[物理][二模]山东省德州市2024年中考试卷(解析版)

这是一份[物理][二模]山东省德州市2024年中考试卷(解析版)，共24页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1. 刚从冰箱中拿出的冰棒上常粘着一些白花花的“粉”，同时还看到冰棒直冒“白气”，其中“粉”和“白气”的形成原因分别是（ ）
A. 凝固汽化B. 凝固液化C. 凝华汽化D. 凝华液化
【答案】D
【解析】空气中的水蒸气遇到温度较低的冰棒会直接变成小冰晶，附着在冰块上，这就是“白粉”，这是凝华现象；同时空气中的水蒸气遇到温度较低的冰棒会发生液化现象，变成小水滴，这就是“白气”。
2. 以下操作中，相应物理量的数值前后发生改变的是（ ）
A. 一根导线剪掉一半，剩下导线的电阻
B. 一根导线剪掉一半，剩下导线的密度
C. 一桶汽油燃烧掉一半，剩下汽油的热值
D. 一瓶水喝掉一半，剩下水的比热容
【答案】A
【解析】A．导体电阻与其长度、横截面积、材料等有关，若一根导线剪掉一半，则剩下导线的电阻发生改变，故A符合题意；
B．物体的密度随温度、压力的变化而改变，但不随物体自身的质量或体积的变化而变化，则剩下导线的密度不变，故B不符合题意；
C．热值是指单位质量（或体积）的燃料完全燃烧时所放出的热量，一桶汽油燃烧掉一半，剩下汽油的热值不变，故C不符合题意；
D．比热容是物质的一种特性，反映了物质吸热和放热能力的大小，与物质种类和状态有关，与质量无关，一瓶水喝掉一半后剩下水的比热容不变，故D不符合题意。
3. 疫情期间，很多地方利用无人机喷洒消毒液杀菌消毒。一架四旋翼无人机正沿水平方向匀速飞行喷洒消毒液，若不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A. 无人机利用气压差产生升力的原理飞行
B. 喷洒消毒液的过程中，无人机的机械能不变
C. 地面工作人员通过电磁波控制无人机
D. 若无人机结束喷洒，竖直匀速下降过程中，升力小于总重力
【答案】C
【解析】A．四旋翼无人机是利用物体间力的作用是相互的原理来飞行的，故A错误；
B．旋翼无人机在水平方向上匀速喷洒消毒液的过程中，速度不变，高度不变，质量减小，动能和势能减小，机械能减小，故B错误；
C．电磁波可以传递信息，地面工作人员通过电磁波控制无人机，故C正确；
D．若无人机结束喷洒，竖直匀速下降过程中，升力等于总重力，故D错误。
故选C。
4. 如图所示的事例中，属于利用惯性的是（ ）
A. 搬运重物时，在重物下面垫上圆木
B. 锤柄撞击木桩几下，锤头紧套在锤柄上
C. 汽车紧急刹车时，乘客会向前倾倒
D. 树上的苹果下落时，运动得越来越快
【答案】B
【解析】A．搬运重物时，在重物下垫上圆木是为了变滑动为滚动以减小摩擦，故A不符合题意；
B．锤头和锤柄一起向下运动，锤柄碰到木桩变为静止，锤头由于惯性保持原来向下的运动状态，所以锤头就紧套在锤柄上，这是惯性的利用，故B符合题意；
C．汽车紧急刹车时，乘客下半身随汽车一起停止运动，上半身由于惯性仍保持运动状态，故乘客向前倾倒，会对人会造成伤害，不属于惯性的利用，故C不符合题意；
D．苹果从树上落下来，速度越来越快，是因为受到重力的作用，重力改变了苹果的运动状态，故D不符合题意。
5. 摇滚歌手杰米•温德拉在我国湖南岳阳君山岛大展“狮吼功”，他用高达100dB以上的咏叹调连续震破三个高脚玻璃杯，并被授予“世界吼王”的称号。如图所示为杰米•温德拉用声音将玻璃杯震碎的情景。下列有关他“吼”出声音的说法正确的是（ ）
A. 声音传递了能量
B. 在真空中可以听到杰米•温德拉的吼声
C. 声音是由空气的振动产生的
D. 声音的分贝数越高其频率越大
【答案】A
【解析】A．“吼王”杰米•温德拉曾“吼”出超过100dB的声音，玻璃杯被震碎，主要是因为声波能传递能量，故A正确；
B．声音的传播需要介质，真空不能传声，所以在真空中不能听到杰米•温德拉的吼声，故B错误；
C．吼出来的声音是声带振动产生的，故C错误；
D．“吼王”吼出的声音是他的声带振动产生的，声音的分贝数是指其响度，与频率无关，故D错误。
故选A。
6. 如图甲，用弹簧测力计两次水平拉同一木块，使它在同一水平木板上做匀速直线运动，下列说法正确的是（ ）
A. 图甲中木块受到的拉力为3.2N
B. 木块第一次和第二次速度之比为1∶2
C. 木块两次受到滑动摩擦力之比为1∶2
D. 木块两次受到滑动摩擦力之比为1∶1
【答案】D
【解析】A．从图甲可知，该弹簧测力计的分度值为0.2N，其示数为3.4N，所以木块受到的拉力为3.4N，故A错误；
B．从图乙可知，第一次10s运动路程为50m；第二次10s运动路程为25m；两次做匀速直线运动，由可知，时间一定时，木块第一次和第二次速度之比为等于通过的路程之比，所以速度之比为
故B错误；
CD．从图甲可知，同一木块，使它在同一水平木板上做匀速直线运动，压力和接触面的粗糙程度均不变，木块两次受到滑动摩擦力不变，则滑动摩擦力相等，即木块两次受到滑动摩擦力之比为1∶1，故C错误，D正确。
故选D。
7. 如图是学校科技周中水火箭发射的情景，把制作好的水火箭安装在发射架上，然后用打气筒向水火箭内打气，冲开塞子，在水和高压气体的作用下，水火箭竖直向上飞向空中，下列分析正确的是（ ）
A. 打气筒往水火箭内打气时相当于内燃机的做功冲程
B. 同高压气体一起喷出的水，其内能减小
C. 水火箭内的水喷出后，水的比热容将变小
D. 航天中火箭燃料的选取，应选择密度小、热值小的燃料
【答案】B
【解析】A．使用打气筒打气时的能量转化过程与汽油机的压缩冲程相同，机械能转化为内能，故A错误；
B．水从水火箭中喷出的过程中，对水火箭做功，自身内能减小，故B正确；
C．比热容是物质的一种属性，是固定不变的，水火箭内的水喷出后，水的比热容不变，故C错误；
D．航天中火箭燃料的选取，应选择密度小、热值大的燃料，这样可以减轻火箭的质量，同时与其它燃料相比，可以释放出更多的热量，故D错误。
故选B。
8. 如图是小明梦见他和小华被困在一个结冰池塘中的情形，由于冰面非常光滑几乎没有摩擦，他们无法推动小船，后来他们想出一个奇妙的方法﹣﹣把行李向后扔出去，小船居然动起来了．下列关于这一现象描述正确的是
A. 这一现象说明力是使物体运动的原因
B. 使人和船向前运动力的施力物体是行李
C. 人扔行李的力和行李对人的作用力是一对平衡力
D. 如果不计摩擦，行李被扔出后人和船将一直做加速直线运动
【答案】B
【解析】力是改变物体运动状态的原因；物体间力的作用是相互的，人在船上用力扔书包的同时，书包也给船一个反作用力，使船向前运动；物体在不受力时，将保持静止或做匀速直线运动．A. 这一现象说明力是改变物体运动状态的原因，故A错误．
B. 小明和小华用力向后扔行李的同时，行李也对人施加一个向前的力．使船向前运动，这是因为物体间力的作用是相互的．故B正确；
C. 人扔行李的力和行李对人的作用力是一对相互的作用力，故C错误；
D. 由于没有摩擦，小船在冰面上运动过程中，速度和方向不变，会做匀速直线运动．故D错误．
故选B．
9. 小王系好安全弹性绳玩蹦极，他从最高点下落到最低点过程的v﹣t图像如图甲所示（忽略空气阻力）。（忽略空气阻力）。已知：在t1时，弹性绳处于自然伸直状态；t3时小王到最低点。则下列说法正确的是（ ）
A. 0～t3，小王的动能不断增大
B. 0～t3，小王重力势能不断减少
C. 0～t1，小王的机械能不断增大
D. t1～t2，小王的机械能转化为绳的弹性势能，小王的速度逐渐变小
【答案】B
【解析】A．由题意可知t2时小王的速度达到最大值，t2~t3时间段内，小王向下运动速度变小，动能逐渐变小，故A错误；
B．在0～t3时间段内，小王的质量不变，高度在逐渐减小，所以小王的重力势能不断减少，故B正确；
C．在t1时，弹性绳处于自然伸直状态，则在0～t1时间段内，小王在向下运动过程中只存在动能和重力势能转化，不计空气阻力，则该过程中机械能守恒，故C错误；
D．在t1时，弹性绳处于自然伸直状态，t1~t2，绳子的弹力逐渐增加但小于重力，小王一直在做加速运动，故D错误。
故选B。
10. 工厂产品计数装置的示意图如图甲所示，P为激光源，R1为光敏电阻（有光照射时，阻值变小），a、b两端接“示波器”（示波器对电路无影响），定值电阻R2为400Ω，电源电压为6V，水平传送带匀速运动，激光束会被产品挡住，示波器荧光屏上显示的R1两端电压与时间的关系图像如图乙所示，则（ ）
A. 激光照射R1时，R1的阻值是800Ω
B. 激光未照射R1时，R1的阻值是400Ω
C. 工作过程中，电路中的最大电流是10mA
D. 从0时起，1min时间内，共可以检查50个零件
【答案】C
【解析】AC．由电路图可知，R1与R2串联；有激光照射R1时，其阻值变小，根据串联分压原理可知，分得的电压变小，即ab间电压变小，由乙图可知此时的电压为2V，且此时电路中的电流最大，由串联电路的电压特点可知，R2两端的电压为
根据欧姆定律和串联电路的电流特点可知，电路中的最大电流为
则R1的阻值为
故A不符合题意，C符合题意；
B．当没有激光照射R1时，其阻值变大，分得的电压变大，即ab间电压为4V，此时R2两端的电压为
此时电路中的电流为
此时R1的阻值为
故B不符合题意；
D．由图像可知：每经过0.6s，就有一个产品通过计数装置，从t＝0时起，在1min时间内
故D不符合题意。
故选C。
11. 物理兴趣小组设计了如图所示电路测量小灯泡功率。电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A，滑动变阻器R的规格为“20Ω 1A”， 灯泡上标有“4.5V 1.35 W”的字样，不考虑灯丝电阻的变化。闭合开关S，为了保障电路的安全，当滑动变阻器的滑片移动到距左端一处时，灯泡恰好正常发光（ ）
A. 电源电压为9V
B. 电路中最小电流约为0.17A
C. 电路的最大功率为2.7W
D. 滑动变阻器的阻值调节范围是5～15Ω
【答案】D
【解析】AC．根据电路图知，电流表测量电路中的电流，灯泡正常发光时的电压为4.5V，功率为1.35W，因串联电路中各处的电流相等，所以，由P＝UI可得
此时当滑动变阻器的滑片移动到距左端一处时，滑动变阻器接入电路的电阻
Rp＝（1﹣）×20Ω＝5Ω
电源电压
U＝IRp+UL＝0.3A×5Ω+4.5V＝6V
此时电路的最大功率
P＝UI＝6V×0.3A＝1.8W
故AC错误；
BD．灯泡电阻
当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时灯泡两端的电压
UL′＝U﹣UR大＝6V﹣3V＝3V
电路中的最小电流
滑动变阻器的最大阻值为
灯泡正常发光时,滑动变阻器的电阻最小，为，滑动变阻器的阻值调节范围是5～15Ω，故B错误，D正确；
故选D。
12. 小明同学利用一段绝缘铜导线按照一定的顺序缠绕在大铁钉上并与滑动变阻器、电源和开关连接成如图所示的电路。闭合开关后，发现小磁针静止时，其N指向如图所示。下列说法正确的是（ ）
A. 钉帽位置是N极
B. 小磁针所在位置磁场的方向向右
C. 螺线管内部磁感线的方向向右
D. 将滑动变阻器的滑片向左移动小磁针所受的磁场力变大
【答案】B
【解析】AB．小磁针静止时的N极指向为该点的磁场方向，由图得，小磁针所在位置磁场的方向向右，磁场外部方向从N极指向S极，则钉帽位置是S极，故A错误，B正确；
C．螺线管的左端为N极，右端为S极，则内部磁感线从S极到N极，即方向向左，故C错误；
D．将滑动变阻器的滑片向左移动，变阻器接入电路中电阻变大，变阻器与螺线管串联，则此时通过螺线管的电流减小，则小磁针所受的磁场力变小，故D错误。
故选B。
二、填空题：本大题共7小题，共20分。
13. 如图所示是我国首台5G氢燃料无人驾驶拖拉机，它依托5G网络通过____（填“超声波”或“电磁波”）实现远程控制，采用氢燃料提供动力是因为氢的_____（填“比热容”或“热值”）大。
【答案】电磁波 热值
【解析】[1]5G无线网络是通过电磁波传递信息的。
[2]运载火箭用液态氢做燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量。
14. 如图所示是平面镜成像的光路图。平面镜所成像的大小________（选填“大于”、“小于”或“等于”）物的大小；平面镜所成的像________（选填“能”或“不能”）呈现在光屏上。

【答案】等于 不能
【解析】[1][2]由平面镜成像的特点可知，平面镜成的像和物体大小相等；平面镜成的像是虚像，平面镜所成的像不能呈现在光屏上。
15. 将重1N、边长为5cm的实心正方体木块轻轻放入装满某液体的溢水杯中，木块静止时，排开液体的体积为100cm3，如图所示。木块受到的浮力是________N；液体的密度是________kg/m3；木块下表面受到液体的压强是________Pa。

【答案】1 1×103 400
【解析】[1]由图知，木块漂浮，则此时木块受到的浮力等于其受到的重力
[2]根据阿基米德原理可知液体的密度为
[3]由于木块漂浮，根据浮力产生的原因可知，木块下表面受到的水的压力为
木块的底面积
木块下表面受到的水的压强为
16. 如图所示，R1＝3Ω，R2＝6Ω，电源电压为6V，则合上开关S后，A1的示数为______A，A2的示数为______A，A的示数为______A，电路的总电阻为______Ω。
【答案】2 1 3 2
【解析】[1][2][3]分析电路可知，、并联，电流表A1测的是电阻R1的电流，电流表A2测的是电阻R2的电流，电流表A测的是干路的电流。所以合上开关S后，A1的示数为
A2的示数为
根据并联电流规律，A的示数为
[4]电路的总电阻为
17. 李芳家5月1日电能表读数为9001.2，6月1日电能表读数如图所示，则5月份她家用电量是 _________，根据电能表面板上的信息可知，此电能表的转盘转动5圏，接在其后面的用电器消耗的电能是 _________J。
【答案】61.2 7200
【解析】[1]由电能表读数知5月份李芳家消耗电能
[2]电能表表盘上标的“”表示的含义是：每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘要转2500圏，如果电能表表盘实际转动5圏，则
解得
18. 2020年我国自主研发制造的全新一代载人潜水器计划在世界海洋最深处的马里亚纳海沟进行海试，预计下潜深度超过一万米。在海深一万米处，潜水器受到的压强为______Pa，若潜水器观察窗的面积为400cm2，则观察窗受到海水的压力为______N。（海水的密度ρ海水=1.03×103kg/m3）
【答案】1.03×108 4.12×106
【解析】[1]由 得，在海深一万米处，潜水器受到的压强为
[2]由 得，观察窗受到海水的压力为
19. 由同种材料制成的甲、乙两根导线，已知R甲＝4Ω、R乙＝9Ω，如果它们的粗细相同，则它们的长度之比L甲:L乙＝____；如果把它们并联接在同一电路中，则它们两端的电压之比U甲:U乙＝__。
【答案】4∶9 1∶1
【解析】[1]在材料、横截面积都相同的条件下，电阻的大小与长度成正比，即
L甲∶L乙＝R甲∶R乙＝4Ω∶9Ω＝4∶9
[2]当这两根导线并联时，根据并联电路电压规律可知它们两端的电压相等，即
U甲∶U乙＝1∶1
三、作图题：本大题共2小题，共4分。
20. 如图所示，一束光线与水平面成30°角从空气斜射到水面时，发生反射和折射（标出反射角的大小）和折射光线的大致方向。
【答案】见解析
【解析】根据光的反射定律，入射光线与反射光线在同种介质中，且分居法线的两侧；两角相等，在右上侧对应画出反射光线；
根据光的折射定律，入射光线与折射光线在不同的介质中，分居法线的两侧，光在空气中的传播速度快，在空气中的角大，即入射角大于折射角，因此在右下侧画出靠近法线的折射光线，作图如下：
21. 如图所示，用一根硬棒撬起一个石块，棒的上端A是动力的作用点，若用最小的力撬动石块，请标出此时杠杆的支点O并画出最小动力F及动力臂L．
（ ）
【答案】如图：
【解析】由图示可知，当杠杆与地面的接触点为支点O时，作用在A点的动力力臂最大，所以此时动力最小，力垂直于杠杆向上，过支点O作最小力的作用线的垂线即为力臂L，如图所示：
四、实验探究题：本大题共6小题，共25分。
22. 在探究“二力平衡的条件”的实验中，某同学采用的实验装置如图甲所示：
（1）在图甲中，当物体处于_______状态或匀速直线运动状态时，我们认为它受到的力是平衡力；
（2）实验时，小明发现当向左盘和右盘同时加入一个质量相等的砝码时，木块处于静止状态。此时木块在水平方向受到两个力的作用，这两个力是平衡的。小明再把右盘中的砝码换成一个质量较大的砝码时，发现木块仍然处于静止状态。请你帮助小明分析一下，出现这种现象的原因是_______________，这时木块在水平方向受到的力是_______（选填“平衡”或“不平衡”）的；
（3）如图乙是优化后的实验方案，该同学选用轻质小卡片，好处是_____________；
①A图中的小卡片处于静止状态；
②将B图中的小卡片扭转过一个角度后，保持两个 拉力的方向相反，此时小卡片处于静止状态，松开手小华是通过观察到小卡片___________现象，来判断小卡片受到的两个拉力不是平衡力；
③A图中的小卡片处于静止状态时，小华为了探究“只有作用在同一个物体上的两个力”才有可能是平衡力，接下来小华需要进行怎样的操作：__________。
【答案】（1）静止 （2）木块受到桌面的摩擦力 平衡 （3）忽略小卡片的重力 不能保持静止 剪开小卡片
【解析】（1）物理中静止或匀速直线运动称为平衡状态，所以当木块受力平衡时，木块将做匀速直线运动或处于静止状态。
（2）[1][2]当小明把右盘中的砝码换成一个质量较大的砝码时，发现木块仍然处于静止状态，此时可能是木块受到桌面的摩擦力作用而仍然处于平衡状态，由于木块处于平衡状态，所以此时受平衡力。
（3）[1]由于小卡片比较轻小，所以减小了卡片的自重对实验产生的影响。
[2]将B图中的小卡片扭转过一个角度后，由于两个力不在同一条直线上，因此不是平衡力，当松开手后，小卡片不能静止。
[3]实验中要探究一对平衡力是否必须作用在同一个物体上，可以把小卡片用剪刀剪成两部分，观察小卡片是否能处于平衡状态。
23. 在研究液体压强实验中∶
（1）图（甲）所示仪器叫______。这个仪器______连通器；（选填属于/不属于）
（2）图（乙）是某研究小组探究液体内部的压强与______的关系的实验情景；
（3）若想继续研究液体压强与液体密度是否有关，某同学设计了如下所示三个方案，你认为方案______可以到达实验目的；
A.将仪器的金属盒分别放入水和盐水中的同一深度处，观察比较
B.将仪器的金属盒分别放入水和盐水中的不同深度处，观察比较
C.将仪器的金属盒放入盐水中的同一深度处，观察比较
（4）若将调节好的仪器移到海拔三千多米高山研究液体压强特点，你认为是否需要对仪器进行重新调节______，（选填需要/不需要）理由是______ ；
（5）研究小组利用三叉型塑料胶管对实验进行改进，如图所示，实验中当 U 型管两边液柱调平后，封口夹应______（选填打开/卡住）。你认为添加三叉型塑料胶管的好处是______ 。
【答案】（1）U形管压强计 不属于 （2）深度 （3）A （4）需要 大气压变化了 （5）卡住 可通过三叉型塑料胶管直接调节压强计U型管两边的液面相平
【解析】（1）[1][2]图（甲）所示仪器叫U形管压强计，是一种采用U形管构造，内装水或水银，运用帕斯卡原理测量液体和气体压强的一种物理仪器，因为U形管的一端时密封的，所以不是连通器。
（2）[3]根据控制变量法思想，图（乙）中液体密度相同，探头所处深度不同，所以探究的是液体内部的压强与深度的关系的实验情景。
（3）[4]若想继续研究液体压强与液体密度是否有关，某同学设计了如下所示三个方案，应控制深度相同但液体不同，可将仪器的金属盒分别放入水和盐水中的同一深度处，观察比较，故A符合题意。
（4）[5][6]若将调节好的仪器移到海拔三千多米高山研究液体压强特点，此时大气压变化了，随高度增加气压减小，这时需要对仪器进行重新调节。
（5）[7][8]研究小组利用三叉型塑料胶管对实验进行改进，可通过三叉型塑料胶管直接调节压强计U型管两边的液面相平，实验中当 U 型管两边液柱调平后，调平后应避免液柱内空气与外界空气连通，所以封口夹应卡住。
24. 为了测量某种液体的密度，小亮取适量这种液体的样品进行了如下实验:
（1）将天平、量筒放在_________台面上．将盛有适量液体的烧杯放在调节好的天平左盘内，改变右盘中砝码的个数和游码的位置，使天平横梁在水平位置重新平衡，此时砝码质量和游码在标尺上的位置如图甲所示，则烧杯及杯内液体的总质量为_________g；
（2）将烧杯中的一部分液体倒入量筒中，如图乙所示，则量筒中液体的体积为____cm3；再用天平测出烧杯和剩余液体的总质量为44g；
（3）根据上述实验数据计算此种液体的密度为_______kg/m3．
【答案】（1）水平 84 （2）50 （3）0.8×103
【解析】(1)[1]使用天平和量筒的时候，要将天平、量筒放在水平台面上；
[2]由图甲可知，烧杯和液体的总质量：
m总=50g+20g+10g+4g=84g；
(2)[3]由图乙可知，量筒中液体的体积为V=50mL=50cm3；
(3)[4]液体的质量：
m=m总-m剩=84g-44g=40g，
液体的密度：
ρ==0.8g/cm3=0.8×103kg/m3．
25. 如图是探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验示意图，小明同学让钢球分别从粗糙斜面由静止开始滚下，撞击木块：
（1）利用图示的器材可以探究物体动能的大小与物体_______的关系，得到的结论是__；
（2）该实验是通过观察_____________来判断_______（选填“钢球”或“木块”）动能的大小；
（3）实验中，钢球碰撞木块后继续向前运动，在水平木板上滑动一段距离后停下，设开始时钢球的重力势能为Ep，木块克服摩擦力所做的功为W，则Ep_____W（选填：“>”、“<”或“=”）；
（4）在探究动能的大小与质量关系时，当换用另一个钢球实验时，发现它将木块撞出了木板，要继续完成该次实验，下列措施中可行的是 （选填选项符号）。
A. 换用质量更大的木块B. 降低钢球的高度
C. 换质量更大的钢球D. 换质量更小的钢球
【答案】（1）速度 见解析 （2）木块被推动的距离 钢球 （3）> （4）D
【解析】（1）[1][2]根据图示可知，小球的质量不变，到达水平面时的速度不同，探究动能大小与速度的关系，可以得到质量一定时，钢球的速度越大，动能越大，物体的速度越大。
（2）[1][2]实验中通过观察木块被撞击后滑行的距离的大小来间接判断钢球动能的大小，该方法是转换法。
（3）钢球从高处滚下的过程中，重力势能转化为动能；由于存在摩擦，克服摩擦做功，一部分重力势能转化为内能；钢球与木块碰撞的过程中，球对木块做功，做功的大小小于球最初的动能；木块在运动过程中，克服摩擦做功，机械能转化为内能，木块克服摩擦做的功小于木块的动能大小，也小于开始时小球的重力势能，即Ep>W。
（4）在探究动能的大小与质量关系时，需要控制速度大小不变，改变质量，当换用另一个钢球实验时，发现它将木块撞出了木板，这说明该球的动能太大了。
A．若换质量更大的木块，改变了木块所受摩擦力的大小，不符合控制变量法的要求，故A不符合题意；
B．该实验中需要控制速度相同，若降低第二次钢球的高度，则会改变钢球到达水平面时的速度，不符合控制变量法的要求，故B不符合题意；；
C．若换质量更大的钢球，钢球到达水平面时的动能更大，则更容易使木块滑出木板，故C不符合题意；
D．若换质量更小的钢球，钢球到达水平面时的动能较小，能减小木块移动的距离，故D符合题意。
故选D。
26. 在“伏安法测小灯泡电阻”的实验中，所用小灯泡上标有“2.5V”字样。
（1）如图甲所示是小明已经连接的部分实验电路，请你用笔画线代替导线帮小明将图甲所示的实物电路连接完整__________；
（2）电路连接到最后时，小明刚接上最后一根导线，就看到电压表和电流表的指针立刻发生了偏转___________；
（3）实验中，调节滑动变阻器，分别记录电压表和电流表的示数如表：
则小灯泡正常发光时的电阻是_____Ω；第5次测量对应的电压表示数如图乙所示，此时小灯泡两端的电压是________V；
（4）第5次测量中，小灯泡不发光了，小明判断是灯丝断了，理由是__；
（5）各小组之间交流数据时，另一小组的小军提出：小明组实验时，如果按照电压由低到高进行电阻测量会更加合理。你认为小军提出的合理之处在于：____。
【答案】（1）见解析 （2）没有断开开关 （3）5 0.6 （4）见解析 （5）操作更加简便
【解析】（1）在该实验中，变阻器按“一上一下”连入电路中与灯泡串联，灯泡的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，作图如下：
（2）在连接电路时，刚接上最后一根导线，电路为通路，则他连接电路时错误之处是没有断开开关。
（3）[1]小灯泡额定电压为2.5V，则灯泡正常发光时的电压UL=3.5V，根据表格数据可知灯泡正常发光时的电流IL=0.6A，则灯泡的电阻为
[2]由图乙可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，则第5次测量时小灯泡两端的电压为0.6V。
（4）由表格数据可知，第5次测量时电流表的示数为0.22A，电路中有电流，则不可能是断路。
（5）最初变阻器的滑片在最大阻值处，按照电压由低到高（即灯泡两端的电压逐渐增大）进行电阻测量时，变阻器两端的电压逐渐变小，操作更加简便。
27. 如图所示，是小阳在实验室做的“测定小灯泡的电功率”的实验。小阳选了一只标有“2.5V”字样的小灯泡，准备测该小灯泡的额定功率
（1）请你帮助小阳用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。要求滑动变阻器滑片P向右滑动时灯泡变亮_____；
（2）在检查连接时，滑动变阻器滑片P应移到_____（选填“A”或“B”）端，目的是保护电路；
（3）实验时，要使小灯泡正常发光，应移动滑动变阻器滑片P使电压表示数为_____V，此时电流表示数如图乙所示，灯泡的额定功率为_________W；
（4）完成实验后，小阳看到实验台上有一个数字模糊不清的定值电阻Rx，想测出它的阻值，可是发现电压表损坏，于是小阳设计了如图丙的电路图，测出Rx的阻值。
①只闭合S1，调节滑动变阻器R的滑片P，_________________；
②_____________，只闭合S2，测出电流表的示数为I；
③则该电阻的表达式Rx=____________________。（用测出量和已知量表示）
【答案】（1）见解析 （2）A （3）6.5V 0.75 （4）见解析 见解析
【解析】（1）由题知，灯泡额定电压2.5V，滑动变阻器滑片P向右滑动时灯泡变亮，变阻器连入阻值变小，实物连接如图所示：
（2）为了保护电路，由实物图知检查连接时应将变阻器滑片移到最大值A端。
（3）[1][2]当电压表示数等于灯泡额定电压2.5V时，灯泡正常发光，乙图中电流表的量程为0～0.6A，示数为0.3A，则灯泡的额定功率
（4）[1]只闭合S1，此时R与Rx并联再与变阻器串联，电流表测通过Rx的电流，读出此时电流表示数为Ix。
[2]保持滑片位置不变，只闭合S2，此时三个电阻的连接方式不变，而电流表测干路的电流，测出电流表的示数为I。
[3]由①②根据并联电路的电流特点知R的电流为
由并联电路电压特点和欧姆定律可得
则该电阻的表达式
五、计算题：本大题共2小题，共15分。
28. 有一种密度为0.9×103kg/m3的原油．
（1）如果要运送1200t这种原油到工厂，已知每节油罐车的容积是50m3，运送这些原油需要多少节油罐车？（g取10N/kg，忽略大气压的影响）
（2）在某地质结构中，这种原油所处地下油层的压强为1.35×107Pa，油层上表面距地面2000m，则从地面向此油层钻一口油井，地下原油仅靠油层自身压力能喷多高？
（3）若油层距地面2200m，油井的直径为10cm，想让原油喷出地面，至少需要向油层中出油口加多大的压力？
【答案】（1）27节；（2）喷1500m；（3）49455N
【解析】解：（1）每节油罐车运输原油的质量
m0=ρV0=0.9×103kg/m3×50m3=4.5×104kg=45t
运输运送1200t这种原油需要油罐车的节数
即需要27节；
（2）地下原油仅靠油层自身压力能喷的高度
（3）若让原油从地下2200m深处喷出地面，则有F+pS=G
代入数据解得F=49455N
答：（1）运送这些原油需要27节油罐车；
（2）地下原油仅靠油层自身压力能喷1500m；
（3）让原油喷出地面，至少需要向油层中出油口加49455N的压力。
29. 如图甲所示是模拟高速公路入口“超限超载”检测站升降检测设备的工作原理图。已知电源电压为12V，R1是120Ω的定值电阻，起保护作用，R2是压敏电阻，其阻值随压力F变化的关系如图乙所示，压力表是由电压表改装而成，当电路中的电流等于或大于40mA时，会触动另一电路报警器开始报警（图中未画出）。
（1）闭合开关后，当不放检测物时，电压表的示数；
（2）报警器开始报警时，压敏电阻R2在10s消耗的电能；
（3）该模拟电路中的电池使用一段时间后，电源电压会降低，则检测的超载质量将如何变化？
【答案】（1）2V； （2）2.88J； （3）见解析
【解析】（1）由图甲可知，定值电阻R1与压敏电阻R2串联，压力表与定值电阻R1并联，由图乙可知，压力为零时，R2的阻值为600Ω， 电路中的电流为
当不放检测物时，电压表的示数为
（2）报警器开始报警时电流是40mA＝0.04A， 电路的总电阻为
压敏电阻R2的阻值为
压敏电阻R2在10s消耗的电能为
（3）电源电压降低，报警电流仍为40mA，根据串联电路电阻规律可知压敏电阻的阻值将减小，压敏电阻所受压力更大。则开始报警时，检测的超载质量将增大。
测量次序
1
2
3
4
5
电压U/V
3.0
2.5
2.0
1.5
电流I/A
0.54
0.50
0.44
0.38
0.22
电阻R/Ω