江苏省苏州市2024-2025学年高一（上）期末物理试卷

这是一份江苏省苏州市2024-2025学年高一（上）期末物理试卷，共12页。试卷主要包含了单选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.下列物理量属于矢量的是( )
A. 速率B. 时间C. 路程D. 力
2.如图所示，一对父子在掰手腕，父亲让儿子获胜。若父亲对儿子的力记为F1，儿子对父亲的力记为F2，则( )
A. F1的施力物体是儿子B. F2先于F1产生
C. F2大于F1D. F1和F2方向相反
3.按图示实验方案完成“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验，已有弹簧测力计、带有小圆环的橡皮筋、细线、铅笔、白纸、图钉和木板，还必须选取的器材是( )
A. 钩码
B. 打点计时器
C. 秒表
D. 刻度尺
4.图示曲线为水平抛出铅球的运动轨迹(不计空气阻力)，下列关于铅球在空中运动过程说法正确的是( )
A. 是变加速运动
B. 加速度的大小和方向都不变
C. 速度变化率逐渐增大
D. 任意时刻加速度方向沿铅球所在位置曲线的切线方向
5.质量为150kg的货物随竖直电梯运动的v−t图像如图所示，规定向上为正方向，g取10m/s2，下列判断正确的是( )
A. 0∼10s货物处于失重状态
B. 30s∼36s电梯对货物的支持力大于1500N
C. 36s∼46s货物处于失重状态
D. 0∼46s货物发生的位移为34m
6.如图所示，对称分布的三根轻质细绳悬挂一篮绿植，其长度始终相同，绿植处于静止状态。下列说法正确的是( )
A. 三根细绳拉力大小均为绿植和花篮总重力的三分之一
B. 增加三根细绳的长度，三根绳拉力的合力变小
C. 改变三根细绳的长度，三根细绳的拉力总相同
D. 缩短三根细绳的长度，每根绳的拉力均变大
7.某同学将一小段粉笔竖直向上抛出，粉笔所受空气阻力大小与速率成正比。关于粉笔被抛出后运动的v−t图像，下列选项最合理的是( )
A. B.
C. D.
8.如图所示，质量为0.5kg的物块A放在一个静止的木箱内，A和木箱水平底面间的动摩擦因数为0.3，A的右边被一根轻弹簧用1.2N的水平拉力向右拉着而保持静止。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2，下列哪种情况下A将相对木箱滑动( )
A. 木箱竖直向下做匀加速运动，加速度大小为1.0m/s2
B. 木箱竖直向下做匀加速运动，加速度大小为5.0m/s2
C. 木箱竖直向上做匀加速运动，加速度大小为1.0m/s2
D. 木箱竖直向上做匀加速运动，加速度大小为5.0m/s2
9.如图所示，某汽车挂件由轻质细绳连接两个质量不同的物件构成。已知上方物件的质量较大，挂件被悬挂在封闭车厢的顶部，两个物件均可简化成球状物体。当汽车做匀加速直线运动时，从侧面看到的汽车挂件悬挂状态是( )
A. B.
C. D.
10.某质点在Oxy平面内运动，t=0时位于y轴上，在x方向运动的速度—时间图像如图甲所示，在y方向的位移—时间图像如图乙所示。质点( )
A. t=0时的速度大小为4m/s
B. 0∼2s内的位移大小为2 41m
C. t=1s时的位置坐标为(5m,5m)
D. t=2s时的速度方向与x轴正方向夹角大于45°
11.如图甲所示，质量为m1的塑料块和质量为m2的木块叠放在水平桌面上，对塑料块施加一水平向右的拉力F，塑料块在木块上滑动，而木块保持静止状态，图乙为其示意图。塑料块和木块之间的动摩擦因数为μ1，桌面和木块之间的动摩擦因数为μ2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。则( )
A. 木块受到桌面的摩擦力为μ2(m1+m2)g
B. 若F>μ2(m1+m2)g时木块将开始滑动
C. 若将F作用在木块上，当F>μ2(m1+m2)g+μ1m1g时，可以抽出木块
D. 若将F作用在木块上，当F>(μ1+μ2)(m1+m2)g时，可以抽出木块
二、实验题：本大题共1小题，共15分。
12.用图1所示实验装置探究外力一定时加速度与质量的关系。

(1)在通过调整平板的倾角来平衡阻力时，正确的操作是小车______。
A.后面安装纸带，前面挂槽码盘
B.后面安装纸带，前面不挂槽码盘
C.后面不安装纸带，前面挂槽码盘
D.后面不安装纸带，前面不挂槽码盘
(2)平衡阻力后，进行实验，打出的纸带如图2所示。打点计时器的打点频率为50Hz，相邻两计数点间还有四个点未画出。纸带旁边并排放着毫米刻度尺(图中未画出)，刻度尺的0刻度线与0计数点对齐，图中xⅡ= ______cm，由图中数据可得小车的加速度a= ______m/s2。

(3)保持槽码和槽码盘的质量m不变，某同学多次改变小车和砝码的总质量M，并测得小车相应的加速度a，绘制了a−1M图像如图3中实线所示，请简要说明图线上端出现弯曲的原因______。
(4)保持槽码和槽码盘的质量m不变，多次改变小车和砝码的总质量M，并测得小车相应的加速度a，如果绘制的是a−1m+M图像，请在图4中定性画出该图像。
三、计算题：本大题共4小题，共41分。
13.一辆汽车以10m/s的速度在平直公路上匀速行驶，某时刻，先以1m/s2的加速度匀加速行驶10s后，再以大小为2m/s2的加速度匀减速刹车直至停止。求：
(1)汽车匀加速10s内位移x的大小；
(2)汽车的减速时间t。
14.一小球以初速度v0从空中某点水平抛出，落地时速度方向与水平地面的夹角θ=60°。不计空气阻力，重力加速度为g。求：
(1)小球落地时竖直方向的分速度vy的大小；
(2)小球抛出点与落地点之间的水平距离x。
15.如图甲所示，工人在清洁玻璃。如图乙，某时刻工人坐在质量不计的水平小木板上保持静止状态，小木板长边BC与墙平行(C端在纸内)，工人手与墙壁、绳均不接触，腿与竖直墙的夹角β=53°，玻璃墙对脚的作用力沿腿方向，轻绳OA与竖直墙的夹角α=37°。连接小木板的两等长轻绳AB、AC的夹角θ=120°，且与OA在同一倾斜平面内，图丙为小木板、轻绳OA、AB、AC的平面图。工人及工具所受总重力为G，sin37°=0.6，g取10m/s2。求：
(1)绳OA上张力FOA与工人及工具总重力G大小之比；
(2)绳OA上张力FOA与绳AB上张力FAB大小之比；
(3)墙对工人脚的作用力F与工人受到小木板摩擦力f大小之比。
16.如图所示，质量mA=2kg的小物块A放在倾斜传送带上，轻质细线绕过定滑轮与小物块A、B相连。已知A与传送带间的动摩擦因数μ=0.4，传送带倾角θ=37°，传送带两端的距离L=3m，sin37°=0.6，g取10m/s2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
(1)若传送带静止，A能静止在传送带上，求B的质量mB满足的条件；
(2)若传送带静止，B的质量mB=0.4kg，求A从传送带上端由静止运动到下端所用的时间t；
(3)若传送带以v0=7m/s的速率逆时针匀速转动，B的质量mB=0.4kg，求A从传送带上端由静止运动到下端的过程中，在传送带上留下痕迹的长度Δx。
1.【答案】D
2.【答案】D
3.【答案】D
4.【答案】B
5.【答案】C
6.【答案】D
7.【答案】A
8.【答案】B
9.【答案】C
10.【答案】C
11.【答案】D
12.【答案】B 18.00 0.60 随着M的减小，不满足M远大于m的条件
13.【答案】解：(1)汽车匀加速10s内产生的位移x=v0t1+12a1t12
初速度v0=10m/s，加速度a=1m/s2，时间为t1=10s
代入数据得：x=150m
(2)汽车匀加速10s后的速度v=v0+a1t1
代入数据得：v=20m/s
汽车的的减速时间t=va2
代入数据得：t=10s
答：(1)汽车匀加速10s内位移x的大小为150m；
(2)汽车的减速时间为10s。
14.【答案】解：(1)由几何关系可得，

小球在落地时竖直方向分速度vy=v0tanθ，代入数据得：vy= 3v0
(2)小球落地时竖直方向分速度vy与飞行时间t的关系为：vy=gt，解得t=vyg= 3v0g
水平位移与飞行时间的关系为：x=v0t，代入数据得：x=v0⋅ 3v0g= 3v02g。
答：(1)小球落地时竖直方向的分速度vy的大小为 3v0；
(2)小球抛出点与落地点之间的水平距离为 3v02g。
15.【答案】解：(1)工人和木板整体分析受力，如图所示。

玻璃墙对脚的作用力为F，绳OA上的张力大小为FOA
由平衡条件知
F合=G
FOAF合=csα
解得
FOAG=45
(2)以A点为研究对象，AB、AC的夹角为120°，且FAB=FAC，如图所示。

FOA=F合′
FAB=F合′
可得
FOAFAB=11
(3)对工人进行隔离受力分析，如图所示。

根据平衡条件得
水平方向有
Fsinβ=f
可得
Ff=54
答：(1)绳OA上张力FOA与工人及工具总重力G大小之比为4：5；
(2)绳OA上张力FOA与绳AB上张力FAB大小之比为1：1；
(3)墙对工人脚的作用力F与工人受到小木板摩擦力f大小之比为5：4。
16.【答案】解：(1)物块受A受到的摩擦力为最大静摩擦力，摩擦力方向沿传送带向下时，如图1所示

对A，由平衡条件得：mAgsin37°+Ff=FT，FN=mAgcsθ
摩擦力：Ff=μFN
对物体，由平衡条件得： T=mBg
得：mB=1.84kg
物块A受到的摩擦力为最大静摩擦力，摩擦力沿传送带向上，物块受力如图2所示

对物块A，由平衡条件得：mAgsin37°=Ff+FT，FN=mAgcsθ
物块A受到的摩擦力：Ff=μFN
对物体B，由平衡条件得：FT=mBg
解得：mB=0.56kg
则物块B的质量需要满足的条件是：0.56kg≤mB≤1.84kg
(2)物块B的质量mB=0.4kg时物块A沿斜面向下滑动，物块A受力如图2所示，由牛顿第二定律得：
对物块A：mAgsin37°−μmAgcsθ−FT=mAa
对物体B：FT−mBg=mBa
解得：a=23m/s2
物块A离开传送带过程的位移L=12at2
代入数据解得：t=3s
(3)传送带逆时针转动时，物块A受力如图1所示，由牛顿第二定律得：
对物块A：mAgsin37°+μmAgcsθ−FT=mAa′
对物体B：FT−mBg=mBa′
解得：a′=6m/s2
物块A的位移：L=12a′t′2
代入数据解得，A到达传动带下端用时间：t′=1s，
物块A离开传送带时的速度vA=a′t′=6×1m/s=6m/s