变，弹力不断增大，当重力和弹力的合力向下时，小球加速向下运动，当重力和弹力的合力向上时，小球减速向下运动，所以小球速度先增大后减小，小球质量不变，所以小球动能先增大后减小；小球的高度不断降低，所以小球的重力势能不断减小，故A错误。
B、小球下落过程中，当重力和弹力的合力向下时，小球加速向下运动，弹簧不断增长，小球的重力势能转化为小球的动能和弹簧的弹性势能；当重力和弹力的合力向上时，小球的速度不断减小，弹簧不断增长，小球的重力势能和动能转化为弹簧的弹性势能，故B错误。
C、小球下落时，弹簧不断增长，弹簧的弹性势能不断增加，故C正确。
D、小球运动到B点时，小球的高度最小，速度最小，小球的质量不变，所以小球的重力势能和动能都最小，故D错误。
故选：C。
（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。
（3）弹性势能大小的影响因素：发生弹性形变的大小，发生弹性形变的难易程度。弹性形变越大，发生弹性形变越难，弹性势能越大。
（1）掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素。
（2）能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。
11.【答案】C

【解析】解：
灯泡两端电压等于额定电压时，正常发光，若灯泡正常发光的电流为I。
A、由图知，两灯并联，由并联电路的电压特点知，U=U1=U2＞U额，灯泡不能正常能光；
B、由图知，两灯并联，两灯相同，由串联电路电压特点知，U1=U2，且U=U1+U2，所以U1=U2=U＞U额，所以灯泡不能正常发光；
C、由图知，两灯以及变阻器串联，U=U1+U2+U滑，调节变阻器可使两灯电压U1=U2=U额，则两灯正常发光，且电路中电流为I，电路消耗功率P=UI；
D、由图知，两灯并联再与变阻器串联，调节变阻器使两都正常发光时，电路中电流为2I，电路消耗功率P=2UI；
综上所述，要使两个灯泡正常发光又最省电（电功率最小）的电路为C。
故选：C。
两灯相同，且电源电压大于灯泡额定电压的2倍，由各图连接情况，结合电路特点判断灯泡是否能正常发光，由P=UI分析耗电情况，从而得到答案。
本题考查电路的设计，要知道灯泡正常发光时电压等于额定电压，省电的电路消耗电功率较小。
12.【答案】B

【解析】解：
AC、由图象可知，当m=80g时，V甲=5cm3、V乙=40cm3，
a、b两种物质的密度为：
ρa===16g/cm3，ρb===2g/cm3，
a、b的密度之比：
ρa：ρb=16g/cm3：2g/cm3=8：1，故A、C错误；
BD、用质量相等的a、b两种物质分别制成两个实心正方体甲、乙，其体积之比：
V甲：V乙=：=ρb：ρa=1：8，
由V=L3可得正方体的边长之比：
L甲：L乙=1：2，
因为正方体对水平地面的压强p======ρLg，
所以，甲乙两物体对水平地面的压强之比：===，故B正确、D错误。
故选：B。
（1）由图象可知，当m=80g时，甲、乙两物体的体积，利用密度公式求a、b两种物质的密度，进而求出密度之比；
（2）用质量相等的a、b两种物质分别制成两个实心正方体甲、乙，知道了密度关系，可求体积之比，再利用V=L3求正方体的边长之比，根据正方体对水平地面的压强p======ρLg求压强之比。
本题考查了重力公式、密度公式、压强公式的应用，本题关键：一是通过图象求出a、b两物质的密度之比，二是利用好方形或圆柱形均匀物体对水平地面压强的推导公式p=ρgh。
13.【答案】向上  上升  下降

【解析】解：
（1）沿竖直竹竿匀速向上爬，在竖直方受到重力和摩擦力是一对平衡力，摩擦力方向与重力方向相反竖直向上；
（2）把自制气压计从一楼带到六楼，由于高度增加，大气压减小，则瓶内的气压高于瓶外大气压；管内的水面变高；所以玻璃管内水柱的高度增加，说明大气压随高度增加而变小；
（3）乘坐观光电梯时，透过玻璃看到户外树木向上运动，说明观光电梯在下降。
故答案为：向上；上升；下降。
（1）由于该同学沿竖直竹竿匀速向上爬，那么在竖直方受到平衡力的作用：重力和摩擦力；
（2）知道大气压随高度的增加而减小；瓶中水面上方是空气，如果此处的气压等于瓶外的大气压，管内和瓶内的水面应该相平。现在是管内的水面高，说明瓶内的气压高于瓶外大气压；
（3）对于同一个物体所选的参照物不同，其运动状态也不同，因此在判断物体运动状态时应先确定参照物，然后观察物体与参照物之间的位置是否发生变化，从而判断物体的运动与静止。
本题考查摩擦力的方向，气压与海拔的关系，以及运动的相对性，难度不大。
14.【答案】电磁波  小于  凝华

【解析】解：
（1）手机是人们常用的通讯工具，它传递信息依靠的是电磁波。
（2）由机翼的形状特点可知，在相同是时间内，空气经过上方的路程长，速度大；经过下方的路程短，速度小。上方空气流速越大，压强越小；下方空气流速越小，压强越大。所以机翼上表面受到的压力F1小于下表面受到的压力F2，使机翼上下表面存在压强差（压力差），这就是飞机向上的升力。
（3）在黄石地区的冬季，有时地面和屋顶会出现霜，“霜”是固体，是由空气中的水蒸气遇冷形成的，属于凝华现象；
故答案为：电磁波；小于；凝华。
（1）手机既是电磁波的发射台也是电磁波接收台。
（2）飞机机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，机翼在压强差的作用下，受到升力作用。
（3）物质由气态直接变为固态叫凝华；
本题考查电磁波、流体压强与流速的关系、凝华现象等知识点，内容比较简单，属于基础知识。
15.【答案】42  3.2

【解析】解：由图知：
（1）甲、乙两温度计上10℃之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1℃，即温度计的分度值为1℃．甲图中数字向上是增大的，说明显示的温度高于0℃，为24℃；乙图中数字向下是增大的，说明显示的温度低于0℃，为-18℃．所以家里的室温比冰箱冷冻室温度高24℃-（-18℃）=42℃；
（2）丙图中，弹簧测力计在1N之间的刻度分成了5等份，所以其分度值为0.2N．观察图可知，弹簧测力计的指针在3N以下一格处，示数为3.2N，所以小木块重力为3.2N。
故答案为：42；3.2。
（1）读取温度计或体温计的示数时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下；
（2）弹簧测力计是测量力的仪器，使用前应先观察量程、分度值以及指针是否指在零刻度处。读数时视线与指针所对刻线相平。
此题考查了温度计和弹簧测力计的读数，属于基本技能的考查，难度不大。
16.【答案】气体  10  电阻

【解析】解：该实验装置是利用容器中空气的热胀冷缩来反应放热的多少，产生热量的多少不能直接观察，通过U形管液面高度差的变化来反映；
为了研究电流产生的热量与电流的关系，需要控制电阻和通电时间相同，通过的电流不同，所以R1、R2的阻值应该是相同的，即R2=10Ω；
若将R3和R2并联接入右边密闭容器中，则该整体与R1串联在电路中，通过的电流和通电时间相同，但容器内的电阻大小不同，所以可以探究电热与电阻大小的关系。
故答案为：气体；10；电阻。
电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；
探究电热与电流大小的关系时，需要控制电阻和通电时间相同，通过的电流不同；
探究电热与电阻关系时，需要控制电流和通电时间相同，电阻不同。
此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与什么因素有关的”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用。
17.【答案】1.68×108  6.0×108  28%

【解析】解：
（1）水吸收的热量：
Q吸=c水m（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×500kg×（100℃-20℃）=1.68×108J；
（2）可燃冰完全燃烧放出的热量：
Q放=Vq=0.1m3×6.0×109J/m3=6.0×108J；
（3）燃气锅炉烧水时的效率：
η=×100%=×100%=28%。
故答案为：1.68×108；6×108；28%。
（1）知道水的比热容、质量、初温和末温，利用Q吸=cm（t-t0）可以求出水吸收的热量；
（2）知道可燃冰的热值、体积，利用Q放=Vq求可燃冰完全燃烧释放的热量；
（3）燃气锅炉烧水的效率等于水吸收的热量与可燃冰完全燃烧释放的热量之比。
本题考查了燃料完全燃烧放热公式Q放=Vq、Q吸=cm（t-t0）和效率公式的掌握和运用，难度不大，属于基础题目。
18.【答案】零刻度处  左  右  34  38.2  1.12×103

【解析】解：（1）把天平放在水平桌面上，将游码移到标尺左端的零刻度处；
在调节天平横梁时，发现指针静止在分度盘中央刻度线的右侧，说明天平的右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动；
（2）测量绿茶饮料和烧杯的总质量，发现指针静止在分度盘中央刻度线偏左侧，为了准确测量，应向右移动游码。
（3）量筒中绿茶的体积：V=34ml=34cm3，
剩余绿茶饮料和烧杯的总质量：m'=20g+10g+1.2g=31.4g，
量筒中绿茶的质量为：m=m总-m'=69.6g-31.4g=38.2g，
绿茶的密度：ρ==≈1.12g/cm3≈1.12×103kg/m3。
故答案为：（1）零刻度处；左；（2）右；（3）34；38.2；1.12×103。
（1）天平放在水平台上，游码归零，平衡螺母向上翘的一端移动，使天平的横梁平衡。
（2）用天平称量物体质量时，横梁向左偏，右盘增加砝码或向右移动游码。
（3）量筒中绿茶的体积等于液面对应的刻度值；
烧杯和剩余绿茶的质量等于砝码质量和游码对应刻度之和；
量筒中绿茶的质量等于烧杯和绿茶的总质量与烧杯和剩余绿茶的质量的差；
知道绿茶的质量和体积，根据密度公式求出绿茶密度。
本题考查了密度测量，这个实验是初中部分典型的实验题，是学生必须掌握的基础内容。
19.【答案】解：
小球放在光滑的水平地面上，小球与墙接触，但不挤压，小球在水平方向上不受力；小球在竖直方向上受重力G、支持力F的作用，重力的方向竖直向下、支持力方向竖直向上，二力的作用点都画在小球的重心（球心），如图所示：


【解析】先对小球进行受力分析，再根据力的示意图的画法作图。
本题考查了力的示意图的画法，对小球进行准确的受力分析是关键。
20.【答案】解：在磁体的外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极；小磁针的N极指向地磁场的S极，地磁场磁感线的方向及小磁针的N极如下图所示


【解析】（1）任何磁体都有两个磁极，为了形象描述磁场的特性，物理学中引入了磁感线，在磁体的外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极；
（2）磁极间相互作用规律：同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引。
本题的解题关键是知道：地磁场的N极在地理南极的附近，地磁场的S极在地理北极附近。
21.【答案】暗  照相机  下  零刻度处  左  右  32  38.2  1.2×103

【解析】解：实验一：（1）凸透镜成像实验时，蜡烛发光，环境越暗，对比度越大，蜡烛成像越清晰。
（2）如图，物距大于像距，凸透镜成倒立缩小的实像，应用于照相机。
（3）把蜡烛稍稍竖直上移，根据光线过光心不改变方向，所以像会向下移动。
实验二：（1）把天平放在水平桌面上，将游码移到标尺左端的零刻度处；
在调节天平横梁时，发现指针静止在分度盘中央刻度线的右侧，说明天平的右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的左端移动。
（2）测量绿茶饮料和烧杯的总质量，发现指针静止在分度盘中央刻度线偏左侧，为了准确测量，应向右移动游码。
（3）剩余绿茶饮料和烧杯的总质量：m'=20g+10g+1.2g=31.2g，
量筒中绿茶的体积：V=32ml=32cm3，
量筒中绿茶的质量为：m=m总-m'=69.6g-31.2g=38.4g，
绿茶的密度：ρ===1.2g/cm3=1.2×103kg/m3。
故答案为：实验一：（1）暗；（2）照相机；（3）下。
实验二：（1）零刻度处；左；（2）右；（3）32；38.2；1.2×103。
实验一：（1）探究凸透镜成像实验时，成像物体和环境对比度越大，物体越亮，成像越清晰。
（2）凸透镜成实像时，根据物距和像距的关系判断凸透镜成像性质，物距大于像距成倒立缩小的实像，应用于照相机；物距小于像距成倒立放大的实像，应用于投影仪。
（3）根据光线过光心不改变方向进行判断。
实验二：（1）天平放在水平台上，游码归零，平衡螺母向上翘的一端移动，使天平的横梁平衡。
（2）用天平称量物体质量时，横梁向左偏，右盘增加砝码或向右移动游码。
（3）烧杯和剩余绿茶的质量等于砝码质量和游码对应刻度之和；
量筒中绿茶的体积等于液面对应的刻度值；
量筒中绿茶的质量等于烧杯和绿茶的总质量与烧杯和剩余绿茶的质量的差；
知道绿茶的质量和体积，根据密度公式求出绿茶密度。
本题考查了凸透镜成像和密度测量，这两个实验是初中部分典型的实验题，都是学生必须掌握的基础内容。
22.【答案】b  0.32  0.48  4.5Ω  0.4

【解析】解：
（1）根据甲图可知，Rx与R0并联，待测电阻与A1串联，A2测干路电流，如下图所示：

（2）连接好电路，闭合S之前，滑动变阻器的滑片P应滑到阻值最大处的b端；
（3）调节滑动变阻器，使两个电流表有一个恰当的读数，如图丙，由题意可知两表均选用小量程，分度值为0.02A，则A1、A2的读数分别为Il=0.32A，I2=0.48A；
（4）根据并联电路电流的规律，通过定值电阻R0的电流为：I0=I-Ix=0.48A-0.32A=0.16A，
由并联电路的电压规律和欧姆定律可得，电源电压为：U=U0=I0R0=0.16A×9Ω=1.44V；
由欧姆定律可得，被测电阻Rx===4.5Ω；
（5）为保证A2表不被烧坏（即干路电流最大为0.6A），设A1表的读数（通过Rx的电流）不能超过I，此时通过R0的电流为I0′，
并联电路中各支路的电压相等，由欧姆定律可知，在电压相等时，电流与电阻成反比，则===，
所以通过定值电阻的电流为I，
由并联电路电流的规律可得I+I=0.6A，解得I=0.4A，即A1表的读数不能超过0.4A；
（6）图丁中，两电阻并联，两电流表分别测两支路的电流，因各支路的电压相等，由U=IR可测出Rx的值，该方法可行。
故答案为：
（1）如上图所示；（2）b；（3）0.32；0.48；（4）4.5Ω；（5）0.4；（6）可行。
（1）根据甲图可知，Rx与R0并联，待测电阻与A1串联，A2测干路电流，据此连接实物图；
（2）连接好电路，闭合S之前，滑动变阻器的滑片P应滑到阻值最大处；
（3）根据两表选用小量程确定分度值读数；
（4）根据并联电路电流的规律得出通过定值电阻的电流，由欧姆定律得出电源电压；再由欧姆定律求出被测电阻的阻值；
（5）为保证A2表不被烧坏（即干路电流最大为0.6A），根据并联电路的规律结合U=IR，求出A1表的读数不能超过多少；
（6）图丁中，两电阻并联，两电流表分别测两支路的电流，根据并联电路电压的规律和U=IR分析。
本题是测量未知电阻Rx阻值的实验，考查了电路连接、注意事项、电流表读数、并联电路规律及欧姆定律的运用和对实验方案的评估。
23.【答案】解：
（1）容器中的水深h0=50cm=0.5m，水对容器底面产生的压强：
p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.5m=5000Pa；
（2）乙物体的体积：
V乙=Sh乙=40cm2×10cm=400cm3=4×10-4m3，
乙物体排开水的体积：
V排乙=V乙=4×10-4m3，
乙物体受到的浮力：
F浮乙=ρ水gV排乙=1.0×103kg/m3×10N/kg×4×10-4m3=4N，
细线对乙物体的拉力大小：
F拉=G乙-F浮乙=6N-4N=2N；
（3）由于甲、乙一起漂浮在水面上，则甲和乙受到的总浮力：
F浮=F浮甲+F浮乙=G甲+G乙=4N+6N=10N，
甲物体受到的浮力：
F浮甲=10N-F浮乙=10N-4N=6N，
由F浮=ρ水gV排得甲物体排开水的体积：
V排甲===6×10-4m3，
甲物体浸入水中的深度：
h甲浸===0.15m=15cm，
甲浮出水面部分的高度：
h浮出=h甲-h甲浸=20cm-15cm=5cm。
答：（1）水对容器底面产生的压强为5000Pa；
（2）细线对乙物体的拉力大小为2N；
（3）甲浮出水面部分的高度为5cm。

【解析】（1）知道容器中的水深，利用p=ρgh求水对容器底面产生的压强；
（2）利用V=Sh求乙物体的体积，乙物体浸没水中，乙物体排开水的体积等于乙的体积，利用阿基米德原理求乙物体受到的浮力，细线对乙物体的拉力大小等于乙的重力减去浮力；
（3）由于甲、乙一起漂浮在水面上，甲和乙受到的总浮力等于甲和乙的总重力，可求甲物体受到的浮力，利用F浮=ρ水gV排求甲物体排开水的体积，利用V=Sh求出甲物体浸入水中的深度，知道甲圆柱体的高度，可求甲浮出水面部分的高度。
本题考查了液体压强公式、阿基米德原理、物体漂浮条件的应用，要知道：甲、乙一起漂浮在水面上，甲和乙受到的总浮力等于甲和乙的总重力。
24.【答案】解：（1）一个标有“3V3W”小灯泡L，根据P=，灯的电阻为：
R灯===3Ω；
闭合S1、S2、S3，断开S4，变阻器下半部分（阻值为3Ω）与灯并联，
电流表测电路的电流，电流表的读数为2.0A，R并==1.5Ω；
电源电压：U=I×R并=2.0A×1.5Ω=3V；
故灯正常发光，灯泡实际消耗的电功率：P灯实=3W；
（2）闭合S1，断开S2、S3、S4，变阻器上半部分与灯串联，电流表测电路的电流，由电阻的串联和欧姆定律，电流表A的读数：
I′===0.5A；
（3）闭合S1、S3、S4，断开S2，由并联电阻的规律，变阻器P以上部分电阻丝与P以下部分电阻丝并联，
R并==，
由数学知识知，6Ω×Ra上-Ra上2=-Ra上2+6Ω×Ra上，当Ra上=-Ω=3Ω时，6Ω×Ra上-Ra上2值最大，故P由O滑到a的过程中，总电阻不断变小，故在a时，电阻最大，电流最小，
R总′===Ω，
Ω=，
当Ra上=2Ω或当Ra上=4Ω，因上半部分的电阻不超过3Ω，故Ra上=2Ω，则滑动变阻器Oa之间的电阻值：
ROa=3Ω-2Ω=1Ω；
电流表A的读数为2.25A，滑动变阻器消耗的总功率：
P总=UI大=3V×2.25A=6.75W。
答：（1）闭合S1、S2、S3，断开S4，电流表的读数为2.0A，此时灯泡实际消耗的电功率为3W；
（2）闭合S1，断开S2、S3、S4，此时电流表A的读数为0.5A；
（3）闭合S1、S3、S4，断开S2，将滑片P由O滑到a点过程中，电流表A的读数最大值为2.25A，滑动变阻器Oa之间的电阻值为1Ω，电流表读数为2.25A时，滑动变阻器消耗的总功率为6.75W。

【解析】（1）一个标有“3V3W”小灯泡L，根据P=求出灯的电阻；闭合S1、S2、S3，断开S4，变阻器下半部分（阻值为3Ω）与灯并联，电流表测电路的电流，由电阻的并联规律求出R并；根据欧姆定律求出
电源电压，从而得出灯泡实际消耗的电功率；
（2）闭合S1，断开S2、S3、S4，变阻器上半部分与灯串联，电流表测电路的电流，由电阻的串联和欧姆定律得出电流表A的读数；
（3）闭合S1、S3、S4，断开S2，变阻器P以上部分电阻丝与P以下部分电阻丝并联，根据并联电阻的规律得出并联电阻的表达式，由数学知识可知在a时，电阻最大，电流最小，结合实际情况从而得出
Ra上，进而得出滑动变阻器Oa之间的电阻值；
根据P=UI求出电流表A的读数为2.25A时滑动变阻器消耗的总功率。
本题考查串联、并联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是电路的分析。