2020届高考化学二轮复习教师用书：第12讲　电解及应用

第12讲　电解及应用[考纲·考向·素养]考纲要求热点考向核心素养(1)理解电解池的构成、工作原理及应用(2)能书写电极反应式和总方程式电解池原理及应用宏观辨识与微观探析：从宏观和微观相结合的视角理解电解池的工作原理及电极和电解质溶液中发生的反应。科学态度与社会责任：利用电能转化成化学能进行物质的制备、提纯和污水的处理等，具有理论联系实际的观念，有将化学成果应用于生产、生活的意识，提出制备和处理污水的实验方案。1．一念对错(正确的划“√”，错误的划“×”)(1)电解CuCl2溶液，阴极逸出的气体能使湿润的淀粉碘化钾试纸变蓝。(×)(2)电解NaCl溶液得到22.4 L H2(标准状况)，理论上需要转移NA个电子。(×)(3)电解冶炼镁、铝通常电解MgCl2和Al2O3，也可以电解MgO和AlCl3。(×)(4)电解饱和食盐水时，两个电极均不能用金属材料。(×)(5)电解MgCl2溶液所发生反应的离子方程式为2Cl－＋2H2OCl2↑＋H2↑＋2OH－。(×)(6)Cu＋H2SO4===CuSO4＋H2↑可以设计成电解池，但不能设计成原电池。(√)(7)电解时，电子流动路径是：负极→外电路→阴极→溶液→阳极→正极(×)(8)①电离　②电解　③电镀　④电泳　⑤电化学腐蚀等过程需要通电才能进行(×)(9)用电解氧化法可以在铝制品表面形成致密、耐腐蚀的氧化膜，电解质溶液一般为H2SO4—H2C2O4混合溶液，待加工铝质工件为阳极。(√)(10)亚磷酸钠(Na2HPO3)溶液电渗析法制备H3PO3(亚磷酸)的原理如图所示，膜①、③均为CM，阳极的电极反应式为：2H2O－4e－===4H＋＋O2↑。(√)(11)用铂电极电解100 mL HNO3与AgNO3的混合液，通电一段时间后，两极均收集到2.24 L 气体(标准状况)，则原混合液中Ag＋的物质的量浓度为2 mol/L(√)2．(1)用惰性电极电解足量CuSO4溶液、NaCl溶液要恢复至原状态需分别加入________、________。(2)用化学方程式表示氯碱工业、Al的制备原理：________________、________________。(3)电解精炼铜、电镀铜的阴、阳极材料分别为_______________________________________________________________________________________________________。(4)若用该电解装置原理保护铁闸门，应将铁闸门与电源的________相连；若采用牺牲阳极的阴极保护法保护铁闸门，利用的原理是________________________，应把铁闸门作________极。答案：(1)CuO　HCl(2)2NaCl＋2H2O2NaOH＋H2↑＋Cl2↑2Al2O3(熔融)4Al＋3O2↑(3)电解精炼铜的阳极：粗铜；阴极：精铜；电镀铜的阳极：铜；阴极：镀件(4)负极　原电池原理　原电池的正 考点　电解原理及应用[真题引领]1．(2018·全国卷Ⅰ)最近我国科学家设计了一种CO2＋H2S协同转化装置，实现对天然气中CO2和H2S的高效去除。装置如图所示，其中电极分别为ZnO@石墨烯(石墨烯包裹的ZnO)和石墨烯，石墨烯电极区发生反应为：①EDTA­Fe2＋－e－===EDTA­Fe3＋②2EDTA­Fe3＋＋H2S===2H＋＋S＋2EDTA­Fe2＋该装置工作时，下列叙述错误的是(　　)A．阴极的电极反应：CO2＋2H＋＋2e－===CO＋H2OB．协同转化总反应：CO2＋H2S===CO＋H2O＋SC．石墨烯上的电势比ZnO@石墨烯上的低D．若采用Fe3＋/Fe2＋取代EDTA­Fe3＋/EDTA­Fe2＋，溶液需为酸性解析：C　[该装置是电解装置，石墨烯为阳极，接电源正极电势高；ZnO@石墨烯为阴极，接电源负极电势低，则石墨烯上的电势高于ZnO@石墨烯，C错误；D项，溶液若为碱性或中性，Fe3＋会生成Fe(OH)3沉淀，正确。由题图可知，电解时阴极反应为CO2＋2H＋＋2e－===CO＋H2O；A正确；将阴、阳两极反应式合并可得总反应式为CO2＋H2S===CO＋H2O＋S。B项正确。]2．(2018·全国Ⅲ，(3))KIO3也可采用“电解法”制备，装置如图所示。①写出电解时阴极的电极反应式___________________________________________。②电解过程中通过阳离子交换膜的离子主要为________，其迁移方向是________。③与“电解法”相比，“KClO3氧化法”的主要不足之处有________(写出一点)。解析：①阴极是H2O得电子，电极反应式为：2H2O＋2e－===2OH－＋H2↑；②电解时通过阳离子交换膜的离子是K＋，其迁移方向为阳极区→阴极区，即由a→b；③“KClO3氧化法”的不足之处在于产生了污染环境的有毒气体Cl2。答案：①2H2O＋2e－===2OH－＋H2↑　②K＋　由a到b　③产生Cl2易污染环境等3．(2017·天津高考节选)某混合物浆液含Al(OH)3、MnO2和少量Na2CrO4。考虑到胶体的吸附作用使Na2CrO4不易完全被水浸出，某研究小组利用设计的电解分离装置如图所示，使浆液分离成固体混合物和含铬元素溶液，并回收利用。用惰性电极电解时，CrO能从浆液中分离出来的原因是________________________，分离后含铬元素的粒子是________；阴极室生成的物质为________(写化学式)。解析：在直流电源的作用下，Na＋移向阴极，CrO通过阴离子膜向阳极室移动，脱离浆液；分离后含铬元素的粒子是CrO和Cr2O；由于阴极是溶液中的H＋得电子生成氢气，所以阴极室生成的物质为NaOH和H2。答案：在直流电源作用下，CrO通过阴离子膜向阳极室移动，脱离浆液　CrO和Cr2O　NaOH和H2 [知能必备]1．悟透电解池工作原理(阳极为惰性电极)示意图2．正确判断电极产物(1)阳极产物的判断阳极产物的判断有层次性，第一，要看电极材料，如果是活性电极作阳极，则阳极直接参与反应，电极材料失电子。(如电解精炼铜和电镀)，活泼阳极的氧化产物必须根据题目的信息确定。如：①Cu——Cu2＋、CuO、Cu2O等　②Fe——Fe2＋、FeO　③Al——Al2O3、Al(OH)3、AlO、Al3＋等第二，如果是惰性电极，取决于阴离子的失电子能力，其放电顺序为SO＞S2－＞I－＞Br－＞Cl－＞OH－电极反应式：如：①SO＋H2O－2e－===SO＋2H＋②2Cl－－2e－===Cl2↑③(2)阴极产物的判断直接根据阳离子的放电顺序进行判断：Ag＋＞Hg2＋＞Fe3＋＞Cu2＋＞H＋(酸)＞Pb2＋＞Fe2＋＞Zn2＋＞H＋(水)。电极反应式如：①Cu2＋＋2e－===Cu②3．“串联”类电池的解题方法(1) [题组训练][题组1]　电解原理1．用石墨作电极电解KCl和CuSO4混合溶液(等体积混合)，电解过程中溶液pH随时间t的变化如图所示，下列说法正确的是(　　)A．ab段H＋被还原，溶液的pH增大B．cd段相当于电解水C．c点时加入适量CuCl2固体，电解液可恢复至原来浓度D．原溶液中KCl和CuSO4的物质的量浓度之比为2∶1解析：B　[用惰性电极电解等体积的KCl和CuSO4混合溶液，阴极上离子放电顺序是Cu2＋＞H＋，阳极上离子放电顺序是Cl－＞OH－。电解过程分三段：①阳极上电极反应式为2Cl－－2e－===Cl2↑，阴极上电极反应式为Cu2＋＋2e－===Cu，铜离子浓度减小，水解得到的氢离子浓度减小，溶液pH升高；②阳极上电极反应式为2H2O－4e－===4H＋＋O2↑，阴极发生反应Cu2＋＋2e－===Cu，反应中生成硫酸，溶液pH降低；③阳极上电极反应式为2H2O－4e－===4H＋＋O2↑，阴极上电极反应式为2H＋＋2e－===H2↑，实质是电解水，溶液中硫酸浓度增大，pH继续降低。ab段由于铜离子浓度减小，水解得到的氢离子浓度减小，溶液pH升高，铜离子被还原，A项错误；由上述分析可知，cd段相当于电解水，B项正确；电解至c点时，溶液中溶质为硫酸、硫酸钾，往电解液中加入适量CuCl2固体，不能使电解液恢复至原来的浓度，C项错误；图像中具体数量关系未知，不能计算原混合溶液中KCl和CuSO4的浓度之比，且若物质的量浓度之比为2∶1，则无bc段，D项错误。][题组2]　利用电解原理制备物质2．C2H4及C2H2等均可用适当的羧酸盐采用Kolbe电解法得到。如图为制取C2H2的电解装置，该装置工作时，下列说法中错误的是(　　)A．电能转变为化学能B．阴极周围溶液的pH不断升高C．电极a上发生：－2e－―→HC≡CH↑＋2CO2↑D．制取乙烯可用CH3COOK溶液作阳极电解液解析：D　[A.该装置为电解池，是电能转变为化学能，A正确；B.阴极与电源的负极相连，电解溶液中的阳离子发生还原反应，故阴极的电极反应式为：2H2O＋2e－===H2↑＋2OH－，周围溶液的pH不断升高，B正确；C.电极a是阳极，失去电子，发生氧化反应，阳极的电极反应式为：－2e－―→HC≡CH↑＋2CO2↑，C正确；制取乙烯应该用CH2COOKCH2COOK溶液做阳极电解液，D错误。]3．电渗析法是一种利用离子交换膜进行海水淡化的方法，其原理如图所示。已知海水中含Na＋、Cl－、Ca2＋、Mg2＋、SO等离子，电极为惰性电极。下列叙述中正确的是(　　)A．A膜是阳离子交换膜(只允许阳离子通过)B．通电后，海水中阴离子往b电极处移动C．通电后，a电极的电极反应式为4OH－－4e－===O2↑＋2H2OD．通电后，b电极上产生无色气体，溶液中出现少量白色沉淀解析：D　[由电源正、负极可知a、b分别为阳、阴极，电解池中阳离子向阴极移动，阴离子向阳极移动，所以A、B两项均错误；阳极是Cl－失电子，C项错误；阴极发生反应2H＋＋2e－===H2↑，溶液中OH－浓度增大，与Mg2＋反应生成Mg(OH)2沉淀，D项正确。][题组3]　利用电解原理治理污水4．工业酸性废水中的Cr2O可转化为Cr3＋除去，实验室用电解法模拟该过程，结果如下表所示(实验开始时溶液体积为50 mL，Cr2O的起始浓度、电压、电解时间均相同)。下列说法中，不正确的是(　　)实验①②③电解条件阴、阳极均为石墨阴、阳极均为石墨，滴加1 mL浓硫酸阴极为石墨，阳极为铁，滴加1 mL浓硫酸Cr2O的去除率/%0.92212.757.3A.对比实验①②可知，降低溶液pH可以提高Cr2O的去除率B．实验②中，Cr2O在阴极放电的电极反应式是Cr2O＋6e－＋14H＋===2Cr3＋＋7H2OC．实验③中，Cr2O的去除率提高的原因是阳极产物还原Cr2OD．实验③中，理论上电路中每通过3 mol电子，就有0.5 mol Cr2O被还原解析：D　[对比实验①②，这两个实验中只有溶液酸性强弱不同，其他外界因素都相同，则溶液的pH越小，Cr2O的去除率越大，A项正确；实验②中，Cr2O在阴极上得电子发生还原反应，电极反应式为Cr2O＋6e－＋14H＋===2Cr3＋＋7H2O，B项正确；实验③中阳极铁失去电子转化为Fe2＋，Cr2O在阴极上得电子，且溶液中的Fe2＋也能还原Cr2O，离子方程式为Cr2O＋6Fe2＋＋14H＋===2Cr3＋＋6Fe3＋＋7H2O，所以导致Cr2O的去除率提高，C项正确；实验③中，Cr2O在阴极上得电子，且溶液中的亚铁离子也能还原Cr2O，理论上电路中每通过3 mol电子，就有0.5 mol Cr2O在阴极上被还原，根据得失电子守恒，阳极上铁失去电子产生1.5 mol Fe2＋，但溶液中还有0.25 mol Cr2O被1.5 mol Fe2＋还原，所以共有0.75 mol Cr2O被还原，D项错误。]5．电-Fenton法是用于水体中有机污染物降解的高级氧化技术，反应原理如图所示。电解产生的H2O2与Fe2＋发生Fenton反应生成的羟基自由基(·OH)能氧化降解有机污染物。下列说法正确的是(　　)A．电源的A极为正极B．与电源B相连电极的电极反应式为H2O＋e－===H＋＋·OHC．Fenton反应为：H2O2＋Fe2＋===Fe(OH)2＋＋·OHD．每消耗22.4 L O2(标准状况)，整个电解池中理论上可产生的·OH为2 mol解析：C　[左侧电极附近Fe3＋→Fe2＋，发生了还原反应，该极为电解池的阴极，与之相连电源的A极为负极，A错误；与电源B相连电极为电解池的阳极，失电子发生氧化反应，B错误；双氧水能够把 Fe2＋氧化为Fe(OH)2＋，C正确；每消耗1 mol O2，转移4 mol电子，根据H2O2＋Fe2＋===Fe(OH)2＋＋·OH反应看出转移1 mol电子，生成1 mol·OH，所以应当生成4 mol·OH；D错误。][题组4]　“串联”类电池6．用Na[B(OH)4]溶液可以制备H3BO3，其工作原理如图，下列叙述不正确的是(　　)A．a极的电极反应式为CH4－8e－＋4O2－===CO2＋2H2OB．M室发生的电极反应为2H2O－4e－===O2↑＋4H＋C．理论上每生成1 mol产品，可消耗标准状况下5.6 L甲烷气体D．b膜为阴离子交换膜，产品室发生反应的化学原理为强酸制弱酸解析：C　[根据图示，通入甲烷的一极为原电池的负极，通入氧气的一极为原电池的正极，因此M室中石墨电极为阳极，N室中铁电极为阴极。负极反应式为CH4－8e－＋4O2－===CO2＋2H2O，A项正确；M室中石墨电极为阳极，电极反应式为2H2O－4e－===O2↑＋4H＋，B项正确；产品室生成产品的反应为B(OH)＋H＋===H3BO3＋H2O，理论上每生成1 mol产品，M室生成1 mol H＋，转移1 mol电子，需0.125 mol即标准状况下2.8 L甲烷，C项错误；a膜为阳离子交换膜，H＋穿过a膜进入产品室，b膜为阴离子交换膜，B(OH)穿过b膜进入产品室，产品室中H＋与B(OH)发生反应，生成H3BO3和H2O，D项正确。]7．如图所示是一套电化学装置，下列有关说法错误的是(　　)A．装置A是原电池，装置B是电解池B．反应一段时间后，装置B中溶液的pH增大C．若a极消耗1 mol CH4，则d极可产生4 mol气体D．a极通入C2H6时的电极反应式为C2H6－14e－＋18OH－===2CO＋12H2O解析：B　[根据图示可以判断，装置A为原电池，装置B为电解池，A项正确；电解H2SO4溶液，实际上是电解水，所以装置B中溶液pH减小，B项错误；若a极消耗1 mol CH4，根据电荷守恒d极应产生4 mol H2，C项正确；a极通入C2H6时，a为负极，失去电子，产物为CO和H2O，D项正确。]1．某小组为研究电化学原理，设计图示装置，下列叙述不正确的是(　　)A．a和b不连接时，铁片上会有金属铜析出B．a和b用导线连接时，铜片上发生的反应为：Cu2＋＋2e－===CuC．无论a和b是否连接，铁片均会溶解，溶液均从蓝色逐渐变成浅绿色D．a和b分别连接直流电源正、负极，电压足够大时，Cu2＋向铜电极移动解析：D　[a和b不连接时，铁与CuSO4溶液发生反应：Fe＋Cu2＋===Fe2＋＋Cu，A项正确；a和b用导线连接时，组成了原电池，Fe作负极，Cu作正极，铜片上发生还原反应：Cu2＋＋2e－===Cu，铁片上发生氧化反应：Fe－2e－===Fe2＋，B项正确；通过以上分析可知，无论a和b是否连接，均发生反应：Fe＋Cu2＋===Fe2＋＋Cu，故溶液均从蓝色(Cu2＋的颜色)逐渐变成浅绿色(Fe2＋的颜色)，C项正确；a和b分别连接直流电源正、负极时，构成电解池，铜片作阳极，铁片作阴极，Cu2＋应向阴极(铁电极)移动，D项错误。]2．用如图所示装置除去含CN－、Cl－废水中的CN－时，控制溶液pH为9～10，阳极产生的ClO－将CN－氧化为两种无污染的气体。下列说法不正确的是(　　)A．用石墨作阳极，铁作阴极B．阳极的电极反应式：Cl－＋2OH－－2e－===ClO－＋H2OC．阴极的电极反应式：2H2O＋2e－===H2↑＋2OH－D．除去CN－的反应：2CN－＋5ClO－＋2H＋===N2↑＋2CO2↑＋5Cl－＋H2O解析：D　[若铁作阳极，则铁失电子生成Fe2＋，则CN－无法除去，故铁只能作阴极，A项正确；Cl－要生成ClO－，Cl的化合价升高，故在阳极发生氧化反应，又已知该溶液为碱性条件，故B项正确；阳离子在电解池的阴极得电子发生还原反应，碱性条件下，H2O提供阳离子H＋，故C项正确；由于溶液是碱性条件，故除去CN－发生的反应为2CN－＋5ClO－＋H2O===N2↑＋2CO2↑＋5Cl－＋2OH－，D项错误。]3．1807年化学家戴维电解熔融氢氧化钠制得钠：4NaOH(熔融)O2↑＋4Na＋2H2O；后来盖·吕萨克用铁与熔融氢氧化钠作用也制得钠：3Fe＋4NaOH===Fe3O4＋2H2↑＋4Na↑。下列有关说法正确的是(　　)A．戴维法制钠，阳极的电极反应式为：Na＋＋e－===Na↑B．盖·吕萨克法制钠原理是利用铁的金属性比钠的强C．若用戴维法与盖·吕萨克法制得等量的钠，两方法转移电子总数相等D．还可以用电解熔融氯化钠法制钠解析：D　[A.戴维法制钠，阴极的电极反应式为：Na＋＋e－===Na↑，阳极上OH－失去电子，发生氧化反应，电极反应式为4OH－－4e－===2H2O＋O2↑，A错误；B.金属性Na强于Fe。盖·吕萨克法制钠原理是根据钠的沸点较低、易从反应混合物中分离出来，从而使化学平衡向正向移动，B错误；C.根据反应方程式可知用戴维法制取金属钠，反应每产生4 mol Na转移电子的物质的量是4 mol，而用盖·吕萨克法制得4 mol的钠，转移电子的物质的量是8 mol，因此制取等量的金属钠，转移电子的物质的量不相等，C错误；D.由于NaCl是离子化合物，NaCl在自然界含量丰富，因此在工业上可用电解熔融氯化钠的方法制金属钠，D正确。]4．臭氧是常见的强氧化剂，广泛用于水处理系统。制取臭氧的方法很多，其中高压放电法和电解纯水法原理如图所示，下列有关说法不正确的是(　　)A．高压放电法，反应的原理为3O22O3B．高压放电出来的空气中，除含臭氧外还含有氮的氧化物C．电解纯水时，电极b周围发生的电极反应有6OH－－6e－===O3↑＋3H2O和4OH－－4e－===O2↑＋2H2OD．电解水时，H＋由电极a经聚合电解质薄膜流向电极b解析：D　[A.由高压放电法原理图可知，氧气在放电的条件下生成臭氧，高压放电法反应的原理为：3O22O3，A正确；B.空气中含有氮气与氧气，在高压放电条件下可以反应生成NO等，B正确；C.由电解纯水法原理图可知，b电极发生氧化反应，生成氧气、臭氧，同时有氢离子生成，电极b周围发生的电极反应有：3H2O－6e－===O3＋6H＋或6OH－－6e－===O3↑＋3H2O；2H2O－4e－===O2＋4H＋或4OH－－4e－===O2↑＋2H2O，C正确；D.a电极生成氢气，H＋在a电极放电，H＋由电极b经聚合固体电解质膜流向电极a，D错误。]5．苯酚具有微弱的酸性，可利用电场促使C6H5O－定向移动、脱离废水，并富集回收。电渗析装置示意图如下。下列说法不正确的是(　　)A．苯酚的电离方程式为： B．A、B分别为离子交换膜，其中A是阴离子交换膜C．电解过程中，阳极室的pH增大D．当通过线路中的电子数目为0.1 NA时，有含0.1mol C6H5O－的废水被处理解析：C　[A.苯酚具有微弱的酸性，电离方程式为：，A正确；B.在电场中，阴离子向阳极移动，因此离子交换膜A需要能够使C6H5O－通过，是阴离子交换膜，B正确；C.电解过程中，阳极发生氧化反应，溶液中的氢氧根离子在阳极失去电子，使得阳极室的氢离子浓度增大，溶液的pH减小，C错误；D.当通过线路中的电子数目为0.1 NA，即0.1 mol时，阳极室生成0.1 mol氢离子，有0.1mol C6H5O－移向阳极室，D正确。]6．利用食盐水制取ClO2的工业流程如图所示，装置①中的反应：NaCl＋3H2O NaClO3＋3H2↑，装置②中的反应：2NaClO3＋4HCl2ClO2＋Cl2↑＋2NaCl＋2H2O。下列关于该流程说法不正确的是(　　)A．该流程中Cl2、NaCl都可以循环利用B．装置①中H2是阴极产物C．装置②发生的反应中，Cl2是氧化产物，NaCl是还原产物D．为了使H2完全转化为HCl，需要向装置③中补充Cl2解析：C　[A.电解食盐水得到氢气、氯气和氢氧化钠溶液，氢气和氯气反应生成氯化氢得到浓盐酸，制得NaClO3和浓盐酸加热反应生成ClO2,2NaClO3＋4HCl(浓)===2ClO2↑＋Cl2↑＋2H2O＋2NaCl，该流程中Cl2、NaCl都可以循环利用，A正确；B.装置①是电解食盐水，溶液中氢离子在阴极得到电子生成氢气，是阴极产物，B正确；C.电解食盐水得到氯酸钠(NaClO3)和H2，NaClO3和盐酸发生歧化反应，生成NaCl、2ClO2、Cl2、H2O，化学方程式为：2NaClO3＋4HCl===2NaCl＋2ClO2↑＋Cl2↑＋2H2O，氯气是氧化产物，氯化钠中氯元素化合价不变，是盐酸中氯元素生成，C错误；D.电解饱和食盐水生成的氢气，为了使H2完全转化为HCl，需要向装置③中补充Cl2，D正确。]7．微生物燃料电池是指在微生物的作用下将化学能转化为电能的装置。某微生物燃料电池的工作原理如图所示，下列说法不正确的是(　　)A．HS－在硫氧化菌作用下转化为SO的反应为：HS－＋4H2O－8e－===SO＋9H＋B．电子从a流出，经外电路流向bC．如果将反应物直接燃烧，能量的利用率不变D．若该电池电路中有0.4 mol电子发生转移，则有0.4 mol H＋通过质子交换膜解析：C　[A项，图中，硫氧化菌将HS－转化为SO，硫元素失电子从－2价升至＋6价(电极a为负极)，所需氧原子由水提供，电极反应式为HS－＋4H2O－8e－===SO＋9H＋，A正确；B项，图中，O2在电极b(正极)上得电子，电极反应为O2＋4e－＋4H＋===2H2O。故电子从a流出，经外电路流向b，B正确；C项，反应物直接燃烧，其能量利用率比形成原电池时小，C错误；D项，从正极反应O2＋4e－＋4H＋===2H2O较易分析，电路中有0.4 mol电子转移，则有0.4 mol H＋通过质子交换膜，才能使正极溶液呈电中性，D正确。]8．微生物燃料电池的一种重要应用就是废水处理中实现碳氮联合转化为CO2和N2，如图所示，1、2为厌氧微生物电极，3为阳离子交换膜，4为好氧微生物反应器。下列有关叙述错误的是(　　)A．协同转化总方程式：4CH3COONH4＋11O2===8CO2＋2N2＋14H2OB．电极1的电势比电极2上的低C．温度越高，装置的转化效率越高D．正极的电极反应：2NO＋10e－＋12H＋===N2↑＋6H2O解析：C　[图示分析可知微生物燃料电池中氢离子移向电极2，说明电极1为原电池的负极，根据图示电极2为NO得电子被还原成N2，其电极反应式为2NO＋10e－＋12H＋===N2↑＋6H2O，CH3COO－在原电池负极失电子生成二氧化碳气体，发生氧化反应，环境为酸性介质，则电极1的电极反应式为CH3COO－－8e－＋2H2O===2CO2＋7H＋，NH在好氧微生物反应器中转化为NO，NH＋2O2===NO＋2H＋＋H2O，根据上述分析可知，A.结合A、B极反应式可知，总反应为CH3COONH4被氧气氧化转化为CO2和N2的过程，其化学方程式为：4CH3COONH4＋11O2===8CO2＋2N2＋14H2O，A项正确；B.微生物燃料电池中氢离子移向电极2，说明电极1为原电池的负极，即电极1的电势比电极2上的低，B项正确；C.微生物存活需要最适温度，不是温度越高活性越好，C项错误；D.电极2为正极，NO得电子被还原成N2，其电极反应式为2NO＋10e－＋12H＋===N2↑＋6H2O，D项正确。]9．锂硫电池是一种新型储能电池，放电时的总反应为2Li＋xS===Li2Sx。以该电池为电源制备甲烷的原理如图所示。下列说法正确的是(　　)A．b为锂硫电池的负极B．锂硫电池的正极反应式为Li－e－===Li＋C．阳极反应式为CO＋3CO＋2H2O－2e－===4HCOD．该装置工作时溶液中的c(CO)增大解析：C　[与b相连的电极上为CO转化为CO2，碳元素化合价升高，发生氧化反应，为电解池的阳极，故b为锂硫电池的正极，A错误；原电池正极发生得电子的还原反应，锂硫电池的负极反应式为Li－e－===Li＋，B错误；阳极发生失电子的氧化反应，由图可知阳极反应式为CO＋3CO＋2H2O－2e－===4HCO，C正确；根据阳极反应，CO参与反应转化为HCO，故溶液中的c(CO)减小，D错误。]10．下图是CO2电催化还原为CH4的工作原理示意图。下列说法不正确的是(　　)A．该过程是电能转化为化学能的过程B．一段时间后，①池中n(KHCO3)不变C．一段时间后，②池中溶液的pH一定下降D．铜电极的电极反应式为9CO2＋6H2O＋8e－===CH4＋8HCO解析：B　[该装置为电解池，CO2电催化还原为CH4的过程中电能转化为化学能，A正确；CO2在铜电极上被还原为CH4，则铜电极为阴极，电极反应式为9CO2＋6H2O＋8e－===CH4＋8HCO，故①池中n(KHCO3)增大，B错误，D正确；铂电极为阳极，电极反应式为2H2O－4e－===4H＋＋O2↑，随着反应的进行，溶液中c(H＋)增大，则溶液中pH减小，C正确。]11．一种锂铜可充电电池，工作原理如图。在该电池中，非水系电解液和水系电解液被锂离子固体电解质陶瓷片(LISICON)隔开。下列说法不正确的是(　　)A．陶瓷片允许Li＋通过，不允许水分子通过B．放电时，N为电池的正极C．充电时，阴极反应式为Li＋＋e－===LiD．充电时，接线柱A应与外接电源的正极相连解析：D　[Li是一种非常活泼的金属，遇水发生反应，故隔开电解液的陶瓷片允许Li＋通过但不允许水分子通过，A正确；由金属活动性顺序知放电时Li作负极，Cu作正极，B正确；充电时阴极发生得电子的还原反应，即Li＋＋e－===Li，C正确；放电时原电池的负极即为充电时的阴极，故接线柱A应与外接电源的负极相连，D错误。]12．完成下列各题(1)SO2在一定条件下可与氧气构成原电池。如图是利用该电池在铁表面镀铜的装置示意图。①写出该电池的负极反应：____________________________________________；②当甲中消耗2.24 L O2(标准状况)时，乙中________(填“a”或“b”)质量增加________g。(2)工业上用Li2CO3粗品制备高纯Li2CO3可采用如下方法：将Li2CO3溶于盐酸，加入如图所示的电解槽，电解后向LiOH溶液中加入稍过量的NH4HCO3溶液，过滤、烘干得到高纯Li2CO3。①电解槽中阳极的电极反应式是________________________________________。②向LiOH溶液中加入稍过量的NH4HCO3溶液时，发生反应的化学方程式为________________________________________________________________________________________________________________________________________________。(3)纳米级氧化亚铜(Cu2O)常作催化剂。工业上可用电解法制备，装置如图所示。①a极名称是________；阳极的反应式为__________________________________。②若电解过程中有1 mol离子通过交换膜，则制备Cu2O的质量为________g。(4)硫氧化物和氮氧化物是常见的大气污染物，利用如图所示装置(电极均为惰性电极)可吸收SO2，并用阴极排出的溶液吸收NO2。①电极A的电极反应式为______________________________________________。②在碱性条件下，用阴极排出的溶液吸收NO2，使其转化为无害气体，同时有SO生成。该反应离子方程式为__________________________________________________________________________________________________________________________________。解析：(1)①负极是SO2失电子生成SO，负极反应式是SO2－2e－＋2H2O===4H＋＋SO；②乙是在铁表面镀铜的装置，a与电源负极相连，a是阴极，阴极反应式是Cu2＋＋2e－===Cu；b是阳极，阳极反应式是Cu－2e－===Cu2＋；所以乙中a极质量增加，当甲中消耗2.24 L O2(标准状况)时，转移0.4 mol电子，根据Cu2＋＋2e－===Cu，a极生成0.2 mol铜，其质量是12.8 g。(2)①电解槽中，阳极是惰性电极A，Cl－在阳极放电生成Cl2，则阳极的电极反应式是2Cl－－2e－===Cl2↑。②向LiOH溶液中加入稍过量的NH4HCO3溶液时，反应生成Li2CO3和(NH4)2CO3，化学方程式为2NH4HCO3＋2LiOH===Li2CO3↓＋(NH4)2CO3＋2H2O。(3)①由题意知，铜被氧化生成纳米级Cu2O，则铜电极为阳极，b为电源正极，a为电源负极；阳极的反应式为2Cu＋2OH－－2e－===Cu2O＋H2O。②由阳极的电极反应式可知，电路中通过2 mol电子时，有2 mol离子通过离子交换膜，可以生成1 mol Cu2O，故电解过程中有1 mol离子通过交换膜时，可以制备0.5 mol Cu2O，其质量为72 g。(4)①由图可知，HSO在电极B上被还原生成S2O，则电极B为阴极，电极A为阳极，阳极上SO2被氧化生成H2SO4，电极反应式为SO2＋2H2O－2e－===SO＋4H＋。②电极B为阴极，电极反应式为2HSO＋2e－===S2O＋2OH－；阴极排出液中含有S2O、OH－，在碱性条件下，用阴极排出的溶液吸收NO2，使其转化为无害气体，同时有SO生成，则该气体为N2，结合得失电子守恒、原子守恒和电荷守恒写出离子方程式：4S2O＋2NO2＋8OH－===8SO＋N2＋4H2O。答案：(1)①SO2－2e－＋2H2O===4H＋＋SO　②a　12.8(2)①2Cl－－2e－===Cl2↑②2NH4HCO3＋2LiOH===Li2CO3↓＋(NH4)2CO3＋2H2O(3)①负极　2Cu＋2OH－－2e－===Cu2O＋H2O　②72(4)①SO2＋2H2O－2e－===SO＋4H＋②4S2O＋2NO2＋8OH－===8SO＋N2＋4H2O