2021-2022学年江苏省苏州市高一（上）期末物理试卷（含答案解析）

2021-2022学年江苏省苏州市高一（上）期末物理试卷

1.     下列物理量中，属于矢量的是(    )

A. 加速度 B. 时间 C. 质量 D. 路程

2.     2021年9月24日晚，第十四届全运会田径男子跳高决赛在西安奥体中心体育场举行，苏州籍运动员王振以的成绩夺得冠军。若不计空气阻力，下列说法中正确的是(    )

A. 在研究王振的跳高动作时，可以把他看作质点
B. 起跳离地后的上升过程中，王振处于失重状态
C. 在最高点时，王振处于平衡状态
D. 过杆后的下落过程中，王振做自由落体运动

3.     如图所示，用一根轻质细绳将一幅画框对称悬挂在墙壁挂钩上，不计一切摩擦，下列说法中正确的是(    )

A. 画框的重心位置一定在挂钩的正下方
B. 绳子中的拉力一定大于画框的重力
C. 绳子对挂钉A的拉力方向一定竖直向上
D. 增大挂钉A、B之间的距离，绳子对挂钩的作用力增大
 

4.     在研究物体运动的原因时，伽利略设计了理想斜面实验。某同学按照伽利略的方法进行实验并现场拍摄频闪照片，如图所示。下列说法中正确的是(    )

A. 实验时，小球是从右侧斜面滚下，“冲”上左侧斜面
B. 小球在斜面B上运动的加速度比在斜面C上的大
C. 小球在斜面B和斜面C上的最高点是等高的
D. 小球在水平面D上的运动是匀速的
 

5.     关于“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验，下列说法中错误的是(    )

A. 乙图中、的作用效果与丙图中F的作用效果相同
B. 应将记录到的、和F的大小和方向，按照力的图示法画出丁图
C. 应依据丁图，猜想、和F三者的关系并加以验证得出结论
D. 该实验的误差主要来源于弹簧测力计自身的重力
 

6.     一同学利用如图甲所示的实验装置探究质量一定时加速度a与力F的关系。另一同学在图甲实验装置中的小车上固定一个力传感器如图乙来完成实验。下列关于实验操作的说法中正确的是(    )

A. 图甲实验中，小车由静止开始运动后所受拉力大小等于所挂槽码的重力
B. 图乙实验中，木板水平时，力传感器上的读数等于小车所受合力的大小
C. 图乙实验中，所挂槽码的质量应远小于小车的质量
D. 图甲、图乙两个实验中，为得到质量一定时a与F成正比，都需要补偿阻力

7.     如图所示，细绳的一端固定于O点，另一端系一个小球，在O点的正下方钉一个钉子P，小球从左侧一定高度摆下整个过程无能量损失。下列说法中正确的是(    )

A. 在摆动过程中，小球所受重力和绳子拉力的合力始终等于向心力
B. 小球经过最低点时，加速度不变
C. 小球经过最低点时，速度不变
D. 钉子位置离O点越近，绳就越容易断
 

8.     在平直公路上，a、b两小车运动的图象如图所示，其中a是一条抛物线，M是其顶点，b是一条倾斜的、过坐标原点的直线，关于a、b两小车，下列说法正确的是(    )

A. 前4s内，b车的速度一直大于a车
B. a车做曲线运动，b车做直线运动
C. 内，两车的距离越来越小
D. 1s末，a车的运动方向发生变化

9.     如图所示，小车内有一小球被轻质弹簧和一条细线拴接。小车在水平面上做直线运动的过程中，弹簧始终保持竖直状态，细线与竖直方向成角。下列说法正确的是(    )

A. 小车不可能做匀速运动 B. 小车可能向右做减速运动
C. 细绳有拉力时，弹簧一定有弹力 D. 弹簧有弹力时，细绳可能没拉力

10. 如图所示，河宽为300m，河中各点到较近河岸的距离为x，各点的水流速度大小与x的关系为的单位为m，的单位为。小船船头始终垂直于河岸渡河，小船在静水中的速度大小为，则下列说法错误的是(    )

A. 小船渡河的时间是100s
B. 小船渡河过程中的最大速度为
C. 小船到达对岸距出发点的距离为500m
D. 从河中心位置到对岸，小船做匀变速曲线运动

11. 在“探究平抛运动的特点”实验中，可分为两个步骤，从竖直和水平两个方向进行探究。
    
    步骤一：利用如图甲所示的装置先进行实验。小锤打击弹性金属片，A球沿水平方向抛出；同时B球被释放，自由下落。
    步骤二：利用如图乙所示的装置再进行实验。将白纸和复写纸对齐重叠，并固定在竖直的硬板上。使钢球沿斜槽轨道M滑下后水平飞出，落在水平挡板N上。由于挡板靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，就会挤压复写纸，在白纸上留下印迹。上下移动挡板N，通过多次实验，在白纸上记录钢球所经过的多个位置。
    关于该实验，下列说法中正确的有______。
    A.图甲实验中两球的质量要相等
    B.图甲实验中改变小球的高度和敲击的力度，若两球始终同时落地，说明平抛的竖直分运动是自由落体运动
    C.图乙实验中每次从斜槽上释放钢球必须是在同一位置且静止释放
    D.图乙实验中每次移动挡板的距离必需相等
    在图乙实验中，需要用平滑曲线把各个印迹点连接起来，得到钢球做平抛运动的轨迹，通过对轨迹的研究，得到平抛水平分运动的特点。在白纸从硬板上取下前，还需做的实验操作是：①______；②______。
    若要验证实验得到的运动轨迹是抛物线，可在轨迹上取一些点，以平抛起点为坐标原点，测量它们的水平坐标x和竖直坐标y，下列图像中能说明平抛小球运动轨迹为抛物线的是______。
    
    图丙是某同学拍摄到的频闪照片，用它来探究平抛运动的特点。图中背景正方形方格的边长为，A、B、C是小球的三个位置，量得A与B、A与C之间竖直方向分别相距格和格，照相机每隔拍摄一次，则小球竖直方向上运动的加速度大小______。
     
12. 棒球运动是一项集智慧与勇敢、趣味与协作于一体的集体运动项目。如图所示，投手在A点将球抛向捕手，捕手预备在B点接球，击球员预备在C点用棒击球。已知A点离地面，C点离地面，A、B两点的水平距离为20m。某次投手将球水平抛出，经球到达B点击球员未击中球。棒球可看作质点，空气作用力不计，g取。求：
    棒球被抛出时的速度大小；
    棒球抛出后经过C点时的速度大小可用根式表示。
13. 一个半径的水平转盘以O为中心绕竖直轴转动，质量的小球A用长细线固定在转盘边缘的P点，质量的物块B在转盘边缘。当转盘以某一角速度匀速转动时，连接小球A的细线与竖直方向夹角为，物块B和转盘保持相对静止。已知，，g取，小球A和物块B都可看作质点。求此时：
    细线中拉力T的大小；
    物块B受到水平转盘的摩擦力大小。
14. 某工厂输送物件的传送系统由倾角为的传送带AB和倾角相同的长木板CD组成，物件和传送带间的动摩擦因数，与木板的动摩擦因数。传送带以的恒定速度顺时针转动。现将物件P无初速置于传送带A端，发现当物件到达B端时刚好相对传送带静止，到达D点时速度恰好为零，随即被机械手取走。物件可以看成质点，传送带与木板间可认为无缝连接。已知，，g取。求：
    的长度；
    物件从A到D所需的时间t；
    假如机械手未能在D点及时把物件取走，物件将会下滑，在它再次返回木板时到达的最高点与C点的距离。

15. 如图甲所示，质量、大小可以忽略的铁块静止在木板的右端，铁块与木板间的动摩擦因数；质量、足够长的木板静止在水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取。现给铁块施加一个水平向左的力F。
    
    若F恒为1N，求木板与地面间的摩擦力大小；
    若F恒为8N，求铁块在1s内在木板上滑过的距离L；
    若作用力F随时间t变化的关系如图乙所示，求在8s内铁块运动位移x的大小。
    

答案和解析

1.【答案】A 

【解析】解：A、加速度既有大小又有方向，是矢量，故A正确。
BCD、时间、质量和路程只有大小，没有方向，都是标量，故BCD错误。
故选：A。
矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量。
矢量与标量有两大区别：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法则不同，矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则。要掌握物理量的矢标性。
 

2.【答案】B 

【解析】解：A、把他看作质点的话，就无法研究王振的跳高动作了，故A错误；
B、跳离地后的上升过程中，王振有向下的加速度，处于失重状态，故B正确；
C、在最高点时，王振只受重力，受力不平衡，故C错误；
D、过杆后的下落过程中，由于有水平速度，王振做平抛运动，故D错误。
故选：B。
当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度。
本题主要考查对超重失重现象的理解和平抛运动的知识，注意人处于超重或失重状态时，人的重力并没变。
 

3.【答案】A 

【解析】解：因是用一根轻质细绳将一幅画框对称悬挂在墙壁挂钩上，且不计一切摩擦，所以绳对两挂钩的拉力大小相等，与竖直方向的夹角也相等。
A、画框受到重力，绳子对其的两个拉力，且这两个拉力大小相等，与竖直方向的夹角相等，属于共点力的平衡，三力所在直线的延长线交于一点，是挂钩所在的点，所以画框的重心位置一定在挂钩的正下方，故A正确。
B、根据两大小相等的力的合成可知，当绳子之间的夹角小于时，绳子的拉力小于画框的重力，等于时，绳子的拉力等于画框的重力，当夹角大于时，绳子的拉力大于画框的重力，由于该题无法判断绳子的夹角，所以无法判断绳子的拉力与画框重力的关系，故B错误。
C、因挂钉AB不能重合，绳子的方向不会处于竖直状态，所以，绳子对挂钉A的拉力方向一定不是竖直向上，故C错误。
D、绳子对挂钩的拉力大小始终等于画框的重力，与钉A、B之间的距离无关，故D错误。
故选：A。

A根据三力平衡时，力的作用线所在的直线交于一点，可得知画框的重心与挂钩位置的关系，即可得知选项A的正误。
B、结合绳子在挂钩处所形成的夹角的大小可分析绳子中拉力与画框重力之间的关系，即可得知B选项的正误。
C、一般情况下，两个挂钉是不重合的，由此可得知绳子与竖直方向的夹角不为零，即可得知C的正误。
D、根据力的平衡，可知挂钩受到绳子的力大小始终与画框的重力相等，由此可得知D选项的正误。
本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。
 

4.【答案】B 

【解析】解：A、实验时，小球从左侧斜面滚下，“冲”上右侧斜面，故A错误；
B、设斜面与小球间的动摩擦因数为，小球在斜面上运动的加速度：，斜面B的倾角大，加速度大，故小球在斜面B上运动的加速度比在斜面C上的大，故B正确；
C、由于摩擦力的存在，小球在面B和斜面C上的最高点不是等高的，故C错误；
D、由于摩擦力的存在，小球在水平面D上的运动不是匀速的，速度逐渐减小，故D错误。
故选：B。
小球从左侧斜面上某点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升，阻力越小则上升的高度越大，伽利略通过上述实验推理得出运动物体如果不受其他物体的作用，将会一直运动下去。
此题考查了伽利略研究运动和力的关系的实验，要想分清哪些是可靠事实，哪些是科学推论要抓住其关键的特征，即是否是真实的客观存在，这一点至关重要。
 

5.【答案】D 

【解析】解：A、乙图中、将橡皮筋拉倒O点，丙图中F将橡皮筋拉倒了O点，所以乙图中、的作用效果与丙图中F的作用效果相同，故A正确；
BC、该实验采用“等效替代”法，要求两次拉橡皮筋要到同一位置；根据力的平行四边形定则，以拉力和为邻边，作出平行四边形，平行四边形的对角线表示拉力的理论值，然后与一个弹簧拉橡皮筋的拉力F比较，若二者基本重合，则验证了力的平行四边形定则；所以应将记录到的、和F的大小和方向，按照力的图示法画出丁图，然后比较、和F三者的关系并加以验证得出结论，故BC正确；
D、该实验的误差主要来源于弹簧测力计的拉力读数和方向记录误差，弹簧测力计自身重力对实验无影响，故D错误；
本题选择错误选项，故选：D。
正确理解和应用平行四边形定则，明确合力和分力的大小关系，理解“等效法”在该实验中的应用，实验中我们需要记录的是两个分力的大小和方向，以及实际合力的大小和方向，利用平行四边形画出合力的理论值再和实际的合力进行比较。
这个实验的原理是：记录的是两个分力的大小和方向，以及实际合力的大小和方向，利用平行四边形画出合力的理论值再和实际的合力进行比较。
 

6.【答案】D 

【解析】解：A、把槽码作为研究对象，根据牛顿第二定律有
整理可得
绳子对槽码的拉力T和对小车的拉力大小相等，故小车由静止开始运动后所受拉力大小小于所挂槽码的重力，故A错误；
BC、木板水平时，小车受到绳子拉力和摩擦力作用，力传感器上的读数不等于小车所受合力的大小；由于利用力传感器可以知道绳子拉力大小，故不需要满足所挂槽码的质量远小于小车的质量，故BC错误；
D、图甲、图乙两个实验中，根据实验原理可知，绳子拉力变化时，小车受到的阻力不变，此种情况不能得到质量一定时a与F成正比，故都需要补偿阻力，故D正确。
故选：D。

A、根据牛顿第二定律，写出拉力与重力的关系式，进而判断小车由静止开始运动后所受拉力大小小于所挂槽码的重力；
BC、根据实验原理及实验操作可以判断力传感器上的读数不等于小车所受合力的大小，且该实验不需要满足所挂槽码的质量远小于小车的质量；
D、根据实验原理及运动过程的受力分析可知两种情况都需要补偿阻力。
在实验中要注意，该实验中要要注意一是补偿摩擦力，另外是要注意实验原理的理解，要注意没有力传感器，则需满足悬挂物的质量远小于小车的质量。
 

7.【答案】C 

【解析】解：A、小球在下摆的过程中，小球速度逐渐变大，小球做变速圆周运动，小球所受重力和绳子拉力的合力不始终等于向心力，故A错误；
BC、细绳与钉子相碰前后线速度大小不变，半径变小，加速度变大，故B错误，C正确；
D、OP间距离越小，绳子被钉子挡住后做圆周运动的半径越大，根据可知，绳上的拉力越小，则细绳越不容易断，故D错误；
故选：C。
细绳与钉子相碰前后没有能量损失，则小球机械能守恒，线速度大小不变，半径变小；在最低点根据绳子拉力和重力的合力提供向心力，通过牛顿第二定律判断出绳子拉力的变化。
 

8.【答案】C 

【解析】解：A、在图象中，图线的斜率代表速度，由图可知，b车的速度先小于a车的速度，后大于a的速度，故A错误；
B、图象只能表示直线运动的规律，可知a车和b车都做直线运动，故B错误；
C、时刻，a车在b车后面14m处，两车同向，内，a车的速度大于b车的速度，所以两车的距离越来越小，故C正确；
D、根据图象的斜率表示速度，速度正负表示速度方向，可知1s末，a车的运动方向没有发生变化，故D错误。
故选：C。
图象的斜率表示速度，根据斜率大小分析速度大小；图象只能表示直线运动的规律；根据速度关系和初始位置关系分析两车间距离变化情况；根据斜率的正负分析a车的运动方向。
解决本题的关键要理解位移-时间图象的物理意义，知道图象的斜率等于速度，速度正负表示速度方向。
 

9.【答案】D 

【解析】解：若细绳没有拉力，小球做匀速运动，若细绳有拉力时，小球向右做加速运动，即，无论细绳有没有拉力，小球不可能向右做减速运动，故AB错误；
C.细绳有拉力时，弹簧可以无弹力，这时小车向右做加速运动，故C错误；
D.小球匀速运动时，弹簧有弹力，细绳没拉力，故D正确。
故选：D。
AB、根据小球和小车相对静止，利用小车的运动状态可以判断小球的受力情况；
CD、假设轻弹簧对小球没有弹力作用，分析小球的受力，进而判断小车可能的运动状态。
在分析物体的运动状态时，要注意加速度一定时，对应的运动状态可能是加速运动也可能是减速运动。
 

10.【答案】D 

【解析】解：A、将小船的运动分解为沿船头指向和顺水流方向的两个分运动，两个分运动同时发生，互不干扰，故渡河时间与顺水流方向的分运动无关，当船头与河岸垂直时，沿船头方向的分运动的分位移最小，故渡河时间最短，最短时间为：，故A正确；
B、当小船运动到河中间时，水流速度最大，则为：，此时小船的合速度最大，最大值为：，故B正确；
C、根据，解得，沿水流方向小船运动的位移，小船到达对岸距出发点的距离，代入数据解得，故C正确
D、小船在垂直于河岸方向上做匀速直线运动，在沿河岸方向上先加速，到达河中间后再减速，可知，加速度方向发生改变，所以小船不做匀变速曲线运动，故D错误。
本题选择错误选项，
故选：D。
将小船的运动分解为垂直于河岸方向和沿河岸方向，小船船头垂直河岸，则沿河岸方向的速度等于水流速度，根据两个方向上的运动情况判断合运动的轨迹。
解决本题的关键知道当合速度的方向与合加速度的方向在同一条直线上，物体做直线运动，不在同一条直线上，物体做曲线运动，以及知道合速度与分速度之间遵循平行四边形定则。
 

11.【答案】；①记下小球抛出时球心的位置；②记下竖直方向；；。 

【解析】解：、图甲实验对两球的质量要没有要求，质量不必要相等，故A错误；
B、图甲实验中改变小球的高度和敲击的力度，若两球始终同时落地，说明平抛的竖直分运动是自由落体运动，故B正确；
C、为保证小球到达斜槽末端时的速度大小相等，图乙实验中每次从斜槽上释放钢球必须是在同一位置且静止释放，故C正确；
D、图乙实验中每次移动挡板的距离不必相等，故D错误。
故选：BC。
在白纸从硬板上取下前，还需做的实验操作是：①记下小球抛出时球心的位置；②记下竖直方向或重锤线方向。
小球做平抛运动，设初速度为，运动时间为t，
在水平方向：竖直方向：
整理得：，g、都是常数，则y与成正比，故C正确，ABD错误。
故选：C。
由题意可知：，，
由匀变速直线运动的推论可知：，
代入数据解得：；
故答案为：；①记下小球抛出时球心的位置；②记下竖直方向；；。
根据实验原理与实验注意事项分析答题
求出图像的函数表达式然后分析答题。
应用匀变速直线运动的推论求出加速度大小。
理解实验原理，知道平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动与竖直方向的自由落体运动是解题的前提；根据实验注意事项、实验现象，应用运动学公式即可解题。
 

12.【答案】解：棒球从抛出A到达B点的过程中，根据水平方向上做匀速直线运动，得：
代入数据解得棒球被抛出时的速度大小为：
根据题意可知棒球从抛出A到达C点的竖直高度为：
根据位移-速度公式得：
代入数据解得
根据运动的合成与分解可知，棒球抛出后到达C点的速度：
答：棒球被抛出时的速度大小为；
棒球抛出后经过C点时的速度大小为。 

【解析】根据棒球在水平方向上做匀速直线运动，由运动学公式求得棒球被抛出时的速度大小；
根据位移-速度公式计算棒球运动到C点的竖直分速度，根据运动的合成与分解求解速度。
本题以棒球运动是一项集智慧与勇敢、趣味与协作于一体的集体运动项目为情景载体，考查了平抛运动的规律，解决此题的关键是把平抛运动分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动，灵活应用运动学公式求解。
 

13.【答案】解：对小球A受力分析，竖直方向根据平衡条件可得：
代入数据解得：；
小球A在水平面内做匀速圆周运动，圆周半径：
代入数据解得：；
水平方向根据牛顿第二定律可得：
对于物块B，圆周运动的角速度与小球A相同
设物块B所受摩擦力大小为f，摩擦力提供向心力，有：
联立并代入数据解得：
所以物块B所受摩擦力大小为。
答：细线中拉力T的大小为；
物块B受到水平转盘的摩擦力大小为。 

【解析】对小球A受力分析，竖直方向根据平衡条件求解拉力；
对小球A，水平方向根据牛顿第二定律列方程；对于物块B，圆周运动的角速度与小球A相同，摩擦力提供向心力，根据向心力公式求解物块B所受摩擦力大小。
本题主要是考查圆周运动的知识，解答此类问题的关键是能够对物体进行受力分析，确定哪些力的合力或哪个力的分力提供了向心力，根据向心力的计算公式进行解答。
 

14.【答案】解：物件在传送带上从A运动到B，设加速度大小为
根据牛顿第二定律可得：
可得
再根据匀加速直线运动规律得传送带的长度；
物件从A运动到B的时间
设物件在木板上从C运动到D过程中的加速度大小为，根据牛顿第二定律可得：

解得：
从C运动到D的时间
所以物件从A运动到D的时间为：；
木板CD的长度
设物件在木板上从D运动到C过程中的加速度大小为，根据牛顿第二定律可得：
，解得：
到达C点的速度大小为，解得：
物件滑上传送带后回到C点的速度大小仍为，
再次在木板上的上滑距离。
答：的长度为20m；
物件从A到D所需的时间为；
假如机械手未能在D点及时把物件取走，物件将会下滑，在它再次返回木板时到达的最高点与C点的距离为。 

【解析】根据牛顿第二定律可得物件在传送带上从A运动到B的加速度大小，再根据匀加速直线运动规律得传送带的长度；
求出物件从A运动到B的时间；根据牛顿第二定律求解物件在木板上从C运动到D过程中的加速度大小，再根据速度-时间关系求解从C运动到D的时间，由此得到物件从A运动到D的时间；
根据速度-位移关系求解木板CD的长度，根据牛顿第二定律求解物件在木板上从D运动到C过程中的加速度大小，分析物件的运动情况，根据运动学公式进行解答。
对于牛顿第二定律的综合应用问题，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用牛顿第二定律或运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答；知道加速度是联系力和运动的桥梁。
 

15.【答案】解：铁块与木板之间的最大静摩擦力
木板与地面之间的最大静摩擦力为
若 F恒为1N，铁块与木板均静止，根据平衡条件，木板与地面之间的静摩擦力为

若恒为8N，对铁块根据牛顿第二定律

代入数据解得：
铁块的位移为
代入数据解得：
对木板根据牛顿第二定律
代入数据解得：
木板的位移为
代入数据解得：
铁块在木板上滑过的距离为
内，拉力等于1N，铁块和木板均静止，铁块的位移

内，拉力等于3N，铁块和木板一起运动，根据牛顿第二定律


铁块的位移为
代入数据解得：
4s末的速度为
内，因为铁块与木板之间的最大静摩擦力大于木板与地面之间的最大静摩擦力，所以撤去外力后，铁块和木板一起做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律

代入数据解得：
减速到静止的时间为
代入数据解得：
过程中铁块的位移为
在8s内铁块运动位移 x的大小为
代入数据解得：
答：若F恒为1N，求木板与地面间的摩擦力大小为1N；
若F恒为8N，求铁块在1s内在木板上滑过的距离L为1m；
若作用力F随时间t变化的关系如图乙所示，在8s内铁块运动位移x的大小为。 

【解析】根据牛顿第二定律分别求出铁块和木板的加速度，铁块相对木板的位移等于木板的长度时铁块滑到木板的左端，由位移公式求解木板的长度。
若力F从零开始逐渐增加，根据F与铁块的最大静摩擦力关系，以及铁块对木板的滑动摩擦力与木板所受地面的最大静摩擦力，分析铁块的运动状态，确定平衡条件或牛顿第二定律研究铁块在木板上滑过的距离L；
图乙所示所示的受力情况分析8s内铁块的受力及运动运动情况，结合运动学公式求解位移；
第1题关键抓住两个物体的位移与木板长度的关系。第2题根据F与最大静摩擦力的关系，分析物体的运动状态是关键，要进行讨论。