湖南省长沙市2020年中考物理猜想卷（五）（含解析）

湖南省长沙市2020年中考物理猜想卷（五）
一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分，每小题只有1个选项符合题意）
1．下列关于声现象的说法不正确的是（　　）
A．15℃时空气中的声速是340m/s
B．“低声细语”中的“低”描述的是声音的音调
C．两名宇航员在太空中不能直接对话，是因为声音不能在真空中传播
D．“闻其声而知其人”，主要是因为不同的人音色不同
【答案】B
【解析】A、15℃时空气中的声速是340m/s；故A正确。B、“低声细语”中的“低”是指声音的响度，故B错误；C、声音的传播需要介质，真空不能传声，所以两名宇航员在太空中不能直接对话，故C正确。D、不同人说话时声音的品质与特色不同，“闻其声知其人”，主要是因为不同的人音色不同，故D正确。选B。
2．下列现象中，能用光的反射解释的是（　　）
A．叉鱼 B．激光引导掘进方向
C．看到地上物体 D．凸透镜会聚光线
【答案】C
【解析】A、鱼在水中，而人在船上，则来自鱼的光线需要从水中射向空气中进入人眼，此时光线就会发生折射，折射光线进入人眼，人看到的是鱼的虚像，由于虚像的位置比鱼的位置要高，所以我们要瞄准看到的鱼的下方去叉；与题意不符；B、由图可知，激光引导掘进方向是利用了光的直线传播，由于光是沿直线传播的，所以光引导的掘进方向也是直的；与题意不符；C、看到地上物体是由于光的反射，反射光线进入眼睛。符合题意；D、凸透镜会聚光线是由于光的折射。与题意不符；选C。
3．夏天，从冰箱里取出瓶装矿泉水时，常会发现瓶的外壁“出汗”，这是因为（　　）
A．水会从瓶内慢慢渗出
B．空气中的水蒸气遇冷液化
C．瓶外壁的水不断汽化
D．瓶周围的空气不断液化
【答案】B
【解析】矿泉水瓶“出汗”指的是矿泉水瓶外壁上有水，水是液态的，是由空气中的水蒸气遇到比较冷的矿泉水瓶形成的，气态变为液态，是液化现象。选B。
4．甲乙两人分别坐在并列的两列火车中，甲看见乙在向东行驶，路旁的树也向东运动，乙看见树向东运动，甲在向西行驶，若以地面为参照物则（　　）
A．甲在向东行驶，乙向西行驶
B．甲、乙都在西行，但乙比甲快
C．甲乙都在西行，但甲比乙快
D．甲乙都向东行驶，但甲比乙快
【答案】C
【解析】根据题意可知：甲在向西行驶，甲看到乙的运动状态和路旁的树木相同。我们可以判断出以下三种可能：①乙和树木相对静止，即乙相对于地面是静止的；②我们还可以根据生活经验和物体运动的相对性可知：如果乙和甲运动的方向相反，甲也可能看到乙向东运动；③乙与甲运动方向相同，但速度小于甲，在甲看来，也会看到乙从甲旁向东运动。但是乙也看见树向东运动，所以乙一定是运动的，且乙与甲运动方向相同，但速度小于甲。选C。
5．关于如图所示的四种情境，下列说法错误的是（　　）

A．甲图中足球运动员踢球使球飞出去，说明力可以改变物体的运动状态
B．乙图中跳远运动员助跑后起跳是为了增大惯性
C．丙图中撑杆跳高运动员向上弹起时，竿对人弹力的大小等于人对竿拉力的大小
D．丁图中运动员在单杠上静止不动时，单杠对他的拉力和他受到的重力是一对平衡力
【答案】B
【解析】A、甲图中足球运动员踢球使球飞出去，足球由静止变为运动；说明力可以改变物体的运动状态；故A正确。B、物体的惯性只与物体的质量有关，助跑后不能增大惯性；故B错误。C、撑杆跳高运动员向上弹起时，由于物体间力的作用是相互的，且其大小相等；故竿对人弹力的大小等于人对竿拉力；故C正确。D、动员在单杠上静止不动时，受到平衡力作用；故单杠对他的拉力和他受到的重力是一对平衡力；故D正确。选B。
6．下列哪个实验最早证明了大气压的存在（　　）
A．吸管吸饮料 B．托里拆利 C．阿基米德 D．马德堡半球
【答案】D
【解析】A、吸管吸饮料是利用了大气压，故A错误。B、托里拆利实验准确测量大气压的值，故B错误。C、阿基米德原理是计算浮力的，故C错误；D、马德堡半球内抽成真空，两个半球在大气压的作用下，八对马费很大的力才拉开两个半球，这个实验证明大气压存在，并且大气压很大，故D正确。选D。
7．礼花喷射器原理如图。通过扭动气阀可释放压缩气罐内气体产生冲击，将纸管里填充的礼花彩条喷向高处，营造气氛。在喷出礼花彩条的过程中，罐内气体（　　）

A．温度保持不变
B．内能减少
C．分子热运动加剧
D．通过热传递方式改变自身的内能
【答案】B
【解析】在喷出礼花彩条的过程中，罐内的压缩空气对礼花彩条做功，空气内能转化为礼花彩条的机械能；罐内气体内能减少，温度降低，分子热运动速度减慢，故ACD错误，B正确。选B。
8．如图所示，为保证安全，轿车上设有安全带提示系统，当驾驶员坐在座椅上时，座椅下的开关S1闭合，开关S2断开，指示灯L亮起，当驾驶员系上安全带时，开关S2闭合，指示灯L熄灭，在选项图所示的电路中，符合上述要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【解析】A、两开关串联，只有乘客坐下，系上安全带时指示灯才会发光，不符合题意，故A错误；B、指示灯与S1串联，与S2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，并且不会出现电源短路，符合题意，故B正确；C、指示灯与S1串联，与S2并联，乘客坐下时指示灯亮，系上安全带时，指示灯被短路熄灭，但出现电源短路，故C错误；D、两开关并联，无论乘客坐下，还是系上安全带，指示灯都会发光，不符合题意，故D错误。选B。
9．如图所示，下列电与磁的实验中，演示磁场对电流的作用的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【解析】A、图示现象是摩擦起电现象，不符合题意；B、图示通电导体在磁场中受到磁场力的作用，符合题意；C、图示电风扇与发光二极管组成闭合串联电路，转动风扇叶片，风扇电动机线圈切割磁感线，产生感应电流，发光二级管发光，这是电磁感应现象，不符合题意；D、图示是电磁感应现象，不符合题意；选B。
10．安全教育已越来越引起学校和社会各界的高度重视，并开展了一系列丰富多彩的教育活动。在某校一次安全用电知识的“对”“错”抢答比赛中，以下选项应叫答“对”的是（　　）
A．将电风扇三线插头最长的脚折弯后，插在两孔插座上使用
B．发现有人触电，应立即断开电源开关，切断电路
C．控制电灯的开关应接在零线上
D．在同一个插排上连接多个大功率用电器
【答案】B
【解析】A、电风扇三角插头最长脚折弯后，插在两空插座上使用，没有接地功能，用电器外壳带电，会危及人身安全，故A错误；B、发现有人触电后，如果用手去拉触电者，也会造成触电事故的发生，应该首先切断电源，然后再进行其他的救护措施，故B正确；C、开关应接在用电器和火线之间，这样在断开开关时，用电器才不会带电，故C错误；D、同一插排上使用的电器总功率过大，会使电路中电流过大，造成保险丝熔断，故D错误。选B。
11．如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，R2为定值电阻。闭合开关S，在滑动变阻器的滑片P向左滑动的过程中，关于电压表和电流表的示数变化，下列四个选项中，判断正确的是（　　）

A．电压表、电流表示数均变大
B．电压表、电流表示数均变小
C．电压表示数变大，电流表示数变小
D．电压表示数变小，电流表示数变大
【答案】D
【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。在滑动变阻器的滑片P向左滑动的过程中，R1接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I＝可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，故BC错误；由U＝IR可知，R2两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R1两端的电压变小，即电压表的示数变小，故A错误、D正确。选D。
12．如图所示，一根轻质木杆，A端细线下所挂50N的重物静止在水平地面上。当在B点加竖直向下的力F＝15N作用时，木杆恰能在水平位置处于平衡状态，此时细线竖直。已知OA＝15cm，OB＝5cm，则重物对水平地面的压力为（　　）

A．65N B．50N C．45N D．15N
【答案】C
【解析】如图，由杠杆平衡条件可得，F1LOA＝F2LOB，则F1＝＝＝5N，又因为重物静止，所以重物受力平衡，G＝F支+F拉，所以：F支＝G﹣F拉＝G﹣F1＝50N﹣5N＝45N，因为力的作用是相互的，所以F压＝45N。选C。

二、填空（本大题共5小题，16空，每空1分，共16分）
13． “溜溜球”是同学们小时候玩过的一种玩具。如图是其结构示意图，使用时将线绕好，然后手持绳的上端自由释放，若不计空气阻力，在“溜溜球”下落过程中________能转化为________能；由于空气阻力，“溜溜球”上升的高度将越来越小，为使“溜溜球”上升的高度不变，在其上升的过程中，人必须提拉绳子，通过绳对“溜溜球”________，从而使它的机械能得到不断的补充。

【答案】机械；内；做功。
【解析】自然界中能量是守恒的，溜溜球上升的高度越来越小，机械能减小，通过空气阻力做功产生内能，为使溜溜球一直运动，则要给其补充能量。即人通过绳子对球做功。
14．汽车发动机是用水作冷却剂的，这是利用了水的________的性质；一壶水在炉火上加热，水温升高，其内能________（选填“增大”“不变”或“减小”），改变物体内能有两种方式，这是通过________方式改变其内能的。2kg的水温度升高10℃，水吸收的热量为________J．[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
【答案】比热容大；增大；热传递；8.4×104。
【解析】（1）和质量相同的其它物质相比，升高相同的温度，水吸热多，即：水的比热容大；汽车发动机用水作冷却剂就是利用水的这个特性；（2）当物体的状态和质量均不变时，温度升高，内能增加；因此一壶水在炉火上加热，水温升高，其内能增大；该过程是通过热传递改变水的内能的。（3）水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×l03J/（kg•℃）×2kg×10℃＝8.4×104J。
15．科学家们研制出了一种超轻材料“碳海绵”﹣﹣世界上最轻的一类物质，把一块“碳海绵”放在狗尾巴草上，狗尾巴草的茸毛几乎没变形。“碳海绵”比同体积的普通海绵轻得多。说明“碳海绵”这种材料的________较小，将“碳海绵”压缩80%后仍可恢复原状，这说明“碳海绵”的________好（选填“弹性”或“塑性”）。
【答案】密度；弹性。
【解析】（1）“碳海绵”比同体积的普通海绵轻得多，由ρ＝可知，说明“碳海绵”这种材料的密度较小。（2）将“碳海绵”压缩80%后仍可恢复原状，这说明“碳海绵”的弹性好。
16．我国电视台和因特网以________的形式传播信息，这种信息在真空中的传播速度为________m/s．某电台的电磁波波长为3m，则它的频率是________MHz．电磁波的家族成员很多，有无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线等，它们与人们的生活息息相关。电视机遥控器是利用________来工作的。
【答案】电磁波；3×108；100；红外线。
【解析】各国电视台都是利用了通信卫星实现全球直播的，通信卫星是以电磁波的形式在传播信息，电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s。电磁波在真空中的传播速度是一定值，根据c＝λf得：波长为3m的无线电波的频率f＝＝＝1×108Hz＝100MHz。遥控器发出的红外线，它会以光波的性质直线传播，并且可以发生反射，有时遥控器并没有对准电视机的控制窗口，而是沿某一合适的方向对准墙壁按下按钮，也可以控制电视机，这是利用了光的反射。
17．如图是电路元件甲和乙的电流与两端电压关系的图象。若把甲和乙并联接在电压是3V的电路中，电路消耗的总功率是________W；若把甲和乙串联接在电压是9V电路中，乙的电功率是________W：若把乙和“2.5V 0.5W“的小灯泡（灯丝电阻不变）串联接在电源两端，在保证小灯泡安全的情况下，电源电压最大为________V。

【答案】1.2；2；6.5。
【解析】（1）把甲和乙并联接在电压是3V的电路中时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两元件两端的电压U甲＝U乙＝3V，
由图象可知，通过两元件的电流分别为I甲＝0.3A，I乙＝0.1A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流：I＝I甲+I乙＝0.3A+0.1A＝0.4A，
电路的总功率：P＝UI＝3V×0.4A＝1.2W；
（2）把甲和乙串联接在电压是9V电路中时，
因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，
所以，由图象可知，当电路中的电流I′＝0.4A，U甲′＝4V，U乙′＝5V时满足U甲′+U乙′＝U，此时乙的实际功率：P乙＝U乙′I′＝5V×0.4A＝2W；
（3）若把乙和“2.5V 0.5W”的灯泡L（灯丝电阻不变）串联在电源两端，
当灯泡L正常发光时电路中的电流最大，电源两端的电压最大，
由P＝UI可得，电路中的最大电流IL＝＝＝0.2A，
由图象可知，产生元件乙两端电压U乙＝4V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源电压最大为：U大＝UL+U乙＝2.5V+4V＝6.5V。
三、实验探究题（本大题共4小题，共25分）
18．（5分）小明做“探究凸透镜成像规律”的实验：
（1）小明利用太阳光测量凸透镜的焦距，方法如图甲所示。他注意到让凸透镜正对阳光，但没有仔细调节纸片与透镜的距离，在纸片上的光斑并不是最小时，就测出了光斑到凸透镜中心的距离L，那么，凸透镜的实际焦距为________。
A．一定小于L B．一定大于L
C．可能等于L D．可能小于L、也可能大于L

（2）如图乙所示，经过调节后，此时在光屏上得到一清晰的像，________就是利用这一成像规律工作的。若遮去凸透镜的上面一半，则光屏上所成的像将________。（选填“完整”或“不完整”）
（3）对于焦距相同的凸透镜，一个物距应该对应唯一的像距，但从各组汇报数据中发现，物距均为12.00cm时，有三个小组所测像距分别为23.00cm，24.00cm，26.00cm。若他们的数据差别不是因为长度测量误差导致的，你认为出现这种情况的操作原因是________。
（4）小明把自己的近视眼镜放在蜡烛和凸透镜之间且靠近凸透镜的位置，结果光屏上原来清晰的像变模糊了，若不改变蜡烛和凸透镜的位置，应将光屏向________透镜的方向移动。（选填“远离”或“靠近”）
【答案】（1）D；（2）照相机；完整；（3）光屏上还没有出现清晰的像时就测出了像距；（4）远离。
【解析】（1）只有在焦点处得到的光斑最小、最亮，在焦点之前和焦点之后光斑都不是最小。当测量距离为L时，焦距可能大于L，也可能小于L。

故选D。
（2）图中物距大于像距，成倒立、缩小的实像。照相机就是利用这一成像规律工作的；遮住凸透镜上面的一半，物体上任一点射向凸透镜的另一半，经凸透镜折射后，照样能会聚成像，像的大小不发生变化，折射光线减少，会聚成的像变暗，仍然是完整的。（3）同一凸透镜，物距一定，像距一定，小组实验的像距不同，是因为光屏上还没有出现清晰的像就测像距。（4）近视镜是凹透镜，将凹透镜靠近凸透镜，凹透镜对光线有发散的作用，使像点推迟会聚，光屏要远离凸透镜，才能接到清晰的像。
19．（7分）某物理兴趣小组的三个同学做“观察水的沸腾”实验，他们使用的实验装置分别如图1a、b、c所示，酒精灯和烧杯均为同一规格。

（1）安装器材时应按照________（选填“自上而下”或“自下而上”）的顺序进行；
（2）实验中小敏发现温度计示数上升较慢，为了使温度计示数上升得快些，她应该________。
（3）图2甲、乙、丙是使用这三套实验装置实验后作出的温度随时间变化的图象。用a装置做实验作出的图象是________图；用b装置做实验作出的图象是________图；用c装置做实验作出的图象是________图；
（4）同学撤去酒精灯后，发现水未立即停止沸腾，原因可能是________；
（5）水沸腾特点是：________。
【答案】（1）自下而上；（2）减少水的质量；（3）丙；甲；乙；（4）石棉网有余温，石棉网与烧杯底的温度高于水的沸点，水能继续吸热；（5）继续吸热，温度不变。
【解析】（1）酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以放好烧杯后，再调节温度计的高度；故安装器材时应按照自下而上的顺序进行；（2）为了使温度计示数上升得快些，可采取的措施有：减少水的质量、提高水的初温、加大火力等；（3）由实验装置abc图可知，a装置烧杯上面加了一个盖，水面上方的气压较大，水的沸点高于100℃，所以用a装置做实验作出的图象是丙图。由甲、乙两图象可知，水的初温相同，乙图加热较长时间水才能沸腾，原因是水过多，然后比较bc装置可知，c装置中烧杯内的水的质量较多，所以用c装置做实验作出的图象是乙图；则用b装置做实验作出的图象是甲图；（4）撤去酒精灯后，由于石棉网有余温，石棉网与烧杯底的温度高于水的沸点，所以水能继续吸热，水未立即停止沸腾。（5）水沸腾特点：继续吸热，但温度不变。
20．（3分）在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，实验小组的同学利用长木板、玻璃板及一些完全相同的木块，进行了如图所示的实验：

（1）实验中用弹簧测力计拉动木块沿水平方向做________直线运动来测量滑动摩擦力的大小；
（2）由甲、丙两图可知滑动摩擦力的大小与接触面的________有关。
（3）由________两图可知，滑动摩擦力的大小与压力大小有关。
【答案】（1）匀速；（2）粗糙程度；（3）甲、乙。
【解析】（1）实验时，使木块在弹簧测力计的拉力作用下做匀速直线运动，木块处于平衡状态，木块受到的摩擦力与测力计的拉力是一对平衡力，由平衡条件可知，木块受到的摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。（2）由甲、丙两图可以看出，压力相同，接触面不同，弹簧测力计的示数不同，故可得出：滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度有关。（3）要研究滑动摩擦力的大小与压力大小的关系，应控制接触面的粗糙程度相同，改变压力的大小，故图中甲、乙两次实验符合要求。
21．（10分）小红在实验室做“测量小灯泡电功率”实验中，如图甲所示，电源电压恒为4.5V，小灯泡标有“2.5V”字样，电流表、电压表、滑动变阻器（20Ω 3A）、开关各一个，导线若干。

（1）如图所示，小红所接的实验电路存在连接错误，但只需改动一根导线，即可使电路连接正确，请你在应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接法。
（2）正确连接导线过后，闭合开关，灯泡立即发出明亮耀眼的光并很快熄灭，小红的操作不当之处是：________，灯泡熄灭的同时，可观察到电压表示数________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（3）小红更换灯泡后，逐渐移动滑片，看到电压表示数如图乙，其读数是________V，为使灯泡正常发光，应向________（填“左”或“右”）端移动滑片P，图丙为灯泡的U﹣I图象，可知灯泡的额定功率是________W。
（4）小军看到实验桌上有一个U额＝3.8V的小灯泡，他想挑战只用一只电流表测量该小灯泡的额定功率。小军又找来一个已知阻值的定值电阻R0和两个开关S1，S2，设计了如图丁所示的电路图，请补全小军的实验步骤。
①只闭合开关S和________，调节滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为________；
②只闭合开关S和________，________，读出此时电流表的示数为I；
③则小灯泡的额定功率的表达式为：P额＝________（用字母表示）。
【答案】（1）如下图所示；（2）变阻器接入电路中的电阻不是最大；（3）2.2；右；0.5；（4）U额×（I﹣）。
【解析】（1）原电路中，电压表测电源电压，是错误的；电压表应测灯的电压，应将连接电压表“3”接线柱与变阻器右下接线柱的连线去掉，将电压表“3”接线柱与灯的右接线柱连接起来，如下所示：

（2）闭合开关，灯泡立即发出明亮耀眼的光，说明电路中电流过大，将灯烧坏，则应是变阻器接入电路中的电阻不是最大；灯泡熄灭后灯泡处于开路，则电压表串联在电路中，则电压表示数为电源电压，所以观察到的电压表示数会变大。（3）由图乙所示电压表可知，其量程为0～3V，分度值为0.1V，所以示数为2.2V，小于灯泡额定电压2.5V，为使灯泡正常发光，应增大电路中电流，减小电路中电阻，所以应把滑片向右端移动；由图象可知，灯泡额定电压2.5V对应的电流为0.2A，灯泡额定功率P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W；（4）①首先只闭合S和S2，定值电阻R0与灯泡并联后与变阻器串联，此时电流表测量通过定值电阻R0的电流；当灯泡正常发光时，由于并联电路各支路两端电压相等，则定值电阻两端电压U＝U额；所以，此时通过定值电阻R0的电流为I0＝＝，即当电流表示数为时，灯泡一定正常发光；②只闭合S和S1，电路仍然是定值电阻与灯泡并联后与变阻器串联，此时电流表测量干路电流，则干路电流为I；由于滑动变阻器的滑片位置不变，灯泡仍正常发光，通过定值电阻的电流不变；所以，根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可得：灯泡的额定电流：I额＝I﹣I0＝I﹣；则灯泡的额定功率：P额＝U额I额＝U额×（I﹣）。
四、简答题（本大题共3小题，共23分）
22．（8分）声音的探究
（一）他们首先做了如下几个实验：
实验一：用手摸喉头，发声时，手在振动
实验二：用薄塑料片在塑料梳子的齿上划发声时，感觉手在振动
实验三：打击音叉，把发声音叉的尖端接触水面，激起水花
实验四：把刻度尺的一端紧压在桌面上，另一端伸出桌面，拨动刻度尺使它振动发声
（1）他们发现这些发声物体的共同特征是：________，物理学把这种由几个现象得到一个共同结论的方法称为归纳法。
（2）音叉发声振动不易观察到，通过激起水花将振动放大反映出来，物理学上把这种方法称为________
（二）小玉发现，轻拨与重拨钢尺，钢尺发出声音的大小不同。他继续用刻度尺探究声音的响度与振幅的关系，如图甲所示。记录的数据如下：
实验次数
1
2
3
用力大小
小
大
较大
尺的振动幅度
小
大
较大
尺拍打桌子的声音
小
大
较大
（1）小马发现他收集的数据有问题，请你帮他指出来
存在的是：________
（2）经过改正后，他们得出了正确结论：________
（三）小张发现塑料片快划与慢划发出声音的高低不同。他选择如图乙所示的器材进一步探究，但忘记记录现象了。请帮他完成实验记载用薄塑料片在塑料梳子的齿上划两次，第一次快些，第二次慢些，则第________次发出的声音的音调高；如图丙所示，用薄塑料片在1、2两把塑料梳子的齿上用同样的速度划两次，则________把梳子发出的声音的音调高。
（四）小马等同学在探究出上述问题之后，又提出这样一个问题：声音是怎样从发声物体传播到远处的？
针对这一问题，他们经过认真地思考，提出了两种猜想：①声音要传播出去，需要东西做媒介；②声音要传播出去，不需要什么东西做媒介
究竟哪一种猜想是正确的呢？小明他们进行了如下的两个实验：
a、两张课桌紧紧挨在一起。小丽轻敲桌面，小冬把耳朵贴在另一张桌子上。
b、两张桌子拉开，又进行了一次实验
小马发现两个小实验的结果不同，其不同的地方是________。得出的实验结论验证了其中猜想________是正确的。

【答案】（一）（1）发声体在振动；（2）转换法；（二）不应该是记录尺拍打桌子的声音；振幅越大，响度越大；（三）一；2；（四）第一次听到的声音比第二次大；①。
【解析】（一）（1）通过分析可知，发现这些发声物体的共同特征是发声体在振动；（2）音叉发声振动不易观察到，通过激起水花将振动放大反映出来，物理学上把这种方法称为转换法；（二）存在的问题是不应该记录尺拍打桌子的声音，而应该记录钢尺振动发出的声音；分析实验现象可得出：振幅越大，响度越大；（三）根据音调由频率决定，频率越大，音调越高可知：用薄塑料片在塑料梳子的齿上划两次，第一次快些，第二次慢些，则第一次比第二次频率大，所以第一次发出的声音的音调高；用薄塑料片在1、2两把塑料梳子的齿上用同样的速度划两次，因为2号梳子齿密，频率大，则2把梳子发出的声音的音调高；（四）小马发现两个小实验的结果不同，其不同的地方是第一次听到的声音比第二次大。得出的实验结论验证了其中猜想①是正确的。
23．（7分）电梯的简化模型如图甲所示，某电梯设计的锒大速度是2m/s，考虑安全、舒适、省时等因素，电梯速度要经过增大、不变和减小的过程。这一过程是通过改变拉力大小来实现的。某次上升过程中电梯所受拉力F随上升高度h变化的图象如图乙所示，这个过程用时 1min．求在这个过程中：
（1）电梯上升的平均速度；
（2）拉力做的功；
（3）为了保证顺畅运行，该电梯电动机的最大功率至少为多大。

【答案】（1）电梯上升的平均速度为0.8m/s；（2）拉力做的功是9.6×105J；（3）拉力做功的功率是5×104W。
【解析】（1）电梯上升的高度h＝48m，用时间t﹦60s，
电梯上升的平均速度：v＝＝＝0.8m/s；
（2）拉力在0﹣4m做的功：W1＝F1h1＝2.5×104N×4m＝1.0×105J，
拉力在4﹣44m做的功：W2＝F2h2＝2.0×104N×40m＝8.0×105J，
拉力在44﹣48m做的功：W3＝F3h3＝1.5×104N×4m＝0.6×105J，
所以，上升过程拉力做的功：W＝W1+W2+W3＝1.0×105J+8.0×105J+0.6×105J＝9.6×105J；
（3）拉力做功的最大功率：P＝＝＝Fv＝2.5×104N×2m/s＝5×104W。
24．（8分）如图1所示为某型号汽车的自动测定油箱内油量的电路原理图，其中电源两端的电压为24V，R0为定值电阻，A为油量指示表（一个量程为0～0.6A的电流表）；R1为压敏电阻（厚度不计），它的上表面受力面积为10cm2，其阻值与所受压力的对应关系如图2所示。油箱的横截面积为20dm2，油箱加满汽油时深度为0.4m，油量指示表的示数在最大值处。（汽油的密度ρ＝0.7×103kg/m3）汽油的热值q＝3.0×1010J/m3）．请解答下列问题：
（1）当该车匀速行驶1h消耗10L（1L＝1dm3）汽油时，汽油完全燃烧放出的热量有30%转化成汽车的有用功，则汽车在这段时间内的功率是多少？
（2）当油箱装满汽油时，压敏电阻R0上表面受到的压力是多大？
（3）定值电阻R0的阻值是多大？当油箱内汽油用完时，油量指示表的指针指向某一位置，求此位置所对应的电流值是多少？

【答案】（1）汽车在这段时间内的功率是2.5×104W；（2）当油箱装满汽油时，压敏电阻R0上表面受到的压力是2.8N；（3）定值电阻R0的阻值是10Ω；当油箱内汽油用完时，油量指示表的指针指向0.08A。
【解析】（1）当该车匀速行驶1h消耗10L汽油时，汽油释放的热量：
Q放＝Vq＝10×10﹣3m3×3.0×1010J/m3＝3×108J，
由η＝×100%可得，有用功：W有＝Q放×30%＝3×108J×30%＝9×107J，
汽车在这段时间内的功率：P＝＝＝2.5×104W；
（2）汽油对压敏电阻的压强：p＝ρgh＝0.7×103kg/m3×10N/kg×0.4m＝2.8×103Pa，
由p＝可得，压敏电阻受到的压力：F＝pS＝2.8×103Pa×10×10﹣4m2＝2.8N；
（3）油箱装满油时，压敏电阻的阻值Rx＝30Ω，由油量表的量程及图丙知I＝0.6A，
由I＝可得，电路中的总电阻：R＝＝＝40Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，R0的阻值：R0＝R﹣Rx＝40Ω﹣30Ω＝10Ω；
当油箱内汽油用完时，压敏电阻受到的压力为0，由图乙可知压敏电阻的阻值Rx′＝290Ω，此时电流表的示数：I′＝＝＝0.08A。