苏科版初中九年级物理第一学期期末素养综合测试课件

这是一份苏科版初中九年级物理第一学期期末素养综合测试课件，共50页。

一、选择题(每小题3分,共24分)
1.(2024江苏昆山期中)如图所示,杠杆处于水平平衡状态,若在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相同的钩码,则杠杆(        )A.仍然平衡    B.右端下降C.左端下降    D.匀速转动
解析　设杠杆上每一格的长度为L,每个钩码的重力为G,原 来杠杆水平平衡时,有:2G×3L=3G×2L,即动力×动力臂=阻力 ×阻力臂;在杠杆两侧挂钩码处各增加一个质量相同的钩码 时,左侧动力与动力臂的乘积为3G×3L=9GL,右侧阻力与阻 力臂的乘积为4G×2L=8GL,因为9GL>8GL,根据杠杆平衡条 件可知,杠杆左端会下降。
2.(2023江苏太仓期末)下列有关数据符合生活实际的是 (　    )A.一节新干电池的电压为2 VB.家用空调的电流约为0.2 AC.洗衣机正常工作时的电压为220 VD.物理实验室中一根导线的电阻约为1 kΩ
解析    一节新干电池的电压为1.5 V,A不符合题意;家用空调 的电流约为5 A,B不符合题意;洗衣机正常工作时的电压为2 20 V,C符合题意;物理实验室中一根导线的电阻非常小,可以 忽略不计,D不符合题意。
3.(2023江苏徐州铜山期中)从小园同学的“物理学习笔记”中摘录了有关温度、内能和热量三者关系的四句话,其中说法正确的是 (　    )A.两物体温度相同,内能一定相同B.物体吸收热量,内能增大,温度一定升高C.物体温度越高,分子热运动越剧烈D.热总是从含有热量多的物体传递给含有热量少的物体
解析　内能的大小与质量、状态、温度等因素有关,只根据 温度无法判定内能的大小,故A错误;物体吸收热量,内能增 大,温度不一定升高,如晶体在熔化过程中,吸收热量,内能增 大,温度不变,故B错误;物体温度越高,分子热运动越剧烈,故C 正确;热量是一个过程量,热量总是从高温物体传向低温物体 或从一个物体的高温部分传向低温部分,不能说物体含有热 量,故D错误。
4.下列事例中,利用热传递改变内能的是 (　    ) A.冬天搓手取暖　     B.空气被压缩时内能增大 C.烧水时水温升高     D.下滑时臀部发热
解析　两手摩擦发热,是克服摩擦做功,是通过做功改变物体 内能,A不符合题意;压缩空气,空气温度升高,是通过做功改 变物体内能,B不符合题意;用燃气灶烧水时,水吸收热量,是 通过热传递改变物体内能,C符合题意;从滑梯上滑下时,臀部 与滑梯摩擦生热,是通过做功改变物体内能,D不符合题意。
5.(2024江苏苏州外国语学校期中)如图所示,小球沿轨道由 静止从A点向D点运动的过程中(小球和轨道间存在摩擦),下 列说法错误的是 (　    ) 
A.小球在A点的重力势能最大B.小球在B点的速度最大C.小球在C点和B点的机械能相等D.小球不能到达D点
解析　小球在A点时,高度最高,重力势能最大,故A正确;小球 在B点时,质量不变,高度最小,重力势能最小,动能最大,速度 最大,故B正确;小球和轨道间存在摩擦,小球需要克服摩擦做 功,故小球从B点运动到C点,机械能减小,故C错误;因为小球 需要克服摩擦做功,在运动过程中有一部分机械能转化为内 能,故小球不能到达D点,故D正确。
6.(2023湖南常德中考)下表是一些物质的比热容[单位J/(kg· ℃)],根据表中数据和生活现象,下列判断中正确的是(　    )
A.不同种类的物质,比热容一定不同B.比热容与物质的状态无关C.质量相同、初温相同的铝块和铜块吸收相同的热量,铜块 的末温更低D.沿海地区昼夜温差小,是因为水的比热容较大
解析　煤油和冰是不同的物质,但它们的比热容是相同的,故 A错误。物质的比热容与物质的状态有关,如水和冰的比热 容不同,故B错误。由Q吸=cm(t-t0)知,质量相同、初温相同的 铝块和铜块吸收相同的热量,铜的比热容小,铜块的末温更 高,故C错误。沿海地区水多,内陆地区水少、沙石多,因为水 的比热容较大,由Q=cmΔt可知,相同质量的水和沙石比较,白 天,吸收相同的热量,水的温度升高得少;夜晚,放出相同的热 量,水的温度降低得少,使得沿海地区昼夜的温差小,故D正确。
7.(跨学科·物理学与日常生活)(2023湖南邵阳中考)细心的圆圆同学注意到自家汽车上设有安全带未系提示系统。当他坐在座椅上时,座椅下的开关S1闭合,若未系安全带,安全带控制开关S2断开,车上的电铃会发出警报声;若系上安全带,安全带控制开关S2闭合,警报声消失。下列按要求设计的电路图最合理的是(　    ) A     B
解析　由图A知,电铃与S1串联后,再与电阻R和S2的支路并 联,因并联电路各支路互不影响,则当开关S2闭合时,电铃仍然 能发出警报声,故A错误;由图B知,电铃与S1串联后,与S2并联, 人坐下时S1闭合,电铃响,系上安全带时S2闭合,电铃被短路停 止发声,并且不会出现电源短路,故B正确;由图C知,R与S1串 联后,与S2并联,人坐下时S1闭合,电铃响,系上安全带时S2闭 合,电铃仍然响,故C错误;由图D知,两开关并联,无论人坐下, 还是系上安全带,电铃都会响,不符合题意,故D错误。
8.(2024江苏南京钟英中学期末)如图所示,在探究“电流与电阻的关系”时,电源电压恒为4.5 V,滑动变阻器上标有“10 Ω    1.5 A”字样。在A、B两点间先后接入不同阻值的定值电阻,闭合开关,移动滑片P,使电压表示数为2.5 V,读出电流表示数。当20 Ω的电阻接入A、B间时,电压表示数始终无法达到2.5 V,其原因可能是 (　    ) 
A.20 Ω的电阻阻值太小B.电源电压4.5 V太低C.控制电压为2.5 V太高D.滑动变阻器的最大阻值10 Ω太小
解析　由题意知,电源电压为4.5 V,若定值电阻两端的电压 为2.5 V,则滑动变阻器两端的电压应为4.5 V-2.5 V=2 V;根据 串联分压的知识有 = = =1.25,即电阻R的阻值最大为滑动变阻器最大阻值的1.25倍,所以定值电阻太大或滑动 变阻器的最大阻值太小,造成了电压表示数始终大于2.5 V, 而无法达到2.5 V, A、C错误,D正确;若增大电源电压,则电阻 R两端的电压会更大,B错误。
二、填空题(每空2分,共28分)
9.(新课标·科学推理)(2024江苏苏州外国语学校期末)小明用15 N的水平推力使重100 N的小车在水平路面上前进了10 m,所用时间为0.5 min。在此过程中,小明对小车做了　     J的功,功率为　    W,小车所受重力对小车做了　　    J的功。
解析　小明对小车做功W=Fs=15 N×10 m=150 J;所用时间t= 0.5 min=30 s,则推力做功的功率:P= = =5 W。小车在水平路面上前进,重力的方向竖直向下,小车没有在重力的方 向上移动距离,所以重力不做功,即重力对小车做功为0 J。
10.(2022江苏扬州中考)冬奥会冰壶比赛中,如图所示,在AB过程中,投手用水平方向的力推冰壶,使冰壶在粗糙程度相同的冰面上做匀速直线运动,人对冰壶的推力　　　    冰面对冰壶的摩擦力;撤去推力,在BC过程中所受摩擦力　　　    ;在CD过程中,队友刷冰是通过　　　    方式增加冰面内能,使之熔化,从而　　　     摩擦。 
解析　因为冰壶在粗糙程度相同的冰面上做匀速直线运动, 所以人对冰壶的推力与冰面对冰壶的摩擦力是一对平衡力, 所以人对冰壶的推力等于冰面对冰壶的摩擦力;撤去推力,在 BC过程中,冰壶与冰面之间的摩擦为滑动摩擦,冰壶对冰面 的压力不变,接触面的粗糙程度不变,因而冰壶受到的滑动摩 擦力不变;在CD过程中,队友刷冰是通过做功的方式增加冰 面内能使之熔化;冰熔化成水后,水将冰壶和冰面分离,从而 减小摩擦。
11.电源也有电阻,我们可以将电源看作一个没有电阻的理想 电源与电阻r串联,如图甲所示。图乙所示电路中,电源电压 恒定,R为定值电阻。在滑动变阻器的滑片P向右移动的过程 中,V1的示数　　　    ,V2的示数　　　    ,V2与A的示数的比 值　　　    ,V1示数的变化量　　　    (选填“大于”“等 于”或“小于”)V2示数的变化量。 甲　     乙
解析　由题意可知,R、r、滑动变阻器串联接入电路中,电压 表V1测滑动变阻器两端电压,电压表V2测R两端电压;在滑动 变阻器的滑片P向右移动的过程中,滑动变阻器接入电路的 电阻变大,电路总电阻变大,根据欧姆定律可知,电路中的电 流变小,电流表示数变小;根据U=IR可知,R、r两端的电压变 小,V2的示数变小;根据串联电路的电压规律可知,滑动变阻 器两端的电压变大,所以V1的示数变大;V2与A的示数的比值 即R的阻值,故不变;根据串联电路的电压规律可知,R、r两端
的电压变化量之和等于滑动变阻器两端电压的变化量,所以V1示数的变化量大于V2示数的变化量。
12.(跨学科·数学)(新独家原创)如图所示,甲图是定值电阻R 和灯泡L的I-U关系图像。小明将R和L先后以乙图和丙图两 种方式接在同一电源上,则　    (选填“A”或“B”)是灯L 的I-U图像,理由是　 　    ;若乙图中U1∶U2=a,丙图中I1∶I2=b,则ab　     (选填“大于”“小于”或“等于”)1。 甲     乙     丙
灯的电阻随温度的变化而变化
解析　因灯的电阻随温度的变化而变化,不是一个定值,故通 过灯的电流与其两端电压不成正比,通过灯的电流随灯两端 电压的变化图像为曲线,即B是灯的I-U关系图像,A是定值电 阻R的I-U图像;在图乙中,灯与电阻串联,根据串联电路中各 处电流都相等,因U1∶U2=a,由U=IR知 = = =a①;在图丙中,灯与电阻并联,各支路两端的电压相同,由I= 可知,当电压相同时,电流与电阻成反比,因I1∶I2=b,则有 = =b②,
①×②得:ab= ③,丙图与乙图相比,灯两端电压变大了,灯丝温度升高了,故灯的阻值增大了,即RL'>RL④,由③④得:ab<1。
三、解答题(13题6分,14题10分,15题12分,16题10分,17题10分,共48分。解答14、15题时应有必要的解题过程)
13.(2022江苏东台期末)按题目要求作图:(1)如图甲,画出拉力F的力臂l。(2)如图乙,人要站在地面上提升重物,请在图中画出滑轮组 的绕线方法。(3)如图丙,将实物电路补充完整,使灯L1、L2并联,开关控制 整个电路。
甲 　　     乙 丙
答案　如图所示  甲 乙
  丙
解析    (1)O为支点,从支点O向力的作用线作垂线,支点到垂 足的距离就是力F的力臂l;(2)人要站在地面上用滑轮组提升 重物,则绳子自由端受到的拉力方向向下,从绳子末端开始, 依次绕过定滑轮、动滑轮,最后将绳子另一端系在定滑轮的 挂钩上;(3)两灯并联,开关接在干路上。
14.[答案含评分细则](2023江苏丰县期末)用如图甲所示的滑 轮组提升物体,已知被提升的物体M质量为72 kg,绳子自由端 的拉力F将物体M以0.5 m/s的速度匀速提升,此过程中,拉力F 做的功W随时间t的变化图像如图乙所示,不计绳重和摩擦力 (g=10 N/kg)。求:  甲     乙
(1)拉力F做功的功率;(2)绳子自由端拉力F的大小;(3)滑轮组提升物体的机械效率。
解析    (1)由图乙知,拉力F做的功为8 000 J时,所用的时间为 20 s,则F做功的功率P= = =400 W (3分)(2)由图甲可知n=2,绳子自由端移动的速度v=nv物=2×0.5 m/s= 1 m/s,由P= = =Fv可知,绳子自由端的拉力F= = =400 N (3分)(3)物体M的重力G=mg=72 kg×10 N/kg=720 N,滑轮组提升物 体的机械效率η= = = = = =90% (4分)
15.[答案含评分细则]如图甲所示的电路中,R2为滑动变阻器, R1、R3为定值电阻,电源两端电压恒定不变,闭合开关S,改变 滑片P的位置,两电压表的示数与电流表的示数的变化关系 图像如图乙所示。 
 (1)当滑片移至a端时,对应的是图乙中的　    点。(2)R1、R3的阻值各为多少?(3)电源的电压为多少?
解析    (1)由题图甲可知,三个电阻串联,电压表V1测R1、R2两 端的电压之和,电压表V2测R1两端的电压;当滑片移至a端时, 滑动变阻器接入电路中的电阻最小,电路中的电流最大,由题 图乙可知,电路中的最大电流为3 A,对应的是B点 (4分)(2)R1是定值电阻,滑片从b端移至a端的过程中,滑动变阻器接 入电路中的电阻变小,电路中电流变大,R1两端的电压变大,故 题图乙中AB是R1的I-U图像,当U1=1 V时,电路中的电流I=1 A, R1= = =1 Ω;滑片位于a端时,V1的示数为3 V,电路中的电
流I1=3 A,滑片位于b端时,V1的示数为9 V,电路中的电流I2=1 A,因串联电路中的总电压等于各部分电路两端电压之和,且 电源电压不变,所以U=U1'+I1R3=U1″+I2R3,即3 V+3 A×R3=9 V +1 A×R3,解得R3=3 Ω (4分)(3)电源电压U=U1'+I1R3=3 V+3 A×3 Ω=12 V (4分)
16.(新考法·分析论证)(2024江苏淮安开明中学期末)如图所示,小华利用甲、乙、丙三套完全相同的装置,完成下面两个热学实验。[水的比热容为4.2×103 J/(kg·℃)]      
(1)为了比较水和煤油的吸热本领的大小,他应选择　    (选 填“甲、乙”“甲、丙”或“乙、丙”)两套装置。实验应 控制水和煤油的初温相同、　　    相同。(2)小华通过比较　　　     (选填“加热时间”或“温度计上升的示数”)来比较水和煤油吸收热量的多少,经过实验得出 了水和煤油温度随时间变化的图像如图丁所示,则图线　     (选填“a”或“b”)对应液体的吸热能力强。若不计实验 过程中的热量损失,则煤油的比热容为     J/(kg· ℃)。
(3)为比较不同燃料的热值,小华选择了甲、乙两套装置,他 分别在加热器中放入相同质量的不同燃料,同时点燃后对质 量和初温相等的两种液体进行加热,直至燃料全部燃烧。请 你指出小华设计的方案中存在的明显缺陷。答:　　　　     　　　　　　　     。
解析    (1)为了比较水和煤油的吸热本领的大小,他应选择 甲、丙两套装置;根据比较不同物质吸热能力的方法,实验应 控制水和煤油的初温相同、质量相同。(2)根据转换法,小华 通过比较加热时间来比较水和煤油吸收热量的多少,由图丁 可知,温度升高20 ℃,a、b的加热时间分别为6 min和3 min,由 转换法,对应的吸收热量之比为2∶1,故a的吸热能力强,比热 容大;根据Q=cmΔt可知,在质量和升高的温度相同的情况下,
吸收的热量与比热容成正比,水的比热容为4.2×103 J/(kg· ℃),则煤油的比热容为c= ×4.2×103 J/(kg· ℃)=2.1×103 J/(kg· ℃);(3)根据比较热值大小的方法,要用相同质量的不同燃料, 加热质量相同的同种液体,液体升温越高,则燃料放出的热量 越多,这种燃料热值越大,故小华设计的方案中存在的缺陷: 吸热物质种类不相同。
17.(新考法·新实验)(2022山东潍坊中考)小明利用图甲所示 电路测量未知电阻Rx的阻值,电源电压保持3 V不变,滑动变 阻器铭牌标有“30 Ω    2 A”字样,Rx的阻值约为10 Ω。 甲
 乙     丙(1)请用笔画线代替导线,将图甲中的实物电路连接完整(要 求滑动变阻器的滑片P向左滑动时,电流表示数变大)。
(2)闭合开关,两电表均无示数;将电压表改接在变阻器两端 时,两电表均无示数;将电压表改接在开关两端时,电压表有 示数,电流表无示数。则电路故障是　　　　　　　　     。(3)排除故障后,闭合开关,移动变阻器的滑片P至某一位置,此 时电压表示数为2.7 V,电流表示数如图乙所示,则未知电阻Rx =　　　    Ω。
(4)小明利用图甲电路测量另一未知电阻Rx‘,将Rx’正确接入电路,但发现无论如何移动滑片P,电流表示数几乎为0,电压表示数接近3 V,经判断得知Rx‘阻值较大,利用该电路无法测出Rx’阻值。小明查阅资料获知,电压表相当于一个能显示自身两端电压的定值电阻,且阻值较大,于是他找了一个2 kΩ的定值电阻R0,设计了如图丙所示电路,电源电压恒为3 V。闭合 开关S,并进行了如下操作:①S1接1时,记录电压表示数为2.5 V;②S1接2时,记录电压表示数为2 V;③计算待测电阻Rx'=　　　    Ω。
解析    (1)向左移动滑动变阻器的滑片P时电流表示数变大, 说明滑动变阻器的滑片P在向左移动过程中接入电路的电阻 减小,故滑动变阻器应接左下接线柱;为使电流表指针有明显 偏转,电流表应选择0~0.6 A的量程。(2)闭合开关,两电表均 无示数,电路可能存在断路故障;将电压表接在变阻器两端时 两电表也无示数,说明变阻器之外的电路存在断路;电压表接 在开关两端时有示数,则说明开关之外的电路为通路,故电路 故障是开关断路或接触不良。(3)电流表选用的量程为0~0.6 A,分度值为0.02 A,由图乙知,电流表的示数为0.3 A,由I=