所属成套资源:赢在高考•黄金20卷 备战2021高考数学全真模拟卷(新高考专用)
黄金卷04-【赢在高考•黄金20卷】备战2021高考数学全真模拟卷(新高考专用)(解析版)
展开【赢在高考•黄金20卷】备战2021高考数学全真模拟卷(新高考专用)第四模拟注意事项:本试卷满分150分,考试时间120分钟.答卷前,考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级等信息填写在试卷规定的位置. 一、单项选择题(本大题共8小题,每小题5分,共40分)1.(2020·全国高三月考(理))已知复数,则的值( )A.0 B. C.2 D.1【答案】C【详解】,,则.故选:C.2.(2020·河南洛阳市·高三月考(文))命题“,”的否定是( )A.,使得B.,使得C.,D.,【答案】B【详解】根据全称命题与存在性命题的关系,可得命题“,”的否定是“,使得”.故选:B.3.(2020·全国高三月考(文))已知向量,,若,则( )A. B. C. D.7【答案】A【详解】因为向量,所以,,,因为所以,即,解得.故选:A4.(2020·河南郑州市·高二期中(理))如图1是第七届国际数学教育大会(简称ICME-7)的会徽图案,会徽的主体图案是由如图2的一连串直角三角形演化而成的,其中,如果把图2中的直角三角形继续作下去,记的长度构成数列,则此数列的通项公式为( ) A., B.,C., D.,【答案】C【详解】由条件可知,,……,数列是公差为1,首项为1的等差数列,, ,.故选:C5.(2020·全国高三月考(理))已知正实数,满足,则的最小值为( )A. B.25 C.24 D.【答案】A【详解】.当且仅当时取等.故选:A.6.(2020·河南高二月考(理))在中,内角、、的对边分别为、、,已知.,,则的值为( )A. B. C. D.【答案】C【详解】由可得,所以,因为,所以,所以即,所以,,所以,即,所以,所以,所以.故选:C.7.(2020·全国高三月考(理))已知、满足,则与的大小关系为( )A. B.C. D.不能确定【答案】C【详解】令,其中,则,当时,.所以,函数在区间上单调递增,,,即,即,即,可得,所以,.故选:C.8.(2020·小店区·山西大附中高二月考)在正方体中,E是棱的中点,F是侧面内的动点,且与平面的垂线垂直,如图所示,下列说法不正确的是( )A.点F的轨迹是一条线段 B.与BE是异面直线C.与不可能平行 D.三棱锥的体积为定值【答案】C【详解】对于A中,设平面与直线交于点,连接,则为的中点,分别取的中点,连接,因为,平面,平面,所以平面,同理可得平面,又因为是平面内的相交直线,所以平面平面,由此结合平面,可得直线平面,即点是线段上的动点,所以A正确;对于B中,因为平面平面,和平面相交,所以与是异面直线,所以B正确;对于C中,由A知,平面平面,所以与不可能平行,所以C错误;对于D中,因为,又由,可得,平面,且平面,所以平面,则到平面的距离为定值,所以三棱锥的体积为定值,所以D正确.故选:C.二、多项选择题(本大题共4小题,每小题5分,共20分.全部选对的得5分,部分选对的得3分,有选错的得0分)9.(2020·重庆市万州第二高级中学高一期中)德国数学家狄里克雷在年时提出:“如果对于的每一个值,总有一个完全确定的值与之对应,那么是的函数.”这个定义较清楚的说明了函数的内涵,只要有一个法则,使得取值范围内的每一个,都有一个确定的和它对应就行了,不管这个法则是用公式还是用图象、表格等形式表示.他还发现了狄里克雷函数,即:当自变量取有理数时,函数值为,当自变量取无理数时,函数值为.狄里克雷函数的发现改变了数学家们对“函数是连续的”的认识,也使数学家们更加认可函数的对应说定义,下列关于狄里克雷函数的性质表述正确的是( )A. B.是奇函数C.的值域是 D.【答案】ACD【详解】由题意可知,.对于A选项,,则,A选项正确;对于B选项,当,则,则,当时,则,则,所以,函数为偶函数,B选项错误;对于C选项,由于,所以,函数的值域为,C选项正确;对于D选项,当时,则,所以,,当时,,所以,,D选项正确.故选:ACD.10.(2020·江苏海安市·高三期中)若的展开式中第项的二项式系数最大,则的可能值为( )A. B. C. D.【答案】ABC【详解】分以下三种情况讨论:①展开式中第项和第项的二项式系数最大,则展开式共项,可得,得;②展开式中只有第项的二项式系数最大,则展开式共项,可得,得;③展开式中第项和第项的二项式系数最大,则展开式共项,可得,得.因此,的可能值为、、.故选:ABC.11.(2020·烟台市福山区教育局高三期中)已知函数,,则下列结论正确的有( )A.在区间上单调递减B.若,则C.在区间上的值域为D.若函数,且,在上单调递减【答案】ACD【详解】, ,当时,,由三角函数线可知,所以,即,所以,所以,所以在区间上单调递减,当,,,所以,,所以在区间上单调递减,所以在区间上单调递减,故选项A正确;当时,,所以,即,故选项B错误;由三角函数线可知,所以,,所以当时,,故选项C正确;对进行求导可得:所以有,所以,所以在区间上的值域为,所以,在区间上单调递增,因为,从而,所以函数在上单调递减,故选项D正确.故选:ACD.12.(2021·福建省福州第一中学高三期中)如图,正方体的棱长为,线段上有两个动点,且,以下结论正确的有( )A.B.异面直线所成的角为定值C.点到平面的距离为定值D.三棱锥的体积是定值【答案】ACD【详解】由,可证平面,从而,故A正确;取特例,当E与重合时,F是,即,平行,异面直线所成的角是,当F与重合时,E是,即,异面直线所成的角是,可知与不相等,故异面直线所成的角不是定值,故B错误;连结交于,又平面,点到平面的距离是,也即点到平面的距离是,故C正确;为三棱锥的高,又,故三棱锥的体积为为定值,D正确.故选:ACD三、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20分)13.(2019·上海市奉贤区奉城高级中学高二期中)在中,,,那么_____;【答案】4【详解】解:因为在中,,所以,所以,因为,所以,故答案为:414.(2020·全国高二单元测试)夏、秋两季,生活在长江口外浅海域的中华鱼洄游到长江,历经三千多公里的溯流搏击,回到金沙江一带产卵繁殖,产后待幼鱼长到厘米左右,又携带它们旅居外海.一个环保组织曾在金沙江中放生一批中华鱼鱼苗,该批鱼苗中的雌性个体能长成熟的概率为,雌性个体长成熟又能成功溯流产卵繁殖的概率为,若该批鱼苗中的一个雌性个体在长江口外浅海域已长成熟,则其能成功溯流产卵繁殖的概率为_________.【答案】【详解】解析设事件为鱼苗中的一个雌性个体在长江口外浅海域长成熟,事件为该雌性个体成功溯流产卵繁殖,由题意可知,,.故答案为:.15.(2020·广东盐田区·深圳外国语学校高三月考)设函数,,则函数零点的个数有______个.【答案】8【详解】解:时时的图象是由时的的图象向右平移1个单位得到,当时,,将其中(0,1]之间的一段向右平移1个单位得到上的图象,由的的图象逐次向右平移1个单位,得到在时的整个图象如图所示,注意在时,当时,.作出图像,由图象可得,共有8个公共点,即有8个零点.故答案为:8.16.(2020·湖北高二期中)若是数列的前项和,且,则______________【答案】 【详解】,则当时,,当时,,两式相减得,即,满足,,则,则,,.四、解答题(本大题共6小题,共70分) 17.(2020·湖北东西湖区·华中师大一附中高三期中)如图,中的内角、、所对的边分别为、、,,且.(1)求(2)点在边的延长线上,且,求的长.【答案】(1);(2).【详解】(1)因为,,所以,在中,由正弦定理得:,所以,又,所以,所以,因为,所以.(2)由(1)可得,在中,,由余弦定理可得:,即,即,解得:或(舍去),所以.18.(2020·海南高三其他模拟)设,,,给出以下四种排序:①M,N,T;②M,T,N;③N,T,M;④T,N,M.从中任选一个,补充在下面的问题中,解答相应的问题.已知等比数列中的各项都为正数,,且__________依次成等差数列.(Ⅰ)求的通项公式;(Ⅱ)设数列的前n项和为,求满足的最小正整数n.注:若选择多种排序分别解答,按第一个解答计分.【答案】(Ⅰ)答案见解析;(Ⅱ)答案见解析.【详解】解:(解答一)选②或③:(Ⅰ)设的公比为q,则.由条件得,又因为,所以,即,解得(负值舍去).所以.(Ⅱ)由题意得,则.由得,即,又因为,所以n的最小值为7.(解答二)选①或④:(Ⅰ)设的公比为q,则.由条件得,又因为,所以,即,解得(负值舍去).所以.(Ⅱ)由题意得,则.由得,即,又因为,所以n的最小值为5.19.(2020·海口市第四中学高三月考)为研究家用轿车在高速公路上的车速情况,交通部门随机选取100名家用轿车驾驶员进行调查,得到其在高速公路上行驶时的平均车速情况为:在55名男性驾驶员中,平均车速超过的有40人,不超过的有15人;在45名女性驾驶员中,平均车速超过的有20人,不超过的有25人.(1)完成下面列联表,并判断能否在犯错误概率不超过的前提下认为“平均车速超过与性别有关”? 平均车速超过平均车速不超过总计男性驾驶员 女性驾驶员 总计 附:,其中.(2)在被调查的驾驶员中,从平均车速不超过的人中随机抽取2人,求这2人恰好是1名男性驾驶员和1名女性驾驶员的概率;(3)以上述样本数据估计总体,从高速公路上行驶的家用轿车中随机抽取3辆,记这3辆车平均车速超过且为男性驾驶员的车辆数为,求的分布列和数学期望.【答案】(1)答案见解析,能;(2);(3)答案见解析,.【详解】(1)完成的列联表如下: 平均车速超过平均车速不超过合计男性驾驶员401555女性驾驶员202545合计6040100,所以在犯错误概率不超过的前提下,能认为“平均车速超过与性别有关”.(2)平均车速不超过的驾驶员有40人,从中随机抽取2人的方法总数为,记“这2人恰好是1名男性驾驶员和1名女性驾驶员”为事件,则事件所包含的基本事件数为,所以所求的概率.(3)根据样本估计总体的思想,从总体中任取1辆车,平均车速超过且为男性驾驶员的概率为,故.所以;;;.所以的分布列为0123(或).20.(2016·海南高三一模(理))如图,在四棱锥中,,,,,分别为线段的中点,平面.(1)求证:平面平面;(2)是否存在线段上一点,使得平面,若存在,求的值;若不存在,请说明理由.【答案】(1)证明见解析;(2).【解析】试题分析:(1)以为原点建立空间直角坐标系,可得,,,又得平面,进而得结论;(2)设,可得平面的一个法向量为,再根据可解得.试题解析:(1)如图,以为原点建立空间直角坐标系,,,,所以中点,则,,则,所以.又平面,所以,由,所以平面,又平面,所以平面平面.(2)法一:设,则,,则,设平面的一个法向量为,,,所以,则,令,得,设 ,则,若平面,则,解得.法二:(略解):连接延长与交于点,连接,若存在平面,则,证明即可.21.(2020·海南高三期中)如图,在平面直角坐标系中,已知椭圆:和椭圆:,其中,,,的离心率分别为,,且满足,,分别是椭圆的右、下顶点,直线与椭圆的另一个交点为,且.(1)求椭圆的方程;(2)与椭圆相切的直线交椭圆与点,,求的最大值.【答案】(1);(2).【详解】(1)由题意知,,因为,所以,,将等号两边同时平方,得,即,所以,又,所以,,所以,,所以直线的方程为,与椭圆:联立并消去,得,整理得,,所以,因为,所以,得,所以,椭圆的方程为.(2)当直线的斜率不存在时,易得.当直线的斜率存在时,设直线:,与椭圆:联立并消去,得,因为直线与椭圆相切,所以,整理得,将直线与椭圆方程联立并消去,得,由式可得.设,,则,,所以,设,则,,,所以当,即时,最大,且最大值为.22.(2020·海南高三一模)已知函数在上单调递减.(1)求实数的取值范围;(2)若存在非零实数,满足,,依次成等差数列.求证:.【答案】(1);(2)证明见解析.【详解】(1)根据题意,恒成立,即,设,则.令,得,当时,,单调递增;当时,,单调递减.所以.所以,即.故的取值范围为.(2)由题意得,因为单调递减,不妨设.设,则.设,则,所以单调递减,即单调递减.当时,,所以在上单调递增.因为,所以,即,整理可得.因为在上单调递减,所以,即.