2024~2025学年辽宁省锦州市黑山县九年级上学期期中质量检测物理试卷（解析版）

这是一份2024~2025学年辽宁省锦州市黑山县九年级上学期期中质量检测物理试卷（解析版），共19页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验题，综合题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题（本题共9小题，每小题2分，共18分。7—9小题为多选题，多选题漏选得1分，错选不得分。将正确答案填在下面表格里。）
1. 下列说法正确的是（ ）
A. 热机消耗的燃料越多，效率就越低
B. 热传递中温度总是从热的物体传给冷的物体
C. 同一物体，内能减小，一定放出热量
D. 人体内水的比例很高，有助于调节体温，以免温度变化太快对身体造成危害
【答案】D
【解析】A．热机消耗的燃料多、燃烧放出的热量多，但用来做有用功的能量可能更多，即效率可能更高，所以根据消耗燃料的多少是不能判断热机效率大小的，故A错误；
B．热传递中，热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体，传递的不是温度，故B错误；
C．同一物体，物体的内能减小，可能是物体放出了热量，也可能是物体对外界做了功，故C错误；
D．人体内水的比例很高，在外界环境温度升高时，人体即使吸收较多的热量，由于水的比热容较大，体温不会升的过高；同理在外界环境温度降低时，由于水的比热容较大，即使放出较多的热量，体温也不会过低，所以人体内的水分有助于调节生物体自身的温度，以免温度变化太快对生物体造成损害。故D正确。
故选。
2. 关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（ ）
A. 物体吸收热量，温度可能会升高
B. 热值大的燃料燃烧时放出的热量多
C. 对物体做功，物体的内能一定增大
D. 热量从内能多的物体传给内能少的物体
【答案】A
【解析】A．物体吸收热量后温度不一定升高，比如晶体熔化过程中，继续吸热，但是温度不变，故A正确；
B．燃料的热值是指单位质量的燃料完全燃烧时所释放的热量。热值大的燃料，在相同质量下完全燃烧时放出的热量确实多，但题目中并未指明燃料的质量和是否完全燃烧，因此不能直接断定热值大的燃料燃烧时放出的热量就多。故B错误；
C．对物体做功，物体的内能不一定增大；如用力提升重物时，物体的质量、温度和状态均不变，此时物体的内能不变，而机械能增大了，故C错误；
D．热量的传递方向是从温度高的物体传向温度低的物体，而不是从内能多的物体传给内能少的物体。内能多的物体，其温度不一定高；内能少的物体，其温度也不一定低。故D错误。
故选A。
3. 小明设计了一款厨房吸油烟机，其工作原理为闭合开关，吸油烟机的电动机就会工作，当闭合时，灯亮照亮下方区域，以下四种电路设计符合要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】根据题意可知，闭合开关S1，吸油烟机的电动机就会工作，说明开关S1会控制吸油烟机工作；当闭合S2时，灯亮照亮下方区域，说明开关S2会控制灯泡工作，这说明灯泡与电动机工作时互不影响，是并联的，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
4. 如图所示，图中所描述的物理过程，下列分析中正确的是（ ）
A. 图甲，厚玻璃筒内的空气被压缩时，空气的内能减少
B. 图乙，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能增大
C. 图丙，试管内的水蒸气推动塞子冲出时，水蒸气的内能减少
D. 图丁，是做功冲程，汽缸内的气体推动活塞向下运动，气体的内能增大
【答案】C
【解析】A．玻璃筒内空气被压缩时，外界对空气做功，空气的内能增大，故A错误；
B．图乙中，瓶子内空气推动塞子跳起，是空气对外做功，空气内能减小，故B错误；
C．试管内的水蒸气推动塞子冲出，是水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，故C正确；
D．图丁中，两个气门关闭，活塞向下运动，是做功冲程，这个过程中，汽缸内气体对活塞做功，内能减少，故D错误。
故选C。
5. 关于欧姆定律中，公式变形为。下列说法正确的是（ ）
A. 说明当电压U一定时，导体的电流I越大，导体的电阻越小
B. 说明当电流I一定时，导体的电压U越大，导体的电阻越大
C. 说明当电压U为0V时，导体的电阻为0Ω
D. 导体的电阻与导体两端的电压和通过导体的电流无关
【答案】D
【解析】电阻是导体本身的一种性质，它的大小与导体的长度、材料、横截面积等因素有关，与电阻两端的电压和通过的电流无关，故ABC错误，D正确。
故选D。
6. 如图，电源电压保持不变，闭合开关S后，在滑动变阻器R的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是（ ）
A. 电流表A的示数不变B. 电压表V的示数变大
C. 灯L两端电压变小D. 电路的总电阻变大
【答案】D
【解析】AD．由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A测干路电流；在滑动变阻器R的滑片P向右移动的过程中，R变大，则总电阻变大，由欧姆定律知，电流表示数变小，故A错误，D正确；
BC．并联电路中各支路电压都等于电源电压，且并联电路中各支路互不影响，所以在滑动变阻器R的滑片P向右移动的过程中，电压表示数不变，灯L两端电压也不变，故BC错误。
故选D。
7. 下列说法中正确的是（ ）
A. 冬天双手互搓，手的温度升高，是通过做功的方式改变手的内能
B. 刚出锅的粽子，不能用手直接拿，是因为粽子含有的热量太多
C. 沿海地区通常比内陆地区昼夜温差小，主要原因是水的比热容比沙石的比热容大
D. 内燃机工作时，能量转化过程为：化学能转化为内能，内能再转化为机械能
【答案】ACD
【解析】A．冬天双手互搓，克服摩擦做功，机械能转化为内能，手的温度升高，是通过做功的方式改变手的内能，故A正确；
B．热量是一个过程量，不能说“某物体含有或具有多少热量”，故B错误；
C．沿海地区多水，内陆地区多砂石，水的比热容比砂石的比热容大，同样受冷和受热时温度变化小，所以沿海地区通常比内陆地区昼夜温差小，故C正确；
D．内燃机工作时，燃料的化学能转化为内能，内能转化为机械能，故D正确。
故选ACD。
8. 下列关于能量及其转化的说法正确的是（ ）
A. 物体匀速上升的过程中其机械能增大
B. 热机的四个冲程中做功冲程将机械能转化成内能
C. 给蓄电池充电将化学能转化成电能
D. 风力发电将风的动能转化成电能
【答案】AD
【解析】A．物体匀速上升的过程中，其质量不变，速度不变，故动能不变；同时其质量不变，高度增加，故其重力势能增加，所以机械能变大，故A正确；
B．热机的四个冲程中做功冲程是将内能转化为机械能，压缩冲程是将机械能转化为内能，故B错误；
C．给蓄电池充电，消耗电能，产生化学能，即将电能转化为化学能，故C错误；
D．风力发电消耗风能，为电路提供电能，所以将风的动能转化成电能，故D正确。
故选AD。
9. 如图是一种测定油箱内油量的装置模型，电源电压为3V，定值电阻的阻值为10，滑动变阻器R的规格为“20 1A”。在保证电路安全的前提下，下列说法正确的是（ ）
A. 若油量表是用甲表改装的，则油面越高其示数越大
B. 加油过程中，乙表示数数值变化范围为0.1A～0.3A
C. 油位越高，通过的电流越大
D. 的作用是保护电路
【答案】BCD
【解析】A．甲表与R串联，为电压表。乙表串联在电路中，为电流表。当油面升高时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路中的电流变大，定值电阻R0分得的电压变大，由于电源电压不变，滑动变阻器分得的电压减小，即油面越高其读数越小，故A错误；
B．加油过程中，油面最高时，滑动变阻器阻值为0，电路中只有R0，电流的值最大，最大电流
当油面最低时，滑动变阻器的阻值最大，电路中电流最小，最小值
乙表示数的变化范围为0.1A~0.3A，故B正确；
C．油位越高，滑动变阻器接入电路的电阻越小，由于电源电压不变，则电路中的电流越大，即通过的电流越大，故C正确；
D．R0在电路中的作用是保护电路，防止电流过大烧坏油量表（电流表），故D正确。
故选BCD。
二、填空题（12分）
10. 甲、乙、丙是三个完全相同的网球，如图所示，在同一高度同时以大小相等的速度，将甲球竖直向下抛出、乙球竖直向上抛出，丙球水平抛出，不计空气阻力，在落地前的运边过程中，甲球的动能______（选填“增大”、“不变”或“减小”），落地时三球的速度大小关系为______。（用v甲、v乙、v丙来表示）
【答案】增大 v甲=v乙=v丙
【解析】[1]甲球在空中下落时，甲球质量不变，高度降低，速度增大，所以甲球的动能增大。
[2]甲、乙、丙三球整个运动过程中，不计空气阻力，机械能是守恒的，开始重力势能相同，落地时动能相同，所以落地时三球的速度大小相等，即v甲=v乙=v丙
11. 桃花盛开的季节，小明漫步于生态园，闻到阵阵花香，闻到花香是因为分子____________；他看到树叶上的两滴小水珠接触后合成更大的一滴，这表明分子间存在_______。
【答案】在不停地做无规则运动 引力
【解析】[1]闻到阵阵花香，为扩散现象，说明构成物质的分子不停地做无规则运动。
[2]分子间存在作用力，即分子引力和分子斥力，树叶上的两滴小水珠接触后合成更大的一滴，体现了分子间存在引力。
12. 2023年10月26日，搭载神舟十七号载人飞船的长征二号F遥十七运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，火箭发射时携带了液态氢燃料，选择液氢做燃料的主要优点是______大，这些燃料完全燃烧最多能将______kg初温为20℃的水加热至沸腾。（，液氢的热值为，当地大气压为1标准大气压）
【答案】热值 1.25×107
【解析】[1]由于液氢的热值较大，液氢相对其它燃料，相同情况下燃烧放出的热量更多，故液氢做燃料的主要优点是热值大。
[2]火箭发射时携带液态氢燃料完全燃烧释放出的热量
由于1标准大气压下水的沸点为100℃，可加热至沸腾的水的质量
13. 如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示。则R1的阻值为___________Ω，R2的最大阻值为___________Ω。
【答案】5 10
【解析】[1][2]由甲图可知，R1、R2串联，电压表测变阻器R2两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，由图乙可知I大=0.6A，根据欧姆定律可得电源电压
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由乙图可知I小=0.2A，此时R2两端的电压U2=2V，则滑动变阻器的最大阻值
因串联电路的总电压等于各部分电路两端电压之和，所以电源电压
电源电压不变，则
解得R1=5Ω。
14. 蜜蜂在飞行中就能采集花粉，这是因为蜜蜂在飞行时与空气摩擦__________（选填“得到”或“失去”）电子而带负电，可以吸引带正电的花粉，若带负电的蜜蜂与不带电的验电器的金属球接触后，验电器的金属箔片张开，则在接触瞬间电流方向是从__________（选填“金属箔片到金属球”或“金属球到金属箔片”）。
【答案】得到 金属箔片到金属球
【解析】[1] 摩擦起电的实质是电子的转移，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电。则蜜蜂在飞行时与空气摩擦失去电子带负电。
[2] 若带负电的蜜蜂与不带电的验电器的金属球接触后，验电器的金属箔片张开，电子运动方向从金属球到金属箔片，电流方向与电子定向移动方向相反，则在接触瞬间电流方向是从金属箔片到金属球。
15. 如图甲所示，在烧杯中加入盐水，然后将连在电压表上的铜片和锌片插入盐水中，这样就制成了一个盐水电池。观察电压表的接线和指针偏转可知：锌片是盐水电池的负极，电池的电压为______V；为了精确测量，重新选好电压表的量程再连接电路，把盐水电池向外给如图乙的电路供电，闭合开关时，发现电压表的指针偏转仍如图甲的位置，则此时灯L2两端的电压为______V。
【答案】3 2.4
【解析】[1]由图甲可知，电压表选择0~15V量程，分度值为0.5V，示数为3V，所以电池的电压为3V。
[2]图乙的电路为串联电路，电压表测量L1两端的电压，电压表的示数小于电源电压，电压表的指针偏转仍如图甲的位置，则电压表选择0~3V量程，分度值为0.1V，电压表示数为0.6V，所以L1两端的电压为0.6V，则L2两端的电压
三、作图题（4分）
16. 根据实物图，画出对应的电路图。
【答案】
【解析】电流从电源正极流出，过开关S1后分两支，一支过灯泡L1，另一支过灯泡L2，开关S2，汇合后，回电源负极；另灯泡并联，开关S1在干路，开关S2在L2所在的支路，如图所示：
17. 如图所示，电流表示数为，表A2的示数为1.5A，根据电路图，用笔画线作导线把右边的实物连接起来。（导线不要交叉）
【答案】
【解析】由电路图可知，灯泡L1与灯泡L2并联，电流表A1示数为0.4A，应选择0~0.6A量程，测量灯泡L2的电流；电流表A2的示数为1.5A，应选择0~3A量程，测量干路电流；开关接在干路上，如下图所示：
四、实验题（24分）
18. “探究物体的动能跟哪些因素有关”实验，如图甲、乙、丙所示，让质量为m、2m的两个钢球分别从斜面上由静止自由滚下，钢球撞击放在水平木板上的木块，使木块滑动，虚线位置为木块滑动一段距离后停止的位置。
（1）实验通过观察木块被撞后移动______的大小，可比较出钢球对木块______的多少，从而判断钢球动能的大小；
（2）甲、丙两次实验可探究动能大小跟物体的______是否有关，若要探究动能大小与另外一个因素的关系，需进行______（选填“甲、乙、丙”）两次实验，本实验用到的研究方法是______；
（3）若在进行甲、乙两次实验时，乙图中木块被撞后滑出木板，为了使木块不滑出木板，需改进乙图实验，再与甲图实验对比。在不改变木板长度的情况下，可行的操作是______。
A. 换用质量更小的钢球
B. 给水平木板铺上毛巾
C. 适当降低钢球的高度
D. 换用一个较重的木块
【答案】（1）距离 做功 （2）质量 甲、乙 控制变量法 （3）C
【解析】（1）[1][2]钢球从斜面上由静止自由滚下，动能越大，钢球撞击放在水平木板上的木块，使木块滑动的距离越远，故可以根据木块被撞后移动的距离来判断钢球对木块做功的多少，从而判断钢球的动能的大小。
（2）[1][2]甲、丙两次实验，钢球质量不同，位于斜面的高度相同，钢球到达水平面的初速度相同，可探究动能大小跟物体的质量的关系，若要探究动能大小与另外一个因素速度的关系，需要选择质量相同的钢球，从斜面上不同的高度静止滑下，使钢球到达水平面的初速度不同，故选择甲、乙两次实验。
[3]本次实验需要控制单一变量，用到的研究方法是控制变量法。
（3）由于探究物体的动能跟速度的关系，需要控制单一变量速度。
A．若换用质量更小的钢球，多了一个变量，影响实验结果，故A不符合题意；
B．若给水平木板铺上毛巾，增大了阻力，多了一个变量，影响实验结果，故B不符合题意；
C．若适当降低钢球的高度，就可以直接在木板上完成实验，且只有一个速度变量，可以做实验，故C符合题意；
D．若换用一个较重的木块，多了一个变量，影响实验结果，无法实验单一变量的原则，故D不符合题意。
故选C。
19. 如图甲是小华“探究不同物质吸热本领”的实验装置，用两个相同的容器和相同的加热装置分别给水和煤油加热。
（1）实验时，在两烧杯中分别装入初温相同且______相等的煤油和水；通过比较______（选填“温度计示数”或“加热时间”）来间接反映煤油和水吸收的热量多少；
（2）小华根据实验数据作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图像如图乙，则加热10min，水吸收的热量______（选填“大于”、“小于”或“等于”）煤油吸收的热量，分析图像可知：______（选填“水”或“煤油”）的比热容更大；冷却发动机需要用______（选填“水”或“煤油”）；
（3）由图像可知，煤油的比热容是______。[已知]
【答案】（1）质量 加热时间 （2）等于 水 水 （3）2.1×103
【解析】（1）[1]“探究不同物质吸热本领”的实验中，由于物体吸热多少与质量有关，由控制变量法可知，实验时，在两烧杯中分别装入初温相同且质量相等的煤油和水。
[2]由于物体吸收的热量无法直接观察和测量，所以运用转换法，通过比较加热时间来间接反映煤油和水吸收的热量多少。
（2）[1]用相同的加热设备加热相同的时间，加热设备放出的热量相同，加热设备放出的热量被水和煤油吸收，所以水吸收的热量等于煤油吸收的热量。
[2][3]由图像可知，加热相同时间，吸收相同的热量，煤油的温度升得更高，且二者质量相等，根据公式可知，水的比热容更大，吸热能力更强，所以冷却发动机需要用水。
（3）由图像可知，水和煤油由60℃升高到90℃，煤油加热时间为10min，水的加热时间为20min，水的加热时间是煤油2倍，则水吸收的热量是煤油吸收热量的2倍，且二者质量相等，根据公式可知，水的比热容是煤油的2倍，则煤油的比热容
20. 学习小组在“探究并联电路电流特点”的实验中。
（1）小明用如图甲所示的电路来探究并联电路电流的特点，需要测量A、B、C三处的电流。
①实验时要注意：连接电路时，开关应处于______状态；
②连接好电路图后，测量A处的电流时如图乙所示，电流表示数是______A；
（2）同学们连接实物图如图所示，要想测量B点电流，只需在图上移动一根导线的一端，请你在移动的导线上画“×”，并用笔画线代替导线正确连接电路______；
（3）进行多次实验，将测量结果记录在表格中。分析表格中的数据，得出的结论是：______（用字母表示）；
（4）小马想比较并联电路中各支路电流大小时，按照图丙所示的电路测量，只闭合测出中的电流，只闭合测出中的电流，比较和的大小。请你评估：他的方案是不可行的，理由是______；
（5）某次实验中，测量C点电流时，突然断路，仍旧发光，电流表示数将______（选填“变大”“不变”或“变小”）。
【答案】（1）断开 0.24 （2） （3） （4）电流表正负接线柱接反了 （5）变小
【解析】（1）[1]连接电路时，为了保护电路，开关必须处于断开状态。
[2]乙图中电流表所选量程的分度值为0.02A，读数为0.24A。
（2）由图可知，电流表接在干路上测量干路的电流，只移动一根导线测量B处的电流，即测量灯泡 L2的电流，应将电流表串联在L2所在的支路中，将 L1右端的接线柱接到电流表的正接线柱，此时电流从正极出来，分两路一路经过L1，另一路经过电流表、L2，与经过L1的电流汇合回到电源负极，可达到要求， 所以电路连接如图所示：
（3）根据表格数据分析可知，并联电路中干路电流等于各支路两端电流之和，即
（4）正确测量完中的电流后，再测中的电流时电流表正负接线柱会接反。
（5）图中C点在干路上，测干路电流，突然断路，此时电流表只测支路电流，因此电流表的示数会变小。
21. 图甲是小明探究电流与电压、电阻的关系的实验电路图，选用的实验器材有电源（3V）、电流表（0～0.6A）、电压表（0～3V）、滑动变阻器（20Ω 2A）、阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω三个定值电阻、开关导线若干。
（1）探究电流与电压的关系
①根据图甲将图乙实物电路连接完整（要求滑片向左移动时电流表示数变大）；（ ）
②探究电流与电压的关系时要保持___________不变；
③实验中滑动变阻器的作用是___________和___________；
（2）探究电流与电阻的关系
①在实验中，首先确定一个保持不变的电压值U，当AB间的电阻R由5Ω换成10Ω时，保持滑片位置不变，闭合开关后将滑动变阻器的滑片向____________（选填“左”或“右”）端移动，使电压表示数为U；
②当AB间换接20Ω电阻时，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，电压表示数都无法达到U。为了完成实验，U的取值不能小于____________V；
③下表为实验得到的数据。请分析，第3组实验数据不符合“导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比”的实验规律，是由___________（选填“测量错误”或“测量误差”）造成的。
【答案】（1） 电阻 保护电路 改变电阻两端电压，便于多次测量寻找普遍规律 （2）右 1.5 测量误差
【解析】（1）[1]滑片向左移动时电流表示数变大，则滑动 变阻器应该连接左下端，如图所示：
[2]探究电流与电压的关系时需要控制定值电阻不变，从而比较定值电阻两端电流与电压的关系。
[3][4]连接电路时滑动变阻器需要处于阻值最大处，起 到保护电路的作用；探究电流与电压的关系时，通过多次调节滑动变阻器，从而改变定值电阻两端电压，获得多组实验数据;故滑动变阻器的作用是保护电路和改变定值电阻两端电压。
（2）[1]根据串联电路分压规律，每次更换大的电阻后，电压表示数会变大，需要增大滑动变阻器的阻值才能保持电阻两端电压不变，故需要向右移动滑动变阻器。
[2]根据串联电路分压规律，使用20Ω电阻时，滑动 变阻器移动到20Ω可以求得最小电压值，此时电路中电流为
则电压表最小值为
[3]第三组数据理论值为0.10A，但表中测出来的数据为0.11A，偏差值较小，是由于读数造成的测量误差。
五、综合题（22分）
22. 如图为某品牌微型电动汽车，该车的空载质量为1.2t，最多载重4人，车轮与地面的总接触面积为1000cm2，发动机的最大输出功率为20kW。取求：
（1）该车载重4人（每人按计算）时，静止在水平路面上时对路面的压强；
（2）该车以最大输出功率在平直公路上匀速行驶，用时，在此过程中汽车受到的阻力；
（3）若该车在上述行驶过程中的能量全部由燃油来提供，燃油汽车的效率为，需要消耗多少千克的燃油？
【答案】（1）；（2）；（3）1.6kg
【解析】解：（1）该车载重4人（每人按计算）时，静止在水平路面上时对路面的压力
对水平路面的压强
（2）该车行驶的速度
因该车水平匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以，由可得该车受到的阻力
（3）该车发动机做的功
燃油完全燃烧释放的热量
需要消耗燃油
答：（1）（1）该车载重4人（每人按计算）时，静止在水平路面上时对路面的压强为；
（2）该车以最大输出功率在平直公路上匀速行驶，用时，在此过程中汽车受到的阻力为；
（3）若该车在上述行驶过程中的能量全部由燃油来提供，燃油汽车的效率为，需要消耗1.6千克的燃油。
23. 如图所示的电路中，电源电压恒定，定值电阻R1=10。闭合开关S1、S2，断开开关S3时，电压表的示数为6V，电流表的示数为0.2A；闭合开关S1、S3，断开开关S2时，电压表的示数是。求：
（1）电源电压；
（2）定值电阻R2、R3的阻值；
（3）用导线代替电压表连接电路，闭合开关S1、S2、S3时，电流表的示数。
【答案】（1） 8V；（2）20、30；（3）1.2A
【解析】（1）闭合开关S1、S2，断开开关S3时，R1与R3串联，电压表测R3两端的电压，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由I=可得，电源的电压
U=IR1+U3=0.2A10+6V=8V
（2）定值电阻R3的阻值
R3===30
闭合开关S1、S3，断开开关S2时，R2与R3串联，电压表测R3两端的电压，此时R2两端的电压
U2=U=8V4.8V=3.2V
因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流
=
即
=
解得
R2=20
（3）用导线代替电压表连接电路，闭合开关S1、S2、S3时，R1与R2并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流表的示数
=I1+I2=+=+=1.2A
答：（1）电源电压为8V；
（2）定值电阻R2、R3的阻值依次为20、30；
（3）用导线代替电压表连接电路，闭合开关S1、S2、S3时，电流表的示数为1.2A。
24. 阅读下面短文，回答以下问题。
感应发光冰块
感应发光冰块产品采用食品级PS材料及电子元件组成的发光冰块，采用先进的触水式开关具有入水即亮的特性（液体感应），外形仿如真实冰块一般。感应发光冰块采用电池供电，无化学变化，无毒无害，可放置于各类饮品中增添浪漫及神秘的气氛感应发光冰块内部电子元件有：液体感应器、纽扣电池和LED灯泡。感应发光冰块的使用方法是将发光冰块清洁干净放入水中，它将自动发亮；使用完毕后，用布擦干后放置于干燥的地方以备下次使用。感应发光冰块还可以放入冰箱内冷冻后，再放入饮料内，可以起到降低饮料的温度的作用。需要注意的是，请勿吞食感应发光冰块，避免放置于温度过高的饮品中。
（1）液体感应器是先进的触水式______（选填“电源”、“用电器”、“开关”或“导线”）。
（2）冷冻后的感应发光冰块通过______的方式改变饮料的内能，饮料的内能 ______（选填“增大”或“减小”）。
（3）LED灯泡发光时，将电能主要转化为______能。
（4）某位同学在研究LED灯的特点时，发现将一只LED灯接在电池两端没有亮，对调电池正负极后亮了，这说明了LED灯具有______性。
（5）用布擦干后的感应发光冰块内部的电路处于______状态。
【答案】（1）开关 （2）热传递 减小 （3）光 （4）单向导电 （5）开路
【解析】（1）[1]根据基本电路各部的作用可知：液体感应器是起控制电路的作用，所以是先进的触水式开关。
（2）[2][3]感应发光冰块放入冰箱内冷冻后温度比较低，再放入饮料内，通过热传递降低饮料的温度，饮料的内能减小。
（3）[4]LED灯泡发光时，消耗电能，将电能主要转化为光能。
（4）[5]将LED灯对调电池正负极后亮了，说明LED灯具有单向导电性
（5）[6]因为入水即亮，用布擦干后停止工作，所以用布擦干后感应发光冰块内部的电路处于开路状态。
实验序号
/A
/A
/A
1
0.18
0.42
2
0.16
0.20
0.36
3
0.38
0.32
0.7
实验序号
R/Ω
I/A
1
5
0.40
2
10
0.20
3
20
0.11