2019届高三高考信息模拟卷（全国卷）理科综合能力测试（六）物理试题（解析版）

2019年高考信息模拟卷(全国卷)

理科综合能力测试(六) （物理部分）

一、选择题：

1. 下列说法正确的是（ ）

A. 物体速度变化越大，则加速度越大

B. 物体动量发生变化，则物体的动能一定变化

C. 合外力对系统做功为零，则系统的动量一定守恒

D. 系统所受合外力为零，则系统的动量一定守恒

【答案】D

【解析】

试题分析：A、加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化大，加速度不一定大．故A错误；

B、若动量发生变化可能是速度的方向发生了变化而大小没发生变化，动能不一定变化，故B错误；

C、系统所不受外力或外力的冲量为零，系统动量守恒，合外力对系统做功为零，冲量不一定为零，故C错误；

D、系统所受的合外力为零，系统动量守恒，故D正确；故选：D。

考点：加速度、动量和动能、动量守恒定律

【名师点睛】

2.用如图的装置研究光电效应现象，当用能量为3.0eV的光子照射到光电管上时，电流表G的读数为0.2mA，移动变阻器的触点c，当电压表的示数大于或等于0.7V时，电流表读数为0，则 （    ）

A. 电键K断开后，没有电流流过电流表G

B. 所有光电子的初动能为0.7eV

C. 光电管阴极的逸出功为2.3eV

D. 改用能量为1.5eV的光子照射，电流表G也有电流，但电流较小

【答案】C

【解析】

【分析】

电键S断开，只要有光电子发出，则有电流流过电流表．该装置所加的电压为反向电压，发现当电压表的示数大于或等于0.7V时，电流表示数为0，知道光电子点的最大初动能为0.7eV，根据光电效应方程EKm=hγ-W0，求出逸出功．改用能量为1.5eV的光子照射，通过判断是否能发生光电效应来判断是否光电流．

【详解】电键S断开后，用光子能量为3.0eV的光照射到光电管上时发生了光电效应，有光电子逸出，则仍然有电流流过电流表。故A错误。该装置所加的电压为反向电压，发现当电压表的示数大于或等于0.7V时，电流表示数为0，知道光电子点的最大初动能为0.7eV，但不是所有光电子的初动能为0.7eV；根据光电效应方程EKm=hγ-W0，W0=2.3eV．故C正确，B错误。改用能量为1.5eV的光子照射，由于光电子的能量小于逸出功，不能发生光电效应，无光电流。故D错误。故选C。

【点睛】解决本题的关键掌握光电效应的条件，以及光电效应方程EKm=hγ-W0．

3.如图所示，两相同轻质硬杆OO1、OO2可绕其两端垂直纸面的水平轴O、O1、O2转动，O点悬挂一重物Ｍ，将两相同木块m紧压在竖直挡板上，此时整个系统保持静止。Ｆf表示木块与挡板间摩擦力的大小，ＦＮ表示木块与挡板间正压力的大小。若挡板间的距离稍许增大后，系统仍静止且O1、O2始终等高，则（ ）

A. Ff变小    B. Ff变大    C. FＮ变小    D. FＮ变大

【答案】D

【解析】

试题分析：先对三个物体以及支架整体受力分析，受重力，2个静摩擦力，两侧墙壁对整体有一对支持力，根据平衡条件，有：，解得，故静摩擦力不变，故A、B错误；将细线对O的拉力按照效果正交分解，如图

设两个杆夹角为θ，则有；

再将杆对滑块m的推力F1按照效果分解，如图

根据几何关系，有：

故：，若挡板间的距离稍许增大后，角θ变大，变大，故滑块m对墙壁的压力变大，C错误，D正确；故选D。

考点：力的分解、共点力的平衡。

【名师点睛】本题考查了整体法和隔离法的结合应用，把M和两个m看作一整体，即可得到摩擦力的变化情况，再根据力的作用效果把F1、F2分解，从而分析滑块m对墙壁的压力变化。

4.如图所示，两等量异种电荷在同一水平线上，它们连线的中点为O，竖直面内的半圆弧光滑绝缘轨道的直径AB水平，圆心在O点，圆弧的半径为R，C为圆弧上的一点，OC与竖直方向的夹角为37°，一电荷量为+q，质量为m的带电小球从轨道的A端由静止释放，沿轨道滚动到最低点时速度v=2，g为重力加速度，取无穷远处电势为零，则（   ）

A. 电场中A点的电势为

B. 电场中B点的电势为

C. 小球运动到B点时的动能为mgR

D. 小球运动到C点时，其动能与电势能的和为1.6mgR

【答案】A

【解析】

【分析】

图中过O点的虚线是一条等势线，一直延伸到无穷远，O点的电势为零。小球从A运动到最低点的过程，由动能定理求出AO两点间的电势差，从而得到A点的电势。由对称性求B点的电势。小球从最低点到B的过程，由能量守恒定律求小球运动到B点时的动能，并求得总能量。

【详解】取无穷远处电势为0，则最低点处电势为0．小球从A点运动到最低点过程中，由动能定理可得：mgR+qUAO＝mv2；解得 ；而UAO=φA-0；解得φA＝，故A正确；由对称性可知：UAO=UOB，即为：φA-0=0-φB，故有：φB＝−，故B错误；小球从A点运动到B点过程中，由动能定理得：Ek=qUAB=2mgR，故C错误；小球在最低点处的动能和电势能的总和为：E1＝mv2+0＝2mgR，由最低点运动到C点过程，动能、电势能、重力势能的总量守恒，而重力势能增加量为：△Ep=mgR（1-cos37°）=0.2mgR；故动能、电势能的综合减少了0.2mgR，所以小球在C点的动能和电势能的总和为：E2=E1-0.2mgR=1.8mgR，故D错误；故选A。

【点睛】解决本题的关键是要知道等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线，其电势与无穷远处相同。在知道运用动能定理是求电势差常用的方法。

5.正三角形ABC的三个顶点处分别有垂直于三角形平面的无限长直导线，导线中通有恒定电流，方向如图所示，a、b、c三点分别是正三角形三边的中点，若A、B、C三处导线中的电流分别为I、2I、3I，已知无限长直导线在其周围某一点产生的磁场磁感应强度B的大小与电流成正比，与电流到这一点的距离成反比，即B=k，则a、b、c三点的磁感应强度大小关系为

A. a点最大    B. b点最大

C. c点最大    D. b，c两点一样大

【答案】B

【解析】

设正三角形的边长为2L，根据公式，结合矢量的叠加原理，则a、b、c三点的磁感应强度大小分别为：；； ；综上所述，故B正确，ACD错误；故选B．

6.如图所示为一有理想边界的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里，磁场宽度为d，一质量为m、带电量为+q的带电粒子(不计重力)从MN边界上的A点沿纸面垂直MN以初速度v0进入磁场，已知该带电粒子的比荷，进入磁场时的初速度v0与磁场宽度d及磁感应强度大小B的关系满足；其中A′为PQ上的一点，且AA′与边界PQ垂直，下列判断中，正确的是

A. 该带电粒子进入磁场后将向下偏转

B. 该带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为2d

C. 该带电粒子打在PQ上的点与A′点的距离为d

D. 该带电粒子在磁场中运动的时间为

【答案】BD

【解析】

试题分析：根据左手定则确定粒子的偏转方向．根据半径公式求出粒子在磁场中运动的轨道半径，通过几何关系求出带电粒子打在PQ上的点与A′点的距离，根据圆心角，通过周期公式求出粒子在磁场中运动的时间．

解：A、由左手定则知，该带电粒子进入磁场后将向上偏转，故A错误．

B、带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，靠洛伦兹力提供向心力，解得R=，又因为带电粒子的比荷=，故有R=2d，故B正确．

C、由图可知，通过几何关系知，该带电粒子打在PQ上的点与A′点的距离为s==，故C错误．

D、由图可知，该带电粒子在匀强磁场中运动的圆心角为，所以粒子在磁场中运动的时间t=，故D正确．

故选：BD．

【点评】本题考查了带电粒子在磁场中的运动，关键作出粒子在磁场中的运动轨迹，结合几何关系，运用半径公式和周期公式进行求解，难度不大．

7.据报道，有科学家支持让在2006年被除名的冥王星重新拥有“行星”称号，而最终结果将在国际天文联合会举行的会议上才能做出决定。下表是关于冥王星的一些物理量(万有引力常量G已知)，则下列说法正确的是

A. 冥王星绕日公转的线速度比地球绕日公转的线速度小

B. 冥王星绕日公转的加速度比地球绕日公转的加速度大

C. 根据所给信息，可以估算冥王星表面重力加速度的大小

D. 根据所给信息，不可以估算太阳的质量

【答案】ACD

【解析】

【分析】

根据表格得出冥王星与地球周期关系．根据万有引力提供向心力，列出等式表示出所要比较的物理量；根据题目中已知条件进行比较．

【详解】根据表格得出冥王星公转周期大于地球公转周期，根据万有引力提供向心力，解得T=2π，所以冥王星轨道半径大于地球轨道半径，根据，解得，a=，冥王星轨道半径大于地球轨道半径，所以冥王星绕日公转的线速度比地球绕日公转的线速度小，冥王星轨道半径大于地球轨道半径，所以冥王星绕日公转的加速度比地球绕日公转的加速度小，故A正确，B错误。根据星球表面万有引力等于重力得：，冥王星表面重力加速度的大小，根据表格的数据可以估算冥王星表面重力加速度的大小，故C正确。根据所给信息，无法估算太阳的体积的大小，故D正确。故选ACD。

【点睛】向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用．要比较一个物理量大小，我们应该把这个物理量先表示出来，再进行比较．

8.如图所示，相距为d的两条水平虚线L1、L2之间是方向水平向里的匀强磁场，磁感应强度为B，正方形线圈abcd边长为L(L<d)，质量为m，电阻为R，将线圈从磁场上方高h处由静止释放，cd边刚进入磁场时速度为v0，cd边刚离开磁场时速度也为v0。则线圈穿越磁场的过程中，(从cd边刚进入磁场起一直到ab边离开磁场为止)以下说法正确的是

A. 感应电流所做的功为mgd

B. 感应电流所做的功为2mgd

C. 线圈的最小速度一定为

D. 线圈的最小速度一定为

【答案】BCD

【解析】

试题分析：根据能量守恒，研究从cd边刚进入磁场到cd边刚穿出磁场的过程：动能变化量为0，重力势能转化为线框进入磁场的过程中产生的热量，，cd边刚进入磁场时速度为，cd边刚离开磁场时速度也为，所以从cd边刚穿出磁场到ab边离开磁场的过程，线框产生的热量与从cd边刚进入磁场到ab边刚进入磁场的过程产生的热量相等，所以线圈从cd边进入磁场到ab边离开磁场的过程，产生的热量，感应电流做的功为，故A错误，B正确；线框可能先做减速运动，在完全进入磁场前已做匀速运动，刚完全进入磁场时的速度最小，则，则最小速度，故C正确；因为进磁场时要减速，线圈全部进入磁场后做匀加速运动，则知线圈刚全部进入磁场的瞬间速度最小．设线圈的最小速度为，线圈从开始下落到线圈刚完全进入磁场的过程，根据能量守恒定律得：，由上可知，，解得线圈的最小速度为：．，故D正确。

考点：导体切割磁感线时的感应电动势、电磁感应中的能量转化

【名师点睛】解决本题的关键根据根据线圈下边缘刚进入磁场和刚穿出磁场时刻的速度都是，且全部进入磁场将做加速运动，判断出线圈进磁场后先做变减速运动，也得出全部进磁场时的速度是穿越磁场过程中的最小速度。

二、非选择题：

9.某实验小组采用如图(甲)所示的装置探究功与速度变化的关系，小车在橡皮筋的作用下弹出后，沿木板滑行打点计时器工作频率为50Hz。

(1)打点计时器与学生电源按图(乙)连接，正确的连接是__________(填“A”或“B”)。

(2)实验中甲、乙两同学用两种不同的方法来实现橡皮筋对小车做功的变化。

甲同学：通过改变并在一起的相同橡皮筋条数，并把小车拉至相同位置释放；

乙同学：通过改变橡皮筋的形变量来实现做功的变化。

你认为__________(填“甲”或“乙”)同学的方法可行。

(3)实验中木板略微倾斜，这样做__________

A.是为了释放小车后，小车能匀加速下滑

B.防止纸带上打点不清晰

C.使得橡皮筋做的功等于合力对小车做的功

D.使得橡皮筋松弛后小车做匀速运动

(4)橡皮筋对小车做功后使小车获得的速度可由打点计吋器打出的纸带测出。如图丙所示，根据实验得到的纸带，求得小车获得的速度为__________m/s(保留两位有效数字)。

【答案】    (1). B    (2). 甲    (3). CD    (4). 2.0

【解析】

【分析】

（1）打点计时器要使用低压交流电源；（2）实验时，要保证橡皮筋的形变量相同，改变橡皮筋的条数，以改变橡皮筋对小车所做的功．（3）小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，使得橡皮筋做的功等于合外力对小车做的功；纸带在橡皮条的作用下做加速运动，橡皮条做功完毕，则速度达到最大，此后做匀速运动。（4）根据纸带上的数据可以判定，各点之间的距离相等的时候小车做直线运动，利用公式：v=x/t 可得出结论。

【详解】（1）打点计时器要使用低压交流电源，则与学生电源按图(乙)连接，正确的连接是B。

（2）实验时，要保证橡皮筋的形变量相同，改变橡皮筋的条数，以改变橡皮筋对小车所做的功，橡皮筋的形变量相同，每条橡皮筋对小车做的功相同，可以用橡皮筋的条数代表橡皮筋对小车做的功，故甲的做法正确．

（3）使木板倾斜，小车受到的摩擦力与小车所受重力的分量大小相等，在不施加拉力时，小车在斜面上受到的合力为零，小车可以在斜面上静止或做匀速直线运动；小车与橡皮筋连接后，小车所受到的合力等于橡皮筋的拉力，橡皮筋对小车做的功等于合外力对小车做的功，故AB错误，CD正确；故选CD。

（4）各点之间的距离相等的时候小车做直线运动，由图可知，两个相邻的点之间的距离是4.00cm时做匀速直线运动，利用公式：v＝x/t可得：

【点睛】要掌握实验原理与实验注意事项，同时注意数据处理时注意数学知识的应用，本题是考查应用数学知识解决物理问题的好题。

10.图(a)为某同学测量一节干电池的电动势和内电阻的电路图，其中虚线框内是用亳安表改装成双量程电流表的改装电路。

(1)已知毫安表表头的内阻为10Ω，满偏电流为100mA；R1和R2为固定电阻，阻值分别为R1=0.5Ω，R2=2.0Ω；由此可知，若使用a和b两个接线柱，电表的量程为__________A；若使用a和c两个接线柱，电表的量程为__________A；

(2)电压表有两种规格，V1(量程1.5V，内阻约为2kΩ)和V2(量程3V，内阻约为4kΩ)；滑动变阻器有两种规格，最大阻值分别为20Ω和500Ω。则电压表应选用__________(填“V1”或“V2”)，R应选用最大阻值为__________Ω的滑动变阻器。

(3)实验步骤如下：

①开关S2拨向b，将滑动变阻器R的滑动片移到__________端(选填“左”或“右”)，闭合开关S1；

②多次调节滑动变阻器的滑动片，记下电压表的示数U和毫安表的示数I。

③以U为纵坐标，I为横坐标，作U-I图线(用直线拟合)，如图(b)所示；

④根据图线求得电源的电动势E=__________V(结果保留三位有效数字)，内阻r=__________(结果保留两位有效数字)。

【答案】    (1). 0.5    (2). 2.5    (3). V1    (4). 20    (5). 右    (6). 1.48    (7). 0.45

【解析】

【分析】

（1）明确电表的改装原理，根据串并联规律可明确量程；

（2）根据给出的仪表和实验原理分析实验方法以及实验器材；

（3）分析实验步骤，根据实验要求明确滑片的位置，根据电流表的读数方法读出示数；利用U-I图象可求解电动势和内电阻；注意图中的电流值要注意求出等效电流表的示数；

【详解】（1）使用ab两接线柱时，R1与R2串联后与表头并联；则量程；
接ac两接线柱时，表头与R2串联后与R1并联；则量程；
（2）一节干电池的电动势约为1.5V，故电压表选V1； 因内阻较小，为了便于调节，滑动变阻器应选择20Ω的；
（3）①为了让电流由最小开始调节，开始时滑动变阻器阻值滑到最大位置；故应滑到右端；④由串并联电路规律可知，总电流等于5I，则由闭合电路欧姆定律可知，U=E-5I（r+2）可知，图象中与纵坐标的交点表示电源的电动势；故E=1.48V；图象的斜率表示5（r+2）；解得 r=0.45Ω；

【点睛】本题考查测量电动势和内电阻的实验，注意明确实验原理，能根据给出的实验步骤分析实验方法；同时根据图象分析实验数据，明确电表的改装原理的应用．

11.如图所示，AB是倾角为θ=30°的粗糙直轨道，BCD是光滑的圆弧轨道，AB恰好在B点与圆弧相切，圆弧的半径为R，一个质量为m的物体(可以看做质点)从直轨道上的P点由静止释放，结果它能在两轨道间做往返运上动。已知P点与圆弧的圆心O等高，物体与轨道AB间的动摩擦因数为μ。求：

(1)物体做往返运动的整个过程中在AB轨道上通过的总路程；

(2)最终当物体通过圆弧轨道最低点E时，对圆弧轨道的压力；

(3)释放点距B点的距离L′至少多大，物体能顺利到达圆弧轨道的最高点D。

【答案】（1）；（2）；（3）

【解析】

（1）物体从P点出发至最终到达B点速度为零的全过程，由动能定理得

mgRcosθ—μmgcosθ=0

所以:

（2）最终物体以B（还有B关于OE的对称点）为最高点，在圆弧底部做往复运动，物体从B运动到E的过程，由动能定理得:

在E点，由牛顿第二定律得：

联立解得：

则物体对圆弧轨道的压力:

（3）L=(3+2cosθ)R/2（sinθ-μcosθ）

12.如图所示，在平面直角坐标系xOy内，第一、四象限有与y轴相切于O点、圆心为O1、半径一定的有界圆形区域，其内存在垂直于纸面匀强磁场，第二、三象限有平行y轴的匀强电场。一带电粒子(重力不计)自P(－d，)点以平行于x轴的初速度v0开始运动，粒子从O点离开电场，经磁场偏转后又从y轴上的Q点(图中未画出)垂直于y轴回到电场区域，并恰能返回到P点。求：

(1)粒子经过O点时的速度；

(2)电场强度E和磁感应强度B的比值。

【答案】（1）2v0

（2）

【解析】

试题分析：（1）粒子从P到O的过程中做类平抛运动，设时间为t1，经过O点时的速度为v，其在y轴负方向的分速度为vy，与y轴负方向的夹角为θ

d=v0t1

v2=v02+vy2

解得：v=2v0θ=300

（2）设粒子质量为m，电荷量为q，粒子在电场中运动的加速度为a：Eq=ma

粒子从Q到P的过程中，也做类平抛运动，设时间为t2，Q点的纵坐标为yQ

d=vt2

解得：

设粒子由S点离开磁场，粒子从O到S过程中做圆周运动，半径为r，由几何关系有：r+rsinθ=yQ

考点：带电粒子在电场及磁场中的运动

【名师点睛】此题是带电粒子在电场及磁场中的运动问题；关键是搞清粒子的运动情况，画出粒子运动的轨迹图，结合平抛运动及匀速圆周运动的规律，并利用几何关系进行求解；此题难度中等，考查学生运用基础知识解决问题的能力。

13.下列说法不正确的是__________。

A.空气的绝对湿度大，人一定感觉闷热

B.浸润和不浸润现象都是分子力作用的表现

C.只要知道水蒸气的摩尔体积和水分子的体积，就可以计算出阿伏加德罗常数

D.用油膜法测出油酸分子的直径后，要测定阿伏加德罗常数，还需要知道油酸的密度和油酸的摩尔质量

E.PM2.5是指环境空气中直径小于等于2.5微米的颗粒物。温度越高，PM2.5的运动就会越剧烈，所以PM2.5的运动属于分子热运动

【答案】ACE

【解析】

【详解】空气的干湿程度和空气中所含有的水汽量接近饱和的程度有关，而和空气中含有水汽的绝对量却无直接关系，人们却会感到潮湿，是因相对湿度大的原因。故A错误。浸润和不浸润现象都是分子力作用的表现，选项B正确；只要知道水蒸气的摩尔体积和水分子运动占据的空间的体积，就可以计算出阿伏加德罗常数，选项C错误；用油膜法测出油酸分子的直径后，就知道了分子的体积；要测定阿伏加德罗常数，还需要知道油酸的密度和油酸的摩尔质量，选项D正确；PM2.5是指环境空气中直径小于等于2.5微米的颗粒物。温度越高，PM2.5的运动就会越剧烈，但是PM2.5是固体颗粒的运动，不是分子热运动，选项E错误；此题选择错误的选项，故选ACE.

14.如图所示，一定质量的气体放在体积为V0的容器中，室温为T0=300K，有一光滑导热活塞C(不占体积)将容器分成A、B两室，B室的体积是A室的两倍，A室容器上连接有一U形管(U形管内气体的体积忽略不计)，两边水银柱高度差为76cm，右室容器中连接有一阀门K，可与大气相通。(外界大气压等于76cm汞柱)求：

①将阀门K打开后，A室的体积变成多少；

②打开阀门K后将容器内的气体从300K加热到540K，U形管内两边水银面的高度差为多少。

【答案】（1）；（2）15.2cm

【解析】

试题分析：（1）开始时，PA0＝2大气压，VA0＝V0/3

打开阀门，A室气体等温变化，pA＝l大气压，体积VA

根据：pA0VA0＝pAVA

（2）从T0＝300K升到T=450K，体积为V0，压强为P，

P＝1.2大气压

水银高度差为0.2×76cm=15.2cm

考点：气体的等温变化方程.

15.一列简谐横波沿x轴传播，t=0时刻的波形图如图b所示，质点A从t=0.3s时刻开始计时，振动图象如图a所示，若设+y方向为振动正方向，则下列说法中正确的是__________。

A.该简谐横波沿x轴负方向传播

B.该简谐横波波速为10m/s

C.若该波发生明显的衍射现象，则该波所遇到的障碍物或孔的尺寸一定比4m大得多

D.在t=0.5s时刻，质点A的加速度比质点B的大

E.从时刻t再经过0.4s，质点A沿x轴正方向迁移0.8m

【答案】ABD

【解析】

【分析】

根据图a判断出质点A在t=0.3s的振动方向，由图b判断波的传播方向．由a图和b图分别读出周期和波长，即可求得波速．能发生明显衍射现象的条件是障碍物或孔的尺寸比波长小．简谐波传播过程中质点做简谐运动，加速度与位移的关系是a=-kx/m ．波传播过程中质点不向前迁移．

【详解】由a图可知，该波的周期的0.4s，由b图可知，该波的波长是4m。波速，从图a可知t=0.3s时刻经历了3T/4，质点A位于最大位移处，b图中采用波形平移的方法可知波形沿x轴负方向传播，故AB正确；根据能发生明显衍射现象的条件是障碍物或孔的尺寸比波长小，可知若该波发生明显的衍射现象，则该波所遇到的障碍物或孔的尺寸上定比4m小得多，故C错误；从t时刻到t+0.5s时刻，经历时间△=0.5s=1T，在t+0.5s时刻，质点A到达波峰，B到达平衡位置，可知A的位移比B的位移大，根据公式a=-kx/m，质点A的加速度比质点B的大，故D正确；质点A只在其平衡位置附近振动，并不会随波迁移，故E错误；故选ABD。

【点睛】本题关键要把握振动图象与波形图象之间的联系，知道波形平移的同时质点在平衡位置附近振动，根据公式v=λ/T求解波速．

16.等腰直角玻璃三棱镜ABC的截面如图23所示，∠ABC=∠ACB=45°，一条单色光从腰AB上的D点射入三棱镜，在玻璃内部折射光线为DE，折射角r=30°，折射光线传播到BC边上的E点。已知该玻璃砖的折射率n=。

①求光线的入射角i(图中未标出)；

②判断光线能否在E点发生全反射。

【答案】（1）光线的入射角i为45°；

（2）光线能在E点发生全反射．

【解析】

试题分析：（1）r=30°，n=，由可得：i=45°；

（2）设临界角为C，则，，光线在E点岀射时θ=75°＞C，发生全反射.

考点：光的折射定律；全反射.