吉林省长春市东北师范大学附属中学2024-2025学年高一上学期9月阶段验收考试生物试题（解析版）

这是一份吉林省长春市东北师范大学附属中学2024-2025学年高一上学期9月阶段验收考试生物试题（解析版），共25页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
1. 《钱塘湖春行》是唐代诗人白居易的诗作，其诗句包括：“凡处早莺争暖树，谁家新燕啄春泥。乱花渐欲迷人眼，浅草才能没马蹄。”下列叙述正确的是（）
A. 早莺、新燕、骏马均属于哺乳动物
B. 乱花属于生命系统的器官层次，浅草属于生命系统的个体层次
C. 暖树与新燕所具有的生命系统结构层次完全相同
D. 西湖公园里饲养的各种动物、栽培的多种植物和微生物，以及它们生存的无机环境，共同构成一个生态系统
【答案】B
【解析】
【分析】生命系统层次可分为：细胞、组织、器官、系统、个体、种群、群落和生态系统。
A、早莺、新燕属于鸟类，A错误；
B、根、茎、叶、花、果实、种子属于器官层次，草属于个体层次，B正确；
C、植物不具有系统这个层次，但动物具有，因此暖树与新燕所具有的生命系统结构层次不完全相同，C错误；
D、生物群落及其生活的无机环境构成一个生态系统，西湖中所有生物构成生物群落，包括除了饲养的各种动物、栽培的多种植物，还有各种野生的动植物，以及各种微生物，D错误。
故选B。
2. 模式生物是指在形态、结构、生理功能等方面有典型代表的生物。这类生物一般都具有体积小、易培养、繁殖快等特点，典型代表有噬菌体、大肠杆菌、酵母菌、果蝇和拟南芥。一种观点认为，进化中，祖细胞的根本性质在后代保持不变，故对模式生物的研究所得的知识可以延伸到其他的同祖生物中。下列叙述正确的是（）
A. 上述模式生物都可以在普通培养基中培养
B. 对模式生物的研究都能体现生命活动离不开细胞
C. 模式生物酵母菌无液泡，是营寄生或腐生生活的异养生物
D. 模式生物的研究体现了不完全归纳法的应用
【答案】BD
【解析】
【分析】生命系统层次：细胞、组织、器官、系统、个体、种群、群落、生态系统；最基本的生命系统是细胞。
A、噬菌体是病毒，病毒营寄生生活，只能在活细胞培养基中培养，A错误；
B、“模式生物”中病毒需要寄生在活细胞内才能表现出生命活动，单细胞生物依靠单个细胞完成各项生命活动，多细胞生物通过各种分化的细胞完成各项生命活动，所以“模式生物”的研究都能体现细胞是生命活动的基本单位，B正确；
C、模式生物酵母菌有液泡，是营腐生生活的异养生物，C错误；
D、利用模式生物的研究，归纳概括出来的知识点延伸到其他的同祖生物中，体现了不完全归纳法的应用，D正确。
故选BD。
3. 流感病毒具包膜，根据其内部蛋白质种类的不同，分为甲、乙、丙3种类型。流感病毒表面有血凝素(HA)和神经氨酸酶(NA)等蛋白。甲型流感病毒的HA分为H1～H18等亚型，NA分为N1～N11等亚型，HA和NA可以随机组合。下列叙述正确的是（）
A. 流感病毒是最基本的生命系统
B. 流感病毒由RNA、蛋白质、磷脂等物质组成
C. HA和NA的差异性是流感病毒分为甲、乙、丙3种类型的主要分类依据
D. 流感病毒能够在餐具上增殖，用酒精浸泡餐具可杀死流感病毒
【答案】B
【解析】
【分析】病毒是非细胞生物，只能寄生在活细胞中进行生命活动。病毒依据宿主细胞的种类可分为植物病毒、动物病毒和噬菌体；根据遗传物质来分，分为DNA病毒和RNA病毒；病毒由核酸和蛋白质组成。
A、生命系统最基本层次是细胞，病毒没有细胞结构，也没有独立代谢的能力，因此它不属于生命系统的结构层次，A错误；
B、流感病毒具包膜（主要成分是磷脂和蛋白质），其遗传物质是RNA，故流感病毒由RNA、蛋白质、磷脂等物质组成，B正确；
C、结合题干信息分析可知，根据流感病毒内部蛋白质种类的不同，分为甲、乙、丙3种类型，而HA和NA是表面蛋白，C错误；
D、流感病毒只能寄生在活细胞内，不能在餐具上增殖，用酒精浸泡餐具可以杀死该病毒，D错误。
故选B。
4. 研究人员对分别取自甲、乙、丙3种不同生物的部分细胞进行观察和实验，发现：甲细胞存在细胞壁、核糖体和核膜，且能够进行光合作用；乙细胞存在核糖体和核膜，不存在细胞壁，不能进行光合作用；丙细胞无核膜，但是存在细胞壁和核糖体，且能进行光合作用。下列叙述正确的是（）
A. 甲、乙、丙3种细胞可能分别取自小球藻、肺炎支原体、鱼腥蓝细菌
B. 丙细胞能进行光合作用是因为其细胞内含有叶绿体
C. 甲和丙细胞的结构在光学显微镜下最大的区别是有无染色体
D. 甲和丙细胞都具有细胞壁，但是两者细胞壁的主要成分不同
【答案】D
【解析】
【分析】题意分析，甲有核膜，为真核生物，能进行光合作用，表明为植物细胞。乙有核膜，为真核生物，不能进行光合作用，没有细胞壁，为动物细胞。丙没有核膜，为原核生物，能进行光合作用，为蓝细菌。
A、乙有核膜，为真核生物，不能进行光合作用，没有细胞壁，为动物细胞，而肺炎支原体为原核生物，A错误；
B、丙是原核生物，丙能进行光合作用是因为其细胞内含有叶绿素、藻蓝素及光合作用所需的酶，B错误；
C、在光学显微镜下比较甲细胞和丙细胞的细胞结构，其最主要的区别是丙细胞没有以核膜为界限的细胞核，甲细胞有真正的细胞核，C错误；
D、甲细胞是真核细胞，其细胞壁的主要成分是纤维素，丙细胞是原核细胞，其细胞壁的主要成分是肽聚糖，两种细胞细胞壁的主要成分并不相同，D正确。
故选D。
5. 阿胶是一种用驴皮制成的药材。原产于山东，已有两千多年的应用历史，与人参、鹿茸一起被誉为“中药三宝”。阿胶的滋补作用主要体现为加快机体的新陈代谢、促进组织细胞再生和增强免疫力。下列叙述正确的是（）
A. 阿胶为人体提供营养物质可能有必需氨基酸
B. 阿胶具有滋补作用的原因可能是其含有人体必需的Fe、Mg等微量元素
C. 驴皮细胞中含量最多的有机化合物是脂肪
D. 食用阿胶的人应减少对其他糖类的摄入，因为阿胶中含有丰富的淀粉
【答案】A
【解析】
【分析】1、组成生物体的化学元素根据其含量不同分为大量元素和微量元素两大类：（1）大量元素是指含量占生物总重量万分之一以上的元素，包括C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg；（2）微量元素是指含量占生物总重量万分之一以下的元素，包括Fe、Mn、Zn、Cu、B、M等。
2、组成细胞的化合物：（1）无机化合物：水占80%--90%；无机盐占1%--1.5%；有机化合物：蛋白质占7%--10%；脂质占1%--2%；糖类和核酸占1%--1.5%。
A、阿胶用驴皮熬制的，可以为人体提供的营养物质，可能含有必需氨基酸，A正确；
B、Mg属于大量元素，B错误；
C、驴皮细胞中含量最多的有机化合物是蛋白质，C错误；
D、阿胶用驴皮熬制的，动物细胞中不含淀粉，其多糖为糖原，D错误。
故选A。
6. 宜宾特产众多，“宜宾五粮液”“屏山炒青”“南溪豆腐干”“兴文方竹笋”等家喻户晓。下列有关分析正确的是（）
A. “宜宾五粮液”的名贵之处在于其原料中某些元素在无机环境找不到
B. “屏山炒青”属于绿茶，茶植株内的所有细胞都含有蛋白质和叶绿素
C. “南溪豆腐干”主要成分有水、无机盐、蛋白质、脂质和糖类等物质
D. “兴文方竹笋”独特鲜、香、嫩等特点，原因是细胞内脂质含量比水多
【答案】C
【解析】
【分析】组成生物体的元素在非生物界中也都存在，这一事实主要说明生物界与非生物界具有统一性。但这些元素的含量相差很大，又说明了生物界和非生物界之间存在差异性。
A、构成生物体的元素都可以在无机自然界中找到，体现了生物界和无机自然界的统一性，因此“宜宾五粮液”的原料中的元素在无机环境都能找到，A错误；
B、茶植株内不进行光合作用的细胞内不含叶绿素，如根尖细胞，B错误；
C、构成细胞的化合物包括无机物和有机物，“南溪豆腐干”主要成分有水、无机盐、蛋白质、脂质和糖类等物质，C正确；
D、活细胞内含量最多的化合物是水，D错误。
故选C。
7. 如图表示土壤中甲、乙两种元素浓度变化与某植物生长速率的关系，下列分析正确的是（）
A. 该植物快速生长时对甲元素的需求大于乙元素
B. 当土壤中乙元素浓度为 B时，再增施含乙元素的肥料才有利于该植物生长
C. 当该植物生长速率最大时，对甲、乙元素的需求量相近
D. 持续保持甲、乙元素供应量相等可能会导致该植物生长不正常
【答案】D
【解析】
【分析】分析题图：植物生长速率最大时对应的甲元素浓度较乙元素低，说明该植物生长速率最大时对甲元素需要量小于乙元素；在土壤中乙元素浓度为 A 时，由于元素乙浓度过低，植物生长速率较低，乙元素浓度为B时达到较大生长速率，因此在 A 浓度下施含乙元素的肥料，可以加快生长速率，最有利于该植物生长。
A、由图可知，该植物生长时对甲元素的需求量小于对乙元素的需求量，A错误；
B、当土壤中乙元素浓度为B时，达到较大生长速率，可以暂时不用施含乙元素的肥料，C错误；
C、当该植物生长速率最大时，对甲元素的需求量小于对乙元素的需求量，C错误；
D、植物生长速率最大时对甲元素需要量小于乙元素，若持续保持提供甲、乙元素相等的供应量，可能会导致该植物生长不正常，D正确。
故选D。
8. 磷脂是构成细胞膜的重要成分。下列叙述错误的是（）
A. 磷脂中甘油的一个-OH与磷酸及其他衍生物结合
B. 所有磷脂均含有C、H、O、N、P等元素
C. 磷脂是构成多种细胞器膜的重要成分
D. 在人和动物的脑、卵细胞、肝脏中，磷脂含量丰富
【答案】B
【解析】
【分析】1、磷脂属于脂质中的一种，其元素组成为C、H、O、P，有些磷脂还含有N。
2、磷脂是组成生物膜的主要成分，在动物体内有脑磷脂和卵磷脂等。
A、磷脂与脂肪的不同之处在于甘油的一个-OH不是与脂肪酸结合成酯，而是与磷酸及其他衍生物结合，A正确；
B、磷脂均含有C、H、O、P等元素，有些磷脂还含有N元素，B错误；
C、磷脂是构成生物膜的重要成分，细胞膜和细胞器膜都属于生物膜，C正确；
D、在人和动物的脑、卵细胞、肝脏中，磷脂含量丰富，植物中大豆的种子也含有丰富的磷脂，D正确。
故选B。
9. 为探究X是否属于植物生长所必需的无机盐，某同学的实验设计思路大致如下。下列叙述正确的是（ ）
A. 实验中的对照组是甲组、乙组实验后
B. 实验中只需控制实验材料这一无关变量即可
C. 此实验如果是无土栽培，则实验前营养液要灭菌
D. 为防止外界影响，此实验需在黑暗密闭条件下进行
【答案】C
【解析】
【分析】1、矿质元素以离子形式被根尖吸收，这些元素的作用：（1）必需元素参与生命物质的构成，调节酶的活性和细胞的渗透势和水势。（2）植物对微量元素的需要量虽然很小，但微量元素有着重要的生理功能。（3）必需营养元素缺乏时出现的症状称为缺素症，是营养元素不足引起的代谢紊乱现象。任何必需元素的缺乏都影响植物的生理活动，并明显地影响生长。患缺素症的植物虚弱、矮小，叶片小而变形，而且往往缺绿。根据缺素症的症状和在植株上发生的部位，可以鉴定所缺营养元素的种类。
2、实验必须遵守的原则：①设置对照原则：空白对照；条件对照；相互对照；自身对照。②单一变量原则；③平行重复原则。
A、该实验中对照组是甲组、乙组实验前，A错误；
B、实验中不仅需控制实验材料这一无关变量，还有控制培养液浓度等无关变量，B错误；
C、若实验是无土栽培，则实验前营养液要灭菌，C正确；
D、由于培养的是植物，故需在光照下进行，D错误。
故选C。
【点睛】
10. 《氾胜之书》是西汉晚期农学著作，是中国现存较早的一部农学著作，书中提到收获的粮食要“曝使极燥”，降低粮食的含水量后才入仓储存。下列说法错误的是（ ）
A. “曝使极燥”后的种子抵抗严寒的能力会降低
B. “曝使极燥”后，细胞中自由水含量大幅度减少
C. 降低粮食的含水量，可防止种子在储存过程中发霉
D. 降低粮食的含水量，可减少储存过程中有机物的消耗
【答案】A
【解析】
【分析】自由水和结合水的区别如下：1、自由水在细胞内、细胞之间、生物体内可以自由流动，是良好的溶剂，可溶解许多物质和 化合物；可以参与物质代谢，如输送新陈代谢所需营养物质和代谢的废物。2、结合水在生物体内或细胞内与蛋白质、多糖等物质相结合，失去流动性。 3、结合水是细胞结构的重要组成成分，不能溶解其它物质，不参与代谢作用。
A、“曝使极燥”后的种子自由水含量减少，结合水含量增多，抵抗严寒的能力会增强，A错误；
B、“曝使极燥”后，细胞中自由水含量大幅度减少，代谢减弱，抗逆性增强，B正确；
C、降低粮食的含水量，降低代谢，可防止种子在储存过程中发霉，C正确；
D、自由水参与细胞代谢，降低粮食的含水量，可降低呼吸速率，减少储存过程中有机物的消耗，D正确。
故选A。
11. a、b、c3种淀粉酶在某支链淀粉分子上的水解位点如图。“•”表示单糖，单糖之间以糖苷键相连；a酶水解淀粉各侧链分支连接处的糖苷键；b酶从各链外侧依次水解第2个糖苷键：c酶从各链外侧依次水解第1个糖苷键。下列叙述错误的是（ ）
A. 用a酶水解该淀粉，可得到少量葡萄糖
B. 用b酶水解该淀粉，可得到二糖
C. 用c酶水解该淀粉，产物可与Cu（OH）2发生颜色反应
D. 用上述3种酶共同水解该淀粉，可得到较多的葡萄糖
【答案】A
【解析】
【分析】多糖（能水解成多个葡萄糖）（基本单位：葡萄糖）：淀粉（植物的储能物质）、纤维素（植物细胞壁的组成部分）、糖原（动物的储能物质） ；蔗糖和多糖不是还原糖，所有单糖和除蔗糖外的二糖都是还原糖。
A、用a酶水解该淀粉，其水解淀粉各侧链分支连接处糖苷键，得到短的糖链，不能得到葡萄糖分子，A错误；
B、用b酶水解该淀粉，其从各链外侧依次水解第二个糖苷键，得到两个单糖连在一起的物质，即可得到二糖，B正确；
C、用c酶水解该淀粉，其从各链外侧依次水解第一个糖苷键，得到葡萄糖，葡萄糖还原糖，可与Cu(OH)2（斐林试剂）发生颜色反应，产生砖红色沉淀，C正确；
D、用上述三种酶共同水解该淀粉，a酶可将糖链分支水解下来，然后b、c酶从各链外侧水解糖苷键，可得到较多的葡萄糖，D正确。
故选A。
12. 某植物和某哺乳动物体内细胞的某些化学元素占细胞干重的百分比(%)如下表。下列叙述错误的是（）
A. 烘干后的细胞的主要成分是有机物，因而C元素的含量较多
B. N、S含量较高说明动物组织含蛋白质较多
C. 若动物血钙过高，则可能会出现肌肉抽搐
D. 若动物血钠过低，则可能会出现肌肉酸痛、无力
【答案】C
【解析】
【分析】分析表格：表中所示的是动物和植物细胞干重时各种元素的含量，含量最多的是碳元素；动、植物细胞中所含元素的种类大体相同，但元素的含量存在较大差异。
A、据表可知，动植物细胞干重中碳元素的含量都是最高的，说明有机物是动植物干物质的主要成分，A正确；
B、据表可知，动物细胞中N、S含量都比植物高，而这两种元素是构成蛋白质的基本元素和特征元素，说明动物组织含蛋白质较多，B正确；
C、若该动物血钙高则会发生肌无力，血钙低则会发生肌肉抽搐，C错误；
D、人体内Na+缺乏会引起神经、肌肉细胞的兴奋性降低，最终可能会引发肌肉酸痛、无力等，D正确。
故选C。
13. 某研究团队拟利用以下四种氨基酸分子合成一种环状多肽，分子式为CaHbOcNd，则该环状多肽中含有①号氨基酸的个数是（）
A. b-aB. b+a+1C. d-cD. d-c+1
【答案】C
【解析】
【分析】1、对于环状多肽，肽键数=脱水数=氨基酸数目；对于链状多肽，肽键数=脱水数=氨基酸数目-肽链的条数。
2、分析题图可知，①号氨基酸的R基上含有一个N原子，②③④号氨基酸的R基上都不含N原子，且每个氨基酸的R基上都不含有O原子。
据分析可知，每个氨基酸的R基上都不含有O原子，则该环状多肽含有的O原子在“-CO-NH-”中，故该多肽含有的氨基酸个数可以通过O原子进行推断，即含有c个氨基酸，该环状多肽中共有d个N原子，故d-c即为R基上的N原子，又因为只有①号氨基酸的R基上含有一个N原子，即①号氨基酸有d-c个，C正确，ABD错误。
故选C。
14. 科研人员将某油料作物种子置于条件适宜的环境中培养，定期检测种子萌发过程中脂肪的相对含量和干重，结果如图。下列叙述正确的是（ ）
A. 导致AB段种子干重增加的主要元素是O
B. BC段种子干重下降主要跟水分减少有关
C. 油菜种子萌发时消耗的能量均来自脂肪的氧化分解
D. 油菜种子萌发过程中，糖类可大量转化为脂肪
【答案】A
【解析】
【分析】油料种子含有较多的脂肪，种子萌发过程中（含幼苗）的脂肪会转变成糖类，脂肪含量减少，糖类与脂肪相比含有较多的O原子，所以有机物含量增加；种子萌发过程中代谢旺盛，糖类经过呼吸作用，氧化分解，释放能量，所以有机物的含量又减少；幼苗可以进行光合作用，当光合作用强度大于呼吸作用强度时，有机物开始积累。
A、种子萌发过程中（含幼苗）的脂肪会转变成糖类，脂肪含量减少，糖类与脂肪相比含有较多的O原子，所以有机物含量增加，因此导致AB段种子干重增加的主要元素是O，A正确；
B、BC段种子干重下降的主要原因是代谢增强，有机物消耗，B错误；
CD、种子萌发时，脂肪转变为可溶性糖，种子萌发时消耗的能量主要来自细胞中可溶性糖的氧化分解，CD错误。
故选A。
15. 红烧狮子头是一道淮扬名菜，因肉丸形似狮头而得名，其做法是将有肥有瘦的肉配上荸荠、香菇等材料做成丸子，出锅后醇香味浓，香味扑鼻，吃起来超级美味。红烧狮子头的原料主要有猪肉、荸荠、鸡蛋和大葱等。下列叙述正确的是（ ）
A. 猪肉中含有的脂肪是动物细胞的主要能源物质
B. 荸荠中富含淀粉，淀粉可作为植物细胞中的储能物质
C. 大葱含有纤维素，可被反刍动物直接吸收利用
D. 脂肪在糖类供能不足时，可大量转化为糖类，氧化分解供能
【答案】B
【解析】
【分析】1、糖类分为单糖、二 糖和多糖；二糖包括麦芽糖、蔗糖、乳糖，麦芽糖是由2分子葡萄糖形成的，蔗糖是由1分子葡萄糖和1分子果糖形成的，乳糖是由1分子葡萄糖和1分子半乳糖形成的；多糖包括淀粉、纤维素和糖原，淀粉是植物细胞的储能物质，糖原是动物细胞的储能物质，纤维素是植物细胞壁的组成成分；
2、脂质分为脂肪、磷脂和固醇；固醇包括胆固醇、性激素和维生素D；与糖类相比，脂肪分子中的氢含量多，氧含量少，氧化分解时产生的能量多，因此是良好的储能物质；磷脂双分子层构成生物膜的基本骨架；固醇中的胆固醇是动物细胞膜的重要组成成分，也参与脂质在血液中的运输。
A、脂肪是动植物细胞的主要储能物质，糖类是细胞的主要能源物质，A错误；
B、荸荠中富含淀粉，淀粉是植物细胞中特有的多糖，是一种储能物质，B正确；
C、纤维素属于多糖，反刍动物内没有水解纤维素的酶，因此纤维素不能被反刍动物直接吸收利用，C错误；
D、糖类在供应充足的情况下，可以大量转化为脂肪，而脂肪一般只在糖类代谢发生障碍，引起供能不足时，才会分解供能，且不能大量转化为糖类，D错误。
故选B。
16. 蛋白质是生命活动的主要承担者。下列叙述正确的是（ ）
A. 许多蛋白质是构成细胞和生物体结构的重要物质，称为结构蛋白
B. 所有能够调节机体生命活动的物质均为蛋白质
C. 细胞中的化学反应离不开酶的催化，所有的酶均为蛋白质
D. 入侵人体的抗原和人体产生的抗体均为蛋白质
【答案】A
【解析】
【分析】蛋白质由于其氨基酸的种类，数目，排列顺序和肽链空间结构的不同而具有多样性，所以蛋白质具有了功能多样性：结构蛋白（如血红蛋白）、催化功能（如蛋白质类的酶）、运输功能（如载体蛋白）、调节功能（如胰岛素）、免疫功能（如抗体）等蛋白质是生命活动的主要承担者，其多样性的根本原因在于指导蛋白质合成的基因不同。
A、许多蛋白质是构成细胞和生物体结构的重要物质，称为结构蛋白，如构成头发的蛋白质、构成肌肉的蛋白质等，A正确；
B、能够调节机体生命活动的物质通常是激素，激素包括蛋白质类、脂质等，B错误；
C、酶的本质多数是蛋白质，少数是RNA，C错误；
D、入侵人体的抗原通常都是蛋白质，也可以是其它物质，D错误。
故选A。
17. 如图表示1个由200个氨基酸构成的蛋白质分子。下列叙述正确的是（ ）
A. 该蛋白质含有198个肽键
B. 将第25位和第70位氨基酸水解，需4个H2O
C. 该蛋白质至少含有402个C原子
D. 该蛋白质至少含有202个O原子
【答案】C
【解析】
【分析】1、蛋白质是以氨基酸为基本单位构成的生物大分子；氨基酸分子通过脱水缩合的方式进行连接：一个氨基酸分子的羧基（—COOH）和另一个氨基酸分子的氨基（—NH2）相连接，同时脱去一分子的水；连接两个氨基酸分子的化学键叫作肽键。
2、脱水缩合过程中的相关计算：（1）脱去的水分子数=形成的肽键数=氨基酸个数-肽链数；（2）蛋白质相对分子量=氨基酸的平均相对分子量×氨基酸个数-脱水数×18。
A、由于两条肽链之间又形成了2个肽键，所以该蛋白质含有的肽键数=200-2+2=200个，A错误；
B、第25位和第70位的氨基酸都有3个肽键与其他氨基酸相连，所以将第25位和第70位氨基酸水解掉需要6个水分子，B错误；
C、每个氨基酸至少含有2个C原子，据图可知，25号和165号氨基酸的R基中至少含有一个C原子，故该蛋白质至少含有2×200+2×1=402个C原子，C正确；
D、该蛋白质中一定含有氧原子的位置有：每条肽链末端游离的羧基中，共4个氧原子，每个肽键一侧有1个氧原子，共200个氧原子，所以该蛋白质至少含有204个氧原子，D错误。
故选C。
18. 胰腺合成的胰蛋白酶原进入小肠后，在肠激酶作用下形成有活性的胰蛋白酶，该激活过程如图，图中数字表示氨基酸位置。下列叙述错误的是（ ）
A. 胰蛋白酶比胰蛋白酶原少了6个肽键
B. 二硫键参与形成环状结构
C. 胰蛋白酶与胰蛋白酶原结构不同，但功能相同
D. 激活过程可避免胰蛋白酶破坏自身细胞结构
【答案】C
【解析】
【分析】题图分析，胰蛋白酶原和胰蛋白酶相比，肠激酶识别了胰蛋白酶原首端的一段序列，并在6号和7号两个氨基酸之间进行了切割，此时切割的也是肽键，形成的六肽中也存在肽键。
A、胰蛋白酶和胰蛋白酶原含有的肽键数分别为222个、228个，所以胰蛋白酶比胰蛋白酶原少的肽键数为228-222=6个，A正确；
B、据图可知，该蛋白质中的环状结构与二硫键的形成有关，B正确；
C、胰蛋白酶原（无活性）在切割后，形成成熟的胰蛋白酶，具有催化活性，结构和功能都发生改变，C错误；
D、胰蛋白酶原在胰腺分泌出来时没有活性，到了小肠后才有活性，所以题图中胰蛋白酶的激活过程可避免胰蛋白酶破坏自身细胞，D正确。
故选C。
19. 骆驼是被称为“沙漠之舟”的哺乳动物，驼峰里储存着脂肪，其可在食物缺乏时，分解供能。脂肪是脂质的一种，下列叙述正确的是（ ）
A. 有些脂质易溶于水，有些脂质易溶于乙醚、丙酮等有机溶剂
B. 脂肪含O较少，氧化分解释放能量多，因此骆驼可长时间不吃食物
C. 骆驼脂肪含有大量饱和脂肪酸，熔点低，常温下呈固态
D. 维生素D能促进人体对Ca和P的吸收，补Ca的同时需补充一定量的维生素D
【答案】D
【解析】
【分析】组成脂质的化学元素主要是C、H、O，有些脂质还含有P和N，细胞中常见的脂质有：（1）脂肪：是由三分子脂肪酸与一分子甘油发生反应而形成的，作用：①细胞内良好的储能物质；②保温、缓冲和减压作用。（2）磷脂：构成膜（细胞膜、核膜、细胞器膜）结构的重要成分。（3）固醇：维持新陈代谢和生殖起重要调节作用，分为胆固醇、性激素、维生素D等。
A、脂质不溶于水，A错误；
B、脂肪是储能物质，脂肪含O较少，氧化分解释放能量多，但并非是其长期不进食的原因，骆驼长时间不吃食物而引起的机体供能不足时，脂肪可以转化为糖类，B错误；
C、骆驼是动物，动物脂肪含有大量饱和脂肪酸，熔点高，常温下呈固态，C错误；
D、维生素 D能够促进人体对钙和磷的吸收，所以在补钙的同时需补充一定量的维生素 D，促进肠道对钙的吸收，D正确。
故选D。
20. 某肽链由88个氨基酸脱水缩合而成，其中共有6个游离的氨基，5个甲硫氨酸，且甲硫氨酸在肽链中的位置为第2、25、56、78、88位，甲硫氨酸的分子式为，下列叙述正确的是（ ）
A. 合成该多肽的氨基酸共有94个N原子
B. 若去掉该多肽中的甲硫氨酸，则生成的若干肽链中，肽键数目会减少8个
C. 若去掉该多肽中的甲硫氨酸，则生成的多肽的氨基和羧基均分别增加5个
D. 若去掉该多肽中的甲硫氨酸，则生成的有机物中，O原子数目减少1个
【答案】D
【解析】
【分析】氨基酸形成多肽过程中的相关计算：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数一肽链数；游离氨基或羧基数=肽链数+R基中含有的氨基或羧基数；至少含有的游离氨基或羧基数=肽链数；氮原子数=肽键数+肽链数+R基上的氮原子数=各氨基酸中氮原子总数；氧原子数=肽键数+2×肽链数+R基上的氧原子数=各氨基酸中氧原子总数一脱去水分子数；蛋白质的相对分子质量=氨基酸数目×氨基酸平均相对分子质量一脱去水分子数×18。
A、由于一个肽链中至少有一个游离的氨基和一个游离的羧基，现肽链中共有氨基6个，其中有5个应位于R基上，所以合成该多肽的氨基酸共有N原子数目=氨基酸数目+5个R基上的N原子数=88+5=93个，A错误；
B、该肽链含有5个甲硫氨酸，在中间的4个（分别位于第2、25、56、78位）每水解掉一个就少2个肽键，而最后一个（位于第88位）仅少一个肽键，所以去掉该多肽中的甲硫氨酸，肽键数目会减少2×4+1=9个，B错误；
C、去掉多肽链中的甲硫氨酸后，①号位的氨基酸也变成游离的单个氨基酸了，由于不确定①号氨基酸的R基上是否有游离的氨基，所以去掉该多肽链中的甲硫氨酸后，生成的多肽中，氨基增加的数量无法确定；C错误；
D、由于甲硫氨酸的分子式为C5H11O2NS，R基中没有游离的羧基，若去掉该多肽中间的每个甲硫氨酸（分别位于第3、25、56、78位），断裂每个甲硫氨酸两侧的肽键共消耗2分子而增加2个氧原子，而去掉末端的甲硫氨酸（第88位）只断裂一个肽键消耗1分子水而增加1个氧原子，所以若去掉该多肽中的甲硫氨酸，O原子数目的减少数=5个甲硫氨酸分子中的氧原子数+断裂5个甲硫氨酸共消耗的水分子数=5×2-（4×2+1）=1个，D正确。
故选D。
二、选择题：本题共5小题，每小题3分。共15分。在每小题给出的四个选项中，有一项或多项符合题目要求。全选对者得3分，选对但不全的得1分，有错选得0分。
21. 我国著名微生物学家汤飞凡先生长期从事微生物的研究，是世界上首位分离出沙眼衣原体的科学家。沙眼衣原体是原核生物，有较复杂的、能进行一定代谢活动的酶系统，但不能合成高能化合物，营严格的细胞内寄生生活。下列叙述正确的是（ ）
A. 沙眼衣原体是独立的生命系统，但不能在无细胞培养基上繁殖
B. 沙眼衣原体的遗传物质主要是DNA
C. 沙眼衣原体不能合成高能化合物，可能是因为其细胞内缺乏相关的酶
D. 衣原体细胞内没有核膜，结构简单，因此不具有多样性
【答案】AC
【解析】
【分析】真核细胞和原核细胞的最重要的区别是真核细胞有核膜包被的细胞核，而原核细胞没有。
A、据题干信息可知，沙眼衣原体是原核生物，具有细胞结构，故能独立完成生命活动，但其营严格的细胞内寄生生活，即其必须寄生在其他活细胞中才能生活，所以在无细胞的培养基上沙眼衣原体无法繁殖，A正确；
B、沙眼衣原体含有DNA和RNA，但其遗传物质是DNA，B错误；
C、据题干信息“沙眼衣原体是一类独特的原核生物，有较复杂的、能进行一定代谢活动的酶系统，但不能合成高能化合物”可知，推测可能是因为其细胞内没有参与高能化合物合成的酶，C正确；
D、沙眼衣原体是原核生物，其细胞内没有以核膜为界限的细胞核，结构简单，但仍具有多样性，D错误。
故选AC。
22. 在冬季来临过程中，随着温度逐渐降低，植物体内发生了一系列适应低温的生理生化变化。下图是冬小麦在不同时期的含水量变化关系图。下列叙述正确的是（ ）
A. 水分子是极性分子，带正电荷比负电荷的分子更容易与水结合
B. 细胞中的自由水可参与多种生物化学反应，也可作为细胞结构的重要组成成分
C. 9月至12月，随着气温下降，部分自由水转化为结合水、植物根系吸收水分减少，导致自由水含量下降显著
D. 9月至12月，结合水与自由水的比值增大，可避免气温下降时植物细胞内自由水过多导致结冰损害自身，提高植株抗寒能力
【答案】CD
【解析】
【分析】细胞内的水以自由水和结合水的形式存在，结合水是细胞结构的主要组成成分，自由水是细胞内良好的溶剂，是许多化学反应的介质，水还是许多化学反应的反应物或生成物，水能自由移动，对于运输营养物质和代谢废物具有重要作用；自由水与结合水的比值越高，细胞新陈代谢越旺盛，抗逆性越差，反之亦然。
A、水分子是极性分子，O端带负电，H端带正电，带正电荷或负电荷的分子都容易与水结合，A错误；
B、细胞中的自由水可参与多种生物化学反应，结合水可作为细胞结构的重要组成成分，B错误；
CD、据图可知，9月至12月，随着气温下降，结合水与自由水的比值增大，其中部分自由水转化为结合水，结合水增加，抗寒能力逐渐增强，有利于植物度过不良环境，同时植物根系吸收水分减少使得自由水含量降低显著，自由水减少可防止结冰而损伤自身，CD正确；
故选CD。
23. 采摘后的香蕉果实在自然成熟过程中，淀粉、葡萄糖的含量变化如图。将不同成熟阶段的果实去皮并研磨成匀浆后检测。下列叙述正确的是（ ）
A. 香蕉果实在成熟过程中淀粉可能会被水解生成葡萄糖
B. 将双缩脲试剂A液与B液等量混合均匀后加入第25d的果实匀浆可检测香蕉是否含有蛋白质
C. 在第5d和第10d的果实匀浆中加入碘液，溶液都变蓝，并且第10d的颜色更深
D. 在第15d的果实匀浆中加入斐林试剂，50～65℃水浴加热后产生砖红色沉淀
【答案】AD
【解析】
【分析】物质鉴定类实验原理：（1）淀粉的鉴定：与碘液混合后呈现蓝色；（2）蛋白质的鉴定：加入双缩脲试剂A液创造碱性环境后，再加入B液呈现紫色；（3）脂肪的鉴定：方法一，切片法，观察活细胞中的脂肪颗粒，可以对生物材料切片后加入苏丹Ⅲ染液后，用显微镜观察到橘黄色脂肪颗粒；方法二，匀浆法，将生物材料研磨成匀浆，直接加入苏丹Ⅲ染液，无需显微镜直接肉眼观察匀浆成橙黄色；（4）还原糖的鉴定：等量加入斐林试剂的甲液和乙液后产生砖红色沉淀。
A、图中显示，随着淀粉含量的下降，葡萄糖含量逐渐上升，据此可推测，香蕉果实在成熟过程中淀粉可能会被水解生成葡萄糖，A正确；
B、蛋白质的鉴定用的是双缩脲试剂，根据是否有紫色反应出现来鉴定是否有蛋白质存在，双缩脲试剂的使用是先适量添加双缩脲试剂A液，混匀后再滴加几滴B液均匀后观察颜色变化，B错误；
C、根据图示可知，在第5d和第10d的果实匀浆中加入碘液，溶液都变蓝，并且第5d的颜色更深，因为第5天时香蕉果实中淀粉的含量更高，C错误；
D、若第15天的果实匀浆含葡萄糖，可用斐林试剂检测，检测时应该同时加入斐林试剂的甲液和乙液，并进行水浴加热，溶液呈砖红色，D正确。
故选AD。
24. 下图中①②③④⑤⑥代表不同种类的糖，④广泛分布于植物中，⑥分布于动物细胞中。下列叙述正确的是（ ）
A. ①②③均可继续被酶水解
B. ④⑤均可作为细胞中的储能物质
C. 植物茎秆和枝叶中的纤维以及所有植物细胞壁的主要成分都有④
D. ⑥由葡萄糖组成，可以用于制作人造皮肤
【答案】C
【解析】
【分析】图示中①、②、③依次代表单糖、二糖、多糖，其中单糖不能继续水解；蔗糖不属还原搪；④为纤维素，不是贮能物质，与果胶构成植物细胞壁，⑤是肌糖原。
A、分析题图可知，①、②、③依次代表单糖、二糖、多糖，其中单糖不可继续水解，A错误；
B、④、⑤分别为纤维素、肌糖原，纤维素不是储能物质，B错误；
C、④是纤维素，是植物细胞壁的主要组成成分，C正确；
D、⑥是几丁质，几丁质由N-乙酰葡糖胺组成，D错误。
故选C。
25. 蛋白酶1和2是蛋白内切酶，作用于肽链内部特定的肽键。蛋白酶1作用于甘氨酸两侧的肽键，蛋白酶2作用于赖氨酸氨基端的肽键。某50肽经蛋白酶1和蛋白酶2单独作用后分别产生的肽链如图所示。下列叙述正确的是（ ）
A. 该50肽经蛋白酶1水解得到的产物与原50肽相比少了4个肽键
B. 该50肽中共含有2个甘氨酸，且位于第2号位和第49号位
C. 该50肽经蛋白酶2水解可断裂3个肽键，且产物中含有2条多肽
D. 该50肽中含有3个赖氨酸，且位于第28、30和50号位
【答案】ACD
【解析】
【分析】一个氨基酸分子的羧基和另一个氨基酸分子的氨基相连接，同时脱去一分子水，这种结合方式叫做脱水缩合。
A、一个五十肽分子含有49个肽键，经蛋白酶1水解得到1条多肽链（3号至48号），该肽链中有45个肽键，因此产物与五十肽相比少了4个肽键，A正确；
B、蛋白酶1作用于甘氨酸两侧的肽键，可知蛋白酶1水解五十肽除了1条多肽链（3号至48号）还得到了4个游离的氨基酸（第1、2、49、50号位），故五十肽中至少含有2个甘氨酸（最多4个），且位于第2号位和第49号位，B错误；
CD、蛋白酶2作用于赖氨酸氨基端的肽键，据图可知五十肽中含有3个赖氨酸，且位于第28、30和50号位，因此会断裂3个肽键，最终形成2条多肽链、1个二肽和一个游离的氨基酸，CD正确。
故选ACD。
三、非选择题：本题共3小题，共45分。
26. “工欲善其事，必先利其器。”人们对微观世界的观察离不开显微镜，显微镜是生命科学研究中常用的观察工具，下图为双目显微镜照片。回答下列问题。
（1）请完成双目镜显微镜的操作。
①打开显微镜电源开关，确认___________(填图中字母)已经降到最低处、低倍物镜对准通光孔。
②调节两个目镜间距离以适应瞳距，用___________(填图中字母)调节视野亮度。
③把要观察的玻片标本放在载物台上，用d固定，通过调整___________(填图中字母及中文名称)来移动玻片，将标本移至通光孔中心。
④转动g，使载物台缓慢___________(填“上升”或“下降”)，至玻片标本尽量接近物镜。此过程要从侧面注视。
⑤转动g，直到看清物像。此过程操作中，___________(填“能”或“不能”)微调目镜间距离使双目观察到的视野完全重合；___________(填“能”或“不能”)转动h，使物像更加清晰。
⑧用高倍数的物镜观察，应将要观察的部位移至___________，再转动___________(填图中字母)转换物镜，用___________(填图中字母)调焦后观察。如果需要，可以用调节视野亮度。
（2）若根据需要利用适当的染色剂进行染色，则在以下所选用的观察材料中，可观察到叶绿体的是_______(填选项)，可观察到液泡的是________(填选项)，可观察到细胞核的是_______(填选项)。
A.酵母菌 B.水绵 C.叶的保卫细胞 D.家鸡的红细胞
【答案】（1） ①. e ②. k ③. i移动手轮 ④. 上升 ⑤. 能 ⑥. 能 ⑦. 视野中央 ⑧. b ⑨. h
（2） ①. BC ②. ABC ③. ABCD
【解析】
【分析】显微镜的使用过程分为：取镜与安放、对光、观察和整理五步。
【小问1】
双目镜显微镜的操作：①打开显微镜电源开关，确认e载物台已经降到最低处、低倍物镜对准通光孔。
②调节两个目镜间距离以适应瞳距，用k亮度调节旋钮调节视野亮度。
③把要观察的玻片标本放在载物台上，用d玻片夹固定，通过调整i移动手轮来移动玻片，将标本移至通光孔中心。
④转动g粗动调焦手轮，使载物台缓慢上升（步骤①中载物台已将至最低），至玻片标本尽量接近物镜。此过程要从侧面注视。
⑤转动g粗动调焦手轮，直到看清物像。此过程操作中，能微调目镜间距离使双目观察到的视野完全重合（不影响显微镜成像的焦距）；能转动h微动调焦手轮，进行微调，使物像更加清晰。
⑧用高倍数的物镜观察，应先将要观察的部位移至视野中央（避免高倍镜放大后，可视部分缩小，找不到物像），再转动b转换物镜，用h微动调焦手轮调焦后观察。如果需要，可以用k亮度调节旋钮调节视野亮度。
【小问2】
酵母菌含液泡、细胞核，不含叶绿体；水绵含叶绿体、液泡、细胞核；叶的保卫细胞含叶绿体、液泡、细胞核；家鸡（不是哺乳动物）的红细胞含细胞核，不含叶绿体、液泡；综上所述，可用于观察叶绿体的是BC；可用于观察液泡的是ABC；可用于观察细胞核的是ABCD
27. 肌红蛋白是由153个氨基酸分子构成的1条肽链盘绕1个血红素辅基形成，血红素辅基和肽链间不发生脱水缩合。图1、2分别为血红素辅基、肽链结构，图3是某化合物的结构图：
（1）由图1可知，除肌红蛋白外，血红素辅基还存在于________中。
（2）由图推知，肌红蛋白至少含有_____个游离的羧基。
（3）某肽酶能专门水解位于第26、71、72、99、153位氨基酸羧基端的肽键（图2），则该肽酶完全作用于该肽链后的产物共_____种，这些产物中的所有多肽链之和与原肽链相比，O原子数目_______（填“增加”“减少”或“不变”）。
（4）某22肽被水解成1个4肽、2个3肽、2个6肽，则这些短肽的氨基总数的最小值为_____，肽键总数为_______。
（5）设21种氨基酸的平均相对分子质量为125，现由4条肽链共80个氨基酸构成的含有4个二硫键的蛋白质，S相对原子质量为32，则该蛋白质的其相对分子质量约为_________。
（6）细胞内具有正常生物学功能肌红蛋白需要有正确的氨基酸序列和结构，某些______因素可导致蛋白质特定的空间构象被破坏，从而导致蛋白质的_________改变和_________丧失，这种现象叫作蛋白质变性。例如，鸡蛋和肉类经煮熟后蛋白质发生变性_______（填“容易”或“不容易”）消化。
【答案】（1）血红蛋白
（2）3（3） ①. 5 ②. 增加
（4） ①. 5 ②. 17
（5）8624（6） ①. 物理和化学 ②. 理化性质 ③. 生物活性 ④. 容易
【解析】
【分析】氨基酸形成多肽过程中的相关计算：肽键数＝脱去水分子数＝氨基酸数一肽链数；游离氨基或羧基数＝肽链数+R基中含有的氨基或羧基数；至少含有的游离氨基或羧基数＝肽链数；氮原子数＝肽键数+肽链数+R基上的氮原子数＝各氨基酸中氮原子总数；氧原子数＝肽键数+2×肽链数+R基上的氧原子数＝各氨基酸中氧原子总数一脱去水分子数；蛋白质的相对分子质量＝氨基酸数目×氨基酸平均相对分子质量一脱去水分子数×18。
【小问1】
由图1可知，除肌红蛋白外，血红素辅基还存在于血红蛋白中；
【小问2】
肌红蛋白是由153个氨基酸分子构成的一条肽链盘绕一个血红素辅基形成，至少含有3个游离的羧基（肽链末端1个，血红素辅基2个）。
【小问3】
某种肽酶能专门水解位于第26、71、72、99、153位氨基酸羧基端的肽键，则该肽酶完全作用于该肽链后的产物有5种（1个二十六肽，一个四十五肽，一个氨基酸，一个二十七肽，一个五十四肽）；这些产物的产生过程中消耗4个水分子，即增加了4个氧原子，去掉一个氨基酸，这些产物中的所有多肽链之和与原肽链相比，氧原子数目增加；
【小问4】
至少含有的氨基或羧基数=肽链数，该22肽水解成5个短肽，所以这些短肽最少有5个氨基；肽键总数=氨基酸数-肽链数=22－5=17。
【小问5】
21种氨基酸的平均相对分子质量为125，现由4条肽链共80个氨基酸构成蛋白质，其相对分子质量是：80×125－(80－4)×18-4×2=10000－1368=8624；
【小问6】
细胞内具有正常生物学功能的肌红蛋白需要有正确的氨基酸序列和结构，某些物理和化学因素可导致蛋白质特定的空间构象被破坏，从而导致蛋白质的理化性质改变和生物活性丧失，这种现象叫作蛋白质变性；鸡蛋和肉类经煮熟后蛋白质发生变性，蛋白质的空间结构变得松散，吃熟鸡蛋和熟肉更容易消化。
28. 临床治疗高胆固醇血症常以辛伐他汀为主，但该药物对患者有一定的副作用。有研究发现，中药陈皮不仅具有降脂功效，同时还能避免肝、肾等脏器的损伤。为探究陈皮降脂的机制，研究人员进行如表所示的实验：将体重和生理状况相同的48只大鼠随机均分为正常组、模型组、辛伐他汀组，以及陈皮提取物高、中、低剂量组(辛伐他汀和陈皮提取物均溶解在生理盐水中)，且对各组每天进行一次相应处理(其中脂肪乳剂灌胃处理可使大鼠患高胆固醇血症)，共处理4周，期间大鼠自由饮食、饮水。回答下列问题。
（1）请补充下表中的“处理2”：①___________，②___________，③___________(均填选项)。
A.进行等量蒸馏水灌胃 B.进行等量生理盐水灌胃
C.进行等量脂肪乳剂滴胃 D.进行适量辛伐他汀灌胃
（2）上述组别中属于对照组的有___________(填组别罗马数字代号)。
（3）处理4周后，检测各组大鼠的血清总胆固醇含量、血清较脂蛋白A含量和血清HMGCR活性指标，并绘制如图1、2、3(阳性对照组为辛伐他汀组)。载脂蛋白A可使游离的胆固醇发生酯化，减少胆固醇的蓄积：HMGCR是参与胆固醇合成的酶。
①由图1___________(填“能”或“不能”)得出陈皮有降脂功效的结论。
②由图3可知，一定剂量的陈皮提取物___________(填“促进”或“抑制”)HMGCR活性，降低胆固醇的含量。
③结合图2和图3分析，陈皮具有明显的降血脂作用，其机制可能是___________(答出2点即可)。
【答案】（1） ①. B ②. B ③. D
（2）Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ（3） ①. 能 ②. 抑制 ③. 陈皮抑制HMGCR的活性，减少内源性胆固醇合成
【解析】
【分析】阳性对照是指在实验研究中，将已知有效经典药物或标准方法与待研究的实验药物或方法进行比较的一种对照方式。对照实验的三个变量：自变量、因变量、无关变量。
【小问1】
由题意可知，处理2：正常组是健康大鼠，不需要进行治疗，为保证无关变量相同，需进行等量生理盐水灌胃（B）。模型组是高胆固醇血症大鼠，作用是与正常组大鼠对比，确定动物模型构建是否成功，从而证明陈皮具有降脂的作用。所以模型组不需要进行治疗，为保证无关变量相同，需进行等量生理盐水灌胃（B）。辛伐他汀组（阳性对照组）作为对照组，用于比较辛伐他汀与陈皮降脂的作用效果（提供数据参考），所以需要进行适量辛伐他汀灌胃（D）。
【小问2】
正常组、模型组、辛伐他汀组（阳性对照组）均属于对照组。
【小问3】
①由图1能得出陈皮有降脂功效的结论，依据是与模型组比较，陈皮提取物各剂量组大鼠血清总胆固醇水平均降低，并随着陈皮提取物含量的升高，降低胆固醇的效果越明显，即呈一定的量效关系。②HMGCR是胆固醇合成的限速酶，参与胆固醇的合成。由图1、3 可知，与模型组对比，正常组、阳性对照组、高剂量陈皮提取物组大鼠的胆固醇含量、HMGCR 活性均下降。推测陈皮提取物通过抑制HMGCR的活性，减少内源性胆固醇合成，从而减少血清中胆固醇含量。③由图2可知，与模型组对比，陈皮提取物高剂量组大鼠的载脂蛋白A含量增加。而载脂蛋白A可使游离的胆固醇发生酯化，减少胆固醇的蓄积。结合图2和图3可知，一定量的陈皮一方面抑制HMGCR 的活性，减少内源性胆固醇合成；另一方面增加载脂蛋白A的含量，减少胆固醇的蓄积。元素
植物
动物
C
43.57
55.99
H
6.24
7.46
O
44.43
1462
N
1.46
9.33
P
0.20
3.11
Ca
0.23
4.67
S
0.17
0.78
K
0.45
0.19
组别
处理1
处理2
Ⅰ
正常组
生理盐水灌胃
①
Ⅱ
模型组
脂肪乳剂灌胃
②
Ⅲ
辛伐他汀组
脂肪乳剂灌胃
③
Ⅳ
陈皮提取物组
脂肪乳剂灌胃
高剂量陈皮提取物灌胃
中剂量陈皮提取物灌胃
低剂量陈皮提取物灌胃