2019届高考生物一轮复习：课时作业16基因的自由组合定律(Ⅰ)（含解析） 练习

课时作业(十六)　基因的自由组合定律(Ⅰ)1．[2018·湖南师大附中第二次月考]下列关于孟德尔遗传规律的得出过程，说法错误的是(　　)A．豌豆自花传粉、闭花受粉的特点是孟德尔杂交实验获得成功的原因之一B．统计学方法的使用有助于孟德尔总结数据规律C．进行测交实验是为了对提出的假说进行验证D．假说中具有不同基因型的配子之间随机结合，体现了自由组合定律的实质答案：D　解析：非同源染色体上的非等位基因自由组合为自由组合定律的实质，不同基因型的配子之间随机结合，不能体现自由组合定律的实质，D错误。2．[2018·河北衡水一调]“遗传学之父”孟德尔经过多年的实验发现了遗传规律，其中基因的自由组合应该发生于图中的(　　)A．①和② B．①C．② D．③答案：B　解析：基因自由组合发生于个体减数分裂产生配子时，B正确。3．[2018·湖南长沙模拟]现有4个水稻纯合品种，具有两对相对性状且各由一对等位基因控制。若用该4个品种组成两个杂交组合，使F1中这两对相对性状均为显性性状，且这两个组合的F2的表现型及数量比完全一致，为实现上述目的，下列说法错误的是(　　)A．两对等位基因必须位于非同源染色体上B．形成配子时等位基因必须自由组合C．受精时雌雄配子必须要随机结合D．每种基因型的受精卵的存活率必须相同答案：B　解析：根据题干信息，4个纯合品种组成两个杂交组合，F1中两对相对性状均为显性性状，且F2的表现型及数量比一致，说明F1产生的配子种类和比例是相同的，因此这两对基因不可能位于同一对同源染色体上，只能位于两对非同源染色体上，在形成配子时非等位基因自由组合，A正确、B错误；受精时雌雄配子随机结合，受精卵的存活率相同，才能保证F2的表现型和比例相同，C、D正确。4．[2018·福建福州一中模拟]如图甲、乙、丙、丁表示四株豌豆的体细胞中控制种子的圆粒与皱粒(R、r)及子叶的黄色与绿色(Y、y)的两对基因及其在染色体上的位置，下列分析正确的是(　　)A．甲、乙豌豆杂交后代的性状分离比为9∶3∶3∶1B．乙、丙豌豆杂交后代有4种基因型、1种表现型C．甲、丙豌豆杂交后代的性状分离比为1∶2∶1D．甲、丁豌豆杂交后代有6种基因型、4种表现型答案：D　解析：根据图示信息可以看出，这两对性状的遗传遵循基因的自由组合定律。甲(YyRr)与乙(YyRR)杂交，后代的性状分离比为3∶1，A错误；乙(YyRR)与丙(YYrr)杂交，后代有2种基因型，1种表现型，B错误；甲(YyRr)与丙(YYrr)杂交，后代的性状分离比为1∶1，C错误；甲(YyRr)与丁(Yyrr)杂交，其后代的基因型有3×2＝6(种)，表现型有2×2＝4(种)，D正确。5．在豚鼠中，黑色(C)对白色(c)、毛皮粗糙(R)对毛皮光滑(r)是显性。下列能验证基因的自由组合定律的最佳杂交组合是(　　)A．黑光×白光→18黑光∶16白光B．黑光×白粗→25黑粗C．黑粗×白粗→15黑粗∶7黑光∶16白粗∶3白光D．黑粗×白光→10黑粗∶9黑光∶10白粗∶11白光答案：D　解析：验证基因自由组合定律的方法有测交和自交两种，测交子代表现型比例应出现1∶1∶1∶1，自交子代表现型比例应出现9∶3∶3∶1，D正确。6．[2018·海南海口第二次联考]豌豆花的颜色受两对基因P、p和Q、q控制，这两对基因遵循自由组合定律。假设每一对基因中至少有一个显性基因时，花的颜色为紫色，其他的基因组合则为白色。依据下列杂交结果，P：紫花×白花→F1：3/8紫花、5/8白花，推测亲代的基因型应该是(　　)A．PPQq×ppqq    B．PPqq×PpqqC．PpQq×ppqq   D．PpQq×Ppqq答案：D　解析：每一对基因中至少有一个显性基因时，花的颜色为紫色，即紫花的基因型是P_Q_，其余基因型都是白花。根据杂交实验P：紫花×白花→F1：3/8紫花、5/8白花，因为紫花的比例是3/8，而3/8可以分解为3/4×1/2，也就是说两对等位基因中一对是杂合子测交，另一对是杂合子自交，因此双亲的基因型是PpQq×Ppqq或ppQq×PpQq，D正确。7．在孟德尔的两对相对性状杂交实验中，F1黄色圆粒豌豆(YyRr)自交产生F2。下列表述正确的是(　　)A．F1产生4个配子，比例为1∶1∶1∶1B．F1产生的基因型为YR的卵细胞和基因型为YR的精子的数量之比为1∶1C．基因自由组合定律是指F1产生的4种类型的精子和卵细胞可以自由组合D．F1产生的卵细胞中，基因型为YR和基因型为yr的比例为1∶1答案：D　解析：F1产生4种配子，且比例为1∶1∶1∶1，A错误；F1产生的基因型为YR的卵细胞的数量比基因型为YR的精子的数量少，B错误；基因自由组合定律是指控制不同性状的遗传因子的分离和组合是互不干扰的，在形成配子时，决定同一性状的成对的遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合，C错误；F1产生的卵细胞中，基因型为YR和基因型为yr的比例为1∶1，D正确。8．[2018·江西九江期末]甲、乙两位同学分别用小球做遗传规律模拟实验。甲同学每次分别从Ⅰ、Ⅱ小桶中随机抓取一个小球并记录字母组合；乙同学每次分别从Ⅲ、Ⅳ小桶中随机抓取一个小球并记录字母组合。将抓取的小球分别放回原来小桶后，再多次重复。分析下列叙述，正确的是   (　　)A．乙同学的实验只模拟了遗传因子的分离和配子随机结合的过程B．实验中每只小桶内两种小球的数量和小球总数都必须相等C．甲同学的实验可模拟非同源染色体上非等位基因自由组合的过程D．甲、乙重复100次实验后，Dd和AB组合的概率约为1/2和1/4答案：D　解析：乙同学的实验模拟了等位基因分离和非同源染色体上非等位基因自由组合的过程，A错误；实验中每只小桶内两种小球的数量必须相等，但每只小桶内两种小球的总数不一定要相等，B错误；Ⅰ和Ⅱ中的D和d是同源染色体上的等位基因，所以甲同学的实验不能模拟非同源染色体上非等位基因自由组合的过程，C错误；甲同学每次分别从Ⅰ、Ⅱ小桶中随机抓取一个小球并记录字母组合，乙同学每次分别从Ⅲ、Ⅳ小桶中随机抓取一个小球并记录字母组合，将抓取的小球分别放回原来小桶后，重复多次后，Dd组合的概率约为1/2×1/2＋1/2×1/2＝1/2，AB组合的概率约为1/2×1/2＝1/4，D正确。9．某观赏植物的白花对紫花为显性，花瓣一直为单瓣，但经人工诱变后培育出一株白花重瓣植株，研究发现重瓣对单瓣为显性，且含重瓣基因的花粉致死。以新培育出的白花重瓣植株作母本与紫花单瓣植株杂交，F1中出现1/2白花重瓣，1/2白花单瓣，让F1中的白花重瓣自交，所得F2中各表现型之间的比例为(　　)A．9∶3∶3∶1   B．3∶3∶1∶1C．6∶3∶2∶1   D．4∶2∶1∶1答案：B　解析：设决定白花和紫花的基因分别为A、a，控制重瓣和单瓣的基因分别为B、b，亲代中白花重瓣植株的基因型为AABb，紫花单瓣植株的基因型为aabb，F1中白花重瓣植株的基因型为AaBb，白花单瓣植株的基因型为Aabb，由于白花重瓣植株(AaBb)产生的花粉只有Ab和ab两种，产生的雌配子有四种：AB、Ab、aB、ab，随机结合后，会出现四种表现型，且比例为3∶3∶1∶1。10．[2018·河北枣强中学检测]某个鼠群有基因纯合致死现象(在胚胎时期就使个体死亡)，该鼠群的体色有黄色(Y)和灰色(y)，尾巴有短尾(D)和长尾(d)。任意取雌雄两只黄色短尾鼠经多次交配，F1的表现型为黄色短尾∶黄色长尾∶灰色短尾∶灰色长尾＝4∶2∶2∶1，则下列相关说法不正确的是(　　)A．两个亲本的基因型均为YyDdB．F1中黄色短尾个体的基因型均为YyDdC．F1中只有部分显性纯合子在胚胎时期死亡D．F1中黄色长尾和灰色短尾的基因型分别是Yydd、yyDd答案：C　解析：任意取雌雄两只黄色短尾鼠(Y_D_)经多次交配，产生的F1中有黄色和灰色，有短尾和长尾，说明两亲本的基因型均为YyDd；YyDd×YyDd，正常情况下，F1中黄色短尾∶黄色长尾∶灰色短尾∶灰色长尾＝9∶3∶3∶1，但实际比例为4∶2∶2∶1，说明基因型为YY_ _、_ _DD的个体均致死，故F1中黄色短尾个体的基因型为YyDd，黄色长尾个体的基因型为Yydd，灰色短尾个体的基因型为yyDd。11．[2018·上海虹口区一模]家蚕的黄茧和白茧这对性状由位于两对同源染色体上的两对等位基因控制。控制黄茧的基因是Y，白茧的基因是y，另外一对基因是I和i，有I存在时，可以抑制黄茧基因Y的作用而结白茧。现有两个基因型分别是iiYY和IIyy的家蚕进行杂交获得F1，F1测交后代黄茧与白茧的比例是(　　)A．1∶3 B．3∶1C．1∶1 D．2∶1答案：A　解析：根据题意可知：当Y基因存在，而I基因不存在时，表现为黄茧，基因型为iiY_；当Y、I基因都不存在时，表现为白茧，基因型为iiyy；当I基因存在时，不论有无Y基因，均表现为白茧，基因型为I_ _ _。两个基因型分别是iiYY和IIyy的家蚕进行杂交获得F1，F1均为白茧(IiYy)，对F1测交，即IiYy×iiyy，后代基因型(表现型)比例为iiYy(黄茧)∶(IiYy、Iiyy、iiyy)(白茧)＝1∶3。 12.[2018·陕西师大附中二模]将纯合的野鼠色小鼠与棕色小鼠杂交，F1全部表现为野鼠色。F1个体间相互交配，F2表现型及比例为野鼠色∶黄色∶黑色∶棕色＝9∶3∶3∶1。若M、N为控制相关代谢途径的显性基因，据此推测最合理的代谢途径是(　　)A.   B.C.   D.答案：A　解析：纯合的野鼠色小鼠与棕色小鼠杂交，F1全部表现为野鼠色。F1个体间相互交配，F2表现型及比例为野鼠色∶黄色∶黑色∶棕色＝9∶3∶3∶1，可知野鼠色是双显性基因控制的，棕色是隐性基因控制的，黄色、黑色分别是由单显基因控制的，所以推测最合理的代谢途径如A所示。13．[2018·湖北八校联考]鸡冠的形状有多种，纯合豌豆冠鸡与玫瑰冠鸡交配，子一代(F1)全是胡桃冠，F1雌雄交配，F2出现了冠形为单冠的鸡，表现型和数量如下表。F2胡桃冠豌豆冠玫瑰冠单冠公鸡7224248母鸡7224248合计144484816回答下列问题。(1)鸡冠形状的遗传受________对基因控制，且遵循________定律。(2)从F2中随机挑选豌豆冠鸡和玫瑰冠鸡各一只，形成一个杂交组合：豌豆冠(♀)×玫瑰冠(♂)，或：豌豆冠(♂)×玫瑰冠(♀)。①不考虑正交、反交的区别，只考虑基因型，则该杂交的基因型组合可能有________种。②理论上，该杂交组合的后代可能出现四种表现型，且四种表现型的比例为1∶1∶1∶1的概率是________。(3)为了验证(1)中的结论，利用F2设计实验，请补充完善实验方案并预期实验结果：实验方案：让F2中全部胡桃冠母鸡与________交配，收集、孵化每只母鸡产的蛋，________(填“隔离”或“混合”)饲养每只母鸡的子代(F3)，观察、统计全部F3的冠形和数量。预期实验结果：理论上，有16只母鸡的子代表现型及其数量比为胡桃冠∶豌豆冠＝1∶1，__________________________________。答案：(1)两　自由组合(或：分离和自由组合)　(2)①4　②4/9　(3)实验方案：(全部、多只)单冠公鸡　隔离　预期实验结果：有8只母鸡的子代全部为胡桃冠，有16只母鸡的子代表现型及其数量比为胡桃冠∶玫瑰冠＝1∶1，另有32只母鸡的子代表现型及数量比为胡桃冠∶豌豆冠∶玫瑰冠∶单冠＝1∶1∶1∶1解析：(1)分析表格中的数据，F2中四种表现型的比例为9∶3∶3∶1，说明鸡冠的形状是由两对等位基因控制的，且两对基因位于两对同源染色体上，遵循自由组合定律。(2)设这两对等位基因分别为A、a和B、b，根据F2的表现型比例判断，胡桃冠的基因型为A_B_，单冠的基因型为aabb，豌豆冠和玫瑰冠均为单显性性状，假定豌豆冠和玫瑰冠的基因型分别为A_bb、aaB_，因此豌豆冠和玫瑰冠的杂交组合有AAbb×aaBB、Aabb×aaBB、Aabb×aaBb、AAbb×aaBb 4种。其中Aabb×aaBb杂交组合后代表现型为四种，且比例为1∶1∶1∶1，而基因型为Aabb、aaBb的概率都为2/3，因此出现这样组合的概率为2/3×2/3＝4/9。(3)F2中胡桃冠母鸡的数目为72只，基因型及数量分别为AABB(1/9×72 ＝8只)、AaBb(4/9×72＝ 32只)、AaBB(2/9×72＝16只)、AABb(2/9×72＝16只)。为验证(1)中的结论，可选择让F2胡桃冠母鸡与多只单冠公鸡aabb交配，为了防止混淆，每只母鸡的后代要隔离培养。8只基因型为AABB的母鸡后代都是胡桃冠，32只基因型为AaBb的母鸡后代中胡桃冠∶豌豆冠∶玫瑰冠∶单冠＝1∶1∶1∶1,16只基因型为AaBB的母鸡后代胡桃冠∶玫瑰冠＝1∶1,16只基因型为AABb的母鸡后代胡桃冠∶豌豆冠＝1∶1。14．[2018·河北冀州中学检测]从性遗传是指由常染色体上基因控制的性状，在表现型上受个体性别影响的现象。绵羊的有角和无角由常染色体上一对等位基因控制，有角基因H为显性基因，无角基因h为隐性基因，在杂合子(Hh)中，雄羊表现为有角，雌羊则表现为无角，这说明杂合子的表现型受性别影响。黑面(M)对白面(m)为显性，假设控制该性状的基因位于常染色体上，且显性基因纯合致死。两对相对性状独立遗传。请回答下列问题。(1)在自由放养的种群中，公羊表现型有________种，基因型有________种。(2)用有角黑面雌绵羊与无角白面雄绵羊杂交，得F1，F1雌雄个体相互交配，得F2，则F2中有角和无角的比例为________。黑面和白面的比例为________。(3)现有一只无角黑面雌绵羊，欲鉴定其基因型，最简单的方法是用表现型为________的雄绵羊与其杂交，并观察后代的表现型：①若后代________________________________________，则其基因型为________；②若后代____________________________________，则其基因型为________。答案：(1)4　6　(2)1∶1　2∶3　(3)无角白面　①雌羊全无角(无角黑面和无角白面)，雄羊中有角(有角黑面和有角白面)个体与无角(无角黑面和无角白面)个体的比例接近1∶1　HhMm　②全是无角(无角黑面和无角白面)hhMm解析：(1)由于显性基因纯合致死，黑面中无显性纯合子，因此，有角、无角和黑面、白面的基因型组合为(HH、Hh、hh)×(Mm、mm)，因此表现型有4种，基因型有6种。(2)有角黑面雌绵羊与无角白面雄绵羊杂交，单独分析每一对相对性状。P：HH×hh→F1：Hh，F1(Hh)自由交配，F2为1HH(有角)、2Hh(1/2有角♂、1/2无角♀)、1hh(无角)，所以有角∶无角＝1∶1。同理，黑面和白面杂交，P：Mm×mm→F1：Mm、mm，F1自由交配，F2为1MM(致死)∶6Mm∶9mm，故黑面∶白面＝2∶3。(3)无角黑面雌绵羊的基因型是HhMm或hhMm(黑面显性纯合致死)，所以鉴定基因型时只判断出无角雌绵羊的基因型是Hh还是hh即可。最简单的做法是让无角白面雄绵羊(hhmm)与其杂交，若该羊的基因型是HhMm，则后代会出现基因型为Hh和hh的个体，即雄性出现有角和无角两种性状，雌性全是无角。若该羊的基因型为hhMm，则后代不论雌雄，都是无角。15．[2018·海南七校联考]某种植物的花色由两对等位基因A、a和B、b控制。基因A控制红色素合成(AA和Aa的效应相同)；基因B为修饰基因，BB使红色素完全消失，Bb使红色素颜色淡化。现用两组纯合亲本进行杂交，实验结果如下。请回答下列问题。 (1)根据上述第________组杂交实验结果，可判断控制性状的两对基因遵循基因自由组合定律。(2)在第1组、第2组两组杂交实验中，白花亲本的基因型分别是_____________________________________________________________。(3)让第1组F2的所有个体自交，后代中红花∶粉红花∶白花的比例为________。(4)第2组亲本红花个体的基因型是________，F2中粉红花个体的基因型是________________，F2中的开白花植株的基因型有________种。答案：(1)2　(2)AABB、aaBB(顺序不能颠倒)(3)3∶2∶3　(4)AAbb　AABb和AaBb　5解析：(1)第2组F2的性状分离比为3∶6∶7，该比例是9∶3∶3∶1的变式，说明F1的基因型为AaBb，两对基因独立遗传，遵循基因的自由组合定律。(2)纯合红花的基因型为AAbb，第1组F2性状分离比为1∶2∶1，则F1为AABb，故第1组两个亲本白花和红花的基因型分别为AABB、AAbb，第2组两个亲本白花和红花的基因型分别为aaBB、AAbb。(3)第1组的F1基因型为AABb，则F2的基因型及所占比例分别为AABB(1/4)、AABb(2/4)、AAbb(1/4)，其中AABB自交，后代全为AABB(白花，4/16)；AABb自交，后代为AABB(白花，1/4×2/4＝2/16)、AABb(粉红花，2/4×2/4＝4/16)、AAbb(红花，1/4×2/4＝2/16)；AAbb自交，后代全为AAbb(红花，4/16)，故后代中红花∶粉红花∶白花＝3∶2∶3。(4)第2组亲本红花个体的基因型是AAbb，F1的基因型为AaBb，则F2中粉红花个体的基因型是AABb和AaBb，F2中开白花植株的基因型有AABB、AaBB、aaBB、aaBb、aabb，共5种。16．[2018·河北石家庄二检]牵牛花的三个显性基因(A、B、C)控制红花的形成，这三对基因中的任何一对为隐性纯合时花瓣为白色；具有这三个显性基因的同时，存在基因D花瓣为紫色；基因E对色素的形成有抑制作用，只要含有基因E花瓣就为白色。(1)一个5对基因均为显性纯合的个体，花瓣表现为________色。(2)某紫花品系种植多年后，偶然发现了一株开白花的个体，此白花性状的出现最可能是某基因发生了________(填“显”或“隐”)性突变。该白花个体自交得到的子代表现型及比例为________________。(3)两个纯合的白色个体杂交得到的子一代自交，如果子二代出现的紫色个体占81/1 024，能否确定子一代产生配子时非等位基因间是自由组合关系？________，理由是_____________________________________________。答案：(1)白　(2)显　白色∶紫色＝3∶1　(3)能　子二代中紫色个体占81/1 024＝3/4×3/4×3/4×3/4×1/4，只有5对基因自由组合才能出现这个结果解析：(1)由于基因E对色素的形成有抑制作用，只要含有基因E花瓣就为白色，因此基因型为AABBCCDDEE的个体花瓣表现为白色。(2)某紫花品系可种植多年，其基因型为AABBCCDDee。种植多年后，偶然发现了一株开白花的个体，则该白花个体的基因型最可能为AABBCCDDEe，说明白花性状的出现最可能是e基因发生了显性突变。该白花个体自交得到的子代基因型及比例为3AABBCCDDE_、1AABBCCDDee，则表现型及比例为白色∶紫色＝3∶1。(3)两个纯合的白色个体杂交得到的子一代自交，如果子二代出现的紫色个体占81/1 024＝3/4×3/4×3/4×3/4×1/4，说明F1的基因型为AaBbCcDdEe，只有5对基因自由组合才能出现这个结果。