[生物][三模]贵州省遵义市2024届高三试卷(解析版)

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1．考试开始前，请用黑色签字笔将答题卡上的姓名，班级，考号填写清楚，并在相应位置粘贴条形码。
2．选择题答题时，请用2B铅笔答题，若需改动，请用橡皮轻轻擦拭干净后再选涂其它选项；非选择题答题时，请用黑色签字笔在答题卡相应的位置答题；在规定区域以外的答题不给分；在试卷上作答无效。
一、选择题：本题共16小题，每小题3分，共48分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1. 根据农作物的生长规律合理耕种，能显著提高农作物的产量。下列叙述正确的是（ ）
A. 大棚种植时，选择红色薄膜比无色透明薄膜的产量更高
B. 给农作物施用有机肥，能为农作物提供多种无机盐和能量
C. 定期对农作物进行松土，有利于农作物根部细胞吸收无机盐
D. 为了便于农作物吸收无机盐，施用肥料时离农作物的根越近越好
【答案】C
【分析】一、影响光合作用的环境因素有：光照强度、温度、二氧化碳浓度等，其中光照强度主要影响光反应，二氧化碳浓度主要影响暗反应；
二、粮食储藏需要低温、干燥、低氧的环境，而水果、蔬菜储藏需要（零上）低温、低氧、湿度适中，这样可以降低细胞呼吸速率，减少有机物的消耗，达到长时间储藏、保鲜的效果。
【详解】A、无色透明薄膜可以透全部波长的光，而红色薄膜只能透一部分红光，因此，用红色塑料薄膜代替无色透明薄膜，不利于提高作物有机物的产量，A错误；
B、有机肥可被分解者分解产生CO2，因此增施有机肥可提高CO2浓度，为光合作用提供充足的二氧化碳，有利于提高光合作用效率，不能提供能量，B错误；
C、定期对农作物进行松土能为根系提供更多O2，有利于植物根系细胞有氧呼吸，促进农作物根部细胞吸收无机盐，C正确；
D、施用肥料时离农作物的根越近，可能使根部细胞周围的土壤溶液浓度大，导致根细胞失水，不利于农作物吸收无机盐，D错误。
故选C。
2. K+和Na+是人体细胞不可缺少的离子。细胞主要通过细胞膜上的钠钾泵运输K+和Na+来维持细胞内外两种离子的平衡，运输过程如图所示，“D”为1个天冬氨酸残基。下列说法错误的是（ ）

A. 细胞通过钠钾泵吸收K+和排出Na+的运输方式均为主动运输
B. 在运输K+和Na+的过程中，钠钾泵会发生自身构象的改变
C. 钠钾泵上的“D”发生磷酸化，可改变其与K+和Na+的亲和力
D. 加入蛋白质变性剂会提高离子泵跨膜运输K+和Na+的速率
【答案】D
【分析】由图可知，细胞通过钠钾泵吸收K+和排出Na+需要消耗能量，其运输方式均是为主动运输，该过程中钠钾泵会因磷酸化或去磷酸化而发生空间构像的改变。
【详解】A、由图可知，细胞通过钠钾泵吸收K+和排出Na+需要消耗能量，其运输方式均是为主动运输，A正确；
B、由图可知，在运输K+和Na+的过程中，钠钾泵会发生自身构象的改变，B正确；
C、钠钾泵上的“D”发生磷酸化，可改变其与K+和Na+的亲和力，发生磷酸化后，与Na+亲和力较大，去磷酸化后与K+亲和力较大，C正确；
D、离子泵跨膜运输离子需要载体蛋白，因此加入蛋白质变性剂会降低离子泵跨膜运输离子的速率，D错误。
故选D。
3. 图中三条曲线分别表示酶促反应速率与温度、pH、反应物浓度的关系，其他条件适宜。下列相关分析正确的是（ ）
A. 在AB段适当增加酶的浓度，反应速率将增大
B. D点时因酶分子的空间结构被破坏导致其活性降低
C. 人体内胰蛋白酶和胃蛋白酶的E点基本相同，H点不同
D. 为绘制丙曲线，宜选用淀粉酶和淀粉作为实验材料
【答案】C
【分析】甲曲线表示在最适温度下，某种酶促反应速率与反应物浓度之间的关系，其中曲线AB段，随着反应物浓度的增加，反应速率加快，因此该段影响酶促反应速率的因素是反应物浓度，B点时酶促反应速率达到最大值，曲线BC段随着反应物浓度的增加其催化反应的速率不变，说明此时限制催化反应速率的因素最有可能是酶的数量（或浓度）；低温条件下酶的活性受到抑制，但并不失活，而pH值过低或过高酶均会失活，据此判断乙曲线代表温度对酶促反应的影响，丙曲线代表pH对酶促反应速率的影响。
【详解】A、甲曲线表示在最适温度下，某种酶促反应速率与反应物浓度之间的关系，其中曲线AB段，随着反应物浓度的增加，反应速率加快，因此该段影响酶促反应速率的因素是反应物浓度，在AB段增加酶浓度，反应速率不变，A错误；
B、低温条件下酶的活性受到抑制，但并不失活，而pH值过低或过高酶均会失活，据此判断乙曲线代表温度对酶促反应的影响，丙曲线代表pH对酶促反应速率的影响，D点时，即低温条件下，酶的空间结构未破坏，B错误；
C、E点表示最适温度，H点表示最适pH，人体内胰蛋白酶和胃蛋白酶的E点基本相同（37℃左右），H点不同（胰蛋白酶接近中性，胃蛋白酶为酸性），C正确；
D、淀粉水解受酸的影响，绘制丙曲线，不能选用淀粉酶和淀粉作为实验材料，D错误。
故选C。
4. 在生物学研究中常用到离心技术，下列相关叙述错误的是（ ）
A. 离心的目的是使吸附在细菌上的噬菌体颗粒和细菌分离
B. 离心技术可用于诱导两种植物原生质体融合形成杂种细胞
C. DNA粗提取实验中第二次离心是为了收集沉淀物中的DNA
D. 证明DNA复制方式的实验中离心可使不同DNA形成不同的条带
【答案】A
【分析】根据离心方式的不同，可分为差速离心法和密度梯度离心法等。
（1）差速离心：又叫分级离心法； 是生化分离中最为常用的离心分离方法。它指采用低速和高速两种离心方式交替使用，用不同强度的离心力使具有不同密度的物质分级分离的方法。离心后把上清液与沉淀分开，然后再将上清液加高转速离心，分离出第二部分沉淀，如此往复加高转速，逐级分离出所需要的物质。
（2）密度梯度离心：也叫区带离心； 即离心是在具有连续密度梯度的介质中进行。将试样铺放在一个密度变化范围较小、梯度斜度变化比较平缓的密度梯度介质表面，在离心力场作用下试样中的颗粒按照各自的沉降速率移动到梯度介质中的不同位置，而形成一系列试样组分区带，使不同沉降速率的颗粒得以分离。
【详解】A、搅拌的目的是使吸附在细菌上的噬菌体颗粒和细菌分离，离心的目的是让上清液中析出质量较轻的噬菌体颗粒，细菌留在沉淀物中，A错误；
B、原生质体融合，物理法包括离心、振动、电刺激等，化学法一般是用聚乙二醇（PEG）作为诱导剂，B正确；
C、DNA粗提取实验中第一次离心是在细胞破碎后，目的是除去溶液中的固体杂质。 第二次离心是为了收集沉淀物中的DNA，C正确；
D、证明DNA复制方式的实验中，采用了密度梯度离心，可使不同DNA形成不同的条带，D正确。
故选A。
5. 某种小鼠毛色受基因控制情况如图所示。真黑素和褐黑素比例不同会呈现不同毛色，且褐黑素有淡化毛色的作用。在Avy基因（与a是一对等位基因）“上游”有多个甲基化修饰位点。下列叙述正确的是（ ）
A. Avy基因“上游”甲基化后，碱基序列未发生变化，因此不可遗传给后代
B. Avy基因“上游”甲基化后，可能导致DNA聚合酶不能与启动子结合
C. 基因型为Avya的不同个体毛色不同，Avy甲基化程度越高，小鼠毛色越浅
D. 基因通过其表达产物来控制生物性状，基因与性状不是简单的线性关系
【答案】D
【分析】由图可知，Avy甲基化会抑制ASIP蛋白的合成，后者会抑制真黑素的合成，Avy甲基化程度越高，真黑素越容易合成，小鼠毛色越深。而TYR蛋白能促进酪氨酸转化为真黑素和褐黑素。
【详解】A、甲基化可遗传给后代，A错误；
B、与启动子结合的是RNA聚合酶，B错误；
C、由图可知，Avy甲基化会抑制ASIP蛋白的合成，后者会抑制真黑素的合成，Avy甲基化程度越高，真黑素越容易合成，小鼠毛色越深，C错误；
D、基因通过其表达产物来控制生物性状，基因与性状不是简单的线性关系，D正确。
故选D。
6. 粳稻与籼稻的bZIP73基因中有1个脱氧核苷酸不同，从而导致两种水稻的相应蛋白质存在1个氨基酸的差异。我国育种专家将粳稻和籼稻通过杂交和多倍体诱导等手段获得粳籼稻，显著提高水稻产量。下列叙述正确的是（ ）
A. 粳稻与籼稻的bZIP73基因中有一个脱氧核苷酸不同属于基因突变
B. 籼稻中bZIP73基因的碱基序列改变，导致不能表达出相应蛋白质
C. 利用基因重组杂交得到的粳籼稻一定具有两个品种全部的优良性状
D. 多倍体育种通过抑制纺锤体形成和着丝粒分裂，使染色体数目加倍
【答案】A
【分析】基因突变是基因结构的改变，包括碱基对的增添、缺失或替换。基因突变发生的时间主要是细胞分裂的间期。基因突变的特点是低频性、普遍性、随机性、不定向性。
【详解】A、粳稻与籼稻的bZIP73基因中有一个脱氧核苷酸不同属于基因突变，因为基因中碱基序列发生了改变，A正确；
B、籼稻中bZIP73基因的碱基序列改变，导致两种水稻的相应蛋白质存在1个氨基酸的差异，B错误；
C、利用基因重组的原理，设计的杂交得到的粳籼稻不一定具有两个品种全部的优良性状，因为等位基因之间存在显隐关系，C错误；
D、多倍体育种通过抑制纺锤体形成使染色体数目加倍，进而获得了多倍体，但没有抑制着丝粒分裂，D错误。
故选A。
7. 贵州省关岭古生物化石群以海生爬行动物和海百合化石为主，为研究进化提供有力证据。下列叙述错误的是（ ）
A. 利用化石可确定古生物的种类及其形态、结构、行为等特征
B. 关岭古生物的生物多样性形成是指新的物种不断形成的过程
C. 人类和鱼在胚胎发育早期均出现鳃裂和尾，这个证据支持二者具有共同的祖先
D. 物种的形成一般是长期地理隔离导致基因库显著差异，进而形成生殖隔离的结果
【答案】B
【分析】生物有共同祖先的证据：（1）化石证据：在研究生物进化的过程中，化石是最重要的、比较全面的证据，化石在地层中出现的先后顺序，说明了生物是由简单到复杂、由低等到高等、由水生到陆生逐渐进化而来的。（2）比较解剖学证据：具有同源器官的生物是由共同祖先演化而来。这些具有共同祖先的生物生活在不同环境中，向着不同的方向进化发展，其结构适应于不同的生活环境，因而产生形态上的差异。（3）胚胎学证据：①人和鱼的胚胎在发育早期都出现鳃裂和尾；②人和其它脊椎动物在胚胎发育早期都有彼此相似的阶段。（4）细胞水平的证据：①细胞有许多共同特征，如有能进行代谢、生长和增殖的细胞；②细胞有共同的物质基础和结构基础。（5）分子水平的证据：不同生物的DNA和蛋白质等生物大分子，既有共同点，又存在差异性。
【详解】A、利用化石可以确定地球上曾经生活过的生物的种类及其形态、结构、行为等特征，A正确；
B、生物多样性包括基因多样性、物种多样性和生态系统多样性，因此生物多样性的形成不仅仅是新的物种不断形成的过程，B错误；
C、人和鱼的胚胎发育经历了有鳃裂及有尾的阶段，属于胚胎学证据，说明二者有共同的祖先，C正确；
D、物种的形成一般是长期地理隔离导致基因库显著差异，进而形成生殖隔离的结果，D正确。
故选B。
8. 某人参加马拉松长跑时，出现大量出汗、口渴、肌肉酸痛乏力等现象。下列相关叙述错误的是（ ）
A. 大量出汗主要是通过传导的方式进行散热，宜穿着排汗性强的衣服
B. 口渴时一次性饮用大量纯净水，不利于维持渗透压的平衡
C. 人体肌细胞无氧呼吸产生的乳酸，能在肝脏中再次转化为葡萄糖
D. 赛前需要调整饮食结构，储存更多糖原，有利于运动时维持血糖平衡
【答案】A
【分析】一、剧烈运动后，大量出汗会丢失大量水分和无机盐，故应该及时补偿盐水，并注意适当散热，维持水盐与体温平衡。
二、剧烈运动时，人体的细胞呼吸有无氧呼吸，无氧呼吸后的产物为乳酸，乳酸可与血浆中的缓冲物质反应以维持PH的稳定。
【详解】A、高热下，人体散热的主要方式是通过辐射散热、对流散热、蒸发散热、传导散热、调节血流来实现的，大量出汗主要是通过蒸发的方式进行散热，A错误；
B、口渴时一次性饮用大量纯净水，渗透压快速降低，不利于维持渗透压的平衡，B正确；
C、肌细胞无氧呼吸产生的乳酸能在肝脏中再次转化为葡萄糖，C正确；
D、运动时要消耗大量的糖原，赛前需要调整饮食结构，储存更多糖原，有利于运动时维持血糖平衡，D正确。
故选A。
9. 痛觉与组织损伤有关，任何刺激只要达到可能让机体受到伤害的程度，均会引起痛觉。小剂量的使用药物罗哌卡因能有效阻滞神经兴奋传导，抑制Na+通道的开放。下列说法正确的是（ ）
A. 痛觉的形成，只与刺激的种类有关，与刺激强度无关
B. 痛觉的形成是非条件反射，有利于机体应对复杂环境
C. 药物罗哌卡因可阻滞神经兴奋传导，从而起到镇痛的作用
D. 痛觉形成时血压上升、心跳加快，此时副交感神经活动占优势
【答案】C
【分析】自主神经系统由交感神经和副交感神经两部分组成。它们的作用通常是相反的。当人体处于兴奋状态时，交感神经活动占据优势，心跳加快，支气管扩张，但胃肠的蠕动和消化腺的分泌活动减弱；当人处于安静状态时，副交感神经活动占据优势，此时，心跳减慢，但胃肠的蠕动和消化液的分泌会加强，有利于食物的消化和营养物质的吸收。
【详解】A、任何刺激只要达到可能让机体受到伤害的程度，均会引起痛觉，说明痛觉的形成，与刺激的种类无关，与刺激强度有关，A错误；
B、痛觉的形成未经过完整的反射弧，不属于反射，B错误；
C、由题干可知，小剂量的使用药物罗哌卡因能有效阻滞神经兴奋传导，抑制Na+通道的开放，从而起到镇痛的作用，C正确；
D、痛觉形成时血压上升、心跳加快，此时交感神经活动占优势，D错误。
故选C。
10. 在一定比例的红光/远红光的条件下，植物中活性形式的光敏色素（Pfr）与非活性形式的光敏色素（Pr）会发生相互转化，进而影响生长素的合成。具体过程如图所示。PIfs是调节基因表达的转录因子。下列说法错误的是（ ）

A. 高比例的红光/远红光的条件下，Pfr含量会增加
B. 低比例的红光/远红光的条件下，生长素的合成量减少
C. 光敏色素接受到光照射后会产生信息并传导到细胞核内
D. 生长素的合成由基因表达调控、激素调节和环境因素调节共同完成
【答案】B
【分析】由图可知，高比例的红光/远红光的条件下，促进Pr转化为Pfr，后者抑制PUfs对T/Y的转录调控，合成的T/Y酶减少，从而使合成的IAA减少。
【详解】A、高比例的红光/远红光的条件下，促进Pr转化为Pfr，Pfr含量会增加，A正确；
B、低比例的红光/远红光的条件下，Pr转化为Pfr变慢，从而对PIfs的抑制减弱，T/Y转录加快，促进色氨酸转化为IAA，生长素的合成量增加，B错误；
C、光敏色素接受到光照射后会产生信息并传导到细胞核内，影响相关基因的表达，C正确；
D、生长素的合成由基因表达调控、激素调节和环境因素调节共同完成，D正确。
故选B。
11. 在某智能喂养的人工海洋牧场，科研人员对一年内两种重要经济鱼类的资源量进行调查，结果如图。下列说法正确的是（ ）
A. 生产者固定的太阳能为流入该海洋牧场的总能量
B. 12月没有调查到A鱼，与其喜欢较高水温的生活习性有关
C. 食用海带比食用B鱼产生的生态足迹更大，对生态和环境的影响更大
D. 两种经济鱼类不同的生活习性是物种间长期协同进化的结果，与环境无关
【答案】B
【分析】生态足迹，又叫生态占用，是指在现有技术条件下，维持某一人口单位（一个人、一个城市、一个国家或全人类）生存所需的生产资源和吸纳废物的土地及水域的面积。生态足迹的值越大，代表人类所需的资源越多，对生态和环境的影响就越大，生活方式不同，生态足迹的大小可能不同。
【详解】A、该生态系统为智能喂养的人工海洋牧场，流入该生态系统的总能量为生产者固定的太阳能和人工投入饲料中的化学能，A错误；
B、12月气温低，12月没有调查到A鱼的原因可能与其喜欢较高温度的生活习性有关，B正确；
C、在食物网中，B鱼的营养级比海带高，根据能量流动具有逐级递减的特点，食用海带比食用B鱼产生的生态足迹更小，对生态和环境的影响更小，C错误；
D、两种经济鱼类不同的生活习性是物种间长期协同进化的结果，也是与环境相互选择的结果，D错误。
故选B。
12. 某综合种养基地部分能量流动如图所示，其中X表示能量流动的去向之一，Y为能量数值，单位J·cm-2·a-1。下列说法正确的是（ ）
A. 生产者用于自身生长发育繁殖的能量是164.0J·cm-2·a-1
B. 植食性动物流向X的能量包含其遗体残骸和排泄物中的能量
C. 第二营养级到第三营养级之间能量的传递效率是15%
D. 肉食性动物传给下一营养级的能量Y为0.7J·cm-2·a-1
【答案】D
【分析】一、生态系统中的能量流动从生产者固定太阳能开始。
二、能量流动特点为单向，逐级递减。
三、能量的来源：
①生产者的能量主要来自太阳能；
②其余各营养级的能量来自上一营养级所同化的能量。
四、能量去路：
①自身呼吸消耗；
②流向下一营养级；
③尸体、粪便等被分解者分解；
④未被利用。
【详解】A、生产者用于自身生长发育繁殖的能量有一部分会流向下营养级，有一部分会流向分解者，还有一部分未被利用。据图可知，X表示流向分解者的能量，因此，生产者用于自身生长发育繁殖的能量为：95.0+20.0+5.0=120.0J·cm-2·a-1，A错误；
B、植食性动物的排泄物中的能量属于植物的能量，B错误；
C、据图可知，第二营养级的同化量为生产者传递的能量与人工投放的有机物中的能量之和：5.0+20.0=25.0J·cm-2·a-1；第二营养级传递给第三营养级的能量为3.0J·cm-2·a-1，因此，第二营养级到第三营养级之间能量的传递效率是：，C错误；
D、据图可知，肉食性动物传给下一营养级的能量为：11.0+3.0-6.5-0.5-6.3=0.7J·cm-2·a-1，D正确。
故选D。
13. 将污水、污泥有控制地投入到人工建设的湿地上，这主要利用了土壤、人工介质、微生物的作用对污水和污泥进行处理。下列叙述不合理的是（ ）
A. 将荷田建设为人工湿地的过程属于次生演替，体现人类活动会影响群落的演替
B. 选择污染物净化能力较强的多种水生植物进行合理布设，主要遵循自生原理
C. 湿地公园受到轻度污染时具有自我净化作用，体现了湿地生态系统的恢复力稳定性
D. 湿地公园中的植物光合作用制造有机物、固碳、供氧，属于生物多样性的间接价值
【答案】C
【分析】根据题意人工湿地输入的污水中含有有机物，有机物中含有能量。人工湿地是一个生态系统，流入该生态系统总能量是生产者所固定的太阳能，生态系统的自动调节能力有一定的限度。向水体中通入空气可以提高细菌、真菌等微生物的分解效率，生物物种丰富度的增加属于群落演替中的次生演替，其群落生态位的变化趋势是多样性增加。人工生态系统建立的目的是设法调整能量流动关系，使能量持续高效地流向对人类最有益的部分。
【详解】A、将荷田建设为人工湿地的过程中生物物种丰富度的增加，属于群落演替中的次生演替，体现人类活动会影响群落的演替，A正确；
B、在湿地修复过程中，应该选择污染物净化能力较强的多种水生植物，还需要考虑这些植物各自的生态位差异，以及它们之间的种间关系，通过合理的人工设计，使这些物种形成互利共存的关系，遵循了自生原理，B正确；
C、湿地公园受到轻度污染时具有自我净化作用，体现了湿地生态系统的抵抗力稳定性，C错误；
D、湿地公园中的植物光合作用制造有机物、固碳、供氧，体现了生态功能，属于生物多样性的间接价值，D正确。
故选C。
14. 某企业发酵生产钾细菌菌肥，企业标准规定当发酵液中钾细菌的浓度达到2×108个/mL时，发酵结束，分装入库，经质量抽查合格之后，投放市场。下列叙述正确的是（ ）
A. 施用钾细菌菌肥既有利于植株生长，又能改良土壤结构
B. 产品达企业标准时，取0.2mL菌液涂布可选择稀释倍数为10⁵倍
C. 施用肥料时，气温不会影响常规化肥和钾细菌菌肥施用的效果
D. 发酵中用显微镜直接计数时，测得钾细菌数比实际活菌数偏小
【答案】A
【分析】发酵工程是指利用微生物的特定功能，通过现代工程技术，规模化生产对人类有用的产品，主要包括微生物的代谢物、酶及菌体本身。发酵工程一般包括菌种的选育，扩大培养，培养基的配置、灭菌、接种，发酵、产品的分离、提纯等方面。发酵过程一般来说都是在常温常压下进行，条件温和、反应安全，原料简单、污染小，反应专一性强，因而可以得到较为专一的产品。
【详解】A、微生物肥料利用了微生物在代谢过程中产生的有机酸、生物活性物质等来增进土壤肥力，改良土壤结构，促进植株生长。因此，施用钾细菌菌肥既有利于植株生长，又能改良土壤结构，A正确；
B、当发酵液解磷细菌浓度达到2×108个/mL时，发酵结束，分装入库。产品出库时需采用稀释涂布平板法进行活菌计数，应选择长出30～300个菌落的培养基为宜，0.2mL发酵液中有2×108个/mL×0.2ml×10-6=40个，在30～300个菌落之间，故稀释度应为106倍，B错误；
C、温度会影响微生物菌体的活性，因此，施用肥料时，气温会影响钾细菌菌肥施用的效果，C错误；
D、显微镜直接计数时计算的数据包括了死菌数，因此，发酵中用显微镜直接计数时，测得钾细菌数比实际活菌数偏大，D错误。
故选A。
15. 青蒿素是从黄花蒿中提取的抗疟疾特效药，在黄花蒿产青蒿素的代谢过程中FPS酶起决定性作用。研究人员在对黄花蒿进行植物组织培养时，发现培养到丛芽或胚状体阶段才有青蒿素，下列表述错误的是（ ）
A. 可用蛋白质工程对FPS酶进行改造以提高青蒿素产量
B. 通过对愈伤组织进行植物细胞培养也可以得到青蒿素
C. 从外植体到愈伤组织形成过程中发生了基因的选择性表达
D. 植物组织培养技术产青蒿素，可以不受原材料和季节限制
【答案】B
【分析】由题意可知，在黄花蒿产青蒿素的代谢过程中FPS酶起决定性作用，进行植物组织培养时，发现培养到丛芽或胚状体阶段才有青蒿素，所以可用蛋白质工程对FPS酶进行改造以提高青蒿素产量，在愈伤组织阶段不能获得青蒿素。
【详解】A、由题意可知，在黄花蒿产青蒿素的代谢过程中FPS酶起决定性作用，所以可用蛋白质工程对FPS酶进行改造以提高青蒿素产量，A正确；
B、由题意可知，在对黄花蒿进行植物组织培养时，发现培养到丛芽或胚状体阶段才有青蒿素，说明通过对愈伤组织进行植物细胞培养不能得到青蒿素，B错误；
C、从外植体到愈伤组织形成过程中发生了脱分化，该过程中发生了基因的选择性表达，C正确；
D、植物组织培养技术产青蒿素，可以不受原材料和季节限制，D正确。
故选B。
16. 新开发药物X具有抗癌效果好，副作用小等优点，某小组拟培养小鼠肝癌细胞（甲）和正常肝细胞（乙）对其抗癌效果进行验证，下列说法正确的是（ ）
A. 培养甲和乙时均会出现明显的接触抑制现象
B. 在进行细胞培养时，应拧紧培养瓶盖进行培养
C. 需另设一种抗癌药物进行实验才能达到实验目的
D. 在培养液中不加抗生素对实验结果没有影响
【答案】C
【分析】一、癌细胞的主要特征：失去接触抑制，能无限增殖；细胞形态结构发生显著改变；细胞表面发生变化，细胞膜上的糖蛋白等物质减少，导致细胞间的黏着性降低。
二、动物细胞培养的条件：（1）无菌、无毒的环境：①消毒、灭菌；②添加一定量的抗生素；③定期更换培养液，以清除代谢废物；（2）营养物质：糖、氨基酸、促生长因子、无机盐、微量元素等，还需加入血清、血浆等天然物质；（3）温度和PH：36.5℃±0.5℃；适宜的pH：7.2～7.4；（4）气体环境：95%空气（细胞代谢必需的）和5%的CO2（维持培养液的PH）。
【详解】A、甲是癌细胞，培养时不会出现接触抑制，A错误；
B、培养细胞时，需要适宜的空气，不能拧紧培养瓶盖，B错误；
C、需另设一种抗癌药物进行实验（作对照）才能达到实验目的，以证明新开发药物X具有抗癌效果好，副作用小等优点，C正确；
D、在培养液中不加抗生素会因污染而对实验结果造成影响，D错误。
故选C。
二、非选择题：本题共5小题，共52分。
17. 为研究某植物在高光照强度和低光照强度下，不同温度对CO2吸收速率的影响，结果如下图。据此回答下列问题：
（1）植物叶肉细胞在C点时合成ATP的场所为______，吸收光能后产生的NADPH在暗反应中的生理作用是______。
（2）该植物在____点时生长速度最快。在相同温度下，由低光照强度提升到高光照强度后，短时间内C3的含量会____（填“上升”或“下降”），但若此时CO2较长时间供应不足会抑制光合速率的提高，从能量转换效率的角度分析，原因是______。
（3）在0~35℃范围内，随着温度上升，低光强照射时CO2吸收速率不断下降的原因______。
【答案】（1）①. 叶绿体、线粒体和细胞质基质 ②. 作为活泼的还原剂参与暗反应中C3的还原，并为暗反应提供能量
（2）①. M ②. 下降 ③. CO2较长时间供应不足会导致CO2固定减慢，C3生成变慢，C3的还原变慢，ADP+Pi、NADP+的生成速率减慢，导致ATP和NADPH的生成变慢
（3）在0~35℃范围内，随着温度上升，低光强照射时，由于光合速率上升速率没有呼吸速率上升快，导致CO2吸收速率不断下降
【分析】光合速率的大小受多种因素的影响，由题“在高光照强度和低光照强度下，不同温度对某植物CO2吸收速率的影响”可知，本实验的自变量是光照强度和温度，因变量是CO2吸收速率。植物真（总）光合速率=净光合速率+呼吸速率，CO2吸收速率可以表示净光合速率的大小，CO2吸收速率为0时，净光合速率为0，真（总）光合速率=呼吸速率。
【小问1详解】植物叶肉细胞在C点时CO2吸收速率为0，即此时光合速率等于呼吸速率，合成ATP的场所为叶绿体、线粒体和细胞质基质，光反应为暗反应提供NADPH和ATP，NADPH作为活泼的还原剂参与暗反应中C3的还原，并为暗反应提供能量。
【小问2详解】净光合速率最大时生长速度最快，结合图示可知，该植物在M点时，生长速度最快。在相同温度下，由低光照强度提升到高光照强度后，光反应产生的ATP和NADPH增多，C3还原（去路）加快，但来源不变，短时间内C3的含量会下降，若此时CO2较长时间供应不足会导致CO2固定减慢，C3生成变慢，C3的还原变慢，ADP+Pi、NADP+的生成速率减慢，导致ATP和NADPH的生成变慢。
【小问3详解】在0~35℃范围内，随着温度上升，低光强照射时，由于光合速率上升速率没有呼吸速率上升快，导致CO2吸收速率不断下降。
18. 某种甲状腺疾病是由于机体产生抗甲状腺激素受体抗体，该疾病与长期维生素D（简称VD）食用较少相关，其作用机理如图所示。据图回答下列问题：
（1）寒冷环境会刺激人体产生的甲状腺激素增多但又维持相对稳定，说明在甲状腺激素分泌的过程中既存在能放大激素调节效应的______，又存在能维持甲状腺激素相对稳定的______。
（2）据图分析，乙细胞是______，从而推测该免疫疾病是______。
（3）据图分析缺少VD出现甲状腺激素过度分泌的原因是：______。
【答案】（1）①. 分级调节 ②. 负反馈调节##反馈调节
（2）①. 浆细胞 ②. 自身免疫病
（3）缺少VD时，促进B细胞和记忆B细胞分化为浆细胞，浆细胞分泌抗甲状腺激素受体抗体，特异性结合甲状腺激素受体，导致甲状腺激素不能发挥作用，进一步导致甲状腺肿大和甲状腺激素过度分泌
【分析】由图可知，图中甲细胞为B细胞，乙细胞为浆细胞，丙细胞为记忆B细胞，缺少VD时，促进B细胞和记忆B细胞分化为浆细胞，浆细胞分泌抗甲状腺激素受体抗体，特异性结合甲状腺激素受体，导致甲状腺激素不能发挥作用，进一步导致甲状腺肿大和甲状腺激素过度分泌。
【小问1详解】寒冷环境会刺激人体产生的甲状腺激素增多但又维持相对稳定，说明在甲状腺激素分泌的过程中既存在能放大激素调节效应的分级调节，又存在能维持甲状腺激素相对稳定的负反馈调节。
【小问2详解】由图可知，乙细胞可分泌抗甲状腺激素受体抗体，说明其为浆细胞，该病是由于自身产生的抗体特异性结合甲状腺激素受体，导致甲状腺肿大和甲状腺激素过度分泌，说明该病是自身免疫病。
【小问3详解】由图可知，图中甲细胞为B细胞，乙细胞为浆细胞，丙细胞为记忆B细胞，缺少VD时，促进B细胞和记忆B细胞分化为浆细胞，浆细胞分泌抗甲状腺激素受体抗体，特异性结合甲状腺激素受体，导致甲状腺激素不能发挥作用，进一步导致甲状腺肿大和甲状腺激素过度分泌。
19. 某地区曾因水体富营养化导致生态环境被破坏，为保护候鸟，科学家对该地区进行了治理修复，并建立生态保护区。保护区的食物网结构如下：
（1）为保护候鸟，学习小组开展了以下调查：研究候鸟生态位应从______（答出2点即可）等方面来开展；候鸟位于第______营养级；候鸟与水鸟的种间关系是______。
（2）该保护区曾因水体富营养化导致候鸟种群数量大量下降，分析其原因：______。
（3）据图分析，保护区引入肉食性鱼类对生态系统稳定性的意义：______。
【答案】（1）①. 栖息地和分布、食物、种间关系等 ②. 三 ③. 竞争
（2）水体富营养化，导致浮游动物数量少、浮水植物增加、通过种间竞争的种间关系导致浮游植物和沉水植物光照不足，植食性鱼类、草鱼数量减少，候鸟的食物不足
（3）据图可知，候鸟可以捕食草鱼和植食性鱼类，但不捕食肉食性鱼类，引入肉食性鱼类可减少滤食性动物的数量，增加浮游动物数量，从而抑制挺水植物的生长，为浮游植物、沉水植物提供较多光照，增加植食性鱼类、草鱼数量，为候鸟提供充足的食物。
【分析】一、生态位：一个物种在群落中的地位或作用，包括所处的空间位置，占用资源的情况，以及与其他物种的关系等，称为这个物种的生态位；
二、识图分析可知，图中食物链包括：挺水植物→浮游动物→滤食性动物→肉食性动物→水鸟、挺水植物→某鱼类→水鸟、浮游植物→植食性鱼类→肉食性鱼类→水鸟、浮游植物→植食性鱼类→候鸟、沉水植物→草鱼→候鸟、沉水植物→草鱼→水鸟。
【小问1详解】研究候鸟生态位应从候鸟的；栖息地和分布、食物、种间关系等方面来开展；由图可知，候鸟位于第三营养级；候鸟与水鸟的种间关系是竞争。
【小问2详解】据题意可知，水体富营养化，导致浮游动物数量少、浮水植物增加、通过种间竞争的种间关系导致浮游植物和沉水植物光照不足，植食性鱼类、草鱼数量减少，候鸟的食物不足，导致候鸟种群数量大量下降；
【小问3详解】据图可知，候鸟可以捕食草鱼和植食性鱼类，但不捕食肉食性鱼类，引入肉食性鱼类可减少滤食性动物的数量，增加浮游动物数量，从而抑制挺水植物的生长，为浮游植物、沉水植物提供较多光照，增加植食性鱼类、草鱼数量，为候鸟提供充足的食物。
20. 某两性花植物的花色由三对独立遗传的等位基因控制。A控制紫色，a无控制色素合成功能。B控制红色，b控制蓝色，D不影响上述基因的功能，但d纯合的个体为白花。基因型为A_B_D_和A_bbD_的个体分别表现紫红色花和靛蓝色花。现有该植物的3个纯合品系甲、乙、丙，花色分别为靛蓝色、白色和红色，杂交组合和结果如下表，不考虑突变和致死现象，回答下列相关问题：
（1）花色遗传遵循______定律，该定律发生的时期是______；基因A、a不同的原因是______。
（2）甲、丙的基因型分别是______、______。甲与丙杂交得F1自交，F2的表型及比例为______。
（3）若某植株自交子代中白花植株占比是1/4，则该植株可能的基因型有______种。
（4）从上述植物中选择实验材料，设计一代杂交实验确定杂交组合一的F2中靛蓝色植株的基因型，实验思路及预期结果是：______。
【答案】（1）①. 基因的自由组合 ②. 减数分裂Ⅰ后期 ③. 基因片段中脱氧核苷酸的排列顺序的差别，即碱基序列不同
（2）①. AAbbDD ②. aaBBDD ③. 紫红色：靛蓝色：红色：白色=9：3：3：1
（3）9
（4）实验思路：让该靛蓝色植株与白花植株杂交，观察子代的表现型及比例；
预期结果：若后代表型中出现白花，则基因型为AAbbDd；若后代表型无白花，则基因型为AAbbDD。
【分析】根据题意，基因型为A_B_D_和A_bbD_的个体分别表现紫红色花和靛蓝色花，aaB_D_的个体表现为红色，_ _ _ _ _dd表现为白色。杂交组合一中F2的性状分离比为紫红色：靛蓝色：白色=9：3：4，为9：3：3：1的变式，说明相关的两对等位基因的遗传符合基因自由组合定律。同理根据乙杂交结果，说明相关的等位基因的遗传符合基因自由组合定律。甲、乙、丙为三个不同品系，甲的花色为靛蓝色，则基因型为AAbbDD；丙的花色为红色，则基因型为aaBBDD；根据杂交结果的F1均表现为紫红色（A_B_D_），已知甲、丙的基因型，乙花为白色，则乙的基因型应该为AABBdd。
【小问1详解】由题意可知，某两性花植物的花色由三对独立遗传的等位基因控制，因此花色遗传遵循基因的自由组合定律，该定律发生的时期是减数分裂Ⅰ后期；基因A、a不同的原因是基因片段中脱氧核苷酸的排列顺序的差别，即碱基序列不同；
【小问2详解】已知基因A控制紫色，a无控制色素合成的功能。基因B控制红色，b控制蓝色。基因D不影响上述2对基因的功能，但d纯合的个体为白色花，甲为靛蓝色、乙为白色，它们产生的F1均为紫红色（A-B-D-），可判断甲的基因型为AAbbDD，乙的基因型为--BBdd。又因乙和丙杂交产生的F1均为紫红色（A-B-D-），丙为红色，可判断丙的基因型为aaBBDD，乙的基因型为AA--dd，综合两组杂交，乙的基因型为AABBdd；甲（AAbbDD）与丙（aaBBDD）杂交得F1（AaBbDD），F1自交，F2的表型及比例为紫红色：靛蓝色：红色：白色=9：3：3：1；
【小问3详解】若某植株自交子代中白花植株占比为1/4 ，则亲本为 ----Dd，因此该植株可能的基因型有9种；
【小问4详解】由题意可知，靛蓝色植株的基因型可能是AAbbDD、AAbbDd，因此要设计一代杂交实验确定杂交组合一的F2中靛蓝色植株的基因型，用白花植株与靛蓝色植株杂交，观察子代表型。若后代表型中出现白花，则基因型为AAbbDd；若后代表型无白花，则基因型为AAbbDD。
21. 如图表示新冠病毒mRNA疫苗生产流程，其中序号代表生理过程。请据图回答下列问题。

（1）为防止提取的新冠病毒核酸被水解，需要在提取液中加入______酶的抑制剂。
（2）图中的序号①代表的生理过程是逆转录，该过程的目的是为了获得PCR扩增所需的______，图中由新冠病毒的cDNA经PCR扩增出S蛋白基因时，需要图中的______（a/b/c/d）2种引物参与，判断的依据是______。
（3）图中进行电击的目的是______。
（4）与DNA疫苗相比，mRNA疫苗的风险______（填“高”或“低”），其引发免疫反应的机制是：______。
【答案】（1）RNA##RNA水解
（2）①. DNA模板 ②. b、c ③. PCR扩增时，子链是从5'→3'延伸的，与亲代两条DNA的方向相反
（3）促进脂质分子包裹新冠病毒的S蛋白mRNA，形成疫苗颗粒
（4）①. 低 ②. mRNA疫苗进入人体细胞后，会利用人体细胞的原料和场所翻译成病原体的抗原蛋白，即可引起免疫反应
【分析】与DNA疫苗相比，mRNA疫苗的安全性更有优势，风险更低，因为mRNA不会进入细胞核，无整合到宿主细胞染色体基因组中的风险，且易被 RNA酶水解，不会遗传给子细胞。
【小问1详解】新冠病毒为RNA病毒，为防止提取的新冠病毒核酸被水解，需要在提取液中加入RNA酶的抑制剂。
【小问2详解】图中的序号①代表的生理过程是逆转录，该过程的目的是为了获得PCR扩增所需的DNA模板，PCR扩增时，子链是从5'→3'延伸的，所以应选图中的b、c两种引物参与扩增。
【小问3详解】图中进行电击的目的是促进脂质分子包裹新冠病毒的S蛋白mRNA，形成疫苗颗粒。
【小问4详解】与DNA疫苗相比，mRNA疫苗的安全性更有优势，风险更低，因为mRNA不会进入细胞核，无整合到宿主细胞染色体基因组中的风险，且易被 RNA酶水解，不会遗传给子细胞。mRNA疫苗进入人体细胞后，会利用人体细胞的原料和场所翻译成病原体的抗原蛋白，即可引起免疫反应。
杂交组合
亲本F1
表型F2
表型及比例
一
甲×乙
紫红色
紫红色∶靛蓝色∶白色=9∶3∶4
二
乙×丙
紫红色
紫红色∶红色∶白色=9∶3∶4