2024年山东省青岛市市南区中考一模物理试题（原卷版+解析版）

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说明：
1．本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共23题。第Ⅰ卷为选择题，共15题，30分；第Ⅱ卷为非选择题，共8题，70分。
2．所有题目均在答题卡上作答，在试卷上作答无效。
第Ⅰ卷（共30分）
一、单项选择题（满分20分，共10题，每题2分。每题给出的四个选项中，只有1个选项符合题目要求）
1. 下列物理量及其国际单位符号。正确的是（ ）
A. 热量Q——B. 功W——N
C. 功率P——WD. 压强p——
【答案】C
【解析】
【详解】A．热量的字母是Q，国际单位是焦耳，符号J，故A错误；
B．功的字母是W，国际单位是焦耳，符号是J，故B错误；
C．功率的字母是P，国际单位是瓦特，符号是W，故C正确；
D．压强的字母是p，国际单位是帕斯卡，符号是Pa，故D错误。
故选C。
2. 下列描述最符合实际的是（ ）
A. 人体的正常体温约为29℃B. 一个普通中学生的质量约为500kg
C. 一间普通教室的长度约为20mD. 升国旗时，同学们唱国歌的时间约为50s
【答案】D
【解析】
【详解】A．人体的正常体温约为37℃，变化幅度不大，故A不符合题意；
B．一个普通中学生的质量约为50kg，故B不符合题意；
C．一间普通教室的长度约为9m，故C不符合题意；
D．一首国歌的时间约为50s，升国旗时，同学们唱国歌的时间约为50s，故D符合题意。
故选D。
3. 下列光学作图中，正确的是（ ）
A. 图甲中，光与镜面成角射在平面镜上，反射角等于
B. 图乙中，一束光射向玻璃砖进入玻璃和离开玻璃的光路
C. 图丙中，一束光通过凸透镜的光路
D. 图丁中，一束光通过凹透镜的光路
【答案】C
【解析】
【详解】A．光与镜面成30°角射在平面镜上，则入射角为60°，由反射定律可得，其反射角也60°，故A错误；
B．当光从空气斜射入玻璃时，折射角小于入射角（正确）；但是当光从玻璃斜射入空气时，折射角大于入射角，图中，折射角小于入射角，故B错误；
C．平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点，故C正确；
D．指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴，图中，过凹透镜焦点的光线不属于特殊光线，经凹透镜折射后应该变得发散，不是平行于凹透镜的主光轴，故D错误。
故选C。
4. 下列关于物质的一些物理属性和应用，描述正确的是（ ）
A. 金属比木材、陶瓷的导热性能好，所以我们喝汤时用不锈钢勺子不烫嘴
B. 弹簧具有很好的弹性，可以用它制成弹簧测力计、汽车避震器、弹力床等
C. 铜、铁等金属比硅、锗等导电性能好，所以导体比半导体的应用更广、作用更大
D. 天然磁铁矿石具有很强的磁性，可以用它制成指南针、电磁起重机、电磁继电器等
【答案】B
【解析】
【详解】A．金属比木材、陶瓷的导热性能好，所以我们喝汤时用不锈钢勺子烫嘴，故A错误；
B．物体在力的作用下，形状发生改变，当外力撤销后，物体能够恢复原来的形状，这种性质叫弹性；弹簧具有很好的弹性，可以用它制成弹簧测力计、汽车避震器、弹力床等，故B正确；
C．铜、铁等金属比硅、锗等导电性能好，硅、锗等是半导体材料，其应用更广、作用更大，故C错误；
D．天然磁铁矿石具有的磁性较弱，可以用它制成指南针，但不能用它制成电磁起重机、电磁继电器等，故D错误。
故选B。
5. 下列说法中错误的是（ ）
A. 汽车冬天开暖气时，车窗玻璃内侧起雾，这是液化现象造成的
B. 将新鲜的蔬菜封装在保鲜袋中保存，是通过降低温度来减慢蒸发的
C. 夏天，在海鲜运输车里放些干冰降温，是利用干冰升华吸热
D. 加油站要求“熄火加油”，是因为在常温下燃油发生汽化，容易引发火灾
【答案】B
【解析】
【详解】A．汽车冬天开暖气时，车内水蒸气遇冷 玻璃液化附在车窗玻璃内测，导致车窗玻璃内侧起雾，这是液化现象造成的，故A正确，不符合题意；
B．将新鲜的蔬菜封装在保鲜袋中保存，是通过减小空气流速，来减慢蒸发的，故B错误，符合题意；
C．夏天，在海鲜运输车里放些干冰降温，是利用干冰升华吸热，使海鲜的温度降低，故C正确，不符合题意；
D．加油站要求“熄火加油”，是因为在常温下燃油发生汽化，空气中有较多的燃油气体，容易引发火灾，故D正确，不符合题意。
故选B。
6. 为更好满足人民群众的健身和健康需求，2021年国务院就发布了《全民健身计划》。所以我们生活的每个社区公园都有多种健身器材。下列对几个健身过程的分析错误的是（ ）
A. 图甲中的牵引器相当于一个等臂杠杆，两臂向下用力，同时两臂也受到向上的拉力
B. 双手握住图乙中的训练器手柄顺时针或逆时针转动，说明力可以改变物体的运动状态且力的方向会影响力的作用效果
C. 图丙中健身车的扶手和脚蹬上都装有橡胶套，这是为了增大摩擦力
D. 图丁中两人在漫步机上运动的过程中，他们体内的化学能全部转化为机械能
【答案】D
【解析】
【详解】A．图甲中的牵引器两侧力臂相等，相当于一个等臂杠杆，由于物体间力的作有得相互的，所以两臂向下用力时，同时两臂也受到向上的拉力，故A正确，不符合题意；
B．力可以使用训练器手柄顺时针或逆时针转动，说明力可以改变物体运动状态且力的方向会影响力的作用效果，故B正确，不符合题意；
C．图丙中健身车的扶手和脚蹬上都装有橡胶套，这是为了在压力一定时，增大接触面的粗糙程度可增大摩擦力，故C正确，不符合题意；
D．图丁中两人在漫步机上运动的过程中，他们体内的化学能大部分转化为机械能，也会有一部分转化为内能，故D错误，符合题意。
故选D。
7. 下列有关信息、能源的说法，错误的是（ ）
A. 接通或者关闭电灯、电冰箱、电饭锅等电器时都能产生电磁波
B. 微波炉使用金属作外壳且炉门玻璃上装有金属网，目的是减少电磁波的泄漏
C. 5G技术利用“电磁波的频率越高，在一定时间内传递的信息越多”的原理实现了更大的网络容量
D. 纯电动汽车、燃料电池电动汽车等新能源汽车的推广有利于保护环境，可以取代太阳能、风能、核能等新能源的研发利用
【答案】D
【解析】
【详解】A．电器设备的开关操作或状态变化都会引起电流的变化，根据电磁波产生的原理，这些变化会以电磁波的形式向外辐射，因此，无论是接通或者关闭电灯、电冰箱、电饭锅等电器时都能产生电磁波，故A正确，不符合题意；
B．电磁波遇到金属会发生反射，金属不能吸收或传导微波炉产生的电磁波，所以微波炉使用金属作外壳且炉门玻璃上装有金属网，目的是减少电磁波的泄漏，防止对人体造成伤害，故B正确，不符合题意；
C．电磁波的频率越高，能利用的频率资源越丰富，传输速率越快，5G技术就是利用“电磁波的频率越高，在一定时间内传递的信息越多”的原理实现了更大的网络容量，故C正确，不符合题意；
D．纯电动汽车、燃料电池电动汽车等新能源汽车的推广有利于保护环境，可以减少化石燃料的使用，不能取代太阳能、风能、核能等新能源的研发利用，故D错误，符合题意。
故选D。
8. 甲、乙两台电烤箱分别标有“220V 1100W”“220V 6.6kW”字样，消耗同样多的电能，甲、乙的工作时间之比为（ ）
A. 6∶1B. 1∶6C. 36∶1D. 1∶36
【答案】A
【解析】
【详解】甲、乙的工作时间之比为
故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
9. 小明将质量为5kg的书包从地面提到高为0.8m的桌面上，他对书包做的功为（ ）
A. 40JB. 4JC. 40WD. 4kW
【答案】A
【解析】
【详解】小明背着5kg的书包从地面提到高为0.8m的桌面上，他对书包做的功为
W=G书包h=m书包gh=5kg×10N/kg×0.8m=40J
故选A。
10. 如图所示，水平面上固定着一块平面镜，水平面上有一个足球向镜面滚去。要使足球在平面镜中的像沿竖直方向“下落”，则镜面与水平面的夹角大小为（ ）
A. a=90°B. a=60°
C. a=45°D. a=30°
【答案】C
【解析】
【详解】根据题意，小球水平向右运动，小球的像竖直向下运动，所以小球到达 A点时，像也到达 A点，所以平面镜应过水平方向和竖直方向的交点A，如图
根据题意，当小球在图示中的B点时，像点在竖直方向的C点，平面镜过BC连线的中点D，平面镜一定在AD连线上，其中，，AD是的角平分线，又，由此可知，所以题干中的夹角，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
二、多项选择题（满分10分，共5题。每题给出的四个选项中，有2~3个选项符合题目要求，全选对得2分，漏选得1分，错选或不选得0分）
11. 小明在“探究影响浮力大小的因素”实验中，步骤如图。下列分析正确的是（ ）
A. 实验中物体所受的重力为3.0N
B. 由图甲、乙、丙图的探究可以得出浮力的大小与物体浸入液体的深度有关
C. 由图甲、丙、丁图的探究可以得出浮力的大小与物体在液体中浸没的深度无关
D. 由图甲、丁、戊图的探究可以得出浮力的大小与液体的密度有关
【答案】ACD
【解析】
【详解】A．图甲中弹簧测力计的分度值为0.2N，示数为3N，故A正确；
B．甲、乙、丙图可知，液体的密度不变，排开液体的体积不同，浮力不同，所以是探究浮力与物体排开液体体积的关系，故B错误；
C．由图甲、丙、丁图知，液体的密度相同，排开液体的体积相同，深度不同，弹簧测力计的示数相同，浮力相同，所以可以得出浮力的大小与物体在液体中浸没的深度无关，故C正确；
D．由甲、丁、戊图可知，排开液体的体积不变，液体的密度不同，浮力不同，盐水的密度大，物体浸没在盐水中的浮力大于水中的浮力，从而可以得出结论：物体排开液体的体积一定时，液体的密度越大，物体受到的浮力越大，浮力的大小与液体的密度有关，故D正确。
故选ACD。
12. 如图为同学练习排球的垫球情境。将排球自O点垫起，排球竖直向上运动，随后下落回到O点，不计空气阻力。下列分析正确的是（ ）
A. 上升过程排球做减速运动B. 达到最高点时排球的机械能为零
C. 下落过程排球的重力势能转化为动能D. 在整个过程中重力一直做功
【答案】ACD
【解析】
【详解】A．排球自O点竖直向上运动过程中，由于受到重力的作用，它的速度会越来越小，排球做减速运动，故A正确；
B．达到最高点时排球的质量不变，具有一定的高度，具有重力势能，所以机械能不为0，故B错误；
C．排球下落的过程中，速度逐渐增大，动能逐渐增大；高度逐渐降低，重力势能逐渐减小，重力势能转化为动能，故C正确；
D．在整个过程中，排球在重力的方向上通过了距离，所以重力一直做功，故D正确。
故选ACD。
13. 如图所示，工人利用滑轮组将重物缓慢提起。下列分析正确的是（ ）
A. 利用这个滑轮组提重物，既可以省力又可以改变用力方向
B. 工人对绳的拉力和绳对工人的拉力是一对作用力与反作用力
C. 工人受到的重力和支持力是一对平衡力
D. 重物被缓慢拉起的过程，绳子拉力不变
【答案】AB
【解析】
【详解】A．使用滑轮组既可以省力，又可以改变力的方向，但要费距离，故A正确；
B．工人对绳的拉力和绳对工人的拉力是一对相互作用力，大小相等，故B正确；
C．对工人进行受力分析，工人受到的重力、支持力和绳对工人的拉力，处于平衡状态，则工人受到的重力和支持力大小不相等，所以不是一对平衡力，故C错误；
D．对滑轮做受力分析有：
则有
随着重物缓慢拉起过程，θ逐渐增大，则FT逐渐增大，故D错误。
故选AB。
14. 某同学自制了一个手摇交流发电机，如图所示。大轮与小轮通过皮带传动，小轮与线圈固定在同一转轴上，线圈通过导线、滑环和电刷连接一个灯泡。转动大轮，带动小轮及线圈绕转轴转动就可以使灯泡发光。假设发电时灯泡发光在额定电压以内。下列分析正确的是（ ）
A. 手摇交流发电机的工作原理是电流的磁效应
B. 用不同的速度摇动大轮，灯泡的亮度会发生变化
C. 转动大轮使灯泡发光的过程中机械能直接转化为光能
D. 若将装置中磁体移出，摇动大轮，灯泡不会发光
【答案】BD
【解析】
【详解】A．手摇交流发电机的工作原理是电磁感应，故A错误；
B．用不同的速度摇动大轮，导体切割磁感线的速度不同，产生的感应电流大小不同，灯泡的实际功率不同，所以灯泡的亮度会发生变化，故B正确；
C．发电机可以将机械能转化为电能，所以转动大轮使灯泡发光的过程中机械能转化为电能，电能再转化为光能，故C错误；
D．产生感应电流的条件是闭合回路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，若将装置中的磁体移出，则导体不能继续做切割磁感线运动，则不会产生感应电流，所以灯泡不会发光，故D正确。
故选BD。
15. 如图甲所示的电路，电源电压恒定，为定值电阻。闭合开关S，移动滑片P，电压表示数与电流表示数变化的关系图象如图乙所示。下列分析正确的是（ ）
A. 滑片P向左移动过程中，电压表的示数逐渐变大
B. 电压表示数为4V时，滑动变阻器接入电路中的阻值为10Ω
C. 电源电压为12V
D. 电阻的最大功率为1W
【答案】C
【解析】
【详解】A．闭合开关，电阻R0和变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；滑片P向左移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，由串联分压可知电压表的示数减小，故A错误；
B．电压表示数为4V时，电路中的电流为0.4A，滑动变阻器接入电路中的阻值
故B正确；
C．乙图可知通过电路的电流最大为0.6A时，滑动变阻器两端的电压为0，通过电路的电流最小为0.1A时，滑动变阻器两端的电压为10V，串联电路总电压等于各部分电压之和，根据欧姆定律可得
U=IR0+UV
代入数据可得
0.6A×R0=0.1A×R0+10V
可得R0=20Ω，电源电压
U=IR0+UV=0.1A×20Ω+10V=12V
故C正确；
D．当滑动变阻器的电阻为0时，电流最大为0.6A，电阻R0的电压等于电源电压12V；电阻R0的最大功率为
P大=UI大=12V×0.6A=7.2W
故D错误。
故选C。
第Ⅱ卷（共70分）
三、实验探究题（满分35分，共4题）
16. 小明“探究光的反射定律”实验情况如下。
（1）如图所示，使一束光贴着有角度的纸板沿某一个角度射到O点，经平面镜反射，沿另一个方向射出。改变光束的入射角度，重复四次。
①请根据图示实验情况，将数据填入表中；（ ）
②分析表中数据，可以得出的结论是：在反射现象中，______；
（2）在上面的实验中，让光逆着反射光的方向射到镜面，那么，它被反射后就会逆着原来的入射光的方向射出。这表明：在反射现象中，______；
（3）光的反射有什么应用？请举出一例说明______。
【答案】（1） ①. 见解析 ②. 反射角等于入射角
（2）光路是可逆的 （3）自行车尾灯
【解析】
【小问1详解】
[1]如图所示，实验中每条入射光线和反射光线与法线的角度，即为入射角与反射角，如下表：
[2]根据表中的数据可知，入射角多大，反射角也多大，在反射现象中，反射角等于入射角。
【小问2详解】
如果让光线逆着OF的方向射向镜面，这时的入射角为原来的反射角，根据光的反射定律，反射角等于入射角，这时的反射角为原来的入射角，所以会发现光线原路返回，也就是在反射现象中，光路是可逆的。
【小问3详解】
自行车尾灯（角反射器）是由互成直角的一些小平面镜组成的，由于光的反射，会把车子、霓虹、路灯等光源发出光反射到司机，使司机能看到前面骑自行车的人，从而避免交通事故。
17. 小明探究“水在沸腾前后温度变化特点”的实验装置如图所示。
（1）用酒精灯给水加热，酒精燃烧的过程中，发生的能量转化是______；水的内能改变的方法是______；
（2）在加热水的过程中，杯口附近出现的大量“白气”是______形成的；
（3）下表是小明记录的实验数据：
①水在沸腾前后温度变化的特点是______；
②小明实验中水的沸点为______℃；
（4）水在沸腾过程中，______（选填“是”或“否”）同时发生了蒸发。水的沸腾与水的蒸发相比，不同点有______；
（5）饺子放在水中煮，怎么煮都不会发黄变焦，而放在油中炸，过一会儿就会发黄甚至变焦。这是因为______。
【答案】（1） ①. 化学能转化为内能 ②. 热传递
（2）液化 （3） ①. 沸腾前温度逐渐升高，沸腾时温度保持不变 ②. 101
（4） ①. 是 ②. 见解析
（5）油的沸点高于水的沸点
【解析】
【小问1详解】
[1]酒精燃烧时，消耗化学能，向外放热，所以能量转化形式为：化学能转化为内能。
[2]酒精燃烧放热，水吸收热量，温度升高，所以水改变内能的方式是热传递。
【小问2详解】
水蒸气在杯口附近受冷液化成小液滴，即“白气”。
【小问3详解】
[1]由表中数据可知，水温从90℃开始逐渐上升，升高至101℃后不再发生改变，所以水在沸腾前后温度变化的特点是：沸腾前温度逐渐升高，沸腾时温度保持不变。
[2]由表中数据可知，水温从第5.5min开始保持在101℃不再发生改变，所以水的沸点为101℃。
【小问4详解】
[1][2]水的沸腾与蒸发的差异有：水在任何温度下都可以蒸发，但沸腾需要温度达到沸点；沸腾在水的内部和表面同时进行，而蒸发只在水表面进行，沸腾比蒸发更剧烈，沸腾时伴随着蒸发。
【小问5详解】
液体在沸腾时温度保持不变，油的沸点高于水的沸点，所以饺子放在水中煮，温度较低，怎么煮都不会发黄变焦，而放在油中炸，温度较高，饺子内部的水分蒸发的很快，过一会儿就会发黄甚至变焦。
18. 为了测量实验室中铝块的密度，小明和同学找来以下实验器材：
请你写出实验需要的器材、实验步骤（可以用文字或画图表达），利用测量的物理量处理数据，并计算出铝块的密度。
【答案】 ①. ③④⑤ ②. 见解析 ③.
【解析】
【详解】[1][2][3]实验器材：③④⑤。将铝块挂在测力计下方，测量出铝块的重力为G，则铝块的质量为

铝块浸没在装有水的烧杯中，测得此时的拉力为F，则铝块受到的浮力为
铝块的体积等于排开水的体积，故铝块的体积为
铝块的密度为
19. 一个小灯泡上标着“2.5V 0.3A”，表明这个小灯泡正常工作时的电阻为8.3Ω。
（1）图甲是小明为检验小灯泡的标称电阻是否准确而连接的实验线路。他的连接有三个错误；
①请你写出这三个错误分别错在哪里______；
②在图甲中改成正确的连接______；
（2）这个实验中滑动变阻器除了保护电路外，还起到了______的作用；
（3）改成正确的连接后，闭合开关前，小明发现电流表指针如图乙所示，接下来的操作是______；
（4）正确操作后，闭合开关，调节滑动变阻器，记录了7组数据。其中，电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图丙所示。请读出图丙中电流表的示数，并在图丁的坐标系中描绘出第1组数据对应的点，并根据描出的7个数据点画出小灯泡的图像；
（5）分析实验数据，可以判定小灯泡的标称电阻是______（选填“准确”或“不准确”）的，依据是______；
（6）分析图像可以判定，小灯泡的电阻值是______（选填“不变”或“变化”）的，原因是______。
【答案】（1） ①. 见解析 ②. 或
（2）改变灯两端电压 （3）将电流表调零
（4） （5） ①. 不准确 ②. 见解析
（6） ①. 变化 ②. 见解析
【解析】
【小问1详解】
[1]错误之处：电流表正负接线柱接反；电流表量程选错；滑动变阻器两个上端接线柱连入电路。
[2]电流应从电流表正接线柱流进；灯正常发光时的电流为0.3A，电流表应选择小量程；滑动变阻器应“一上一下”接进电路，如图所示
或
【小问2详解】
电源为3节干电池，电压大于灯泡正常发光时的额定电压，所以滑动变阻器还起到改变电路电流从而起到改变灯两端电压的作用。
【小问3详解】
闭合开关前，电路中没有电流，电流表指针没有指示零刻度线，说明没有将电流表调零，所以接下来的操作是将电流表调零。
【小问4详解】
图丙中电流表分度值为0.02A，示数为0.28A，即电路中电流为0.28A，用光滑的曲线将各点连接起来，如图所示
【小问5详解】
[1][2]灯泡正常发光时电流为0.28A，电压为2.5V，则正常发光时的电阻为
与标称电阻不相等，所以标称电阻是不准确的。
【小问6详解】
[1][2]由图像可知，小灯泡的图像不是一条直线，说明电流与电压不成正比，由可知，灯泡的电阻不是一个定值，故灯泡的阻值是变化的。
四、综合分析题（满分20分，共2题）
20. 请阅读下列节选自统编版八年级上册语文第4课《一着惊海天》内容，结合划线句子回答相关问题。
渤海某海域，①海风呼啸，海浪澎湃。宽阔的海面上，我国第一艘航空母舰——②辽宁舰斩浪向前。规岛的主桅杆上，③艳红的八一军旗迎风招展。
……
声如千骑疾，气卷万山来。惊心动魄的一幕出现了：9时08分，④伴随震耳欲聋的喷气式发动机轰鸣声。眨眼之间，舰载机的两个主轮触到航母甲板上，机腹后方的尾钩牢牢地挂住了第二道阻拦索。刹那间，⑤疾如闪电的舰载机在阻拦索系统的作用下，滑行数十米后，稳稳地停了下来。
……
“咔嚓！”“咔嚓！”……随着照相机的快门声响起，中国第一位成功着舰的航母舰载战斗机飞行员的风采，定格在人们的镜头里，镌刻在共和国的史册上。
请回答下列问题：
（1）海风的呼啸声，是空气______产生的；
（2）辽宁舰斩浪向前，是以______为参照物判定；
（3）看到的八一军旗是艳红色的，是因为军旗______红色的光；
（4）震耳欲聋的喷气式发动机轰鸣声，对于着舰指挥员和飞行员来说是噪声，可以采取的控制措施是______。“震耳欲聋”是表示声音特性中的______；
（5）①阻拦索的作用是什么？
②阻拦索可以被视作一种特殊的钢索，你认为它应该有哪些特点？
③为什么舰载机在阻拦索系统的作用下不能立即停下来？
④画出航母匀速航行时，停在甲板上的舰载机的受力示意图。
⑤辽宁号航空母舰满载排水量为6万吨，吃水深度约为10m。则其满载时受到海水的浮力和舰底10m深处受到海水的压强分别是多少？（海水密度取）
【答案】（1）振动 （2）海面
（3）反射 （4） ①. 戴耳罩 ②. 响度
（5）见解析
【解析】
【小问1详解】
声音是由物体的振动产生的，海风的呼啸声，这种声音是空气振动产生的。
【小问2详解】
辽宁舰斩浪向前，意思是辽宁舰与海面上浪花之间发生相对运动，所以是以海面为参照物判定的。
【小问3详解】
迎风招展的红旗呈现红色，是因为红旗反射红色的光，进入人眼。
【小问4详解】
[1][2]防止噪声进入人耳，从入耳处控制噪声，如戴耳罩；震耳欲聋是指声音比较大，声音的响度大。
【小问5详解】
①舰载机降落时，阻拦索给舰载机施加力的作用，使其运动状态发生改变，给舰载机施加阻力，使其尽快减速；
②阻拦索需要具有坚韧，结实等特点；
③因为舰载机具有惯性，要保持原来的运动状态，所以舰载机不能立即停下来；
④航母匀速航行时，停在甲板上的展载机的受重力和浮力的作用，处于平衡状态，则展载机的受力示意图如下：
⑤航母满载时所受水的浮力
F浮=G排=m排g=6×107kg×10N/kg=6×108N
航母水下10m深处受到的水的压强
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×10m=1×105Pa
21. “安全用电，从我做起”。洗衣机、电饭煲等用电器的电源插头通常都接入播线板使用。如图甲所示插线板上的指示灯在开关断开时不发光，插孔不能提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压。
（1）请在图乙中画出开关、指示灯和插孔的连接方式，并把接线板与电源线接通；
（2）如图丙所示，洗衣机的电源插头有三根钱，其中标着E的导线和洗衣机的______相连，插线板上相应的导线和室外的______相连；
（3）如图丁所示，如果多个用电器同时插在插线板上工作，超过线路的负载电流，有可能会引起线路或设备过热而导致火灾。
①请分析可能导致火灾的原理；
②预防电气火灾，可以采取哪些措施？
【答案】（1） （2） ①. 金属外壳 ②. 地线
（3）见解析
【解析】
【小问1详解】
开关接在火线上，指示灯和三孔插座并联；三孔插座的正确接法是“左零右火上接地”。指示灯串联一个电阻起分压作用，如图所示：
【小问2详解】
[1][2]标着E的导线和洗衣机的金属外壳相连，插线板上相应的导线和室外的地线相连，这样带金属外壳的洗衣机接地，可以防止触电。
【小问3详解】
①如果多个用电器同时插在插线板上工作，电路的总功率会过大，根据电功率计算公式P=UI可知，电路中的总电流就会过大，而超过线路的负载电流：根据焦耳定律可知，相同情况下，电流越大，产生的电热就越大，就有可能会引起线路或设备过热而导致火灾。
②不同时使用多个大功率用电器；防止短路；电线有破损或线路老化，及时更换；用电器不使用时及时断电；更换负载电流较大的线路。
五、计算题（满分15分，共2题）
22. 如图为小明设计的一个实验探究电路，电源电压U保持不变，和均为定值电阻，其中，他进行了如下操作：
第一步：断开、，闭合，电压表示数为2V；
第二步：断开，闭合、，电流表示数为2A。
求：
（1）电源电压U；
（2）第一步和第二步操作，电路消耗的总功率之比。
【答案】（1）6V （2）
【解析】
【小问1详解】
断开、，闭合，电路为串联电路，电压表测量两端电压，电压表示数为2V，串联电路电流相同，电路电流为
电源电压为
断开，闭合、，电路为并联电路，电流表测量所在支路电流，电流表示数为2A，电压表测量电源电压，电源电压为

联立方程组，即
解得
电源电压为
【小问2详解】
第一步操作电路消耗的总功率

第二步操作电路消耗的总功率
电功率之比为
23. 小明在实验室测量杠杆机械效率的装置如图甲所示，用细绳将杠杆一端O固定在铁架台上，在杠杆的中点A处用细绳系住一个放在水平桌面上的物块，在杠杆的另一端B处，用弹簧测力计竖直向上提拉杠杆。当向上提拉弹簧测力计使杠杆在水平方向平衡时，系物体的细绳被拉直。已知物块的底面积为、质量为270g，杠杆自重为1N。
（1）图甲中，弹簧测力计的示数为1.1N时，物块对地面的压强是多少？
（2）如图乙所示，小明竖直缓慢拉动弹簧测力计向上移动一段距离，弹簧测力计的示数保持1.8N不变。这个杠杆的机械效率是多少？
（3）请从能量转化的角度分析，提高杠杆的机械效率，可以采取哪些办法？
【答案】（1）200Pa
（2）75% （3）见解析
【解析】
【小问1详解】
物块重力
G=mg=0.27kg×10N/kg=2.7N
杠杆在水平方向平衡时，根据杠杆的平衡条件得
F1OB=F2OA
F1×2OA=F2OA
F2=2F1=2×1.1N=2.2N
F2=G杆+F丙
所以
F丙=F2-G杆=2.2N-1N=1.2N
物块受力分析如图
所以物块受到的支持力
FN=G-F丙=2.7-1.2=1.5N
物块对地面的压力和地面对物块的支持力是相互作用力，大小相等，对地面的压力
F=FN=1.5N
物块对地面的压强
【小问2详解】
假设竖直缓慢拉动弹簧测力计向上移动距离为h1，则物块上升的距离
杠杆的机械效率
【小问3详解】
根据机械效率定义式，要提高杠杆的机械效率，就要在总功相同的情况下，增大有用功或减小额外功，即增大物重，或者减小杠杆自重、减小支点与杠之间摩擦等。次数
1
2
3
4
入射角
反射角
次数
1
2
3
4
入射角
70°
40°
20°
0°
反射角
70°
40°
20°
0°
加热
0
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
3.5
4.0
4.5
5.0
5.5
6.0
6.5
7.0
7.5
温度
90
91
93
94
95
96
97
98
99
100
100
101
101
101
101
101
实验器材（填序号）
实验步骤（说明测量工具、物理量用符号表示）
数据处理与计算结果（用测量的物理量表示）
_________
_________
_________
数据序号
1
2
3
4
5
6
7
电压
2.5
2.2
2.0
1.8
1.6
1.2
1.0
电流
0.26
0.25
0.24
0.22
0.20
0.18