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2022年江苏省苏州市高新区中考物理一模试卷
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这是一份2022年江苏省苏州市高新区中考物理一模试卷，共42页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）下列估测值最接近实际的是（ ）
A．一元硬币的直径约为2.5mm
B．普通中学生走路的速度约为1.5km/h
C．酒精灯点燃后外焰的温度约为90℃
D．一个苹果的质量约为0.25kg
2．（2分）关于声现象，下列说法中正确的是（ ）
A．在空气中，超声波比次声波传播快
B．“闻其声知其人”是因为不同人发出声音的响度不同
C．只要物体振动，我们就一定能听到声音
D．道路旁植树可以有效地减弱噪声的传播
3．（2分）下列常见的生活事例中，由分子不停地做无规则运动引起的是（ ）
A．初春时节，柳絮飞扬B．夏日炎炎，槐花飘香
C．秋风萧瑟，落叶飘零D．寒风凛冽，雪花飘飘
4．（2分）下列属于费力杠杆的是（ ）
A．托盘天平B．撬棒撬起石头
C．钓鱼竿钓鱼D．钳子剪断钢丝
5．（2分）下列图中能反映直流电动机工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
6．（2分）如图所示，水平地面上的木块乙上叠放木块甲，在力F1和F2的作用下，以共同的速度v一起水平向右匀速运动，已知F1＝100N，F2＝10N，下列关于甲、乙和地面之间的摩擦力大小和方向说法正确的是（ ）
A．甲对乙的摩擦力为100 N，水平向左
B．乙对地面的摩擦力为90 N，水平向右
C．甲受到的摩擦力为10 N，水平向左
D．地面对乙的摩擦力为10 N，水平向右
7．（2分）如图所示的电路图中，通过控制开关的闭合与断开，可实现不同方式的连接，以下正确的是（ ）
A．只闭合S1、S3，两灯泡并联
B．只闭合S1、S3，两灯泡串联
C．只闭合S1、S2，两灯泡都发光
D．S1、S2、S3闭合，两灯泡串联
8．（2分）如图是家庭电路中的一部分，下列说法正确的是（ ）
A．站在地上的人若用手直接接触 A 点，则会有触电危险
B．若电路中的保险丝烧了，可以用铜线或铁线代替
C．为用电安全，要安装一个带开关的插座，应在甲处安装两孔插座，乙处安装开关
D．电冰箱接入三孔插座后其外壳与零线相连
9．（2分）如图所示，只闭合开关S1、S3时，电流表A1与A2的示数之比为1：2，下列说法正确的是（ ）
A．若只闭合S1、S2，电流表A1与A2的示数之比2：1
B．若只闭合S1、S3，R1与R2两端的电压之比为1：2
C．电路最大电功率与最小电功率之比为4：1
D．若只闭合S2，R1与R2的电功率之比为1：2
10．（2分）图乙是图甲所示电子秤的工作原理图．电子秤的示数表是由电流表改装的，R1是一根长6cm，阻值30Ω的均匀电阻丝，滑片P在a端时，电流表示数为0.2A；在b端时，电流表示数为0.6A，弹簧c受到压力F与压缩量ΔL的关系如图丙．挂钩的重力不计，不称重物时滑片P刚好在电阻丝的a端，所称物重最大时P在b端，g取10N/kg，电路中电源电压不变，下列判断正确的是（ ）
A．R2阻值为10Ω
B．电源电压为6V
C．电子秤使用时，电路最大的功率是3W
D．当电子秤示数为3千克时，电路中的电流为0.3A
11．（2分）如图所示，物体甲、乙、丙的质量均为m，现将它们由静止释放，在物块甲下落到地面的过程中，甲乙间细线拉力大小为F1，乙丙间细线拉力大小为F2，细线重力及各处的摩擦均不计，甲乙落地后不弹起，则下列判断正确的是（ ）
A．甲落地前F1＝2mg，甲的动能不变
B．甲落地前F2＞mg，丙的机械能增大
C．甲落地前后，丙先加速后立刻减速最终静止
D．甲落地后F1＞mg，F2＝mg
12．（2分）量程为100mL的量筒里装有70mL的水，小明将一个钢笔慢慢放入量筒中如图所示，钢笔处于漂浮状态，此时量筒液面对应95mL，水没有溢出，但小明发现量筒中有水渐渐漏进钢笔中，最终钢笔沉入量筒底部，从钢笔漂浮到沉底整个过程，以下说法正确的是（ ）
A．水渐渐漏进钢笔过程中，只要钢笔还是漂浮，液面就一直对应95mL
B．钢笔没放入量筒时，其质量一定大于25g
C．钢笔沉入量筒底部时，可能有水会溢出量筒
D．整个过程中，水对量筒底部的压强一直变小
二、填空题（每空1分，共26分．）
13．（4分）如图甲所示，刻度尺的分度值是 mm，物块的长度为 cm；如图乙所示的电压表示数为 V，如图丙所示的电流表示数为 A．
14．（2分）演员用二胡演奏时，手按压琴弦的不同位置可以改变声音 （选填“音调”、“响度”或“音色”）；在上自习课时，老师及时制止了两个同学大声说话，这是在 减弱噪声。
15．（2分）太阳的能量来自内部的 （核裂变/核聚变），核能属于 （可再生/不可再生）能源。
16．（2分）如图所示，水平地面放置一个长方体木块，上面放置一根密度均匀的长方体木棒，木棒等距离涂有黑白相间的颜料，木棒一端立放着6g的一元硬币，整个装置能处于静止状态，则木棒的质量最少约 g，最多约 g。
17．（4分）如图是生活中常见的两种窗户，甲图窗户可在直线轨道上左右平移，乙图窗户可绕固定轴转动，如果你站在窗户前，能通过玻璃看到你的像，则看到的像是 （实/虚）像，你若将甲图窗户左右平移打开，则你在P窗户中的像将 （随/不随）窗平移；你若将乙图Q窗户转动150°打开，则窗框上的A点与A点在Q窗中的像之间距离将 （变大/不变/变小/先变大后变小/先变小后变大），同时A点的像移动轨迹是 （直线/曲线）．
18．（3分）洗衣机中衣服脱水时，是利用 （衣服/水）具有惯性；货车超载会使货车的惯性 （变大/不变/变小），降低车的灵活性，增加发生交通事故的风险；乘汽车要正确使用安全带，系安全带主要是为了防止汽车在 （急停/急加速）时，由于惯性带来的危害．
19．（2分）氢能源具有热值高、无污染等优点。氢气的热值为1.4×108J/kg，完全燃烧0.2kg的氢气可放出 J的热量；若一罐氢气用去了一半，则剩余氢气的热值是 J/kg。
20．（2分）如图所示，水平桌上放置三个相同规格的容器甲、乙、丙，里面装有液体，乙、丙中的液体相同，将三个实心小球分别放入其中，甲、乙中的小球完全相同，乙、丙中的小球密度不同，小球静止时，三个容器中的液面相平，则液体对容器底压强p甲、p乙、p丙大小关系是 ；容器对桌面压力F甲、F乙、F丙，大小关系是 。
21．（3分）如图所示的电路中，灯L标有“3V 0.9W”的字样，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A，滑动变阻器Rx标有“100Ω 2A”。闭合开关S，移动滑片P，当电压表示数为2.0V时，电流表示数为0.25A，电源电压为 V。为保证电路安全，Rx允许接入的最大阻值为 Ω；移动滑片P，电路的最大功率是 W。（不考虑温度对电阻的影响）
22．（2分）如图所示，A、B两个正方体，放在水平地面上，对地面压强分别为p1、p2．现将B放在水平地面上，再将A叠放在B的正上方，此时B对桌面的压强p3，已知p1：p2：p3＝4：4：5，则A、B的密度比是 ，A、B边长比是 ．
三、解答题（第23题8分；第24、25、26题每题6分；第27、29题，每题6分；第28题5分，第30题7分，共50分）
23．（2分）请在图中画出入射光线通过透镜后的折射光线。
24．（2分）如图是3D简易投影，就是用平面镜将水平放置的物体AB的像竖直呈现在人的正前方，其中A的像与人眼在同一水平面，请作出平面镜位置．
25．（2分）如图，质量分布不均匀的长方形物体放在水平地面上，A点是它的重心，如果用力只使物体一端稍微离开地面，在物体上画出所施加最小力的示意图，并标明支点O.
26．（6分）如图所示，水平桌面上放置一底面积500cm2的薄壁圆筒，筒内装有适量的水．弹簧测力计下悬挂一圆柱体；从液面逐渐浸入直到浸没，弹簧测力计示数F与圆柱体下表面浸入液体深度h的关系如图所示．已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg．
求：（1）圆柱体浸没在水中时受到的浮力；
（2）圆柱体的密度；
（3）圆柱体的底面积．
27．（6分）如图所示的滑轮组，将重为10N的物体匀速提起，在10s内物体上移的距离为2m，所用拉力为5N，每个滑轮重4N，求：
（1）物体上升的速度；
（2）拉力做功的功率；
（3）滑轮组提升该物体时的机械效率（结果保留一位小数）。
28．（6分）如图所示的电路图中，电阻R1的阻值为10Ω；小明通过改变开关S1和S2的状态，发现电流表最大示数是0.9A，而将S1闭合，S2接B时，电流表是0.3A。
求：
（1）电源电压；
（2）R2的阻值；
（3）R1通电时的最小功率。
29．（6分）利用如图所示的实验装置探究“冰熔化时温度变化的规律”．
（1）在组装图甲中的实验器材时，先放置 （A/B）；
（2）选用颗粒较小的冰块做实验，然后用水浴法加热，并用搅拌棒不断搅拌，其目的是使试管内的冰块 ，实验过程中观察冰的 和 变化；
（3）点燃酒精灯给烧杯加热，一段时间后温度计的示数如图乙所示，此时温度计示数为 ℃；
（4）小荣同学在读数时按图丙所示的A位置读数，则测量结果 （偏大/偏小）．
30．（5分）小林用图甲装置来探究凸透镜成像的规律．
（1）实验前，应调整烛焰和光屏的中心在 ．
（2）当蜡烛、凸透镜和光屏处于图甲所示位置时，恰好在光屏上成清晰的像，所成的像是 ．
（3）如果保持图甲中透镜和蜡烛位置不变，将光屏向左移动一小段距离，光屏上的像变模糊，要使光屏上重新得到烛焰清晰的像，则应该在透镜和蜡烛之间放置一个 （近视/远视）眼镜．
（4）如图乙所示的是王亚平太空授课时展示的含有空气的水珠成像的情景，在水球中能看到一正一反两个像，在水球中倒立的像是王亚平位于水透镜 （一倍焦距以内/两倍焦距以外/一倍焦距与两倍焦距之间）的像，若王亚平靠近水球，则 （正立像/倒立像/两个像）会变大．
31．（6分）如图所示，在“测量石块的密度”实验中，实验器材有托盘天平、量筒、足量的水、细线、待测小石块等。
（1）调平时，小虎发现指针如图甲，此时应该把平衡螺母向 （左/右）调节；
（2）小虎测量石块质量，天平再次平衡时，右盘中的砝码和游码所处的位置如图乙所示，则小石块质量为 g；
（3）小虎测得了石块的体积如图丙所示，通过计算可知该石块的密度是 kg/m3；
（4）实验完毕，整理实验器材时小虎发现，天平的右盘有一个缺角，则用该天平测量石块质量将 （偏大/偏小/不受影响）；
（5）小明提出不使用量筒也可以测出石块的体积，具体方法如下：
①在烧杯中装入适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量m＝200g；
②用细线吊着石块（细线的体积忽略不计），浸没水中，水未溢出，石块未接触烧杯，如图丁所示，再用天平测出其质量m2＝222g；则石块的体积为 cm3，石块的密度是 kg/m3。
32．（7分）利用如图所示的电路测量小灯泡的电功率，所用器材：额定电压U额为2.5V的小灯泡，电源电压恒定为3V，电压表一块，滑动变阻器（20Ω 2A），电阻箱（最大阻值为999.9Ω）、开关和导线若干。
（1）用笔画线代替导线，将图乙中的实物图按照甲所示的电路图连接完整。
（2）连接电路前，各开关应 ，按乙图连好后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于 （A/B）端。
（3）小华测量小灯泡的额定功率的操作如下：
①只闭合开关S、S1，移动变阻器后，发现电压表的示数是2V，要使小灯泡正常发光，则要将滑动变阻器的滑片P向 （A/B）移动，使电压表的示数为 V；
②只闭合开关S、S2，保持滑片P不动，调节电阻箱，使用电压表的示数为2.5V，电阻箱示数如图丙，由此可知小灯泡的额定功率是 W。
（4）小明测量小灯泡的额定功率的操作如下：
①只闭合开关S、S1，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V；
②只闭合开关S、S2，保持滑片P不动，调节电阻箱，使用电压表的示数为2V，此时电阻箱示数R箱。
由此可知小灯泡的额定功率是 （用U额、R箱等表示）。
33．（2分）请在图中画出提升滑轮组最省力的绕法。
2022年江苏省苏州市高新区中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题2分，共24分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的.）
1．（2分）下列估测值最接近实际的是（ ）
A．一元硬币的直径约为2.5mm
B．普通中学生走路的速度约为1.5km/h
C．酒精灯点燃后外焰的温度约为90℃
D．一个苹果的质量约为0.25kg
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、一元硬币的直径约为2.5cm，故A不符合实际；
B、普通中学生走路的速度约为1m/s＝3.6km/h，故B不符合实际；
C、酒精灯点燃后外焰的温度约为600℃，故C不符合实际；
D、一个苹果的质量约为0.25kg，故D符合实际。
故选：D。
2．（2分）关于声现象，下列说法中正确的是（ ）
A．在空气中，超声波比次声波传播快
B．“闻其声知其人”是因为不同人发出声音的响度不同
C．只要物体振动，我们就一定能听到声音
D．道路旁植树可以有效地减弱噪声的传播
【分析】（1）声音在不同介质中传播的速度不同，声音的传播速度与频率无关；
（2）每个发声体发出声音的音色是不同的；
（3）正常人的听觉范围是20Hz～20000Hz之间的声音。
【解答】解：A、声音的传播速度与频率无关，在空气中，超声波和次声波传播速度相同，故A错误；
B、每个发声体发出声音的音色是不同的，所以可以根据音色来区分不同人发出的声音，故B错误；
C、物体振动的频率必须在人的听觉频率范围内，人才能听见声音；声音的响度还与距离发声体的远近有关，人离发声体太远，也可能听不见声音，故C错误；
D、道路旁植树是在传播过程中有效地减弱噪声，故D正确。
故选：D。
3．（2分）下列常见的生活事例中，由分子不停地做无规则运动引起的是（ ）
A．初春时节，柳絮飞扬B．夏日炎炎，槐花飘香
C．秋风萧瑟，落叶飘零D．寒风凛冽，雪花飘飘
【分析】分子运动属于扩散现象，是肉眼看不见的运动，机械运动是物体的运动，是宏观上的运动，是看的见的运动。
【解答】解：ACD中的柳絮、落叶和雪花都是可见的，是宏观物体的机械运动，不是分子的运动，故ACD错误；
B、槐花飘香是扩散现象，是气体分子的运动，故B正确。
故选：B。
4．（2分）下列属于费力杠杆的是（ ）
A．托盘天平B．撬棒撬起石头
C．钓鱼竿钓鱼D．钳子剪断钢丝
【分析】我们把杠杆分为三类：省力杠杆（动力臂大于阻力臂，省力费距离）、费力杠杆（动力臂小于阻力臂，费力省距离）和等臂杠杆（动力臂等于阻力臂，不省力不费力，不省距离不费距离）。
【解答】解：A、托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，故A不符合题意；
BD，撬棒撬起石头、钳子剪断钢丝过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故BD不符合题意；
C、钓鱼竿钓鱼过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故C符合题意。
故选：C。
5．（2分）下列图中能反映直流电动机工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】（1）发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；
（2）电磁继电器的核心部件是电磁铁，电磁铁通电后具有磁性，是利用了电流的磁效应；
（3）电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的。
【解答】解：电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的。
A、图示的是闭合电路的导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生电流，是电磁感应现象，属于发电机的工作原理，故A不符合题意；
B、图示的是电磁继电器的装置图，电磁继电器的核心部件是电磁铁，电磁铁通电后具有磁性，是利用了电流的磁效应，故B不符合题意；
C、图示的通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机的工作原理，故C符合题意；
D、图示的是探究电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系的装置图，其原理是电流的磁效应，故D不符合题意。
故选：C。
6．（2分）如图所示，水平地面上的木块乙上叠放木块甲，在力F1和F2的作用下，以共同的速度v一起水平向右匀速运动，已知F1＝100N，F2＝10N，下列关于甲、乙和地面之间的摩擦力大小和方向说法正确的是（ ）
A．甲对乙的摩擦力为100 N，水平向左
B．乙对地面的摩擦力为90 N，水平向右
C．甲受到的摩擦力为10 N，水平向左
D．地面对乙的摩擦力为10 N，水平向右
【分析】静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，甲做匀速直线运动，首先分析甲的受力情况，求出甲受到的摩擦力；根据物体间力的作用是相互的，求出乙的上表面受到的摩擦力；
乙相对于地面进行匀速直线运动，分析乙的受力情况，求出乙下表面受到的摩擦力。
【解答】解：
两个物体一起向右做匀速直线运动，水平方向上甲受到拉力F1和乙对甲的摩擦力作用，摩擦力和拉力是一对平衡力，大小相等，方向相反，拉力F1是100N，所以乙对甲的摩擦力的大小是100N，方向水平向左；
根据物体间力的作用是相互的，甲对乙的摩擦力与乙对甲的摩擦力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，所以甲对乙的摩擦力大小是100N，方向水平向右；
物体乙进行匀速直线运动，水平方向上受到甲对乙水平向右的摩擦力、地面对乙水平向左的摩擦力、水平向左的拉力F2，这三个力是平衡力，所以地面对乙水平向左的摩擦力与水平向左的拉力F2之和等于甲对乙水平向右的摩擦力，所以乙下表面受到地面的摩擦力大小为100N﹣10N＝90N，方向水平向左；
因为物体间力的作用是相互的，乙对地面的摩擦力与地面对乙的摩擦力大小相等，方向相反，即乙对地面的摩擦力为90N，方向水平向右。
综上所述，B正确。
故选：B。
7．（2分）如图所示的电路图中，通过控制开关的闭合与断开，可实现不同方式的连接，以下正确的是（ ）
A．只闭合S1、S3，两灯泡并联
B．只闭合S1、S3，两灯泡串联
C．只闭合S1、S2，两灯泡都发光
D．S1、S2、S3闭合，两灯泡串联
【分析】电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作。
【解答】解：AB、只闭合S1、S3，电流分别经过两个灯泡回到电源负极，因此两个灯泡并联，故A正确、B错误；
C、只闭合S1、S2，电路为L2的基本电路，灯泡L1被短路，故C错误；
D、S1、S2、S3闭合，电源短路，故D错误。
故选：A。
8．（2分）如图是家庭电路中的一部分，下列说法正确的是（ ）
A．站在地上的人若用手直接接触 A 点，则会有触电危险
B．若电路中的保险丝烧了，可以用铜线或铁线代替
C．为用电安全，要安装一个带开关的插座，应在甲处安装两孔插座，乙处安装开关
D．电冰箱接入三孔插座后其外壳与零线相连
【分析】（1）人体直接或间接接触火线，容易发生触电事故；
（2）保险丝是用电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的，当电流过大时会熔断而保护电路；
（3）开关要接在插座（用电器）和火线之间；
（4）三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线；三脚插头插入插座后，地线与用电器的金属外壳相连。
【解答】解：
A、站在地上的人若用手直接接触A点时，接触了火线，会有触电危险，故A正确；
B、保险丝是用电阻率大、熔点低的材料制成的，而铜的熔点高，不能及时熔断，故B错误；
C、在家庭电路中，为了用电安全，开关应接在插座（用电器）与火线之间，所以图中甲处应装开关，乙处应装插座，故C错误；
D、电冰箱接入三孔插座能使电冰箱金属外壳接地，防止由于冰箱的外壳漏电而使人发生触电事故，故D错误。
故选：A。
9．（2分）如图所示，只闭合开关S1、S3时，电流表A1与A2的示数之比为1：2，下列说法正确的是（ ）
A．若只闭合S1、S2，电流表A1与A2的示数之比2：1
B．若只闭合S1、S3，R1与R2两端的电压之比为1：2
C．电路最大电功率与最小电功率之比为4：1
D．若只闭合S2，R1与R2的电功率之比为1：2
【分析】（1）若只闭合S1、S2，电路为R2的简单电路，R1被短路，电流表A1无示数；
（2）只闭合开关S1、S3时，两电阻并联，电流表A1测量通过R1的电流，电流表A2测量干路电流。
电流表A1与A2的示数之比为1：2，根据并联电路的电流特点可知通过R1和R2的电流之比，并联电路的各支路电压相等，据此得出R1与R2两端的电压之比，根据欧姆定律可知R1和R2的电阻之比；
（3）只闭合开关S1、S3时，两电阻并联，总电阻最小，电源电压不变，根据P＝UI＝可知电路的最大功率的表达式；若只闭合S2，两电阻串联，总电阻最大，电源电压不变，根据P＝UI＝可知电路的最小功率的表达式；已知两电阻的阻值之比，联立可得：电路最大电功率与最小电功率之比；
（4）若只闭合S2，两电阻串联，串联电路的电流处处相等，根据P＝UI＝I2R可知R1与R2的电功率之比。
【解答】解：A、若只闭合S1、S2，电路为R2的简单电路，R1和电流表A1被短路，电流表A1无示数，故A错误；
B、只闭合开关S1、S3时，两电阻并联，由于并联电路的各支路电压相等，R1与R2两端的电压之比为1：1，故B错误；
C、只闭合开关S1、S3时，两电阻并联，电流表A1测量通过R1的电流，电流表A2测量干路电流。
电流表A1与A2的示数之比为1：2，根据并联电路的电流特点可知通过R1和R2的电流之比为：
＝＝＝，
根据欧姆定律I＝可知R1和R2的电阻之比：
＝＝＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；
只闭合开关S1、S3时，两电阻并联，总电阻最小，电源电压不变，根据P＝UI＝可知电路的最大功率：P大＝+②，
若只闭合S2，两电阻串联，总电阻最大，电源电压不变，根据P＝UI＝可知电路的最小功率：P小＝③，
联立①②③可得：电路最大电功率与最小电功率之比为4：1，故C正确；
D、若只闭合S2，两电阻串联，串联电路的电流处处相等，根据P＝UI＝I2R知R1与R2的电功率之比为：
＝＝＝，故D错误；
故选：C。
10．（2分）图乙是图甲所示电子秤的工作原理图．电子秤的示数表是由电流表改装的，R1是一根长6cm，阻值30Ω的均匀电阻丝，滑片P在a端时，电流表示数为0.2A；在b端时，电流表示数为0.6A，弹簧c受到压力F与压缩量ΔL的关系如图丙．挂钩的重力不计，不称重物时滑片P刚好在电阻丝的a端，所称物重最大时P在b端，g取10N/kg，电路中电源电压不变，下列判断正确的是（ ）
A．R2阻值为10Ω
B．电源电压为6V
C．电子秤使用时，电路最大的功率是3W
D．当电子秤示数为3千克时，电路中的电流为0.3A
【分析】（1）滑片在a端时，R1与R2串联，根据欧姆定律表示出电源的电压；滑片在b端时，电路为R2的简单电路，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源电压不变得出等式即可求出R2的阻值，进一步求出电源的电压；
（2）根据P＝UI＝可知，在电源电压一定时，电路中的电阻越小，电功率越大，根据电路图分析出电路中的最小电阻，根据P＝UI＝求出电路最大的功率；
（3）当电子秤示数为3kg时，先根据F＝G＝mg求出拉力；由图象得出弹簧的伸长量，由图乙得出弹簧连入电路的电阻，然后根据串联电路的特点和欧姆定律即可求出电流。
【解答】解：（1）滑片在a端时，R1与R2串联，电路中的电流Ia＝0.2A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，由I＝可得，
电源的电压：U＝Ia（R1+R2）＝0.2A×（30Ω+R2），
滑片在b端时，电路为R2的简单电路，电路中的电流Ib＝0.6A，
电源的电压：U＝IbR2＝0.6A×R2，
因电源的电压不变，所以，0.6A×R2＝0.2A×（30Ω+R2），
解得：R2＝15Ω，故A错误；
则电源电压U＝IaR2＝0.6A×15Ω＝9V，故B错误；
（2）由P＝UI＝可知，在电源电压一定时，电路中的电阻越小，电功率越大，
由电路图可知，滑片在b端时，电路为R2的简单电路，电路中的电阻最小，
此时电路最大的功率：P大＝＝＝5.4W，故C错误；
（3）当电子秤示数为3kg时，对弹簧的拉力为F＝G＝mg＝3kg×10N/kg＝30N；
由图丙可知此时弹簧伸长为3cm，则R1连入电路的电阻为R1′＝30Ω×＝15Ω，
则此时电路中的电流I′＝＝＝＝0.3A，故D正确。
故选：D。
11．（2分）如图所示，物体甲、乙、丙的质量均为m，现将它们由静止释放，在物块甲下落到地面的过程中，甲乙间细线拉力大小为F1，乙丙间细线拉力大小为F2，细线重力及各处的摩擦均不计，甲乙落地后不弹起，则下列判断正确的是（ ）
A．甲落地前F1＝2mg，甲的动能不变
B．甲落地前F2＞mg，丙的机械能增大
C．甲落地前后，丙先加速后立刻减速最终静止
D．甲落地后F1＞mg，F2＝mg
【分析】（1）机械能＝动能+势能；动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、物体被举的高度。质量越大，被举的越高，重力势能越大。
（2）力与运动的关系：物体在平衡力的作用下，总保持匀速直线运动状态或静止状态。
【解答】解：A、甲落地前，甲竖直向下做加速运动，受到的重力要大于竖直向上的拉力，甲的质量不变，速度变大，动能变大，故A错误；
B、甲落地前，对甲、乙整体分析，整体受到竖直向下的重力、竖直向上的拉力，整体向下做加速运动，所以丙向上做加速运动，丙受到的拉力要大于自身的重力，所以F2＞mg；丙的质量不变，速度变大，动能变大，高度变大，重力势能变大，机械能增大，故B正确；
CD、甲落地前，丙向上做加速运动；甲落地后乙落地前，丙在竖直方向上受力平衡，对丙的拉力等于丙的重力，即F2＝mg，向上做匀速直线运动；乙落地后，丙不受到竖直向上的拉力，在重力的作用下会向上做减速运动，甲乙落地后不弹起，甲、乙之间不存在拉力，即F1＝0，故CD错误。
故选：B。
12．（2分）量程为100mL的量筒里装有70mL的水，小明将一个钢笔慢慢放入量筒中如图所示，钢笔处于漂浮状态，此时量筒液面对应95mL，水没有溢出，但小明发现量筒中有水渐渐漏进钢笔中，最终钢笔沉入量筒底部，从钢笔漂浮到沉底整个过程，以下说法正确的是（ ）
A．水渐渐漏进钢笔过程中，只要钢笔还是漂浮，液面就一直对应95mL
B．钢笔没放入量筒时，其质量一定大于25g
C．钢笔沉入量筒底部时，可能有水会溢出量筒
D．整个过程中，水对量筒底部的压强一直变小
【分析】（1）钢笔漂浮时，浮力等于重力，随着水进入钢笔，钢笔的总重力增加，同时排开水的体积增加，增加的浮力等于进入钢笔的水的重力，进而判断出液面的变化；
（2）钢笔慢慢放入量筒时，水慢慢进入钢笔，则总重力增加，根据F浮′＝G笔+G进入算出排开水的质量，再与25g比较即可；
（3）由A知钢笔漂浮时液面的变化，待全部浸没时，根据浮力与总重力的关系判断出钢笔排开水的体积与钢笔体积与进入水体积和的关系，进而判断出会不会有水溢出；
（4）由分析知液体深度的变化，由p＝ρgh判断出水对量筒底部的压强的变化。
【解答】解：A、钢笔漂浮时，浮力等于重力，根据阿基米德原理F浮＝G＝G排＝ρ液gV排，随着水进入钢笔，钢笔的总重力增加，同时排开水的体积增加，F浮′＝G总＝ρ液gV排′知，增加的浮力等于进入钢笔的水的重力，则ΔF＝ρ水gΔV排＝ΔG水＝ρ水gV进入，则ΔV排＝V进入，故液面不变，就一直对应95mL，故A正确；
B、因为钢笔慢慢放入量筒时，水慢慢进入钢笔，则钢笔的总重力增加，F浮′＝G笔+G进入，则G排＝G笔+G进入，m排g＝m笔g+m进入g，
排开水的质量为：m排＝ρ水V排＝1g/cm3×25cm3＝25g，故m笔＜25g，故B错误；
C、由A知钢笔漂浮时，液面不变，待全部浸没时，浮力小于总重力，F浮＜G总，ρ水gV排＜G笔+G进入，所以V排＜V笔+V进入，故水不会溢出，故C错误；
D、由分析知开始时深度不变，后来深度下降，由p＝ρgh得水对量筒底部的压强先不变，后变小，故D错误。
故选：A。
二、填空题（每空1分，共26分．）
13．（4分）如图甲所示，刻度尺的分度值是 1 mm，物块的长度为 2.70 cm；如图乙所示的电压表示数为 2.5 V，如图丙所示的电流表示数为 0.34 A．
【分析】（1）刻度尺的分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度；使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
（2）电流表和电压表读数时，先明确使用的量程、对应的分度值，再根据指针位置读数。
【解答】解：（1）由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；
物块左侧4.0cm刻度线对齐，读作4.00cm，右侧与6.7cm刻度线对齐，读作6.70cm，所以物块的长度为：L＝6.70cm﹣4.00cm＝2.70cm；
（2）由图乙可知，电压表量程是0～15V，分度值为0.5V，电压表示数是2.5V；
由图丙可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，电流表的示数为0.34A。
故答案为：1；2.70；2.5；0.34。
14．（2分）演员用二胡演奏时，手按压琴弦的不同位置可以改变声音 音调 （选填“音调”、“响度”或“音色”）；在上自习课时，老师及时制止了两个同学大声说话，这是在 声源处 减弱噪声。
【分析】（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
（2）减弱噪声有三条途径，即在三个不同的位置——声源处、传播过程中、人耳处。
【解答】解：（1）用二胡演奏时，手按压琴弦的不同位置可以改变弦振动的频率，从而改变声音的音调；
（2）在上自习课时，老师及时制止了两个同学大声说话，这是在声源处减弱噪声。
故答案为：音调；声源处。
15．（2分）太阳的能量来自内部的 核聚变 （核裂变/核聚变），核能属于 不可再生 （可再生/不可再生）能源。
【分析】核裂变是较重的原子核裂变成较轻的原子核的一种核反应，核聚变是较轻的原子核结合成较重的原子核的一种核反应，太阳内部为核聚变；
能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源。
【解答】解：太阳能内部是由于较轻的氢原子核在高温下发生聚变而释放出核能，太阳的能量来自内部的核聚变；核燃料在地球上的储量是一定的，所以属于不可再生能源。
故答案为：核聚变；不可再生。
16．（2分）如图所示，水平地面放置一个长方体木块，上面放置一根密度均匀的长方体木棒，木棒等距离涂有黑白相间的颜料，木棒一端立放着6g的一元硬币，整个装置能处于静止状态，则木棒的质量最少约 3 g，最多约 12 g。
【分析】分别以长方体木块的左端和右端为支点，根据杠杆的平衡条件求出木棒的质量的大小。
【解答】解：由图可知，当以长木板的左侧为支点时，此时硬币的重力的力臂最大，根据杠杆的平衡条件可知，此时杠杆的重力最大；设杠杆的长度为6L，此时硬币一端的力臂为2L，杠杆的重力的力臂为L，根据杠杆的平衡条件可知：m木g×L＝m硬币g×2L，所以m木＝3m硬币＝2×6g＝12g；
当以长木板的右侧为支点时，此时硬币的重力的力臂最小，根据杠杆的平衡条件可知，此时杠杆的重力最小；设杠杆的长度为6L，此时硬币一端的力臂为L，杠杆的重力的力臂为3L，根据杠杆的平衡条件可知：m'木g×2L＝m硬币g×L，所以m木＝m硬币＝×6g＝3g。
故答案为：3；12。
17．（4分）如图是生活中常见的两种窗户，甲图窗户可在直线轨道上左右平移，乙图窗户可绕固定轴转动，如果你站在窗户前，能通过玻璃看到你的像，则看到的像是 虚 （实/虚）像，你若将甲图窗户左右平移打开，则你在P窗户中的像将 不随 （随/不随）窗平移；你若将乙图Q窗户转动150°打开，则窗框上的A点与A点在Q窗中的像之间距离将 先变大后变小 （变大/不变/变小/先变大后变小/先变小后变大），同时A点的像移动轨迹是 曲线 （直线/曲线）．
【分析】（1）平面镜成虚像，虚像不能用光屏接到，实像能用光屏接到，用光屏呈接来辨别是实像还是虚像；
（2）玻璃门中的像是由于光的反射形成的，不是实际光线形成，形成的是虚像，不在玻璃门上，在玻璃门上的像不随门移动；
（3）平面镜成像的特点是：①所成的像是虚像；②像和物体形状、大小相同；③像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；④像和物体各对应点到平面镜间距离相等。
【解答】解：根据平面镜成像原理，通过玻璃看到的像不是实际光线会聚成的，是虚像；将甲图窗户左右平移打开，平面镜成像时像和物体关于平面镜对称，则你在P窗户中的像将不随窗户移动；
将乙图Q窗户转动150°打开，在0～90°时，像远离物体，距离变大，在90°～150°时，像靠近物体，距离变小，则窗框上的A点与A点在Q窗中的像之间距离将先变大后变小，A点的像移动轨迹是曲线。
故答案为：虚；不随；先变大后变小；曲线。
18．（3分）洗衣机中衣服脱水时，是利用 水 （衣服/水）具有惯性；货车超载会使货车的惯性 变大 （变大/不变/变小），降低车的灵活性，增加发生交通事故的风险；乘汽车要正确使用安全带，系安全带主要是为了防止汽车在 急停 （急停/急加速）时，由于惯性带来的危害．
【分析】物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性。惯性大小与物体的质量有关。
【解答】解：洗衣机中衣服脱水是利用水具有惯性，脱离衣服；货车超载时质量增大，惯性增大，使发生交通事故的风险增大；
司机和乘客随汽车高速行驶，当车急停时，司机和乘客由于惯性要保持原来的运动状态继续向前运动，系好安全带可以防止人向前倾倒造成危害。
故答案为：水；变大；急停。
19．（2分）氢能源具有热值高、无污染等优点。氢气的热值为1.4×108J/kg，完全燃烧0.2kg的氢气可放出 2.8×107 J的热量；若一罐氢气用去了一半，则剩余氢气的热值是 1.4×108 J/kg。
【分析】利用Q放＝mq计算出完全燃烧0.2kg的氢气可放出的热量；热值是燃料的一种特性，它的大小和燃料的种类有关，和燃料的质量、体积大小无关。
【解答】解：（1）0.2kg氢气完全燃烧放出的热量：Q放＝mq＝0.2kg×1.4×108J/kg＝2.8×107J；
（2）热值是燃料的一种特性，与燃料的质量、体积大小无关，所以一罐氢气用去一半，剩下的氢气热值不变，还是1.4×108J/kg。
故答案为：2.8×107；1.4×108。
20．（2分）如图所示，水平桌上放置三个相同规格的容器甲、乙、丙，里面装有液体，乙、丙中的液体相同，将三个实心小球分别放入其中，甲、乙中的小球完全相同，乙、丙中的小球密度不同，小球静止时，三个容器中的液面相平，则液体对容器底压强p甲、p乙、p丙大小关系是 p甲＜p乙＝p丙 ；容器对桌面压力F甲、F乙、F丙，大小关系是 F甲＜F乙＜F丙 。
【分析】根据物体的浮沉条件分析乙、丙中小球密度的大小；根据A球在甲、乙液体中的浮沉情况分析甲中液体与乙中液体的密度的大小关系；根据p＝ρgh分析液体对容器底部压强的大小关系；
容器对桌面的压力大小等于容器中液体的重力、小球的重力、容器自重之和；根据容器中液体的体积，利用液体的密度分析甲、乙容器中液体的重力的大小关系；根据阿基米德原理分析乙、丙中液体重力和小球重力的大小关系。
【解答】解：由图乙、丙可知，A在乙中漂浮，A球的密度小于液体的密度；B球在液体中沉底，B的密度大于液体的密度，所以A的密度小于B的密度；
由图可知，A在甲中悬浮，说明A的密度等于甲中液体的密度，所以甲中液体的密度小于乙中液体的密度；
液体深度相同，根据p＝ρgh可知，液体对容器底压强p甲、p乙、p丙大小关系是：p甲＜p乙＝p丙；
甲、乙两个容器完全相同，容器液面相平，由图可知液体的体积大小关系是V甲＜V乙，
因为液体的密度关系为ρ甲＜ρ乙，根据m＝ρV可知，三容器内液体的质量大小关系是m甲＜m乙；
根据G＝mg可知，液体的重力的大小关系是G甲液＜G乙液；所以容器甲的总重力要小于乙容器的总重力；
A、B的体积相同，由G＝mg＝ρVg可知，A的重力小于B的重力；乙图中，小球A排开的液体的重力等于小球A的重力；丙图中小球B的重力大于排开的液体的重力，所以容器乙的总重力要小于丙容器的总重力；
容器对水平桌面的压力等于容器的总重力，则桌面所受的压力大小关系是F甲＜F乙＜F丙。
故答案为：p甲＜p乙＝p丙；F甲＜F乙＜F丙。
21．（3分）如图所示的电路中，灯L标有“3V 0.9W”的字样，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A，滑动变阻器Rx标有“100Ω 2A”。闭合开关S，移动滑片P，当电压表示数为2.0V时，电流表示数为0.25A，电源电压为 4.5 V。为保证电路安全，Rx允许接入的最大阻值为 20 Ω；移动滑片P，电路的最大功率是 1.35 W。（不考虑温度对电阻的影响）
【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器Rx串联，电压表测Rx两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI＝求出灯泡的电阻，根据欧姆定律求出电流表示数为0.25A时灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；
（2）根据串联电路的电压特点求出电压表的示数为3V时灯泡两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，由欧姆定律算出滑动变阻器的最大电阻；
（3）根据P＝UI求出灯泡的额定电流，然后与电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最大电流相比较确定电路中的最大电流，由P＝UI算电路的最大功率。
【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器Rx串联，电压表测Rx两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）由P＝UI＝可得灯泡的电阻：
RL＝＝＝10Ω，
当电压表示数为2.0V时，电流表示数为0.25A，
由I＝可得此时灯泡两端的电压：
UL′＝IRL＝0.25A×10Ω＝2.5V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U＝Ux+UL′＝2.0V+2.5V＝4.5V；
（2）当电压表的示数Ux′＝3V时，
根据串联电路电压的规律知灯泡两端的电压为：
UL′＝U﹣Ux′＝4.5V﹣3V＝1.5V，
此时电路中的电流：
I小＝＝＝0.15A，
因为串联电路中各处的电流相等，
所以通过滑动变阻器的电流也为0.15A，
所以滑动变阻器接入电路中的最大电阻：
Rx大＝＝＝20Ω；
（3）根据P＝UI得灯泡正常发光时的电流：
IL＝＝＝0.3A，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表量程为0～0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，
所以，电路中的最大电流I大＝0.3A，
电路的最大功率是：
P＝UI大＝4.5V×0.3A＝1.35W。
故答案为：4.5；20；1.35。
22．（2分）如图所示，A、B两个正方体，放在水平地面上，对地面压强分别为p1、p2．现将B放在水平地面上，再将A叠放在B的正上方，此时B对桌面的压强p3，已知p1：p2：p3＝4：4：5，则A、B的密度比是 2：1 ，A、B边长比是 1：2 ．
【分析】（1）柱形物体对水平地面的压强p＝＝＝＝＝＝ρgh，据此表示出A、B对水平地面的压强之比；
（2）根据G＝mg＝ρVg＝ρh3g表示出正方体的重力，物体对水平地面的压力大小等于物体的重力，根据p＝表示出B对水平地面与将A叠放在B的正上方时B对水平桌面的压强之比，联立方程求出A、B边长之比，进而求出A、B的密度之比。
【解答】解：（1）柱形物体对水平地面的压力：F＝G＝mg＝ρVg＝ρShg，
则柱形物体对水平地面的压强p＝＝＝ρgh，
则正方体A、B对水平地面的压强之比：
＝＝＝，
整理可得：ρAhA＝ρBhB……①
（2）正方体物体的重力：G＝mg＝ρVg＝ρh3g，
由p＝可知，正方体B对水平地面与将A叠放在B的正上方时B对水平桌面的压强之比：
＝＝＝＝＝，
整理可得：4ρAhA3＝ρBhB3……②
由①②解得：
＝；
由①得：
＝＝。
故答案为：2：1；1：2。
三、解答题（第23题8分；第24、25、26题每题6分；第27、29题，每题6分；第28题5分，第30题7分，共50分）
23．（2分）请在图中画出入射光线通过透镜后的折射光线。
【分析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点（三条特殊光线）来作图。
【解答】解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。如图所示：
24．（2分）如图是3D简易投影，就是用平面镜将水平放置的物体AB的像竖直呈现在人的正前方，其中A的像与人眼在同一水平面，请作出平面镜位置．
【分析】A的像与人眼在同一水平面，过人眼作水平线，将水平放置的物体AB的像竖直呈现在人的正前方，因像与物关于平面镜对称，根据数学知识可知平面镜与水平面的夹角为45°，因像与物的连线与镜面垂直，可知像与物的连线与水平面成45°夹角，故过A作与水平线成45°的直线交与眼睛水平的线于A'，过B作与水平线成45°的直线，A'即为A的像，作AA'的垂直平分线即为镜面的位置。
【解答】解：A的像与人眼在同一水平面，过人眼作水平线，将水平放置的物体AB的像竖直呈现在人的正前方，因像与物关于平面镜对称，根据数学知识可知平面镜与水平面的夹角为45°，因像与物的连线与镜面垂直，可知像与物的连线与水平面成45°夹角，故过A作与水平线成45°的直线交与眼睛水平的线于A'，过B作与水平线成45°的直线，A'即为A的像，作AA'的垂直平分线即为镜面的位置，如下所示：
25．（2分）如图，质量分布不均匀的长方形物体放在水平地面上，A点是它的重心，如果用力只使物体一端稍微离开地面，在物体上画出所施加最小力的示意图，并标明支点O.
【分析】①在杠杆上，支点指的是杠杆绕着转动的点；
②根据杠杆的平衡条件，动力臂越长越省力，首先确定出最长的力臂，然后画出的示意图；由支点到力的作用点的距离是最长的力臂。
【解答】解：
由图可知，A点是长方体的重心，故以长方体的左下角为支点时，阻力臂最短，以其左下角与右上角的连线为最长动力臂时，动力最小，使物体的右端稍微离开地面，最小动力的方向斜向右上方，如图所示：
26．（6分）如图所示，水平桌面上放置一底面积500cm2的薄壁圆筒，筒内装有适量的水．弹簧测力计下悬挂一圆柱体；从液面逐渐浸入直到浸没，弹簧测力计示数F与圆柱体下表面浸入液体深度h的关系如图所示．已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg．
求：（1）圆柱体浸没在水中时受到的浮力；
（2）圆柱体的密度；
（3）圆柱体的底面积．
【分析】（1）根据图象分析出物体的重力和完全浸没时的拉力，根据公式F浮＝G﹣F拉求出圆柱体浸没在水中时受到的浮力；
（2）根据F浮＝ρ水gV排求出圆柱体浸没时排开水的体积，即圆柱体的体积；根据G＝mg求出圆柱体的质量，再利用密度公式求出圆柱体的密度；
（3）圆柱体刚好浸没在水中时，根据圆柱体下表面浸入液体的深度可知圆柱体的高度，从而求出圆柱体的底面积。
【解答】解：（1）由图象知，当圆柱体浸入深度h＝0时，测力计的示数为10N，此时弹簧测力计的示数等于圆柱体的重力，则圆柱体的重力G＝10N；
圆柱体完全浸没在水中时，弹簧测力计的示数F拉＝2N；
则圆柱体浸没在水中时受到的浮力：
F浮＝G﹣F拉＝10N﹣2N＝8N；
（2）由F浮＝ρ水gV排可知，圆柱体的体积：
V＝V排＝＝＝8×10﹣4m3，
由G＝mg可知，圆柱体的质量：
m＝＝＝1kg，
圆柱体的密度：
ρ＝＝＝1.25×103kg/m3；
（3）由图像可知，当h≥8cm时，测力计的示数不变，说明圆柱体全部浸没在水中，并且圆柱体刚好浸没在水中时，圆柱体下表面浸入水中的深度为8cm，即圆柱体的高度：h＝8cm＝0.08m，
所以圆柱体的底面积为：S＝＝＝1×10﹣2m2。
答：（1）圆柱体浸没在水中时受到的浮力为8N；
（2）圆柱体的密度为1.25×103kg/m3；
（3）圆柱体的底面积为1×10﹣2m2。
27．（6分）如图所示的滑轮组，将重为10N的物体匀速提起，在10s内物体上移的距离为2m，所用拉力为5N，每个滑轮重4N，求：
（1）物体上升的速度；
（2）拉力做功的功率；
（3）滑轮组提升该物体时的机械效率（结果保留一位小数）。
【分析】（1）利用v＝求物体上升的速度；
（2）由图可知n＝3，绳子自由端移动的距离s＝nh，利用W总＝Fs求拉力做的总功，利用P＝求拉力做功的功率；
（3）利用W有＝Gh求有用功，利用η＝×100%求滑轮组的机械效率。
【解答】解：（1）物体上升的速度：v＝＝＝0.2m/s；
（2）由图可知n＝3，绳子自由端移动的距离：s＝nh＝3×2m＝6m，
拉力做的总功：W总＝Fs＝5N×6m＝30J，
拉力做功的功率：P＝＝＝3W；
（3）拉力做的有用功：W有＝Gh＝10N×2m＝20J，
滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%≈66.7%。
答：（1）物体上升的速度为0.2m/s；
（2）拉力做功的功率为3W；
（3）滑轮组提升该物体时的机械效率为66.7%。
28．（6分）如图所示的电路图中，电阻R1的阻值为10Ω；小明通过改变开关S1和S2的状态，发现电流表最大示数是0.9A，而将S1闭合，S2接B时，电流表是0.3A。
求：
（1）电源电压；
（2）R2的阻值；
（3）R1通电时的最小功率。
【分析】（1）当S1闭合，S2接B时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源电压；
（2）由欧姆定律可知，在电源电压一定时，电路中的电阻越小，电路中的电流越大，据此结合电路图分析电路连接情况，
根据并联电路的特点分析此时通过R1的电流，根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，根据欧姆定律求出R2的阻值；
（3）由P＝UI＝I2R可知，通过R1的电流最小时，R1的功率最小，由欧姆定律可知，此时电路中的电阻最大，据此结合电路图分析电路连接情况，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路中的最小电流，根据P＝UI＝I2R求出R1通电时的最小功率。
【解答】解：（1）当S1闭合，S2接B时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，
由欧姆定律可知，电源电压：
U＝I1R1＝0.3A×10Ω＝3V；
（2）由欧姆定律可知，在电源电压一定时，电路中的电阻越小，电路中的电流越大，
分析电路图可知，当S1闭合，S2接A时，R1、R2并联，电路中的电阻最小，电流最大，电流表测干路电流，
由并联电路的特点可知，此时R1的电压和电流都不变，
由并联电路的电流特点可知，此时通过R2的电流：
I2＝I﹣I1＝0.9A﹣0.3A＝0.6A，
由欧姆定律可知，R2的阻值：
R2＝＝＝5Ω；
（3）由P＝UI＝I2R可知，通过R1的电流最小时，R1的功率最小，由欧姆定律可知，此时电路中的电阻最大，
分析电路图可知，当S1断开，S2接B时，R1、R2串联，电路中的电阻最大，电流最小，电流表测电路中的电流，
由串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻：
R＝R1+R2＝10Ω+5Ω＝15Ω，
电路中的最小电流：
I小＝＝＝0.2A，
则R1通电时的最小功率：
P1＝I小2R1＝（0.2A）2×10Ω＝0.4W。
答：（1）电源电压为3V；
（2）R2的阻值为5Ω；
（3）R1通电时的最小功率为0.4W。
29．（6分）利用如图所示的实验装置探究“冰熔化时温度变化的规律”．
（1）在组装图甲中的实验器材时，先放置 B （A/B）；
（2）选用颗粒较小的冰块做实验，然后用水浴法加热，并用搅拌棒不断搅拌，其目的是使试管内的冰块 受热均匀 ，实验过程中观察冰的 温度 和 状态 变化；
（3）点燃酒精灯给烧杯加热，一段时间后温度计的示数如图乙所示，此时温度计示数为 ﹣2 ℃；
（4）小荣同学在读数时按图丙所示的A位置读数，则测量结果 偏大 （偏大/偏小）．
【分析】（1）酒精灯的外焰温度最高，实验时要用酒精灯的外焰加热，因此要先固定好石棉网的高度，据此分析；
（2）水浴法能使物质均匀受热；实验过程中观察冰的温度变化以及状态变化；
（3）在进行温度计的读数时，注意其分度值和0刻度线；
（4）读数时，仰小俯大。
【解答】解：（1）组装实验器材时，应按照自下而上的顺序，酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；先放置B；
（2）水浴法能使物质均匀受热；实验过程中观察冰的温度变化以及状态变化；
（3）图乙中温度计的分度值为1℃，示数为﹣2℃；
（4）按图丙所示的A位置读数，俯视读数，导致温度偏大。
故答案为：（1）B；（2）受热均匀；温度；状态；（3）﹣2；（4）偏大。
30．（5分）小林用图甲装置来探究凸透镜成像的规律．
（1）实验前，应调整烛焰和光屏的中心在 同一水平直线上 ．
（2）当蜡烛、凸透镜和光屏处于图甲所示位置时，恰好在光屏上成清晰的像，所成的像是 倒立、放大的实像 ．
（3）如果保持图甲中透镜和蜡烛位置不变，将光屏向左移动一小段距离，光屏上的像变模糊，要使光屏上重新得到烛焰清晰的像，则应该在透镜和蜡烛之间放置一个 远视 （近视/远视）眼镜．
（4）如图乙所示的是王亚平太空授课时展示的含有空气的水珠成像的情景，在水球中能看到一正一反两个像，在水球中倒立的像是王亚平位于水透镜 两倍焦距以外 （一倍焦距以内/两倍焦距以外/一倍焦距与两倍焦距之间）的像，若王亚平靠近水球，则 两个 （正立像/倒立像/两个像）会变大．
【分析】（1）为使像能成在光屏的中央，应调整凸透镜、光屏、烛焰的中心大致在同一高度处；
（2）凸透镜成像的五种情况：①u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用是照相机；②u＝2f，成倒立、等大的实像；③2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用是幻灯机；④当u＝f时，不成像；⑤u＜f，成正立、放大的虚像，应用是放大镜；
（3）根据凸透镜和凹透镜对光线的作用进行分析；
（4）首先根据图可确定像的性质，再根据凸透镜成实像时，当u＞2f，成倒立缩小的实像；正立缩小的像是凹透镜成的虚像。
【解答】解：（1）将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上。点燃蜡烛后，调节凸透镜和光屏的高度，使它们的中心与烛焰中心大致在同一水平直线上。其目的是使像成在光屏的中央：
（2）当蜡烛、凸透镜和光屏处于图甲所示位置时，物距小于像距，成倒立、放大的实像；
（3）把光屏向左移动一小段距离，要想在光屏上再次得到清晰的像，应使像向左移动，则需在凸透镜和蜡烛之间放置适当的凸透镜；远视眼就是利用这种透镜矫正的；
（4）图中所成的像为倒立、缩小的实像，那么水珠相当于凸透镜，当u＞2f，成倒立缩小的实像，所以王亚平位于水透镜两倍焦距以外，若王亚平靠近水球，则倒立像，正立像都会变大。
故答案为：（1）同一水平直线上；（2）倒立、放大的实像；（3）远视；（4）两倍焦距以外；两个像。
31．（6分）如图所示，在“测量石块的密度”实验中，实验器材有托盘天平、量筒、足量的水、细线、待测小石块等。
（1）调平时，小虎发现指针如图甲，此时应该把平衡螺母向 右 （左/右）调节；
（2）小虎测量石块质量，天平再次平衡时，右盘中的砝码和游码所处的位置如图乙所示，则小石块质量为 48.4 g；
（3）小虎测得了石块的体积如图丙所示，通过计算可知该石块的密度是 2.42×103 kg/m3；
（4）实验完毕，整理实验器材时小虎发现，天平的右盘有一个缺角，则用该天平测量石块质量将 不受影响 （偏大/偏小/不受影响）；
（5）小明提出不使用量筒也可以测出石块的体积，具体方法如下：
①在烧杯中装入适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量m＝200g；
②用细线吊着石块（细线的体积忽略不计），浸没水中，水未溢出，石块未接触烧杯，如图丁所示，再用天平测出其质量m2＝222g；则石块的体积为 22 cm3，石块的密度是 2.2×103 kg/m3。
【分析】（1）调节横梁左右两端的平衡螺母时，指针偏向分度盘的左侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向右调节；
（2）天平在读数时，被测物体的质量＝砝码的质量+游码所对刻度值；
（3）根据石块的体积等于石块和水的总体积减去水的体积求出石块的体积，根据密度公式计算石块密度即可；
（4）若天平的左盘有一个缺角，测量前调节平衡螺母时，已将该影响排除，质量测量不受影响；
（5）先求出石块浸没水中增加的质量即石块排开水的质量，利用V＝得出排开水的体积，石块的体积等于石块排开水的体积，最后根据密度公式计算出石块密度。
【解答】解：（1）测量前调平时，指针偏向分度盘的左侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向右调节；
（2）图乙标尺的分度值是0.2g，所以游码的示数是3.4g，则被测物体的质量：m＝20g+20g+5g+3.4g＝48.4g；
（3）由图丙可知，石块的体积为V＝40mL﹣20mL＝20mL＝20cm3，
石块的密度为ρ＝＝＝2.42g/cm3＝2.42×103kg/m3；
（4）若天平的左盘有一个缺角，测量前调节平衡螺母时，已将该影响排除，故质量测量不受影响；
（5）①在烧杯中装入适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量：m＝200g；
②石块浸没时排开水的质量：m排＝222g﹣200g＝22g，
石块的体积V＝V排＝＝＝22cm3；
ρ＝＝＝2.2g/cm3＝2.2×103kg/m3。
故答案为：（1）右；（2）48.4；（3）2.42×103；（4）不受影响；（5）②22；2.2×103。
32．（7分）利用如图所示的电路测量小灯泡的电功率，所用器材：额定电压U额为2.5V的小灯泡，电源电压恒定为3V，电压表一块，滑动变阻器（20Ω 2A），电阻箱（最大阻值为999.9Ω）、开关和导线若干。
（1）用笔画线代替导线，将图乙中的实物图按照甲所示的电路图连接完整。
（2）连接电路前，各开关应 断开 ，按乙图连好后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于 B （A/B）端。
（3）小华测量小灯泡的额定功率的操作如下：
①只闭合开关S、S1，移动变阻器后，发现电压表的示数是2V，要使小灯泡正常发光，则要将滑动变阻器的滑片P向 A （A/B）移动，使电压表的示数为 2.5 V；
②只闭合开关S、S2，保持滑片P不动，调节电阻箱，使用电压表的示数为2.5V，电阻箱示数如图丙，由此可知小灯泡的额定功率是 0.625 W。
（4）小明测量小灯泡的额定功率的操作如下：
①只闭合开关S、S1，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V；
②只闭合开关S、S2，保持滑片P不动，调节电阻箱，使用电压表的示数为2V，此时电阻箱示数R箱。
由此可知小灯泡的额定功率是 P额＝1V× （用U额、R箱等表示）。
【分析】（1）根据电路图可知，开关S1右接线柱与S2右接线柱连接；
（2）为了保护电路，连接电路前，各开关应断开，按乙图连好后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处；
（3）①根据灯泡额定电压，利用串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器的滑片移动方向；②利用串联分压规律求出滑动变阻器接入的阻值，然后根据串联电路电压特点和欧姆定律以及电功率公式求出小灯泡的额定功率；②按电阻箱的读数方法读出电阻箱的阻值，即小灯泡的电阻，根据P＝算出灯泡额定功率；
（4）根据串联电路电压规律和分压原理求出变阻器的阻值；根据串联电路电压规律和欧姆定律求出灯泡的额定电流，根据P＝UI算出灯泡的额定功率。
【解答】解：（1）根据图甲，开关S1右接线柱与S2右接线柱连接，如下图所示：
；
（2）为了保护电路，连接电路前，各开关应断开，按乙图连好后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处，即B端；
（3）①只闭合开关S、S1，移动变阻器后，发现电压表的示数是2V，小于灯泡额定电压2.5V，要使小灯泡正常发光，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值，故将滑动变阻器的滑片P向A移动，使电压表的示数为2.5V；
②由图丙所示电阻箱可知，电阻箱阻值为：0×100Ω+1×10Ω+0×1Ω+0×0.1Ω＝10Ω；
由于实验中电阻箱与灯泡两端电压U相等，流过它们的电流I相等，由R＝可知知：电阻箱阻值与灯泡正常发光的电阻相等，灯泡的额定功率为：
P＝＝＝0.625W；
（4）②只闭合开关S、S2，保持滑片P不动，调节电阻箱，使用电压表的示数为2V，根据串联电路电压规律，变阻器两端的电压为U滑2＝U﹣U箱＝3V﹣2V＝1V，变阻器两端电压是电阻箱两端电压的＝0.5倍，根据分压原理，R滑2＝0.5R箱；
①只闭合开关S、S1，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V，此时灯泡正常发光；根据串联电路电压规律，变阻器两端电压为U滑1＝U﹣U额＝3V﹣2.5V＝0.5V，由于变阻器前后阻值不变，根据串联电路电流特点和欧姆定律可知，灯泡的额定电流为：
I＝I滑1＝＝＝，
小灯泡的额定功率为：
P额＝U额I＝U额×＝1V×。
故答案为：（1）见解答图；（2）断开；B；（3）①A；2.5；②0.625；（4）P额＝1V×。
33．（2分）请在图中画出提升滑轮组最省力的绕法。
【分析】滑轮组的省力情况取决于承担物重的绳子的段数，也就是看有几段绳子通过动滑轮，段数越多越省力。
【解答】解：从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这就是最省力的绕法。如图所示：
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1．（2分）下列估测值最接近实际的是（ ）
A．一元硬币的直径约为2.5mm
B．普通中学生走路的速度约为1.5km/h
C．酒精灯点燃后外焰的温度约为90℃
D．一个苹果的质量约为0.25kg
2．（2分）关于声现象，下列说法中正确的是（ ）
A．在空气中，超声波比次声波传播快
B．“闻其声知其人”是因为不同人发出声音的响度不同
C．只要物体振动，我们就一定能听到声音
D．道路旁植树可以有效地减弱噪声的传播
3．（2分）下列常见的生活事例中，由分子不停地做无规则运动引起的是（ ）
A．初春时节，柳絮飞扬B．夏日炎炎，槐花飘香
C．秋风萧瑟，落叶飘零D．寒风凛冽，雪花飘飘
4．（2分）下列属于费力杠杆的是（ ）
A．托盘天平B．撬棒撬起石头
C．钓鱼竿钓鱼D．钳子剪断钢丝
5．（2分）下列图中能反映直流电动机工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
6．（2分）如图所示，水平地面上的木块乙上叠放木块甲，在力F1和F2的作用下，以共同的速度v一起水平向右匀速运动，已知F1＝100N，F2＝10N，下列关于甲、乙和地面之间的摩擦力大小和方向说法正确的是（ ）
A．甲对乙的摩擦力为100 N，水平向左
B．乙对地面的摩擦力为90 N，水平向右
C．甲受到的摩擦力为10 N，水平向左
D．地面对乙的摩擦力为10 N，水平向右
7．（2分）如图所示的电路图中，通过控制开关的闭合与断开，可实现不同方式的连接，以下正确的是（ ）
A．只闭合S1、S3，两灯泡并联
B．只闭合S1、S3，两灯泡串联
C．只闭合S1、S2，两灯泡都发光
D．S1、S2、S3闭合，两灯泡串联
8．（2分）如图是家庭电路中的一部分，下列说法正确的是（ ）
A．站在地上的人若用手直接接触 A 点，则会有触电危险
B．若电路中的保险丝烧了，可以用铜线或铁线代替
C．为用电安全，要安装一个带开关的插座，应在甲处安装两孔插座，乙处安装开关
D．电冰箱接入三孔插座后其外壳与零线相连
9．（2分）如图所示，只闭合开关S1、S3时，电流表A1与A2的示数之比为1：2，下列说法正确的是（ ）
A．若只闭合S1、S2，电流表A1与A2的示数之比2：1
B．若只闭合S1、S3，R1与R2两端的电压之比为1：2
C．电路最大电功率与最小电功率之比为4：1
D．若只闭合S2，R1与R2的电功率之比为1：2
10．（2分）图乙是图甲所示电子秤的工作原理图．电子秤的示数表是由电流表改装的，R1是一根长6cm，阻值30Ω的均匀电阻丝，滑片P在a端时，电流表示数为0.2A；在b端时，电流表示数为0.6A，弹簧c受到压力F与压缩量ΔL的关系如图丙．挂钩的重力不计，不称重物时滑片P刚好在电阻丝的a端，所称物重最大时P在b端，g取10N/kg，电路中电源电压不变，下列判断正确的是（ ）
A．R2阻值为10Ω
B．电源电压为6V
C．电子秤使用时，电路最大的功率是3W
D．当电子秤示数为3千克时，电路中的电流为0.3A
11．（2分）如图所示，物体甲、乙、丙的质量均为m，现将它们由静止释放，在物块甲下落到地面的过程中，甲乙间细线拉力大小为F1，乙丙间细线拉力大小为F2，细线重力及各处的摩擦均不计，甲乙落地后不弹起，则下列判断正确的是（ ）
A．甲落地前F1＝2mg，甲的动能不变
B．甲落地前F2＞mg，丙的机械能增大
C．甲落地前后，丙先加速后立刻减速最终静止
D．甲落地后F1＞mg，F2＝mg
12．（2分）量程为100mL的量筒里装有70mL的水，小明将一个钢笔慢慢放入量筒中如图所示，钢笔处于漂浮状态，此时量筒液面对应95mL，水没有溢出，但小明发现量筒中有水渐渐漏进钢笔中，最终钢笔沉入量筒底部，从钢笔漂浮到沉底整个过程，以下说法正确的是（ ）
A．水渐渐漏进钢笔过程中，只要钢笔还是漂浮，液面就一直对应95mL
B．钢笔没放入量筒时，其质量一定大于25g
C．钢笔沉入量筒底部时，可能有水会溢出量筒
D．整个过程中，水对量筒底部的压强一直变小
二、填空题（每空1分，共26分．）
13．（4分）如图甲所示，刻度尺的分度值是 mm，物块的长度为 cm；如图乙所示的电压表示数为 V，如图丙所示的电流表示数为 A．
14．（2分）演员用二胡演奏时，手按压琴弦的不同位置可以改变声音 （选填“音调”、“响度”或“音色”）；在上自习课时，老师及时制止了两个同学大声说话，这是在 减弱噪声。
15．（2分）太阳的能量来自内部的 （核裂变/核聚变），核能属于 （可再生/不可再生）能源。
16．（2分）如图所示，水平地面放置一个长方体木块，上面放置一根密度均匀的长方体木棒，木棒等距离涂有黑白相间的颜料，木棒一端立放着6g的一元硬币，整个装置能处于静止状态，则木棒的质量最少约 g，最多约 g。
17．（4分）如图是生活中常见的两种窗户，甲图窗户可在直线轨道上左右平移，乙图窗户可绕固定轴转动，如果你站在窗户前，能通过玻璃看到你的像，则看到的像是 （实/虚）像，你若将甲图窗户左右平移打开，则你在P窗户中的像将 （随/不随）窗平移；你若将乙图Q窗户转动150°打开，则窗框上的A点与A点在Q窗中的像之间距离将 （变大/不变/变小/先变大后变小/先变小后变大），同时A点的像移动轨迹是 （直线/曲线）．
18．（3分）洗衣机中衣服脱水时，是利用 （衣服/水）具有惯性；货车超载会使货车的惯性 （变大/不变/变小），降低车的灵活性，增加发生交通事故的风险；乘汽车要正确使用安全带，系安全带主要是为了防止汽车在 （急停/急加速）时，由于惯性带来的危害．
19．（2分）氢能源具有热值高、无污染等优点。氢气的热值为1.4×108J/kg，完全燃烧0.2kg的氢气可放出 J的热量；若一罐氢气用去了一半，则剩余氢气的热值是 J/kg。
20．（2分）如图所示，水平桌上放置三个相同规格的容器甲、乙、丙，里面装有液体，乙、丙中的液体相同，将三个实心小球分别放入其中，甲、乙中的小球完全相同，乙、丙中的小球密度不同，小球静止时，三个容器中的液面相平，则液体对容器底压强p甲、p乙、p丙大小关系是 ；容器对桌面压力F甲、F乙、F丙，大小关系是 。
21．（3分）如图所示的电路中，灯L标有“3V 0.9W”的字样，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A，滑动变阻器Rx标有“100Ω 2A”。闭合开关S，移动滑片P，当电压表示数为2.0V时，电流表示数为0.25A，电源电压为 V。为保证电路安全，Rx允许接入的最大阻值为 Ω；移动滑片P，电路的最大功率是 W。（不考虑温度对电阻的影响）
22．（2分）如图所示，A、B两个正方体，放在水平地面上，对地面压强分别为p1、p2．现将B放在水平地面上，再将A叠放在B的正上方，此时B对桌面的压强p3，已知p1：p2：p3＝4：4：5，则A、B的密度比是 ，A、B边长比是 ．
三、解答题（第23题8分；第24、25、26题每题6分；第27、29题，每题6分；第28题5分，第30题7分，共50分）
23．（2分）请在图中画出入射光线通过透镜后的折射光线。
24．（2分）如图是3D简易投影，就是用平面镜将水平放置的物体AB的像竖直呈现在人的正前方，其中A的像与人眼在同一水平面，请作出平面镜位置．
25．（2分）如图，质量分布不均匀的长方形物体放在水平地面上，A点是它的重心，如果用力只使物体一端稍微离开地面，在物体上画出所施加最小力的示意图，并标明支点O.
26．（6分）如图所示，水平桌面上放置一底面积500cm2的薄壁圆筒，筒内装有适量的水．弹簧测力计下悬挂一圆柱体；从液面逐渐浸入直到浸没，弹簧测力计示数F与圆柱体下表面浸入液体深度h的关系如图所示．已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg．
求：（1）圆柱体浸没在水中时受到的浮力；
（2）圆柱体的密度；
（3）圆柱体的底面积．
27．（6分）如图所示的滑轮组，将重为10N的物体匀速提起，在10s内物体上移的距离为2m，所用拉力为5N，每个滑轮重4N，求：
（1）物体上升的速度；
（2）拉力做功的功率；
（3）滑轮组提升该物体时的机械效率（结果保留一位小数）。
28．（6分）如图所示的电路图中，电阻R1的阻值为10Ω；小明通过改变开关S1和S2的状态，发现电流表最大示数是0.9A，而将S1闭合，S2接B时，电流表是0.3A。
求：
（1）电源电压；
（2）R2的阻值；
（3）R1通电时的最小功率。
29．（6分）利用如图所示的实验装置探究“冰熔化时温度变化的规律”．
（1）在组装图甲中的实验器材时，先放置 （A/B）；
（2）选用颗粒较小的冰块做实验，然后用水浴法加热，并用搅拌棒不断搅拌，其目的是使试管内的冰块 ，实验过程中观察冰的 和 变化；
（3）点燃酒精灯给烧杯加热，一段时间后温度计的示数如图乙所示，此时温度计示数为 ℃；
（4）小荣同学在读数时按图丙所示的A位置读数，则测量结果 （偏大/偏小）．
30．（5分）小林用图甲装置来探究凸透镜成像的规律．
（1）实验前，应调整烛焰和光屏的中心在 ．
（2）当蜡烛、凸透镜和光屏处于图甲所示位置时，恰好在光屏上成清晰的像，所成的像是 ．
（3）如果保持图甲中透镜和蜡烛位置不变，将光屏向左移动一小段距离，光屏上的像变模糊，要使光屏上重新得到烛焰清晰的像，则应该在透镜和蜡烛之间放置一个 （近视/远视）眼镜．
（4）如图乙所示的是王亚平太空授课时展示的含有空气的水珠成像的情景，在水球中能看到一正一反两个像，在水球中倒立的像是王亚平位于水透镜 （一倍焦距以内/两倍焦距以外/一倍焦距与两倍焦距之间）的像，若王亚平靠近水球，则 （正立像/倒立像/两个像）会变大．
31．（6分）如图所示，在“测量石块的密度”实验中，实验器材有托盘天平、量筒、足量的水、细线、待测小石块等。
（1）调平时，小虎发现指针如图甲，此时应该把平衡螺母向 （左/右）调节；
（2）小虎测量石块质量，天平再次平衡时，右盘中的砝码和游码所处的位置如图乙所示，则小石块质量为 g；
（3）小虎测得了石块的体积如图丙所示，通过计算可知该石块的密度是 kg/m3；
（4）实验完毕，整理实验器材时小虎发现，天平的右盘有一个缺角，则用该天平测量石块质量将 （偏大/偏小/不受影响）；
（5）小明提出不使用量筒也可以测出石块的体积，具体方法如下：
①在烧杯中装入适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量m＝200g；
②用细线吊着石块（细线的体积忽略不计），浸没水中，水未溢出，石块未接触烧杯，如图丁所示，再用天平测出其质量m2＝222g；则石块的体积为 cm3，石块的密度是 kg/m3。
32．（7分）利用如图所示的电路测量小灯泡的电功率，所用器材：额定电压U额为2.5V的小灯泡，电源电压恒定为3V，电压表一块，滑动变阻器（20Ω 2A），电阻箱（最大阻值为999.9Ω）、开关和导线若干。
（1）用笔画线代替导线，将图乙中的实物图按照甲所示的电路图连接完整。
（2）连接电路前，各开关应 ，按乙图连好后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于 （A/B）端。
（3）小华测量小灯泡的额定功率的操作如下：
①只闭合开关S、S1，移动变阻器后，发现电压表的示数是2V，要使小灯泡正常发光，则要将滑动变阻器的滑片P向 （A/B）移动，使电压表的示数为 V；
②只闭合开关S、S2，保持滑片P不动，调节电阻箱，使用电压表的示数为2.5V，电阻箱示数如图丙，由此可知小灯泡的额定功率是 W。
（4）小明测量小灯泡的额定功率的操作如下：
①只闭合开关S、S1，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V；
②只闭合开关S、S2，保持滑片P不动，调节电阻箱，使用电压表的示数为2V，此时电阻箱示数R箱。
由此可知小灯泡的额定功率是 （用U额、R箱等表示）。
33．（2分）请在图中画出提升滑轮组最省力的绕法。
2022年江苏省苏州市高新区中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题2分，共24分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的.）
1．（2分）下列估测值最接近实际的是（ ）
A．一元硬币的直径约为2.5mm
B．普通中学生走路的速度约为1.5km/h
C．酒精灯点燃后外焰的温度约为90℃
D．一个苹果的质量约为0.25kg
【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、一元硬币的直径约为2.5cm，故A不符合实际；
B、普通中学生走路的速度约为1m/s＝3.6km/h，故B不符合实际；
C、酒精灯点燃后外焰的温度约为600℃，故C不符合实际；
D、一个苹果的质量约为0.25kg，故D符合实际。
故选：D。
2．（2分）关于声现象，下列说法中正确的是（ ）
A．在空气中，超声波比次声波传播快
B．“闻其声知其人”是因为不同人发出声音的响度不同
C．只要物体振动，我们就一定能听到声音
D．道路旁植树可以有效地减弱噪声的传播
【分析】（1）声音在不同介质中传播的速度不同，声音的传播速度与频率无关；
（2）每个发声体发出声音的音色是不同的；
（3）正常人的听觉范围是20Hz～20000Hz之间的声音。
【解答】解：A、声音的传播速度与频率无关，在空气中，超声波和次声波传播速度相同，故A错误；
B、每个发声体发出声音的音色是不同的，所以可以根据音色来区分不同人发出的声音，故B错误；
C、物体振动的频率必须在人的听觉频率范围内，人才能听见声音；声音的响度还与距离发声体的远近有关，人离发声体太远，也可能听不见声音，故C错误；
D、道路旁植树是在传播过程中有效地减弱噪声，故D正确。
故选：D。
3．（2分）下列常见的生活事例中，由分子不停地做无规则运动引起的是（ ）
A．初春时节，柳絮飞扬B．夏日炎炎，槐花飘香
C．秋风萧瑟，落叶飘零D．寒风凛冽，雪花飘飘
【分析】分子运动属于扩散现象，是肉眼看不见的运动，机械运动是物体的运动，是宏观上的运动，是看的见的运动。
【解答】解：ACD中的柳絮、落叶和雪花都是可见的，是宏观物体的机械运动，不是分子的运动，故ACD错误；
B、槐花飘香是扩散现象，是气体分子的运动，故B正确。
故选：B。
4．（2分）下列属于费力杠杆的是（ ）
A．托盘天平B．撬棒撬起石头
C．钓鱼竿钓鱼D．钳子剪断钢丝
【分析】我们把杠杆分为三类：省力杠杆（动力臂大于阻力臂，省力费距离）、费力杠杆（动力臂小于阻力臂，费力省距离）和等臂杠杆（动力臂等于阻力臂，不省力不费力，不省距离不费距离）。
【解答】解：A、托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，故A不符合题意；
BD，撬棒撬起石头、钳子剪断钢丝过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故BD不符合题意；
C、钓鱼竿钓鱼过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故C符合题意。
故选：C。
5．（2分）下列图中能反映直流电动机工作原理的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【分析】（1）发电机的工作原理是电磁感应，即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；
（2）电磁继电器的核心部件是电磁铁，电磁铁通电后具有磁性，是利用了电流的磁效应；
（3）电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的。
【解答】解：电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的。
A、图示的是闭合电路的导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生电流，是电磁感应现象，属于发电机的工作原理，故A不符合题意；
B、图示的是电磁继电器的装置图，电磁继电器的核心部件是电磁铁，电磁铁通电后具有磁性，是利用了电流的磁效应，故B不符合题意；
C、图示的通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机的工作原理，故C符合题意；
D、图示的是探究电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系的装置图，其原理是电流的磁效应，故D不符合题意。
故选：C。
6．（2分）如图所示，水平地面上的木块乙上叠放木块甲，在力F1和F2的作用下，以共同的速度v一起水平向右匀速运动，已知F1＝100N，F2＝10N，下列关于甲、乙和地面之间的摩擦力大小和方向说法正确的是（ ）
A．甲对乙的摩擦力为100 N，水平向左
B．乙对地面的摩擦力为90 N，水平向右
C．甲受到的摩擦力为10 N，水平向左
D．地面对乙的摩擦力为10 N，水平向右
【分析】静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，甲做匀速直线运动，首先分析甲的受力情况，求出甲受到的摩擦力；根据物体间力的作用是相互的，求出乙的上表面受到的摩擦力；
乙相对于地面进行匀速直线运动，分析乙的受力情况，求出乙下表面受到的摩擦力。
【解答】解：
两个物体一起向右做匀速直线运动，水平方向上甲受到拉力F1和乙对甲的摩擦力作用，摩擦力和拉力是一对平衡力，大小相等，方向相反，拉力F1是100N，所以乙对甲的摩擦力的大小是100N，方向水平向左；
根据物体间力的作用是相互的，甲对乙的摩擦力与乙对甲的摩擦力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，所以甲对乙的摩擦力大小是100N，方向水平向右；
物体乙进行匀速直线运动，水平方向上受到甲对乙水平向右的摩擦力、地面对乙水平向左的摩擦力、水平向左的拉力F2，这三个力是平衡力，所以地面对乙水平向左的摩擦力与水平向左的拉力F2之和等于甲对乙水平向右的摩擦力，所以乙下表面受到地面的摩擦力大小为100N﹣10N＝90N，方向水平向左；
因为物体间力的作用是相互的，乙对地面的摩擦力与地面对乙的摩擦力大小相等，方向相反，即乙对地面的摩擦力为90N，方向水平向右。
综上所述，B正确。
故选：B。
7．（2分）如图所示的电路图中，通过控制开关的闭合与断开，可实现不同方式的连接，以下正确的是（ ）
A．只闭合S1、S3，两灯泡并联
B．只闭合S1、S3，两灯泡串联
C．只闭合S1、S2，两灯泡都发光
D．S1、S2、S3闭合，两灯泡串联
【分析】电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作。
【解答】解：AB、只闭合S1、S3，电流分别经过两个灯泡回到电源负极，因此两个灯泡并联，故A正确、B错误；
C、只闭合S1、S2，电路为L2的基本电路，灯泡L1被短路，故C错误；
D、S1、S2、S3闭合，电源短路，故D错误。
故选：A。
8．（2分）如图是家庭电路中的一部分，下列说法正确的是（ ）
A．站在地上的人若用手直接接触 A 点，则会有触电危险
B．若电路中的保险丝烧了，可以用铜线或铁线代替
C．为用电安全，要安装一个带开关的插座，应在甲处安装两孔插座，乙处安装开关
D．电冰箱接入三孔插座后其外壳与零线相连
【分析】（1）人体直接或间接接触火线，容易发生触电事故；
（2）保险丝是用电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的，当电流过大时会熔断而保护电路；
（3）开关要接在插座（用电器）和火线之间；
（4）三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线；三脚插头插入插座后，地线与用电器的金属外壳相连。
【解答】解：
A、站在地上的人若用手直接接触A点时，接触了火线，会有触电危险，故A正确；
B、保险丝是用电阻率大、熔点低的材料制成的，而铜的熔点高，不能及时熔断，故B错误；
C、在家庭电路中，为了用电安全，开关应接在插座（用电器）与火线之间，所以图中甲处应装开关，乙处应装插座，故C错误；
D、电冰箱接入三孔插座能使电冰箱金属外壳接地，防止由于冰箱的外壳漏电而使人发生触电事故，故D错误。
故选：A。
9．（2分）如图所示，只闭合开关S1、S3时，电流表A1与A2的示数之比为1：2，下列说法正确的是（ ）
A．若只闭合S1、S2，电流表A1与A2的示数之比2：1
B．若只闭合S1、S3，R1与R2两端的电压之比为1：2
C．电路最大电功率与最小电功率之比为4：1
D．若只闭合S2，R1与R2的电功率之比为1：2
【分析】（1）若只闭合S1、S2，电路为R2的简单电路，R1被短路，电流表A1无示数；
（2）只闭合开关S1、S3时，两电阻并联，电流表A1测量通过R1的电流，电流表A2测量干路电流。
电流表A1与A2的示数之比为1：2，根据并联电路的电流特点可知通过R1和R2的电流之比，并联电路的各支路电压相等，据此得出R1与R2两端的电压之比，根据欧姆定律可知R1和R2的电阻之比；
（3）只闭合开关S1、S3时，两电阻并联，总电阻最小，电源电压不变，根据P＝UI＝可知电路的最大功率的表达式；若只闭合S2，两电阻串联，总电阻最大，电源电压不变，根据P＝UI＝可知电路的最小功率的表达式；已知两电阻的阻值之比，联立可得：电路最大电功率与最小电功率之比；
（4）若只闭合S2，两电阻串联，串联电路的电流处处相等，根据P＝UI＝I2R可知R1与R2的电功率之比。
【解答】解：A、若只闭合S1、S2，电路为R2的简单电路，R1和电流表A1被短路，电流表A1无示数，故A错误；
B、只闭合开关S1、S3时，两电阻并联，由于并联电路的各支路电压相等，R1与R2两端的电压之比为1：1，故B错误；
C、只闭合开关S1、S3时，两电阻并联，电流表A1测量通过R1的电流，电流表A2测量干路电流。
电流表A1与A2的示数之比为1：2，根据并联电路的电流特点可知通过R1和R2的电流之比为：
＝＝＝，
根据欧姆定律I＝可知R1和R2的电阻之比：
＝＝＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；
只闭合开关S1、S3时，两电阻并联，总电阻最小，电源电压不变，根据P＝UI＝可知电路的最大功率：P大＝+②，
若只闭合S2，两电阻串联，总电阻最大，电源电压不变，根据P＝UI＝可知电路的最小功率：P小＝③，
联立①②③可得：电路最大电功率与最小电功率之比为4：1，故C正确；
D、若只闭合S2，两电阻串联，串联电路的电流处处相等，根据P＝UI＝I2R知R1与R2的电功率之比为：
＝＝＝，故D错误；
故选：C。
10．（2分）图乙是图甲所示电子秤的工作原理图．电子秤的示数表是由电流表改装的，R1是一根长6cm，阻值30Ω的均匀电阻丝，滑片P在a端时，电流表示数为0.2A；在b端时，电流表示数为0.6A，弹簧c受到压力F与压缩量ΔL的关系如图丙．挂钩的重力不计，不称重物时滑片P刚好在电阻丝的a端，所称物重最大时P在b端，g取10N/kg，电路中电源电压不变，下列判断正确的是（ ）
A．R2阻值为10Ω
B．电源电压为6V
C．电子秤使用时，电路最大的功率是3W
D．当电子秤示数为3千克时，电路中的电流为0.3A
【分析】（1）滑片在a端时，R1与R2串联，根据欧姆定律表示出电源的电压；滑片在b端时，电路为R2的简单电路，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源电压不变得出等式即可求出R2的阻值，进一步求出电源的电压；
（2）根据P＝UI＝可知，在电源电压一定时，电路中的电阻越小，电功率越大，根据电路图分析出电路中的最小电阻，根据P＝UI＝求出电路最大的功率；
（3）当电子秤示数为3kg时，先根据F＝G＝mg求出拉力；由图象得出弹簧的伸长量，由图乙得出弹簧连入电路的电阻，然后根据串联电路的特点和欧姆定律即可求出电流。
【解答】解：（1）滑片在a端时，R1与R2串联，电路中的电流Ia＝0.2A，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，由I＝可得，
电源的电压：U＝Ia（R1+R2）＝0.2A×（30Ω+R2），
滑片在b端时，电路为R2的简单电路，电路中的电流Ib＝0.6A，
电源的电压：U＝IbR2＝0.6A×R2，
因电源的电压不变，所以，0.6A×R2＝0.2A×（30Ω+R2），
解得：R2＝15Ω，故A错误；
则电源电压U＝IaR2＝0.6A×15Ω＝9V，故B错误；
（2）由P＝UI＝可知，在电源电压一定时，电路中的电阻越小，电功率越大，
由电路图可知，滑片在b端时，电路为R2的简单电路，电路中的电阻最小，
此时电路最大的功率：P大＝＝＝5.4W，故C错误；
（3）当电子秤示数为3kg时，对弹簧的拉力为F＝G＝mg＝3kg×10N/kg＝30N；
由图丙可知此时弹簧伸长为3cm，则R1连入电路的电阻为R1′＝30Ω×＝15Ω，
则此时电路中的电流I′＝＝＝＝0.3A，故D正确。
故选：D。
11．（2分）如图所示，物体甲、乙、丙的质量均为m，现将它们由静止释放，在物块甲下落到地面的过程中，甲乙间细线拉力大小为F1，乙丙间细线拉力大小为F2，细线重力及各处的摩擦均不计，甲乙落地后不弹起，则下列判断正确的是（ ）
A．甲落地前F1＝2mg，甲的动能不变
B．甲落地前F2＞mg，丙的机械能增大
C．甲落地前后，丙先加速后立刻减速最终静止
D．甲落地后F1＞mg，F2＝mg
【分析】（1）机械能＝动能+势能；动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、物体被举的高度。质量越大，被举的越高，重力势能越大。
（2）力与运动的关系：物体在平衡力的作用下，总保持匀速直线运动状态或静止状态。
【解答】解：A、甲落地前，甲竖直向下做加速运动，受到的重力要大于竖直向上的拉力，甲的质量不变，速度变大，动能变大，故A错误；
B、甲落地前，对甲、乙整体分析，整体受到竖直向下的重力、竖直向上的拉力，整体向下做加速运动，所以丙向上做加速运动，丙受到的拉力要大于自身的重力，所以F2＞mg；丙的质量不变，速度变大，动能变大，高度变大，重力势能变大，机械能增大，故B正确；
CD、甲落地前，丙向上做加速运动；甲落地后乙落地前，丙在竖直方向上受力平衡，对丙的拉力等于丙的重力，即F2＝mg，向上做匀速直线运动；乙落地后，丙不受到竖直向上的拉力，在重力的作用下会向上做减速运动，甲乙落地后不弹起，甲、乙之间不存在拉力，即F1＝0，故CD错误。
故选：B。
12．（2分）量程为100mL的量筒里装有70mL的水，小明将一个钢笔慢慢放入量筒中如图所示，钢笔处于漂浮状态，此时量筒液面对应95mL，水没有溢出，但小明发现量筒中有水渐渐漏进钢笔中，最终钢笔沉入量筒底部，从钢笔漂浮到沉底整个过程，以下说法正确的是（ ）
A．水渐渐漏进钢笔过程中，只要钢笔还是漂浮，液面就一直对应95mL
B．钢笔没放入量筒时，其质量一定大于25g
C．钢笔沉入量筒底部时，可能有水会溢出量筒
D．整个过程中，水对量筒底部的压强一直变小
【分析】（1）钢笔漂浮时，浮力等于重力，随着水进入钢笔，钢笔的总重力增加，同时排开水的体积增加，增加的浮力等于进入钢笔的水的重力，进而判断出液面的变化；
（2）钢笔慢慢放入量筒时，水慢慢进入钢笔，则总重力增加，根据F浮′＝G笔+G进入算出排开水的质量，再与25g比较即可；
（3）由A知钢笔漂浮时液面的变化，待全部浸没时，根据浮力与总重力的关系判断出钢笔排开水的体积与钢笔体积与进入水体积和的关系，进而判断出会不会有水溢出；
（4）由分析知液体深度的变化，由p＝ρgh判断出水对量筒底部的压强的变化。
【解答】解：A、钢笔漂浮时，浮力等于重力，根据阿基米德原理F浮＝G＝G排＝ρ液gV排，随着水进入钢笔，钢笔的总重力增加，同时排开水的体积增加，F浮′＝G总＝ρ液gV排′知，增加的浮力等于进入钢笔的水的重力，则ΔF＝ρ水gΔV排＝ΔG水＝ρ水gV进入，则ΔV排＝V进入，故液面不变，就一直对应95mL，故A正确；
B、因为钢笔慢慢放入量筒时，水慢慢进入钢笔，则钢笔的总重力增加，F浮′＝G笔+G进入，则G排＝G笔+G进入，m排g＝m笔g+m进入g，
排开水的质量为：m排＝ρ水V排＝1g/cm3×25cm3＝25g，故m笔＜25g，故B错误；
C、由A知钢笔漂浮时，液面不变，待全部浸没时，浮力小于总重力，F浮＜G总，ρ水gV排＜G笔+G进入，所以V排＜V笔+V进入，故水不会溢出，故C错误；
D、由分析知开始时深度不变，后来深度下降，由p＝ρgh得水对量筒底部的压强先不变，后变小，故D错误。
故选：A。
二、填空题（每空1分，共26分．）
13．（4分）如图甲所示，刻度尺的分度值是 1 mm，物块的长度为 2.70 cm；如图乙所示的电压表示数为 2.5 V，如图丙所示的电流表示数为 0.34 A．
【分析】（1）刻度尺的分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度；使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
（2）电流表和电压表读数时，先明确使用的量程、对应的分度值，再根据指针位置读数。
【解答】解：（1）由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；
物块左侧4.0cm刻度线对齐，读作4.00cm，右侧与6.7cm刻度线对齐，读作6.70cm，所以物块的长度为：L＝6.70cm﹣4.00cm＝2.70cm；
（2）由图乙可知，电压表量程是0～15V，分度值为0.5V，电压表示数是2.5V；
由图丙可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，电流表的示数为0.34A。
故答案为：1；2.70；2.5；0.34。
14．（2分）演员用二胡演奏时，手按压琴弦的不同位置可以改变声音 音调 （选填“音调”、“响度”或“音色”）；在上自习课时，老师及时制止了两个同学大声说话，这是在 声源处 减弱噪声。
【分析】（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
（2）减弱噪声有三条途径，即在三个不同的位置——声源处、传播过程中、人耳处。
【解答】解：（1）用二胡演奏时，手按压琴弦的不同位置可以改变弦振动的频率，从而改变声音的音调；
（2）在上自习课时，老师及时制止了两个同学大声说话，这是在声源处减弱噪声。
故答案为：音调；声源处。
15．（2分）太阳的能量来自内部的 核聚变 （核裂变/核聚变），核能属于 不可再生 （可再生/不可再生）能源。
【分析】核裂变是较重的原子核裂变成较轻的原子核的一种核反应，核聚变是较轻的原子核结合成较重的原子核的一种核反应，太阳内部为核聚变；
能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源。
【解答】解：太阳能内部是由于较轻的氢原子核在高温下发生聚变而释放出核能，太阳的能量来自内部的核聚变；核燃料在地球上的储量是一定的，所以属于不可再生能源。
故答案为：核聚变；不可再生。
16．（2分）如图所示，水平地面放置一个长方体木块，上面放置一根密度均匀的长方体木棒，木棒等距离涂有黑白相间的颜料，木棒一端立放着6g的一元硬币，整个装置能处于静止状态，则木棒的质量最少约 3 g，最多约 12 g。
【分析】分别以长方体木块的左端和右端为支点，根据杠杆的平衡条件求出木棒的质量的大小。
【解答】解：由图可知，当以长木板的左侧为支点时，此时硬币的重力的力臂最大，根据杠杆的平衡条件可知，此时杠杆的重力最大；设杠杆的长度为6L，此时硬币一端的力臂为2L，杠杆的重力的力臂为L，根据杠杆的平衡条件可知：m木g×L＝m硬币g×2L，所以m木＝3m硬币＝2×6g＝12g；
当以长木板的右侧为支点时，此时硬币的重力的力臂最小，根据杠杆的平衡条件可知，此时杠杆的重力最小；设杠杆的长度为6L，此时硬币一端的力臂为L，杠杆的重力的力臂为3L，根据杠杆的平衡条件可知：m'木g×2L＝m硬币g×L，所以m木＝m硬币＝×6g＝3g。
故答案为：3；12。
17．（4分）如图是生活中常见的两种窗户，甲图窗户可在直线轨道上左右平移，乙图窗户可绕固定轴转动，如果你站在窗户前，能通过玻璃看到你的像，则看到的像是 虚 （实/虚）像，你若将甲图窗户左右平移打开，则你在P窗户中的像将 不随 （随/不随）窗平移；你若将乙图Q窗户转动150°打开，则窗框上的A点与A点在Q窗中的像之间距离将 先变大后变小 （变大/不变/变小/先变大后变小/先变小后变大），同时A点的像移动轨迹是 曲线 （直线/曲线）．
【分析】（1）平面镜成虚像，虚像不能用光屏接到，实像能用光屏接到，用光屏呈接来辨别是实像还是虚像；
（2）玻璃门中的像是由于光的反射形成的，不是实际光线形成，形成的是虚像，不在玻璃门上，在玻璃门上的像不随门移动；
（3）平面镜成像的特点是：①所成的像是虚像；②像和物体形状、大小相同；③像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；④像和物体各对应点到平面镜间距离相等。
【解答】解：根据平面镜成像原理，通过玻璃看到的像不是实际光线会聚成的，是虚像；将甲图窗户左右平移打开，平面镜成像时像和物体关于平面镜对称，则你在P窗户中的像将不随窗户移动；
将乙图Q窗户转动150°打开，在0～90°时，像远离物体，距离变大，在90°～150°时，像靠近物体，距离变小，则窗框上的A点与A点在Q窗中的像之间距离将先变大后变小，A点的像移动轨迹是曲线。
故答案为：虚；不随；先变大后变小；曲线。
18．（3分）洗衣机中衣服脱水时，是利用 水 （衣服/水）具有惯性；货车超载会使货车的惯性 变大 （变大/不变/变小），降低车的灵活性，增加发生交通事故的风险；乘汽车要正确使用安全带，系安全带主要是为了防止汽车在 急停 （急停/急加速）时，由于惯性带来的危害．
【分析】物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性。惯性大小与物体的质量有关。
【解答】解：洗衣机中衣服脱水是利用水具有惯性，脱离衣服；货车超载时质量增大，惯性增大，使发生交通事故的风险增大；
司机和乘客随汽车高速行驶，当车急停时，司机和乘客由于惯性要保持原来的运动状态继续向前运动，系好安全带可以防止人向前倾倒造成危害。
故答案为：水；变大；急停。
19．（2分）氢能源具有热值高、无污染等优点。氢气的热值为1.4×108J/kg，完全燃烧0.2kg的氢气可放出 2.8×107 J的热量；若一罐氢气用去了一半，则剩余氢气的热值是 1.4×108 J/kg。
【分析】利用Q放＝mq计算出完全燃烧0.2kg的氢气可放出的热量；热值是燃料的一种特性，它的大小和燃料的种类有关，和燃料的质量、体积大小无关。
【解答】解：（1）0.2kg氢气完全燃烧放出的热量：Q放＝mq＝0.2kg×1.4×108J/kg＝2.8×107J；
（2）热值是燃料的一种特性，与燃料的质量、体积大小无关，所以一罐氢气用去一半，剩下的氢气热值不变，还是1.4×108J/kg。
故答案为：2.8×107；1.4×108。
20．（2分）如图所示，水平桌上放置三个相同规格的容器甲、乙、丙，里面装有液体，乙、丙中的液体相同，将三个实心小球分别放入其中，甲、乙中的小球完全相同，乙、丙中的小球密度不同，小球静止时，三个容器中的液面相平，则液体对容器底压强p甲、p乙、p丙大小关系是 p甲＜p乙＝p丙 ；容器对桌面压力F甲、F乙、F丙，大小关系是 F甲＜F乙＜F丙 。
【分析】根据物体的浮沉条件分析乙、丙中小球密度的大小；根据A球在甲、乙液体中的浮沉情况分析甲中液体与乙中液体的密度的大小关系；根据p＝ρgh分析液体对容器底部压强的大小关系；
容器对桌面的压力大小等于容器中液体的重力、小球的重力、容器自重之和；根据容器中液体的体积，利用液体的密度分析甲、乙容器中液体的重力的大小关系；根据阿基米德原理分析乙、丙中液体重力和小球重力的大小关系。
【解答】解：由图乙、丙可知，A在乙中漂浮，A球的密度小于液体的密度；B球在液体中沉底，B的密度大于液体的密度，所以A的密度小于B的密度；
由图可知，A在甲中悬浮，说明A的密度等于甲中液体的密度，所以甲中液体的密度小于乙中液体的密度；
液体深度相同，根据p＝ρgh可知，液体对容器底压强p甲、p乙、p丙大小关系是：p甲＜p乙＝p丙；
甲、乙两个容器完全相同，容器液面相平，由图可知液体的体积大小关系是V甲＜V乙，
因为液体的密度关系为ρ甲＜ρ乙，根据m＝ρV可知，三容器内液体的质量大小关系是m甲＜m乙；
根据G＝mg可知，液体的重力的大小关系是G甲液＜G乙液；所以容器甲的总重力要小于乙容器的总重力；
A、B的体积相同，由G＝mg＝ρVg可知，A的重力小于B的重力；乙图中，小球A排开的液体的重力等于小球A的重力；丙图中小球B的重力大于排开的液体的重力，所以容器乙的总重力要小于丙容器的总重力；
容器对水平桌面的压力等于容器的总重力，则桌面所受的压力大小关系是F甲＜F乙＜F丙。
故答案为：p甲＜p乙＝p丙；F甲＜F乙＜F丙。
21．（3分）如图所示的电路中，灯L标有“3V 0.9W”的字样，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A，滑动变阻器Rx标有“100Ω 2A”。闭合开关S，移动滑片P，当电压表示数为2.0V时，电流表示数为0.25A，电源电压为 4.5 V。为保证电路安全，Rx允许接入的最大阻值为 20 Ω；移动滑片P，电路的最大功率是 1.35 W。（不考虑温度对电阻的影响）
【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器Rx串联，电压表测Rx两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P＝UI＝求出灯泡的电阻，根据欧姆定律求出电流表示数为0.25A时灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；
（2）根据串联电路的电压特点求出电压表的示数为3V时灯泡两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，由欧姆定律算出滑动变阻器的最大电阻；
（3）根据P＝UI求出灯泡的额定电流，然后与电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最大电流相比较确定电路中的最大电流，由P＝UI算电路的最大功率。
【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器Rx串联，电压表测Rx两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）由P＝UI＝可得灯泡的电阻：
RL＝＝＝10Ω，
当电压表示数为2.0V时，电流表示数为0.25A，
由I＝可得此时灯泡两端的电压：
UL′＝IRL＝0.25A×10Ω＝2.5V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U＝Ux+UL′＝2.0V+2.5V＝4.5V；
（2）当电压表的示数Ux′＝3V时，
根据串联电路电压的规律知灯泡两端的电压为：
UL′＝U﹣Ux′＝4.5V﹣3V＝1.5V，
此时电路中的电流：
I小＝＝＝0.15A，
因为串联电路中各处的电流相等，
所以通过滑动变阻器的电流也为0.15A，
所以滑动变阻器接入电路中的最大电阻：
Rx大＝＝＝20Ω；
（3）根据P＝UI得灯泡正常发光时的电流：
IL＝＝＝0.3A，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表量程为0～0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，
所以，电路中的最大电流I大＝0.3A，
电路的最大功率是：
P＝UI大＝4.5V×0.3A＝1.35W。
故答案为：4.5；20；1.35。
22．（2分）如图所示，A、B两个正方体，放在水平地面上，对地面压强分别为p1、p2．现将B放在水平地面上，再将A叠放在B的正上方，此时B对桌面的压强p3，已知p1：p2：p3＝4：4：5，则A、B的密度比是 2：1 ，A、B边长比是 1：2 ．
【分析】（1）柱形物体对水平地面的压强p＝＝＝＝＝＝ρgh，据此表示出A、B对水平地面的压强之比；
（2）根据G＝mg＝ρVg＝ρh3g表示出正方体的重力，物体对水平地面的压力大小等于物体的重力，根据p＝表示出B对水平地面与将A叠放在B的正上方时B对水平桌面的压强之比，联立方程求出A、B边长之比，进而求出A、B的密度之比。
【解答】解：（1）柱形物体对水平地面的压力：F＝G＝mg＝ρVg＝ρShg，
则柱形物体对水平地面的压强p＝＝＝ρgh，
则正方体A、B对水平地面的压强之比：
＝＝＝，
整理可得：ρAhA＝ρBhB……①
（2）正方体物体的重力：G＝mg＝ρVg＝ρh3g，
由p＝可知，正方体B对水平地面与将A叠放在B的正上方时B对水平桌面的压强之比：
＝＝＝＝＝，
整理可得：4ρAhA3＝ρBhB3……②
由①②解得：
＝；
由①得：
＝＝。
故答案为：2：1；1：2。
三、解答题（第23题8分；第24、25、26题每题6分；第27、29题，每题6分；第28题5分，第30题7分，共50分）
23．（2分）请在图中画出入射光线通过透镜后的折射光线。
【分析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点（三条特殊光线）来作图。
【解答】解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。如图所示：
24．（2分）如图是3D简易投影，就是用平面镜将水平放置的物体AB的像竖直呈现在人的正前方，其中A的像与人眼在同一水平面，请作出平面镜位置．
【分析】A的像与人眼在同一水平面，过人眼作水平线，将水平放置的物体AB的像竖直呈现在人的正前方，因像与物关于平面镜对称，根据数学知识可知平面镜与水平面的夹角为45°，因像与物的连线与镜面垂直，可知像与物的连线与水平面成45°夹角，故过A作与水平线成45°的直线交与眼睛水平的线于A'，过B作与水平线成45°的直线，A'即为A的像，作AA'的垂直平分线即为镜面的位置。
【解答】解：A的像与人眼在同一水平面，过人眼作水平线，将水平放置的物体AB的像竖直呈现在人的正前方，因像与物关于平面镜对称，根据数学知识可知平面镜与水平面的夹角为45°，因像与物的连线与镜面垂直，可知像与物的连线与水平面成45°夹角，故过A作与水平线成45°的直线交与眼睛水平的线于A'，过B作与水平线成45°的直线，A'即为A的像，作AA'的垂直平分线即为镜面的位置，如下所示：
25．（2分）如图，质量分布不均匀的长方形物体放在水平地面上，A点是它的重心，如果用力只使物体一端稍微离开地面，在物体上画出所施加最小力的示意图，并标明支点O.
【分析】①在杠杆上，支点指的是杠杆绕着转动的点；
②根据杠杆的平衡条件，动力臂越长越省力，首先确定出最长的力臂，然后画出的示意图；由支点到力的作用点的距离是最长的力臂。
【解答】解：
由图可知，A点是长方体的重心，故以长方体的左下角为支点时，阻力臂最短，以其左下角与右上角的连线为最长动力臂时，动力最小，使物体的右端稍微离开地面，最小动力的方向斜向右上方，如图所示：
26．（6分）如图所示，水平桌面上放置一底面积500cm2的薄壁圆筒，筒内装有适量的水．弹簧测力计下悬挂一圆柱体；从液面逐渐浸入直到浸没，弹簧测力计示数F与圆柱体下表面浸入液体深度h的关系如图所示．已知ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg．
求：（1）圆柱体浸没在水中时受到的浮力；
（2）圆柱体的密度；
（3）圆柱体的底面积．
【分析】（1）根据图象分析出物体的重力和完全浸没时的拉力，根据公式F浮＝G﹣F拉求出圆柱体浸没在水中时受到的浮力；
（2）根据F浮＝ρ水gV排求出圆柱体浸没时排开水的体积，即圆柱体的体积；根据G＝mg求出圆柱体的质量，再利用密度公式求出圆柱体的密度；
（3）圆柱体刚好浸没在水中时，根据圆柱体下表面浸入液体的深度可知圆柱体的高度，从而求出圆柱体的底面积。
【解答】解：（1）由图象知，当圆柱体浸入深度h＝0时，测力计的示数为10N，此时弹簧测力计的示数等于圆柱体的重力，则圆柱体的重力G＝10N；
圆柱体完全浸没在水中时，弹簧测力计的示数F拉＝2N；
则圆柱体浸没在水中时受到的浮力：
F浮＝G﹣F拉＝10N﹣2N＝8N；
（2）由F浮＝ρ水gV排可知，圆柱体的体积：
V＝V排＝＝＝8×10﹣4m3，
由G＝mg可知，圆柱体的质量：
m＝＝＝1kg，
圆柱体的密度：
ρ＝＝＝1.25×103kg/m3；
（3）由图像可知，当h≥8cm时，测力计的示数不变，说明圆柱体全部浸没在水中，并且圆柱体刚好浸没在水中时，圆柱体下表面浸入水中的深度为8cm，即圆柱体的高度：h＝8cm＝0.08m，
所以圆柱体的底面积为：S＝＝＝1×10﹣2m2。
答：（1）圆柱体浸没在水中时受到的浮力为8N；
（2）圆柱体的密度为1.25×103kg/m3；
（3）圆柱体的底面积为1×10﹣2m2。
27．（6分）如图所示的滑轮组，将重为10N的物体匀速提起，在10s内物体上移的距离为2m，所用拉力为5N，每个滑轮重4N，求：
（1）物体上升的速度；
（2）拉力做功的功率；
（3）滑轮组提升该物体时的机械效率（结果保留一位小数）。
【分析】（1）利用v＝求物体上升的速度；
（2）由图可知n＝3，绳子自由端移动的距离s＝nh，利用W总＝Fs求拉力做的总功，利用P＝求拉力做功的功率；
（3）利用W有＝Gh求有用功，利用η＝×100%求滑轮组的机械效率。
【解答】解：（1）物体上升的速度：v＝＝＝0.2m/s；
（2）由图可知n＝3，绳子自由端移动的距离：s＝nh＝3×2m＝6m，
拉力做的总功：W总＝Fs＝5N×6m＝30J，
拉力做功的功率：P＝＝＝3W；
（3）拉力做的有用功：W有＝Gh＝10N×2m＝20J，
滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%≈66.7%。
答：（1）物体上升的速度为0.2m/s；
（2）拉力做功的功率为3W；
（3）滑轮组提升该物体时的机械效率为66.7%。
28．（6分）如图所示的电路图中，电阻R1的阻值为10Ω；小明通过改变开关S1和S2的状态，发现电流表最大示数是0.9A，而将S1闭合，S2接B时，电流表是0.3A。
求：
（1）电源电压；
（2）R2的阻值；
（3）R1通电时的最小功率。
【分析】（1）当S1闭合，S2接B时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源电压；
（2）由欧姆定律可知，在电源电压一定时，电路中的电阻越小，电路中的电流越大，据此结合电路图分析电路连接情况，
根据并联电路的特点分析此时通过R1的电流，根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，根据欧姆定律求出R2的阻值；
（3）由P＝UI＝I2R可知，通过R1的电流最小时，R1的功率最小，由欧姆定律可知，此时电路中的电阻最大，据此结合电路图分析电路连接情况，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路中的最小电流，根据P＝UI＝I2R求出R1通电时的最小功率。
【解答】解：（1）当S1闭合，S2接B时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，
由欧姆定律可知，电源电压：
U＝I1R1＝0.3A×10Ω＝3V；
（2）由欧姆定律可知，在电源电压一定时，电路中的电阻越小，电路中的电流越大，
分析电路图可知，当S1闭合，S2接A时，R1、R2并联，电路中的电阻最小，电流最大，电流表测干路电流，
由并联电路的特点可知，此时R1的电压和电流都不变，
由并联电路的电流特点可知，此时通过R2的电流：
I2＝I﹣I1＝0.9A﹣0.3A＝0.6A，
由欧姆定律可知，R2的阻值：
R2＝＝＝5Ω；
（3）由P＝UI＝I2R可知，通过R1的电流最小时，R1的功率最小，由欧姆定律可知，此时电路中的电阻最大，
分析电路图可知，当S1断开，S2接B时，R1、R2串联，电路中的电阻最大，电流最小，电流表测电路中的电流，
由串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻：
R＝R1+R2＝10Ω+5Ω＝15Ω，
电路中的最小电流：
I小＝＝＝0.2A，
则R1通电时的最小功率：
P1＝I小2R1＝（0.2A）2×10Ω＝0.4W。
答：（1）电源电压为3V；
（2）R2的阻值为5Ω；
（3）R1通电时的最小功率为0.4W。
29．（6分）利用如图所示的实验装置探究“冰熔化时温度变化的规律”．
（1）在组装图甲中的实验器材时，先放置 B （A/B）；
（2）选用颗粒较小的冰块做实验，然后用水浴法加热，并用搅拌棒不断搅拌，其目的是使试管内的冰块 受热均匀 ，实验过程中观察冰的 温度 和 状态 变化；
（3）点燃酒精灯给烧杯加热，一段时间后温度计的示数如图乙所示，此时温度计示数为 ﹣2 ℃；
（4）小荣同学在读数时按图丙所示的A位置读数，则测量结果 偏大 （偏大/偏小）．
【分析】（1）酒精灯的外焰温度最高，实验时要用酒精灯的外焰加热，因此要先固定好石棉网的高度，据此分析；
（2）水浴法能使物质均匀受热；实验过程中观察冰的温度变化以及状态变化；
（3）在进行温度计的读数时，注意其分度值和0刻度线；
（4）读数时，仰小俯大。
【解答】解：（1）组装实验器材时，应按照自下而上的顺序，酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；先放置B；
（2）水浴法能使物质均匀受热；实验过程中观察冰的温度变化以及状态变化；
（3）图乙中温度计的分度值为1℃，示数为﹣2℃；
（4）按图丙所示的A位置读数，俯视读数，导致温度偏大。
故答案为：（1）B；（2）受热均匀；温度；状态；（3）﹣2；（4）偏大。
30．（5分）小林用图甲装置来探究凸透镜成像的规律．
（1）实验前，应调整烛焰和光屏的中心在 同一水平直线上 ．
（2）当蜡烛、凸透镜和光屏处于图甲所示位置时，恰好在光屏上成清晰的像，所成的像是 倒立、放大的实像 ．
（3）如果保持图甲中透镜和蜡烛位置不变，将光屏向左移动一小段距离，光屏上的像变模糊，要使光屏上重新得到烛焰清晰的像，则应该在透镜和蜡烛之间放置一个 远视 （近视/远视）眼镜．
（4）如图乙所示的是王亚平太空授课时展示的含有空气的水珠成像的情景，在水球中能看到一正一反两个像，在水球中倒立的像是王亚平位于水透镜 两倍焦距以外 （一倍焦距以内/两倍焦距以外/一倍焦距与两倍焦距之间）的像，若王亚平靠近水球，则 两个 （正立像/倒立像/两个像）会变大．
【分析】（1）为使像能成在光屏的中央，应调整凸透镜、光屏、烛焰的中心大致在同一高度处；
（2）凸透镜成像的五种情况：①u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用是照相机；②u＝2f，成倒立、等大的实像；③2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用是幻灯机；④当u＝f时，不成像；⑤u＜f，成正立、放大的虚像，应用是放大镜；
（3）根据凸透镜和凹透镜对光线的作用进行分析；
（4）首先根据图可确定像的性质，再根据凸透镜成实像时，当u＞2f，成倒立缩小的实像；正立缩小的像是凹透镜成的虚像。
【解答】解：（1）将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上。点燃蜡烛后，调节凸透镜和光屏的高度，使它们的中心与烛焰中心大致在同一水平直线上。其目的是使像成在光屏的中央：
（2）当蜡烛、凸透镜和光屏处于图甲所示位置时，物距小于像距，成倒立、放大的实像；
（3）把光屏向左移动一小段距离，要想在光屏上再次得到清晰的像，应使像向左移动，则需在凸透镜和蜡烛之间放置适当的凸透镜；远视眼就是利用这种透镜矫正的；
（4）图中所成的像为倒立、缩小的实像，那么水珠相当于凸透镜，当u＞2f，成倒立缩小的实像，所以王亚平位于水透镜两倍焦距以外，若王亚平靠近水球，则倒立像，正立像都会变大。
故答案为：（1）同一水平直线上；（2）倒立、放大的实像；（3）远视；（4）两倍焦距以外；两个像。
31．（6分）如图所示，在“测量石块的密度”实验中，实验器材有托盘天平、量筒、足量的水、细线、待测小石块等。
（1）调平时，小虎发现指针如图甲，此时应该把平衡螺母向 右 （左/右）调节；
（2）小虎测量石块质量，天平再次平衡时，右盘中的砝码和游码所处的位置如图乙所示，则小石块质量为 48.4 g；
（3）小虎测得了石块的体积如图丙所示，通过计算可知该石块的密度是 2.42×103 kg/m3；
（4）实验完毕，整理实验器材时小虎发现，天平的右盘有一个缺角，则用该天平测量石块质量将 不受影响 （偏大/偏小/不受影响）；
（5）小明提出不使用量筒也可以测出石块的体积，具体方法如下：
①在烧杯中装入适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量m＝200g；
②用细线吊着石块（细线的体积忽略不计），浸没水中，水未溢出，石块未接触烧杯，如图丁所示，再用天平测出其质量m2＝222g；则石块的体积为 22 cm3，石块的密度是 2.2×103 kg/m3。
【分析】（1）调节横梁左右两端的平衡螺母时，指针偏向分度盘的左侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向右调节；
（2）天平在读数时，被测物体的质量＝砝码的质量+游码所对刻度值；
（3）根据石块的体积等于石块和水的总体积减去水的体积求出石块的体积，根据密度公式计算石块密度即可；
（4）若天平的左盘有一个缺角，测量前调节平衡螺母时，已将该影响排除，质量测量不受影响；
（5）先求出石块浸没水中增加的质量即石块排开水的质量，利用V＝得出排开水的体积，石块的体积等于石块排开水的体积，最后根据密度公式计算出石块密度。
【解答】解：（1）测量前调平时，指针偏向分度盘的左侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向右调节；
（2）图乙标尺的分度值是0.2g，所以游码的示数是3.4g，则被测物体的质量：m＝20g+20g+5g+3.4g＝48.4g；
（3）由图丙可知，石块的体积为V＝40mL﹣20mL＝20mL＝20cm3，
石块的密度为ρ＝＝＝2.42g/cm3＝2.42×103kg/m3；
（4）若天平的左盘有一个缺角，测量前调节平衡螺母时，已将该影响排除，故质量测量不受影响；
（5）①在烧杯中装入适量的水，用天平测出烧杯和水的总质量：m＝200g；
②石块浸没时排开水的质量：m排＝222g﹣200g＝22g，
石块的体积V＝V排＝＝＝22cm3；
ρ＝＝＝2.2g/cm3＝2.2×103kg/m3。
故答案为：（1）右；（2）48.4；（3）2.42×103；（4）不受影响；（5）②22；2.2×103。
32．（7分）利用如图所示的电路测量小灯泡的电功率，所用器材：额定电压U额为2.5V的小灯泡，电源电压恒定为3V，电压表一块，滑动变阻器（20Ω 2A），电阻箱（最大阻值为999.9Ω）、开关和导线若干。
（1）用笔画线代替导线，将图乙中的实物图按照甲所示的电路图连接完整。
（2）连接电路前，各开关应 断开 ，按乙图连好后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于 B （A/B）端。
（3）小华测量小灯泡的额定功率的操作如下：
①只闭合开关S、S1，移动变阻器后，发现电压表的示数是2V，要使小灯泡正常发光，则要将滑动变阻器的滑片P向 A （A/B）移动，使电压表的示数为 2.5 V；
②只闭合开关S、S2，保持滑片P不动，调节电阻箱，使用电压表的示数为2.5V，电阻箱示数如图丙，由此可知小灯泡的额定功率是 0.625 W。
（4）小明测量小灯泡的额定功率的操作如下：
①只闭合开关S、S1，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V；
②只闭合开关S、S2，保持滑片P不动，调节电阻箱，使用电压表的示数为2V，此时电阻箱示数R箱。
由此可知小灯泡的额定功率是 P额＝1V× （用U额、R箱等表示）。
【分析】（1）根据电路图可知，开关S1右接线柱与S2右接线柱连接；
（2）为了保护电路，连接电路前，各开关应断开，按乙图连好后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处；
（3）①根据灯泡额定电压，利用串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器的滑片移动方向；②利用串联分压规律求出滑动变阻器接入的阻值，然后根据串联电路电压特点和欧姆定律以及电功率公式求出小灯泡的额定功率；②按电阻箱的读数方法读出电阻箱的阻值，即小灯泡的电阻，根据P＝算出灯泡额定功率；
（4）根据串联电路电压规律和分压原理求出变阻器的阻值；根据串联电路电压规律和欧姆定律求出灯泡的额定电流，根据P＝UI算出灯泡的额定功率。
【解答】解：（1）根据图甲，开关S1右接线柱与S2右接线柱连接，如下图所示：
；
（2）为了保护电路，连接电路前，各开关应断开，按乙图连好后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处，即B端；
（3）①只闭合开关S、S1，移动变阻器后，发现电压表的示数是2V，小于灯泡额定电压2.5V，要使小灯泡正常发光，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值，故将滑动变阻器的滑片P向A移动，使电压表的示数为2.5V；
②由图丙所示电阻箱可知，电阻箱阻值为：0×100Ω+1×10Ω+0×1Ω+0×0.1Ω＝10Ω；
由于实验中电阻箱与灯泡两端电压U相等，流过它们的电流I相等，由R＝可知知：电阻箱阻值与灯泡正常发光的电阻相等，灯泡的额定功率为：
P＝＝＝0.625W；
（4）②只闭合开关S、S2，保持滑片P不动，调节电阻箱，使用电压表的示数为2V，根据串联电路电压规律，变阻器两端的电压为U滑2＝U﹣U箱＝3V﹣2V＝1V，变阻器两端电压是电阻箱两端电压的＝0.5倍，根据分压原理，R滑2＝0.5R箱；
①只闭合开关S、S1，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V，此时灯泡正常发光；根据串联电路电压规律，变阻器两端电压为U滑1＝U﹣U额＝3V﹣2.5V＝0.5V，由于变阻器前后阻值不变，根据串联电路电流特点和欧姆定律可知，灯泡的额定电流为：
I＝I滑1＝＝＝，
小灯泡的额定功率为：
P额＝U额I＝U额×＝1V×。
故答案为：（1）见解答图；（2）断开；B；（3）①A；2.5；②0.625；（4）P额＝1V×。
33．（2分）请在图中画出提升滑轮组最省力的绕法。
【分析】滑轮组的省力情况取决于承担物重的绳子的段数，也就是看有几段绳子通过动滑轮，段数越多越省力。
【解答】解：从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这就是最省力的绕法。如图所示：
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