2024年黑龙江省绥化市明水县中考物理一模试卷

这是一份2024年黑龙江省绥化市明水县中考物理一模试卷，共24页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.下列数据最符合实际的是( )
A. 成年人正常步行的速度约为B. 托起一个鸡蛋所用的力约为1N
C. 一名中学生的质量约为55kgD. 吃饭用的筷子长度约为米
2.下列关于声现象的说法中，正确的是( )
A. 声音在真空中的传播速度是
B. “不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”，是指声音的音调高
C. 城市路口设置的噪声监测仪是为了在传播过程中减弱噪声
D. 汽车的倒车雷达利用了声可以传递信息
3.中华古诗蕴含着许多物理知识。下列说法正确的是( )
A. “云横秦岭家何在，雪拥蓝关马不前。”“雪”是水蒸气凝华形成的
B. “可怜九月初三夜，露似真珠月似弓。”“露”是水汽化形成的
C. “月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠。”“霜”是水凝固形成的
D. “欲渡黄河冰塞川，将登太行雪满山。”“冰”是雪熔化形成的
4.关于下列四幅图的说法正确的是( )
A. 甲图的实验说明磁场能产生电流B. 乙图的实验所揭示的原理可制成发电机
C. 丙图是演示电磁感应现象的实验装置D. 丁图中麦克风应用了磁场对电流的作用
5.小芳步行的部分信息如图，根据信息可推断此过程小芳( )
A. 步长约为2mB. 每分钟步行15km
C. 平均速度为D. 步行3km用时
6.如图所示，工人用10s沿斜面把一箱货物从底端匀速拉到顶端，拉力为800N，斜面长5m、高2m，货物质量为160kg。对此，下列说法正确的是取( )
A. 货物的重力和斜面对货物的支持力是一对平衡力
B. 货物受到的摩擦力大小为 800N
C. 拉力的功率为 400W
D. 斜面的机械效率是
7.某班同学在“探究凸透镜成像规律”的实验中，记录并绘制了像到凸透镜的距离跟物体到凸透镜的距离u之间关系的图像，如图所示。下列判断正确的是( )
A. 该凸透镜的焦距是20cm
B. 当时，在光屏上能得到一个放大的像
C. 当时成放大的像，投影仪就是根据这一原理制成的
D. 把物体从距凸透镜30cm处移动到15cm处的过程中，像逐渐变小
8.如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关S后，在移动滑片P的过程中，电流表的示数I与R的阻值关系如图乙所示，电压表的示数U与R的阻值关系如图丙所示，则的阻值和电源电压分别为( )
A. B. C. D.
二、多选题：本大题共2小题，共4分。
9.如图所示，放在水平桌面上的完全相同的容器内，装有适量的水，将A、B、C三个体积相同的正方体分别放入容器内，待正方体静止后，三个容器内水面高度相同。下列说法正确的是( )
A. 三个正方体受到的浮力大小关系为
B. 三个正方体的密度大小关系是
C. 容器对桌面的压力大小关系为
D. 三个正方体下表面受到水的压力大小关系为
10.如图甲所示的电路中，为定值电阻，为滑动变阻器，电源电压恒定不变。闭合开关S后，滑片P从b端移动到a端的过程中，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如图乙所示。则下列说法正确的是( )
A. 电源电压为6V
B. 此电路中消耗的电功率变化范围为
C. 滑动变阻器R的最大阻值为
D. 当滑动变阻器的滑片P在中点时，电路消耗的总功率为
三、填空题：本大题共8小题，共16分。
11.走近加油站，会闻到汽油的味道，是因为分子在不停地做______。秋冬季节工作人员进入加油站工作前，一般会手摸静电释放器如图所示将人体聚集的电荷导入大地，若人体带负电荷，则瞬间电流方向是从______选填“静电释放器到人体”或“人体到静电释放器”。
12.图甲中物体的长度是______ cm，图乙中停表指示的时间是______ s。
13.如图甲所示重为8N的物体在水平压力F的作用下在竖直的墙壁上运动，F的大小随时间t的变化关系及物体运动的速度v随时间t的变化关系如图乙所示。由图像可知，当时，物体所受摩擦力为______ N；当时，物体所受摩擦力为______ N。
14.如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关闭合，断开，甲、乙为电流表时，两表示数之比是：：5，则：______；当开关、都闭合，甲、乙两表为电压表时，甲、乙两表示数之比为______。
15.小丽用相同的电加热器分别对质量为的水和的另一种液体进行加热，得到的实验数据如图所示，则水在内吸收的热量为______ J，另一种液体的比热容为______。
16.如图所示是汽油机的______冲程，如果此汽油机每秒对外做功20次，则飞轮的转速是______。
17.较轻的原子核结合成为较重的原子核发生______选填“核裂变”或“核聚变”可以释放出巨大的核能，太阳的能量源自于这样的核反应。冬天的早晨大雾弥漫，太阳升起后浓雾渐渐散去，雾气消散是______填物态变化名称现象。
18.如图所示，重力不计的木棒AOB可绕支点O无摩擦转动，木棒OA：：2，物体乙的质量为6kg，物体乙受到的重力是______ N，甲的重力为700N，把甲、乙两物体用细绳分别挂在木棒的两个端点A、B上时，木棒在水平位置平衡，此时物体甲受到地面的支持力______ N。
四、作图题：本大题共2小题，共2分。
19.将平面镜斜放在装有水的水槽内，有一束光线垂直射向水面，如图所示，请画出这束光线在水中经平面镜发射和最后折射的光路图。
20.请在图中标出小磁针左端的磁极和电源左端的极性
五、实验探究题：本大题共5小题，共28分。
21.如图甲、乙所示，用天平、量筒测量金属块的密度。
把天平放在水平工作台上，将游码移到标尺左端的______处，调节平衡螺母，使横梁平衡；
将金属块放在天平左盘里，用镊子向右盘加减砝码并移动游码，当天平再次平衡时，右盘中所放砝码及游码在标尺上的位置如图甲所示，则金属块的质量为______ g；
将金属块用细线系好，轻轻放入盛有40mL水的量筒中，水面升高到如图乙所示的位置，则金属块的体积为______，金属块的密度为______；
利用弹簧测力计、烧杯和水，也可以测量出此金属块的密度，如图丙、丁所示。将金属块挂在弹簧测力计下端的挂钩上，测出金属块的重力为G，再将金属块浸没在装有水的烧杯中静止，读出此时弹簧测力计的示数为F。则金属块的密度为______。用已知量的字母和表示
22.在做“观察水的沸腾”实验中，小华使用的实验装置如图甲所示，根据实验数据作出的“温度-时间”图像如图乙所示。
小华在组装装置甲时，要分别调节铁夹M、铁圈N的高度，其中首先调节的是______填“M”或“N”的高度；
由图乙可知，实验测得水的沸点是______，说明当地的气压选填大于、小于或等于______1标准大气压，水在沸腾的过程中温度将______选填“升高”“降低”或“不变”；
另外两同学也选用相同的装置做该实验，他们绘制的沸腾图像如图丙所示，a、b图像不同的原因是______。
小华在实验中发现如图丁A、B所示的两种情形，其中图______是水在沸腾时的情况。
23.在探究“物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，如图甲、乙、丙所示，将A、B、C三个钢球先后从同一装置高度分别为、、的位置由静止开始滚下，水平面上同一位置的木块被撞出一段距离后停下。请回答以下问题：
该实验探究的是______选填“木块”或“钢球”的动能；
实验通过观察木块被钢球撞出后______的长短，来判断钢球动能的大小，这种研究问题的方法叫______；
比较______两图进行的实验，可以探究钢球动能大小与速度有关；
比较甲、丙两图进行的实验，可以探究钢球动能大小与______有关。此探究过程中两球刚好运动到水平面时的速度______选填“相等”或“不相等”。
24.小成同学根据已学知识设计了如下两个实验。
实验1：如图1所示，小成用细线拴住一个乒乓球，将细线的一端固定在容器底，向容器内倒入适量水后，看到乒乓球将细线拉直后静止在水里，之后他又用另一根细线拴住一个重物挂在容器侧壁上。
重物静止时，发现拴乒乓球的细线与挂重物的细线平行，说明浮力的方向是竖直向上的；
此时乒乓球受到的浮力______选填“大于”、“等于”或“小于”重力；
实验2：小成还探究了浮力的大小与哪些因素有关，分别做了如图2所示的实验。细线的质量和体积均忽略不计，小石块不吸水
小成将石块浸没在装满煤油的溢水杯中，如图2丙所示，发现，可得到的结论是______；除了用水和煤油外，他还用其它液体进行了实验，他这样做的目的是______选填“减小误差”或“寻找普遍规律”；
实验3：小成继续实验以验证阿基米德原理。
图2甲步骤中，某同学指出溢水杯未装满，这样会导致排开液体的重力偏______；
小成完善后继续进行实验，最后比较、、、的大小，若发现______，即可验证阿基米德原理。
25.如图甲所示是某实验小组“测量小灯泡的电功率”的实验电路，电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为电阻约为。
连接电路时，开关应处于______状态；闭合开关前，滑动变阻器滑片应置于______选填“A”或“B”端。
当电压表的示数为时，电流表的示数如图乙所示，小灯泡的额定功率为______在继续调节滑动变阻器进行测量的过程中，小灯泡突然熄灭，若电流表示数变为0，电压表示数接近6V，则故障可能是小灯泡______选填“短路”或“断路”。
完成测量后，同学们找来几个不同阻值的定值电阻替换小灯泡，探究电流与电阻的关系。接电阻时，电流表的示数为；换接的电阻后，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向______选填“A”或“B”端移动，使电压表的示数为______V，读出电流表的示数；继续换接余下的电阻进行实验即可得出结论。
六、计算题：本大题共2小题，共14分。
26.边长为、重为20N的实心正方体A放置在装有水的圆柱形容器底部，水深为，容器底面积为。现用图甲所示的滑轮组将其匀速提升忽略绳重和摩擦，滑轮组绳子自由端的拉力为F，物体A下表面到容器底部的距离为h，F与h的关系如图乙所示。求：
未露出水面时所受的浮力；
滑轮组中动滑轮的重力；
完全脱离水面后，水对容器底部的压强。
27.如图是小明家新购买的可折叠电热水壶，相关参数如表电热丝电阻不变。小明关闭家中其他用电器，使用热水壶将一满壶的水加热至沸腾标准大气压共用了，同时发现标有的电能表的指示灯共闪烁了210次。求：
电热水壶正常工作时的电流；
电热水壶加热的效率；
上述烧水过程中热水壶的实际电压。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：成年人正常步行的速度约为，故A错误；
B.托起两个鸡蛋的力约为1N，故B错误；
C.一名中学生的重力约为550N，其质量约为55kg，故C正确；
D.吃饭用的筷子长度约为15cm，故D错误。
故选：C。
根据生活常识对各选项进行判断。
本题是生活常识题，属于基础题。
2.【答案】D
【解析】解：A、声音的传播需要介质，真空不能传声，因此声音在真空中传播速度为，故A错误；
B、诗句“不敢高声语，恐惊天上人”中的“不敢高声语”意思是不敢大声说话，所以“高”是指声音的响度大，故B错误；
C、在城市路口设置噪声检测仪，只能监测噪声的强弱，不能减弱噪声，故C错误；
D、声音可以传递信息，也可以传递能量。“倒车雷达”就是利用超声波传递信息的，故D正确。
故选：D。
声音的传播需要介质，真空不能传声；
声音的高低叫音调，影响因素是频率；声音的大小叫响度，影响因素是振幅和距离发声体远近；
噪声检测仪是监测噪声的强弱的仪器；
声音可以传递信息，也可以传递能量。
此题考查了声音的传播、声音的特性、噪声的监测、声的利用，难度不大，属基础题。
3.【答案】A
【解析】解：A、“雪”是水蒸气放热凝华形成的固体，故A正确；
B、“露”是水蒸气放热液化形成的小水珠，故B错误；
C、“霜”是水蒸气凝华形成的固体，故C错误；
D、“冰”是水放热凝固形成的，故D错误。
故选：A。
凝华指物质由气态直接转变成固态，凝华要放热；
液化指物质由气态转变成液态，液化要放热；
凝固指物质由液态转变成固态，凝固要放热。
本题考查了凝华、液化和凝固，属于基础题。
4.【答案】B
【解析】解：A、图甲是奥斯特实验，通电后小磁针偏转，说明了通电导线周围存在磁场；所以A说法错误，不符合题意。
B、图乙是电磁感应实验，根据此原理可以制成发电机；所以B说法正确，符合题意。
C、图丙是磁场对电流的作用实验，通电后通电导体在磁场中受到力的作用而运动；所以C说法错误，不符合题意。
D、图丁是动感线圈式话筒，当人对话筒说话时，引起膜片的振动，膜片的振动会引起线圈的运动，切割永磁铁的磁感线而产生相对应的变化的电流，从而在扬声器产生与说话者相同的声音。动圈式话筒是根据电磁感应原理工作的；所以D说法错误，不符合题意。
故选：B。
A、认识奥斯特实验，知道奥斯特实验证实了通电直导线周围存在磁场。即电流的磁效应。
B、掌握电磁感应现象及实验，知道在此实验中让闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中会产生感应电流。根据这个原理制成了发电机。
C、掌握磁场对电流的作用实验，知道在此实验中，通电导体在磁场中受到力的作用。
D、要解决此题，需要知道动感线圈式话筒是根据电磁感应现象工作的。
此题考查了电和磁中的各种现象，在学习过程中，一定要掌握各实验的现象及结论，并且要找出其不同进行区分。
5.【答案】C
【解析】【分析】
本题考查长度、速度的相关知识，本题的关键是能从图中获取相关信息并结合速度公式解题。
知道步行的距离和步数，可以求出每一步的长度；
利用步行的距离除以所用的时间即可求出每分钟步行的距离；
根据每分钟步行的距离可换算处步行的平均速度；
由图中现象可知步行3km所用的时间。
【解答】
解：A、由图可知，步行的距离，步数，则步长约，故A错误；
BC、由图可知，步行用时，则步行速度，故B错误、C正确；
D、由图可知，步行3km共用时，故D错误。
故选：C。
6.【答案】C
【解析】解：
A、货物的重力和斜面对货物的支持力，二力的方向不在一条直线上，不是一对平衡力，故A错误；
B、货物重力：，
拉力做的有用功：
，
拉力F做的总功：
，
克服货物受到的摩擦力做的额外功：
，
由可得货物受摩擦力：
，故B错误；
C、拉力做功功率：，故C正确；
D、斜面的机械效率：
，故D错误。
故选：C。
二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上；
利用求货物重力，利用求拉力做的有用功，利用求拉力F做的总功，克服货物受到的摩擦力做的额外功等于总功减去有用功，再利用求货物受到的摩擦力；
利用求拉力做功功率；
斜面的机械效率等于有用功与总功之比。
本题考查了二力平衡条件的应用、使用斜面时有用功、总功、额外功、功率、机械效率的计算，属于基础题目。
7.【答案】C
【解析】解：A、由图可知，，根据，成倒立、等大的实像，即，因此该凸透镜的焦距，故A错误；
B、当时，，此时成倒立、缩小的实像，故B错误；
C、当物距是15cm，此时物距，成倒立、放大的实像，投影仪就是利用此原理制成的，故C正确；
D、由图可知，把物体从距凸透镜30cm处移动到15cm处的过程中，此时物距变小，像距变大，像变大，故D错误。
故选：C。
根据，成倒立、等大的实像，据此确定凸透镜的焦距；
，，成倒立、缩小的实像；
，成倒立、放大的实像，投影仪就是利用此原理制成的；
凸透镜成实像时，物近像远像变大。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
8.【答案】A
【解析】解：由电路图可知，与R串联，电流表测电路电流，电压表测两端的电压。
由乙图可知，当时，电路电流为，则电源电压为：
……①
由丙图可知，当时，两端的电压为3V，根据串联电路的分压原理，则有：
……②
联立①②两式，解得：的阻值，电源电压。
故A正确，BCD错误。
故选：A。
由电路图可知，与R串联，电流表测电路电流，电压表测两端的电压。由乙图可知，当时，电路中的电流，根据欧姆定律和串联电路的电阻规律得出电源电压；由丙图可知，当时，两端的电压，根据串联电路的分压原理列出等式，从而求得电源电压和的阻值。
本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，根据图像得出相关信息是关键。
9.【答案】ACD
【解析】解：由题知，A、B、C三个正方体的体积相同；
A、由图可知，A、B、C三个正方体排开水的体积关系为，根据可知，浮力的大小关系为：，故A正确；
B、由图可知，A和B处于漂浮，C处于悬浮，则由浮沉条件可知：，，，由于，所以；由于正方体A、B、C的体积相同，
根据可知，物体密度的大小关系：，故B错误；
C、因正方体分别处于漂浮或悬浮状态，则浮力等于自身重力，由阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于排开液体的重力，即说明容器中正方体的重力等于正方体排开水的重力，即可以理解为，容器中正方体的重力补充了它排开的水的重力，能看出三个容器内总重力相等；由于容器相同，所以三个容器对桌面的压力关系为，故C正确；
D、由图A、B、C三个正方体下表面所处的深度：，水的密度一定，根据可知，下表面受到水的压强关系为：，三个正方体的体积相同则底面积相同，根据可知下表面受到水的压力大小关系：，故D正确。
故选：ACD。
由图得出A、B、C三个正方体排开水的体积关系，根据阿基米德原理即可判断物体受到的浮力大小关系；
由图A、B、C三个正方体所处的状态，判定其浮力和重力的关系；然后根据三者的浮力大小、利用浮沉条件判断物体密度与水的密度大小关系；
根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于物体排开液体的重力，分析出整个装置的压力的大小关系；
由图A、B、C三个正方体下表面所处的深度，利用判断下表面受到水的压强关系，利用可知压力关系。
此题考查阿基米德原理、液体压强公式和密度公式的应用等，是一道综合性较强的题目，但难度不是很大。
10.【答案】ABD
【解析】解：A、当滑动变阻器的滑片在b端时，电路中电流为，------①，
当滑动变阻器的滑片在a端时，滑动变阻器被短接，电路中的电流为，------②，
已知电源电压不变，解①②得，，，故A正确；
B、当电路中的电流为时，消耗的功率，
当电路中的电流为时，消耗的功率，
所以消耗的电功率变化范围为，故B正确；
C、当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图乙可知，，，
根据得，滑动变阻器的最大阻值：
，故C错误；
D、当滑动变阻器的滑片P在中点时，即，则电路消耗的总功率，故D正确。
故选：ABD。
由图甲可知，定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。
根据图乙中电流为和，列方程，可以求出电源电压和的阻值；
根据电路中的最大电流和最小电流，利用公式求消耗的电功率变化范围；
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，由图象读出电流和电压，根据欧姆定律求出的电阻；
根据求电路消耗的功率。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律以及功率计算公式的应用，关键是知道滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小、滑动变阻器接入电路中的电阻最小时电路中的电流最大。
11.【答案】无规则运动 静电释放器到人体
【解析】解：走近加油站时，闻到汽油味，这是因为汽油分子在不停地做无规则运动，属于扩散现象；若人体带负电荷，则负电荷的定向移动方向是从人体到静电释放器，由于将负电荷定向移动的反方向规定为电流的方向，则瞬间电流方向是由静电释放器到人体。
故答案为：无规则运动；静电释放器到人体。
一切物体的分子都在不停地做无规则的运动。
在物理学中，规定正电荷定向移动的方向为电流的方向。
知道分子的热运动；知道电流方向的规定。
12.【答案】
【解析】解：刻度尺上1cm之间有10小格，所以每个小格代表的长度是，即此刻度尺的分度值是；物体左侧与对齐，右侧与对齐，所以物体的长度；
停表中间的小表盘上，每个小格代表，指针指在“1”和“2”之间，小表盘的读数为，且超过了；在停表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以每个小格代表，大表盘指针的读数为40s，停表的读数为。
故答案为：；100。
使用刻度尺时要明确量程和分度值，物体长度的一端从0刻度线开始，读出物体另一端对应刻度值，就是物体的长度；物体的一端没有从0刻度线开始的，用物体长度两端对应的刻度值之差即为物体的长度，注意刻度尺读数时要估读到分度值的下一位。停表中间的小表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，停表读数是两个表盘的示数之和。
本题考查了长度的测量、时间的测量，属于基础内容，要熟练掌握。
13.【答案】8 8
【解析】解：由图乙可知，当时，物体的速度为0，处于静止状态，物体竖直方向上受到的摩擦力f与物体的重力G是一对平衡力，大小相等，则，摩擦力的方向竖直向上。
由图乙可知，当时，物体的速度不变，做匀速直线运动，处于受力平衡状态，故由二力平衡可知此时物体所受摩擦力仍等于物体的重力，为8N。
故答案为：8；8。
对物体进行受力分析，由图象判断物体在各时间段的运动状态，然后根据物体平衡条件分析答题；滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关。
此题考查了学生对图象问题的分析能力，能从图象中得出相关的信息，应用平衡条件即可正确答题，是中考的热点考题。
14.【答案】1：4 5：4
【解析】解：当开关闭合、断开，甲、乙为电流表时，和并联，甲电流表测支路的电流，乙电流表测干路电流；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过两电阻的电流之比：，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由可得，两电阻的阻值之比：
；
当开关、都闭合，甲、乙为电压表时，与串联，电压表甲测通电源电压U，电压表乙测两端电压，
由于串联电路电阻两端的电压跟电阻成正比，所以，，
所以根据串联电路的总电压等于各用电器两端的电压之和可知甲、乙两表示数之比为：。
故答案为：1：4；5：4。
当开关闭合、断开，甲、乙为电流表时，和并联，甲电流表测支路的电流，乙电流表测干路电流；根据并联电路的电流特点求出两支路的电流之比，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；
当开关、闭合，甲、乙两表为电压表时，和串联，甲测电源的电压，乙测两端的电压；根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电压特点求出两电压表的示数之比。
本题通过改变开关的连接方法和电表的更换，改变了电路的连接方法，电路先并联后串联，通过电阻的不变量来沟通两个过程。
15.【答案】
【解析】解：由图知，水在内初温，末温为，
内水吸收的热量：；
另一种液体加热，吸收的热量为：；
由得：，解得：。
故答案为：；。
知道水的质量、水的比热容，由图象得出水的初温和末温，利用吸热公式求水吸收的热量；利用相同的电加热器加热，相同时间内吸收的热量相同，可求另一种液体在内吸收的热量，由图像得出另一种液体内的初温和末温，知道另一种液体的质量，列出关系式，求出液体的比热容。
本题考查了物体吸热公式的应用、比热容的计算，属于基础题。
16.【答案】做功 2400
【解析】解：图中进气门和排气门都是关闭的，火花塞放电，活塞下行，可以判断是做功冲程；
汽油机每秒可以对外做功20次，因一个工作循环转2圈，对外做功一次，所以飞轮转速为。
故答案为：做功；2400。
由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程；热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周。
本题考查了热机冲程的判断以及转速的计算，熟记相关数据是解题的关键。
17.【答案】核聚变 汽化
【解析】解：核聚变，两个较小的核合成一个较大的原子核，从而释放出能量，故较轻的原子核结合成为较重的原子核发生核聚变。
雾气消散是小水珠变为水蒸气，属于汽化现象。
较轻的原子核结合成为较重的原子核发生核聚变，氢弹就是运用核聚变释放能量，太阳的能量源自于这样的核反应；
物质由液态变为气态的过程叫汽化，汽化吸热。
知道裂变和聚变的概念、汽化概念，可解答此题。
18.【答案】60 660
【解析】解：物体乙受到的重力：
；
把甲、乙两物体用细绳分别挂在木棒的两个端点A、B上时，绳子对B端的拉力，
木棒在水平位置平衡，由杠杆的平衡条件可得：，
则A端受到的绳子拉力：
，
物体甲受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力、绳子向上的拉力的作用处于平衡状态，
由力的平衡条件可得：，
所以，物体甲受到地面的支持力：
。
故答案为：60；660。
知道物体的质量，根据求出其重力，绳子对B端的拉力等于乙的重力，根据杠杆的平衡条件求出A端受到的绳子拉力，物体甲受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力、绳子的拉力，据此求出此时物体甲受到地面的支持力。
本题考查了重力公式和杠杆平衡条件的应用，正确的对甲物体受力分析是关键。
19.【答案】解：光从空气垂直射入水中，传播方向不变，根据光的反射定律画出经过平面镜后的反射光线，光线从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，据此作出折射光线。

【解析】解决此题需要知道光垂直射到水中，传播方向不变，从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，同时也要掌握光的反射定律的内容。
本题考查了光的折射规律和光的反射定律。注意当光垂直入射到另一种介质中时，传播方向不变，即折射角和入射角都是。
20.【答案】解：已知螺线管的两极，根据右手安培定则得，电流右进左出，所以电源的左端为电源的负极；根据异名磁极相互吸引的特点，小磁针的左端为S极，如图所示：

【解析】知螺线管的两极，根据右手安培定则可知电流方向；根据异名磁极相互吸引的特点可知小磁针的磁极。
对于此类习题，知道电磁铁的磁极、电磁铁的磁感线、小磁针的磁极和电流方向的任意一者，都能把其它几者判断出来。
21.【答案】零刻度线
【解析】解：天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度处，调节平衡螺母使指针指到分度盘中央，使天平的横梁水平平衡。
由图甲知道，游码读左端刻度值，标尺的分度值为，金属块的质量为
由图乙知道，放入金属后量筒内液体和金属的总体积为，金属块的体积为
金属块的密度为
；
由图丙可知，金属块的重力为G，由图丁可知，金属块浸没在水中受到的浮力为，金属块的体积为
金属块的密度为
。
故答案为：零刻度线；；；；。
天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度处，调节平衡螺母使天平的横梁水平平衡。
物体的质量等于砝码的质量和游码对应的示数之和。
物体的体积等于物体浸没水前后，水面对应的刻度差，根据密度公式求出金属块的密度。
金属块的重力为G，由图丁可知，金属块浸没在水中受到的浮力为，可以得出金属块的体积，再利用密度公式求解。
本题考查质量的测量、排水法测量固体体积、密度的计算、实验误差的分析的知识，掌握质量的测量和排水法测量的方法是解答本题的关键；
22.【答案】N 97 小于 不变 水的质量不同 A
【解析】解：酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以首先调节的是铁圈N的高度，实验应从下而上放置仪器；
由图乙知，水在沸腾过程中温度保持不变，所以水的沸点为；沸点低于标准大气压的沸点，说明当地的气压小于标准大气压；水在沸腾过程中持续吸热，但是温度保持不变。
图丙中的图象可知，a升温快、b升温慢，在装置相同的情况下，根据公式可知产生这种差异的原因是两次实验中水的质量不同，b组水的质量大于a组水的质量。
图气泡在上升过程中体积不断变大，所以A是沸腾时的情况；B图气泡在上升过程中体积不断减小，所以B是沸腾前的情况。
故答案为：；，小于，不变；水的质量不同；。
本实验需要按照自下而上的顺序安装器材；
水沸腾时气泡上升体积变大，水沸腾前气泡上升体积变小；气泡内的主要成分是水蒸气；水蒸气上升过程遇冷液化形成小水滴；
液体沸腾时，不断吸热，温度保持不变；
影响加热时间长短的因素有：是否加盖、水量多少、水的初温、火焰大小等，可以从这几个方面进行考虑；
本题探究水沸腾时温度变化的特点实验，难度不大。
23.【答案】钢球 距离 转换法 甲、乙 质量 相等
【解析】解：该实验研究的主体是钢球，研究的是钢球动能的大小与速度和质量的关系；
该实验中钢球动能的大小是通过木块移动的距离体现的，木块被撞的越远，说明钢球的动能越大，被撞的越近，说明钢球的动能越小，这里采用了转换法的思想；
为了研究物体动能与物体速度的关系，应多次让同一钢球从斜面不同高度上静止滚下，控制钢球的质量相同，改变钢球的速度，故选甲、乙两图；质量相同，速度越大，钢球推动木块移动的距离越大，动能越大；
为了研究物体动能与物体质量的关系，应多次让不同钢球从斜面相同高度上静止滚下，控制钢球到达水平面时的速度相同，改变钢球的质量，故选甲、丙两图；速度相同，质量越大，钢球推动木块移动的距离越大，动能越大；
故答案为：钢球；距离；转换法；甲、乙；质量；相等。
物体由于运动而具有的能叫动能，钢球从高处滑下时具有动能；
动能的决定因素有两个：质量和速度，要利用控制变量法去研究。研究与速度关系时要保证质量相同，速度不同。研究与质量关系时，要保证速度相同，质量不同；实验中通过观察木块被钢球推动距离大小判断钢球的动能大小的，利用了转换法。
此题是探究“动能的大小与什么因素有关”的实验，考查了转换法和控制变量法在实验中的具体应用，是中考探究实验考查的重点。
24.【答案】大于 在排开液体体积相同时，液体密度越大，受到的浮力越大 寻找普遍规律 小
【解析】解：乒乓球受到重力、拉力和浮力平衡，浮力大于重力；
小成将石块浸没在装满煤油的溢水杯中，如图2丙所示，发现，说明在没有中受到的浮力较小，而排开液体的体积相同，液体的密度不同，可得到的结论是在排开液体体积相同时，浮力大小与液体密度有关；除了用水和煤油外，他还用其它液体进行了实验，探究规律时多次实验排除偶然性，寻找普遍规律；
图2甲步骤中，某同学指出溢水杯未装满，重力和拉力测量准确，因而这样会导致浮力准确，但测量的排开液体的重力偏小；
小成完善后继续进行实验，最后比较、、、的大小，根据阿基米德原理，排开液体的重力与浮力相等，若发现，即可验证阿基米德原理。
故答案为：大于；在排开液体体积相同时，液体密度越大，受到的浮力越大；寻找普遍规律；小。
对乒乓球受力分析解答；
浮力大小与液体密度和排开液体体积有关，探究规律时多次实验排除偶然性；
溢水杯未装满，根据称重法测量浮力分析；
根据阿基米德原理分析。
本题考查探究浮力的有关因素与验证阿基米德原理实验，属于中档题。
25.【答案】断开 断路 B 2
【解析】解：
为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；闭合开关前，滑动变阻器滑片应置于最大值B端。
由图甲知，电流表使用小量程，分度值，图乙知，当电压表的示数为时灯泡正常发光，通过灯泡的电流为，
所以小灯泡的额定功率；
灯泡突然熄灭，电流表示数变为0，说明电路中有断路发生，而电压表示数接近6V，即电压表测电源电压，则故障可能是小灯泡断路；
当电阻为时，电流表的示数为，由欧姆定律，电压表的示数：；
根据串联分压原理可知，将定值电阻R由改接成的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
而探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向B端移动，使电压表的示数为2V。
故答案为：断开；B；；断路；；2。
连接电路时开关应断开，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处；
由图读出电压表示数为时电流表的示数，由灯泡的额定功率；
灯泡不亮，电流表示数为0，说明电路有断路发生，再根据电压表的示数情况判断故障的原因；
由欧姆定律，求电压表的示数；由控制变量法，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向。
本题测量小灯泡电功率，考查电路连接、注意事项、电表读数、电功率的计算及故障分析，还考查了探究电流与电阻的关系实验及控制变量法的运用。
26.【答案】解：正方体A的体积为：，
A浸没水中，A未露出水面时排开水的体积为：，
利用阿基米德原理得，A未露出水面时所受的浮力为：
；
由图甲可知，有效绳子段数为：，当A完全脱离水面时，滑轮组绳子自由端的拉力达到最大值，
不计绳子重力和绳子与滑轮间的摩擦，根据可知，该滑轮组中的动滑轮的重力为：
；
当A完全脱离水面后，水面将会降低，水面下降的高度为：，
此时水深为：，
根据得，则A完全脱离水面后，水对容器底部的压强为：。
答：未露出水面时所受的浮力为10N；
滑轮组中动滑轮的重力为5N；
完全脱离水面后，水对容器底部的压强为。
【解析】知道正方体A的边长，可求其体积，A未露出水面时排开水的体积等于A的体积，利用阿基米德原理求所受的浮力；
由图可知，不计绳子重力和绳子与滑轮间的摩擦，根据可知该滑轮组中的动滑轮的重力；
当A完全脱离水面后，水面将会降低，水面下降的高度，求出现在水深，再利用求水对容器底的压强。
本题考查了阿基米德原理、液体压强公式、动滑轮的重力的应用，能从图象得出相关信息、利用好相关公式是关键。
27.【答案】解：根据可得，电热水壶正常工作时的电流：
；
水的体积，
由得水的质量：
，
水吸收的热量：
；
由“标有的电能表的指示灯共闪烁了210次”可得，电热水壶消耗的电能：
，
电热水壶加热的效率为：
；
由得电热丝的电阻值：
，
由可得，实际电压：
。
答：电热水壶正常工作时的电流为；
电热水壶加热的效率为；
上述烧水过程中热水壶的实际电压为200V。
【解析】根据求电热水壶正常工作时的电流；
根据得求出水的质量，再根据求出水吸收的热量；
的含义是：电路中每消耗的电能，指示灯闪烁3600次，可求指示灯闪烁了210次消耗的电能，利用公式计算出饮水机的热效率；
根据得电热丝的电阻值；
由求出实际电压。
本题是一道电学与热学的综合题，考查了质量、热量的计算、电水壶的效率、电功率和电功计算公式的理解和掌握，能从实验数据表中得出相关信息是解本题的关键。产品型号
NSH0607
最大容量
额定电压
220V
额定功率
605W
适用电压