2024-2025学年福建省厦门市第一中学高一（上）适应性训练物理试卷（10月）（含答案）

这是一份2024-2025学年福建省厦门市第一中学高一（上）适应性训练物理试卷（10月）（含答案），共10页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题：本大题共4小题，共16分。
1.一游客在武夷山九曲溪乘竹筏漂流，途经双乳峰附近的M点和玉女峰附近的N点，如图所示。已知该游客从M点漂流到N点的路程为5.4km，用时1ℎ，M、N间的直线距离为1.8km，则从M点漂流到N点的过程中( )
A. 该游客的位移大小为5.4km
B. 该游客的平均速率为5.4m/s
C. 该游客的平均速度大小为0.5m/s
D. 若以所乘竹筏为参考系，玉女峰的平均速度为0
2.关于加速度，下列说法正确的是( )
A. 匀变速直线运动的加速度恒定B. 速度的变化量越大，加速度越大
C. 加速度与速度同向，物体可能做减速运动D. 加速度是描述位置变化快慢的物理量
3.地铁刹车后匀减速进站，晓燕同学利用照相机拍下了地铁停下前最后2 s初和最后2 s末的照片，如图所示。已知地铁相邻两车门之间的距离为4.5 m，地铁刹车前的速度为15 m/s，则地铁刹车后行驶的路程为( )
A. 45 mB. 50 mC. 60 mD. 70 m
4.某兴趣小组研究—遥控汽车的运动，根据记录的数据作出该车运动的位置—时间(x−t)图像和速度—时间(v−t)图像，如图所示，其中x−t图像中的t1时刻对应抛物线的最高点。下列说法正确的是( )
A. 汽车的加速度大小为0.5m/s2B. t0=3s时汽车回到出发点
C. t2=4s时汽车通过坐标原点D. 汽车出发点的坐标为x0=2m
二、多选题：本大题共4小题，共24分。
5.下列有关物理问题的物理方法的说法中，正确的是( )
A. 力学中为了研究方便，所有体积小的物体都可以看成质点，质点是理想化模型
B. 图像法和公式法都可以描述匀变速直线运动的规律，但是图像法更直观、形象
C. 根据平均加速度定义式a=△v△t可知，当△t极短时，a就可以表示物体在该时刻的瞬时加速度是采用了极限法
D. 把运动过程分成很多小段，每一小段看作匀速直线运动，然后把各小段位移相加得到匀变速直线运动的位移，这里采用了极限法
6.一小石子从靠近竖直墙面的a点由静止开始落下。途中经过b、c、d三个点，而且通过ab段所用的时间为T。空气阻力不计，则该小石子( )
A. 通过bc、cd段的时间均等于TB. 通过b点与d点的瞬时速度之比为1:2
C. 通过c点的速度等于通过bd段的平均速度D. 通过c点的速度大于通过bd段的平均速度
7.几个水球可以挡住子弹?《国家地理频道》实验证实：四个水球就足够!某次实验中，子弹恰好能穿出第四个水球，实验中将完全相同的水球紧挨在一起水平排列，子弹在水球中沿水平方向视为做匀变速直线运动，则( )

A. 子弹在每个水球中运动的平均速度相同
B. 子弹在每个水球中速度变化量相同
C. 子弹依次进入四个水球的初速度之比为2: 3: 2:1
D. 子弹穿过每个水球的时间之比(2− 3):( 3− 2):( 2−1):1
8.如图所示四幅图为物体做直线运动的图像，下列说法正确的是( )
A. 图甲中，物体在0∼t0这段时间内的位移大于v0t02
B. 图乙中，物体的加速度为1m/s2
C. 图丙中，阴影面积表示t1∼t2时间内物体的加速度变化量
D. 图丁中，t=3s时物体的速度为25m/s
三、填空题：本大题共3小题，共12分。
9.“用传感器测定瞬时速度”的实验装置如图所示，挡光片宽度为5×10−3m，当小车从高处加速滑下时，实验中挡光片通过光电门的时间为0.02s，则小车上的挡光片开始挡光时的近似瞬时速度为 m/s(保留2位有效数字)，这个计算出的瞬时速度值小于真实值，由此产生的误差 (选填“能”或“不能”)通过增加实验次数减小。
10.在一次军事行动中，甲、乙、丙三支小队在命令开始后，按要求同时到达了A地，行动过程指挥部大屏幕地图上显示的运动信息如图所示，则在整个行动过程中，甲、乙、丙三者：
(1)平均速度大小关系v甲1 v乙1 v丙1(选填“>”“<”或“=”)
(2)平均速率大小关系v甲2 v乙2 v丙2(选填“>”“<”或“=”)
11.某学校课外物理兴趣小组的同学们自制了一条直轨道用于遥控赛车比赛。制作完成后，他们用一辆遥控赛车对轨道进行了测试，并用传感器记录下赛车在14s内的运动数据，用电脑处理数据后得到如图所示的速度—时间图像。
(1)BC段的加速度大小是 m/s2。
(2)在12s末的瞬时速度为 m/s。
(3)为了保证测试的顺利进行，直轨道应不短于 m。
四、实验题：本大题共3小题，共26分。
12.某同学在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出A、B、C、D、E、F、G共7个计数点，其相邻点间的距离如图所示，每两个相邻的计数点之间还有4个点未画出。请回答下面的问题：
(1)根据纸带上各个计数点间的距离，计算出打下B、C、D、E、F五个点时小车的瞬时速度，请将B点的速度值填入下表。(结果保留3位有效数字)
(2)以A点为计时起点，将B、C、D、E、F各个时刻的瞬时速度标在直角坐标系中，并画出小车的瞬时速度随时间变化的关系图线 。
(3)由所画速度一时间图像求出小车加速度为 m/s2(结果保留2位有效数字)
(4)根据速度一时间图像判断，在打A计数点时，小车的速度vA= .(结果保留2位小数)
13.某同学用图甲所示的实验装置研究匀变速运动，将木块从倾角为θ的木板上静止释放，与位移传感器连接的计算机描绘出了木块相对传感器的位置随时间变化的规律，如图乙中的曲线 ②所示。
(1)根据图乙可求得木块0.6s时的速度大小为v= m/s，木块运动的加速度大小为a= m/s2。(均保留两位有效数字)
(2)若只增大木板的倾角θ，则木块相对传感器的位置随时间变化的规律可能是图乙中的曲线 (选填图线序号 ① ② ③)。
14.我国新能源汽车行业取得了显著进展，其技术突破和市场表现已获得全球广泛认可。为检测某新能源车的刹车性能，一次在平直公路上实验时，某一辆新能源汽车以v0=72km/ℎ的速度匀速行驶，t=0时刻踩下制动器后开始做匀减速直线运动，前t1=2s内行驶的距离是s1=30m(已知刹车距离大于30m)。
求：(1)汽车做匀减速运动的加速度a的大小;
(2)开始制动后，汽车前t2=3s内平均速度v大小;
(3)开始制动后，汽车t3=5s内汽车行驶的距离l。
五、计算题：本大题共2小题，共22分。
15.一个小木块放在粗糙水平面上，在外力作用下，从静止开始做匀加速直线运动，经过一段时间后撤去外力，立即改做匀减速直线运动直至停止。从小木块开始运动计时，小木块在某些时刻的瞬时速度值如下表所示，
求：(1)小木块做匀加速直线运动和匀减速直线运动的加速度大小;
(2)小木块运动过程中的速度最大值;
(3)小木块做匀减速直线运动的时间。
16.两同学用安装有蓝牙设备的玩具小车A、B进行实验，两车均可视为质点，如图所示，t=0时，A、B两车同时沿两条相距x0=3m的平行直线轨道从同一起跑线向同一方向运动，A车始终以vA=3m/s的速度做匀速直线运动，B车从静止开始以a1=1m/s2的加速度做匀加速直线运动，t2=4s后开始做匀速直线运动，已知两蓝牙小车自动连接的最大距离L=5m
起跑线
求：(1)t1=2s末两车的距离s1;
(2)两车第一次刚好断开连接瞬间B车的速度vB1大小;
(3)整个运动过程中，两车能够保持连接的总时间△t;
(4)若t3=12s末B车做加速度大小为a2=2m/s2的匀减速直线运动，速度减为零后停止运动，求B车减速后两车再次刚好连接瞬间A车到起跑线的距离xA，并求出保持该次连接持续的时间△t4。
参考答案
1.C
2.A
3.B
4.D
5.BC
6.AC
7.CD
8.AD
不能
10.(1)= =
(2)> <
11.2
− 1
28

12.(1)0.40
(2)
(3)0.80
(4)0.32

13.(1) 0.60 1.0
(2) ①

14.解：(1)汽车的初速度为
v0=72km/ℎ=20m/s
刹车做匀减速直线运动，前2s内行驶的距离是30m，有
s1=v0t1−12at12
解得加速度为
a=5m/s2
(2)汽车的刹车时间为
t0=v0a=4s
因t2=3sv2=v0−at2=5m/s
则前3s内平均速度大小为
v=v0+v22=12.5m/s
(3)因t3=5s>t0，则汽车已停止，汽车行驶的距离为
l=v022a=40m

15.解：(1)质点匀加速直线运动的加速度大小为
a1=Δv1△t1=2−01−0m/s2=2m/s2
匀减速直线运动的加速度大小为
a2=Δv2Δt2=|5−910−9|m/s2=4m/s2
(2)设经过t速度最大，有
a1t=v8+a2(8−t)
代入数据解得
t=7.5s
最大速度为
vmax=a1t=15m/s
(3)质点匀减速运动的时间为
t′=vmaxa2=154s=3.75s

16.解：(1)t1=2s内，A、B车的位移分别为x1=vAt1，x2=12a1t12则有s12=x02+(x1−x2)2解得s1=5m
(2)结合上述可知s1=5m=L即在t1=2s时，两车第一次刚好断开连接，则有vB1=a1t1解得vB1=2m/s
(3)结合上述可知，两车第一次保持连接的时间为t1=2s在t2=4s时，两车位移之差Δx=vAt2−12a1t22=4m由于 x02+Δx2=5m=L表明t2=4s时刻两车第二次开始连接，令再经历时间t4，两车位移差再次达到△x=4m，则有Δx=12a1t22+a1t2t4−vA(t2+t4)解得t4=8s结合上述可知，整个运动过程中，两车能够保持连接的总时间Δt=t1+t4解得Δt=10s
(4)由于
t3=t2+t4=12s
结合上述可知，12s时开始断开连接，B车在A车前方，B车开始减速，减速至0的时间
t0=a1t2a2=2s
令B车减速后再经历时间t5两车刚好再次连接，结合上述可知，此时两车位移差再次达到
△x=4m，则有
a1t2t5−12a2t52=vAt5
解得
t5=1s
此时，A车到起跑线的距离
xA=vA(t3+t5)=39m
令B车之后再经历时间t6两车再次刚好断开连接，此时A在前B在后，则有
vAt6−(a1t2t6−12a2t62)=2Δx
解得
t6=1+ 332s>t0=2s
即B车已经停止运动，则有
vA(t5+Δt4)−(a1t2)22a2=2Δx
解得
Δt4=3s
速度
vB
vC
vD
vE
vF
数值(m/s)
--
0.479
0.560
0.640
0.721
时刻(s)
8
10
v(m/s)
13
5