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2024年江苏省扬州市仪征市中考一模物理试题（解析版）
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这是一份2024年江苏省扬州市仪征市中考一模物理试题（解析版），共26页。试卷主要包含了04， 下列数据最接近实际的是，6AD等内容，欢迎下载使用。
（考试时间：100分钟 满分：100分）（本卷g取10N/kg）
一、选择题（每小题2分，共24分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。）
1. 下列数据最接近实际的是（ ）
A. 人正常步行的速度约为5m/sB. 人正常骑自行车的功率为200W
C. 普通壁挂式空调正常工作的电流约为0.6AD. 一支考试专用的2B铅笔的长度约为18cm
【答案】D
【解析】
【详解】A．成年人正常步行的速度约为1.1m/s左右。故A不符合题意；
B．人正常骑自行车车时的速度约为4m/s，功率约为70W左右。故B不符合题意；
C．普通壁挂式空调正常工作的电流约为6A左右。故C不符合题意；
D．一支考试专用的2B铅笔的长度约等于人手一拃的长，约为18cm左右。故D符合题意。
故选D。
2. 暑假里，小明从电冰箱的冷冻室内拿出一根棒冰，发现包装纸上有一层“霜”，撕开包装纸后，棒冰冒出“白气”。关于这些现象，下列说法中正确的是（ ）
A. “霜”是水蒸气凝华形成的B. “霜”的形成需要吸热
C. “白气”是棒冰升华形成的D. “白气”的形成需要吸热
【答案】A
【解析】
【详解】AB．夏天小明从电冰箱的冷冻室内拿出一根棒冰，发现包装纸上有一层霜，这是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华过程需要放热，故A正确，B错误；
CD．撕开包装纸后，棒冰冒出“白气”，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化过程需要放热，故CD错误。
故选A。
3. “做中学”是一种重要的学习方式，小明用吸管进行科学研究，正确的说法是（ ）
A. 图甲：吸管的一端做得很尖，是为了减小压强
B. 图乙：用吸管制成水气压计，从山下移到山顶时管内的水柱下降
C. 图丙：用吸管自制温度计显示温度高低，利用了液体热胀冷缩的性质
D. 图丁，用吸管对着两个乒乓球的中间吹气，乒乓球会向两边分开
【答案】C
【解析】
【详解】A．吸管―端做得很尖，是在压力一定时，为了减小受力面积，增大压强，故A错误；
B．把水气压计从山下移到山顶,瓶内空气的压强不变,而外界大气压随高度的增加而减小, 此时在瓶内气压的作用下会有一部分水被压入玻璃管,因此管内水柱会升高，故B错误；
C．用吸管自制温度计显示温度高低，利用了液体热胀冷缩的性质，故C正确；
D．根据流体压强与流速的关系：当向两个乒乓球中间吹气时，此位置的空气流速加大，压强小于两边的压强，在压强差的作用下，两乒乓球向中间靠拢，故D错误。
故选C。
4. 2023年5月28日，国产大飞机C919圆满完成首个商业航班飞行，正式进入民航市场．该机机身大规模使用完全国产化的第三代铝锂合金，使飞机构件重量显著减轻，主要利用了第三代铝锂合金的（ ）
A. 导热性好B. 导电性好
C. 密度小D. 熔点高
【答案】C
【解析】
【详解】飞机在机体主结构上，使用了第三代铝锂合金材料，由于铝锂合金的密度更小，所以与同体积的普通铝合金相比其质量更小。
故选C。
5. 当蜡烛、凸透镜、光屏的位置关系如图所示时，光屏上得到清晰的像。若在蜡烛与凸透镜之间放一个近视眼镜，光屏上原来清晰的像变模糊，为了能在光屏上重新得到清晰的像，下列操作可行的是（ ）
A. 向左移动光屏B. 向右移动蜡烛
C. 换焦距小一点的凸透镜D. 换焦距大一点的凸透镜
【答案】C
【解析】
【详解】近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，当把近视镜放在凸透镜和蜡烛之间后，原来会聚成像的光线推迟会聚，像远离凸透镜，即清晰的像在光屏后方（右方）；
A．像成在光屏的后方，向左移动光屏，光屏上无法呈现清晰的像，故A不符合题意；
B．向右移动蜡烛，物距变小，像距变大，光屏上无法呈现清晰的像，故B不符合题意；
C．换焦距小一点的凸透镜，在物距不变的情况下，像距会变小，像会向左移动，能在光屏上成清晰的像，故C符合题意；
D．换焦距大一点的凸透镜，在物距不变的情况下，像距会变大，像会向右移动，不能在光屏上成清晰的像，故D不符合题意。
故选C。
6. 2023年5月30日，神舟十六号载人飞船与空间站成功对接，神舟十六号和神舟十五号航天员们顺利会师，如图所示，以下列哪个物体为参照物，神舟十六号载人飞船是运动的（ ）
A. 地球B. 核心舱C. 实验舱D. 神舟十五号载人飞船
【答案】A
【解析】
【详解】A．神舟十六号载人飞船与地球之间的空间位置发生了变化，因此以地球为参照物，神舟十六号载人飞船是运动的，故A符合题意；
BCD．神舟十六号载人飞船与空间站成功对接后，核心舱、实验舱、神舟十五号载人飞船和神舟十六号载人飞船之间相对的位置都没发生变化，神舟十六号载人飞船是静止的，故BCD不符合题意。
故选A。
7. 关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（ ）
A. 0℃的冰块内能为0B. 温度高的物体含有的热量多
C. 汽油机做功冲程汽缸内燃气的内能增加D. 两个发生热传递的物体之间一定存在温度差
【答案】D
【解析】
【详解】A．一切的物体都有内能，0℃的冰块内能不为0，故A错误；
B．热量是一个过程量，不能说含有热量，故B错误；
C．汽油机做功冲程汽缸内燃气的内能转化为机械能，内能减少，故C错误；
D．热量从高温物体传给低温物体，两个发生热传递的物体之间一定存在温度差，故D正确。
故选D。
8. 智能扫地机能自动清扫房间内的地板，给人们生活带来方便。当手动闭合开关S1，或对它说“开始清扫”（闭合开关S2），电动机都会工作，扫地机进入清扫模式；若在清扫过程出现意外，开关S3自动闭合，电铃工作。图中的电路图符合上述设计要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】A．图中开关S1和电动机串联，开关S2和电动机并联，开关S1闭合，电动机工作，开关S2闭合，电动机不工作，故A不符合题意；
B．图中三个开关和电动机及电铃串联，开关S1闭合，电动机不工作，开关S2闭合，电动机不工作，开关S3闭合，电铃不工作，故B不符合题意；
C．图中开关S1和S2并联后再和电动机串联，开关S3和电铃在另一条支路，开关S1闭合或开关S2闭合，电动机工作，开关S3闭合，电铃工作，故C符合题意；
D．图中开关S1和S2与电动机串联，开关S1闭合，电动机不工作，开关S2闭合，电动机不工作，故D不符合题意。
故选C。
9. 小明和小华分别用如图所示的装置观察磁场对通电线圈的作用。小明将线圈两端的漆全部刮去后放入磁场；小华只将一端导线上的漆全部刮去，另一端只刮去一半。闭合开关（ ）
A. 小明的线圈连续转动，灯时亮时灭B. 小华的线圈来回摆动，灯时亮时灭
C. 小明的线圈来回摆动，灯连续发光D. 小华的线圈连续转动，灯连续发光
【答案】C
【解析】
【详解】AC．小明把两端的漆皮都刮掉，线圈每转过半圈，受力方向发生变化，会来回摆动，但电路中有持续的电流，灯泡会持续发光，故A错误，C正确；
BD．小华将线圈两端引线的漆皮一端全部刮掉，另一端只刮半周，这样在一个半周内受到磁场的力的作用为转动，另一个半周没有电流通过，不受磁场力的作用，利用惯性转动，这样才能使线圈在磁场中持续转动下去，灯时亮时灭，故BD错误。
故选C。
10. 《天工开物》中记载有一种自动引水灌溉工具——“高转筒车”（如图）。使用时下方转轮安装在河道中，流水驱动轮子转动，系在传动绳索上的竹筒将水从河里源源不断输送到上方农田中。下列说法正确的是（ ）
A. 这是一台“永动机”
B. 水在输送过程中重力势能不变
C. 转轮转速越快输水做功功率越大
D. 上、下两个转轮可分别看作定滑轮和动滑轮
【答案】C
【解析】
【详解】A．“高转筒车”转动时，需要水能提供动力，如果没有水能，它将不能转动，因此不“永动机”，根据能量守恒定律可知，世界上不存在“永动机”，故A错误；
B．水从河里被输送到上方的田里，高度增加了，因此水的重力势能变大，故B错误；
C．转轮转速越快，相同时间内对水做的功越多，根据公式可知，功率越大，故C正确；
D．上、下两个转轮的轴都是固定不动的，因此都可看做定滑轮，故D错误。
故选C。
11. R1与R2此时接入电路中的阻值相同，S1断开，S2闭合；求下列操作中，一定可以使电流表示数变大的是（ ）
A. 闭合，断开B. 闭合，向右滑动滑片P
C. 减小电源电压，闭合D. 增大电源电压，向右滑动滑片P
【答案】B
【解析】
【详解】S1断开，S2闭合时，只有R2接入电路，电流表的示数。
A．闭合S1 ，断开 S2时，只有R1接入电路，由于R1与R2此时接入电路中的阻值相同，则电流表的示数不变，故A不符合题意；
B．闭合S1 ，R1与R2并联，由于R1与R2此时接入电路中的阻值相同，则
由并联电路的总电阻比任何一个分电阻都小可知，向右滑动滑片P，总电阻总是比R1小，则，故
故B符合题意；
C．闭合S1 ，R1与R2并联，由于R1与R2此时接入电路中的阻值相同，电路的总电阻为
电流表的示数
故电流表可能变小、不变也可能变大，故C不符合题意；
D．向右滑动滑片P，R2接入电路的阻值变大，当增大电源电压时，由可知，电流表的示数可能变大、可能不变、也可能变小。故D不符合题意。
故选B。
12. 如图，将质量均匀的木棒切割并组装成两个形状相同、质量均为m的木模，用三根竖直细线a、b、c连接，在水平面上按照“互”字型静置，上方木模呈现悬浮效果，这是利用了建筑学中的“张拉整体”结构原理。则（ ）
A. a的拉力等于mg
B. b的拉力大于a的拉力
C. 沿左右方向平移三根细线在上方木模的接线点，线仍竖直，线上拉力会改变
D. 沿左右方向平移三根细线在上方木模的接线点，线仍竖直，地面受到的压力会改变
【答案】C
【解析】
【详解】AB．上方木模受到自身向下的重力mg，两根长线分别向下的拉力和短线a向上的拉力，两根长线的拉力相等，由受力平衡
则 Fa＞mg，Fa＞Fb，故AB不符合题意；
C．以a下方的连接点为支点，根据杠杆平衡条件得，Fb•Lb+Fc•Lc=G•LG，如沿左右方向平移三根细线在上方木模的接线点，线仍竖直，G•LG不变，Fb和Fc的力臂变化，Fb和Fc变化，Fa变化；则线上拉力会改变，故C正确；故C符合题意；
D．将两个木模看成一个整体，整体静止在地面上，受竖直向下的总重力、地面对它竖直向上的支持力，沿左右方向平移三根细线在上方木模的接线点，整体还是处于平衡状态，故地面受到的压力还是木模的总重力，即不变。故D不符合题意。
故选C。
二、填空题（每空1分，共28分）
13. 如图甲所示，此硬币的直径为___________cm；图乙的示数为___________℃。图丙停表的读数为___________s。
【答案】 ①. 2.50 ②. ﹣4 ③. 337.5
【解析】
【详解】[1]由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm，此刻度尺的分度值为1mm，硬币左侧与2.00cm对齐，右侧与4.50cm对齐，所以硬币的直径为
[2]由图知：温度计一个大格都是10℃，其中又分了10份，故其分度值是1℃，温度计的液面在0的下面，此时显示的温度低于0℃，为﹣4℃。
[3]由图知：在秒表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“5”和“6”之间，偏向“6”一侧，所以分针指示的时间为5min；在秒表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在37.5s处，所以秒针指示的时间为37.5s，即秒表的读数为
14. 家庭电路中，为保证用电器都能独立工作，各个用电器都是一端接零线，另一端接__________线，即这些用电器是___________联的。为了防止触电，用电器的金属外壳还必须接__________线。
【答案】 ①. 火 ②. 并 ③. 地
【解析】
【详解】[1][2]家庭电路中，为保证用电器都能独立工作，各用电器之间要并联，用电器一端接零线，另一端接火线。
[3]为了防止用电器漏电而导致触电，用电器的金属外壳必须接地线，这样，当用电器漏电时，地线能将电流导向大地，避免人触电。
15. 如图所示，在探究平面镜成像的特点时，应将茶色玻璃板____放置在水平桌面上。在玻璃板前放一个棋子A，可以看到它在玻璃板后的像，将另一个相同的棋子B放在玻璃板后，使它与______重合，记下两个棋子的位置，两个位置之间的连线与玻璃板____。
【答案】 ①. 竖直 ②. 棋子A的像 ③. 垂直
【解析】
【详解】[1]做“探究平面镜成像的特点”实验，玻璃板应竖直放置在水平桌面上，玻璃板没有竖直放置，前面蜡烛所成的像可能偏高或偏低，这样前面蜡烛的像与后面的蜡烛就无法重合了。
[2]一边移动棋子B，一边用眼睛透过玻璃板观察B，直到B与A的像完全重合，A、B两个棋子完全相同，在比较像与物的大小关系时，棋子B的作用是替代棋子A，与棋子A的像比较大小。
[3]根据平面镜成像的特点可知，像和物的连线与玻璃板是垂直的。
16. 如图中的水平桌面足够长，不计托盘质量和滑轮与绳的摩擦．物体A重10N，当物体B重为2N时，物体A保持静止，这时A物体受到的摩擦力为_____N；当物体B重为3N时，物体A向右做匀速直线运动，此时受到的摩擦力是___N，此时若用一个水平向左的拉力使物体A向左匀速直线运动，该拉力的大小为___N．
【答案】 ①. 2 ②. 3 ③. 6
【解析】
【详解】（1）物体A重10N，当物体B重为2N时，物体A保持静止状态，A物体竖直方向上受到重力和支持力，这两个力的平衡力，水平方向上受到拉力和摩擦力的作用，这两个力是平衡力，大小相等，f=F=GB=2N；
（2）当物体B重为3N时，物体A向右做匀速直线运动，水平方向受到的向右的拉力和水平向左的摩擦力是一对平衡力，所以f′=F′=GB′=3N；
（3）物体A匀速直线向左运动时，水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的摩擦力和水平向右的拉力作用，这三个力平衡．因为物体A对水平桌面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以此时摩擦力仍为3N．所以F拉=f′+F′=3N+3N=6N．
17. 如图所示是一台单缸四冲程汽油机的一个冲程，这时___________能转化为___________能；若飞轮转速为1800r/min，该汽油机每秒钟完成___________个冲程，对外做功___________次。
【答案】 ①. 内 ②. 机械 ③. 60 ④. 15
【解析】
【详解】[1][2]图示中，两个气门关闭，活塞向下的运动，是做功冲程，这个过程将内能转化为机械能。
[3][4]该汽油机的飞轮转速为
飞轮每转动两圈，完全四个冲程，对外做功一次，所以该汽油机每秒钟完成60个冲程，对外做功15次。
18. 如图所示，可绕O点转动的轻质杠杆OA，其中点B处挂一重力为100N的物体在A处施加竖直向上的拉力F，使杠杆在水平位置平衡，则拉力F大小为______N；若始终保持拉力F的方向竖直向上，则在杠杆从水平位置匀速转动到图中虚线位置的过程中，拉力F大小将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 50 ②. 不变
【解析】
【分析】
【详解】[1]如图所示，杠杆在水平位置平衡，据杠杆的平衡条件有
G⋅OB=F⋅OA
即
100N⋅OB=F⋅2OB
解得
F=50N
[2]在杠杆转动过程中，动力和阻力的方向都不变，虽然动力臂与阻力臂都变小，但两者的大小关系不变，即转动过程中，总保持
l1=2l2
则动力与阻力的大小关系也保持不变，而阻力即物体重力不变，那么拉力F的大小也不变。
19. 如图所示为小明家使用的电能表，由图可知他家同时可使用的用电器总功率不能超过___________W；小明关闭家中其他用电器，只让电水壶烧水，电水壶正常工作，小明观察电能表的铝盘在1min内转了18圈，则该段时间内消耗的电能为___________J，则该电水壶的实际功率为___________W。
【答案】 ①. 4400 ②. ③. 1800
【解析】
【详解】[1]由电能表的参数知，使用的用电器总功率
[2]电能表每消耗1kW∙h的电能，铝盘转动600圈。铝盘转18圈，消耗的电能
[3]该电水壶的实际功率
20. 某太阳能热水器内装有质量为200kg，温度为20℃的水，在阳光照射一段时间后，水温升高到80℃，则水吸收的热量为 ___________J。如果用热效率为40%的燃气灶燃烧天然气来加热同样多的水，使水升高到同样的温度，需要燃烧 ___________m3的天然气。[已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值是4.2×107J/m3]
【答案】 ①. 5.04×107 ②. 3
【解析】
【详解】[1]水吸收的热量为
Q吸=c水m(t﹣t0)=4.2×103J/(kg•℃)×200kg×(80℃﹣20℃)=5.04×107J
[2]天然气放出的热量为
需要燃烧的天然气体积为
21. 在测量液体密度的实验中，小明利用天平和量杯测量出液体和量杯的总质量m及液体的体积V，得到几组数据并绘出如图所示的图像，则量杯的质量为______g，液体密度为______。
【答案】 ①. 20 ②.
【解析】
【详解】[1][2]由图可知，当液体体积为V1=20cm3时，液体和杯的总质量
由可得
①
当液体体积为V2=80cm3时，液体和杯的总质量
由可得
②
联立①②可得
22. 如图甲，电源电压恒为6V，定值电阻R为5Ω，小灯泡L的图象如图乙所示，则电路的总电流为___________A．若将定值电阻R和小灯泡L串联后接在电压为6V的电源上，此时小灯泡L的电功率为___________W，1min电阻R产生的热量为___________J。
【答案】 ①. 1.7 ②. 1.6 ③. 48
【解析】
【详解】[1]由图可知，灯泡L和电阻R并联，电源电压恒为6V，由并联电路电压的规律可知灯泡L两端的电压是6V，由图乙可知，通过灯泡的电流是0.5A，通过定值电阻的电流
电路的总电流
I总=IL+IR=0.5A+1.2A=1.7A
[2]若将定值电阻R和小灯泡L串联后接在电压为6V的电源上，因串联电路中总电压等于各分电压之和，串联电路中各处的电流相等，且电源电压为6V，由图乙可知，灯泡两端的电压是4V，通过它的电流是0.4A，此时电阻两端的电压是
UR=IR=0.4A×5Ω=2V
电源电压
U=UL+UR=4V+2V=6V
符合题意，则此时小灯泡L电功率为
PL=ULI=4V×0.4A=1.6W
[3]1min电阻R产生的热量
三、解答题（除标注外其余每空、每图1分，共48分）
23.
（1）请根据平面镜成像的特点，画出物体AB在平面镜中所成的像；
（2）如图所示，将木块与长木板叠放在水平地面上，用绳子将木块与墙相连，绳子处于伸直状态。水平向右拉动长木板，请画出长木板对木块作用力的示意图；（以O点为力的作用点）
（3）按题目要求完成如图：如图，用笔画线代替导线，正确连接家庭电路。
【答案】（1） （2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
在平面镜成像中，像与物体的连线与镜面垂直，且像与物到镜面的距离相等，过A、B两点作镜面的垂线段，可确定A和B在平面镜中的对应像点A′和B′，连接A′和B′即为AB在平面镜中的像。作图如下：
【小问2详解】
图示中，水平向右拉动长木板，则木块相对木板向左移动，受到的木板对木块的摩擦力水平向右，木板对木块的支持力垂直于木板向上，两个力都作用在O点，作图如下：
【小问3详解】
图示中，三孔插座的左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线；控制灯泡的开关接在火线和灯泡之间，灯泡的另一端线接在零线上，作图如下：
24. 如图所示，某人用滑轮组匀速提升重120N的物体，此时机械效率为80%，在2s内，绳的自由端移动了6m。（不计绳重和摩擦）求：
（1）人的拉力F为多大？
（2）F做的额外功是多大？
【答案】（1）50N （2）60J
【解析】
【小问1详解】
由图示知，滑轮组承重绳子为3根，不计绳重和摩擦，则有
解得，人的拉力F=50N。
【小问2详解】
拉力F所做的总功
W总=Fs=50N×6m=300J
F做的额外功
25. 如图所示为一种加热桌垫，寒冷的冬天可以给办公人员提供温暖，右上角有控制开关，其内部装有2根电阻丝，设置有2个挡位，高温挡功率为80W，低温挡功率为20W，电路图如图所示。
（1）求电阻丝的大小；
（2）小明想利用电路图中的器材设计一个三挡位（高、中、低三挡位）加热桌垫，请帮他在虚线框内画出电路设计图。
【答案】（1）1815Ω
（2）
【解析】
【小问1详解】
由电路图知，两个开关都闭合时，电路中只有R1工作，电路的总阻值较小，据知，电路的总功率较大，为高温挡，R1的阻值
开关S1闭合，S2断开时，两个电阻串联在电路中，电路的总阻值较大，据知，电路的总功率较小，为低温挡，此时电路的总阻值
R2的阻值
【小问2详解】
两个电阻丝的阻值不同，各自接入电路中，电路的阻值不同，对应的功率不同，分别对应低温或中温挡，而两个电阻丝并联在电路中时，电路的总阻值最小，功率最大，为高温挡。所以两个开关分别控制两个电阻丝，作图如下：
26. 小明买了蜡烛做以下物理小实验：
（1）如图甲，小明在纸杯底部开一圆孔，用塑料薄膜蒙住杯口，拍打薄膜，由于薄膜 __从而可以发出声音。并且观察到烛焰在晃动，说明声音可以传递 __（选填“信息”或“能量”）；
（2）如图乙，小明用该蜡烛“探究平面镜成像的特点”时，将点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，能看到玻璃板后面有它的像，小明拿一只与A完全相同的蜡烛B在玻璃板后面移动，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合。这种确定像与物大小的方法是 __（选填“转换法”、“控制变量法”或“等效替代法”）；蜡烛匀速向平面镜靠近，则蜡烛在平面镜中所成像的大小 __（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（3）小明用蜡烛在探究“凸透镜成像规律”的实验中，经正确组装并调节后，如图丙所示，在光屏上接收到了蜡烛清晰的倒立、放大的 __（选填“虚”或“实”）像。利用该成像规律制成的光学仪器是 __（选填“放大镜”“投影仪”或“照相机”）。
【答案】 ①. 振动 ②. 能量 ③. 等效替代法 ④. 不变 ⑤. 实 ⑥. 投影仪
【解析】
【详解】（1）[1]声音是由物体振动产生的，拍打薄膜，由于薄膜振动从而可以发出声音。
[2]声音可以传递信息，也可以传递能量，观察到烛焰在晃动，说明声音可以传递能量。
（2）[3]两支蜡烛大小相同，后面的蜡烛又和前面蜡烛的像完全重合，这样就证明了像与物大小相同，这种确定像与物大小的方法是等效替代法。
[4]由平面镜成像的特点可知，蜡烛匀速向平面镜靠近时，蜡烛在镜中的像的大小不变。
（3）[5][6]经正确组装并调节后，如图丙所示，在光屏上接收到了蜡烛清晰的像，此时物距小于像距；凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立放大的实像，投影仪就是利用此原理制成的。
27. 物理知识和我们的生活紧密联系，小明利用矿泉水瓶做了如下几个实验：
（1）用手握住空矿泉水瓶静止不动，若增大手的握力，则空矿泉水瓶受到的摩擦力将 _________（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（2）在空矿泉水瓶侧壁不同高度的地方锥出上、下两个小孔，往里面倒满水，可以观察到水从两个小孔流了出来，其中下孔流出的水喷得最急，这表明液体的压强随 ______的增加而增加；
（3）往空矿泉水瓶内注入少量热水，摇晃后倒掉并立即盖紧瓶盖，过一会儿发现瓶子慢慢向内凹陷，这证明了 _________的存在；
（4）如图所示，一个未装满水的矿泉水瓶子，正立放置在水对瓶底的压强为p1，瓶底受到水的压力为F1，倒立放置时水对瓶盖的压强为p2，瓶盖受到水的压力为F2.则p1________p2，F1________F2（两空选填“大于”“小于”或“等于”）。
【答案】 ①. 不变 ②. 深度 ③. 大气压 ④. 小于 ⑤. 大于
【解析】
【详解】（1）[1]用手握住空矿泉水瓶在空中静止不动，此时如果增大握力，空矿泉水瓶仍然处于静止状态，摩擦力与重力仍为一对平衡力，故摩擦力不变。
（2）[2]在空矿泉水瓶侧壁不同高度地方锥出上、下两个小孔，往里面倒满水，可以观察到水从两个小孔流了出来，其中下孔流出的水喷得最急，这表明液体的压强随深度的增加而增大。
（3）[3]往空矿泉水瓶内注入少量的热水，摇晃后倒掉并立即盖紧瓶盖，过一会儿发现瓶子慢慢向内凹陷，是因为瓶内的气压减小，在外界大气压的作用下，使瓶子向内凹陷，这证明了大气压的存在。
（4）[4]图中，瓶子倒立后，水的深度h变大，由p=ρgh可知，p1小于p2；
[5]正放时，瓶子中的水柱是粗细相同的，瓶子底部受到的压力等于瓶中水的重力；倒放时，瓶子底部受到的压力等于瓶中水的重力；因此F1大于F2。
28. 如图甲所示，小明用相同的酒精灯分别给质量和初温均相同的水和煤油加热，以探究水和煤油吸热能力的大小。
（1）在图甲中组装器材时，发现温度计的玻璃泡碰到了烧杯底，应适当将 _________（填“A处向上”或“B处向下”）调整；
（2）要完成该实验，除了图甲、乙中所示的器材外，还需要的测量工具有秒表和 _______；
（3）实验过程中通过 ________反映两种液体吸热的多少；
（4）根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象如图丙，由图象可知，煤油的比热容是 ________；[]
（5）实验用酒精20g，这些酒精完全燃烧放出的热量是 _______J；（q酒精=3.0×107J/kg）
（6）实验结束后，小明又找来了一些冰块，探究了冰熔化过程中温度变化规律，在BC阶段中C点处物质的内能 _______（填“大于”“小于”或“等于”）B点处物质的内能；由图丁可以看出AB、CD段升高的温度相同，但CD段加热的时间更长，其原因是_________。
【答案】 ①. A处向上 ②. 天平 ③. 加热时间长短 ④. 2.1×103 ⑤. 6×105 ⑥. 大于 ⑦. 水的比热容比冰的大
【解析】
【详解】（1）[1]实验中要用酒精灯的外焰加热，组装器材时，发现温度计的玻璃泡碰到了烧杯底，应适当将A处向上调整。
（2）[2]根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，所以除了图甲、乙中所示的器材外，还需要的测量工具有秒表和天平。
（3）[3]根据转换法，实验过程中通过加热时间长短反映两种液体吸热的多少。
（4）[4]根据图丙可知升高30℃，水和煤油的加热时间分别为20min和10min，由转换法，水、煤油的吸热之比为2比1, 根据可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热多少与比热容成正比，则煤油的比热容为
（5）[5]消耗酒精20g，则这些酒精完全燃烧放出的热量是
（6）[6]熔化是吸热过程，在BC阶段中C点处物质的内能大于B点处物质的内能。
[7]冰熔化为水后，质量不变，图象中AB、CD段升高的温度相同，但CD段加热的时间长，说明水吸收的热量较多，根据公式可知，这是因为水的比热容比冰的大。
29. 小明同学利用天平、水和烧杯来测量一个不吸水的小石块的密度，请将他们的实验步骤补充完整。（已知水的密度）
（1）把托盘天平放在水平台面上，将标尺上的游码移到左端的零刻度线处，此时指针指在分度盘中线的左侧，应向___________调节平衡螺母使天平平衡；
（2）用天平测量小石块的质量，天平平衡时右盘中的砝码和标尺上的游码位置如图甲所示，则小石块的质量为___________g；
（3）如图乙所示，首先往烧杯中加入适量（可淹没石块）的水，测得烧杯和水的总质量为143g；然后，把小石块浸没在水中，在水面到达的位置上作标记；取出小石块慢慢往烧杯中加水，水面到达标记处时停止加水，再测出此时烧杯和水的总质量为174g；由此，可以推断出小石块的体积为___________；
（4）计算小石块的密度为___________；
（5）在将石块从烧杯中取出时带出一些水，这将导致所测密度___________（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
【答案】（1）右 （2）62
（3）31 （4）
（5）不变
【解析】
【小问1详解】
在调节天平平衡时，分度盘中的指针向左侧偏转，应向右调节平衡螺母才能让天平在水平位置平衡。
【小问2详解】
由图甲知，小石块的质量
m=50g+10g+2g=62g
【小问3详解】
由题意知，往烧杯中所加水的体积等于小石块的体积，所以小石块的体积
【小问4详解】
小石块的密度
【小问5详解】
将石块从烧杯中取出时带出一些水，虽然实际所加的水的质量偏大，但测得的加水后的烧杯及水的总质量是准确值，求得的所加的水的质量是准确值，小石块的体积是准确值，其质量是准确值，据知，求得的密度不变。
30. 小兰和小星做“探究电流与电阻关系”实验。可供使用的实验器材有：电源（电压恒为6V）、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个，阻值分别为5Ω、10Ω、25Ω的定值电阻各一个、导线若干。
（1）如图甲所示是小兰连接的实物电路，她在检查电路时发现有一根导线接错，请在错误的导线上画“×”，并画出正确的接线（导线不允许交叉）______；
（2）图乙是小兰根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R的变化图像，由图像可得出结论：当电压一定时，______，为保证分别使用三个定值电阻均能顺利完成实验，滑动变阻器的最大阻值至少是______Ω；
（3）小星得出的实验数据如表，分析表中数据可发现与正确结论不符，其原因是______ ；
（4）上述实验完成后，他们想测量另一个铭牌模糊不清的滑动变阻器Rx的最大阻值，在保证电路安全的情况下，设计了如图丙所示的电路（电源电压恒定但未知，定值电阻的阻值为R0），请将他们的实验步骤补充完整：
①闭合开关S，将滑动变阻器的滑片移至最左端，读出电流表的示数为I1；
②______ ，读出电流表的示数为I2；
③滑动变阻器最大阻值Rx=______ （用I1、I2和R0表示）。
【答案】 ①. ②. 通过导体的电流与导体的电阻成反比 ③. 35 ④. 没有控制定值电阻两端电压一定 ⑤. 闭合开关S，将滑动变阻器的滑片移至最右端 ⑥.
【解析】
【详解】（1）[1]原电路中，定值电阻与电流表并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表应与定值电阻串联，电压表与定值电阻并联，改正后如下所示：
（2）[2]通过图线乙分析
即电流与电阻的乘积是一定值。可以得出：当导体两端电压一定时，通过导体中电流与导体的电阻成反比；
[3]根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压
变阻器电压与电阻电压之比为
根据分压原理，当接入电阻时，变阻器连入电路中的电阻为
故了完成整个实验，应该选取最大阻值至少35Ω滑动变阻器。
（3）[4]分析表格数据
由此可知表格中数据规律与正确结论不符的原因是没有控制定值电阻两端电压一定。
（4）实验步骤：
①闭合开关S，将滑动变阻器的滑片移至最左端，读出电流表的示数为；
②[5]将滑动变阻器的滑片移至最右端，读出电流表的示数为；
③[6]在步骤①中，电路为只有的简单电路，则此时电源电压；在步骤②中，与变阻器最大阻值串联，而则此时电源电压，根据两次实验电压相等可知
则
31. 阅读材料，回答问题
“智轨”电车
2023年9月6日，全球益列氮能源“智轨”电车（三编组）正式亮相海外，这是我国全球首创、自主研发的新型绿色轨道交通工具。“智轨”电车以腹轮取代钢轮。无需铺设有形轨道，采用激光雷达感知技术、毫米波雷达感知技术等环境感知手段，获得安全防护信息。“智物”电车（三编组）创新采用了70MPa储氢系纯和大功率燃料电池系统，还配备钛酸锂电池，用于同股制动能量，实现能量的循环制用。
“智轨”电车部分参数如下表：（三编组即三节车厢编组）
（1）激光雷达感知技术与毫米波感知技术都是通过信号发射端向环境发射电磁波，然后信号接收系统接收到来自环境______回来的信号而获得车辆周边环境的信息；
（2）“智轨”电车制动时，锂电池回收制动能量的过程是______转化为电能，并最终转化为化学能；
（3）若“智轨”电车（三编组）满载时，每个车轮接触地面面积为250cm²，则电车对水平地面的压强是______Pa（g取10N/kg）；
（4）已知某燃油公交车（满载60人），平均油耗为30L/100km，汽油的二氧化碳排放量为2.5kg/L。某两地区相距为18km，若启用“智轨”电车（三编组）替代公交车运送300人时，可减少二氧化碳排放量为______kg；
（5）在进行“智轨”电车续航测试实验时，电车分别以35km/h和70km/h匀速直线行驶18km，已知电机功率P与汽车速度v的关系如图所示，则速度35km/h和速度为70km/h行驶时的能耗之比为______（电车能耗指的是消耗的能量与里程之比）。
【答案】 ①. 反射 ②. 机械能 ③. 1.7×106 ④. 67.5 ⑤. 7∶6
【解析】
【详解】（1）[1]激光雷达感知与毫米波感知都是通过信号发射端向环境发射电磁波，电磁波遇到障碍物被反射回来，被信号接收系统接收，从而获得车辆周边环境的信息。
（2）[2]“智轨”电车制动是通过电机反向工作实现的，当电车需要减速或停车时，电机将机械能转化为电能，通过电池回收能量，并将电能转化为化学能存储起来。
（3）[3]电车对水平地面的压力为
受力面积为
则电车对水平地面的压强是
（4）[4]每辆公交车行驶18km排放二氧化碳的质量为
由于每辆公交车满载人数为60人，则启用“智轨”电车（三编组）替代5辆公交车运送300人时，可减少二氧化碳排放量为
（5）[5]由图可知，当速度为35km/h匀速行驶时电车的功率为70kW；在0~60km/h，电车的功率与速度成正比，当速度为35km/h匀速行驶时电车的功率为
则速度35km/h和速度为70km/h行驶时的能耗之比为
次数
电阻R/Ω
电流I/A
1
5
0.40
2
10
0.30
3
25
0.18
项目
参数
车重（含人）
满载
51吨
最大载客量
60kg/人
300人
储氨罐
每节编组
1个
车轮
每节编组
4个
续航
满氢满电综合续航
245km
锂电续航
35km
（考试时间：100分钟 满分：100分）（本卷g取10N/kg）
一、选择题（每小题2分，共24分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。）
1. 下列数据最接近实际的是（ ）
A. 人正常步行的速度约为5m/sB. 人正常骑自行车的功率为200W
C. 普通壁挂式空调正常工作的电流约为0.6AD. 一支考试专用的2B铅笔的长度约为18cm
【答案】D
【解析】
【详解】A．成年人正常步行的速度约为1.1m/s左右。故A不符合题意；
B．人正常骑自行车车时的速度约为4m/s，功率约为70W左右。故B不符合题意；
C．普通壁挂式空调正常工作的电流约为6A左右。故C不符合题意；
D．一支考试专用的2B铅笔的长度约等于人手一拃的长，约为18cm左右。故D符合题意。
故选D。
2. 暑假里，小明从电冰箱的冷冻室内拿出一根棒冰，发现包装纸上有一层“霜”，撕开包装纸后，棒冰冒出“白气”。关于这些现象，下列说法中正确的是（ ）
A. “霜”是水蒸气凝华形成的B. “霜”的形成需要吸热
C. “白气”是棒冰升华形成的D. “白气”的形成需要吸热
【答案】A
【解析】
【详解】AB．夏天小明从电冰箱的冷冻室内拿出一根棒冰，发现包装纸上有一层霜，这是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华过程需要放热，故A正确，B错误；
CD．撕开包装纸后，棒冰冒出“白气”，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化过程需要放热，故CD错误。
故选A。
3. “做中学”是一种重要的学习方式，小明用吸管进行科学研究，正确的说法是（ ）
A. 图甲：吸管的一端做得很尖，是为了减小压强
B. 图乙：用吸管制成水气压计，从山下移到山顶时管内的水柱下降
C. 图丙：用吸管自制温度计显示温度高低，利用了液体热胀冷缩的性质
D. 图丁，用吸管对着两个乒乓球的中间吹气，乒乓球会向两边分开
【答案】C
【解析】
【详解】A．吸管―端做得很尖，是在压力一定时，为了减小受力面积，增大压强，故A错误；
B．把水气压计从山下移到山顶,瓶内空气的压强不变,而外界大气压随高度的增加而减小, 此时在瓶内气压的作用下会有一部分水被压入玻璃管,因此管内水柱会升高，故B错误；
C．用吸管自制温度计显示温度高低，利用了液体热胀冷缩的性质，故C正确；
D．根据流体压强与流速的关系：当向两个乒乓球中间吹气时，此位置的空气流速加大，压强小于两边的压强，在压强差的作用下，两乒乓球向中间靠拢，故D错误。
故选C。
4. 2023年5月28日，国产大飞机C919圆满完成首个商业航班飞行，正式进入民航市场．该机机身大规模使用完全国产化的第三代铝锂合金，使飞机构件重量显著减轻，主要利用了第三代铝锂合金的（ ）
A. 导热性好B. 导电性好
C. 密度小D. 熔点高
【答案】C
【解析】
【详解】飞机在机体主结构上，使用了第三代铝锂合金材料，由于铝锂合金的密度更小，所以与同体积的普通铝合金相比其质量更小。
故选C。
5. 当蜡烛、凸透镜、光屏的位置关系如图所示时，光屏上得到清晰的像。若在蜡烛与凸透镜之间放一个近视眼镜，光屏上原来清晰的像变模糊，为了能在光屏上重新得到清晰的像，下列操作可行的是（ ）
A. 向左移动光屏B. 向右移动蜡烛
C. 换焦距小一点的凸透镜D. 换焦距大一点的凸透镜
【答案】C
【解析】
【详解】近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，当把近视镜放在凸透镜和蜡烛之间后，原来会聚成像的光线推迟会聚，像远离凸透镜，即清晰的像在光屏后方（右方）；
A．像成在光屏的后方，向左移动光屏，光屏上无法呈现清晰的像，故A不符合题意；
B．向右移动蜡烛，物距变小，像距变大，光屏上无法呈现清晰的像，故B不符合题意；
C．换焦距小一点的凸透镜，在物距不变的情况下，像距会变小，像会向左移动，能在光屏上成清晰的像，故C符合题意；
D．换焦距大一点的凸透镜，在物距不变的情况下，像距会变大，像会向右移动，不能在光屏上成清晰的像，故D不符合题意。
故选C。
6. 2023年5月30日，神舟十六号载人飞船与空间站成功对接，神舟十六号和神舟十五号航天员们顺利会师，如图所示，以下列哪个物体为参照物，神舟十六号载人飞船是运动的（ ）
A. 地球B. 核心舱C. 实验舱D. 神舟十五号载人飞船
【答案】A
【解析】
【详解】A．神舟十六号载人飞船与地球之间的空间位置发生了变化，因此以地球为参照物，神舟十六号载人飞船是运动的，故A符合题意；
BCD．神舟十六号载人飞船与空间站成功对接后，核心舱、实验舱、神舟十五号载人飞船和神舟十六号载人飞船之间相对的位置都没发生变化，神舟十六号载人飞船是静止的，故BCD不符合题意。
故选A。
7. 关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（ ）
A. 0℃的冰块内能为0B. 温度高的物体含有的热量多
C. 汽油机做功冲程汽缸内燃气的内能增加D. 两个发生热传递的物体之间一定存在温度差
【答案】D
【解析】
【详解】A．一切的物体都有内能，0℃的冰块内能不为0，故A错误；
B．热量是一个过程量，不能说含有热量，故B错误；
C．汽油机做功冲程汽缸内燃气的内能转化为机械能，内能减少，故C错误；
D．热量从高温物体传给低温物体，两个发生热传递的物体之间一定存在温度差，故D正确。
故选D。
8. 智能扫地机能自动清扫房间内的地板，给人们生活带来方便。当手动闭合开关S1，或对它说“开始清扫”（闭合开关S2），电动机都会工作，扫地机进入清扫模式；若在清扫过程出现意外，开关S3自动闭合，电铃工作。图中的电路图符合上述设计要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】A．图中开关S1和电动机串联，开关S2和电动机并联，开关S1闭合，电动机工作，开关S2闭合，电动机不工作，故A不符合题意；
B．图中三个开关和电动机及电铃串联，开关S1闭合，电动机不工作，开关S2闭合，电动机不工作，开关S3闭合，电铃不工作，故B不符合题意；
C．图中开关S1和S2并联后再和电动机串联，开关S3和电铃在另一条支路，开关S1闭合或开关S2闭合，电动机工作，开关S3闭合，电铃工作，故C符合题意；
D．图中开关S1和S2与电动机串联，开关S1闭合，电动机不工作，开关S2闭合，电动机不工作，故D不符合题意。
故选C。
9. 小明和小华分别用如图所示的装置观察磁场对通电线圈的作用。小明将线圈两端的漆全部刮去后放入磁场；小华只将一端导线上的漆全部刮去，另一端只刮去一半。闭合开关（ ）
A. 小明的线圈连续转动，灯时亮时灭B. 小华的线圈来回摆动，灯时亮时灭
C. 小明的线圈来回摆动，灯连续发光D. 小华的线圈连续转动，灯连续发光
【答案】C
【解析】
【详解】AC．小明把两端的漆皮都刮掉，线圈每转过半圈，受力方向发生变化，会来回摆动，但电路中有持续的电流，灯泡会持续发光，故A错误，C正确；
BD．小华将线圈两端引线的漆皮一端全部刮掉，另一端只刮半周，这样在一个半周内受到磁场的力的作用为转动，另一个半周没有电流通过，不受磁场力的作用，利用惯性转动，这样才能使线圈在磁场中持续转动下去，灯时亮时灭，故BD错误。
故选C。
10. 《天工开物》中记载有一种自动引水灌溉工具——“高转筒车”（如图）。使用时下方转轮安装在河道中，流水驱动轮子转动，系在传动绳索上的竹筒将水从河里源源不断输送到上方农田中。下列说法正确的是（ ）
A. 这是一台“永动机”
B. 水在输送过程中重力势能不变
C. 转轮转速越快输水做功功率越大
D. 上、下两个转轮可分别看作定滑轮和动滑轮
【答案】C
【解析】
【详解】A．“高转筒车”转动时，需要水能提供动力，如果没有水能，它将不能转动，因此不“永动机”，根据能量守恒定律可知，世界上不存在“永动机”，故A错误；
B．水从河里被输送到上方的田里，高度增加了，因此水的重力势能变大，故B错误；
C．转轮转速越快，相同时间内对水做的功越多，根据公式可知，功率越大，故C正确；
D．上、下两个转轮的轴都是固定不动的，因此都可看做定滑轮，故D错误。
故选C。
11. R1与R2此时接入电路中的阻值相同，S1断开，S2闭合；求下列操作中，一定可以使电流表示数变大的是（ ）
A. 闭合，断开B. 闭合，向右滑动滑片P
C. 减小电源电压，闭合D. 增大电源电压，向右滑动滑片P
【答案】B
【解析】
【详解】S1断开，S2闭合时，只有R2接入电路，电流表的示数。
A．闭合S1 ，断开 S2时，只有R1接入电路，由于R1与R2此时接入电路中的阻值相同，则电流表的示数不变，故A不符合题意；
B．闭合S1 ，R1与R2并联，由于R1与R2此时接入电路中的阻值相同，则
由并联电路的总电阻比任何一个分电阻都小可知，向右滑动滑片P，总电阻总是比R1小，则，故
故B符合题意；
C．闭合S1 ，R1与R2并联，由于R1与R2此时接入电路中的阻值相同，电路的总电阻为
电流表的示数
故电流表可能变小、不变也可能变大，故C不符合题意；
D．向右滑动滑片P，R2接入电路的阻值变大，当增大电源电压时，由可知，电流表的示数可能变大、可能不变、也可能变小。故D不符合题意。
故选B。
12. 如图，将质量均匀的木棒切割并组装成两个形状相同、质量均为m的木模，用三根竖直细线a、b、c连接，在水平面上按照“互”字型静置，上方木模呈现悬浮效果，这是利用了建筑学中的“张拉整体”结构原理。则（ ）
A. a的拉力等于mg
B. b的拉力大于a的拉力
C. 沿左右方向平移三根细线在上方木模的接线点，线仍竖直，线上拉力会改变
D. 沿左右方向平移三根细线在上方木模的接线点，线仍竖直，地面受到的压力会改变
【答案】C
【解析】
【详解】AB．上方木模受到自身向下的重力mg，两根长线分别向下的拉力和短线a向上的拉力，两根长线的拉力相等，由受力平衡
则 Fa＞mg，Fa＞Fb，故AB不符合题意；
C．以a下方的连接点为支点，根据杠杆平衡条件得，Fb•Lb+Fc•Lc=G•LG，如沿左右方向平移三根细线在上方木模的接线点，线仍竖直，G•LG不变，Fb和Fc的力臂变化，Fb和Fc变化，Fa变化；则线上拉力会改变，故C正确；故C符合题意；
D．将两个木模看成一个整体，整体静止在地面上，受竖直向下的总重力、地面对它竖直向上的支持力，沿左右方向平移三根细线在上方木模的接线点，整体还是处于平衡状态，故地面受到的压力还是木模的总重力，即不变。故D不符合题意。
故选C。
二、填空题（每空1分，共28分）
13. 如图甲所示，此硬币的直径为___________cm；图乙的示数为___________℃。图丙停表的读数为___________s。
【答案】 ①. 2.50 ②. ﹣4 ③. 337.5
【解析】
【详解】[1]由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm，此刻度尺的分度值为1mm，硬币左侧与2.00cm对齐，右侧与4.50cm对齐，所以硬币的直径为
[2]由图知：温度计一个大格都是10℃，其中又分了10份，故其分度值是1℃，温度计的液面在0的下面，此时显示的温度低于0℃，为﹣4℃。
[3]由图知：在秒表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“5”和“6”之间，偏向“6”一侧，所以分针指示的时间为5min；在秒表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在37.5s处，所以秒针指示的时间为37.5s，即秒表的读数为
14. 家庭电路中，为保证用电器都能独立工作，各个用电器都是一端接零线，另一端接__________线，即这些用电器是___________联的。为了防止触电，用电器的金属外壳还必须接__________线。
【答案】 ①. 火 ②. 并 ③. 地
【解析】
【详解】[1][2]家庭电路中，为保证用电器都能独立工作，各用电器之间要并联，用电器一端接零线，另一端接火线。
[3]为了防止用电器漏电而导致触电，用电器的金属外壳必须接地线，这样，当用电器漏电时，地线能将电流导向大地，避免人触电。
15. 如图所示，在探究平面镜成像的特点时，应将茶色玻璃板____放置在水平桌面上。在玻璃板前放一个棋子A，可以看到它在玻璃板后的像，将另一个相同的棋子B放在玻璃板后，使它与______重合，记下两个棋子的位置，两个位置之间的连线与玻璃板____。
【答案】 ①. 竖直 ②. 棋子A的像 ③. 垂直
【解析】
【详解】[1]做“探究平面镜成像的特点”实验，玻璃板应竖直放置在水平桌面上，玻璃板没有竖直放置，前面蜡烛所成的像可能偏高或偏低，这样前面蜡烛的像与后面的蜡烛就无法重合了。
[2]一边移动棋子B，一边用眼睛透过玻璃板观察B，直到B与A的像完全重合，A、B两个棋子完全相同，在比较像与物的大小关系时，棋子B的作用是替代棋子A，与棋子A的像比较大小。
[3]根据平面镜成像的特点可知，像和物的连线与玻璃板是垂直的。
16. 如图中的水平桌面足够长，不计托盘质量和滑轮与绳的摩擦．物体A重10N，当物体B重为2N时，物体A保持静止，这时A物体受到的摩擦力为_____N；当物体B重为3N时，物体A向右做匀速直线运动，此时受到的摩擦力是___N，此时若用一个水平向左的拉力使物体A向左匀速直线运动，该拉力的大小为___N．
【答案】 ①. 2 ②. 3 ③. 6
【解析】
【详解】（1）物体A重10N，当物体B重为2N时，物体A保持静止状态，A物体竖直方向上受到重力和支持力，这两个力的平衡力，水平方向上受到拉力和摩擦力的作用，这两个力是平衡力，大小相等，f=F=GB=2N；
（2）当物体B重为3N时，物体A向右做匀速直线运动，水平方向受到的向右的拉力和水平向左的摩擦力是一对平衡力，所以f′=F′=GB′=3N；
（3）物体A匀速直线向左运动时，水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的摩擦力和水平向右的拉力作用，这三个力平衡．因为物体A对水平桌面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以此时摩擦力仍为3N．所以F拉=f′+F′=3N+3N=6N．
17. 如图所示是一台单缸四冲程汽油机的一个冲程，这时___________能转化为___________能；若飞轮转速为1800r/min，该汽油机每秒钟完成___________个冲程，对外做功___________次。
【答案】 ①. 内 ②. 机械 ③. 60 ④. 15
【解析】
【详解】[1][2]图示中，两个气门关闭，活塞向下的运动，是做功冲程，这个过程将内能转化为机械能。
[3][4]该汽油机的飞轮转速为
飞轮每转动两圈，完全四个冲程，对外做功一次，所以该汽油机每秒钟完成60个冲程，对外做功15次。
18. 如图所示，可绕O点转动的轻质杠杆OA，其中点B处挂一重力为100N的物体在A处施加竖直向上的拉力F，使杠杆在水平位置平衡，则拉力F大小为______N；若始终保持拉力F的方向竖直向上，则在杠杆从水平位置匀速转动到图中虚线位置的过程中，拉力F大小将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 50 ②. 不变
【解析】
【分析】
【详解】[1]如图所示，杠杆在水平位置平衡，据杠杆的平衡条件有
G⋅OB=F⋅OA
即
100N⋅OB=F⋅2OB
解得
F=50N
[2]在杠杆转动过程中，动力和阻力的方向都不变，虽然动力臂与阻力臂都变小，但两者的大小关系不变，即转动过程中，总保持
l1=2l2
则动力与阻力的大小关系也保持不变，而阻力即物体重力不变，那么拉力F的大小也不变。
19. 如图所示为小明家使用的电能表，由图可知他家同时可使用的用电器总功率不能超过___________W；小明关闭家中其他用电器，只让电水壶烧水，电水壶正常工作，小明观察电能表的铝盘在1min内转了18圈，则该段时间内消耗的电能为___________J，则该电水壶的实际功率为___________W。
【答案】 ①. 4400 ②. ③. 1800
【解析】
【详解】[1]由电能表的参数知，使用的用电器总功率
[2]电能表每消耗1kW∙h的电能，铝盘转动600圈。铝盘转18圈，消耗的电能
[3]该电水壶的实际功率
20. 某太阳能热水器内装有质量为200kg，温度为20℃的水，在阳光照射一段时间后，水温升高到80℃，则水吸收的热量为 ___________J。如果用热效率为40%的燃气灶燃烧天然气来加热同样多的水，使水升高到同样的温度，需要燃烧 ___________m3的天然气。[已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值是4.2×107J/m3]
【答案】 ①. 5.04×107 ②. 3
【解析】
【详解】[1]水吸收的热量为
Q吸=c水m(t﹣t0)=4.2×103J/(kg•℃)×200kg×(80℃﹣20℃)=5.04×107J
[2]天然气放出的热量为
需要燃烧的天然气体积为
21. 在测量液体密度的实验中，小明利用天平和量杯测量出液体和量杯的总质量m及液体的体积V，得到几组数据并绘出如图所示的图像，则量杯的质量为______g，液体密度为______。
【答案】 ①. 20 ②.
【解析】
【详解】[1][2]由图可知，当液体体积为V1=20cm3时，液体和杯的总质量
由可得
①
当液体体积为V2=80cm3时，液体和杯的总质量
由可得
②
联立①②可得
22. 如图甲，电源电压恒为6V，定值电阻R为5Ω，小灯泡L的图象如图乙所示，则电路的总电流为___________A．若将定值电阻R和小灯泡L串联后接在电压为6V的电源上，此时小灯泡L的电功率为___________W，1min电阻R产生的热量为___________J。
【答案】 ①. 1.7 ②. 1.6 ③. 48
【解析】
【详解】[1]由图可知，灯泡L和电阻R并联，电源电压恒为6V，由并联电路电压的规律可知灯泡L两端的电压是6V，由图乙可知，通过灯泡的电流是0.5A，通过定值电阻的电流
电路的总电流
I总=IL+IR=0.5A+1.2A=1.7A
[2]若将定值电阻R和小灯泡L串联后接在电压为6V的电源上，因串联电路中总电压等于各分电压之和，串联电路中各处的电流相等，且电源电压为6V，由图乙可知，灯泡两端的电压是4V，通过它的电流是0.4A，此时电阻两端的电压是
UR=IR=0.4A×5Ω=2V
电源电压
U=UL+UR=4V+2V=6V
符合题意，则此时小灯泡L电功率为
PL=ULI=4V×0.4A=1.6W
[3]1min电阻R产生的热量
三、解答题（除标注外其余每空、每图1分，共48分）
23.
（1）请根据平面镜成像的特点，画出物体AB在平面镜中所成的像；
（2）如图所示，将木块与长木板叠放在水平地面上，用绳子将木块与墙相连，绳子处于伸直状态。水平向右拉动长木板，请画出长木板对木块作用力的示意图；（以O点为力的作用点）
（3）按题目要求完成如图：如图，用笔画线代替导线，正确连接家庭电路。
【答案】（1） （2）
（3）
【解析】
【小问1详解】
在平面镜成像中，像与物体的连线与镜面垂直，且像与物到镜面的距离相等，过A、B两点作镜面的垂线段，可确定A和B在平面镜中的对应像点A′和B′，连接A′和B′即为AB在平面镜中的像。作图如下：
【小问2详解】
图示中，水平向右拉动长木板，则木块相对木板向左移动，受到的木板对木块的摩擦力水平向右，木板对木块的支持力垂直于木板向上，两个力都作用在O点，作图如下：
【小问3详解】
图示中，三孔插座的左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线；控制灯泡的开关接在火线和灯泡之间，灯泡的另一端线接在零线上，作图如下：
24. 如图所示，某人用滑轮组匀速提升重120N的物体，此时机械效率为80%，在2s内，绳的自由端移动了6m。（不计绳重和摩擦）求：
（1）人的拉力F为多大？
（2）F做的额外功是多大？
【答案】（1）50N （2）60J
【解析】
【小问1详解】
由图示知，滑轮组承重绳子为3根，不计绳重和摩擦，则有
解得，人的拉力F=50N。
【小问2详解】
拉力F所做的总功
W总=Fs=50N×6m=300J
F做的额外功
25. 如图所示为一种加热桌垫，寒冷的冬天可以给办公人员提供温暖，右上角有控制开关，其内部装有2根电阻丝，设置有2个挡位，高温挡功率为80W，低温挡功率为20W，电路图如图所示。
（1）求电阻丝的大小；
（2）小明想利用电路图中的器材设计一个三挡位（高、中、低三挡位）加热桌垫，请帮他在虚线框内画出电路设计图。
【答案】（1）1815Ω
（2）
【解析】
【小问1详解】
由电路图知，两个开关都闭合时，电路中只有R1工作，电路的总阻值较小，据知，电路的总功率较大，为高温挡，R1的阻值
开关S1闭合，S2断开时，两个电阻串联在电路中，电路的总阻值较大，据知，电路的总功率较小，为低温挡，此时电路的总阻值
R2的阻值
【小问2详解】
两个电阻丝的阻值不同，各自接入电路中，电路的阻值不同，对应的功率不同，分别对应低温或中温挡，而两个电阻丝并联在电路中时，电路的总阻值最小，功率最大，为高温挡。所以两个开关分别控制两个电阻丝，作图如下：
26. 小明买了蜡烛做以下物理小实验：
（1）如图甲，小明在纸杯底部开一圆孔，用塑料薄膜蒙住杯口，拍打薄膜，由于薄膜 __从而可以发出声音。并且观察到烛焰在晃动，说明声音可以传递 __（选填“信息”或“能量”）；
（2）如图乙，小明用该蜡烛“探究平面镜成像的特点”时，将点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，能看到玻璃板后面有它的像，小明拿一只与A完全相同的蜡烛B在玻璃板后面移动，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合。这种确定像与物大小的方法是 __（选填“转换法”、“控制变量法”或“等效替代法”）；蜡烛匀速向平面镜靠近，则蜡烛在平面镜中所成像的大小 __（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（3）小明用蜡烛在探究“凸透镜成像规律”的实验中，经正确组装并调节后，如图丙所示，在光屏上接收到了蜡烛清晰的倒立、放大的 __（选填“虚”或“实”）像。利用该成像规律制成的光学仪器是 __（选填“放大镜”“投影仪”或“照相机”）。
【答案】 ①. 振动 ②. 能量 ③. 等效替代法 ④. 不变 ⑤. 实 ⑥. 投影仪
【解析】
【详解】（1）[1]声音是由物体振动产生的，拍打薄膜，由于薄膜振动从而可以发出声音。
[2]声音可以传递信息，也可以传递能量，观察到烛焰在晃动，说明声音可以传递能量。
（2）[3]两支蜡烛大小相同，后面的蜡烛又和前面蜡烛的像完全重合，这样就证明了像与物大小相同，这种确定像与物大小的方法是等效替代法。
[4]由平面镜成像的特点可知，蜡烛匀速向平面镜靠近时，蜡烛在镜中的像的大小不变。
（3）[5][6]经正确组装并调节后，如图丙所示，在光屏上接收到了蜡烛清晰的像，此时物距小于像距；凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立放大的实像，投影仪就是利用此原理制成的。
27. 物理知识和我们的生活紧密联系，小明利用矿泉水瓶做了如下几个实验：
（1）用手握住空矿泉水瓶静止不动，若增大手的握力，则空矿泉水瓶受到的摩擦力将 _________（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（2）在空矿泉水瓶侧壁不同高度的地方锥出上、下两个小孔，往里面倒满水，可以观察到水从两个小孔流了出来，其中下孔流出的水喷得最急，这表明液体的压强随 ______的增加而增加；
（3）往空矿泉水瓶内注入少量热水，摇晃后倒掉并立即盖紧瓶盖，过一会儿发现瓶子慢慢向内凹陷，这证明了 _________的存在；
（4）如图所示，一个未装满水的矿泉水瓶子，正立放置在水对瓶底的压强为p1，瓶底受到水的压力为F1，倒立放置时水对瓶盖的压强为p2，瓶盖受到水的压力为F2.则p1________p2，F1________F2（两空选填“大于”“小于”或“等于”）。
【答案】 ①. 不变 ②. 深度 ③. 大气压 ④. 小于 ⑤. 大于
【解析】
【详解】（1）[1]用手握住空矿泉水瓶在空中静止不动，此时如果增大握力，空矿泉水瓶仍然处于静止状态，摩擦力与重力仍为一对平衡力，故摩擦力不变。
（2）[2]在空矿泉水瓶侧壁不同高度地方锥出上、下两个小孔，往里面倒满水，可以观察到水从两个小孔流了出来，其中下孔流出的水喷得最急，这表明液体的压强随深度的增加而增大。
（3）[3]往空矿泉水瓶内注入少量的热水，摇晃后倒掉并立即盖紧瓶盖，过一会儿发现瓶子慢慢向内凹陷，是因为瓶内的气压减小，在外界大气压的作用下，使瓶子向内凹陷，这证明了大气压的存在。
（4）[4]图中，瓶子倒立后，水的深度h变大，由p=ρgh可知，p1小于p2；
[5]正放时，瓶子中的水柱是粗细相同的，瓶子底部受到的压力等于瓶中水的重力；倒放时，瓶子底部受到的压力等于瓶中水的重力；因此F1大于F2。
28. 如图甲所示，小明用相同的酒精灯分别给质量和初温均相同的水和煤油加热，以探究水和煤油吸热能力的大小。
（1）在图甲中组装器材时，发现温度计的玻璃泡碰到了烧杯底，应适当将 _________（填“A处向上”或“B处向下”）调整；
（2）要完成该实验，除了图甲、乙中所示的器材外，还需要的测量工具有秒表和 _______；
（3）实验过程中通过 ________反映两种液体吸热的多少；
（4）根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象如图丙，由图象可知，煤油的比热容是 ________；[]
（5）实验用酒精20g，这些酒精完全燃烧放出的热量是 _______J；（q酒精=3.0×107J/kg）
（6）实验结束后，小明又找来了一些冰块，探究了冰熔化过程中温度变化规律，在BC阶段中C点处物质的内能 _______（填“大于”“小于”或“等于”）B点处物质的内能；由图丁可以看出AB、CD段升高的温度相同，但CD段加热的时间更长，其原因是_________。
【答案】 ①. A处向上 ②. 天平 ③. 加热时间长短 ④. 2.1×103 ⑤. 6×105 ⑥. 大于 ⑦. 水的比热容比冰的大
【解析】
【详解】（1）[1]实验中要用酒精灯的外焰加热，组装器材时，发现温度计的玻璃泡碰到了烧杯底，应适当将A处向上调整。
（2）[2]根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，所以除了图甲、乙中所示的器材外，还需要的测量工具有秒表和天平。
（3）[3]根据转换法，实验过程中通过加热时间长短反映两种液体吸热的多少。
（4）[4]根据图丙可知升高30℃，水和煤油的加热时间分别为20min和10min，由转换法，水、煤油的吸热之比为2比1, 根据可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热多少与比热容成正比，则煤油的比热容为
（5）[5]消耗酒精20g，则这些酒精完全燃烧放出的热量是
（6）[6]熔化是吸热过程，在BC阶段中C点处物质的内能大于B点处物质的内能。
[7]冰熔化为水后，质量不变，图象中AB、CD段升高的温度相同，但CD段加热的时间长，说明水吸收的热量较多，根据公式可知，这是因为水的比热容比冰的大。
29. 小明同学利用天平、水和烧杯来测量一个不吸水的小石块的密度，请将他们的实验步骤补充完整。（已知水的密度）
（1）把托盘天平放在水平台面上，将标尺上的游码移到左端的零刻度线处，此时指针指在分度盘中线的左侧，应向___________调节平衡螺母使天平平衡；
（2）用天平测量小石块的质量，天平平衡时右盘中的砝码和标尺上的游码位置如图甲所示，则小石块的质量为___________g；
（3）如图乙所示，首先往烧杯中加入适量（可淹没石块）的水，测得烧杯和水的总质量为143g；然后，把小石块浸没在水中，在水面到达的位置上作标记；取出小石块慢慢往烧杯中加水，水面到达标记处时停止加水，再测出此时烧杯和水的总质量为174g；由此，可以推断出小石块的体积为___________；
（4）计算小石块的密度为___________；
（5）在将石块从烧杯中取出时带出一些水，这将导致所测密度___________（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
【答案】（1）右 （2）62
（3）31 （4）
（5）不变
【解析】
【小问1详解】
在调节天平平衡时，分度盘中的指针向左侧偏转，应向右调节平衡螺母才能让天平在水平位置平衡。
【小问2详解】
由图甲知，小石块的质量
m=50g+10g+2g=62g
【小问3详解】
由题意知，往烧杯中所加水的体积等于小石块的体积，所以小石块的体积
【小问4详解】
小石块的密度
【小问5详解】
将石块从烧杯中取出时带出一些水，虽然实际所加的水的质量偏大，但测得的加水后的烧杯及水的总质量是准确值，求得的所加的水的质量是准确值，小石块的体积是准确值，其质量是准确值，据知，求得的密度不变。
30. 小兰和小星做“探究电流与电阻关系”实验。可供使用的实验器材有：电源（电压恒为6V）、电流表、电压表、滑动变阻器、开关各一个，阻值分别为5Ω、10Ω、25Ω的定值电阻各一个、导线若干。
（1）如图甲所示是小兰连接的实物电路，她在检查电路时发现有一根导线接错，请在错误的导线上画“×”，并画出正确的接线（导线不允许交叉）______；
（2）图乙是小兰根据测得的实验数据绘制的电流I随电阻R的变化图像，由图像可得出结论：当电压一定时，______，为保证分别使用三个定值电阻均能顺利完成实验，滑动变阻器的最大阻值至少是______Ω；
（3）小星得出的实验数据如表，分析表中数据可发现与正确结论不符，其原因是______ ；
（4）上述实验完成后，他们想测量另一个铭牌模糊不清的滑动变阻器Rx的最大阻值，在保证电路安全的情况下，设计了如图丙所示的电路（电源电压恒定但未知，定值电阻的阻值为R0），请将他们的实验步骤补充完整：
①闭合开关S，将滑动变阻器的滑片移至最左端，读出电流表的示数为I1；
②______ ，读出电流表的示数为I2；
③滑动变阻器最大阻值Rx=______ （用I1、I2和R0表示）。
【答案】 ①. ②. 通过导体的电流与导体的电阻成反比 ③. 35 ④. 没有控制定值电阻两端电压一定 ⑤. 闭合开关S，将滑动变阻器的滑片移至最右端 ⑥.
【解析】
【详解】（1）[1]原电路中，定值电阻与电流表并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表应与定值电阻串联，电压表与定值电阻并联，改正后如下所示：
（2）[2]通过图线乙分析
即电流与电阻的乘积是一定值。可以得出：当导体两端电压一定时，通过导体中电流与导体的电阻成反比；
[3]根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压
变阻器电压与电阻电压之比为
根据分压原理，当接入电阻时，变阻器连入电路中的电阻为
故了完成整个实验，应该选取最大阻值至少35Ω滑动变阻器。
（3）[4]分析表格数据
由此可知表格中数据规律与正确结论不符的原因是没有控制定值电阻两端电压一定。
（4）实验步骤：
①闭合开关S，将滑动变阻器的滑片移至最左端，读出电流表的示数为；
②[5]将滑动变阻器的滑片移至最右端，读出电流表的示数为；
③[6]在步骤①中，电路为只有的简单电路，则此时电源电压；在步骤②中，与变阻器最大阻值串联，而则此时电源电压，根据两次实验电压相等可知
则
31. 阅读材料，回答问题
“智轨”电车
2023年9月6日，全球益列氮能源“智轨”电车（三编组）正式亮相海外，这是我国全球首创、自主研发的新型绿色轨道交通工具。“智轨”电车以腹轮取代钢轮。无需铺设有形轨道，采用激光雷达感知技术、毫米波雷达感知技术等环境感知手段，获得安全防护信息。“智物”电车（三编组）创新采用了70MPa储氢系纯和大功率燃料电池系统，还配备钛酸锂电池，用于同股制动能量，实现能量的循环制用。
“智轨”电车部分参数如下表：（三编组即三节车厢编组）
（1）激光雷达感知技术与毫米波感知技术都是通过信号发射端向环境发射电磁波，然后信号接收系统接收到来自环境______回来的信号而获得车辆周边环境的信息；
（2）“智轨”电车制动时，锂电池回收制动能量的过程是______转化为电能，并最终转化为化学能；
（3）若“智轨”电车（三编组）满载时，每个车轮接触地面面积为250cm²，则电车对水平地面的压强是______Pa（g取10N/kg）；
（4）已知某燃油公交车（满载60人），平均油耗为30L/100km，汽油的二氧化碳排放量为2.5kg/L。某两地区相距为18km，若启用“智轨”电车（三编组）替代公交车运送300人时，可减少二氧化碳排放量为______kg；
（5）在进行“智轨”电车续航测试实验时，电车分别以35km/h和70km/h匀速直线行驶18km，已知电机功率P与汽车速度v的关系如图所示，则速度35km/h和速度为70km/h行驶时的能耗之比为______（电车能耗指的是消耗的能量与里程之比）。
【答案】 ①. 反射 ②. 机械能 ③. 1.7×106 ④. 67.5 ⑤. 7∶6
【解析】
【详解】（1）[1]激光雷达感知与毫米波感知都是通过信号发射端向环境发射电磁波，电磁波遇到障碍物被反射回来，被信号接收系统接收，从而获得车辆周边环境的信息。
（2）[2]“智轨”电车制动是通过电机反向工作实现的，当电车需要减速或停车时，电机将机械能转化为电能，通过电池回收能量，并将电能转化为化学能存储起来。
（3）[3]电车对水平地面的压力为
受力面积为
则电车对水平地面的压强是
（4）[4]每辆公交车行驶18km排放二氧化碳的质量为
由于每辆公交车满载人数为60人，则启用“智轨”电车（三编组）替代5辆公交车运送300人时，可减少二氧化碳排放量为
（5）[5]由图可知，当速度为35km/h匀速行驶时电车的功率为70kW；在0~60km/h，电车的功率与速度成正比，当速度为35km/h匀速行驶时电车的功率为
则速度35km/h和速度为70km/h行驶时的能耗之比为
次数
电阻R/Ω
电流I/A
1
5
0.40
2
10
0.30
3
25
0.18
项目
参数
车重（含人）
满载
51吨
最大载客量
60kg/人
300人
储氨罐
每节编组
1个
车轮
每节编组
4个
续航
满氢满电综合续航
245km
锂电续航
35km
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