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甘肃省武威市民勤县第一中学2023-2024学年高一下学期期末考试物理试题
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这是一份甘肃省武威市民勤县第一中学2023-2024学年高一下学期期末考试物理试题，文件包含高一物理试卷docx、高一物理答案docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共6页， 欢迎下载使用。
一、选择题: 本题共10小题，共43分。在每小题给出的四个选项中，1—7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8—10题有多项符合题目要求，每小题5分，全部选对的得5分，选全但不全的得3分，有选错的得0分。
1. B 2. B 3. D 4. C 5. A
6. D 7. A 8. BD 9. BC 10. AB
二、填空题：本题共2小题，共16分。
11. (1)C (2)20 g (3)112.(1)C D (2)mg(x3－x1) eq \f(mx4x4－2x2,8T2) 小于
三、计算题(解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。)
13.（10分）
设A与B碰撞后，A的速度为vA，B与C碰撞前B的速度为vB，B与C碰撞后粘在一起的速度为v，由动量守恒定律得：
对A、B木块：mAv0＝mAvA＋mBvB①
对B、C木块：mBvB＝(mB＋mC)v②
由A与B间的距离保持不变可知：vA＝v③
联立①②③式，代入数据得：vB＝eq \f(6,5)v0。
14.（14分）
解析 (1)设邮件放到皮带上与皮带发生相对滑动过程中受到的滑动摩擦力为F，则F＝μmg①
由牛顿第二定律得μmg＝ma
由运动学可知v＝at②
由①②式并代入数据得t＝0.2 s③
(2)邮件与皮带发生相对滑动的过程中，对邮件应用动能定理，有Fx＝eq \f(1,2)mv2－0④
由①④式并代入数据得x＝0.1 m⑤
(3)邮件与皮带发生相对滑动的过程中，设皮带相对地面的位移为s，则s＝vt⑥
摩擦力对皮带做的功W＝－Fs⑦
由①③⑥⑦式并代入数据得W＝－2 J。
15.（17分）
解析 (1)设两滑块一起滑至轨道最低点时的速度为v，所受轨道的支持力为N。对两滑块一起沿圆弧形轨道下滑到B端的过程，根据机械能守恒定律有：(m1＋m2)gR＝eq \f(1,2)(m1＋m2)v2，解得v＝3.0 m/s，对于两滑块在轨道最低点，根据牛顿第二定律有：N－(m1＋m2)g＝(m1＋m2)eq \f(v2,R)，解得N＝3(m1＋m2)g＝6.0 N，根据牛顿第三定律可知，两滑块对轨道的压力大小N′＝N＝6.0 N。
(2)设弹簧迅速将两滑块弹开时，两滑块的速度大小分别为v1和v2，因滑块2恰好能沿圆弧形轨道运动到轨道最高点A，此过程中机械能守恒，所以对滑块2有m2gR＝eq \f(1,2)m2veq \\al(2,2)，解得v2＝3.0 m/s，方向向左。对于弹簧将两滑块弹开的过程，设水平向右为正方向，根据动量守恒定律有(m1＋m2)v＝m1v1－m2v2，解得v1＝4.5 m/s。对于弹簧将两滑块弹开的过程，根据机械能守恒定律有E弹＝eq \f(1,2)m1veq \\al(2,1)＋eq \f(1,2)m2veq \\al(2,2)－eq \f(1,2)(m1＋m2)v2，解得E弹＝0.90 J。
(3)设两滑块平抛运动的时间为t，根据h＝eq \f(1,2)gt2，解得t＝0.30 s。
滑块1平抛的水平位移x1＝v1t＝1.35 m，滑块2从B点上滑到A点，再从A点返回到B点的过程，机械能守恒，因此其平抛的速度大小仍为v2，所以其平抛的水平位移x2＝v2t＝0.90 m。
所以滑块2的落地点与滑块1的落地点之间的距离Δx＝x1－x2＝0.45 m。
一、选择题: 本题共10小题，共43分。在每小题给出的四个选项中，1—7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8—10题有多项符合题目要求，每小题5分，全部选对的得5分，选全但不全的得3分，有选错的得0分。
1. B 2. B 3. D 4. C 5. A
6. D 7. A 8. BD 9. BC 10. AB
二、填空题：本题共2小题，共16分。
11. (1)C (2)20 g (3)1
三、计算题(解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。)
13.（10分）
设A与B碰撞后，A的速度为vA，B与C碰撞前B的速度为vB，B与C碰撞后粘在一起的速度为v，由动量守恒定律得：
对A、B木块：mAv0＝mAvA＋mBvB①
对B、C木块：mBvB＝(mB＋mC)v②
由A与B间的距离保持不变可知：vA＝v③
联立①②③式，代入数据得：vB＝eq \f(6,5)v0。
14.（14分）
解析 (1)设邮件放到皮带上与皮带发生相对滑动过程中受到的滑动摩擦力为F，则F＝μmg①
由牛顿第二定律得μmg＝ma
由运动学可知v＝at②
由①②式并代入数据得t＝0.2 s③
(2)邮件与皮带发生相对滑动的过程中，对邮件应用动能定理，有Fx＝eq \f(1,2)mv2－0④
由①④式并代入数据得x＝0.1 m⑤
(3)邮件与皮带发生相对滑动的过程中，设皮带相对地面的位移为s，则s＝vt⑥
摩擦力对皮带做的功W＝－Fs⑦
由①③⑥⑦式并代入数据得W＝－2 J。
15.（17分）
解析 (1)设两滑块一起滑至轨道最低点时的速度为v，所受轨道的支持力为N。对两滑块一起沿圆弧形轨道下滑到B端的过程，根据机械能守恒定律有：(m1＋m2)gR＝eq \f(1,2)(m1＋m2)v2，解得v＝3.0 m/s，对于两滑块在轨道最低点，根据牛顿第二定律有：N－(m1＋m2)g＝(m1＋m2)eq \f(v2,R)，解得N＝3(m1＋m2)g＝6.0 N，根据牛顿第三定律可知，两滑块对轨道的压力大小N′＝N＝6.0 N。
(2)设弹簧迅速将两滑块弹开时，两滑块的速度大小分别为v1和v2，因滑块2恰好能沿圆弧形轨道运动到轨道最高点A，此过程中机械能守恒，所以对滑块2有m2gR＝eq \f(1,2)m2veq \\al(2,2)，解得v2＝3.0 m/s，方向向左。对于弹簧将两滑块弹开的过程，设水平向右为正方向，根据动量守恒定律有(m1＋m2)v＝m1v1－m2v2，解得v1＝4.5 m/s。对于弹簧将两滑块弹开的过程，根据机械能守恒定律有E弹＝eq \f(1,2)m1veq \\al(2,1)＋eq \f(1,2)m2veq \\al(2,2)－eq \f(1,2)(m1＋m2)v2，解得E弹＝0.90 J。
(3)设两滑块平抛运动的时间为t，根据h＝eq \f(1,2)gt2，解得t＝0.30 s。
滑块1平抛的水平位移x1＝v1t＝1.35 m，滑块2从B点上滑到A点，再从A点返回到B点的过程，机械能守恒，因此其平抛的速度大小仍为v2，所以其平抛的水平位移x2＝v2t＝0.90 m。
所以滑块2的落地点与滑块1的落地点之间的距离Δx＝x1－x2＝0.45 m。
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