考点20 烃的衍生物-2024年高考化学试题分类汇编

这是一份考点20 烃的衍生物-2024年高考化学试题分类汇编，共53页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

一、选择题
1.(2024·湖北选择考·6)鹰爪甲素(如图)可从治疗疟疾的有效药物鹰爪根中分离得到。下列说法错误的是( )
A.有5个手性碳
B.在120 ℃条件下干燥样品
C.同分异构体的结构中不可能含有苯环
D.红外光谱中出现了3 000 cm-1以上的吸收峰
【解析】选B。连4个不同原子或原子团的碳原子称为手性碳,该分子中有5个手性碳,如图中用星号标记的碳原子:,故A正确;由鹰爪甲素的结构可知,其分子中有过氧键,过氧键热稳定性差,所以不能在120 ℃条件下干燥样品,故B错误;由鹰爪甲素的结构可以得出其不饱和度为3,而苯环的不饱和度为4,因此其同分异构体的结构中不可能含有苯环,故C正确;由鹰爪甲素结构可知,其分子中含羟基,即有氧氢键,所以其红外光谱中会出现3 000 cm-1以上的吸收峰,故D正确。
2.(2024·全国甲卷·9)我国化学工作者开发了一种回收利用聚乳酸(PLA)高分子材料的方法,其转化路线如下所示。( )
下列叙述错误的是( )
A.PLA在碱性条件下可发生降解反应
B.MP的化学名称是丙酸甲酯
C.MP的同分异构体中含羧基的有3种
D.MMA可加聚生成高分子
【解析】选C。A.根据PLA的结构简式,聚乳酸是由一个乳酸分子中的羧基与另一个乳酸分子中的羟基发生缩聚反应得到的,含有酯基结构,可以在碱性条件下发生降解反应,A正确;B.根据MP的结构可知MP可由丙酸和甲醇发生酯化反应得到,因此其化学名称为丙酸甲酯,B正确;C.MP的同分异构体中,含有羧基的有2种,分别为正丁酸和异丁酸,C错误;D.MMA中含有双键结构,可以发生加聚反应生成高分子,D正确。故答案选C。
3.(2024·黑、吉、辽选择考·5)家务劳动中蕴含着丰富的化学知识。下列相关解释错误的是( )
A.用过氧碳酸钠漂白衣物:Na2CO4具有较强氧化性
B.酿米酒需晾凉米饭后加酒曲:乙醇受热易挥发
C.用柠檬酸去除水垢:柠檬酸酸性强于碳酸
D.用碱液清洗厨房油污:油脂可碱性水解
【解析】选B。过氧碳酸钠中过氧碳酸根中有两个O原子为-1价,易得到电子变成-2价,因此过氧碳酸钠具有强氧化性,可以漂白衣物,A正确;酒曲中含有大量微生物,微生物可以分泌多种酶将谷物中的淀粉、蛋白质等转变成糖、氨基酸,糖分在酵母菌的酶的作用下,分解成乙醇,即酒精,因此,米饭需晾凉,米饭过热会使微生物失活,B错误;柠檬酸的酸性强于碳酸,可以将水垢中的碳酸钙分解为可溶性的钙离子,用于除水垢,C正确;油脂可以在碱性条件下水解成可溶于水的甘油和高级脂肪酸盐,用于清洗油污,D正确。
4.(2024·黑、吉、辽选择考·7)如下图所示的自催化反应,Y作催化剂。下列说法正确的是( )
+CO2↑+
A.X不能发生水解反应
B.Y与盐酸反应的产物不溶于水
C.Z中碳原子均采用sp2杂化
D.随c(Y)增大,该反应速率不断增大
【解析】选C。根据X的结构可知,其结构中含有酯基和酰胺基,因此可以发生水解反应,A错误;有机物Y中含有氨基,其呈碱性,可以与盐酸发生反应生成盐,生成的盐在水中的溶解性较好,B错误;有机物Z中含有苯环和碳碳双键,无饱和碳原子,其所有的碳原子均为sp2杂化,C正确;Y在反应中起催化作用,随着体系中c(Y)增大,反应初始阶段化学反应速率会加快,但随着反应不断进行,反应物X的浓度逐渐减小,且浓度的减小占主要因素,反应速率又逐渐减小,即不会一直增大,D错误。
5.(2024·安徽选择考·1)下列资源利用中,在给定工艺条件下转化关系正确的是( )
A.煤煤油 B.石油乙烯
C.油脂甘油 D.淀粉乙醇
【解析】选C。煤的干馏是将煤隔绝空气加强热使之分解的过程,干馏的过程不产生煤油,煤油是石油分馏的产物,A错误;石油分馏是利用其组分中的不同物质的沸点不同将组分彼此分开,石油分馏不能得到乙烯,石油的裂解可以得到乙烯,B错误;油脂在碱性条件下水解生成甘油和高级脂肪酸盐,C正确;淀粉是多糖,其发生水解反应生成葡萄糖,葡萄糖在酶的作用下发生分解最终生成乙醇,D错误。
6.(2024·江苏选择考·7)催化剂能改变化学反应速率而不改变反应的焓变,常见催化剂有金属及其氧化物、酸和碱等。催化反应广泛存在,如豆科植物固氮、石墨制金刚石、CO2和H2制CH3OCH3(二甲醚)、V2O5催化氧化SO2等。催化剂有选择性,如C2H4与O2反应用Ag催化生成(环氧乙烷)、用CuCl2/PdCl2催化生成CH3CHO。催化作用能消除污染和影响环境,如汽车尾气处理、废水中NO3-电催化生成N2、氯自由基催化O3分解形成臭氧空洞。我国在石油催化领域领先世界,高效、经济、绿色是未来催化剂研究的发展方向。
下列有关反应描述正确的是( )
A.CH3CH2OH催化氧化为CH3CHO,CH3CH2OH断裂C—O键
B.氟氯烃破坏臭氧层,氟氯烃产生的氯自由基改变O3分解的历程
C.丁烷催化裂化为乙烷和乙烯,丁烷断裂σ键和π键
D.石墨转化为金刚石,碳原子轨道的杂化类型由sp3转变为sp2
【解析】选B。CH3CH2OH催化氧化为CH3CHO,CH3CH2OH断裂C—H键和O—H键,生成CO键,A错误;根据题意,由氟氯烃产生的氯自由基催化O3分解破坏臭氧层,则氟氯烃产生的氯自由基改变O3分解的历程,B正确;丁烷催化裂化为乙烷和乙烯,丁烷断裂σ键,丁烷是饱和烷烃,没有π键,C错误;石墨碳原子轨道的杂化类型为sp2,金刚石碳原子轨道的杂化类型为sp3,石墨转化为金刚石,碳原子轨道的杂化类型由sp2转变为sp3,D错误。
7.(2024·江苏选择考·9)化合物Z是一种药物的重要中间体,部分合成路线如下:
下列说法正确的是( )
A.X分子中所有碳原子共平面
B.1 ml Y最多能与1 ml H2发生加成反应
C.Z不能与Br2的CCl4溶液反应
D.Y、Z均能使酸性KMnO4溶液褪色
【解析】选D。X中饱和的C原子为sp3杂化,形成4个单键,具有类似甲烷的四面体结构,所有碳原子不可能共平面,故A错误;Y中含有1个羰基和1个碳碳双键可与H2加成,因此1 ml Y最多能与2 ml H2发生加成反应,故B错误;Z中含有碳碳双键,可以与Br2的CCl4溶液反应,故C错误;Y、Z中均含有碳碳双键,可以使酸性KMnO4溶液褪色,故D正确。
8.(2024·河北选择考·5)化合物X是由细菌与真菌共培养得到的一种天然产物,结构简式如图。下列相关表述错误的是( )
A.可与Br2发生加成反应和取代反应
B.可与FeCl3溶液发生显色反应
C.含有4种含氧官能团
D.存在顺反异构
【解析】选D。A.化合物X中存在碳碳双键,能和Br2发生加成反应,苯环连有酚羟基,下方苯环上酚羟基邻位有氢原子,可以与Br2发生取代反应,A正确;B.化合物X中有酚羟基,遇FeCl3溶液会发生显色反应,B正确;C.化合物X中含有酚羟基、醛基、酮羰基、醚键4种含氧官能团,C正确;D.该化合物中只有一个碳碳双键,其中一个双键碳原子连接的2个原子团都是甲基,所以不存在顺反异构,D错误。故选D。
9.(2024·浙江6月选考·9)有机物A经元素分析仪测得只含碳、氢、氧3种元素,红外光谱显示A分子中没有醚键,质谱和核磁共振氢谱示意图如下。下列关于A的说法正确的是( )
A.能发生水解反应
B.能与NaHCO3溶液反应生成CO2
C.能与O2反应生成丙酮
D.能与Na反应生成H2
【解析】选D。由质谱图可知,有机物A的相对分子质量为60,A只含C、H、O三种元素,因此A的分子式为C3H8O或C2H4O2,由核磁共振氢谱可知,A有4种等效氢,个数比等于峰面积之比为3∶2∶2∶1,因此A为CH3CH2CH2OH。A项,A为CH3CH2CH2OH,A中官能团为羟基,不能发生水解反应,故A错误;B项,A中官能团为羟基,不能与NaHCO3溶液反应生成CO2,故B错误;C项,CH3CH2CH2OH的羟基位于末端C上,与O2反应生成丙醛,无法生成丙酮,故C错误;D项,CH3CH2CH2OH中含有羟基,能与Na反应生成H2,故D正确。
10.(2024·浙江6月选考·12)丙烯可发生如下转化(反应条件略):
下列说法不正确的是( )
A.产物M有2种且互为同分异构体(不考虑立体异构)
B.H+可提高Y→Z转化的反应速率
C.Y→Z过程中,a处碳氧键比b处更易断裂
D.Y→P是缩聚反应,该工艺有利于减轻温室效应
【解析】选D。丙烯与HOCl发生加成反应得到M,M有CH3—CHCl—CH2OH和CH3—CHOH—CH2Cl两种可能的结构,在Ca(OH)2的作用下脱去HCl生成物质Y(),Y在H+环境水解引入羟基再脱H+得到主产物Z;Y与CO2可发生反应得到物质P()。A项,由分析可知,产物M有2种且互为同分异构体(不考虑立体异构),A正确;B项,H促进Y中醚键的水解,后又脱离,使Z成为主产物,故其可提高Y→Z转化的反应速率,B正确;C项,从题干部分可看出,是a处碳氧键断裂,故a处碳氧键比b处更易断裂,C正确;D项,Y→P是CO2与Y发生加聚反应,没有小分子生成,不是缩聚反应,该工艺有利于消耗CO2,减轻温室效应,D错误。
11.(2024·山东等级考·8)植物提取物阿魏萜宁具有抗菌活性,其结构简式如图所示。下列关于阿魏萜宁的说法错误的是( )
A.可与Na2CO3溶液反应
B.消去反应产物最多有2种
C.酸性条件下的水解产物均可生成高聚物
D.与Br2反应时可发生取代和加成两种反应
【解析】选B。由阿魏萜宁的分子结构可知,其分子中存在醇羟基、酚羟基、酯基和碳碳双键等多种官能团。该有机物含有酚羟基,故又可看作是酚类物质,酚羟基能显示酸性,且酸性强于HCO3-,Na2CO3溶液显碱性,故该有机物可与Na2CO3溶液反应,A正确;由分子结构可知,与醇羟基相连的C原子共与3个不同化学环境的C原子相连,且这3个C原子上均连接了H原子,因此,该有机物发生消去反应时,其消去反应产物最多有3种,B不正确;该有机物在酸性条件下的水解产物有2种,其中一种含有碳碳双键和2个醇羟基,这种水解产物既能通过发生加聚反应生成高聚物,也能通过缩聚反应生成高聚物,另一种水解产物含有羧基和酚羟基,其可以发生缩聚反应生成高聚物,C正确;该有机物分子中含有酚羟基且其邻位上有H原子,故其可与浓溴水发生取代反应,还含有碳碳双键,故其可与Br2发生加成反应,因此,该有机物与Br2反应时可发生取代和加成两种反应,D正确;综上所述,本题选B。
12.(2024·山东等级考·11)中国美食享誉世界,东坡诗句“芽姜紫醋炙银鱼”描述了古人烹饪时对食醋的妙用。食醋风味形成的关键是发酵,包括淀粉水解、发酵制醇和发酵制酸等三个阶段。下列说法错误的是( )
A.淀粉水解阶段有葡萄糖产生
B.发酵制醇阶段有CO2产生
C.发酵制酸阶段有酯类物质产生
D.上述三个阶段均应在无氧条件下进行
【解析】选D。淀粉属于多糖,淀粉水解的最终产物为葡萄糖,反应为(C6H10O5)n淀粉+nH2OnC6H12O6葡萄糖,A项正确;发酵制醇阶段的主要反应为C6H12O6葡萄糖2CH3CH2OH+2CO2↑,该阶段有CO2产生,B项正确;发酵制酸阶段的主要反应为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O、2CH3CHO+O22CH3COOH,CH3COOH与CH3CH2OH会发生酯化反应生成CH3COOCH2CH3,CH3COOCH2CH3属于酯类物质,C项正确;发酵制酸阶段CH3CH2OH发生氧化反应生成CH3COOH,应在有氧条件下进行,D项错误;答案选D。
13.(2024·甘肃选择考·8)曲美托嗪是一种抗焦虑药,合成路线如下所示,下列说法错误的是( )
A.化合物Ⅰ和Ⅱ互为同系物
B.苯酚和(CH3O)2SO2在条件①下反应得到苯甲醚
C.化合物Ⅱ能与NaHCO3溶液反应
D.曲美托嗪分子中含有酰胺基团
【解析】选A。解答本题时的思维流程如下:
化合物Ⅰ含有的官能团有羧基、酚羟基,化合物Ⅱ含有的官能团有羧基、醚键,官能团种类不同,化合物Ⅰ和化合物Ⅱ不互为同系物,A项错误;根据题中合成路线可知,化合物Ⅰ中的酚羟基与(CH3O)2SO2反应生成醚,故苯酚和(CH3O)2SO2在条件①下反应得到苯甲醚,B项正确;化合物Ⅱ中含有羧基,可以与NaHCO3溶液反应,C项正确;由曲美托嗪的结构简式可知,曲美托嗪中含有的官能团为酰胺基、醚键,D项正确。
14.(2024·甘肃选择考·9)下列实验操作、现象和结论相对应的是( )
【解析】选B。用蓝色石蕊试纸检验某无色溶液,试纸变红,该溶液显酸性,但不一定是酸溶液,也有可能是显酸性的盐溶液,A项错误;动物纤维主要成分是蛋白质,灼烧后有类似烧焦羽毛的味道,故可用酒精灯灼烧织物的方法判断是否含有蛋白质,B项正确;乙醇和浓硫酸加热至170 ℃,主要产物为乙烯;但由于浓硫酸具有脱水性和强氧化性,因此在反应中还会产生碳单质、二氧化碳、二氧化硫等,其中的产物二氧化硫气体能使溴水褪色,C项错误;氯化镁溶液中滴入氢氧化钠溶液,会发生复分解反应,生成难溶的氢氧化镁,与氢氧化钠和氢氧化镁的碱性无关,不能由此得出氢氧化钠的碱性比氢氧化镁强,D项错误。
二、非选择题
15.(2024·湖北选择考·19)某研究小组按以下路线对内酰胺F的合成进行了探索:
回答下列问题:
(1)从实验安全角度考虑,A→B中应连有吸收装置,吸收剂为 。
(2)C的名称为 ,它在酸溶液中用甲醇处理,可得到制备 (填标号)的原料。
a.涤纶 b.尼龙 c.维纶 d.有机玻璃
(3)下列反应中不属于加成反应的有 (填标号)。
a.A→B b.B→C c.E→F
(4)写出C→D的化学方程式
。
(5)已知(亚胺)。然而,E在室温下主要生成G,原因是 。
(6)已知亚胺易被还原。D→E中,催化加氢需在酸性条件下进行的原因是 ,若催化加氢时,不加入酸,则生成分子式为C10H19NO2的化合物H,其结构简式为 。
【解析】有机物A与HCN在催化剂的作用下发生加成反应生成有机物B,有机物B在Al2O3的作用下发生消去反应生成有机物C,有机物C与C6H10O3发生反应生成有机物D,根据有机物D的结构可以推测,C6H10O3的结构为,有机物D发生两步连续的反应生成有机物E,有机物D中的氰基最终反应为—CH2NH2结构,最后有机物E发生取代反应生成有机物F和乙醇。
(1)有机物A→B的反应中有HCN参加反应,HCN有毒,需要用碱液吸收,可用的吸收液为NaOH溶液等。
(2)根据有机物C的结构,有机物C的名称为2-甲基-2-丙烯腈(甲基丙烯腈、异丁烯腈),该物质可以在酸性溶液中发生反应生成甲基丙烯酸,甲基丙烯酸与甲醇反应生成的甲基丙烯酸甲酯经加聚反应生成有机玻璃,答案为d。
(3)有机物A反应生成有机物B的过程为加成反应,有机物B生成有机物C的反应为消去反应,有机物E生成有机物F的反应为取代反应,故答案为bc。
(4)有机物C与发生加成反应生成有机物D,反应的化学方程式为+。
(5)羰基与氨基发生反应生成亚胺(),亚胺不稳定,容易发生重排反应生成有机物G,有机物G在室温下具有更高的共轭结构,性质更稳定。
(6)氰基与氢气发生加成反应生成亚胺结构,生成的亚胺结构更易被还原成氨基,促进反应的发生;若不加入酸,则生成分子式为C10H19NO2的化合物H,其可能的流程为→→→→→,因此,有机物H的结构为。
答案:(1)NaOH溶液(或其他碱液)
(2)2-甲基-2-丙烯腈(甲基丙烯腈、异丁烯腈) d
(3)bc
(4)+
(5)亚胺不稳定,容易发生重排反应生成有机物G
(6)氰基与氢气发生加成反应生成亚胺结构,生成的亚胺结构更易被还原成氨基,促进反应的发生
16.(2024·全国甲卷·36) 白藜芦醇(化合物I)具有抗肿瘤、抗氧化、消炎等功效。以下是某课题组合成化合物I的路线。
B
C7H10N2 D
C9H12O2 E
C9H11BrO2
回答下列问题:
(1)A中的官能团名称为 。
(2)B的结构简式为 。
(3)由C生成D的反应类型为 。
(4)由E生成F的化学方程式为
。
(5)已知G可以发生银镜反应,G的化学名称为 。
(6)选用一种鉴别H和I的试剂并描述实验现象
。
(7)I的同分异构体中,同时满足下列条件的共有 种(不考虑立体异构)。
①含有手性碳(连有4个不同的原子或基团的碳为手性碳);
②含有两个苯环;③含有两个酚羟基;④可发生银镜反应。
【解析】根据流程,有机物A在Fe/H+的作用下发生反应生成有机物B,根据有机物B的分子式和有机物A的结构可以得到有机物B的结构为;有机物B发生两个连续的反应后将结构中的氨基转化为羟基,得到有机物C;有机物C发生取代反应得到有机物D,根据有机物D的分子式可以推出有机物D为;有机物D与NBS发生取代反应得到有机物E,根据有机物E的分子式可以推出有机物E为;有机物E与P(OC2H5)3发生反应得到有机物F,有机物F与有机物G发生反应得到有机物H,结合有机物H的结构、有机物G的分子式和G可以发生银镜反应的已知条件可以得到有机物G的结构为;最后,有机物H与BBr3反应得到目标化合物I。
(1)根据有机物A的结构可知,A的官能团为硝基。
(2)根据分析,有机物B的结构简式为。
(3)根据分析,有机物C发生反应生成有机物D的反应类型为取代反应。
(4)根据分析,有机物E与P(OC2H5)3发生反应得到有机物F,反应的化学方程式为+P(OC2H5)3+C2H5Br。
(5)有机物G可以发生银镜反应说明有机物G中含有醛基,结合其分子式和有机物F、有机物H的结构可以得到有机物G的结构为,其化学名称为4-甲氧基苯甲醛(或对甲氧基苯甲醛)。
(6)对比有机物H和有机物I的结构可以看出,有机物I中含有酚羟基,可以由此进行鉴别,鉴别试剂为FeCl3溶液,实验现象为分别取少量有机物H和有机物I的固体配制成溶液,向溶液中滴加FeCl3溶液,溶液中出现显色反应的即为有机物I。
(7)对于有机物I的同分异构体,可以发生银镜反应说明含有醛基;含有手性碳原子,说明有饱和碳原子,可以得到其主体结构为,因其含有两个酚羟基和手性碳原子,则满足条件的同分异构体有9种,分别为、、、、、、、、。
答案:(1)硝基
(2)
(3)取代反应
(4)+P(OC2H5)3+C2H5Br
(5)4-甲氧基苯甲醛(或对甲氧基苯甲醛)
(6)鉴别试剂为FeCl3溶液,实验现象为分别取少量有机物H和有机物I的固体配制成溶液,向溶液中滴加FeCl3溶液,溶液中出现显色反应的即为有机物I
(7)9
17.(2024·黑、吉、辽选择考·19)特戈拉赞(化合物K)是抑制胃酸分泌的药物,其合成路线如下:
C16H14N2O3
G
已知:
Ⅰ.Bn为,咪唑为;
Ⅱ.和不稳定,能分别快速异构化为和。
回答下列问题:
(1)B中含氧官能团只有醛基,其结构简式为 。
(2)G中含氧官能团的名称为 和 。
(3)J→K的反应类型为 。
(4)D的同分异构体中,与D官能团完全相同,且水解生成丙二酸的有 种(不考虑立体异构)。
(5)E→F转化可能分三步:
①E分子内的咪唑环与羧基反应生成X;
②X快速异构化为Y;
③Y与(CH3CO)2O反应生成F。
第③步化学方程式为
。
(6)苯环具有与咪唑环类似的性质。参考E→X的转化,设计化合物I的合成路线如下(部分反应条件己略去)。其中M和N的结构简式为 和 。
MN
【解析】根据流程,有机物A与有机物B发生反应生成有机物C,根据有机物B的分子式和(1)中的已知条件,可以判断,有机物B的结构简式为;有机物C与有机物D发生反应生成有机物E;有机物E在醋酸酐的作用下发生反应生成有机物F;有机物F发生两步连续反应生成有机物G,根据有机物G的分子式和有机物H的结构可以推出,有机物G的结构为;有机物G发生两步反应生成有机物H,将羧基中的—OH取代;有机物H与有机物I发生取代反应,将有机物H中酚羟基上的氢取代生成有机物J;最后有机物J发生取代反应将结构中的Bn取代为H。据此分析解题。
(1)根据分析,有机物B的结构简式为。
(2)根据分析,有机物G的结构为,其含氧官能团为(酚)羟基和羧基。
(3)根据分析,J→K的反应是将J中的Bn取代为H的反应,反应类型为取代反应。
(4)D的同分异构体中,与D的官能团完全相同,说明有酯基的存在,且水解后生成丙二酸,说明主体结构中含有,根据D的分子式,剩余的C原子数为5,剩余H原子数为12,因同分异构体中只含有酯基,则不能将H原子单独连接在某一端的O原子上,因此将5个碳原子拆分,当一侧连接甲基时,另一侧连接—C4H9,此时—C4H9共有4种同分异构体,当一侧连接乙基时,另一侧连接—C3H7,此时—C3H7共有2种同分异构体,故满足条件的同分异构体有4+2=6种。
(5)根据已知条件和题目中的三步反应,第三步反应为酚羟基与乙酸酐的反应,生成有机物F,则有机物Y为,根据异构化原理,有机物X的结构为,反应第③步的化学方程式为+(CH3CO)2O+CH3COOH。
(6)根据逆推法有机物N发生还原反应生成目标化合物,则有机物N为,有机物M由原料氧化得到,有机物M发生反应生成有机物N,有机物M为。
答案:(1)
(2)(酚)羟基 羧基
(3)取代反应
(4)6
(5)+(CH3CO)2O+CH3COOH
(6)
18.(2024·安徽选择考·18)化合物Ⅰ是一种药物中间体,可由下列路线合成(Ph代表苯基,部分反应条件略去):
已知:
ⅰ)RXRMgX
ⅱ)RMgX易与含活泼氢化合物(HY)反应:
RMgX+HYRH+
HY代表H2O、ROH、RNH2、RC≡CH等。
(1)A、B中含氧官能团名称分别为 、 。
(2)E在一定条件下还原得到,后者的化学名称为 。
(3)H的结构简式为 。
(4)E→F反应中下列物质不能用作反应溶剂的是 (填字母)。
a.CH3CH2OCH2CH3 b.CH3OCH2CH2OH
c.d.
(5)D的同分异构体中,同时满足下列条件的有 种(不考虑立体异构),写出其中一种同分异构体的结构简式 。
①含有手性碳②含有2个碳碳三键
③不含甲基
(6)参照上述合成路线,设计以和不超过3个碳的有机物为原料,制备一种光刻胶单体的合成路线
(其他试剂任选)。
【解析】有机物A中的羟基被MnO2氧化成醛基,有机物B与Ph3CCl发生取代反应生成有机物C;有机物D中的氨基发生取代反应生成有机物E,D中的氨基变为E中的Br,E发生已知条件ⅰ的第一步反应后与有机物C作用最终生成有机物G;有机物G被MnO2氧化生成有机物H,有机物H的结构为,有机物H最终发生已知条件ⅰ的反应生成目标化合物Ⅰ。
(1)根据合成路线中A和B的结构,A中的含氧官能团为羟基,B中的含氧官能团为醛基。
(2)根据题目中的结构,该结构的化学名称为1,2-二甲基苯(或邻二甲苯)。
(3)根据分析,H的结构简式为。
(4)根据已知条件ⅱ,RMgX可以与含有活泼氢的化合物(H2O、ROH、RNH2、RC≡CH等)发生反应,b中含有羟基,c中含有N-H,其H原子为活泼H原子,因此不能用b、c作溶剂。
(5)根据题目所给条件,同分异构体中含有2个碳碳三键,说明结构中不含苯环,结构中不含甲基,说明碳碳三键在物质的两端,同分异构体中又含有手性碳原子,因此,可能的结构有CH≡C—CH2—CH2—CH2—CH(NH2)—C≡CH、CH≡C—CH2-CH2—CH(NH2)—CH2—C≡CH、CH≡C—CH2—CH2—CH(CH2NH2)—C≡CH、CH≡C—CH2—CH(CH2CH2NH2)—C≡CH,共4种。
(6)先将原料中的羰基还原为羟基,后利用浓硫酸脱水生成碳碳双键,随后将物质与Mg在无水醚中反应生成中间产物,后再与CF3COCF3在无水醚中反应再水解生成目标化合物,具体的流程如下:
。
答案:(1)羟基 醛基
(2)1,2-二甲基苯(或邻二甲苯)
(3)
(4)bc
(5)4 CH≡C—CH2—CH2—CH2—CH(NH2)—C≡CH(合理即可)
(6)
19.(2024·江苏选择考·15)F是合成含松柏基化合物的中间体,其合成路线如下:
(1)A分子中的含氧官能团名称为醚键和 。
(2)A→B中有副产物C15H24N2O2生成,该副产物的结构简式为 。
(3)C→D的反应类型为 ;C转化为D时还生成H2O和 (填结构简式)。
(4)写出同时满足下列条件的F的一种芳香族同分异构体的结构简式: 。
碱性条件下水解后酸化,生成X、Y和Z三种有机产物。X分子中含有一个手性碳原子;Y和Z分子中均有2种不同化学环境的氢原子,Y能与FeCl3溶液发生显色反应,Z不能被银氨溶液氧化。
(5)已知:HSCH2CH2SH与HOCH2CH2OH性质相似。写出以、、HSCH2CH2SH和HCHO为原料制备的合成路线流程图



(无机试剂和有机溶剂任用,合成路线示例见本题题干)。
【解析】A中与羰基相连的甲基发生加成反应,得到的羟基与(CH3)2NH发生取代反应,形成物质B,B中N原子在CH3I和Ag2O、H2O的先后作用下得到物质C;C受热发生消去反应,+N(CH3)3同OH-与相邻C上的H发生消去反应生成H2O和N(CH3)3,同时生成碳碳双键得到物质D,D的碳碳双键在H2O2的碱溶液作用下发生反应,后再酸化引入两个羟基则得到物质E,两个羟基与CH3COCH3在HCl环境中脱去H2O得到物质F。
(1)根据题中A分子的结构可知,其含氧官能团有醚键和羰基。
(2)A生成B的过程是甲醛与A中羰基相连的甲基发生加成反应,得到的羟基与(CH3)2NH发生取代反应,结合副产物的分子式C15H24N2O2,可推断该副产物是一分子A结合了两分子的HCHO和(CH3)2NH,结构简式为。
(3)据分析,C→D的反应类型为消去反应;C转化为D时还生成H2O和N(CH3)3。
(4)由题中F的结构简式可知其分子式是C13H16O4,其不饱和度为6,其芳香族同分异构体在碱性条件下水解后酸化,生成X、Y和Z三种有机产物,推断该同分异构体中含有两个酯基,X分子中含有一个手性碳原子,则有一个碳原子连接着四种互不相同的原子或原子团,Y和Z分子中均有2种不同化学环境的氢原子,Y能与FeCl3溶液发生显色反应,则Y含有酚羟基,推断Y的结构简式是,Z不能被银氨溶液氧化,则Z不含醛基,推断Z的结构简式是CH3COOH,则X分子中共含有5个C原子,其中有—COOH,则推断其结构是;综上分析,该芳香族同分异构体的一种结构简式是。
(5)结合物质E生成F的结构变化可推断与HSCH2CH2SH反应可生成目标产物的部分;产物的部分可由生成后与HCHO反应增长碳链得到,故设计合成路线:
。
答案:(1)羰基
(2)
(3) 消去反应 N(CH3)3
(4)
(5)
20.(2024·河北选择考·18)甲磺司特(M)是一种在临床上治疗支气管哮喘、特应性皮炎和过敏性鼻炎等疾病的药物。M的一种合成路线如下(部分试剂和条件省略)。
回答下列问题:
(1)A的化学名称为 。
(2)B→C的反应类型为 。
(3)D的结构简式为 。
(4)由F生成G的化学方程式为
。
(5)G和H相比,H的熔、沸点更高,原因为
。
(6)K与E反应生成L,新构筑官能团的名称为 。
(7)同时满足下列条件的I的同分异构体共有 种。
(a)核磁共振氢谱显示为4组峰,且峰面积比为3∶2∶2∶2;
(b)红外光谱中存在CO和硝基苯基()吸收峰。
其中,可以通过水解反应得到化合物H的同分异构体的结构简式为
。
【解析】由合成路线可知,A与甲醇发生酯化反应生成B,则A的结构为;B与CH3SH在一定条件下发生加成反应生成C;C在碱性条件下发生酯的水解反应,酸化后生成D,则D的结构简式为;D与SOCl2发生取代反应生成E;由F的分子式可知,F的结构简式为;F在浓H2SO4作催化剂且加热的条件下发生硝化反应生成G,G的结构简式为;G与NaOH和水在加热、加压条件下反应后经酸化生成H,H的结构简式为;H与发生取代反应生成I;I与乙醇钠发生反应生成J;J发生硝基的还原生成K,K的结构简式为;K与E发生取代反应生成L;L与反应生成M。
(1)由A→B的反应条件和B的结构简式可知该步骤为酯化反应,因此A为,其名称为丙烯酸。
(2)B与CH3SH发生加成反应,—H和—SCH3分别加到双键碳原子上生成C。
(3)结合C和E的结构简式以及C→D和D→E的反应条件,可知C→D为C先在碱性条件下发生水解反应后酸化,D为,D与SOCl2发生取代反应生成E。
(4)F→G的反应中,结合I的结构可知,苯环上碳氯键的对位引入硝基,浓H2SO4作催化剂和吸水剂,吸收反应产物中的水,硝化反应的条件为加热,反应的化学方程式是+HO—NO2+H2O。
(5)由分析可知,G的结构简式为,H的结构简式为,H分子中存在羟基,能形成分子间氢键,G分子不能形成分子间氢键,分子间氢键会使物质的熔、沸点显著升高。
(6)根据分析可知,K与E反应生成L为取代反应,反应中新构筑的官能团为酰胺基。
(7)由题给信息,结构中存在“”和CO,I的分子式为C9H9NO4,其不饱和度为6,其中苯环占4个不饱和度,CO和硝基各占1个不饱和度,因此满足条件的同分异构体中除了苯环、CO和硝基之外没有其他不饱和结构,根据核磁共振氢谱显示为4组峰,且峰面积比为3∶2∶2∶2可知,结构中不存在羟基,存在甲基,结构高度对称,硝基、苯基和CO共占用3个氧原子,还剩余1个氧原子,因此剩余的氧原子只能插入2个相邻的C原子之间,不考虑该氧原子,碳骨架的异构有2种,且每种都有3个位置可以插入该氧原子,如图所示:
,(序号表示插入氧原子的位置),因此符合题意的同分异构体共有6种;其中,能够水解生成
的结构为
。
答案:(1)丙烯酸
(2)加成反应
(3)
(4)+HO—NO2+H2O
(5)H分子中存在羟基,能形成分子间氢键
(6)酰胺基
(7)6
21.(2024·湖南选择考·17)化合物H是一种具有生物活性的苯并呋喃衍生物,合成路线如下(部分条件忽略,溶剂未写出):
回答下列问题:
(1)化合物A在核磁共振氢谱上有 组吸收峰;
(2)化合物D中含氧官能团的名称为 、 ;
(3)反应③和④的顺序不能对换的原因是 ;
(4)在同一条件下,下列化合物水解反应速率由大到小的顺序为 (填标号);
①
②
③
(5)化合物G→H的合成过程中,经历了取代、加成和消去三步反应,其中加成反应的化学方程式为 ;
(6)依据以上流程信息,结合所学知识,设计以和Cl2CHOCH3为原料合成的路线(HCN等无机试剂任选)。
【解析】A与氯化剂在加热条件下反应得到B,B在BBr3,0 ℃的条件下,甲基被H取代得到C,C与CH2BrCH2Br在K2CO3的作用下发生取代反应得到D,D被氧化剂氧化为E,E中存在酯基,先水解,再酸化得到F,F与Cl2CHOCH3在TiCl4的作用下可看作是苯环上的一个H被醛基取代得到G,G与ClCH2COCH3经历了取代、加成和消去三步反应得到H。
(1)由A的结构可知,A有6种等效氢,即核磁共振氢谱上有6组吸收峰;
(2)由D的结构可知,化合物D中含氧官能团的名称为醛基、醚键;
(3)反应③和④的顺序不能对换,先进行反应③再进行反应④可以防止酚羟基被氧化;
(4)中F的电负性很强,—CF3为吸电子基团,使得—OOCH中C—O键更易断裂,水解反应更易进行,中—CH3是推电子基团,使得—OOCH中C—O键更难断裂,水解反应更难进行,因此在同一条件下,化合物水解反应速率由大到小的顺序为①③②;
(5)化合物G→H的合成过程中,G发生取代反应羟基上的H被—CH2COCH3取代,得到,中的醛基加成得到,中的羟基发生消去反应得到,其中加成反应的化学方程式为;
(6)和Cl2CHOCH3在TiCl4的作用下发生类似反应⑥的反应得到,与HCN加成得到,酸性水解得到,发生缩聚反应得到,具体合成路线为。
答案:(1)6
(2)醛基 醚键
(3)先进行反应③再进行反应④可以防止酚羟基被氧化
(4)①③②
(5)
(6)
22.(2024·浙江6月选考·21)某研究小组按下列路线合成抗炎镇痛药“消炎痛”(部分反应条件已简化)。
已知:
+
请回答:
(1)化合物F的官能团名称是 。
(2)化合物G的结构简式是 。
(3)下列说法不正确的是 。
A.化合物A的碱性弱于
B.A+B→C的反应涉及加成反应和消去反应
C.D→E的反应中,试剂可用Cl2/FeCl3
D.“消炎痛”的分子式为C18H16ClNO4
(4)写出H→I的化学方程式
。
(5)吲哚-2-甲酸()是一种医药中间体,设计以和CH3CHO为原料合成吲哚-2-甲酸的路线(用流程图表示,无机试剂任选)


。
(6)写出4种同时符合下列条件的化合物B的同分异构体的结构简式
。
①分子中有2种不同化学环境的氢原子;
②有甲氧基(—OCH3),无三元环。
【解析】A与B发生类似已知+
的反应生成C,C为,D可以转化生成E,结合E的分子式和F的结构可知,E为,F与SOCl2反应得到G,结合G的分子式可知,G为,I水解得到消炎痛,结合消炎痛的结构可知,I为
,H与HCl得到I的反应类似已知中的反应,由此可知H为,C与G反应得到H。(1)由F的结构可知,F的官能团为羧基、氯原子(或碳氯键)。(2)由分析可知,G为。(3)A项,的氨基直接连接在苯环上,A中氨基连接在—NH—上,即A中氨基上的N原子更易结合H+,碱性更强,故A错误;B项,A+B→C的反应,是B中羰基先加成,得到羟基,羟基再与相邻N上的H消去得到NC键,涉及加成反应和消去反应,故B正确;C项,D→E是甲苯甲基对位上的H被Cl取代,试剂可为Cl2/FeCl3,故C正确;D项,由“消炎痛”的结构可知,分子式为C19H16ClNO4,故D错误。
(4)H()
与HCl得到I()的反应类似已知中的反应,化学方程式为+HClNH4Cl+。(5)乙醛与HCN加成得到,被O2氧化为,在酸性条件下水解得到,与反应得到,与HCl反应得到,具体合成路线为CH3CHO。
(6)B为CH3COCH2CH2COOCH3,同分异构体中有2种不同化学环境的氢原子,说明其结构高度对称,有甲氧基(—OCH3),无三元环,符合条件的结构简式有、
、、(其他符合条件的结构也可)。
答案:(1)羧基、氯原子(或碳氯键)
(2)
(3)AD
(4)+HClNH4Cl+
(5)CH3CHO
(6)、、、(其他符合条件的结构也可)
23.(2024·山东等级考·17)心血管药物缬沙坦中间体(F)的两条合成路线如下:
已知:
Ⅰ.+
Ⅱ.R1—CHOR1CH2NHR2
回答下列问题:
(1)A结构简式为 ;B→C反应类型为 。
(2)C+D→F化学方程式为
。
(3)E中含氧官能团名称为 ;F中手性碳原子有 个。
(4)D的一种同分异构体含硝基和3种不同化学环境的氢原子(个数比为6∶6∶1),其结构简式为 。
(5)C→E的合成路线设计如下:
CG(C14H11NO)E
试剂X为 (填化学式);试剂Y不能选用KMnO4,原因是
。
【解析】A→B发生的类似已知Ⅰ.+的反应,结合A、B的分子式和F的结构简式可知,A为,B为,对比B和C的分子式,结合F的结构简式可知,B甲基上的1个H被Br取代得到C,C为,C、D在乙醇的作用下得到F,对比C、F的结构简式可知,D为,E与D发生类似已知Ⅱ.R1—CHOR1CH2NHR2的反应,可得E为。
(1)由分析得,A的结构简式为;B()甲基上的1个H被Br取代得到C(),反应类型为取代反应。
(2)由分析得,C为,D为,C、D在乙醇的作用下得到F(),化学方程式为+HBr+。
(3)由分析得,E为,含氧官能团为醛基;F中手性碳原子有1个,位置如图所示:。
(4)D为,含硝基(—NO2)和3种不同化学环境的氢原子(个数比为6∶6∶1)的D的同分异构体结构如图所示:。
(5)C为,E为,结合C→E的合成路线设计图可知,C在NaOH水溶液的作用下,Br被羟基取代,得到G,G与试剂Y(合适的氧化剂,如O2)发生氧化反应得到E,试剂X为NaOH,试剂Y不能选用KMnO4,原因是G中的—CH2OH会被KMnO4氧化为—COOH,无法得到E。
答案:(1) 取代反应
(2)+HBr+
(3)醛基 1
(4)
(5)NaOH G中的—CH2OH会被KMnO4氧化为—COOH,无法得到E
24.(2024·北京等级考·17)除草剂苯嘧磺草胺的中间体M合成路线如下。
(1)D中含氧官能团的名称是 。
(2)A→B的化学方程式是 。
(3)I→J的制备过程中,下列说法正确的是 (填序号)。
a.依据平衡移动原理,加入过量的乙醇或将J蒸出,都有利于提高I的转化率
b.利用饱和碳酸钠溶液可吸收蒸出的I和乙醇
c.若反应温度过高,可能生成副产物乙醚或者乙烯
(4)已知:++R2OH
①K的结构简式是 。
②判断并解释K中氟原子对α-H的活泼性的影响 。
(5)M的分子式为C13H7ClF4N2O4。除苯环外,M分子中还有一个含两个氮原子的六元环,在合成M的同时还生成产物甲醇和乙醇。由此可知,在生成M时,L分子和G分子断裂的化学键均为C—O键和 键,M的结构简式是 。
【解析】B发生硝化反应得到D,即B为,A与CH3OH发生酯化反应生成B,即A为,D发生还原反应得到E,结合E的分子式可知,D中硝基被还原为氨基,E为,E在K2CO3的作用下与发生反应得到G,结合G的分子式可知,G为,I与C2H5OH在浓H2SO4、加热的条件下生成J,结合I与J的分子式可知,I为CH3COOH,J为CH3COOC2H5,J与在一定条件下生成K,发生类似++R2OH的反应,结合L的结构简式和K的分子式可知,K为,G和L在碱的作用下生成M,M的分子式为C13H7ClF4N2O4,除苯环外,M分子中还有一个含两个氮原子的六元环,在合成M的同时还生成产物甲醇和乙醇,可推测为G与L中N—H键与酯基分别发生反应,形成酰胺基,所以断裂的化学键均为C—O键和N—H键,M的结构简式为。(1)由D的结构可知,D中含氧官能团为硝基、酯基。
(2)A→B的过程为A与甲醇发生酯化反应,化学方程式为+CH3OH+H2O。(3)I→J的制备过程为乙酸与乙醇的酯化过程,依据平衡移动原理,加入过量的乙醇或将乙酸乙酯蒸出,都有利于提高乙酸的转化率,a正确;饱和碳酸钠溶液可与蒸出的乙酸反应并溶解乙醇,b正确;反应温度过高,乙醇在浓硫酸的作用下发生分子间脱水生成乙醚,发生分子内消去反应生成乙烯,c正确。(4)①根据已知反应可知,酯基的α-H与另一分子的酯基发生取代反应,F3CCOOC2H5中左侧不存在α-H,所以产物K的结构简式为;②氟原子可增强α-H的活泼性,氟原子为吸电子基团,降低相连碳原子的电子云密度,使得碳原子的正电性增加,有利于增强α-H的活泼性。(5)M分子中除苯环外还有一个含两个氮原子的六元环,在合成M的同时还生成产物甲醇和乙醇,再结合其分子式,可推测为G与L中N—H键与酯基分别发生反应,形成酰胺基,所以断裂的化学键均为C—O键和N—H键,M的结构简式为。
答案:(1)硝基、酯基
(2)+CH3OH+H2O
(3)abc
(4)①
②氟原子可增强α-H的活泼性,氟原子为吸电子基团,降低相连碳原子的电子云密度,使得碳原子的正电性增加,有利于增强α-H的活泼性
(5)N—H
25.(2024·新课标卷·30)四氟咯草胺(化合物G)是一种新型除草剂,可有效控制稻田杂草。G的一条合成路线如下(略去部分试剂和条件,忽略立体化学)。
已知反应Ⅰ:ROHROSO2CH3+(C2H5)3N·HCl
已知反应Ⅱ:++R4OH
R1为烃基或H,R、R2、R3、R4为烃基
回答下列问题:
(1)反应①的反应类型为 ;加入K2CO3的作用是 。
(2)D分子中采用sp3杂化的碳原子数是 。
(3)对照已知反应Ⅰ,反应③不使用(C2H5)3N也能进行,原因是 。
(4)E中含氧官能团名称是 。
(5)F的结构简式是 ;反应⑤分两步进行,第一步产物的分子式为C15H18F3NO4,其结构简式是 。
(6)G中手性碳原子是 (写出序号)。
(7)化合物H是B的同分异构体,具有苯环结构,核磁共振氢谱中显示为四组峰,且可以发生已知反应Ⅱ。则H的可能结构是 。
【解析】结合A、C的结构简式和B的分子式可知,B的结构简式为,A中—Br与B中发生取代反应,生成C和小分子HBr,加入的K2CO3与生成的HBr发生反应,促进反应正向进行;由反应③的反应条件可知,反应③发生已知反应Ⅰ,则D中应含有—OH,再结合C的结构简式、D的分子式可知,C→D发生的是羰基的加氢还原反应,D的结构简式为,采取sp3杂化的C原子为图中数字标注的C原子,有5个;D的分子中存在—OH和,依次发生反应③(类似已知反应Ⅰ)、反应④(取代反应)生成E,E中含氧官能团为酯基;根据E、G的结构简式和反应⑤、反应⑥的反应试剂,结合F的分子式可知,F的结构简式为。
(1)根据分析,反应①的反应类型为取代反应,该反应中加入K2CO3的作用为与生成的HBr反应,促进反应正向进行。
(2)根据分析,D分子中采用sp3杂化的碳原子数为5个,分别为。
(3)已知反应Ⅰ为—OH与CH3SO2Cl发生取代反应,生成的小分子HCl与结合生成铵盐。由分析可知,D分子中同时存在—OH和,故反应③不使用(C2H5)3N也能进行。
(4)由E的结构可知,E中含氧官能团的名称为酯基。
(5)根据分析可知,F为。已知反应⑤分两步进行,结合F的结构简式知,E→F过程中,第二步为第一步产物发生已知反应Ⅱ,结合第一步产物的分子式及已知反应Ⅱ的原理知,第一步产物的结构简式为。
(6)手性碳原子指连有四个不同的原子或原子团的饱和碳原子,由G的结构简式可知,其中手性碳原子为3和4号碳原子。
(7)由思路分析可知,B的结构简式为,其同分异构体H能发生已知反应Ⅱ,说明其具有或—NH2结构;具有苯环结构,核磁共振氢谱中显示有4组峰,说明结构对称,则其可能的结构简式有、。
答案:(1)取代反应 与生成的HBr反应,促进反应正向进行
(2)5
(3)D分子中同时存在—OH和
(4)酯基
(5)
(6)3和4
(7)(或)
26.(2024·甘肃选择考·18)山药素-1是从山药根茎中提取的具有抗菌消炎活性的物质,它的一种合成方法如下图:
C9H12O2Ⅰ
(1)化合物Ⅰ的结构简式为 。由化合物Ⅰ制备化合物Ⅱ的反应与以下反应 的反应类型相同。
A.C6H12+Cl2C6H11Cl+HCl
B.C6H6+3Cl2C6H6Cl6
C.C2H4Cl2C2H3Cl+HCl
D.C3H6+Cl2C3H5Cl+HCl
(2)化合物Ⅲ的同分异构体中,同时满足下列条件的有 种。
①含有苯环且苯环上的一溴代物只有一种;
②能与新制Cu(OH)2反应,生成砖红色沉淀;
③核磁共振氢谱显示有4组峰,峰面积之比为1∶2∶3∶6。
(3)化合物Ⅳ的含氧官能团名称为 。
(4)由化合物Ⅴ制备Ⅵ时,生成的气体是 。
(5)从官能团转化的角度解释化合物Ⅶ转化为山药素-1的过程中,先加碱后加酸的原因
。
【解析】化合物Ⅴ转化为化合物Ⅵ发生脱羧反应,有CO2生成;
(1)Ⅰ的分子式为C9H12O2,在光照的条件下和氯气发生取代反应得Ⅱ,故Ⅰ的结构为;Ⅰ的结构简式为,由化合物Ⅰ制备化合物Ⅱ的反应类型为取代反应,A、D都是烃与氯气发生取代反应,B是苯在光照条件下和氯气发生加成反应,C是C2H4Cl2发生消去反应,故选AD;
(2)化合物Ⅲ为,分子式为C10H12O4,同时满足下列条件:①含有苯环且苯环上的一溴代物只有一种,说明苯环上只有一种化学环境的氢原子;②能与新制Cu(OH)2反应,生成砖红色沉淀,说明有醛基;③核磁共振氢谱显示有4组峰,峰面积之比为1∶2∶3∶6,说明分子中有4种不同化学环境的氢原子,数目分别为1、2、3、6,故满足条件的同分异构体有、、、、、、、,共8种;
(3)化合物Ⅳ的结构为,其中含氧官能团的名称为酚羟基、醚键、醛基;
(4)对比化合物Ⅴ和化合物Ⅵ的结构,化合物Ⅵ比化合物Ⅴ少一个碳原子两个氧原子,故由化合物Ⅴ制备Ⅵ时,生成的气体是CO2;
(5)化合物Ⅶ转化为山药素-1的过程发生的是酯基水解,酯在碱性条件下水解更彻底,再加入酸将酚羟基的盐转化为酚羟基得目标产物山药素-1,若直接加酸,由于酯在酸性条件下的水解可逆,产率较低,故先加碱后加酸是为了提高化合物Ⅶ的转化率。
答案:(1) AD
(2)8
(3)酚羟基、醚键、醛基
(4)CO2
(5)提高化合物Ⅶ的转化率
实验操作、现象
结论
A
用蓝色石蕊试纸检验某无色溶液,试纸变红
该溶液是酸溶液
B
用酒精灯灼烧织物产生类似烧焦羽毛的气味
该织物含蛋白质
C
乙醇和浓硫酸加热,产生的气体使溴水褪色
该气体是乙烯
D
氯化镁溶液中滴入氢氧化钠溶液,生成沉淀
氢氧化钠的碱性
比氢氧化镁强