2017-2018学年辽宁省大连市普兰店区第二中学高二上学期期中考试化学试题 解析版

辽宁省大连市普兰店区第二中学2017-2018学年高二上学期期中

（阶段）考试化学试题

1. 分子式C4H8O2的有机物与硫酸溶液共热可得有机物A和B。将A氧化最终可得C，且B和C为同系物。若C可发生银镜反应，则原有机物的结构简式为（   ）

A. HCOOCH2CH2CH3    B. CH3COOCH2CH3

C. CH3CH2COOCH3    D. HCOOCH(CH3)2

【答案】C

【解析】分子式C4H8O2的有机物与硫酸溶液共热可得有机物A和B。将A氧化最终可得C，且B和C为同系物。C可发生银镜反应，则C为甲酸、A为甲醇、B为丙酸，原有机物为丙酸甲酯，其结构简式为CH3CH2COOCH3，本题选C。

2. 茶多酚是目前尚不能人工合成的纯天然、多功能、高效能的抗氧化剂和自由基净化剂。其中没食子儿茶素（EGC）的结构如图所示。关于EGC的下列叙述中正确的是（   ）

A. 分子中所有的原子共面

B. 1 mol EGC与4 mol NaOH恰好完全反应

C. 易发生氧化反应和取代反应，能发生加成反应

D. 遇FeCl3溶液不发生显色反应

【答案】C

【解析】根据结构简式可得出含有的官能团是3个酚羟基，1个羟基和1个醚键。该化合物中含有饱和的碳原子，所以不可能共面。醇羟基不能和氢氧化钠反应，因此1mol该物质能与3mol氢氧化钠反应。有酚羟基，易倍氧化、易发生取代反应，有苯环可以发生加成反应。有酚羟基，能和氯化铁溶液发生显色反应。所以选项C正确。答案是C。

3. 利尿酸在奥运会上被禁用，其结构简式如下图所示。下列叙述正确的是（   ）

A. 利尿酸衍生物利尿酸甲酯的分子式是C14H14Cl2O4

B. 利尿酸分子内处于同一平面的原子不超过10个

C. 1 mol利尿酸能与7 mol H2发生加成反应

D. 利尿酸能与FeCl3溶液发生显色反应

【答案】A

【解析】试题分析：A．由利尿酸的结构简式可知，利尿酸甲酯的分子式为C14H14Cl2O4，故A正确；B．在利尿酸分子中，与苯环相连的原子和苯环上的碳原子共12个，都应在一个平面上，故B错误；C．由利尿酸的结构简式可以看出，其含有一个苯环、一个和一个双键，故1 mol利尿酸最多能与5 mol H2加成，故C错误；D．因利尿酸中不含酚羟基，故不可能与FeCl3发生显色反应，故D错误；故选A。

考点：考查了有机物的结构与性质的相关知识。

4. 将 和（甘油）以一定比例混合，测得混合物含碳51.3%，那么氧元素的质量分数是（   ）

A. 40%    B. 35%    C. 30%    D. 无法计算

【答案】A

【解析】试题分析：的分子式为C7H8，C3H5（OH）3的分子式为C3H8O3，二者相对分子质量都为92，且含氢原子数相同，则H元素的质量分数为×100%=8.7%，则氧元素的质量分数为1-C%-H%=1-51.3%-8.7%=40%，故选A。

考点：考查元素质量分数的计算。

5. 人类已进入网络时代，长时间看显示屏的人，会感到眼睛疲劳，甚至会使眼睛受到一定的伤害。人眼中的视色素中含有以视黄醛（见甲）为辅基的蛋白质，而与视黄醛有相似结构的维生素A（见乙）常作为保健药物。则下列有关叙述正确的是（   ）

A. 视黄醛的分子式为C20H26O    B. 视黄醛和维生素A互为同分异构体

C. 维生素A是视黄醛的还原产物    D. 1 mol视黄醛最多能与5 mol H2加成

【答案】C

【解析】A. 视黄醛的分子式为C20H2８O ，A不正确；B. 视黄醛和维生素A的分子式不同，它们不是同分异构体，B不正确；C. 从结构上看，维生素A是视黄醛的还原产物，C正确； D. 视黄醛分子中的碳碳双键和醛其都可以与氢气发生加成反应，所以1 mol视黄醛最多能与6mol H2加成，D不正确。本题选C。

6. 某烃与氢气发生反应后能生成(CH3)2CHCH2CH3，则该烃不可能（   ）

A. 2－甲基－2－丁烯    B. 3－甲基－1－丁烯

C. 2，3－二甲基－1－丁烯    D. 2－甲基－1，3－丁二烯

【答案】C

【解析】试题分析：烯烃或二烯烃与氢气发生加成反应生成烷烃的过程中烃的碳骨架不发生变化。2，3－二甲基－1－丁烯与(CH3)2CHCH2CH3的碳骨架不同，选C。

考点：考查烯烃的结构与性质。

7. 对羟基扁桃酸是农药、药物、香料合成的重要中间体，它可由苯酚和乙醛酸在一定条件下反应制得。

下列有关说法不正确的是（   ）

A. 上述反应的原子利用率可达到100%

B. 在对羟基扁桃酸中有6种不同化学环境的氢原子

C. 对羟基扁桃酸可以发生加成反应、取代反应和缩聚反应

D. lmol对羟基扁桃酸与足量NaOH溶液反应，消耗3 mol NaOH

【答案】D

【解析】A. 该反应为加成反应，产物只有一种，所以原子利用率可达到100%，A正确；B. 在对羟基扁桃酸中有6种不同化学环境的氢原子，B正确；C. 对羟基扁桃酸分子中有苯环、酚羟基、醇羟基和羧基，可以发生加成反应、取代反应和缩聚反应，C正确；D. lmol对羟基扁桃酸与足量NaOH溶液反应，只有酚羟基和羧基能参与反应，所以可以消耗2 mol NaOH，D不正确。本题选D。

8. 下列各组物质间互为同系物的一组是（   ）

A.

B. 油酸和丙烯酸（CH2==CH—COOH）

C. 乙二醇和丙三醇

D. 甲酸和乙二酸

【答案】B

【解析】A. 是两类不同的有机物，所以不是同系物，A不正确；B. 油酸和丙烯酸（CH2==CH—COOH）都是分子中有一个碳碳双键的脂肪酸，所以它们是同系物；C. 乙二醇和丙三醇分子中的官能团数目不同，所以它们不是同系物；D. 甲酸和乙二酸分子中的官能团数目不同，所以它们不是同系物。本题选B。

点睛：同系物指的是结构相似、在分子组成上相差一个或若干个“CH2”原子团的有机物。结构相似指的是官能团的种类和数目都相同。要注意酚和醇的官能团都是羟基，但它们属于不同类的物质，所以酚和醇不可能是同系物。

9. 麦考酚酸是一种有效的免疫抑制剂，能有效地防止肾移植排斥，其结构简式如下图所示。下列有关麦考酚酸说法正确的是（   ）   

A. 分子式为C17H23O6

B. 不能与FeC13溶液发生显色反应

C. 在一定条件下可发生加成、取代、消去反应

D. l mol麦考酚酸最多能与3 mol NaOH反应

【答案】D

【解析】A. 烃的含氧衍生物分子中的氢原子数不可能是奇数，A不正确； B. 该有机物分子中有酚羟基，所以可以与FeC13溶液发生显色反应，B不正确；C. 该有机物在一定条件下可发生加成和取代，但是不能发生消去反应，C不正确；D. 该有机物分子中有3种可以与NaOH反应的官能团——酚羟基、酯基和羧基，所以l mol麦考酚酸最多能与3 mol NaOH反应，D正确，本题选D。

点睛：有机物的性质是由官能团决定的，每一种官能团都能代表一类有机物，所以有机物分子中有哪些官能团就具有哪些有机物的性质。因此，我们必须熟悉常见的重要官能团的结构和性质。

10. 齐齐哈尔第二制药厂有限公司在生产亮菌甲素注射液时，曾经违法使用危及人体肾功能的二甘醇代替丙二醇作为药用辅料，这就是震惊全国的齐二药假药案。二甘醇的结构简式为：CH2OHCH2OCH2CH2OH；丙二醇的结构简式为CH3CH（OH）CH2OH。下列有关丙二醇的说法中不正确的是（   ）

A. 丙二醇可发生消去反应    B. 丙二醇和乙二醇互为同系物

C. 丙二醇可发生取代反应    D. 丙二醇和二甘醇均仅属醇类

【答案】D

点睛：所谓H，指的是有机物分子中官能团直接相连的碳原子的邻位碳原子上的氢原子。醇的消去反应是从醇分子中脱去羟基和H，所以只有分子中有H的醇才能发生消去反应。

11. ．除去乙烷气体中的少量乙烯的最好方法是（   ）

A. 在催化剂存在下与足量氢气反应

B. 通过盛有溴的CCl4溶液的洗气瓶

C. 依次通过高锰酸钾酸性溶液、浓硫酸

D. 依次通过KMnO4酸性溶液、NaOH溶液、浓硫酸

【答案】D

【解析】A.有机反应大多数是可逆反应，在催化剂存在下乙烯与足量氢气反应，不能保证所有的乙烯都转化为乙烷，也无法控制氢气的用量，A不正确；B. 通过盛有溴的CCl4溶液的洗气瓶，因为都易挥发，所以会引入新的杂质，B不正确；C.通过高锰酸钾酸性溶液后，乙烯可能会被氧化为二氧化碳，引入了新的杂质，C不正确；D. 依次通过KMnO4酸性溶液把乙烯氧化，再用NaOH溶液吸收可能产生的二氧化碳，最后用浓硫酸干燥，可以达到实验目的，D正确。本题选D。

12. 有机物 ①CH2OH(CHOH)4CHO、②CH3CH2CH2OH、③CH2＝CH—CH2OH、

④CH2＝CH—COOCH3、⑤CH2＝CH—COOH中，既能发生加成反应和酯化反应，又能发生氧化反应的是（   ）

A. ③⑤    B. ①③⑤    C. ②④    D. ①③

【答案】B

【解析】五种有机物中共含有碳碳双键、醇羟基、醛基、羧基和酯基，碳碳双键能发生加成和加聚反应、醇羟基和羧基能发生酯化反应、醛基能发生加成和氧化反应、五种有机物都能发生燃烧，燃烧属于氧化反应，所以既能发生加成反应、加聚反应、酯化反应，又能发生氧化反应的是③⑤，故选A。

点睛：本题考查有机物的官能团和性质，官能团决定着有机物的化学性质，含多官能团的物质化学性质往往是各种官能团性质的加和，本题注重重点基础知识的考查，题目难度不大。

13. 能证明乙醇分子中有一个羟基的事实是（   ）

A. 乙醇完全燃烧生成CO2和H2O    B. 0.1 mol乙醇与足量钠反应生成0.05 mol氢气

C. 乙醇能溶于水    D. 乙醇能脱水

【答案】B

.....................

14. 有机物的结构可用“键线式”表示，如：   可简写为      有机物X的键线式为. 下列说法不正确的是（   ）

A. X的化学式为C8H8

B. 有机物Y是X的同分异构体，且属于芳香烃，则Y的结构简式为

C. X能使酸性高锰酸钾溶液褪色

D. X与足量的H2在一定条件下反应可生成环状的饱和烃Z，Z的一氯代物有4种

【答案】D

【解析】A. X的化学式为C8H8，A正确；B. 有机物Y是X的同分异构体，且属于芳香烃，则Y的结构简式为，B正确；C. X分子中有3个碳碳双键，所以X能使酸性高锰酸钾溶液褪色，C正确；D. X与足量的H2在一定条件下反应可生成环状的饱和烃Z，Z的一氯代物只有2种，D不正确。本题选D。

15. 一些中草药中常存在下列四种香豆素类化合物,有关说法正确的是（   ）

A. 七叶内酯与东莨菪内酯互为同系物

B. 四种化合物含有的官能团种类完全相同

C. 它们都能使溴的四氯化碳溶液褪色

D. 1mol上述四种物质与足量氢氧化钠溶液反应，消耗氢氧化钠最多的是亮菌甲素

【答案】C

【解析】结构相似，分子组成相差若干个CH2原子团的同一类有机物的，互称为同系物，因此七叶内酯与东莨菪内酯不互为同系物，A不正确；选项B不正确，例如七叶内酯中没有羟基、羰基碳碳双键等；选项C正确，但选项D不正确，消耗氢氧化钠分别是4mol、3mol、3mol、2mol，所以最多的是七叶内酯，答案选C。

16. 一氧化碳、烯烃和氢气在催化剂作用下发生烯烃的醛化反应，又称羰基的合成，如由乙烯可制丙醛：CH2 ＝CH2＋CO＋H2——―→ CH3CH2CHO。由丁烯进行醛化反应也可得到醛，在它的同分异构体中，属于醛的有（   ）

A. 2种    B. 3种    C. 4种    D. 5种

【答案】C

【解析】试题分析：由题中信息可知，丁烯进行醛化反应可得到分子中有5个C原子的饱和一元醛。 该醛的同分异构体中属于醛的，从结构上可以看成是由丁基和醛基两部分组成的，因为丁基有4种结构，所以其属于醛的同分体共有4种，C正确，本题选C。

17. 某有机物是药物生产的中间体，其结构简式如图。下列有关叙述正确的是（   ）

A. 该有机物与溴水发生加成反应

B. 该有机物与浓硫酸混合加热可发生消去反应

C. 1 mol该有机物与足量NaOH溶液反应最多消耗3 mol NaOH

D. 该有机物经催化氧化后能发生银镜反应

【答案】D

【解析】A. 该有机物分子中没有碳碳双键或碳碳叁键，所以不与溴水发生加成反应，A不正确；B. 该有机物分子中羟基连接的碳原子的邻位碳原子上没有氢原子，所以其不能发生消去反应，B不正确；C. 该有机物分子中能与NaOH溶液反应的官能团有酚羟基、酯基、氯原子，其中酯基水解后生成的酚羟基还能与NaOH溶液反应，所以1 mol该有机物与足量NaOH溶液反应最多消耗4 mol NaOH，C不正确；D. 该有机物的醇羟基所连的碳原子上有两个H原子，所以其经催化氧化后可以转化为醛基，能发生银镜反应，D正确。

18. 甲苯是有机化工生产的基本原料之一。利用乙醇和甲苯为原料，可按下列路线合成分子式均为C9H10O2的有机化工产品E和J。

已知：

请回答：

（1）写出下列反应方程式

①B+D→E______________________________________________________。

②G→H  ______________________________________________________。

（2）①的反应类型为_________________；②的反应类型为___________；F的结构简式为_______________________。

（3）E、J有多种同分异构体，写出符合下列条件的4种同分异构体结构简式。要求：①与E、J属同类物质②苯环上有两个取代基且苯环上的一氯代物只有两种。

①______________________________；②________________________________；

③______________________________；④________________________________。

【答案】    (1).     (2).     (3). 取代反应    (4). 酯化（或取代）反应    (5).     (6).     (7).     (8).     (9).

【解析】试题分析：由题中合成路线信息可知， 乙醇经催化氧化得到A，所以A 是乙醛，A经银氨溶液氧化后再酸化得到B，所以B是醋酸。在光照条件下甲苯与氯气发生取代反应生成、和，然后在加热条件下 与NaOH 溶液发生水解生成对应醇、和，由可知，会自动脱水转化为，会自动脱水、再经酸化转化为，也可以氧化为，与题中信息相符，所以C为、D为、F为、I为，I与乙醇发生酯化反应生成J，则J为苯甲酸乙酯，结构为。E和J是同分异构体，所以E是乙酸苯甲酯，结构简式为。

（1）①B+D→E反应方程式为。

②G→H反应方程式为  。

（2）①的反应类型为取代反应；②的反应类型为酯化（或取代）反应；F的结构简式为。

（3）①与E、J属同类物质，则要求分子中有苯环、酯基；②苯环上有两个取代基且苯环上的一氯代物只有两种，则两取代基应置于苯环对位。符合这两个条件的4种同分异构体结构简式分别为：①；②；

③；④。

19. 2009年甲型H1N1流感席卷全球，引起了全世界人们的高度关注。金刚乙胺、达菲等药物可用于预防甲型H1N1流感。

（1）金刚乙胺是金刚乙烷的衍生物，其结构如图所示，其分子式为：______________。

（2）金刚乙烷有很多一氯代物，A是其中之一。A有如下转化关系：

经检测：一个E分子中含有两个羰基，但与新制氢氧化铜悬浊液共热得不到砖红色沉淀；1 mol F与足量的钠完全反应生成22.4 L气体（换算成标况）。

试回答下列问题：（用“R”表示）

①写出D、E的结构简式：D________________________，E_______________________。

②写出C→D的化学方程式：________________________________________________。

A→B、E→F的反应类型分别为：__________________、__________________。

③F在一定条件下，可发生反应形成高分子化合物I，I的结构简式为  。试写出F中含氧官能团的名称：__________________________。

④金刚乙烷的一氯代物有________种。

【答案】    (1). C12H21N    (2). R—CHOH—CH2OH    (3).     (4). R—CHBr—CH2Br＋2H2O2HBr＋R—CHOH—CH2OH    (5). 消去反应    (6). 还原反应(或加成反应)    (7). 羟基、羧基    (8). 5

【解析】（1）由金刚乙胺结构可知，其分子式为C12H21N。

（2）由A生成B的条件（NaOH的乙醇溶液），可以推断这是一个卤代烃的消去反应，生成物B可能含有碳碳双键。B与Br2加成生成C，得到溴代烃，再经水解，即可得到二元醇D。由已知E分子中有两个C＝O键，但与新制Cu(OH)2悬浊液共热得不到砖红色沉淀，可知E分子中无醛基，E只能为R—CO—COOH（R代表金刚烷基），由E可推出D为 R—CHOH—CH2OH。1 mol F与足量的钠完全反应生成22.4 L气体，说明F分子中有2个活泼H原子，所以F为R—CHOH—COOH。

①D的结构简式为 R—CHOH—CH2OH ，E的结构简式为 。

②C→D的化学方程式为R—CHBr—CH2Br＋2H2O2HBr＋R—CHOH—CH2OH。

A→B、E→F的反应类型分别为消去反应、还原反应(或加成反应)。

③F在一定条件下，可发生反应形成高分子化合物I，I的结构简式为  。F中含氧官能团有羟基、羧基。

④金刚乙烷的一氯代物有、、、、等5种。

点睛：本题主要是根据反应条件和有机物的性质进行有机物结构的推断，要求我们要熟练掌握常见重要有机物的性质及其发生反应的条件。分析有机物一氯代物的数目时，要根据其结构的对称性进行，按照一定的顺序和原则，避免遗漏和重复。

20. 某液态卤代烃RX（R是烷基，X是某种卤素原子）的密度是a g/cm3。该RX在稀碱溶液中可以发生水解反应生成有机物ROH（ROH能与水互溶）和HX。为了测定RX的相对分子质量，进行了如下实验操作：

①准确量取该卤代烃bmL，放入锥形瓶中。

②在锥形瓶中加入过量稀NaOH溶液，塞上带有长玻璃管的塞子，加热，发生反应。

③反应完成后，冷却溶液，加稀HNO3溶液酸化，滴加过量AgNO3溶液，得到白色沉淀。

④过滤、洗涤、干燥后称重，得到cg固体。

回答下列问题：

（1）步骤④中，洗涤的目的是为了除去沉淀上吸附的___________离子。

（2）该卤代烃中所含卤素的名称是____________，判断的依据是_________________。

（3）该卤代烃的相对分子质量是______________________（列出算式）。

（4）如果在步骤②中，加HNO3的量不足，没有将溶液酸化，则步骤④中测得的c____（填写下列选项代码）。

A．偏大　　　　　　B．偏小　　　　　　C．不变　　　　　　D．无影响

【答案】    (1). Ag+、Na+、NO3-等    (2). 氯    (3). 加入AgNO3溶液后，产生白色沉淀    (4).     (5). A

【解析】试题分析：bmL该卤代烃的质量为ab g，与过量稀NaOH溶液充分反应后，加稀HNO3溶液酸化，滴加过量AgNO3溶液，得到白色沉淀，可知白色沉淀为氯化银，则该卤代烃为氯代烃。由氯化银沉淀的质量为cg，可以求出氯化银的物质的量为mol，由氯元素守恒可知RX的物质的量为mol，则RX的摩尔质量为g/mol，所以RX的相对分子质量为。

（1）步骤④中，洗涤的目的是为了除去沉淀上吸附的Ag+、Na+、NO3-等离子。

（2）该卤代烃中所含卤素的名称是氯，判断的依据是加入AgNO3溶液后，产生白色沉淀。

（3）该卤代烃的相对分子质量是。

（4）如果在步骤②中，加HNO3的量不足，没有将溶液酸化，则剩余的氢氧化钠也可以与硝酸银反应生成沉淀，所以步骤④中测得的沉淀质量数值c将偏大，选 A。

21. 已知CH3—CH==CH2＋HBr―→ CH3—CHBr—CH3，1 mol某芳香烃A充分燃烧后可以得到8 mol CO2和4 mol H2O。该芳香烃A在不同条件下能发生如图所示的一系列变化：

请回答下列问题：

（1）A的化学式：______________，A的结构简式：_______________________。

（2）上述反应中，①是________反应，⑦是________反应．（填反应类型）

（3）写出C、D、E、H物质的结构简式：C____________________________，D____________________________，E____________________________，H____________________________。

（4）写出D→F反应的化学方程式：__________________________________________。

【答案】    (1). C8H8    (2).     (3). 加成反应    (4). 酯化反应（取代反应）    (5).     (6).     (7).     (8).     (9).

【解析】试题分析：1 mol某芳香烃A充分燃烧后可以得到8 mol CO2和4 mol H2O，则A为苯乙烯。反应①中，A与溴发生加成反应生成二溴代物；反应②二溴代物发生消去反应生成苯乙炔；反应③苯乙炔与溴发生加成反应生成四溴代物。A发生加聚反应得到的C为聚苯乙烯。反应⑤A与溴化氢发生加成生成一溴代物，根据题中信息可知此一溴代物为；反应⑥发生水解反应生成，反应⑦与醋酸发生酯化反应得到的H为。

（1）A的化学式为C8H8，A的结构简式为（或）。

（2）上述反应中，①是加成反应反应，⑦是酯化反应（取代反应）．

（3）C、D、E、H物质的结构简式分别为、、、。

（4）D→F反应的化学方程式为。

22. 现有A、B、C三种烃，其球棍模型如下图：

（1）等质量的以上物质完全燃烧时耗去O2的量最多的是________（填对应字母，下同）；

（2）同状况、同体积的以上三种物质完全燃烧时耗去O2的量最多的是__________；

（3）等质量的以上三种物质燃烧时，生成二氧化碳最多的是_________，生成水最多的是_________。

（4）在120℃、1.01×105 Pa下时，有两种气态烃和足量的氧气混合点燃，相同条件下测得反应前后气体体积没有发生变化，这两种气体是__________。

【答案】    (1). A    (2). C    (3). B    (4). A    (5). A、B

【解析】试题分析：由题中模型可知，A、B、C分别为甲烷、乙烯、乙烷，其中甲烷中含碳的质量分数最低、乙烯中碳的质量分数最高。

（1）等质量的以上物质完全燃烧时耗去O2的量最多的是A；

（2）同状况、同体积的以上三种物质完全燃烧时耗去O2的量最多的是C；

（3）等质量的以上三种物质燃烧时，生成二氧化碳最多的是B，生成水最多的是A。

（4）在120℃、1.01×105 Pa下时，水是气体。由烃的燃烧通式CxHy+(x+)O2→xCO2+H2O可知，若燃烧前后气体体积不变，则1+ x+=x+，解之得y=4.所以在该条件下，分子中氢原子数为4的烃完全燃烧后，气体体积不变，符合这个条件的有甲烷和乙烯。所以这两种气体是A、B。

点睛：等质量的不同烃燃烧时的耗氧量与分子中碳的质量分数（或氢元素的质量分数）有关，烃分子中碳的质量分数越高（或氢元素的质量分数越低），其耗氧量就越低。等物质的量的不同烃的耗氧量由(x+y/4)决定（x、y分别代表烃分子中的C、H原子的数目），(x+y/4)越大，耗氧量越大。

23. 某有机物X（C12H13O6Br）的分子中含有多种官能团，其结构简式为

（其中Ⅰ、Ⅱ为未知部分的结构）．为推测X的分子结构，进行如图所示的转化：

已知向E的水溶液中滴入FeCl3溶液发生显色反应；G、M都能与NaHCO3溶液反应；在X分子结构中，Ⅰ里含有能与FeCl3溶液发生显色反应的官能团，且E分子中苯环上的一氯代物只有一种。

（1）M的结构简式是________________。

（2）G分子所含官能团的名称是_____________________；G不能发生的反应有________（选填序号）。

A．加成反应        B．消去反应         C．氧化反应       D．取代反应

（3）由B转化成D的化学方程式是___________________________________________。

（4）F与G互为同分异构体，F的分子中只含有羧基、羟基和醛基三种官能团，且同一个碳原子上不能同时连有两个羟基．则F的分子结构有________种。

（5）X的分子结构中共有________种化学环境不同的氢原子。

【答案】    (1). HOOC—COOH    (2). 羧基、羟基    (3). A    (4). HOCH2—CH2OH＋O2OHC—CHO＋2H2O    (5). 2    (6). 8

【解析】试题分析：由X的结构可知，X分子中有酯基，X与氢氧化钠溶液发生水解反应生成A、B和N等3种物质。向E的水溶液中滴入FeCl3溶液发生显色反应，说明E分子中有苯环和酚羟基，且E是由X分子中结构I部分转化而来；N可与酸反应生成G，则G的结构简式为。由X的分子式为C12H13O6Br，不饱和度为 (2×12+2-13-1)/2 =6，结合已知部分的结构，可判断X分子中除了苯环(不饱和度为4)和两个碳氧双键外，没有其他不饱和键。由题中图片上的转化关系可知，B发生连续氧化生成M，M的分子式为C2H2O4，可知B为乙二醇、D为乙二醛、M为乙二酸，因此II中应含有2个碳原子和一个Br，且Br位于链端。E苯环上的一氯代物只有一种，结合有机物X的分子式及已知部分结构可知，E的结构简式为。综上所述，X为。

（1）M的结构简式是HOOC—COOH。

（2）G分子所含官能团是羧基、羟基；G不能发生的反应是加成反应，选A。

（3）由B转化成D的化学方程式是HOCH2—CH2OH＋O2OHC—CHO＋2H2O。

（4）F与G（）互为同分异构体，F的分子中只含有羧基、羟基和醛基三种官能团，且同一个碳原子上不能同时连有两个羟基．则符合这些条件的F的分子结构可能有和等2种。

（5）由X的分子结构可知，分子中共有8种化学环境不同的氢原子。