四川省成都市第七中学初中学校2023-2024学年九年级上学期12月月考物理试题（解析版）-A4

这是一份四川省成都市第七中学初中学校2023-2024学年九年级上学期12月月考物理试题（解析版）-A4，共25页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图与计算，实验探究题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题（每题2分，共32分）
1. 对下列常见现象的分析，合理的是（ ）
A. 摩擦生热，是通过做功的方式改变内能
B. 围火取暖，是通过做功的方式改变内能
C. 雾霾弥漫，是因为分子在不停地运动
D. 雪花纷飞，是因为分子之间有排斥力作用
【答案】A
【解析】
【详解】A、摩擦生热，即克服摩擦力做功改变内能，故通过做功改变内能，故正确；
B、围火取暖，是通过热传递的方式改变内能，故错误；
C、雾霾弥漫中的雾霾不是分子，故不能说明分子是运动的，故错误；
D、雪花纷飞中的雪花不是分子，不能说明分子之间有排斥力作用，故错误；
故选A．
2. 关于内能及其利用，下列说法正确的是（ ）
A. 温度高的物体内能一定大
B. 做功和热传递都可以改变物体的内能
C. 0℃的物体没有内能
D. 汽油机的做功冲程是将机械能转化为内能
【答案】B
【解析】
【详解】A．在状态、质量不确定的情况下，温度高的物体内能不一定大，故A错误；
B．做功和热传递都可以改变物体的内能，且在改变物体内能上是等效的，故B正确；
C．任何物体在任何情况下都有内能，因此0℃的物体也有内能，故C错误；
D．汽油机的做功冲程是将内能转化为机械能，压缩冲程是将机械能转化为内能，故D错误。
故选B。
3. 质量为3kg的汽油用去了三分之一，剩下的汽油（ ）
A. 比热容为原来的三分之一，热值不变
B. 热值为原来的三分之一，比热容不变
C. 比热容和热值都保持不变
D. 比热容和热值均变为原来的三分之一
【答案】C
【解析】
【详解】比热容和热值是物体本身的属性，比热容和热值的大小与物体的体积、质量、形状都无关，与物质的种类有关，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
4. 工作和生活中，手机已成为人们常用的工具。如图的华为智能手机的电池电压最接近（ ）
A. 4.7VB. 0.2VC. 220VD. 380V
【答案】A
【解析】
【详解】智能手机的电池电压一般为3.7V，我国家庭电路的电压为220V，我国居民三相电源的电压为380V。所以，华为智能手机的电池电压最接近4.7V，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
5. 关于电流表和电压表的使用，下列说法正确的是（ ）
A. 使用时，电流表要与被测电路并联，电压表与被测电路串联
B. 在无法估计被测值的大小时，都应用小量程进行试触
C. 都必须使电流从电表的“”接线柱流入，“”接线柱流出
D. 电流表和电压表使用时都不能直接连接到电源的两极上
【答案】C
【解析】
【详解】A．使用时，电流表要与被测电路串联，电压表与被测电路并联，故A错误；
B．了保护电表不被烧毁，在使用前一般都先用大量程并“试触”，故B错误；
C．根据电压表、电流表的使用方法：电流要从“+”接线柱入，从“-”接线柱出，故C正确；
D．因为电流表电阻太小，相当于导线，若把电流表直接连接到电源两极，电流会很大，烧坏电流表，所以，不允许把电流表直接连接到电源两极；但电压表可以并联在电源两端，故D错误。
故选C。
6. 某品牌电线中铜芯的直径明显比电线规格上标定的直径小，引起电阻偏大。导致这种电线电阻不符合规格的主要因素是（ ）
A. 电线的长度B. 电线的材料C. 电线的横截面积D. 电线的温度
【答案】C
【解析】
【详解】导体的电阻的影响因素：长度、材料、横截面积和温度。导体的横截面积越小，其电阻越大；长度越长，其电阻越大。因此直径较小的导线，横截面积较小，导致其电阻较大，所以导致这种电线电阻不符合规格的主要因素是电线的横截面积。
故选C。
7. 如图所示的电路是一种声光报警电路的示意图，当开关和同时闭合时，会出现的现象是（ ）
A. 灯不亮，铃响B. 灯亮，铃响
C. 灯亮，铃不响D. 灯不亮，铃不响
【答案】A
【解析】
【详解】开关S1和S2都闭合时，电路发生局部短路，即灯泡短路，电流不再通过灯泡；故灯泡不亮，但电铃仍工作。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
8. 如图电路，闭合开关，电流表测量的是
A. L1的电流B. L2的电流C. L3的电流D. 干路的电流
【答案】A
【解析】
【详解】开关闭合后，电流从电源正极出，经过开关、灯L3后，在未进入电流表之前分支，一路经过灯泡L2，另一路经过电流表、灯泡L1，然后两路汇合共同流向负极，因此灯L1和L2并联连接；电流表测量灯泡L1的电流．
9. 如图所示，甲为可调亮度台灯，乙为电位器的结构图，b与金属滑片相连，转动旋钮可调节灯泡亮度。下列分析正确的是（ ）
A. 若只将a、b接入电路，顺时针转动旋钮灯泡亮度变暗
B. 若只将a、b接入电路，逆时针转动旋钮灯泡亮度变暗
C. 若只将a、c接入电路，顺时针转动旋钮灯泡亮度变亮
D. 若只将b、c接入电路，逆时针转动旋钮灯泡亮度变亮
【答案】A
【解析】
【详解】AB．电位器的实质是滑动变阻器串联在电路中，通过改变接入电路中的电阻丝长度来改变电路的电流，从而改变灯泡亮度。若只将a、b接入电路，滑片左端的电阻丝接入电路，顺时针转动旋钮，电阻丝接入电路中的阻值变大，电路中的电流变小，灯泡变暗，逆时针转动旋钮电阻丝，接入电路中的阻值变小，电流变大，灯泡变亮。故A正确，B错误；
C．若只将a、c接入电路，电位器的全部电阻值都接入电路，不能改变电路的电流，所以不能改变灯泡的亮度，故C错误；
D． 若只将b、c接入电路，滑片右端的电阻丝接入电路，逆时针转动旋钮电阻丝接入电路中的阻值变大，电路中的电流变小，灯泡变暗。故D错误。
故选A。
10. 在如图所示的电路中，灯L1的电阻比灯L2的电阻大，开关闭合后，以下说法正确的是（ ）
A. 灯L1和灯L2是并联关系
B. 通过灯L1的电流小于通过灯L2的电流
C. 灯L1两端电压比灯L2两端电压大
D. 若L2灯丝烧断，灯L1还能发光
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图可知，电流只有一条路径，因此两灯是串联关系，故A错误；
BC．串联电路中电流处处相等，则通过灯L1的电流等于通过灯L2的电流，已知灯L1的电阻比灯L2的电阻大，由U＝IR可知，L1两端的电压大于灯L2两端的电压，故B错误，C正确；
D．串联电路只有一条电流路径，各元件相互影响，如果L2灯丝烧断了，则灯L1也不会亮，故D错误。
故选C。
11. 小明用如图所示的器材探究“影响电阻大小的因素”，a、b为长度一样的镍铬合金丝，b比a的横截面积大。关于此实验，下列说法主确的是（ ）
A. 小灯泡越亮，表示接入的合金丝电阻越太
B. 利用此装置能探究导体电阻大小和横截面积、长度的关系
C. 利用此装置只能探究导体电阻大小和横截面积的关系
D. 为了准确比较两条合金丝的电阻，可在电路中串联一个电压表
【答案】C
【解析】
【详解】A．电源电压不变，电路总电阻越小，电流越大，灯泡越亮，表示接入的合金丝电阻越小，故A错误；
BC．镍铬合金丝a、b长度相同，横截面积不同，利用此装置只能探究导体电阻大小和横截面积的关系，故B错误，C正确；
D．电压表要并联在被测电器元件两端，故D错误。
故选C。
12. 标有“6V 3.6W”的小灯泡，通过它的电流随两端电压的变化关系如图所示。若把这种规格的两只灯泡串联在6V的电源两端，每只灯泡的实际电阻和实际功率分别为（ ）
A. 10Ω 0.9WB. 6Ω 1.5WC. 6Ω 0.95WD. 10Ω 1.8W
【答案】B
【解析】
【详解】把同种规格的两只灯泡串联接在6V的电源两端，由串联分压的规律可知，每只灯泡分得的电压都为3V，由图象可知，此时通过灯泡的电流为0.5A，由欧姆定律可得，每只灯泡的实际电阻
每只灯泡的实际功率
故选B。
13. 三只灯泡分别标着“220V 20W”“48V 20W”和“36V 20W”，它们都正常工作，在相等时间里消耗的电能（ ）
A. “220V 20W”最多B. 三只灯泡一样多
C. “48V 20W”最多D. “36V 20W”最多
【答案】B
【解析】
【详解】当用电器正常工作时，三只灯泡的实际功率等于额定功率，电功率相同均为20W。根据公式W=Pt，在相等的时间内，三只灯泡消耗的电能相同。
故选B。
14. 如图所示的实验装置，将两根阻值不等的电阻丝R1、R2串联后分别放入两个透明容器中，并封闭等量的空气，通电前，A、B两U形管内的液面相平，接通电源一分钟后，通过A、B两个U形管内的液面相比较（ ）
A. A管中的液面较高 B. B管中的液面较高
C. A管和B管的液面一样高 D. A管中的液面先升高后又降低
【答案】B
【解析】
【详解】 解答：因串联电路中各处的电流相等，所以，两电阻丝串联时通过它们的电流相等；由Q＝I2Rt可知，在电路和通电时间相同时，右侧电阻较大，产生的热量较多，密闭空气吸收热量后，体积膨胀，右侧气体膨胀更大所以B管中的液面较高，故ACD错误，B正确．
故选B.
点睛：由电路图可知两电阻串联，根据串联电路的电流特点可知通过它们的电流关系，根据Q＝I2Rt比较两电阻产生的热量关系，密闭空气吸收热量后，体积不变，压强变大，U形管内两液面的差值变大，据此进行解答．
15. 如图是小红尝试设计流速计的原理图，其中是滑动变阻器，滑动变阻器的滑片跟小球以及弹簧右侧横杆是一个整体支架，弹簧左端固定不动。水流动时推动小球，小球带动滑动变阻器滑片移动，从而改变电路中流速计的示数。下列说法正确的是（ ）
A. 流速越小，的两端的电压越大
B. 流速越小，通过的电流越大
C. 流速越大，流速计示数越小
D. 流速越大，滑动变阻器接入电路的阻值越大
【答案】A
【解析】
【详解】AB．当流速越小时小球越向左运动，滑动变阻器接入电路中的阻值越大。根据串联电路的分压原理，R2两端的电压越大。此时电路中的总电阻也变大，则串联电路的电流会变小，故A正确，B错误。
CD．当水流流速越大时，小球越向右运动，滑动变阻器接入电路的阻值越小，电路中的总电阻也越小，则电流越大。因为流速计串联在电路中应为电流表，流速计的示数变大，故CD错误。
故选A。
16. 如图，电源电压恒定，标有“6V 3W”、标有“6V 6W”，滑动变阻器，当、和都闭合，滑动变阻器的滑片滑到端时，两灯都正常发光。忽略温度对灯丝电阻的影响，则（ ）
A. 电源电压为12V
B. 两灯都正常发光时电流表的示数为3A
C. 1秒内整个电路最多消耗电能为9J
D. 整个电路的最小功率为2.25W
【答案】C
【解析】
【详解】ABC．变阻器滑片在最左端时，变阻器连入电路的电阻为0，此时电路为两个小灯并联，它们都正常发光，说明电源电压为6V；根据可以计算出两个小灯的电阻分别是
根据可以计算出两个小灯中的电流分别为
则干路电流为
则两灯并联的总电阻为
1s时间内电路的消耗的电能为
故AB不符合题意，C符合题意；
D．并联部分的电阻比每个支路的电阻都要小，串联部分的电阻等于各个部分电阻的和。当小灯L1与变阻器（连入电路阻值最大）串联时，电路总电阻最大，电流的总功率最小。电路的总功率为
故D不符合题意。
故选C
二、填空题（每空2分，共34分）
17. 小莉同学在学习了“分子动理论”的知识后，知道了“墙内开花墙外香”是______现象；两个表面光滑的铅块紧压后会粘在一起，因为分子间存在______。
【答案】 ①. 扩散 ②. 引力
【解析】
【详解】[1]“墙内开花墙外香”是分子的扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。
[2]分子间存在引力与斥力，两个表面光滑的铅块紧压后会粘在一起，因为分子间存在引力。
18. 小董同学在探究不同物质的吸热能力实验中，用酒精灯加热水，这是通过_______的方式改变水的内能，在此过程中，水的内能将______（选填“增加”、“减少”或“不变”）。
【答案】 ①. 热传递 ②. 增加
【解析】
【详解】[1][2]在探究不同物质的吸热能力实验中，用酒精灯加热水，水吸收热量，水的内能增加，通过热传递的方式改变水的内能。
19. 现代家庭中，都有各种各样的电器，比如冰箱、洗衣机、彩电、空调等，它们都是通过______（选填“串联”或“并联”）方式连接起来的。工作时间长了，有些电器外壳发烫，是由于电能转化成了____能。
【答案】 ①. 并联 ②. 内
【解析】
【详解】[1]家庭电路中，各个用电器互不影响，它们是并联的。
[2]工作时间长了，有些电器外壳发烫，消耗电能，会产生一部分内能，将电能转化为一部分内能。
20. 李芳家的电能表上标有“600 r/（kW·h）”字样，她用这个电能表来测量电热水壶的功率：她断开了家中其它用电器，仅让电热水壶工作，3min内电能表转了30r，则电热水壶消耗的电能是___________J电功率是___________W。
【答案】 ①. ②. 1000
【解析】
【详解】[1]电能表3min内转30r消耗的电能为
[2]由知，电热水壶的电功率为
21. 小妮发现有些物体摩擦之后会带电现象，其中毛皮摩擦后的橡胶棒带______（选填“正电”或“负电”）取两个相同的验电器A和B，如图所示，使A带负电，B不带电，用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来。金属棒中瞬间电流的方向为______（选填“A到B”或“B到A”）。
【答案】 ①. 负电 ②. B到A
【解析】
【详解】[1]毛皮和橡胶棒摩擦后，一部分电子从毛坯转移到橡胶棒上了，毛皮失去电子，所以带正电，橡胶棒得到电子，所以带负电。
[2]A带负电，B不带电，用一根带有绝缘柄的金属棒把A、B连接起来，自由电子由A到B，又因为电子的定向移动方向与电流方向相反，故电流的方向由B到A。
22. 如图所示，电源电压保持不变，开关S断开时，电压表为4V；再将开关S闭合，电压表示数变化了1V，此时电压表测______两端电压，R1、R2的电阻之比为______。
【答案】 ①. R1 ②. 3:1
【解析】
【详解】[1][2]开关S断开时，电压表与R2串联接入电路，电压表测量电源电压；再将开关S闭合，两电阻串联，电压表测量R1两端电压，根据串联分压可知电压表示数为3V，可知
23. 两定值电阻甲、乙中的电流与电压关系如图所示，现将甲和乙并联后接在电压为6V的电源两端，则通过甲、乙两电阻的电流之比为_____，甲、乙两电阻两端电压之比为_____，甲、乙两电阻消耗的功率之比为_____。
【答案】 ①. 2∶1 ②. 1∶1 ③. 2∶1
【解析】
【分析】从A的图象中读出电压为3V时的电流值，可知甲、乙两电阻的电流之比；
根据并联电路的电压特点可知两端电压之比；再根据P=UI求出电路消耗的功率之比。
【详解】解：(1)由图象可知，当U甲=U乙=3V时，
I甲=0.6A，I乙=0.3A
则通过甲、乙两电阻的电流之比
==
甲和乙并联后接在电压为6V的电源两端，电流之比与3V时相同，也为2∶1；
(2)因为甲和乙并联后接在电压为6V的电源两端，所以甲、乙两电阻两端电压之比为1∶1；
(3)甲、乙两电阻消耗的功率之比
===
【点睛】会正确从图象中读出对应的物理量，会灵活应用欧姆定律、电功率公式和并联电路的特点是解决本题的关键。
24. 某同学把标有“8V 16W”的灯泡L1和“12V 36W”的灯泡L2串联在电路中，闭合开关后，其中一只灯泡能正常发光，另一只没有达到额定电压．由此可知电源电压为_____V，此时L1的实际功率______L2的实际功率（选填“大于”或“等于”或“小于”）
【答案】 ①. 16 ②. 等于
【解析】
【详解】[1][2]灯泡L1的额定电流
灯泡L2的额定功率
灯泡L1的电阻
灯泡L2的电阻
将两个灯泡串联，通过它们的电流相等，灯泡L1的额定电流小于灯泡L2的额定功率，L1可以正常发光，L2不能正常发光，此时的电流是2A，则电源电压
两个灯泡的电阻相等，根据电功率公式得到两个灯泡的实际功率相等。
三、作图与计算（25、26每题2分，27、28每题6分，共16分）
25. 如图所示是小刘同学连接的一个电路，他想让开关能同时控制两只灯泡，并且两只灯泡工作互不影响。请你用笔画线代替导线，将没有连完的电路连接完整，连线不能交叉。
【答案】见解析
【解析】
【详解】开关能同时控制两只灯泡，并且两只灯泡工作互不影响，则两灯并联，开关接在干路上，如下所示：
26. 根据题如图的实物图，在虚线框内画出对应的电路图。
【答案】
【解析】
【详解】由实物图知道，两灯并联，开关S在干路上，S1在灯泡L1的支路上，电流表在灯泡L2的支路上，电路图如下图
27. 如图所示是某款电热水壶，表中是水壶的部分参数，请回答下列问题：
（1）该电热水壶正常工作7min，共产生多少热量？
（2）若无热量损失，正常工作7min后。在标准大气压下，能使初温30℃，质量为2kg的水升温多少℃？
【答案】（1）；（2）55℃
【解析】
【详解】解：（1）由知，该电热水壶的额定功率为
该电热水壶正常工作7min，共产生热量为
（2）由知，若无热量损失，正常工作7min后，水升高的温度为
答：（1）该电热水壶正常工作7min，共产生热量。
（2）若无热量损失，正常工作7min后。在标准大气压下，能使初温30℃，质量为2kg的水升温55℃。
28. 如图所示，电源电压为12V。并且保持不变，电流表量程为0~3A。滑动变阻器R1的最大阻值为20Ω，R2为12Ω。小灯泡L上标有“3V；3W”字样。
（1）当S闭合，S1、S2都断开时，要使灯泡正常工作，滑动变阻器接入电路中的阻值为多大？
（2）闭合S、S1、S2，通过调节滑动变阻器R1，整个电路的最小功率是多少？
【答案】（1）9Ω；（2）19.2W
【解析】
【详解】解：（1）当S闭合，S1、S2都断开时，灯泡L与滑动变阻器串联，由P=UI可得，灯泡正常发光时的电流

此时灯泡的电阻
由欧姆定律可得，电路总电阻
根据串联电路电阻规律可得，滑动变阻器接入电路的电阻
R1=R-RL=12Ω-3Ω=9Ω
（2）闭合S、S1、S2，电路中灯泡被短路，滑动变阻器与定值电阻并联，根据并联电路电阻规律和公式可知，电路总电阻最大时，整个电路的电功率最小，即滑动变阻器移到最大阻值时，整个电路的电功率最小，此时定值电阻的电功率
滑动变阻器的电功率
则整个电路的最小功率
P=P1+P2=7.2W+12W=19.2W
答：（1）当S闭合，S1、S2都断开时，要使灯泡正常工作，滑动变阻器接入电路中的阻值为9Ω。
（2）闭合S、S1、S2，通过调节滑动变阻器R1，整个电路的最小功率是19.2W。
四、实验探究题（每空2分，共18分）
29. 小明利用如图甲所示的实验装置探究不同种类物质的温度变化与吸热多少的关系。他用手表测量加热时间，用温度计测量加热前后的温度。操作如下：
（1）在两烧杯中分别装入初始温度相同且______相等的煤油和水；
（2）用相同的电加热器加热，并用玻璃棒不断搅拌，每隔相同的时间记录一次温度，根据实验数据绘制成温度与加热时间的关系图像，如图乙所示。实验中，通过比较_______来反映煤油和水吸收热量；
（3）根据图乙中图像可知，如果使煤油和水吸收热量相同，温度变化大的是_______，吸热能力较强的是_______。
【答案】 ①. 质量 ②. 加热时间 ③. 煤油 ④. 水
【解析】
【详解】（1）[1]为了研究水与煤油的温度变化与吸热多少的关系，根据控制变量法可知，需要控制水与煤油的初始温度、质量相等。
（2）[2]实验中，用相同的加热器加热，在相同时间内，物质吸收的热量是相同的，温度的变化不同，所以实验中通过比较加热时间来间接反映煤油和水吸收热量的多少。
（3）[3][4]根据图乙中图像可知，如果使煤油和水吸收热量相同，即加热相同的时间，煤油的温度变化大，水的温度变化小，升温慢，由比较吸热能力的方法可知，水的吸热能力较强。
30. 小明想探究电流跟电阻的关系，已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。
（1）小明连接了如图甲电路，闭合开关前，滑片P应置于___________（选填“A”、“B”）端。
（2）根据测出的数据绘制了图乙图像，可以得出结论：___________
（3）操作过程中，小明接入5Ω电阻，记录数据。换接10Ω电阻后，应向___________端（选填“A”、“B”）移动滑片，移动滑片过程中，眼睛应该注视___________（选填“电流表”、“电压表”、“滑片”）。
（4）改变定值电阻的阻值，多次实验的目的是___________
【答案】 ①. B ②. 电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 ③. B ④. 电压表 ⑤. 避免偶然性，得到普遍规律
【解析】
【详解】（1）[1]闭合开关前，滑动变阻器的滑片应处在阻值最大处，由甲图知滑片P应置于B端。
（2）[2]由乙图知，不同电阻两端的电压均为2.5V为一定值，故可以得出结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
（3）[3][4]根据串联电路分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应保持电阻两端的电压不变，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，增大滑动变阻器分得的电压，所以滑片应向B端移动，移动滑片过程中眼睛应该注视电压表，直到电压表的示数为2.5V，再记录电流表的示数。
（4）[5]换用不同电阻多次实验，分析数据，绘制图像，最终得出结论：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比，所以，本实验改变定值电阻的阻值，多次实验的目的是避免偶然性，得到普遍规律。
B卷（共20分）
一、不定项选择（每小题2分，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选明正确，有的有两个选项正确，全选对的2分，选对但选不全得1分，有错选或不选得0分，共10分）
31. 如图所示的物理实验过程中，下列分析正确的是（ ）
A. 图甲，紧紧压在一起的铅块能吊起重物，说明分子之间只有引力
B. 图乙，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能增大
C. 图丙，是通过热传递的方式使试管内的水内能增大
D. 图丁，是压缩冲程，该过程的能量转化是内能转化为机械能
【答案】C
【解析】
【详解】A．分子间同时存在相互作用的引力和斥力，因此图甲，紧紧压在一起的铅块能吊起重物，说明分子之间有引力，而不是只有引力，故A错误；
B．图乙，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对活塞做功，空气内能减小，故B错误；
C．图丙，酒精灯给水加热，水吸收热量，是通过热传递的方式使试管内的水内能增大，故C正确；
D．图丁，两个气门关闭，火花塞打出电火花，活塞向下运动，是做功冲程，该过程的能量转化是内能转化为机械能，故D错误。
故选C。
32. 如图是用相同的加热装置对a、b、c(已知质量关系为Mb=Mc)三种物质加热至沸腾时它们的温度随时间变化的图象。下列对图象的分析正确的是( )
A. b的比热容大于c的比热容
B. t1-t2时间内物质a的温度不变，内能不变
C. 温度从T1升高到T2时，a物质吸收的热量比b多
D. 如果a、b是同种物质，b的质量大于a的质量
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图可知给b、c加热相同时间时，b的温度变化量比c大，已知它们质量相同，根据可判断b的比热容比c小，故A错误；
B．由图可知t1-t2时间内物质a已经沸腾，沸腾过程中温度不变，持续吸热，内能增加，故B错误；
C．由图可知温度从T1升高到T2时，a需要加热的时间比b短，所以a物质吸收的热量比b少，故C错误；
D．由图可知，a、b的沸点相同，但是b沸腾所需要的加热时间比a多，若a、b是同种物质，可能原因是b的质量大于a的质量，故D正确。
故选D。
33. 如图所示，电源电压不变，闭合开关S，电压表V的示数为U，当滑动变阻器滑片P在最右端时，电流表A₁的示数为I，规格如图所示的两个电流表指针偏转角度相同。则下列判既正确的是（ ）
A. 电源电压为2U
B. 电阻R1的阻值为
C. 电阻R₂的最大阻值为
D. 当滑动变阻器片P在最右端时，电路的总电阻为
【答案】C
【解析】
【详解】A．如图1所示，电阻R1和滑动变阻器R2并联，电流表A2测量干路电流，电流表A1测量流过R1的电流，电压表测量R1两端的电压，由并联电路电压规律知，电源电压为U0，故A错误；
B．由欧姆定律知，电阻R1的阻值为
故B错误；
C．如图所示的两个电流表指针偏转角度相同，由串联电路电流规律知，电流表A2测量干路电流接大量程，电流表A1测支路电流接小量程，故当滑动变阻器滑片P在最右端，电流表A₁的示数为I0时，电流表A2的示数为5I0。由串联电路电流规律知，流过滑动变阻器R2的电流为
电阻R₂的最大阻值为
故C正确；
D．当滑动变阻器片P在最右端时，电源电压为U0，干路电流为5I0，由欧姆定律知，电路的总电阻为
故D错误。
故选C。
34. 如图甲所示的电路，电源电压保持不变，滑动变阻器上标有“10Ω 1 A”，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，使其从最右端向左滑动到a点时，小灯泡恰好正常发光。在图乙中绘制出电流表与两电压表示数关系的图像，下列说法中正确的是（ ）
A. 电源电压为6 V
B. 小灯泡的额定功率为2 W
C. 整个电路的最小功率为0.9W
D. 滑片在a点时，小灯泡与滑动变阻器的功率之比为1:5
【答案】AB
【解析】
【分析】
【详解】由电路图可知，变阻器R与灯泡乙串联，电压表V1测R两端的电压，电压表V2测L两端的电压，电流表测电路中的电流。
AC．当滑片位于最右端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，由图乙可知，电路中的最小电流I = 0.3A，此时灯泡和滑动变阻器两端的电压相等，因串联电路中总电压等于各用电器两端电压之和，所以，由可得电源的电压
根据可知，电源电压不变，电路中电流最小时，电路消耗的电功率最小，则
故A正确，C错误。
BD．当滑片从最右端向左滑动到a点时，接入电路中的电阻变小，电路中的电流变大，由串联电路的分压特点可知，R两端的电压变小，灯泡两端的电压变大，当小灯泡恰好正常发光时，电路中的电流最大，由图乙可知，灯泡正常发光时的电流，变阻器两端的电压，此时小灯泡两端的电压为
小灯泡的额定功率为
滑片在a点时，小灯泡与滑动变阻器的功率之比为
故B正确，D错误。
故选AB。
35. 小杨在科技月制作了一个多档位电热器模型，为了分析接入电路的电阻对电热器的电功率的影响，他将各电表接入电路中，电路如图所示，电源两端电压不变，R1=30Ω。当开关S闭合，S1、S2断开时，电压表示数为U1，当S、S1、S2都闭合时，电压表示数为U2，已知U1∶U2=3∶8；两种状态时，R2消耗的功率最大值P大和最小值P小之比为4∶1；R3的最小功率为0.9W。则下列说法正确的是（ ）
A. 电热器模型最高挡位时电流表的示数是1.4A
B. 电阻R2的阻值60Ω
C. 电热器模型最低挡位的功率是7.2W
D. 电源两端的电压12V
【答案】AC
【解析】
【详解】ABD．当开关S闭合，S1、S2断开时，三电阻串联，根据欧姆定律可知，电路中的电流最小，各电阻消耗功率最小，电压表测量的是电阻R1两端的电压；三个开关都闭合时，三电阻并联，电流表测R1、R2的电流，各电阻两端的电压为电源电压，电压表测量的是电源电压，即
U2=U
串联时电路中电流为I，电压表的示数U1=IR1，R2消耗的功率最小为
P小=I2R2
并联时电压表的示数U=I1R1，R2消耗的功率最大为
P大=I22R2
则由
U1∶U2=3∶8
可知
U1∶U=3∶8

I1=①
由R2消耗的功率最大值P大和最小值P小之比为4∶1可知


I2=2I②
并联时

R2=30Ω=40Ω
串联时，由分压原理得到


R3的最小功率为0.9W，电路中电流
=0.3A
电源电压
U=I(R1+R2+R3)=0.3A×(30Ω+40Ω+10Ω)=24V
I1=×0.3A=0.8A
I2=2I=2×0.3A=0.6A
由并联电路电流的规律，电流表最大示数为
IA大=I1+I2=0.8A+0.6A=1.4A
故A正确，BD错误；
C．根据P=UI，因电源电压不变，当电路的总电流最小时，电热器模型最低挡位的功率是
P=UI=24V×0.3A=7.2W
故C正确。
故选AC。
二、综合题（第6题4分，第7题6分，共10分）
36. 在一次实践活动中，小军对家中常用的电热水壶（如图）进行了探究，这种水壶使用方便，能较快将水烧开
（1）使用电热水壶，安全至关重要。小军首先认真阅读了使用说明书，并对一些重要的注意事项作出了如下分析，你认为他的分析不合理的是___________。
A.电热水壶不能放在燃气灶旁，是为了防止损坏绝缘材料
B.可以让电热水壶两端的电压一直超过额定电压，这样烧水更快
C.水量不超过最大限位，可以防止水烧开后溢出
D.必须保持插头和电源线干燥，是为了防止漏电造成事故
（2）小军观察电热水壶铭牌后，开始实际操作。他测出，电热水壶正常工作烧开2L水，用时8min。若电费单价为0.5元/kW·h，则烧开这壶水所花的电费为___________元。
（3）利用铭牌参数和小军测得的数据，若要测出电热水壶的加热效率，除了要知道水的密度、水的末温外，还需知道的两个物理量是___________。
（4）小军继续对电热水壶的设计和使用说明进行探究，他提出了下列猜想，你认为不合理的是___________
A.观察到加热元件安装在壶身底部而不是其他位置，可能是为了增强加热效果
B.原理图中指示灯与加热元件是并联而不是串联，可能是因为两者的额定电流相差很大
C.要求长时间使用后要清除水垢，可能是因为水垢增多，导致加热电阻变大，功宰变小
【答案】 ①. B ②. 0.12 ③. 水的初温和水的比热容 ④. C
【解析】
【详解】（1）[1]A．电热水壶不能放在燃气灶旁，否则在使用燃气灶时产生热量会把电热水壶的绝缘材料烤软甚至损坏，故A分析合理，不符合题意；
B．电热水壶两端的电压长时间超过额定电压工作，这样会烧坏电热水壶，故B分析不合理，符合题意；
C．电热水壶烧水时，水量不超过最大限位，如果超过最大限位，当水沸腾时会溢出，烫伤人，故C分析合理，不符合题意；
D．必须保持插头和电源线干燥，如果潮湿，可能产生漏电，引起触电事故，故D分析合理，不符合题意。
故选B。
（2）[2]由知，烧开2L水消耗的电能为
烧开这壶水所花的电费为
（3）[3]由知，要想计算热效率，需先知道水吸收的热量和消耗的电能。消耗的电能已经知道了，由题意结合知，还需知道水的初温和水的比热容。
（4）[4]A．加热元件安装在壶身底部而不是其他位置，为了加快水的对流，增强加热效果，故A合理，不符合题意；
B．指示灯与加热元件的额定电流相差很大，因为串联电路中电流处处相等，如果串联会烧坏指示灯，而并联电路各用电器互不影响，可以让指示灯和和加热元件独立在各自的额定电流下工作，故B合理，不符合题意；
C．电阻是导体的一种特性，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与其他因素无关，长时间使用后要清除水垢，是因为水垢增多后导致导热性能下降，使得加热时间变长，故C不合理，符合题意。
故选C。
37. 如图所示的电路。电源电压恒定，电流表量程为0～0.6A，滑动变阻器允许通过最大电流为1A．小灯泡L标有“2.5V，0.25A”字样，其I-U图像如图乙所示。只闭合S1时，电流表的示数为I=0.2A，电阻R1消耗的功率为P1；变阻器滑片P移到b端，所有开关都闭合时，电流表的示数为I=0.5A，电阻R1消耗的功率为 且P1：P1'=16：25。
（1）求小灯泡L正常发光时的阻值；
（2）求电源电压；
（3）若只闭合S2，且电压表的量程为0～3V。在保证电路元件都安全的情况下，求变阻器接入电路的阻值变化范围。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【分析】
【详解】解： （1）小灯泡L正常发光时的阻值
（2）只闭合S1时，灯泡与电阻R1串联，电流表的示数为I=0.2A，此时电源电压U
①
变阻器滑片P移到b端，所有开关都闭合时，R1与滑动变阻器并联
化简得
代入①解得：

（3）所有开关都闭合时，电流表的示数为I=0.5A，滑动变阻器的阻值
若只闭合S2，灯泡与电阻滑动变阻器串联，串联且电压表的量程为0～3V，当滑动变阻器两端的电压为3V时，电路中的电流最小，此时小灯泡两端的电压为2V，由图乙可知，电路中的电流为0.24A，滑动变阻器接入电路的电阻最大，
电路中的最大安全电流为0.25A，滑动变阻器接入电路的最小电阻
答：（1）小灯泡L正常发光时的阻值为；
（2）电源电压为；
电热水壶
额定功率：1800W
容量：2L
额定电压：220V
额定频率：50Hz