广东省深圳市福田区2023-2024学年八年级下学期期中物理试卷

这是一份广东省深圳市福田区2023-2024学年八年级下学期期中物理试卷，共17页。
A．运动员将弓拉弯
B．运动员将垒球抛出
C．风将小树吹弯
D．把橡皮泥捏成不同造型
【答案】B
【解析】解：A、弓在运动员拉力作用下被拉弯，故A不符合题意；
B、运动员将垒球抛出，在力的作用下其运动状态发生变化；
C、风将小树吹弯，故C不符合题意；
D、把橡皮泥捏成不同造型，故D不符合题意。
故选：B。
2．（2分）关于力、重力、弹力下列说法中正确的是（ ）
A．重心一定在物体上
B．因为物体本身就有重力，所以重力没有施力物体
C．划船时使船前进的力是水对船桨的力
D．物体间只要相互接触就一定会产生力
【答案】C
【解析】解：A、形状规则，但不一定在物体上；
B、重力的施力物体是地球；
C、物体间力的作用是相互的，故C正确；
D、不接触的两个物体间可能存在力的作用、磁力。
故选：C。
3．（2分）卡塔尔世界杯体精彩纷呈，踢出去的足球在空中飞行时所受到的力有（ ）
A．重力和空气阻力
B．只有重力
C．重力和脚踢的力
D．重力、空气阻力和脚踢的力
【答案】A
【解析】解：踢出去的足球在空中飞行过程中，脚已与足球脱离；
故踢出去的足球在空中飞行时受到重力作用，同时受到与其运动方向相反的空气阻力作用。
故选：A。
4．（2分）某地中考体育测试项目中，小徐同学抛出的实心球在空中运动的轨迹如图所示。忽略空气阻力，则下列说法正确的是（ ）
A．抛出后实心球在空中飞行，是因为它受到推力的作用
B．抛出后实心球继续向前，是因为它受到惯性的作用
C．实心球运动到最高点时速度为0，受平衡力的作用
D．抛出后实心球在空中飞行过程中运动状态不断改变，因为它受到重力的作用
【答案】D
【解析】解：
A、被抛出的实心球不再受到手的推力作用，是因为实心球具有惯性，故A错误；
B、抛出后继续向前，仍要保持原来的运动状态，不能说受到惯性的作用；
C、实心球运动到最高点时只受重力作用，此时受力不平衡；
D、抛出后空中飞行过程中运动状态不断改变，是重力改变了它的运动状态。
故选：D。
5．（2分）如图，木块竖立在小车上，随小车一起以相同的速度向右做匀速直线运动。下列分析正确的是（ ）
A．木块没有受到小车的摩擦力
B．木块运动速度越大，惯性也越大
C．木块对小车的压力与小车对木块的支持力是一对平衡力
D．当小车受到阻力突然停止运动时，木块将向左倾倒
【答案】A
【解析】解：A、由于木块随小车一起以相同的速度向右做匀速直线运动，所以它没有受到摩擦力的作用；
B、物体的运动速度不影响惯性，故B错误；
C、一对平衡力必须是大小相等，在同一条直线上。而木块对小车的压力与小车对木块的支持力不是作用在同一物体上的力，故C错误。
D、小车突然停止运动，由于木块底部与小车存在摩擦，故D错误。
故选：A。
6．（2分）下列物体的受力分析，错误的是（ ）
A．图1自由放置在水平地面上的木块
B．图2挂在天花板上的小球
C．图3小球摆动到最高点B时受力情况
D．图4站在匀速上行的电梯上的人
【答案】C
【解析】解：A、放在水平地面上的木块、竖直向上的支持力F；
B、挂在天花板的小球、竖直向上的拉力F；
C、球在摆动过程只受到重力和绳子的拉力，故C错误；
D、站在匀速上行的电梯上的人、竖直向上的支持力F；
故选：C。
7．（2分）如图所示，四旋翼无人机下方用细线悬挂一个重物，不考虑空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A．重物受到的重力与细线对重物的拉力是一对平衡力
B．无人机对细线的拉力与重物对细线的拉力是一对相互作用力
C．若细线突然断了，重物会向上做匀速直线运动
D．细线对重物的拉力大于重物所受的重力
【答案】A
【解析】解：
AD、无人机在空中匀速上升时，处于平衡状态，是一对平衡力，D错误；
B、无人机对细线的拉力与重物对细线的拉力是作用在同一个物体上的两个力，故B错误；
C、若细线突然断了，会向上做减速直线运动。
故选：A。
8．（2分）下列与压强有关的事例的解释中正确的是（ ）
A．书包的背带较宽，是为了增大压强
B．拦河大坝修成上窄下宽，利用了连通器原理
C．用吸管喝饮料，利用了大气压强
D．起风时，常看见屋内的窗帘飘向窗外，这是因为窗外空气流速大，压强大
【答案】C
【解析】解：A、书包的背带较宽，通过增大受力面积来减小压强；
B、水坝下部比上部建造的宽是因为液体压强随着深度的增加而增大，故B错误；
C、吸管喝饮料是利用大气压强，是先把吸管内的空气吸走，饮料就被压进吸管里；
D、起风时，这是因为窗外空气流速大，故D错误。
故选：C。
9．（2分）如图所示，在两个完全相同的容器中，盛有质量相等的水和酒精（ρ酒精＜ρ水），下列说法正确的是（ ）
A．甲盛的是酒精，乙盛的是水
B．深度相同的A、B两点受到的液体压强相等
C．甲容器底部受到的液体压力比乙容器的小
D．甲、乙两容器底部受到的液体压强相等
【答案】D
【解析】解：
A、已知甲乙容器中液体的质量相等，根据V＝，故甲为水，故A错误；
B、A、B两点所处的深度相同，所以根据液体压强公式可知A，故B错误；
CD、对于直壁容器，液体的质量相同、压力相同，且容器的底面积相同知，甲、乙两容器底部受到的压强相等、C错误。
故选：D。
10．（2分）如图所示，A、B两个物体叠放在水平面上，同时用力F1、F2分别作用于A、B两个物体上，A、B始终处于静止状态，其中力F1＝4N，方向水平向左，力F2＝5N，方向水平向右，下列分析正确的是（ ）
A．A和B之间摩擦力为0
B．地面对B的摩擦力为1N，方向水平向左
C．地面对B的摩擦力为5N，方向水平向左
D．B对A的摩擦力为5N，方向水平向右
【答案】B
【解析】解：
AD、以A为研究对象，A才可能处于静止状态，大小相等，故A；
BC、把AB看成一个整体，受到平衡力的作用1和向右的拉力F2，AB处于静止状态，故水平方向受到平衡力的作用，F4＝4N，力F2＝6N，合力为1N，故地面对B的摩擦力水平向左，故B正确；
故选：B。
11．（2分）用弹簧测力计沿水平方向，拉动水平桌面上的木块。肯定能增大木块受到的滑动摩擦力的操作是（ ）
A．增大拉木块的力B．改变木块运动的方向
C．往木块上加砝码D．使接触面更加光滑
【答案】C
【解析】解：滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，压力越大，滑动摩擦力越大。
A、木块所受滑动摩擦力大小与所受拉力无关；
B、木块所受滑动摩擦力与木块的运动方向无关；
C、在木块上加砝码，则滑动摩擦力增大；
D、使接触面更光滑，故D错误。
故选：C。
12．（2分）如图所示，把两个质量均为50g的钩码挂在弹簧测力计挂钩上。下列说法正确的是（ ）
A．弹簧测力计只可以测量竖直方向的力
B．使弹簧测力计内弹簧伸长的力是钩码的重力
C．弹簧测力计的分度值为0.1N，两个钩码的总重力为1N
D．测钩码的重力前，需要把弹簧测力计在竖直方向调零
【答案】D
【解析】解：A．弹簧测力计测量力时，弹簧测力计可以测量竖直方向上的力，也可以测倾斜方向的力；
B．使弹簧测力计内的弹簧伸长的力是钩码对弹簧的拉力，故B错误；
C．由图可知，示数为1N，钩码所受重力的大小等于弹簧测力计的示数，故C错误；
D．测量物体重力前，所以应将弹簧测力计在竖直方向调零：测量前应用手来回轻轻拉动几下挂钩，故D正确。
故选：D。
13．（2分）如图所示，水平地面上放置一底面积为20cm2、质量为2kg的长方体，现对其施加一个竖直向上大小为10N的拉力F，下列说法错误的是（ ）
A．物体所受的合力为0
B．物体受到的重力为20N
C．物体对桌面的压强为1×104Pa
D．桌面对物体的支持力为10N
【答案】C
【解析】解：B．根据G＝mg得出长方体的重力为G＝mg＝2kg×10N/kg＝20N；
A．由于拉力F小于重力，物体处于静止状态，故A正确；
D．对物体受力分析可知、支持力F支和向上的拉力F，三力平衡支＝G﹣F＝20N﹣10N＝10N，故D正确；
C．由于物体的只有是相互的压＝F支＝10N，
物体对桌面的压强为，故C错误。
故选C。
14．（2分）《热辣滚烫》引发全民拳击热潮，全民健身，“赢”战自我。下列说法中正确的是（ ）
A．拳头击中对手头部时，拳头没有受到对手的作用力
B．运动员都要戴一双又大又软的拳击手套，是为了减小压力
C．健身后体重下降到合理值，感觉自己身轻如燕，是因为质量小惯性小
D．举起杠铃静止，训练者受到的重力和地面给他的支持力是一对平衡力
【答案】C
【解析】解：A、物体间力的作用是相互的，拳头击中对手头部时，故A错误；
B、拳击手套又大又软，增大了手的受力面积，运动员受到的压强小；
C、健身后体重下降到合理值，是因为惯性的大小与质量有关，故C正确；
D、训练中举起杠铃静止时，不是一对平衡力。
故选：C。
15．（2分）关于下面四幅图中所包含的物理信息下列说法错误的是（ ）
A．甲：两手指受到的压力相同，受力面积越大，压强越大
B．乙：同一液体，深度相同时，各个方向压强相等
C．丙：马德堡半球实验证明了大气压强的存在
D．丁：往B管吹气，A管液面上升是因为A管上端空气流速变大，压强变小了
【答案】A
【解析】解：A、由图可知，左边手指与铅笔的接触面积大可知，受力面积越大，故A错误；
B、根据液体内部压强的特点可知，液体向各个方向压强相等；
C、由图可知，气压变小，所以在外界大气压的作用下将两个半球压在一起，故C正确；
D、由图可知，A管液面上升，压强越小，故D正确。
故选：A。
二.填空题（共3小题，每空1分，共11分）
16．（4分）如图所示，物体重5N，被水平向右的力F压在竖直墙壁上。当F为10N时，这时物体受到的摩擦力是 5 N；当F减小为8N时，物体沿竖直墙壁匀速下滑 5 N；再减小压力F，物体继续下滑 变小 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；此时墙壁所受摩擦力方向为 竖直向下 （选填“竖直向上”、“竖直向下”）。
【答案】5；5；变小；竖直向下。
【解析】解：用10N的压力把重5N的物体压在竖直墙壁上，物体在墙壁上保持静止，物体受平衡力作用，
则物体在竖直方向上受重力和静摩擦力作用，二力平衡，故静摩擦力大小为5N；
当F＝8N时，物体恰好沿竖直墙壁匀速下滑，物体受平衡力作用，二力平衡，故滑动摩擦力大小为5N；
下滑过程中，F继续减小，接触面粗糙程度不变时，滑动摩擦力变小。
物体受到的摩擦力方向竖直向上，物体间力的作用是相互的。
故答案为：5；2；变小。
17．（3分）将边长为10cm的正方体铝块放在水平桌面的中央，该铝块的质量为 2.7 kg，它对桌面的压强为 2700 Pa；如果沿竖直方向将该铝块切去一半，则剩余部分对桌面的压强将 不变 。（选填“增大”、“减小”或“不变”）（ρ铝＝2.7×103kg/m3，g取10N/kg）
【答案】2.7；2700；不变
【解析】解：（1）铝块的体积：
V＝（0.1m）4＝0.001m3，
由ρ＝可得铝块的质量：
m＝ρ铝V＝2.7×103kg/m4×0.001m3＝7.7kg；
铝块对桌面的压力：
F＝G＝mg＝2.3kg×10N/kg＝27N；
受力面积S＝（0.1m）3＝0.01m2，
铝块对桌面的压强：
p＝＝＝2700Pa；
（2）如果沿竖直方向将该物块切去一半，则剩余部分对桌面的压力减半，根据公式p＝，剩余部分对桌面的压强将不变。
故答案为：2.7；2700。
18．（4分）如图1是神舟十六号载人飞船发射时的情景，火箭向下喷出气体，使火箭上升的施力物体是 喷出的气体 （选填“火箭”、“空气”或“喷出的气体”），这是利用了力的作用是 相互 的原理；如图2完成任务的航天员乘坐返回舱返回地面，当返回舱匀速下降时 等于 降落伞与返回舱的总重力（选填“大于”、“等于”或“小于”）；当返回舱即将着陆时，返回舱底部的反推发动机向 下 （选填“上”或“下”）喷气，从而进一步减速。
【答案】喷出的气体；相互；等于；下。
【解析】解：（1）由于力的作用的相互性，喷出的气体对火箭会产生向上的推力；
（2）完成任务的航天员乘坐返回舱返回地面，当返回舱匀速下降时，降落伞和返回舱所受空气阻力等于降落伞与返回舱的总重力
（3）当返回舱即将着陆时，返回舱底部的反推发动机向下喷气，则气体给反推发动机一个向上的力。
故答案为：喷出的气体；相互；下。
三.作图题（共2小题，每题2分，共4分）
19．（2分）如图所示，物体A随传送带一起水平向右匀速运动，请画出物体A的受力示意图。
【答案】见试题解答内容
【解析】解：由于物体和传送带一起匀速运动，它们相对静止，只受重力和支持力的作用，F＝G，注意两条线段长度要相等
20．（2分）用3N的水平向左的力把重为2N的物块A压在竖直墙面上保持静止（如图），请在图中画出A所受重力和墙壁所受压力的示意图。
【答案】
【解析】解：木块处于静止，在竖直方向上受两个力，重力的方向竖直向下；墙壁所受压力的方向水平向右，如图所示：
四、实验探究题（共2小题，每题7空，每空2分，共28分）
21．（14分）小明同学设计了如图实验步骤（甲、乙、丙），进行探究“影响滑动摩擦力大小的因素”：
（1）实验中，小明同学用弹簧测力计沿水平方向拉着物体A做匀速直线运动。根据 二力平衡 原理可知：滑动摩擦力的大小 等于 弹簧测力计的示数。（选填“大于”“等于”或“小于”）
（2）由实验甲丙可以得出结论： 当接触面粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大 。
（3）实验后发现：很难使物体A做匀速直线运动。于是小明用如丁图的装置改进（图中长木板B的表面粗糙程度与甲、丙中的木板表面相同），该装置的优点是长木板B 不需要 做匀速直线运动（填“需要”或“不需要”），实验中小明发现：当F为3N时，物体A相对地面静止且长木板B刚好做匀速直线运动 1.8 N。
（4）以上实验后，小明直接把物体A放在水平地面上，如图1所示进行实验：拉力F的方向始终保持水平，以及对应物体的速度v随时间t的变化图像：F﹣t和v﹣t分别如图2、图3所示，由图像可知。物体A在第2秒时一定受 平衡力 （选填“平衡力”或“非平衡力”）作用，在第4秒时受到的摩擦力大小为 4 N。
【答案】（1）二力平衡；等于；（2）当接触面粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大；（3）不需要；1.8；（4）平衡力；4。
【解析】解：（1）用弹簧测力计拉动木块做匀速直线运动时，木块所受的滑动摩擦力和拉力是一对平衡力，滑动摩擦力大小等于拉力大小；
（2）实验中使用的探究方法是控制变量法；由甲，压力的大小不同，摩擦力不同，接触面受到的压力越大；
（3）如丁图所示的实验装置，A相对于地面静止，故该装置的优点是不需要长木板做匀速直线运动；
根据图甲可知，A在木板表面运动时受到的滑动摩擦力为1.2N，木板运动时A受到的滑动摩擦力为6.2N，B受到A施加的滑动摩擦力大小为1.3N；实验中小丽发现：当F为3N时，
即此时B受到A施加的水平向右的滑动摩擦力、地面施加的水平向右的滑动摩擦力及水平向左的拉力的作用，
根据力的平衡条件有：fAB+f＝3N，故长木板B受到地面的滑动摩擦力大小为：f＝5N﹣1.2N＝8.8N；
（4）如图1所示，放在水平地面上的物体C受到方向不变的水平拉力F的作用、图4所示，物体C在第2秒时一定受平衡力的作用；
由图丙知，6﹣4秒物体做匀速直线运动，合力为零，第4秒时物体做加速运动，滑动摩擦力不变。
故答案为：（1）二力平衡；等于，接触面受到的压力越大；（3）不需要；（4）平衡力；4。
22．（14分）如图所示，通过学习，同学们知道了液体压强的特点。在此基础上，分别盛有清水和盐水，但没有标签
（1）实验中是通过U形管中两侧液面的 高度差 反映液体内部压强大小。
（2）从结构上看，图中使用的压强计 不是 （填“是”或“不是”）连通器。
（3）使用前发现U形管中两侧的液面如甲图所示，这说明管内气压 大于 外界大气压（选填“大于”“等于”或“小于”），接下来应该进行的操作是： B （选填“A”或“B”）。
A.将管内的水倒出来一些
B.拆下软管重新安装
（4）小明再做图乙所示的检查。当用手指按压橡皮膜时，发现U形管两边液柱的高度几乎不变化，出现这种情况说明装置 漏气 （填“漏气”或“不漏气”）。
（5）压强计调节正常后，小明将金属盒先后浸入到两杯液体中，如图丙和丁所示，于是认为图丁杯子中盛的是盐水。
①你认为，小明的结论 不可靠 （填“可靠”或“不可靠”）。
②简要说明理由： 未控制橡皮膜浸入液体的深度相同 。
【答案】（1）高度差；（2）不是；（3）大于；B；（4）漏气；（5）①不可靠；②未控制橡皮膜浸入液体的深度相同。
【解析】解：（1）压强计是通过U形管中液面的高度差来反映被测压强的大小；
（2）U形管本身是一个连通器，但与压强计的探头连接后，不符合“上端开口，因此；
（3）若在使用压强计前发现U形管内水面有高度差，说明被封闭气体压强太大，应拆除软管重新安装；
（4）当用手指按压（不论轻压还是重压）橡皮膜时，发现U形管两边液柱的高度几乎不变化，漏气；
（5）盐水的密度大于水的密度，根据公式p＝ρgh，盐水中的压强比较大，从而判断出哪杯是盐水，得出的结论是不可靠的。
故答案为：（1）高度差；（2）不是；B；（4）漏气；②未控制橡皮膜浸入液体的深度相同。
五.计算题（共2小题，23题7分，24题8分，共15分）
23．（7分）今年清明节放假期间，小张一家人驾驶汽车回老家为先人扫墓。已知汽车（包括车上的人和物品）质量为4t﹣2m2，假如汽车受到的阻力为重力的0.08倍（g取10N/kg）。求：
（1）求汽车匀速行驶时的牵引力；
（2）汽车静止在水平地面上时，对地面的压强。
【答案】（1）汽车匀速行驶时的牵引力为3.2×103N；
（2）汽车静止在水平地面上时，对地面的压强为2×106Pa。
【解析】解：（1）汽车的质量m＝4t＝4×107kg，
汽车的重力G＝mg＝4×103kg×10N/kg＝3×104N，
汽车受到的阻力：
f＝0.08G＝4.08×4×104N＝2.2×103N；
因为汽车做匀速直线运动，处于平衡状态，大小相等，
所以，汽车受到的牵引力：
F＝f＝4.2×103N；
（2）汽车静止时对路面的压力：
F＝G＝2×104N，
对路面的压强：
p＝＝＝2×107Pa。
答：（1）汽车匀速行驶时的牵引力为3.2×105N；
（2）汽车静止在水平地面上时，对地面的压强为2×106Pa。
24．（8分）如图所示，平底水桶放在水平地面上，水桶的底面积为0.06m2，空桶重20N，向桶内倒入52N的水，桶内水深为10cm。g取10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3，水桶厚度忽略不计。求：
（1）水对桶底的压强；
（2）水对桶底的压力；
（3）水桶对地面的压强。
【答案】（1）水对桶底的压强为1000Pa；
（2）水对桶底的压力为60N；
（3）水桶对地面的压强为1200Pa。
【解析】解：（1）水对桶底的压强：p1＝ρ水gh＝1.8×103kg/m3×10N/kg×10×10﹣5m＝1000Pa；
（2）由p＝可得1＝p1S＝1000Pa×5.06m2＝60N；
（3）水桶对地面的压力：F2＝G桶+G水＝20N+52N＝72N，
则水桶对地面的压强：p2＝＝＝1200Pa。
答：（1）水对桶底的压强为1000Pa；
（2）水对桶底的压力为60N；
（3）水桶对地面的压强为1200Pa。
六.综合开放题（每空2分，共12分）
25．（12分）阅读短文，回答问题。
在抗击新冠疫情时，负压式救护车发挥了重要作用。所谓负压，就足利用技术手段，这样空气在自由流动时只能由车外流向车内，并且可以利用真空泵将车内的空气通入特制的电热器内进行高温消毒后排出，还配备了呼吸机、除螨仪等系列抢救设备，这在普通救护车上是难以实现的。根据以上信息
（1）相较于普通救护车，负压式救护车的好处之一是空气自由流动的方向只能由车外流向车内，从而可以大大减少交叉感染的概率。下列现象中有可能处于“负压”状态的是 D 。
A.正在熬制中药的高压锅内
B.高空中飞行的飞机机舱内
C.充满气体的氧气罐内
D.人吸气时肺的内部
（2）救护车多设计为流线型，如图甲的外形，当救护车高速行驶时 小于 （选填“大于”、“小于”或“等于”）汽车受到的重力；
（3）某兴趣小组用如图乙所示装置粗略测量大气压的值。把吸盘用力压在玻璃上排出吸盘内的空气，吸盘压在玻璃上的面积为4cm2。轻轻向挂在吸盘下的小桶内加沙子，吸盘刚好脱落时，测出吸盘、小桶和沙子的总质量为3.2kg 8×104 Pa（g取10N/kg）。若吸盘内的空气不能完全排出，则大气压的测量值比真实值偏 小 （选填“大”或“小”）。
（4）如图丙所示，若该实验小组在某地用长1m的玻璃管和水银做托里拆利实验，将灌满水银的玻璃管竖直倒插入水银槽中，水银柱的长度增加到760mm，则此时大气压强的值应是 B ；
A.760mm水银柱
B.750mm水银柱
C.755mm水银柱
D.无法确定
（5）如图丁所示，为该实验小组用玻璃瓶和吸管自制的气压计，将此气压计从教学楼的底层移至楼顶 上升 。（选填“上升”、“下降”或“不变”）
【答案】（1）D；（2）小于；（3）8×104；小；（4）B；（5）上升。
【解析】解：（1）A．正在熬制中药的高压锅，故A不符合题意；
B．高空飞行的飞机机舱内气压要大于机舱外的气压，气压较小，故B不符合题意；
C．充满气后的氧气罐内，故C不符合题意；
D．人吸气时肺的内部扩张，气体在外部大气压的作用下被压入肺中。
故选：D。
（2）救护车多设计为流线型，上方凸起，压强小，空气流速慢，救护车受到向上的升力，救护车对路面的压力小于汽车受到的重力。
（3）吸盘、小桶和沙子的总质量为3.2kg
则吸盘、小桶和沙子的总重力是G＝mg＝4.2kg×10N/kg＝32N，
吸盘受到向下的拉力大小等于吸盘、小桶和沙子的总重力F拉＝G＝32N，
对吸盘进行受力分析可知，大气对吸盘的压力与吸盘受到的拉力是一对平衡力压＝F吸＝32N，
大气压的测量值为p＝＝8×104Pa，
若吸盘内的空气不能完全被排出，吸盘内也有气压，这样大气压的测量值也会相应偏小。
（4）在做托里拆利实验时，只要外界大气压不变，改变玻璃管的粗细、将玻璃管轻轻上提一点，都不会影响到管内外水银面的竖直高度差，水银柱的长度增加到760mm，竖直方向上水银柱的高度差依然为750mm不变。
（5）把气压计从教学楼的底层移至楼顶，由于外界的气压变小。
故答案为：（1）D；（2）小于3；小；（4）B。