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2024年新疆乌鲁木齐市第十三中学中考一模物理试卷+
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这是一份2024年新疆乌鲁木齐市第十三中学中考一模物理试卷+，共29页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验与探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）生活中常用人体的某个部位来估测长度，如成年人两臂左右平伸时，两手中指尖之间的距离为1庹（tuǒ），“1庹”的长度最接近（ ）
A．17mmB．17cmC．17dmD．17m
2．（2分）下列物态变化的实例中，属于凝固现象的是（ ）
A．滴水成冰B．气凝结霜C．冰雪消融D．浓雾消散
3．（2分）阳光灿烂的日子，行走在绿树成荫的街道上，常常见到地上有一些圆形的光斑（ ）
A．树叶的影子B．树叶的实像
C．太阳的虚像D．太阳的实像
4．（2分）如图所示，将正在发声的音叉，轻触系在细绳上的乒乓球，音叉发出声音的（ ）
A．音调越高B．响度越大C．音色越好D．速度越大
5．（2分）有人做了这样一个实验：把金片和铅片紧压在一起，放置5年后再把它们分开，可以看到它们相互进入约1mm。这个实验说明（ ）
A．分子是由原子构成的B．分子是运动的
C．分子间存在引力D．分子间存在斥力
6．（2分）“北斗”卫星可以为汽车实现厘米级定位导航服务，它们之间信息传递利用的是（ ）
A．红外线B．紫外线C．微波D．超声波
7．（2分）2023年5月30日，神舟十六号载人飞船发射成功。在飞船从发射塔加速上升的过程中，第四次执行任务的航天员景海鹏的（ ）
A．动能增大，重力势能增大
B．动能增大，重力势能不变
C．动能不变，重力势能减小
D．动能不变，重力势能不变
8．（2分）“珍爱生命，安全用电”。下列做法中，符合安全用电原则的是（ ）
A．用湿抹布擦拭台灯和有金属外壳的家用电器
B．使用试电笔时，手指可以跟笔尖金属体接触
C．手机充电结束，把充电器从插座上及时拔下
D．将用电器的三脚插头插在两孔插座上使用
9．（2分）灯L1和灯L2连接在电压为6V的电源上（电路中无其他用电器，且电源电压保持不变，L1和L2电阻不随温度变化），L1的电阻为20Ω，两灯均发光时，测得L2中的电流为0.2A，则下列判断正确的是（ ）
①L1和L2两端的电压之比可能是1：1 ②L1和L2的电阻之比可能是2：3
③L1和L2的电阻之比可能是2：1 ④L1和L2中的电流之比可能是1：1。
A．只有①和②B．只有③和④
C．只有①②③D．①②③④均正确
10．（2分）如图所示的甲、乙两个M形硬质轻杆可绕中间转轴O灵活转动杆两端分别用细绳悬挂两个质量相等的重物。现保持平衡状态。用手使两个右端的重物略微下降一小段距离后再松手，能恢复到原来平衡位置的是（ ）
A．只有甲B．只有乙C．甲和乙D．都不能
11．（2分）如图甲所示的电路，电源电压恒定且不超过20V，滑动变阻器R上标有“30Ω 1A”字样，电流表和电压表指针位置如图乙、丙所示，再将滑片移动到另一位置时，另一个电表指针在所选量程最大刻度值的处，各元件安全且前后两次定值电阻R0的功率变化不小于1W。则（ ）
A．R0阻值为2.5ΩB．R0阻值为10Ω
C．R0阻值为12.5ΩD．R0阻值为50Ω
12．（2分）如图所示，形状大小相同的实心长方体甲、乙置于水平地面上，对地面的压强分别为p甲、p乙。现沿竖直方向截取相同体积，并将截取部分叠放在各自剩余部分上方，若甲对地面的压强变化量大于乙对地面的压强变化量，则（ ）
A．p甲一定大于p乙B．p甲可能等于p乙
C．p甲一定小于p乙D．p甲可能小于p乙
二、填空题（本大题共4小题，每空1分，共26分；请将符合题意的内容填在答题卷相应的横线上）
13．（6分）如图是我国某地区风力发电的外景，风力发电机组主要由风机叶片和发动机组成。
（1）风力发电利用的是风能，风能是清洁的、 （选填“可再生”或“不可再生”）的 次能源；风叶产生的动力通过传动系统传递给发电机，利用 原理，实现机械能转化为电能。
（2）风机叶片具有质量轻、强度高、耐磨损等性能，通常用密度 ，硬度 （选填“大”或“小”）的复合材料制成；叶片形状像飞机的机翼，若叶片位置和风向如图所示，而受到向 （选填“上”或“下”）的力使风叶旋转。
14．（6分）科学技术引领着汽车领域的变革。
（1）以运行的“无人驾驶”汽车车为参照物，坐在车上的测试员是 的（选填“运动”或“静止”）；遇到障碍物汽车会自动减速或刹车，在此过程中 ，动能 （均选填“增大”“不变”或“减小”）。
（2）我国自主研制的“红旗HQ3”无人驾驶汽车在某段平直公路上进行测试，汽车以18m/s的速度匀速行驶了5min，消耗汽油0.3kg，则在5min内汽车牵引力做的功为 J，发动机的效率为 。若汽车在行驶过程中飞轮的转速为1800r/min，则在1s内，汽车对外做功 次。（已知汽油的热值为4.5×107J/kg）
15．（6分）随着技术的不断发展和成熟，智能机器人将走进千家万户，服务人们的生活。
（1）某款机器人使用的是36V、15000mA•h锂电池，其充电时的能量转化形式为 能转化为 能；某智能机器人站着发射超声波，经过0.04s后收到障碍物的回波 m（设超声波在空气中的传播速度为340m/s）。
（2）该智能机器人驱动电机的额定电压为36V，额定功率为180W，若该智能机器人的驱动电机线圈电阻为0.4Ω A，发热功率为 W；若当剩余电量减为电池容量的10%时，该智能机器人会主动寻找充电器充电，该智能机器人能够连续正常工作的最长时间为 h。
16．（8分）山东舰是我国独立自主建造的第一艘航母，标志着我国海军综合实力的巨大提升。
（1）其满载排水量可以达到6.5×104t，最大浮力可达 N；当航母以最高航速15m/s匀速航行时受到的阻力是9×105N，不计能量转化损失，航母牵引系统的功率可达 W；在水中航行时受到的阻力与航速的平方成正比，则当航母以10m/s的速度匀速航行时受到的阻力为 N。
（2）舰载机是航母战斗力的核心。舰载机在航母甲板上起飞的过程中其机械能 （选填“增大”“不变”或“减小”）；舰载机采用较为稳定的滑跃起飞模式，为了提升舰载机起飞的升力 （选填“水平”“向上倾斜”或“向下倾斜”）的结构；若歼15飞机的空机质量是17.5t，最大起飞质量32.5t2（翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值），则机翼面积为 m2。
（3）舰载机在航母上降落时必须适时放下舰钩，钩住甲板上的拦阻索，达到强行减速的目的 （选填“小于”“等于”或“大于”）拦阻索对舰钩的拉力；在航母上的飞机拦阻索建造时，要让拦阻索材料能够承受的最大撞击压强为4×108Pa，已知该材料的强度比是0.8（强度比是材料所能承受的最大撞击力与最大拉力的比值），那么使用的材料1cm2面积能承受的最大拉力为 N。
三、作图题（本题共3个小题，每小题2分，共6分）
17．（2分）如图所示，入射光线与镜面成30°，请按照要求作答：①画反射光线
18．（2分）如图所示为足球运动员顶出去的足球，试画出足球在空中飞行时的受力示意图（不计空气阻力）。
19．（2分）小磁针静止时的指向如图所示，在图中标出通电螺线管的N极和电源正极。
四、实验与探究题（本大题共3小题，每空2分，共24分）
20．（6分）小明对如图甲所示的投影仪产生了兴趣，了解到投影仪主要由一个镜头（相当于一个凸透镜）和靠近镜头的液晶元件（相当于投影片）（S为烛焰中心）、焦距f＝10cm的凸透镜和光屏等器材，探究屏幕上成放大像时物距应满足的条件。
（1）正确安装和调整器材后，保持透镜位置不动，将蜡烛从贴近透镜的位置向焦点移动，光屏上一直出现的是 （选填“光斑”或“像”）。
（2）继续将蜡烛从焦点位置向远离透镜的方向移动，同时移动光屏发现光屏上烛焰的像 （选填“变大“变小”或“不变”）。
（3）通过实验得出，屏幕上成放大的像时，物距u应满足 （选填“u＜f”“f＜u＜2f”或“u＞2f”）。
21．（8分）某实验小组在测滑轮组机械效率的实验中得到的数据如表所示，实验装置如图所示。
（1）实验中应沿竖直方向 拉动弹簧测力计。
（2）通过表中数据可分析出第2次实验是用 （选填“甲”或“乙”）图所示装置做的实验。
（3）通过第1次实验和第2次实验的数据分析可得出结论：使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮的个数越多（动滑轮的质量越大），滑轮组的机械效率 （选填“越高”、“不变”或“越低”）。
（4）小组同学再用第2次实验中使用的装置做第3次试验，表中第3次实验中绳端移动距离s漏记，但仍然计算出第3次的机械效率η＝ （保留3位有效数字）。
22．（10分）在“探究电流与电阻的关系”的实验中，提供的器材如下：电源电压恒为4.5V，五个定值电阻R1（5Ω）、R2（10Ω）、R3（15Ω）、R4（20Ω）、R5（25Ω），标有“50Ω 1A”的滑动变阻器R、电压表（可用量程：0～3V、0～15V）、电流表（0～0.6A），导线若干。
（1）小赵同学设计了如图甲所示的实验电路，电路连接完毕，闭合开关S，电压表无示数。若电路故障只出现在R1和R上，则电路故障是 。
（2）排除电路故障后，将滑动变阻器的滑片P移到最右端，闭合开关，使电压表的示数为2.5V时，电流表的示数应为 A。
（3）分别用定值电阻R2、R3、R4、R5依次替换R1，重复（2）的实验步骤。根据实验所得的五组数据绘制出I﹣R图像，如图乙所示 。
（4）为完成该实验探究，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为 Ω。
（5）在使用电阻R1、R5完成实验的过程中，当电压表示数为2.5V时，滑动变阻器R消耗的电功率分别为P1、P5，则P1：P5＝ 。
五、计算题（本大题共2小题，每小题5分，共10分。解题时要有必要的公式和文字说明，只写出结果不得分）
23．（5分）如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，电阻丝R1的阻值为10Ω。当开关S闭合后，电压表的示数为2V，电流表的示数为0.4A。求：
（1）R2的阻值；
（2）电源两端的电压；
（3）通电10s电阻丝R1产生的热量。
24．（5分）一个底面积为100cm2的薄壁柱形容器放在水平电子秤上，向容器中缓慢注入液体，停止注入液体时；将均匀实心柱体缓慢放入液体中，放手后；整个过程，电子秤的示数与容器内液体深度的关系如图乙所示（部分数据没有标识）
（1）液体的密度；
（2）停止注入液体时，容器的总质量；
（3）该实心柱体的密度。
2024年新疆乌鲁木齐十三中中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分。在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求，请按答题卷中的要求作答）
1．（2分）生活中常用人体的某个部位来估测长度，如成年人两臂左右平伸时，两手中指尖之间的距离为1庹（tuǒ），“1庹”的长度最接近（ ）
A．17mmB．17cmC．17dmD．17m
【分析】成年人的身高在170cm左右，“一庹”的长度是指两臂左右平伸时两手中指尖之间的距离，约等于身高，据此解答。
【解答】解：成年人的身高在170cm左右，“一庹”的长度是指两臂左右平伸时两手中指尖之间的距离，在170cm＝17dm左右。
故选：C。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活中物理量的了解和对物理单位的认识，找出接近实际的选项即可。
2．（2分）下列物态变化的实例中，属于凝固现象的是（ ）
A．滴水成冰B．气凝结霜C．冰雪消融D．浓雾消散
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；物质由气态变为液态叫液化，物质由液态变为气态叫汽化；物质由固态变为液态叫熔化，物质由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：A、滴水成冰是液态变成固态，故A正确；
B、气凝结霜是气态直接变成固态，故B错误；
C、冰雪消融是固态变成液态，故C错误；
D、浓雾消散是液态变成气态，故D错误；
故选：A。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3．（2分）阳光灿烂的日子，行走在绿树成荫的街道上，常常见到地上有一些圆形的光斑（ ）
A．树叶的影子B．树叶的实像
C．太阳的虚像D．太阳的实像
【分析】光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的。
【解答】解：树荫下的地面上出现的圆形光斑，是太阳光通过浓密的树叶中的小孔所成的太阳的像，是由光的直线传播形成的。
故选：D。
【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
4．（2分）如图所示，将正在发声的音叉，轻触系在细绳上的乒乓球，音叉发出声音的（ ）
A．音调越高B．响度越大C．音色越好D．速度越大
【分析】声音的三个特性：音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的远近有关；音色指声音的品质与特色，与发声体的材料和结构有关。
【解答】解：由题意知，乒乓球弹开的幅度越大，音叉发出声音的响度越大。
故选：B。
【点评】本题考查了对声音特性的辨别，属基础题，难度不大。
5．（2分）有人做了这样一个实验：把金片和铅片紧压在一起，放置5年后再把它们分开，可以看到它们相互进入约1mm。这个实验说明（ ）
A．分子是由原子构成的B．分子是运动的
C．分子间存在引力D．分子间存在斥力
【分析】分子动理论的基本内容包括：物质是由大量分子组成的；分子在永不停息地做无规则运动；分子间存在着相互的引力和斥力。
【解答】解：把金片和铅片紧压在一起，放置5年后再把它们分开，说明分子在不停地做无规则运动，B符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查学生对分子动理论的掌握情况，需要结合分子运动来解释具体实例。
6．（2分）“北斗”卫星可以为汽车实现厘米级定位导航服务，它们之间信息传递利用的是（ ）
A．红外线B．紫外线C．微波D．超声波
【分析】电磁波能传递信息，通信卫星是微波通信的中继站，微波是电磁波。
【解答】解：卫星导航系统传递信息利用的是无线电波，无线电波是电磁波的一种。
故选：C。
【点评】本题考查了电磁波在生活中的应用，生活中利用电磁波的地方非常多。如：卫星通信、无线电视、无线广播、手机等，是一道基础题。
7．（2分）2023年5月30日，神舟十六号载人飞船发射成功。在飞船从发射塔加速上升的过程中，第四次执行任务的航天员景海鹏的（ ）
A．动能增大，重力势能增大
B．动能增大，重力势能不变
C．动能不变，重力势能减小
D．动能不变，重力势能不变
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度，质量越大，速度越大，动能越大；
（2）重力势能大小的影响因素：质量、所处的高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：在火箭加速上升过程中，景海鹏的质量不变，所以动能和重力势能都增大。
故选：A。
【点评】本题考查了动能和重力势能的大小变化，关键要掌握动能、重力势能大小的影响因素。
8．（2分）“珍爱生命，安全用电”。下列做法中，符合安全用电原则的是（ ）
A．用湿抹布擦拭台灯和有金属外壳的家用电器
B．使用试电笔时，手指可以跟笔尖金属体接触
C．手机充电结束，把充电器从插座上及时拔下
D．将用电器的三脚插头插在两孔插座上使用
【分析】A、湿抹布是导体，当用湿抹布接触带电体时，会使人触电；
B、使用试电笔时，笔尖金属体与带电体接触，手指接触笔尖金属体会触电；
C、手机充电结束，把充电器从插座上及时拔下，可以避免触电；
D、洗衣机、电冰箱等家用电器都如果改用两孔插座，由于这些用电器的外壳是金属，金属是导体，当用电器漏电时，会使金属外壳带电，有触电的危险。
【解答】解：A、因为湿抹布是导体，可能会使电流通过人体与大地形成通路，故A错误；
B、使用试电笔时，手指接触笔尖金属体会触电；
C、手机充电结束，可以避免触电；
D、洗衣机，是由于这些用电器的外壳是金属，当用电器漏电时，三孔插座会将金属壳的电通入大地，有触电的危险。
故选：C。
【点评】本题考查了安全用电原则，属于基础题。
9．（2分）灯L1和灯L2连接在电压为6V的电源上（电路中无其他用电器，且电源电压保持不变，L1和L2电阻不随温度变化），L1的电阻为20Ω，两灯均发光时，测得L2中的电流为0.2A，则下列判断正确的是（ ）
①L1和L2两端的电压之比可能是1：1 ②L1和L2的电阻之比可能是2：3
③L1和L2的电阻之比可能是2：1 ④L1和L2中的电流之比可能是1：1。
A．只有①和②B．只有③和④
C．只有①②③D．①②③④均正确
【分析】两灯由两种连接方式：
①若两灯串联，则通过两灯的电流相等，知道通过L2的电流，即L1的电流，利用欧姆定律可求加在L1两端的电压，再利用串联电路的分压关系求加在L2两端的电压，进而得出两灯的电阻关系；
②若两灯并联，则L1、L2两端的电压相等，知道通过L2的电流，利用欧姆定律可求L2的电阻，再利用并联电路的分流关系求两灯的电阻关系。
【解答】解：①若两灯串联，
通过两灯的电流：I1＝I2＝7.2A，I1：I5＝1：1；
∵U6＝I1R1＝5.2A×20Ω＝4V，
U3＝U﹣U1＝6V﹣6V＝2V，
∴U1：U6＝4V：2V＝5：1，
R1：R5＝U1：U2＝6：1；
②若两灯并联，
则U1＝U7＝6V，U1：U2＝1：1；
R7＝＝＝30Ω，
R5：R2＝20Ω：30Ω＝2：4，
I1：I2＝R3：R1＝30Ω：20Ω＝3：8；
由上分析可知①②③④都有可能。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对欧姆定律、串联电路的特点、并联电路的特点的掌握和运用，确定两灯有两种连接方式是本题的关键。
10．（2分）如图所示的甲、乙两个M形硬质轻杆可绕中间转轴O灵活转动杆两端分别用细绳悬挂两个质量相等的重物。现保持平衡状态。用手使两个右端的重物略微下降一小段距离后再松手，能恢复到原来平衡位置的是（ ）
A．只有甲B．只有乙C．甲和乙D．都不能
【分析】做出杠杆示意图，根据力臂的变化得出力与力臂的乘积的变化，然后根据杠杆的平衡条件分析即可判断是否恢复到原来平衡位置。
【解答】解：如图所示的甲、乙M形硬质轻杆。
由于悬挂的两个重物质量相等，则作用在M形硬质轻杆两端的上的拉力相等
甲硬质轻杆，根据杠杆平衡条件可得：GL1＝GL2，则：L8＝L2；
乙硬质轻杆，同理可得：GL3＝GL6，则：L3＝L4；
用手使两个右端的重物略微下降一小段距离后，则杠杆示意图分别如下图：
由于轻杆端点的位置不同，右端的重物略微下降一小段距离后，
甲硬质轻杆，L6′＜L1，L2′＞L4，则：GL1′＜GL2′，
所以，甲杆右端的重物继续下降。
乙硬质轻杆，L2′＞L3，L4′＜L6，则：GL3′＞GL4′，
所以，乙杆左端的重物会下降。
故选：B。
【点评】本题考查了学生对杠杆平衡条件的了解和掌握，正确判断出杠杆的力臂变化情况是解答本题的关键。
11．（2分）如图甲所示的电路，电源电压恒定且不超过20V，滑动变阻器R上标有“30Ω 1A”字样，电流表和电压表指针位置如图乙、丙所示，再将滑片移动到另一位置时，另一个电表指针在所选量程最大刻度值的处，各元件安全且前后两次定值电阻R0的功率变化不小于1W。则（ ）
A．R0阻值为2.5ΩB．R0阻值为10Ω
C．R0阻值为12.5ΩD．R0阻值为50Ω
【分析】如图甲所示，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测量滑动变阻器的电压，由于滑动变阻器能够允许最大电流为1A，所以，由图乙可知，电流表的量程为0～0.6A，此时电路中的电流I1＝0.5A，设电源电压为U；
①若丙电压表选用小量程，读出滑动变阻器的电压，根据欧姆定律和P＝UI列出定值电阻阻值和定值电阻功率的表达式；
再将滑片移动到另一位置时，其中一个电表指针刚好达到所选量程的最大刻度值处，另一个电表指针在所选量程最大刻度值的处；
Ⅰ若满偏的是电流表，求出电压表的示数，根据欧姆定律列出定值电阻的表达式，根据定值电阻的阻值不变，求出定值电阻的阻值和电源电压；根据P＝UI算出定值电阻的功率，比较前后两次定值电阻的功率变化量是否符合题意：
Ⅱ若电压表满偏，求出电流表示数，根据欧姆定律列出定值电阻阻值表达式，根据定值电阻的阻值不变，求出电源电压和定值电阻的阻值，根据P＝UI求出定值电阻的功率，比较前后两次定值电阻的功率变化量是否符合题意；
②若丙图电压表选择大量程，读数滑动变阻器的电压，列出定值电阻阻值的表达式和定值电阻功率的表达式；
再将滑片移动到另一位置时，其中一个电表指针刚好达到所选量程的最大刻度值处，另一个电表指针在所选量程最大刻度值的处；
Ⅰ若满偏的是电流表，算出电压表的示数，列出定值电阻阻值的表达式，根据定值电阻的阻值不变，求出电源电压，判断是否符合题意：
Ⅱ若电压表满偏，算出电流表示数，求出滑动变阻器的阻值，判断是否符合题意；
根据以上的讨论得出定值电阻的阻值。
【解答】解：如图甲所示，滑动变阻器与定值电阻串联，由于滑动变阻器能够允许最大电流为1A，由图乙可知，此时电路中的电流I1＝2.5A，设电源电压为U。
①若丙电压表选用0～6V量程，则此时滑动变阻器的电压为2.5V定5＝①
此时定值电阻的功率为P定1＝I定12R定1＝（0.8A）2R定1，
再将滑片移动到另一位置时，其中一个电表指针刚好达到所选量程的最大刻度值处处。
Ⅰ若满偏的是电流表，则此时电路中的电流为0.6A滑1＝×3V＝1.4V，
定值电阻的阻值为R定1＝②
根据定值电阻的阻值不变，由①②解得U＝7.4V，R定1＝10Ω，
此时定值电阻的功率为P定11＝I定112R定6＝（0.6A）7×10Ω＝3.6W，
则前后两次定值电阻R8的功率变化ΔP1＝P定11﹣P定1＝2.6W﹣（0.8A）2×10Ω＝1.2W＞1W，符合题意；
Ⅱ若电压表满偏，则电流表示数为I定2＝×0.2A＝0.3A，
则定值电阻的大小为R定12＝，
根据定值电阻的阻值不变，可以列等式为R定12＝，
解得U＝6.75V，R定12＝2.5Ω，
此时定值电阻的功率为P定12＝I定128R定11＝（0.43）2R定12＝（7.3A）2×2.5Ω＝0.225W，
则前后两次定值电阻R7的功率变化ΔP1＝P定1﹣P定12＝（3.5A）2×8.5Ω﹣0.32W＝4.305W＜1W，不符合题意；
②若丙图电压表选择大量程，则此时滑动变阻器的电压为12.5V定7＝③
此时定值电阻的功率为P定4＝I定22R定5＝（0.5A）3R定2，
再将滑片移动到另一位置时，其中一个电表指针刚好达到所选量程的最大刻度值处处；
Ⅰ若满偏的是电流表，则此时电路中的电流为0.6A滑6＝×15V＝3.5V，
定值电阻的阻值为R定2＝④
根据定值电阻的阻值不变，由③④可得U＝37.6V，
电源电压恒定且不超过20V，舍去；
Ⅱ若电压表满偏，则电流表示数为I定22＝×6.6A＝0.2A，
则滑动变阻器的阻值为R滑22＝＝50Ω，
滑动变阻器R的最大阻值是30Ω，故舍去，定值电阻的阻值为10Ω，ACD不符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，正确确定电流表的量程和电压表可能的示数是关键。
12．（2分）如图所示，形状大小相同的实心长方体甲、乙置于水平地面上，对地面的压强分别为p甲、p乙。现沿竖直方向截取相同体积，并将截取部分叠放在各自剩余部分上方，若甲对地面的压强变化量大于乙对地面的压强变化量，则（ ）
A．p甲一定大于p乙B．p甲可能等于p乙
C．p甲一定小于p乙D．p甲可能小于p乙
【分析】甲乙原来的体积相同，截取相同的体积后，剩余的体积也相同。将截取部分叠放在各自剩余部分上方后，两物体对地面的压力不变。由于甲乙物体都是各自上下一样粗细的长方体，沿竖直方向截取相同体积切割相同体积后，剩余部分的体积占原来体积的比例相同。分别表示出甲、乙两物体的压强变化量，根据甲对地面的压强变化量大于乙对地面的压强变化量，即可得出答案。
【解答】解：假设剩余的体积占整体的比例为x，由于甲乙物体都是各自上下一样粗细的长方体，剩余的底面积占比例也是x，
乙对地面的压强变化量是：
，
题目中已知，甲对地面压强的变化量大于乙地面压强的变化量，故，
，
即p甲一定大于p乙。
故选：A。
【点评】本题解答需要一定分析理解能力，有一定难度。
二、填空题（本大题共4小题，每空1分，共26分；请将符合题意的内容填在答题卷相应的横线上）
13．（6分）如图是我国某地区风力发电的外景，风力发电机组主要由风机叶片和发动机组成。
（1）风力发电利用的是风能，风能是清洁的、 可再生 （选填“可再生”或“不可再生”）的 一 次能源；风叶产生的动力通过传动系统传递给发电机，利用 电磁感应 原理，实现机械能转化为电能。
（2）风机叶片具有质量轻、强度高、耐磨损等性能，通常用密度 小 ，硬度 大 （选填“大”或“小”）的复合材料制成；叶片形状像飞机的机翼，若叶片位置和风向如图所示，而受到向 上 （选填“上”或“下”）的力使风叶旋转。
【分析】（1）像风能、水能、太阳能等可以在自然界里源源不断地得到，称为可再生能源；可以直接从自然界获得的能源，像化石能源、风能、水能、太阳能、地热能以及核能等均属于一次能源；无法从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能得到，称为二次能源；
（2）由于导体在磁场中运动而产生电流的现象叫做电磁感应，发电机是利用电磁感应原理制成的，发电机把动能转化为电能；
（3）在气体和液体中，流速大的位置，压强越小。
【解答】解：风能可以从自然界不断地得到，是可再生能源，属于一次能源；
根据密度公式，在体积V相同时，质量越轻、耐磨损要求；
叶片形状像飞机的机翼，叶片上表面弯曲，压强小，空气流速慢；叶片上，因而存在压力差。
故答案为：可再生；一；电磁感应；小；大；上。
【点评】本题考查了能源的分类、电磁感应现象、密度与社会生活、流体压强与流速的关系。解题关键是熟知基本的物理知识。
14．（6分）科学技术引领着汽车领域的变革。
（1）以运行的“无人驾驶”汽车车为参照物，坐在车上的测试员是 静止 的（选填“运动”或“静止”）；遇到障碍物汽车会自动减速或刹车，在此过程中 不变 ，动能 减小 （均选填“增大”“不变”或“减小”）。
（2）我国自主研制的“红旗HQ3”无人驾驶汽车在某段平直公路上进行测试，汽车以18m/s的速度匀速行驶了5min，消耗汽油0.3kg，则在5min内汽车牵引力做的功为 5.4×106 J，发动机的效率为 40% 。若汽车在行驶过程中飞轮的转速为1800r/min，则在1s内，汽车对外做功 15 次。（已知汽油的热值为4.5×107J/kg）
【分析】（1）物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的；
惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；
动能大小的影响因素是物体的质量和速度，质量越大、速度越大，物体的动能越大；
（2）根据速度公式求出5min内汽车运动的路程，利用W＝Fs求出汽车牵引力做的功；根据Q放＝mq求出0.3kg汽油完全燃烧放出的热量，利用η＝×100%求出发动机的效率；四冲程汽油机1个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次。
【解答】解：（1）以运行的“无人驾驶”汽车车为参照物，坐在车上的测试员相对于车没有位置变化；
当汽车自动减速或刹车时，质量不变；速度减小；
（2）5min内汽车运动的路程为：
s＝vt＝18m/s×5×60s＝5400m，
汽车牵引力做的功为：
W＝Fs＝1000N×5400m＝5.4×106J；
5.3kg汽油完全燃烧放出的热量为：
Q放＝mq＝0.7kg×4.5×107J/kg＝1.35×107J，
则发动机的效率为：
η＝×100%＝；
四冲程汽油机的飞轮转速是1800r/min＝30r/s，即汽油机飞轮每秒转30圈。
故答案为：（1）静止；不变；（2）5.4×106；40%；15。
【点评】本题考查的知识点较多，综合性较强，但难度不大，属于基础知识考查。
15．（6分）随着技术的不断发展和成熟，智能机器人将走进千家万户，服务人们的生活。
（1）某款机器人使用的是36V、15000mA•h锂电池，其充电时的能量转化形式为 电 能转化为 化学 能；某智能机器人站着发射超声波，经过0.04s后收到障碍物的回波 6.8 m（设超声波在空气中的传播速度为340m/s）。
（2）该智能机器人驱动电机的额定电压为36V，额定功率为180W，若该智能机器人的驱动电机线圈电阻为0.4Ω 5 A，发热功率为 10 W；若当剩余电量减为电池容量的10%时，该智能机器人会主动寻找充电器充电，该智能机器人能够连续正常工作的最长时间为 2.7 h。
【分析】（1）锂电池充电时电能转化为化学能；已知某智能机器人站着发射超声波，经过0.04s后收到障碍物的回波，可求得智能机器人站着发射超声波传播到障碍物所用的时间，然后根据速度公式求解与障碍物之间的距离；
（2）知道额定电压和额定功率，根据I＝求出机器人正常工作时的电流；根据P＝I2r求出电动机正常工作下的发热功率；先算出消耗的电池容量Q＝Q1﹣Q2，再利用t＝求出连续正常工作的最长时间。
【解答】解：（1）锂电池属于化学电池，充电时的能量转化形式为：电能转化为化学能t总＝×0.04s＝6.02s，智能机器人与障碍物间的距离：s＝vt＝340m/s×0.02s＝6.8m；
（2）由表中数据，根据P＝UI＝＝5A2r＝（3A）2×0.6Ω＝10W；机器人正常工作时的电流I＝5A1＝15Ah，下一次自动充电前的电池容量：Q8＝ηQ1＝10%×15Ah＝1.3Ah，消耗的电池容量：Q＝Q1﹣Q2＝15Ah﹣2.5Ah＝13.5Ah，由I＝得＝＝2.2h。
故答案为：（1）电；化学；（2）5；2.5。
【点评】本题为综合应用题，考查能量的转化、速度公式、电量公式、电功、电功率公式的运用和相关热学知识，关键是从题中获取有效的信息。
16．（8分）山东舰是我国独立自主建造的第一艘航母，标志着我国海军综合实力的巨大提升。
（1）其满载排水量可以达到6.5×104t，最大浮力可达 6.5×108 N；当航母以最高航速15m/s匀速航行时受到的阻力是9×105N，不计能量转化损失，航母牵引系统的功率可达 1.35×107 W；在水中航行时受到的阻力与航速的平方成正比，则当航母以10m/s的速度匀速航行时受到的阻力为 4×105 N。
（2）舰载机是航母战斗力的核心。舰载机在航母甲板上起飞的过程中其机械能 增大 （选填“增大”“不变”或“减小”）；舰载机采用较为稳定的滑跃起飞模式，为了提升舰载机起飞的升力 向上倾斜 （选填“水平”“向上倾斜”或“向下倾斜”）的结构；若歼15飞机的空机质量是17.5t，最大起飞质量32.5t2（翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值），则机翼面积为 65 m2。
（3）舰载机在航母上降落时必须适时放下舰钩，钩住甲板上的拦阻索，达到强行减速的目的 等于 （选填“小于”“等于”或“大于”）拦阻索对舰钩的拉力；在航母上的飞机拦阻索建造时，要让拦阻索材料能够承受的最大撞击压强为4×108Pa，已知该材料的强度比是0.8（强度比是材料所能承受的最大撞击力与最大拉力的比值），那么使用的材料1cm2面积能承受的最大拉力为 5×104 N。
【分析】（1）根据阿基米德原理求出航母受到的最大浮力；根据二力平衡条件可知航母的牵引力，根据P＝＝＝Fv求出航母牵引系统的功率；根据f＝kv2求出k的值，然后代入f＝kv2求出航母以10m/s的速度匀速航行时受到的阻力；
（2）动能和势能的总和叫做机械能；物体的动能与物体的质量和速度有关，物体的重力势能与物体的质量和所处的高度有关；为了提升舰载机起飞的升力，甲板的末端需要设计成向上倾斜的结构；根据翼载的定义可求出机翼的面积；
（3）力的作用是相互，相互作用的两个力大小相等，方向相反、作用在同一直线上，但是作用在不同的物体上；根据F＝pS算出1cm2面积上能够承受的飞机着舰时最大撞击压力，根据强度比是0.8算出使用的材料1cm2面积能承受的最大拉力。
【解答】解：（1）航母受到的最大浮力：F浮＝G排＝m排g＝6.5×104×1000kg×10N/kg＝6.5×106N；
航母匀速航行时，受到的阻力与牵引力是一对平衡力，航母的此时的牵引力F＝f＝9×105N，
不计能量转化损失，由P＝＝，航母牵引系统的功率：P＝Fv＝8×105N×15m/s＝1.35×103W；
如果航母在水中航行时受到的阻力与航速的平方成正比，即f＝kv2，
当航母以最高航速15匀速航行时受到的阻力是9×105N，则9×105N＝k×（15m/s）4﹣﹣﹣﹣﹣①；
则当航母以10m/s的速度匀速航行时受到的阻力f′＝k×（10m/s）2﹣﹣﹣﹣﹣②，
联立①②解得：f′＝4×106N；
（2）舰载机在航母甲板上起飞的过程中，航母的质量不变，动能增大，重力势能增大；
舰载机采用较为稳定的滑跃起飞模式，为了提升舰载机起飞的升力；
根据翼载的定义可得：翼载＝，
则机翼面积（S）＝＝＝65m5；
（3）舰钩对拦阻索的拉力与拦阻索对舰钩的拉力是一对相互作用力，根据相互作用力的特点可知，方向相反；
由p＝可知2面积上能够承受的飞机着舰时最大撞击压力为：F最大撞击力＝pS＝4×102Pa×1×10﹣4m5＝4×104N，
因为强度比是3.8，根据强度的定义可知，，
则使用的材料1cm3面积能承受的最大拉力为：F最大拉力＝＝＝3×104N。
故答案为：（1）6.6×108；1.35×104；4×105；（2）增大；向上倾斜；（3）等于3。
【点评】本题考查了力相互作用的特点、机械能的影响因素、压强定义公式的应用、阿基米德原理、功率公式、二力平衡条件是由于，题目综合性强，难度较大。
三、作图题（本题共3个小题，每小题2分，共6分）
17．（2分）如图所示，入射光线与镜面成30°，请按照要求作答：①画反射光线
【分析】要解决此题，需要掌握光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。可归纳为：“三线共面，两线分居，两角相等”。
要掌握入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。
【解答】解：过入射点O做出法线ON，已知入射光线与镜面的夹角为30°，根据反射角等于入射角．如下图所示：
。
【点评】此题主要考查了光的反射定律的应用，首先要熟记光的反射定律的内容，并要注意入射角与反射角的概念。
18．（2分）如图所示为足球运动员顶出去的足球，试画出足球在空中飞行时的受力示意图（不计空气阻力）。
【分析】顶出去的足球靠惯性飞行，在忽略空气阻力的情况下，只受到重力的作用，而重力的方向是始终竖直向下的，不受其位置和运动状态的影响，据此，再利用作图法画出重力即可。
【解答】解：顶出去的足球在不计空气阻力的情况下，只受重力的作用，方向竖直向下
【点评】作重力的示意图是物理作图题中最常考的点之一，重点要明确，物体在任何情况下，其重力方向都是竖直向下的。同时，本题中还要注意，足球靠惯性飞行时，忽略空气阻力便不再受其他力。
19．（2分）小磁针静止时的指向如图所示，在图中标出通电螺线管的N极和电源正极。
【分析】由小磁针静止时的指向和磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，由右手螺旋定则可知电流的方向及电源的正负极。
【解答】解：小磁针静止时N极向左，则由异名磁极间相互吸引可知螺线管的右端为S极；
由右手螺旋定则可知电流由右侧流入螺线管，即电源右侧为正极
【点评】本题也可小磁针N极指向得出磁感线的方向，则由磁感线的特点可得出螺线管的磁极方向。
四、实验与探究题（本大题共3小题，每空2分，共24分）
20．（6分）小明对如图甲所示的投影仪产生了兴趣，了解到投影仪主要由一个镜头（相当于一个凸透镜）和靠近镜头的液晶元件（相当于投影片）（S为烛焰中心）、焦距f＝10cm的凸透镜和光屏等器材，探究屏幕上成放大像时物距应满足的条件。
（1）正确安装和调整器材后，保持透镜位置不动，将蜡烛从贴近透镜的位置向焦点移动，光屏上一直出现的是 光斑 （选填“光斑”或“像”）。
（2）继续将蜡烛从焦点位置向远离透镜的方向移动，同时移动光屏发现光屏上烛焰的像 变小 （选填“变大“变小”或“不变”）。
（3）通过实验得出，屏幕上成放大的像时，物距u应满足 f＜u＜2f （选填“u＜f”“f＜u＜2f”或“u＞2f”）。
【分析】（1）物距小于凸透镜一倍焦距时，成正立放大的虚像；
（2）凸透镜成实像时，物近像远像变大；
（3）凸透镜成像规律：
当物距大于2f时，成倒立缩小的实像，像距处于f和2f之间，应用是照相机；
当物距等于2f时，成倒立等大的实像，像距等于2f；
当物距处于f和2f之间时，成倒立放大的实像，像距大于2f，应用是投影仪、幻灯机；
当物距等于f时，不成像；
当物距小于f时，成正立放大的虚像，应用是放大镜。
【解答】解：（1）将蜡烛从贴近透镜的位置向焦点移动过程中，物距始终小于一倍焦距，而是光斑；
（2）蜡烛从焦点位置向远离透镜的方向移动，物距变大，像变小；
（3）成放大的像时，物距应满足大于一倍焦距。
故答案为：（1）光斑；（2）变小。
【点评】此题是探究凸透镜成像的规律，首先要熟练掌握凸透镜成像的特点与物距、像距之间的关系，同时要学会进行规律性的总结，掌握实像和虚像的分界点、放大实像和缩小实像的分界点。及实像和虚像的区别；同时要善于总结成像大小和像距之间的关系。
21．（8分）某实验小组在测滑轮组机械效率的实验中得到的数据如表所示，实验装置如图所示。
（1）实验中应沿竖直方向 匀速 拉动弹簧测力计。
（2）通过表中数据可分析出第2次实验是用 乙 （选填“甲”或“乙”）图所示装置做的实验。
（3）通过第1次实验和第2次实验的数据分析可得出结论：使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮的个数越多（动滑轮的质量越大），滑轮组的机械效率 越低 （选填“越高”、“不变”或“越低”）。
（4）小组同学再用第2次实验中使用的装置做第3次试验，表中第3次实验中绳端移动距离s漏记，但仍然计算出第3次的机械效率η＝ 83.3% （保留3位有效数字）。
【分析】（1）应竖直匀速拉动测力计，这样拉力大小不变，弹簧测力计的示数稳定；
（2）根据s＝nh确定绳子的股数，判断是哪一个滑轮组；
（3）比较实验1和2的条件和机械效率大小，可得出动滑轮个数多少对滑轮组机械效率的影响；
（4）根据表中实验数据求出绳子移动的距离，应用效率公式求出滑轮组效率。
【解答】解：
（1）实验中应该匀速竖直向上拉动弹簧测力计，以保证拉力大小恒定；
（2）由表中实验数据可知，根据s＝nh＝＝4，实验使用的是乙图所示装置做的实验；
（3）由表中第4次实验和第2次实验的数据可知，使用不同的滑轮组提升相同的重物时，滑轮组的机械效率越低；
（4）由表中第2次实验数据可知，绳端移动的距离是钩码上升高度的8倍，则第3次实验：绳端移动距离s＝4h；
机械效率η＝＝＝＝＝×100%≈83.3%。
故答案为：（1）匀速；（2）乙；（4）83.3%。
【点评】在此实验中，对滑轮组的分析、机械效率公式的运用是实验的基础，同时，实验中分别探究了机械效率高低与动滑轮个数、提升物体重力等多个量的关系，因此，控制变量法的运用也十分关键。
22．（10分）在“探究电流与电阻的关系”的实验中，提供的器材如下：电源电压恒为4.5V，五个定值电阻R1（5Ω）、R2（10Ω）、R3（15Ω）、R4（20Ω）、R5（25Ω），标有“50Ω 1A”的滑动变阻器R、电压表（可用量程：0～3V、0～15V）、电流表（0～0.6A），导线若干。
（1）小赵同学设计了如图甲所示的实验电路，电路连接完毕，闭合开关S，电压表无示数。若电路故障只出现在R1和R上，则电路故障是 R1短路 。
（2）排除电路故障后，将滑动变阻器的滑片P移到最右端，闭合开关，使电压表的示数为2.5V时，电流表的示数应为 0.5 A。
（3）分别用定值电阻R2、R3、R4、R5依次替换R1，重复（2）的实验步骤。根据实验所得的五组数据绘制出I﹣R图像，如图乙所示 电压不变时，电流与电阻成反比 。
（4）为完成该实验探究，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为 4 Ω。
（5）在使用电阻R1、R5完成实验的过程中，当电压表示数为2.5V时，滑动变阻器R消耗的电功率分别为P1、P5，则P1：P5＝ 5：1 。
【分析】（1）电路故障只出现在R1和R上，则不是断路就是短路，逐一分析每种可能的情况，找出符合题意的答案；
（2）为保护电路，闭合开关时，变阻器连入电路的电阻最大；
根据已知题意，结合图乙回答；
（3）根据实验所得的五组数据绘制出I﹣R图象求出电流与电阻之积分析；
（4）电阻的电压控制为2.5V不变，由串联电路电压的规律得出变阻器的电压；当定值电阻最小为5Ω时，由分压原理求出对应的滑动变阻器允许连入电路的最小阻值；
（5）因控制电阻两端的电压不变，由欧姆定律知电流与电阻成反比，可知电路的电流之比；
由串联电路电压的规律，变阻器的电压不变，根据P＝UI，电压不变时，功率与电流成正比，据此求出滑动变阻器R消耗的电功率分别为P1、P5之比
【解答】解：（1）若R断路，则整个电路断路，不符合题意；
若R短路，电压表测电源电压，不符合题意；
若R1断路，电流表没有示数，电压表有示数；
若R1短路，则电流表有示数，符合题意，
故若电路故障只出现在R4和R上，则电路故障是R1短路；
（2）排除电路故障后，为保护电路；由题意可知1＝7Ω，闭合开关，使电压表的示数为2.5V时，电流表的示数应为2.5A；
（3）根据实验所得的五组数据绘制出I﹣R图象知，电流与电阻之积为：
UV＝IR＝0.4A×5Ω＝﹣﹣﹣＝0.5A×25Ω＝2.5V，为一定值，电流与电阻成反比；
（4）电阻的电压控制为6.5V不变，由串联电路电压的规律，变阻器的电压为定值电阻电压的0.8倍，对应的滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为0.8×8Ω＝4Ω；
（5）把5Ω和25Ω的电阻分别接入电路，因控制电阻两端的电压不变，电流与电阻成反比
25Ω：7Ω＝5：1；
由串联电压电压的规律，变阻器的电压也不变，电压不变时，故P7：P5＝5：6。
故答案为：（1）R1短路；（2）0.4，电流与电阻成反比；（5）5：1。
【点评】本题探究电流与电阻的关系，考查故障分析、注意事项、控制变量法、操作过程、对器材的要求和串联电路的规律、欧姆定律的运用及电功率公式的运用，综合性强．
五、计算题（本大题共2小题，每小题5分，共10分。解题时要有必要的公式和文字说明，只写出结果不得分）
23．（5分）如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，电阻丝R1的阻值为10Ω。当开关S闭合后，电压表的示数为2V，电流表的示数为0.4A。求：
（1）R2的阻值；
（2）电源两端的电压；
（3）通电10s电阻丝R1产生的热量。
【分析】由图知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中电流；
（1）根据I＝算出R2的阻值；
（2）由I＝算出R1两端的电压，
根据串联电路中总电压等于各分电压之和算出电源电压；
（3）根据Q＝I2Rt算出通电10s电阻丝R1产生的热量。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R8两端的电压，电流表测电路中的电流；
（1）根据I＝知R2的阻值为：
R2＝＝＝5Ω；
（2）由I＝知可得R1两端的电压为：
U2＝IR1＝0.8A×10Ω＝4V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以电源电压为：
U＝U1+U5＝4V+2V＝3V；
（3）通电10s电阻丝R1产生的热量：
Q1＝I3R1t＝（0.3A）2×10Ω×10s＝16J。
答：（1）R2的阻值为8Ω；
（2）电源两端的电压为6V；
（3）通电10s电阻丝R1产生的热量为16J。
【点评】本题考查串联电路特点、欧姆定律以及焦耳定律公式的应用，属于一道基础题。
24．（5分）一个底面积为100cm2的薄壁柱形容器放在水平电子秤上，向容器中缓慢注入液体，停止注入液体时；将均匀实心柱体缓慢放入液体中，放手后；整个过程，电子秤的示数与容器内液体深度的关系如图乙所示（部分数据没有标识）
（1）液体的密度；
（2）停止注入液体时，容器的总质量；
（3）该实心柱体的密度。
【分析】（1）由乙图可知，当液体深度为零时，容器的质量，当液体的深度为2cm时，可求液体的质量和体积，再由密度公式可求液体的密度；
（2）当液体的深度为4cm时，利用密度公式变形可求液体的质量，进而确定液体和容器的总质量；
（3）由甲图和（2）的总质量可求实心柱体的质量，由图乙可知，液体最大高度变为10cm，可求柱体的底面积，进而可求柱体的体积，再由密度公式求柱体的密度。
【解答】解：（1）由乙图可知，当液体深度为零时容器＝50g，当液体的深度为2cm时总＝250g，则m液＝m总﹣m容器＝250g﹣50g＝200g；
液体的体积V液＝S容器h1＝100cm2×2cm＝200cm3，再由密度公式可得液体的密度ρ液＝；
（2）当h4＝4cm时，则液体的体积V′液＝100cm2×8cm＝400cm3，则m′液＝ρ液V′液＝1g/cm3×400cm3＝400g，故容器和液体的总质量为m′总＝m′液+m容器＝400g+50g＝450g；
（3）由图甲的电子秤示数可得柱体的质量为m柱＝1260g﹣450g＝810g；
设柱体的底面积为S柱，由图乙可知液体的最大深度h最大＝10cm，又V′液不变，则有：（S容器﹣S柱）×h最大＝V′液，所以S柱＝S容器﹣＝100cm2﹣＝60cm2；
所以V柱＝S柱h柱＝60cm2×（10cm+7cm）＝900cm3；
由密度公式得柱体的密度为ρ柱＝；
答：（1）液体的密度为2g/cm3；
（2）停止注入液体时，容器的总质量为450g；
（3）该实心柱体的密度为0.2g/cm3。
【点评】本题考查液体密度和固体密度的计算的知识，利用图像确定液体的体积和液体的质量是解答本题的关键，求解实心柱体的密度是解答本题的难点。
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1
2
3
钩码重G/N
4
4
6
钩码上升高度h/m
0.1
0.1
0.1
绳端拉力F/N
1.8
1.6
1.8
绳端移动距离s/m
0.3
0.4
机械效率η
74.1%
62.5%
实验次数
1
2
3
钩码重G/N
4
4
6
钩码上升高度h/m
0.1
0.1
0.1
绳端拉力F/N
1.8
1.6
1.8
绳端移动距离s/m
0.3
0.4
机械效率η
74.1%
62.5%
1．（2分）生活中常用人体的某个部位来估测长度，如成年人两臂左右平伸时，两手中指尖之间的距离为1庹（tuǒ），“1庹”的长度最接近（ ）
A．17mmB．17cmC．17dmD．17m
2．（2分）下列物态变化的实例中，属于凝固现象的是（ ）
A．滴水成冰B．气凝结霜C．冰雪消融D．浓雾消散
3．（2分）阳光灿烂的日子，行走在绿树成荫的街道上，常常见到地上有一些圆形的光斑（ ）
A．树叶的影子B．树叶的实像
C．太阳的虚像D．太阳的实像
4．（2分）如图所示，将正在发声的音叉，轻触系在细绳上的乒乓球，音叉发出声音的（ ）
A．音调越高B．响度越大C．音色越好D．速度越大
5．（2分）有人做了这样一个实验：把金片和铅片紧压在一起，放置5年后再把它们分开，可以看到它们相互进入约1mm。这个实验说明（ ）
A．分子是由原子构成的B．分子是运动的
C．分子间存在引力D．分子间存在斥力
6．（2分）“北斗”卫星可以为汽车实现厘米级定位导航服务，它们之间信息传递利用的是（ ）
A．红外线B．紫外线C．微波D．超声波
7．（2分）2023年5月30日，神舟十六号载人飞船发射成功。在飞船从发射塔加速上升的过程中，第四次执行任务的航天员景海鹏的（ ）
A．动能增大，重力势能增大
B．动能增大，重力势能不变
C．动能不变，重力势能减小
D．动能不变，重力势能不变
8．（2分）“珍爱生命，安全用电”。下列做法中，符合安全用电原则的是（ ）
A．用湿抹布擦拭台灯和有金属外壳的家用电器
B．使用试电笔时，手指可以跟笔尖金属体接触
C．手机充电结束，把充电器从插座上及时拔下
D．将用电器的三脚插头插在两孔插座上使用
9．（2分）灯L1和灯L2连接在电压为6V的电源上（电路中无其他用电器，且电源电压保持不变，L1和L2电阻不随温度变化），L1的电阻为20Ω，两灯均发光时，测得L2中的电流为0.2A，则下列判断正确的是（ ）
①L1和L2两端的电压之比可能是1：1 ②L1和L2的电阻之比可能是2：3
③L1和L2的电阻之比可能是2：1 ④L1和L2中的电流之比可能是1：1。
A．只有①和②B．只有③和④
C．只有①②③D．①②③④均正确
10．（2分）如图所示的甲、乙两个M形硬质轻杆可绕中间转轴O灵活转动杆两端分别用细绳悬挂两个质量相等的重物。现保持平衡状态。用手使两个右端的重物略微下降一小段距离后再松手，能恢复到原来平衡位置的是（ ）
A．只有甲B．只有乙C．甲和乙D．都不能
11．（2分）如图甲所示的电路，电源电压恒定且不超过20V，滑动变阻器R上标有“30Ω 1A”字样，电流表和电压表指针位置如图乙、丙所示，再将滑片移动到另一位置时，另一个电表指针在所选量程最大刻度值的处，各元件安全且前后两次定值电阻R0的功率变化不小于1W。则（ ）
A．R0阻值为2.5ΩB．R0阻值为10Ω
C．R0阻值为12.5ΩD．R0阻值为50Ω
12．（2分）如图所示，形状大小相同的实心长方体甲、乙置于水平地面上，对地面的压强分别为p甲、p乙。现沿竖直方向截取相同体积，并将截取部分叠放在各自剩余部分上方，若甲对地面的压强变化量大于乙对地面的压强变化量，则（ ）
A．p甲一定大于p乙B．p甲可能等于p乙
C．p甲一定小于p乙D．p甲可能小于p乙
二、填空题（本大题共4小题，每空1分，共26分；请将符合题意的内容填在答题卷相应的横线上）
13．（6分）如图是我国某地区风力发电的外景，风力发电机组主要由风机叶片和发动机组成。
（1）风力发电利用的是风能，风能是清洁的、 （选填“可再生”或“不可再生”）的 次能源；风叶产生的动力通过传动系统传递给发电机，利用 原理，实现机械能转化为电能。
（2）风机叶片具有质量轻、强度高、耐磨损等性能，通常用密度 ，硬度 （选填“大”或“小”）的复合材料制成；叶片形状像飞机的机翼，若叶片位置和风向如图所示，而受到向 （选填“上”或“下”）的力使风叶旋转。
14．（6分）科学技术引领着汽车领域的变革。
（1）以运行的“无人驾驶”汽车车为参照物，坐在车上的测试员是 的（选填“运动”或“静止”）；遇到障碍物汽车会自动减速或刹车，在此过程中 ，动能 （均选填“增大”“不变”或“减小”）。
（2）我国自主研制的“红旗HQ3”无人驾驶汽车在某段平直公路上进行测试，汽车以18m/s的速度匀速行驶了5min，消耗汽油0.3kg，则在5min内汽车牵引力做的功为 J，发动机的效率为 。若汽车在行驶过程中飞轮的转速为1800r/min，则在1s内，汽车对外做功 次。（已知汽油的热值为4.5×107J/kg）
15．（6分）随着技术的不断发展和成熟，智能机器人将走进千家万户，服务人们的生活。
（1）某款机器人使用的是36V、15000mA•h锂电池，其充电时的能量转化形式为 能转化为 能；某智能机器人站着发射超声波，经过0.04s后收到障碍物的回波 m（设超声波在空气中的传播速度为340m/s）。
（2）该智能机器人驱动电机的额定电压为36V，额定功率为180W，若该智能机器人的驱动电机线圈电阻为0.4Ω A，发热功率为 W；若当剩余电量减为电池容量的10%时，该智能机器人会主动寻找充电器充电，该智能机器人能够连续正常工作的最长时间为 h。
16．（8分）山东舰是我国独立自主建造的第一艘航母，标志着我国海军综合实力的巨大提升。
（1）其满载排水量可以达到6.5×104t，最大浮力可达 N；当航母以最高航速15m/s匀速航行时受到的阻力是9×105N，不计能量转化损失，航母牵引系统的功率可达 W；在水中航行时受到的阻力与航速的平方成正比，则当航母以10m/s的速度匀速航行时受到的阻力为 N。
（2）舰载机是航母战斗力的核心。舰载机在航母甲板上起飞的过程中其机械能 （选填“增大”“不变”或“减小”）；舰载机采用较为稳定的滑跃起飞模式，为了提升舰载机起飞的升力 （选填“水平”“向上倾斜”或“向下倾斜”）的结构；若歼15飞机的空机质量是17.5t，最大起飞质量32.5t2（翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值），则机翼面积为 m2。
（3）舰载机在航母上降落时必须适时放下舰钩，钩住甲板上的拦阻索，达到强行减速的目的 （选填“小于”“等于”或“大于”）拦阻索对舰钩的拉力；在航母上的飞机拦阻索建造时，要让拦阻索材料能够承受的最大撞击压强为4×108Pa，已知该材料的强度比是0.8（强度比是材料所能承受的最大撞击力与最大拉力的比值），那么使用的材料1cm2面积能承受的最大拉力为 N。
三、作图题（本题共3个小题，每小题2分，共6分）
17．（2分）如图所示，入射光线与镜面成30°，请按照要求作答：①画反射光线
18．（2分）如图所示为足球运动员顶出去的足球，试画出足球在空中飞行时的受力示意图（不计空气阻力）。
19．（2分）小磁针静止时的指向如图所示，在图中标出通电螺线管的N极和电源正极。
四、实验与探究题（本大题共3小题，每空2分，共24分）
20．（6分）小明对如图甲所示的投影仪产生了兴趣，了解到投影仪主要由一个镜头（相当于一个凸透镜）和靠近镜头的液晶元件（相当于投影片）（S为烛焰中心）、焦距f＝10cm的凸透镜和光屏等器材，探究屏幕上成放大像时物距应满足的条件。
（1）正确安装和调整器材后，保持透镜位置不动，将蜡烛从贴近透镜的位置向焦点移动，光屏上一直出现的是 （选填“光斑”或“像”）。
（2）继续将蜡烛从焦点位置向远离透镜的方向移动，同时移动光屏发现光屏上烛焰的像 （选填“变大“变小”或“不变”）。
（3）通过实验得出，屏幕上成放大的像时，物距u应满足 （选填“u＜f”“f＜u＜2f”或“u＞2f”）。
21．（8分）某实验小组在测滑轮组机械效率的实验中得到的数据如表所示，实验装置如图所示。
（1）实验中应沿竖直方向 拉动弹簧测力计。
（2）通过表中数据可分析出第2次实验是用 （选填“甲”或“乙”）图所示装置做的实验。
（3）通过第1次实验和第2次实验的数据分析可得出结论：使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮的个数越多（动滑轮的质量越大），滑轮组的机械效率 （选填“越高”、“不变”或“越低”）。
（4）小组同学再用第2次实验中使用的装置做第3次试验，表中第3次实验中绳端移动距离s漏记，但仍然计算出第3次的机械效率η＝ （保留3位有效数字）。
22．（10分）在“探究电流与电阻的关系”的实验中，提供的器材如下：电源电压恒为4.5V，五个定值电阻R1（5Ω）、R2（10Ω）、R3（15Ω）、R4（20Ω）、R5（25Ω），标有“50Ω 1A”的滑动变阻器R、电压表（可用量程：0～3V、0～15V）、电流表（0～0.6A），导线若干。
（1）小赵同学设计了如图甲所示的实验电路，电路连接完毕，闭合开关S，电压表无示数。若电路故障只出现在R1和R上，则电路故障是 。
（2）排除电路故障后，将滑动变阻器的滑片P移到最右端，闭合开关，使电压表的示数为2.5V时，电流表的示数应为 A。
（3）分别用定值电阻R2、R3、R4、R5依次替换R1，重复（2）的实验步骤。根据实验所得的五组数据绘制出I﹣R图像，如图乙所示 。
（4）为完成该实验探究，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为 Ω。
（5）在使用电阻R1、R5完成实验的过程中，当电压表示数为2.5V时，滑动变阻器R消耗的电功率分别为P1、P5，则P1：P5＝ 。
五、计算题（本大题共2小题，每小题5分，共10分。解题时要有必要的公式和文字说明，只写出结果不得分）
23．（5分）如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，电阻丝R1的阻值为10Ω。当开关S闭合后，电压表的示数为2V，电流表的示数为0.4A。求：
（1）R2的阻值；
（2）电源两端的电压；
（3）通电10s电阻丝R1产生的热量。
24．（5分）一个底面积为100cm2的薄壁柱形容器放在水平电子秤上，向容器中缓慢注入液体，停止注入液体时；将均匀实心柱体缓慢放入液体中，放手后；整个过程，电子秤的示数与容器内液体深度的关系如图乙所示（部分数据没有标识）
（1）液体的密度；
（2）停止注入液体时，容器的总质量；
（3）该实心柱体的密度。
2024年新疆乌鲁木齐十三中中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分。在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求，请按答题卷中的要求作答）
1．（2分）生活中常用人体的某个部位来估测长度，如成年人两臂左右平伸时，两手中指尖之间的距离为1庹（tuǒ），“1庹”的长度最接近（ ）
A．17mmB．17cmC．17dmD．17m
【分析】成年人的身高在170cm左右，“一庹”的长度是指两臂左右平伸时两手中指尖之间的距离，约等于身高，据此解答。
【解答】解：成年人的身高在170cm左右，“一庹”的长度是指两臂左右平伸时两手中指尖之间的距离，在170cm＝17dm左右。
故选：C。
【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活中物理量的了解和对物理单位的认识，找出接近实际的选项即可。
2．（2分）下列物态变化的实例中，属于凝固现象的是（ ）
A．滴水成冰B．气凝结霜C．冰雪消融D．浓雾消散
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；物质由气态变为液态叫液化，物质由液态变为气态叫汽化；物质由固态变为液态叫熔化，物质由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：A、滴水成冰是液态变成固态，故A正确；
B、气凝结霜是气态直接变成固态，故B错误；
C、冰雪消融是固态变成液态，故C错误；
D、浓雾消散是液态变成气态，故D错误；
故选：A。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3．（2分）阳光灿烂的日子，行走在绿树成荫的街道上，常常见到地上有一些圆形的光斑（ ）
A．树叶的影子B．树叶的实像
C．太阳的虚像D．太阳的实像
【分析】光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的。
【解答】解：树荫下的地面上出现的圆形光斑，是太阳光通过浓密的树叶中的小孔所成的太阳的像，是由光的直线传播形成的。
故选：D。
【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
4．（2分）如图所示，将正在发声的音叉，轻触系在细绳上的乒乓球，音叉发出声音的（ ）
A．音调越高B．响度越大C．音色越好D．速度越大
【分析】声音的三个特性：音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距发声体的远近有关；音色指声音的品质与特色，与发声体的材料和结构有关。
【解答】解：由题意知，乒乓球弹开的幅度越大，音叉发出声音的响度越大。
故选：B。
【点评】本题考查了对声音特性的辨别，属基础题，难度不大。
5．（2分）有人做了这样一个实验：把金片和铅片紧压在一起，放置5年后再把它们分开，可以看到它们相互进入约1mm。这个实验说明（ ）
A．分子是由原子构成的B．分子是运动的
C．分子间存在引力D．分子间存在斥力
【分析】分子动理论的基本内容包括：物质是由大量分子组成的；分子在永不停息地做无规则运动；分子间存在着相互的引力和斥力。
【解答】解：把金片和铅片紧压在一起，放置5年后再把它们分开，说明分子在不停地做无规则运动，B符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查学生对分子动理论的掌握情况，需要结合分子运动来解释具体实例。
6．（2分）“北斗”卫星可以为汽车实现厘米级定位导航服务，它们之间信息传递利用的是（ ）
A．红外线B．紫外线C．微波D．超声波
【分析】电磁波能传递信息，通信卫星是微波通信的中继站，微波是电磁波。
【解答】解：卫星导航系统传递信息利用的是无线电波，无线电波是电磁波的一种。
故选：C。
【点评】本题考查了电磁波在生活中的应用，生活中利用电磁波的地方非常多。如：卫星通信、无线电视、无线广播、手机等，是一道基础题。
7．（2分）2023年5月30日，神舟十六号载人飞船发射成功。在飞船从发射塔加速上升的过程中，第四次执行任务的航天员景海鹏的（ ）
A．动能增大，重力势能增大
B．动能增大，重力势能不变
C．动能不变，重力势能减小
D．动能不变，重力势能不变
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度，质量越大，速度越大，动能越大；
（2）重力势能大小的影响因素：质量、所处的高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：在火箭加速上升过程中，景海鹏的质量不变，所以动能和重力势能都增大。
故选：A。
【点评】本题考查了动能和重力势能的大小变化，关键要掌握动能、重力势能大小的影响因素。
8．（2分）“珍爱生命，安全用电”。下列做法中，符合安全用电原则的是（ ）
A．用湿抹布擦拭台灯和有金属外壳的家用电器
B．使用试电笔时，手指可以跟笔尖金属体接触
C．手机充电结束，把充电器从插座上及时拔下
D．将用电器的三脚插头插在两孔插座上使用
【分析】A、湿抹布是导体，当用湿抹布接触带电体时，会使人触电；
B、使用试电笔时，笔尖金属体与带电体接触，手指接触笔尖金属体会触电；
C、手机充电结束，把充电器从插座上及时拔下，可以避免触电；
D、洗衣机、电冰箱等家用电器都如果改用两孔插座，由于这些用电器的外壳是金属，金属是导体，当用电器漏电时，会使金属外壳带电，有触电的危险。
【解答】解：A、因为湿抹布是导体，可能会使电流通过人体与大地形成通路，故A错误；
B、使用试电笔时，手指接触笔尖金属体会触电；
C、手机充电结束，可以避免触电；
D、洗衣机，是由于这些用电器的外壳是金属，当用电器漏电时，三孔插座会将金属壳的电通入大地，有触电的危险。
故选：C。
【点评】本题考查了安全用电原则，属于基础题。
9．（2分）灯L1和灯L2连接在电压为6V的电源上（电路中无其他用电器，且电源电压保持不变，L1和L2电阻不随温度变化），L1的电阻为20Ω，两灯均发光时，测得L2中的电流为0.2A，则下列判断正确的是（ ）
①L1和L2两端的电压之比可能是1：1 ②L1和L2的电阻之比可能是2：3
③L1和L2的电阻之比可能是2：1 ④L1和L2中的电流之比可能是1：1。
A．只有①和②B．只有③和④
C．只有①②③D．①②③④均正确
【分析】两灯由两种连接方式：
①若两灯串联，则通过两灯的电流相等，知道通过L2的电流，即L1的电流，利用欧姆定律可求加在L1两端的电压，再利用串联电路的分压关系求加在L2两端的电压，进而得出两灯的电阻关系；
②若两灯并联，则L1、L2两端的电压相等，知道通过L2的电流，利用欧姆定律可求L2的电阻，再利用并联电路的分流关系求两灯的电阻关系。
【解答】解：①若两灯串联，
通过两灯的电流：I1＝I2＝7.2A，I1：I5＝1：1；
∵U6＝I1R1＝5.2A×20Ω＝4V，
U3＝U﹣U1＝6V﹣6V＝2V，
∴U1：U6＝4V：2V＝5：1，
R1：R5＝U1：U2＝6：1；
②若两灯并联，
则U1＝U7＝6V，U1：U2＝1：1；
R7＝＝＝30Ω，
R5：R2＝20Ω：30Ω＝2：4，
I1：I2＝R3：R1＝30Ω：20Ω＝3：8；
由上分析可知①②③④都有可能。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对欧姆定律、串联电路的特点、并联电路的特点的掌握和运用，确定两灯有两种连接方式是本题的关键。
10．（2分）如图所示的甲、乙两个M形硬质轻杆可绕中间转轴O灵活转动杆两端分别用细绳悬挂两个质量相等的重物。现保持平衡状态。用手使两个右端的重物略微下降一小段距离后再松手，能恢复到原来平衡位置的是（ ）
A．只有甲B．只有乙C．甲和乙D．都不能
【分析】做出杠杆示意图，根据力臂的变化得出力与力臂的乘积的变化，然后根据杠杆的平衡条件分析即可判断是否恢复到原来平衡位置。
【解答】解：如图所示的甲、乙M形硬质轻杆。
由于悬挂的两个重物质量相等，则作用在M形硬质轻杆两端的上的拉力相等
甲硬质轻杆，根据杠杆平衡条件可得：GL1＝GL2，则：L8＝L2；
乙硬质轻杆，同理可得：GL3＝GL6，则：L3＝L4；
用手使两个右端的重物略微下降一小段距离后，则杠杆示意图分别如下图：
由于轻杆端点的位置不同，右端的重物略微下降一小段距离后，
甲硬质轻杆，L6′＜L1，L2′＞L4，则：GL1′＜GL2′，
所以，甲杆右端的重物继续下降。
乙硬质轻杆，L2′＞L3，L4′＜L6，则：GL3′＞GL4′，
所以，乙杆左端的重物会下降。
故选：B。
【点评】本题考查了学生对杠杆平衡条件的了解和掌握，正确判断出杠杆的力臂变化情况是解答本题的关键。
11．（2分）如图甲所示的电路，电源电压恒定且不超过20V，滑动变阻器R上标有“30Ω 1A”字样，电流表和电压表指针位置如图乙、丙所示，再将滑片移动到另一位置时，另一个电表指针在所选量程最大刻度值的处，各元件安全且前后两次定值电阻R0的功率变化不小于1W。则（ ）
A．R0阻值为2.5ΩB．R0阻值为10Ω
C．R0阻值为12.5ΩD．R0阻值为50Ω
【分析】如图甲所示，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测量滑动变阻器的电压，由于滑动变阻器能够允许最大电流为1A，所以，由图乙可知，电流表的量程为0～0.6A，此时电路中的电流I1＝0.5A，设电源电压为U；
①若丙电压表选用小量程，读出滑动变阻器的电压，根据欧姆定律和P＝UI列出定值电阻阻值和定值电阻功率的表达式；
再将滑片移动到另一位置时，其中一个电表指针刚好达到所选量程的最大刻度值处，另一个电表指针在所选量程最大刻度值的处；
Ⅰ若满偏的是电流表，求出电压表的示数，根据欧姆定律列出定值电阻的表达式，根据定值电阻的阻值不变，求出定值电阻的阻值和电源电压；根据P＝UI算出定值电阻的功率，比较前后两次定值电阻的功率变化量是否符合题意：
Ⅱ若电压表满偏，求出电流表示数，根据欧姆定律列出定值电阻阻值表达式，根据定值电阻的阻值不变，求出电源电压和定值电阻的阻值，根据P＝UI求出定值电阻的功率，比较前后两次定值电阻的功率变化量是否符合题意；
②若丙图电压表选择大量程，读数滑动变阻器的电压，列出定值电阻阻值的表达式和定值电阻功率的表达式；
再将滑片移动到另一位置时，其中一个电表指针刚好达到所选量程的最大刻度值处，另一个电表指针在所选量程最大刻度值的处；
Ⅰ若满偏的是电流表，算出电压表的示数，列出定值电阻阻值的表达式，根据定值电阻的阻值不变，求出电源电压，判断是否符合题意：
Ⅱ若电压表满偏，算出电流表示数，求出滑动变阻器的阻值，判断是否符合题意；
根据以上的讨论得出定值电阻的阻值。
【解答】解：如图甲所示，滑动变阻器与定值电阻串联，由于滑动变阻器能够允许最大电流为1A，由图乙可知，此时电路中的电流I1＝2.5A，设电源电压为U。
①若丙电压表选用0～6V量程，则此时滑动变阻器的电压为2.5V定5＝①
此时定值电阻的功率为P定1＝I定12R定1＝（0.8A）2R定1，
再将滑片移动到另一位置时，其中一个电表指针刚好达到所选量程的最大刻度值处处。
Ⅰ若满偏的是电流表，则此时电路中的电流为0.6A滑1＝×3V＝1.4V，
定值电阻的阻值为R定1＝②
根据定值电阻的阻值不变，由①②解得U＝7.4V，R定1＝10Ω，
此时定值电阻的功率为P定11＝I定112R定6＝（0.6A）7×10Ω＝3.6W，
则前后两次定值电阻R8的功率变化ΔP1＝P定11﹣P定1＝2.6W﹣（0.8A）2×10Ω＝1.2W＞1W，符合题意；
Ⅱ若电压表满偏，则电流表示数为I定2＝×0.2A＝0.3A，
则定值电阻的大小为R定12＝，
根据定值电阻的阻值不变，可以列等式为R定12＝，
解得U＝6.75V，R定12＝2.5Ω，
此时定值电阻的功率为P定12＝I定128R定11＝（0.43）2R定12＝（7.3A）2×2.5Ω＝0.225W，
则前后两次定值电阻R7的功率变化ΔP1＝P定1﹣P定12＝（3.5A）2×8.5Ω﹣0.32W＝4.305W＜1W，不符合题意；
②若丙图电压表选择大量程，则此时滑动变阻器的电压为12.5V定7＝③
此时定值电阻的功率为P定4＝I定22R定5＝（0.5A）3R定2，
再将滑片移动到另一位置时，其中一个电表指针刚好达到所选量程的最大刻度值处处；
Ⅰ若满偏的是电流表，则此时电路中的电流为0.6A滑6＝×15V＝3.5V，
定值电阻的阻值为R定2＝④
根据定值电阻的阻值不变，由③④可得U＝37.6V，
电源电压恒定且不超过20V，舍去；
Ⅱ若电压表满偏，则电流表示数为I定22＝×6.6A＝0.2A，
则滑动变阻器的阻值为R滑22＝＝50Ω，
滑动变阻器R的最大阻值是30Ω，故舍去，定值电阻的阻值为10Ω，ACD不符合题意。
故选：B。
【点评】本题考查串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，正确确定电流表的量程和电压表可能的示数是关键。
12．（2分）如图所示，形状大小相同的实心长方体甲、乙置于水平地面上，对地面的压强分别为p甲、p乙。现沿竖直方向截取相同体积，并将截取部分叠放在各自剩余部分上方，若甲对地面的压强变化量大于乙对地面的压强变化量，则（ ）
A．p甲一定大于p乙B．p甲可能等于p乙
C．p甲一定小于p乙D．p甲可能小于p乙
【分析】甲乙原来的体积相同，截取相同的体积后，剩余的体积也相同。将截取部分叠放在各自剩余部分上方后，两物体对地面的压力不变。由于甲乙物体都是各自上下一样粗细的长方体，沿竖直方向截取相同体积切割相同体积后，剩余部分的体积占原来体积的比例相同。分别表示出甲、乙两物体的压强变化量，根据甲对地面的压强变化量大于乙对地面的压强变化量，即可得出答案。
【解答】解：假设剩余的体积占整体的比例为x，由于甲乙物体都是各自上下一样粗细的长方体，剩余的底面积占比例也是x，
乙对地面的压强变化量是：
，
题目中已知，甲对地面压强的变化量大于乙地面压强的变化量，故，
，
即p甲一定大于p乙。
故选：A。
【点评】本题解答需要一定分析理解能力，有一定难度。
二、填空题（本大题共4小题，每空1分，共26分；请将符合题意的内容填在答题卷相应的横线上）
13．（6分）如图是我国某地区风力发电的外景，风力发电机组主要由风机叶片和发动机组成。
（1）风力发电利用的是风能，风能是清洁的、 可再生 （选填“可再生”或“不可再生”）的 一 次能源；风叶产生的动力通过传动系统传递给发电机，利用 电磁感应 原理，实现机械能转化为电能。
（2）风机叶片具有质量轻、强度高、耐磨损等性能，通常用密度 小 ，硬度 大 （选填“大”或“小”）的复合材料制成；叶片形状像飞机的机翼，若叶片位置和风向如图所示，而受到向 上 （选填“上”或“下”）的力使风叶旋转。
【分析】（1）像风能、水能、太阳能等可以在自然界里源源不断地得到，称为可再生能源；可以直接从自然界获得的能源，像化石能源、风能、水能、太阳能、地热能以及核能等均属于一次能源；无法从自然界直接获取，必须通过消耗一次能源才能得到，称为二次能源；
（2）由于导体在磁场中运动而产生电流的现象叫做电磁感应，发电机是利用电磁感应原理制成的，发电机把动能转化为电能；
（3）在气体和液体中，流速大的位置，压强越小。
【解答】解：风能可以从自然界不断地得到，是可再生能源，属于一次能源；
根据密度公式，在体积V相同时，质量越轻、耐磨损要求；
叶片形状像飞机的机翼，叶片上表面弯曲，压强小，空气流速慢；叶片上，因而存在压力差。
故答案为：可再生；一；电磁感应；小；大；上。
【点评】本题考查了能源的分类、电磁感应现象、密度与社会生活、流体压强与流速的关系。解题关键是熟知基本的物理知识。
14．（6分）科学技术引领着汽车领域的变革。
（1）以运行的“无人驾驶”汽车车为参照物，坐在车上的测试员是 静止 的（选填“运动”或“静止”）；遇到障碍物汽车会自动减速或刹车，在此过程中 不变 ，动能 减小 （均选填“增大”“不变”或“减小”）。
（2）我国自主研制的“红旗HQ3”无人驾驶汽车在某段平直公路上进行测试，汽车以18m/s的速度匀速行驶了5min，消耗汽油0.3kg，则在5min内汽车牵引力做的功为 5.4×106 J，发动机的效率为 40% 。若汽车在行驶过程中飞轮的转速为1800r/min，则在1s内，汽车对外做功 15 次。（已知汽油的热值为4.5×107J/kg）
【分析】（1）物体相对于参照物的位置变化了，物体就是运动的；物体相对于参照物的位置不变，物体就是静止的；
惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大；
动能大小的影响因素是物体的质量和速度，质量越大、速度越大，物体的动能越大；
（2）根据速度公式求出5min内汽车运动的路程，利用W＝Fs求出汽车牵引力做的功；根据Q放＝mq求出0.3kg汽油完全燃烧放出的热量，利用η＝×100%求出发动机的效率；四冲程汽油机1个工作循环完成4个冲程，飞轮和曲轴转2圈，对外做功1次。
【解答】解：（1）以运行的“无人驾驶”汽车车为参照物，坐在车上的测试员相对于车没有位置变化；
当汽车自动减速或刹车时，质量不变；速度减小；
（2）5min内汽车运动的路程为：
s＝vt＝18m/s×5×60s＝5400m，
汽车牵引力做的功为：
W＝Fs＝1000N×5400m＝5.4×106J；
5.3kg汽油完全燃烧放出的热量为：
Q放＝mq＝0.7kg×4.5×107J/kg＝1.35×107J，
则发动机的效率为：
η＝×100%＝；
四冲程汽油机的飞轮转速是1800r/min＝30r/s，即汽油机飞轮每秒转30圈。
故答案为：（1）静止；不变；（2）5.4×106；40%；15。
【点评】本题考查的知识点较多，综合性较强，但难度不大，属于基础知识考查。
15．（6分）随着技术的不断发展和成熟，智能机器人将走进千家万户，服务人们的生活。
（1）某款机器人使用的是36V、15000mA•h锂电池，其充电时的能量转化形式为 电 能转化为 化学 能；某智能机器人站着发射超声波，经过0.04s后收到障碍物的回波 6.8 m（设超声波在空气中的传播速度为340m/s）。
（2）该智能机器人驱动电机的额定电压为36V，额定功率为180W，若该智能机器人的驱动电机线圈电阻为0.4Ω 5 A，发热功率为 10 W；若当剩余电量减为电池容量的10%时，该智能机器人会主动寻找充电器充电，该智能机器人能够连续正常工作的最长时间为 2.7 h。
【分析】（1）锂电池充电时电能转化为化学能；已知某智能机器人站着发射超声波，经过0.04s后收到障碍物的回波，可求得智能机器人站着发射超声波传播到障碍物所用的时间，然后根据速度公式求解与障碍物之间的距离；
（2）知道额定电压和额定功率，根据I＝求出机器人正常工作时的电流；根据P＝I2r求出电动机正常工作下的发热功率；先算出消耗的电池容量Q＝Q1﹣Q2，再利用t＝求出连续正常工作的最长时间。
【解答】解：（1）锂电池属于化学电池，充电时的能量转化形式为：电能转化为化学能t总＝×0.04s＝6.02s，智能机器人与障碍物间的距离：s＝vt＝340m/s×0.02s＝6.8m；
（2）由表中数据，根据P＝UI＝＝5A2r＝（3A）2×0.6Ω＝10W；机器人正常工作时的电流I＝5A1＝15Ah，下一次自动充电前的电池容量：Q8＝ηQ1＝10%×15Ah＝1.3Ah，消耗的电池容量：Q＝Q1﹣Q2＝15Ah﹣2.5Ah＝13.5Ah，由I＝得＝＝2.2h。
故答案为：（1）电；化学；（2）5；2.5。
【点评】本题为综合应用题，考查能量的转化、速度公式、电量公式、电功、电功率公式的运用和相关热学知识，关键是从题中获取有效的信息。
16．（8分）山东舰是我国独立自主建造的第一艘航母，标志着我国海军综合实力的巨大提升。
（1）其满载排水量可以达到6.5×104t，最大浮力可达 6.5×108 N；当航母以最高航速15m/s匀速航行时受到的阻力是9×105N，不计能量转化损失，航母牵引系统的功率可达 1.35×107 W；在水中航行时受到的阻力与航速的平方成正比，则当航母以10m/s的速度匀速航行时受到的阻力为 4×105 N。
（2）舰载机是航母战斗力的核心。舰载机在航母甲板上起飞的过程中其机械能 增大 （选填“增大”“不变”或“减小”）；舰载机采用较为稳定的滑跃起飞模式，为了提升舰载机起飞的升力 向上倾斜 （选填“水平”“向上倾斜”或“向下倾斜”）的结构；若歼15飞机的空机质量是17.5t，最大起飞质量32.5t2（翼载指飞机的最大起飞质量与机翼面积的比值），则机翼面积为 65 m2。
（3）舰载机在航母上降落时必须适时放下舰钩，钩住甲板上的拦阻索，达到强行减速的目的 等于 （选填“小于”“等于”或“大于”）拦阻索对舰钩的拉力；在航母上的飞机拦阻索建造时，要让拦阻索材料能够承受的最大撞击压强为4×108Pa，已知该材料的强度比是0.8（强度比是材料所能承受的最大撞击力与最大拉力的比值），那么使用的材料1cm2面积能承受的最大拉力为 5×104 N。
【分析】（1）根据阿基米德原理求出航母受到的最大浮力；根据二力平衡条件可知航母的牵引力，根据P＝＝＝Fv求出航母牵引系统的功率；根据f＝kv2求出k的值，然后代入f＝kv2求出航母以10m/s的速度匀速航行时受到的阻力；
（2）动能和势能的总和叫做机械能；物体的动能与物体的质量和速度有关，物体的重力势能与物体的质量和所处的高度有关；为了提升舰载机起飞的升力，甲板的末端需要设计成向上倾斜的结构；根据翼载的定义可求出机翼的面积；
（3）力的作用是相互，相互作用的两个力大小相等，方向相反、作用在同一直线上，但是作用在不同的物体上；根据F＝pS算出1cm2面积上能够承受的飞机着舰时最大撞击压力，根据强度比是0.8算出使用的材料1cm2面积能承受的最大拉力。
【解答】解：（1）航母受到的最大浮力：F浮＝G排＝m排g＝6.5×104×1000kg×10N/kg＝6.5×106N；
航母匀速航行时，受到的阻力与牵引力是一对平衡力，航母的此时的牵引力F＝f＝9×105N，
不计能量转化损失，由P＝＝，航母牵引系统的功率：P＝Fv＝8×105N×15m/s＝1.35×103W；
如果航母在水中航行时受到的阻力与航速的平方成正比，即f＝kv2，
当航母以最高航速15匀速航行时受到的阻力是9×105N，则9×105N＝k×（15m/s）4﹣﹣﹣﹣﹣①；
则当航母以10m/s的速度匀速航行时受到的阻力f′＝k×（10m/s）2﹣﹣﹣﹣﹣②，
联立①②解得：f′＝4×106N；
（2）舰载机在航母甲板上起飞的过程中，航母的质量不变，动能增大，重力势能增大；
舰载机采用较为稳定的滑跃起飞模式，为了提升舰载机起飞的升力；
根据翼载的定义可得：翼载＝，
则机翼面积（S）＝＝＝65m5；
（3）舰钩对拦阻索的拉力与拦阻索对舰钩的拉力是一对相互作用力，根据相互作用力的特点可知，方向相反；
由p＝可知2面积上能够承受的飞机着舰时最大撞击压力为：F最大撞击力＝pS＝4×102Pa×1×10﹣4m5＝4×104N，
因为强度比是3.8，根据强度的定义可知，，
则使用的材料1cm3面积能承受的最大拉力为：F最大拉力＝＝＝3×104N。
故答案为：（1）6.6×108；1.35×104；4×105；（2）增大；向上倾斜；（3）等于3。
【点评】本题考查了力相互作用的特点、机械能的影响因素、压强定义公式的应用、阿基米德原理、功率公式、二力平衡条件是由于，题目综合性强，难度较大。
三、作图题（本题共3个小题，每小题2分，共6分）
17．（2分）如图所示，入射光线与镜面成30°，请按照要求作答：①画反射光线
【分析】要解决此题，需要掌握光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。可归纳为：“三线共面，两线分居，两角相等”。
要掌握入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角。
【解答】解：过入射点O做出法线ON，已知入射光线与镜面的夹角为30°，根据反射角等于入射角．如下图所示：
。
【点评】此题主要考查了光的反射定律的应用，首先要熟记光的反射定律的内容，并要注意入射角与反射角的概念。
18．（2分）如图所示为足球运动员顶出去的足球，试画出足球在空中飞行时的受力示意图（不计空气阻力）。
【分析】顶出去的足球靠惯性飞行，在忽略空气阻力的情况下，只受到重力的作用，而重力的方向是始终竖直向下的，不受其位置和运动状态的影响，据此，再利用作图法画出重力即可。
【解答】解：顶出去的足球在不计空气阻力的情况下，只受重力的作用，方向竖直向下
【点评】作重力的示意图是物理作图题中最常考的点之一，重点要明确，物体在任何情况下，其重力方向都是竖直向下的。同时，本题中还要注意，足球靠惯性飞行时，忽略空气阻力便不再受其他力。
19．（2分）小磁针静止时的指向如图所示，在图中标出通电螺线管的N极和电源正极。
【分析】由小磁针静止时的指向和磁极间的相互作用可知螺线管的磁极，由右手螺旋定则可知电流的方向及电源的正负极。
【解答】解：小磁针静止时N极向左，则由异名磁极间相互吸引可知螺线管的右端为S极；
由右手螺旋定则可知电流由右侧流入螺线管，即电源右侧为正极
【点评】本题也可小磁针N极指向得出磁感线的方向，则由磁感线的特点可得出螺线管的磁极方向。
四、实验与探究题（本大题共3小题，每空2分，共24分）
20．（6分）小明对如图甲所示的投影仪产生了兴趣，了解到投影仪主要由一个镜头（相当于一个凸透镜）和靠近镜头的液晶元件（相当于投影片）（S为烛焰中心）、焦距f＝10cm的凸透镜和光屏等器材，探究屏幕上成放大像时物距应满足的条件。
（1）正确安装和调整器材后，保持透镜位置不动，将蜡烛从贴近透镜的位置向焦点移动，光屏上一直出现的是 光斑 （选填“光斑”或“像”）。
（2）继续将蜡烛从焦点位置向远离透镜的方向移动，同时移动光屏发现光屏上烛焰的像 变小 （选填“变大“变小”或“不变”）。
（3）通过实验得出，屏幕上成放大的像时，物距u应满足 f＜u＜2f （选填“u＜f”“f＜u＜2f”或“u＞2f”）。
【分析】（1）物距小于凸透镜一倍焦距时，成正立放大的虚像；
（2）凸透镜成实像时，物近像远像变大；
（3）凸透镜成像规律：
当物距大于2f时，成倒立缩小的实像，像距处于f和2f之间，应用是照相机；
当物距等于2f时，成倒立等大的实像，像距等于2f；
当物距处于f和2f之间时，成倒立放大的实像，像距大于2f，应用是投影仪、幻灯机；
当物距等于f时，不成像；
当物距小于f时，成正立放大的虚像，应用是放大镜。
【解答】解：（1）将蜡烛从贴近透镜的位置向焦点移动过程中，物距始终小于一倍焦距，而是光斑；
（2）蜡烛从焦点位置向远离透镜的方向移动，物距变大，像变小；
（3）成放大的像时，物距应满足大于一倍焦距。
故答案为：（1）光斑；（2）变小。
【点评】此题是探究凸透镜成像的规律，首先要熟练掌握凸透镜成像的特点与物距、像距之间的关系，同时要学会进行规律性的总结，掌握实像和虚像的分界点、放大实像和缩小实像的分界点。及实像和虚像的区别；同时要善于总结成像大小和像距之间的关系。
21．（8分）某实验小组在测滑轮组机械效率的实验中得到的数据如表所示，实验装置如图所示。
（1）实验中应沿竖直方向 匀速 拉动弹簧测力计。
（2）通过表中数据可分析出第2次实验是用 乙 （选填“甲”或“乙”）图所示装置做的实验。
（3）通过第1次实验和第2次实验的数据分析可得出结论：使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮的个数越多（动滑轮的质量越大），滑轮组的机械效率 越低 （选填“越高”、“不变”或“越低”）。
（4）小组同学再用第2次实验中使用的装置做第3次试验，表中第3次实验中绳端移动距离s漏记，但仍然计算出第3次的机械效率η＝ 83.3% （保留3位有效数字）。
【分析】（1）应竖直匀速拉动测力计，这样拉力大小不变，弹簧测力计的示数稳定；
（2）根据s＝nh确定绳子的股数，判断是哪一个滑轮组；
（3）比较实验1和2的条件和机械效率大小，可得出动滑轮个数多少对滑轮组机械效率的影响；
（4）根据表中实验数据求出绳子移动的距离，应用效率公式求出滑轮组效率。
【解答】解：
（1）实验中应该匀速竖直向上拉动弹簧测力计，以保证拉力大小恒定；
（2）由表中实验数据可知，根据s＝nh＝＝4，实验使用的是乙图所示装置做的实验；
（3）由表中第4次实验和第2次实验的数据可知，使用不同的滑轮组提升相同的重物时，滑轮组的机械效率越低；
（4）由表中第2次实验数据可知，绳端移动的距离是钩码上升高度的8倍，则第3次实验：绳端移动距离s＝4h；
机械效率η＝＝＝＝＝×100%≈83.3%。
故答案为：（1）匀速；（2）乙；（4）83.3%。
【点评】在此实验中，对滑轮组的分析、机械效率公式的运用是实验的基础，同时，实验中分别探究了机械效率高低与动滑轮个数、提升物体重力等多个量的关系，因此，控制变量法的运用也十分关键。
22．（10分）在“探究电流与电阻的关系”的实验中，提供的器材如下：电源电压恒为4.5V，五个定值电阻R1（5Ω）、R2（10Ω）、R3（15Ω）、R4（20Ω）、R5（25Ω），标有“50Ω 1A”的滑动变阻器R、电压表（可用量程：0～3V、0～15V）、电流表（0～0.6A），导线若干。
（1）小赵同学设计了如图甲所示的实验电路，电路连接完毕，闭合开关S，电压表无示数。若电路故障只出现在R1和R上，则电路故障是 R1短路 。
（2）排除电路故障后，将滑动变阻器的滑片P移到最右端，闭合开关，使电压表的示数为2.5V时，电流表的示数应为 0.5 A。
（3）分别用定值电阻R2、R3、R4、R5依次替换R1，重复（2）的实验步骤。根据实验所得的五组数据绘制出I﹣R图像，如图乙所示 电压不变时，电流与电阻成反比 。
（4）为完成该实验探究，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为 4 Ω。
（5）在使用电阻R1、R5完成实验的过程中，当电压表示数为2.5V时，滑动变阻器R消耗的电功率分别为P1、P5，则P1：P5＝ 5：1 。
【分析】（1）电路故障只出现在R1和R上，则不是断路就是短路，逐一分析每种可能的情况，找出符合题意的答案；
（2）为保护电路，闭合开关时，变阻器连入电路的电阻最大；
根据已知题意，结合图乙回答；
（3）根据实验所得的五组数据绘制出I﹣R图象求出电流与电阻之积分析；
（4）电阻的电压控制为2.5V不变，由串联电路电压的规律得出变阻器的电压；当定值电阻最小为5Ω时，由分压原理求出对应的滑动变阻器允许连入电路的最小阻值；
（5）因控制电阻两端的电压不变，由欧姆定律知电流与电阻成反比，可知电路的电流之比；
由串联电路电压的规律，变阻器的电压不变，根据P＝UI，电压不变时，功率与电流成正比，据此求出滑动变阻器R消耗的电功率分别为P1、P5之比
【解答】解：（1）若R断路，则整个电路断路，不符合题意；
若R短路，电压表测电源电压，不符合题意；
若R1断路，电流表没有示数，电压表有示数；
若R1短路，则电流表有示数，符合题意，
故若电路故障只出现在R4和R上，则电路故障是R1短路；
（2）排除电路故障后，为保护电路；由题意可知1＝7Ω，闭合开关，使电压表的示数为2.5V时，电流表的示数应为2.5A；
（3）根据实验所得的五组数据绘制出I﹣R图象知，电流与电阻之积为：
UV＝IR＝0.4A×5Ω＝﹣﹣﹣＝0.5A×25Ω＝2.5V，为一定值，电流与电阻成反比；
（4）电阻的电压控制为6.5V不变，由串联电路电压的规律，变阻器的电压为定值电阻电压的0.8倍，对应的滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为0.8×8Ω＝4Ω；
（5）把5Ω和25Ω的电阻分别接入电路，因控制电阻两端的电压不变，电流与电阻成反比
25Ω：7Ω＝5：1；
由串联电压电压的规律，变阻器的电压也不变，电压不变时，故P7：P5＝5：6。
故答案为：（1）R1短路；（2）0.4，电流与电阻成反比；（5）5：1。
【点评】本题探究电流与电阻的关系，考查故障分析、注意事项、控制变量法、操作过程、对器材的要求和串联电路的规律、欧姆定律的运用及电功率公式的运用，综合性强．
五、计算题（本大题共2小题，每小题5分，共10分。解题时要有必要的公式和文字说明，只写出结果不得分）
23．（5分）如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，电阻丝R1的阻值为10Ω。当开关S闭合后，电压表的示数为2V，电流表的示数为0.4A。求：
（1）R2的阻值；
（2）电源两端的电压；
（3）通电10s电阻丝R1产生的热量。
【分析】由图知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中电流；
（1）根据I＝算出R2的阻值；
（2）由I＝算出R1两端的电压，
根据串联电路中总电压等于各分电压之和算出电源电压；
（3）根据Q＝I2Rt算出通电10s电阻丝R1产生的热量。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R8两端的电压，电流表测电路中的电流；
（1）根据I＝知R2的阻值为：
R2＝＝＝5Ω；
（2）由I＝知可得R1两端的电压为：
U2＝IR1＝0.8A×10Ω＝4V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以电源电压为：
U＝U1+U5＝4V+2V＝3V；
（3）通电10s电阻丝R1产生的热量：
Q1＝I3R1t＝（0.3A）2×10Ω×10s＝16J。
答：（1）R2的阻值为8Ω；
（2）电源两端的电压为6V；
（3）通电10s电阻丝R1产生的热量为16J。
【点评】本题考查串联电路特点、欧姆定律以及焦耳定律公式的应用，属于一道基础题。
24．（5分）一个底面积为100cm2的薄壁柱形容器放在水平电子秤上，向容器中缓慢注入液体，停止注入液体时；将均匀实心柱体缓慢放入液体中，放手后；整个过程，电子秤的示数与容器内液体深度的关系如图乙所示（部分数据没有标识）
（1）液体的密度；
（2）停止注入液体时，容器的总质量；
（3）该实心柱体的密度。
【分析】（1）由乙图可知，当液体深度为零时，容器的质量，当液体的深度为2cm时，可求液体的质量和体积，再由密度公式可求液体的密度；
（2）当液体的深度为4cm时，利用密度公式变形可求液体的质量，进而确定液体和容器的总质量；
（3）由甲图和（2）的总质量可求实心柱体的质量，由图乙可知，液体最大高度变为10cm，可求柱体的底面积，进而可求柱体的体积，再由密度公式求柱体的密度。
【解答】解：（1）由乙图可知，当液体深度为零时容器＝50g，当液体的深度为2cm时总＝250g，则m液＝m总﹣m容器＝250g﹣50g＝200g；
液体的体积V液＝S容器h1＝100cm2×2cm＝200cm3，再由密度公式可得液体的密度ρ液＝；
（2）当h4＝4cm时，则液体的体积V′液＝100cm2×8cm＝400cm3，则m′液＝ρ液V′液＝1g/cm3×400cm3＝400g，故容器和液体的总质量为m′总＝m′液+m容器＝400g+50g＝450g；
（3）由图甲的电子秤示数可得柱体的质量为m柱＝1260g﹣450g＝810g；
设柱体的底面积为S柱，由图乙可知液体的最大深度h最大＝10cm，又V′液不变，则有：（S容器﹣S柱）×h最大＝V′液，所以S柱＝S容器﹣＝100cm2﹣＝60cm2；
所以V柱＝S柱h柱＝60cm2×（10cm+7cm）＝900cm3；
由密度公式得柱体的密度为ρ柱＝；
答：（1）液体的密度为2g/cm3；
（2）停止注入液体时，容器的总质量为450g；
（3）该实心柱体的密度为0.2g/cm3。
【点评】本题考查液体密度和固体密度的计算的知识，利用图像确定液体的体积和液体的质量是解答本题的关键，求解实心柱体的密度是解答本题的难点。
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1
2
3
钩码重G/N
4
4
6
钩码上升高度h/m
0.1
0.1
0.1
绳端拉力F/N
1.8
1.6
1.8
绳端移动距离s/m
0.3
0.4
机械效率η
74.1%
62.5%
实验次数
1
2
3
钩码重G/N
4
4
6
钩码上升高度h/m
0.1
0.1
0.1
绳端拉力F/N
1.8
1.6
1.8
绳端移动距离s/m
0.3
0.4
机械效率η
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