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    黄金卷04-【赢在高考•黄金20卷】备战2021高考数学全真模拟卷(新高考专用)(解析版)

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    黄金卷04-【赢在高考•黄金20卷】备战2021高考数学全真模拟卷(新高考专用)(解析版)

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    【赢在高考黄金20卷】备战2021数学全真模拟卷(新高考专用模拟注意事项:本试卷满分150分,考试时间120分钟答卷前,考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级等信息填写在试卷规定的位置 一、单项选择题(本大题共8小题,每小题5分,共40)1.(2020·全国高三月考(理))已知复数,则的值(    A0 B C2 D1【答案】C【详解】,则故选:C2.(2020·河南洛阳市·高三月考(文))命题的否定是(    A,使得B,使得CD【答案】B【详解】根据全称命题与存在性命题的关系,可得命题的否定是“,使得”.故选:B.3.(2020·全国高三月考(文))已知向量,若,则    A B C D7【答案】A【详解】因为向量所以,因为所以,解得故选:A4.(2020·河南郑州市·高二期中(理))如图1是第七届国际数学教育大会(简称ICME-7)的会徽图案,会徽的主体图案是由如图2的一连串直角三角形演化而成的,其中,如果把图2中的直角三角形继续作下去,记的长度构成数列,则此数列的通项公式为(     A BC D【答案】C【详解】由条件可知……数列是公差为1,首项为1的等差数列, .故选:C5.(2020·全国高三月考(理))已知正实数满足,则的最小值为(    A B25 C24 D【答案】A【详解】当且仅当时取等.故选:A6.(2020·河南高二月考(理))中,内角的对边分别为,已知.,则的值为(    A B C D【答案】C【详解】可得所以因为,所以所以所以所以,即所以,所以,所以.故选:C.7.(2020·全国高三月考(理))已知满足,则的大小关系为(    A BC D不能确定【答案】C【详解】,其中,则,当时,.所以,函数在区间上单调递增,,即,即,即,可得所以,.故选:C.8.(2020·小店区·山西大附中高二月考)在正方体中,E是棱的中点,F是侧面内的动点,且与平面的垂线垂直,如图所示,下列说法不正确的是(    AF的轨迹是一条线段 BBE是异面直线C不可能平行 D三棱锥的体积为定值【答案】C【详解】对于A中,设平面与直线交于点,连接,则的中点,分别取的中点,连接因为平面平面所以平面,同理可得平面又因为是平面内的相交直线,所以平面平面由此结合平面,可得直线平面即点是线段上的动点,所以A正确;对于B中,因为平面平面和平面相交,所以是异面直线,所以B正确;对于C中,由A知,平面平面,所以不可能平行,所以C错误;对于D中,因为,又由,可得平面,且平面,所以平面到平面的距离为定值,所以三棱锥的体积为定值,所以D正确.故选:C.二、多项选择题(本大题共4小题,每小题5分,共20分.全部选对的得5分,部分选对的得3分,有选错的得0)9.(2020·重庆市万州第二高级中学高一期中)德国数学家狄里克雷年时提出:“如果对于的每一个值,总有一个完全确定的值与之对应,那么的函数.”这个定义较清楚的说明了函数的内涵,只要有一个法则,使得取值范围内的每一个,都有一个确定的和它对应就行了,不管这个法则是用公式还是用图象、表格等形式表示.他还发现了狄里克雷函数,即:当自变量取有理数时,函数值为,当自变量取无理数时,函数值为.狄里克雷函数的发现改变了数学家们对“函数是连续的”的认识,也使数学家们更加认可函数的对应说定义,下列关于狄里克雷函数的性质表述正确的是(    A B是奇函数C的值域是 D【答案】ACD【详解】由题意可知,.对于A选项,,则A选项正确;对于B选项,当,则,则时,则,则所以,函数为偶函数,B选项错误;对于C选项,由于,所以,函数的值域为C选项正确;对于D选项,当时,则,所以,时,,所以,D选项正确.故选:ACD.10.(2020·江苏海安市·高三期中)的展开式中第项的二项式系数最大,则的可能值为(    A B C D【答案】ABC【详解】分以下三种情况讨论:①展开式中第项和第项的二项式系数最大,则展开式共项,可得,得②展开式中只有第项的二项式系数最大,则展开式共项,可得,得③展开式中第项和第项的二项式系数最大,则展开式共项,可得,得.因此,的可能值为.故选:ABC.11.(2020·烟台市福山区教育局高三期中)已知函数,则下列结论正确的有(    A在区间上单调递减B,则C在区间上的值域为D若函数,且上单调递减【答案】ACD【详解】 时,,由三角函数线可知所以,即,所以所以,所以在区间上单调递减,,所以所以在区间上单调递减,所以在区间上单调递减,故选项A正确;时,所以,即,故选项B错误;由三角函数线可知,所以所以当时,,故选项C正确;进行求导可得:所以有所以,所以在区间上的值域为所以在区间上单调递增,因为从而,所以函数上单调递减,故选项D正确.故选:ACD.12.(2021·福建省福州第一中学高三期中)如图,正方体的棱长为,线段上有两个动点,且,以下结论正确的有(    AB异面直线所成的角为定值C到平面的距离为定值D三棱锥的体积是定值【答案】ACD【详解】可证平面,从而,故A正确;取特例,当E重合时,F平行,异面直线所成的角是,当F重合时,E,异面直线所成的角是,可知不相等,故异面直线所成的角不是定值,故B错误;连结,又平面,点到平面的距离是,也即点到平面的距离是,故C正确;为三棱锥的高,又,故三棱锥的体积为为定值,D正确.故选:ACD三、填空题(本大题共4小题,每小题5分,共20)13.(2019·上海市奉贤区奉城高级中学高二期中)中,,那么_____【答案】4【详解】解:因为在中,,所以,所以因为所以故答案为:414.(2020·全国高二单元测试)夏、秋两季,生活在长江口外浅海域的中华鱼洄游到长江,历经三千多公里的溯流搏击,回到金沙江一带产卵繁殖,产后待幼鱼长到厘米左右,又携带它们旅居外海.一个环保组织曾在金沙江中放生一批中华鱼鱼苗,该批鱼苗中的雌性个体能长成熟的概率为,雌性个体长成熟又能成功溯流产卵繁殖的概率为,若该批鱼苗中的一个雌性个体在长江口外浅海域已长成熟,则其能成功溯流产卵繁殖的概率为_________.【答案】【详解】解析设事件为鱼苗中的一个雌性个体在长江口外浅海域长成熟,事件为该雌性个体成功溯流产卵繁殖,由题意可知.故答案为:.15.(2020·广东盐田区·深圳外国语学校高三月考)设函数,则函数零点的个数有______.【答案】8【详解】解:时的图象是由时的的图象向右平移1个单位得到,时,,将其中(0,1]之间的一段向右平移1个单位得到的图象,的图象逐次向右平移1个单位,得到时的整个图象如图所示,注意在时,时,.作出图像,由图象可得,共有8个公共点,有8个零点.故答案为:8.16.(2020·湖北高二期中)数列的前项和,且,则______________【答案】        【详解】则当时,时,两式相减得,即,满足.四、解答题(本大题共6小题,共70) 17.(2020·湖北东西湖区·华中师大一附中高三期中)如图,中的内角所对的边分别为1)求2)点边的延长线上,且,求的长.【答案】1;(2.【详解】1)因为所以中,由正弦定理得:所以,所以,所以因为,所以.2)由(1)可得中,由余弦定理可得:,即解得:(舍去),所以.18.(2020·海南高三其他模拟),给出以下四种排序:①MNT;②MTN;③NTM;④TNM.从中任选一个,补充在下面的问题中,解答相应的问题.已知等比数列中的各项都为正数,,且__________依次成等差数列.(Ⅰ)求的通项公式;(Ⅱ)设数列的前n项和为,求满足的最小正整数n注:若选择多种排序分别解答,按第一个解答计分.【答案】(Ⅰ)答案见解析;(Ⅱ)答案见解析.【详解】解:(解答一)选②或③:(Ⅰ)设的公比为q,则.由条件得又因为,所以,即解得(负值舍去).所以(Ⅱ)由题意得,则.由,即,又因为,所以n的最小值为7.(解答二)选①或④:(Ⅰ)设的公比为q,则.由条件得又因为,所以,即解得(负值舍去).所以(Ⅱ)由题意得,则.由,即,又因为,所以n的最小值为5.19.(2020·海口市第四中学高三月考)为研究家用轿车在高速公路上的车速情况,交通部门随机选取100名家用轿车驾驶员进行调查,得到其在高速公路上行驶时的平均车速情况为:在55名男性驾驶员中,平均车速超过的有40人,不超过的有15人;在45名女性驾驶员中,平均车速超过的有20人,不超过的有25.1)完成下面列联表,并判断能否在犯错误概率不超过的前提下认为平均车速超过与性别有关 平均车速超过平均车速不超过总计男性驾驶员   女性驾驶员   总计   附:,其中.2)在被调查的驾驶员中,从平均车速不超过的人中随机抽取2人,求这2人恰好是1名男性驾驶员和1名女性驾驶员的概率;3)以上述样本数据估计总体,从高速公路上行驶的家用轿车中随机抽取3辆,记这3辆车平均车速超过且为男性驾驶员的车辆数为,求的分布列和数学期望.【答案】1)答案见解析,能;(2;(3)答案见解析,.【详解】1)完成的列联表如下: 平均车速超过平均车速不超过合计男性驾驶员401555女性驾驶员202545合计6040100所以在犯错误概率不超过的前提下,能认为平均车速超过与性别有关”.2)平均车速不超过的驾驶员有40人,从中随机抽取2人的方法总数为,记2人恰好是1名男性驾驶员和1名女性驾驶员为事件则事件所包含的基本事件数为所以所求的概率.3)根据样本估计总体的思想,从总体中任取1辆车,平均车速超过且为男性驾驶员的概率为.所以.所以的分布列为0123(或.20.(2016·海南高三一模(理))如图,在四棱锥中,分别为线段的中点,平面(1)求证:平面平面(2)是否存在线段上一点,使得平面,若存在,求的值;若不存在,请说明理由.【答案】1)证明见解析;(2.【解析】试题分析:(1)以为原点建立空间直角坐标系,可得平面,进而得结论;(2)设,可得平面的一个法向量为,再根据可解得.试题解析:(1)如图,以为原点建立空间直角坐标系,所以中点,则,则所以.平面,所以,由所以平面平面,所以平面平面.2)法一:设,则,则设平面的一个法向量为所以,则,令 ,则平面,则,解得.法二:(略解):连接延长与交于点,连接,若存在平面,则证明即可.21.(2020·海南高三期中)如图,在平面直角坐标系中,已知椭圆和椭圆,其中的离心率分别为,且满足分别是椭圆的右、下顶点,直线与椭圆的另一个交点为,且.1)求椭圆的方程;2)与椭圆相切的直线交椭圆与点,求的最大值.【答案】1;(2.【详解】1)由题意知因为,所以将等号两边同时平方,得,所以,所以,所以所以直线的方程为与椭圆联立并消去,得整理得,所以因为,所以,所以椭圆的方程为.2)当直线的斜率不存在时,易得.当直线的斜率存在时,设直线,与椭圆联立并消去因为直线与椭圆相切,所以整理得将直线与椭圆方程联立并消去,得式可得.,则所以,则所以当,即时,最大,且最大值为.22.(2020·海南高三一模)已知函数上单调递减.1)求实数的取值范围;2)若存在非零实数满足依次成等差数列.求证:.【答案】1;(2)证明见解析.【详解】1)根据题意,恒成立,即,则.,得时,单调递增;当时,单调递减.所以.所以,即.的取值范围为.2)由题意得因为单调递减,不妨设..,所以单调递减,即单调递减.时,,所以上单调递增.因为,所以,整理可得.因为上单调递减,所以,即.  

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