安徽省淮北市国泰中学2023-2024学年高二下学期7月期末数学试题
展开1.满分150分,考试时间120分钟.
2.考生作答时,请将答案答在答题卡上.选择题每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑;非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效,在试题卷、草稿纸上作答无效.
3.本卷命题范围:北师大版选择性必修二,一轮复习集合、常用逻辑用语、不等式、复数、函数.
一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1.在复平面内,复数对应的点位于( )
A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限
2.已知集合,则集合的所有非空真子集的个数是( )
A.15B.14C.7D.6
3.下列关于命题“,使得”的否定说法正确的是( )
A.,均有假命题
B.,均有真命题
C.,有假命题
D.,有真命题
4.设,则( )
A.B.C.D.
5.若,则下列不等式一定成立的是( )
A.B.C.D.
6.若等差数列满足,则当的前项和最小时,( )
A.9B.8C.7D.6
7.“一骑红尘妃子笑,无人知是荔枝来”描述了封建统治者的骄奢生活,同时也讲述了古代资源流通的不便利.如今我国物流行业蓬勃发展,极大地促进了社会经济发展和资源整合.已知某类果蔬的保鲜时间(单位:小时)与储藏温度(单位:)满足函数关系为常数),若该果蔬在的保鲜时间为216小时,在的保鲜时间为8小时,那么在时,该果蔬的保鲜时间为( )
A.72小时B.36小时C.24小时D.16小时
8.若定义在实数集上的函数满足:时,,且对任意,都有成立,则等于( )
A.1B.eC.D.
二、选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合要求.全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有选错的得0分.
9.已知为虚数单位,则以下四个说法中错误的是( )
A.
B.复数的虚部为
C.若复数为纯虚数,则
D.若为复数,则
10.已知正数满足,则下列说法一定正确的是( )
A.B.
C.D.
11.已知函数,则下列说法正确的是( )
A.有且只有一个极值点
B.设,则与的单调性不同
C.有3个零点
D.在上单调递增
三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分.
12.若是首项和公比均为3的等比数列,且,则______.
13.若不等式的解集为,则实数的取值范围是______.
14.已知幂函数的图象过点,且当时,恒有,则实数的取值范围为______.
四、解答题:本题共5小题,共77分.解答应写出必要的文字说明,证明过程及演算步骤.
15.(本小题满分13分)
设集合,集合.
(1)若,求和;
(2)设命题,命题,若是成立的必要不充分条件,求实数的取值范围.
16.(本小题满分15分)
已知,若关于的不等式的解集是.
(1)求的值;
(2)若关于的不等式在上恒成立,求实数的取值范围.
17.(本小题满分15分)
已知是定义在上的偶函数,当时,.
(1)求的解析式;
(2)求的解集.
18.(本小题满分17分)
已知数列为等差数列,,公差,数列为等比数列,且.
(1)求数列的公比;
(2)设,数列的前项和为,求满足的的最小值.
19.(本小题满分17分)
已知函数.
(1)当时,求曲线在点处的切线方程;
(2)讨论函数的单调性;
(3)当时,恒成立,求的取值范围.
参考答案、提示及评分细则
一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
二、选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合要求.全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有选错的得0分.
1.A,故在复平面内对应的点坐标为,位于第一象限.故选A.
2.D因为,所以集合的元素个数为3,因此集合的所有非空真子集的个数是,故选D.
3.B命题“,使得”的否定是,均有,对,有,故该命题为真命题.故选B.
4.A,同理可得,故.
5.B因为,所以,所以,故A错误;,因为,所以,即,所以,故B正确;C项中无法确定大小,D项中应是.故选B.
6.C设等差数列的公差为,因为,所以,所以,所以,所以等差数列为递增数列,前7项都为负数,从第8项开始为正数,所以当时,的前项和最小.故选C.
7.A当时,;当时,,则,整理可得,所以,从而当时,.
8.C因为,故,故,故为周期函数,且周期为4,故,因为时,,故,即,故选C.
9.BC因为,A正确;
复数的虚部为,B不正确;
若,则,C不正确;
设,所以,
,D正确.故选BC.
10.ACD由题意可知(当且仅当时取等号),故A正确;
取,则,故B错误;
因为,所以(当且仅当时取等号),则(当且仅当时取等号),故C、D正确.故选ACD.
11.ABD由题知,,所以在上单调递增,当时,;当时,,所以存在,使得,所以函数在上单调递减,在上单调递增,所以有且只有一个极值点,故A正确;因为,所以,所以,所以,故的一个极值点为0,所以与的单调性不相同,故B正确;因为有且只有一个极值点,且,所以在和上各有一个零点,所以有且只有两个零点,故C错误;因为与在上都是单调递增,所以在上单调递增,D正确.故选ABD.
三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分.
12.2024根据题意可知的通项公式为,当时,.
13.,解得.
14.设则,得当时,恒有,
当时,恒有,即,设,易知在上递减,.
四、解答题:本题共5小题,共77分.解答应写出必要的文字说明,证明过程及演算步骤.
15.解:(1).
因为,所以,
所以.
(2)因为是成立的必要不充分条件,所以,
当时,,解得;
当时,,得.
综上所述,实数的取值范围为.
16.解:(1)由题知1和—3是的两根,将代入方程解得.
(2)由(1)可知不等式在上恒成立,即在上恒成立,
因为函数在上单调递减,所以时,所以,
即实数的取值范围为.
17.解:(1)当时,则,又为偶函数,
所以,
所以.
(2)由为偶函数,则,即,
函数在上均为增函数,则函数在上为增函数,所以
所以且,即且,
解得或,且,
所以不等式的解集为.
18.解:(1),
又,
,解得.
,
.
(2)由(1)知.
设数列的前项和为,
则,
错位相减得:
.
即.
满足的的最小值为13.
19.解:(1)当时,,得,
,则,
所以切线方程为,即.
(2),
当时,时,时,,所以在上单调递减,在上单调递增.
当时,的解为,
①当,即时,,则在上单调递增;
②当,即时,在区间上,,在区间上,,所以在上单调递增;在上单调递增;
③当,即时,在区间上,,在区间上,,
所以在上单调递增;在上单调递减.
(3),
①当时,因为,所以,所以,则在上单调递增,成立;
②当时,,所以在上单调递增,所以成立;
③当时,在区间上,;在区间上,,所以在上单调递减,在上单调递增,又,故不恒成立.
综上所述,的取值范围是.题号
1
2
3
4
5
6
7
8
答案
A
D
B
A
B
C
A
C
题号
9
10
11
答案
BC
ACD
ABD
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