2024年中考考前物理押题密卷物理（南通卷）

这是一份2024年中考考前物理押题密卷物理（南通卷），文件包含物理南通卷全解全析docx、物理南通卷考试版A4docx、物理南通卷考试版A3docx、物理南通卷参考答案及评分标准docx、物理南通卷答题卡docx等5份试卷配套教学资源，其中试卷共40页， 欢迎下载使用。

注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。每小题给出的选项中只有一个选项符合题意）
1．下列有关中学生的估测符合实际的是（ ）
A．正常骑行自行车的功率约70W
B．眨一次眼睛的时间约5s
C．游泳时受到的浮力约为100N
D．完成一次引体向上做的功约为2000J
【答案】A
【详解】A．根据物体功率的估测可知，正常骑自行车的功率约70W，故A符合题意；
B．正常人每一分钟要眨眼次，每一次眨眼的时间约为秒，故B不符合题意；
C．中学生在游泳池里游泳时，处于漂浮状态，中学生受到的浮力等于其重力，即，中学生的质量一般50kg左右，根据重力与质量的关系可得重力
故浮力大约为500N左右，故C不符合题意；
D．中学生的质量一般50kg左右，其重力
中学生每次引体向上身体向上运动40cm，引体向上是克服人体重力做功，完成一次引体向上做的功
故D不符合题意。
故选A。
2．2023年9月21日，“天宫课堂”第四课在中国空间站开讲，“神舟十六号”飞行乘组航天员景海鹏、朱杨柱、桂海潮进行了一场精彩的太空科普课。下列说法正确的是（ ）
A．在太空中，航天员的声音不是由声带振动产生的
B．航天员讲课的声音可以在真空中传播
C．依据音色可以辨别是哪一位航天员在讲课
D．我们能听到授课的内容，说明声音可以传递能量
【答案】C
【详解】A．声音都是由物体振动产生的，航天员的声音是由声带振动产生的，故A错误；
B．声音不能在真空中传播，故B错误；
C．不同的人声音的音色一般不同，根据音色不同可以辨别是哪一位航天员在讲话，故C正确；
D．我们能听到授课的内容，说明声音可以传递信息，故D错误。
故选C。
3．小明在水槽底部放上硬币，将塞紧塞子的空薄壁试管如图贴近水面。逐渐向下平移，从正上方观察，发现当试管下部浸入水中后，硬币突然变小了，随着浸入体积增大，像逐渐变小，但一直是正立的。于是，他得到了“凸透镜还能成正立、缩小像”的结论。以下操作方案能用来检验小明观点的是（ ）
A．将试管注满水塞紧后向下平移，观察槽中水底硬币的成像情况
B．将试管注满水塞紧后向下平移，观察空水槽底硬币的成像情况
C．将空试管塞紧后向下平移，观察置于空水槽底硬币的成像情况
D．将空试管塞紧后固定在水槽中部，加水并观察硬币的成像情况
【答案】B
【详解】试管内是空气，当试管下部浸入水中后，透过试管观察，水槽的水相当于形成一个凹透镜，正立、缩小像是由凹透镜所成的，为了验证这一观点，可以将试管注满水塞紧后向下平移，此时的注水的试管相当于一个水凸透镜，再观察空水槽底硬币的成像情况，便可验证小明的观点，故ACD不符合题意，B符合题意。
故选B。
4．2023年3月，有科学家宣布在1GPa（约1万个标准大气压）下，实现了21℃室温超导。若未来超导材料得到普及，最适合做（ ）
A．集成电路的芯片B．加热器的电热丝
C．用电器的绝缘壳D．远距离输电导线
【答案】D
【详解】
A．集成电路的芯片是利用硅等半导体材料制成的，故A不符合题意；
B．加热器的电热丝利用的电流的热效应，根据焦耳定律可知，电流产生的热量与电阻有关，超导体电阻为0，电流通过时不发热，故B不符合题意；
C．用电器的绝缘壳不容易导电，属于绝缘体，故C不符合题意；
D．根据焦耳定律可知，电流产生的热量与电阻有关，超导体电阻为0，电流通过时不发热，远距离输电导线应用超导体材料，可以减小电能损失，故D符合题意。
故选D。
5．如图是羽毛球比赛时的情景，下列说法中正确的是（ ）
A．用球拍将羽毛球拍出，在球飞行过程中，球拍对球做了功
B．羽毛球在空中之所以能继续运动，是因为羽毛球受到惯性
C．羽毛球在空中运动时，只受重力和空气阻力
D．球拍的把手上缠有手胶，是为了减小手与球拍间的摩擦力
【答案】C
【详解】A．羽毛球在飞行过程中，虽然通过了距离，但没有再受到球拍的力的作用，所以对球没有做功，故A错误。
B．羽毛球在空中之所以能继续运动，是因为羽毛球具有惯性，惯性是一种性质，不能说受到惯性，故B错误；
C．羽毛球在空中运动时受重力和阻力的作用，不再受到推力作用，故C正确；
D．球拍的把手上缠有手胶，主要是通过增大接触面的粗糙程度来增大手和球拍间的摩擦，故D错误。
故选C。
6．小明在探究凸透镜成像规律时，做了如下实验：
①用平行光正对凸透镜照射，移动光屏得到一个最小、最亮的光斑，如图甲所示；
②保持该透镜位置不变，将点燃的蜡烛放在图乙所示的位置，移动光屏得到烛焰清晰的像（图中未画出）。则下列说法不正确的是（ ）
A．实验②中，烛焰在光屏上成倒立放大的实像
B．实验②中，像到透镜的距离一定大于20cm
C．若增大蜡烛与透镜的距离，所成的像会变小
D．若蜡烛与透镜的距离大于10cm，则在另一侧通过透镜可以观察到烛焰正立、放大的虚像
【答案】D
【详解】AB．由①可知，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是
f＝60.0cm﹣50.0cm＝10.0cm
实验②中，此时物距
u＝50cm﹣35cm＝15cm
大于一倍焦距，小于二倍焦距，根据
2f＞u＞f
v＞2f
即像距大于20cm，成倒立、放大的实像，故AB正确，不符合题意；
C．若增大蜡烛与透镜的距离，此时物距增大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，所成的像会变小，故C正确，不符合题意；
D．若蜡烛与透镜的距离大于10cm，即物距大于一倍焦距，小于二倍焦距，根据
2f＞u＞f
成倒立、放大的实像，当蜡烛与透镜的距离小于10cm，才能在另一侧通过透镜可以观察到烛焰正立、放大的虚像。故D错误，符合题意。
故选D。
7．如图所示，甲和乙叠放在光滑水平桌面上，甲、乙之间的接触面粗糙，此时两者均处于静止状态，乙和桌面足够长。快速敲击乙，乙立即水平向右做直线运动。则敲击后（ ）
A．乙所受的重力和支持力是一对平衡力
B．乙所受的摩擦力方向水平向右
C．甲动能的变化量等于乙动能的变化量
D．甲沿水平面向右做先加速后匀速的运动
【答案】D
【详解】A．乙所受的支持力等于甲乙的重力之和，因而支持力与乙的重力大小不等，不是一对平衡力，故A不符合题意；
B．敲击后乙由于惯性会向右运动，而甲由于惯性相对于乙会向左滑，因而乙相对于甲向右运动，乙所受甲的摩擦力方向水平向左，而桌面光滑，没有摩擦力，故B不符合题意；
C．敲击后乙带动甲向右运动，但由于有摩擦力，将机械能转化为内能，乙动能的变化量大于甲动能的变化量，故C不符合题意；
D．甲开始由于受到乙向右的摩擦力而加速运动，然后因为桌面没有摩擦力，加速到与乙速度相同后与乙一起匀速直线运动，故甲沿水平面向右做先加速后匀速的运动，故D符合题意。
故选D。
8．如图所示是一种自动测定油箱内油量的装置。R2是阻值均匀的变阻器，它的金属片连接在杠杆的一端，R1是定值电阻，电源电压恒定。已知油箱中油的体积V与电路中总电阻R总成反比，则下列描述电路中通过的电流I、定值电阻R1的电功率P1与V关系的图像中，正确的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】C
【详解】AB．由图知，油量表、定值电阻R1、滑动变阻器R2串联，油箱中油的体积V与电路中总电阻R总成反比，根据可知，电路中的电流I与油箱中油的体积V成正比，油箱中油的体积V为零时，滑动变阻器接入电路的电阻较大，由可知，电路中仍然有电流，故AB错误；
CD．定值电阻R1的阻值不变，根据P＝I2R可知，定值电阻R1的电功率与油箱中油的体积V的平方成正比，故C正确，D错误。
故选C。
9．课外活动小组制作电磁驱动“小车”：把铜制裸导线密绕成长螺线管当作轨道，固定在水平桌面上；将两个强磁铁固定在一节新干电池的两极上制成“小车”，磁极与电极的位置关系如图所示。把“小车”从右侧入口完全推入螺线管，“小车”自动向前运动到达左侧。关于小车运动的工作原理，下列说法中正确的是（ ）
A．调换干电池的正负极，其他条件不变，电磁驱动“小车”仍能从右侧自动到达左侧
B．将铜制裸导线换做铜制漆包线，其他条件不变，电磁驱动“小车”依然能从右侧自动到达左侧
C．电磁驱动“小车”的工作原理与扬声器的工作原理类似
D．电磁驱动“小车”的工作原理在于螺线管内发生了电磁感应现象
【答案】C
【详解】A．调换干电池的正负极，其他条件不变，线圈中的电流方向改变，则“小车”受力方向改变，电磁驱动“小车”不能从右侧自动到达左侧，故A错误；
B．将铜制裸导线换做铜制漆包线，电池和导线之间断路，螺线管中不能产生电流，“小车”不会受到力的作用，不能运动，故B错误；
CD．电磁驱动“小车”的工作原理是磁场对电流有力的作用，而不是电磁感应，这与扬声器的工作原理类似，故C正确，D错误。
故选C。
10．图甲是一个在家庭电路中使用的豆浆机实物图，主要构造是一个电动机通过金属杆带动其下部的刀片旋转粉碎打浆，刀片外部是一个环状加热管（电热丝），用来对豆浆加热。制作豆浆的过程是加热和打浆交替进行。图乙是该豆浆机做好一次豆浆的P-t图像。则下列说法正确的是（ ）
A．豆浆机的电动机和加热管是串联的
B．加热管的电阻是40Ω
C．豆浆机中电动机正常工作时的电流是2A
D．做好一次豆浆，需消耗11110J的电能
【答案】B
【详解】A．由题意可知，电动机旋转粉碎打浆，加热管用来对豆浆加热。制作豆浆的过程是加热和打浆交替进行，各自单独工作，因此豆浆机的电动机和加热管是并联的，故A错误；
B．由图乙可知，豆浆机正常工作时的加热功率为1210W，由P=U2R可得，豆浆机正常加热时加热管的阻值
R=U2P加热=(220V)21210W=40Ω
故B正确；
C．由图乙可知，电动机正常工作时的功率为110W，由P=UI可得，豆浆机正常打浆时的电流
IM=PMU=110W220V=0.5A
故C错误；
D．由乙图可知，加热时间
t1=9min=540s
电动机工作时间
t2=2min=120s
由P=Wt可得，加热消耗的电能
W1=P加热t1=1210W×540s=6.534×105J
电动机工作时消耗的电能
W2=PMt2=110W×120s=1.32×104J
豆浆机做好一次豆浆，消耗的总电能
W=W1+W2=6.534×105J+1.32×104J=6.666×105J
故D错误。
故选B。
二、填空题（本题共5个小题，每空1分，共21分。）
11．古代劳动人民的智慧带领我们成长。如图甲是我国最早的乐器之一“埙”，吹奏时是 振动发出的声音，相同力度吹能发出宫、商、角、徵、羽五音，五音是指声音的 。据《武经总要》记载，古人将具有磁性的空心铁鱼放入水中漂浮制成指南鱼，如图乙，多次将指南鱼轻轻旋转，待静止后，观察到鱼尾总是指向南方，则鱼尾为该磁体的 （选填“南极”或“北极”），指南鱼漂浮时所受重力和支持力是一对 （选填“相互作用力”或“平衡力”）。
【答案】 空气 音调 南极 平衡力
【详解】[1]一切声音都是由于物体振动产生的，埙吹奏时是空气振动发出的声音。
[2]相同力度吹能发出宫、商、角、徵、羽五音，需要按住不同的孔，埙内空气振动的频率不同，所以，五音是指声音的音调。
[3]磁体指南的一端叫南极，观察到鱼尾总是指向南方，则鱼尾为该磁体的南极。
[4]指南鱼漂浮时所受重力和支持力都作用在指南鱼上，大小相等，方向相反，作用在同一直线上，是一对平衡力。
12．如图为我国首座潮光互补型光伏电站——浙江温岭潮光互补智能电站，已实现全容量并网发电，这也是我国首次将太阳能和月亮潮汐能互补开发的创新应用，利用太阳能电池板、发电机来获得电能。潮汐能属于 （可再生/不可再生）能源；太阳能电池板将太阳能转化为 能。除此之外我们国家还利用垃圾填埋气发电，使垃圾填埋后发酵产生沼气，并利用收集的沼气来发电。若每吨填埋垃圾可产生沼气150m3，这些沼气完全燃烧可产生的热量为 J。如果利用这些能量可以发电250kW·h，则该沼气发电的效率为 。（已知q沼气=2.0×107J/m3）
【答案】 可再生 电
【详解】[1] 潮汐能可以从自然界源源不断获取，属于可再生能源。
[2] 太阳能电池板工作时将太阳能直接转化为电能。
[3][4] 这些沼气完全燃烧可产生的热量为
则该沼气发电的效率为
13．小明的梦中经历：他和小华困在池塘中央的冰面上，冰面非常光滑，他们的奇思妙想——把行李向后扔出去，船就前进了，船和人前进的施力物体是 ，此现象还能说明力可以使物体 （填写力的作用效果）。在小明的梦中，他们扔出行李后船将做 （填运动状态）。小明在教室里坐在凳子上模拟以上情景，发现将书包扔出，自己未曾移动分毫，此过程中凳子受力 （选填“平衡”或“不平衡”），若想模拟梦中情景，请帮助小明想一个可行的改进措施： 。
【答案】 行李 运动状态改变 匀速直线运动 平衡 将凳子装上轮子
【详解】[1]把行李向后扔出去，他们用力把行李扔出的同时也受到行李力的作用，船就前进了，船和人前进的施力物体是行李。
[2]此现象还能说明物体在力的作用下运动状态发生改变，说明力可以使物体运动状态改变。
[3]在小明的梦中，冰面非常光滑，他们扔出行李后，船受到的合力为0，船将做匀速直线运动。
[4]小明在教室里坐在凳子上模拟以上情景，发现将书包扔出，自己未曾移动分毫，此过程中凳子处于平衡状态，凳子受力平衡。
[5]凳子在推力的作用下，处于静止状态，是由于摩擦力作用，为了使凳子移动，可以将凳子装上轮子，减小凳子与地面摩擦的方法达到目的。
14．如图用50N拉力，将重为120N的物体匀速提起，10s内绳子自由端移动了3m，不计绳重和摩擦，则此过程克服物体重力做功 J，动滑轮的重是 N，拉力F的功率是 W，该滑轮组的机械效率为 。
【答案】 120 30 15 80%
【详解】[1]由图知，承担物重绳子的股数为n＝3，拉力端移动距离
s＝nh＝3×h＝3m
则物体被提升的高度h＝1m，克服物体重力做的功
W有用＝Gh＝120N×1m＝120J
[2]不计绳重和摩擦，拉力
则动滑轮的重力
G动＝2F﹣G＝3×50N﹣120N＝30N
[3]拉力做的总功
W总＝Fs＝50N×3m＝150J
拉力做功的功率
[4]滑轮组的机械效率
15．如图所示为某款具有加热功能的座椅垫原理图。通过观察和研究，小明了解到该座椅垫有“高温”、“低温”和“关”三个挡位，S为挡位切换开关，R1和R2为电热丝。电源电压为24V，高温功率为48W，R2=12Ω。当开关切到a时，电路处于 挡，此时电路中电流为 A，R1= Ω，电加热垫在高温挡工作10s产生的热量是 J。
【答案】 低温 1 12 480
【详解】[1]当开关S接a时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中的总功率最小，电路处于低温挡。
[2][3]当开关S接b时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电路处于高温挡；由P=U2R可知，R1的电阻
R1=U2P高温=(24V)248W=12Ω
R1、R2串联的总电阻
R=R1+R2=12Ω+12Ω=24Ω
当开关切到a时，电路中的电流
I=UR=24V24Ω=1A
[4]电加热垫在高温挡工作10s产生的热量
Q=W=P高温t=48W×10s=480J
三、解答题（本题共7个小题，共49分。其中17、18题应写出必要的解题过程）
16．（6分）按要求作图：
（1）如图所示，小车向右运动的过程中，用细线悬吊的小球B和物体A均相对于车厢保持静止不动，请在题图A点画出物体A此时的受力示意图。
（2）如图所示，从水中发出的一条光线射入空气中后再射向凹透镜，请在图中作出水中的入射光线和经过凹透镜后的折射光线。（图中OA为空气中的折射光线，F为凹透镜的焦点。）
（3）如图，S1是光控开关，夜晚自动闭合，白天断开；S2是声控开关，有声音时自动闭合，安静时断开。请将如图连接成声光控楼道节能照明电路。
【答案】（1） （2）
（3）
【解析】（1）根据小球B的情形可知此时小车向右做加速运动，物体A相对于车厢保持静止不动，则物体A也向右做加速运动，所以物体A受到水平向右的摩擦力，竖直向上的支持力和竖直向下的重力，其中向上的支持力和竖直向下的重力是一对平衡力，大小相等，故作图如下：
（2）根据光的折射规律，过O点做与界面垂直的法线，光从水斜射入空气中时，折射光线向远离法线的方向偏折，折射角大于入射角可做出入射光线；因OA的延长线经过凹透镜的焦点，因此经凹透镜的折射光线应与主光轴平行，如图所示：
（3）由题意可知，楼道照明灯泡亮的条件是：必须是晚上亮、白天不亮，必须有人经过亮、没人不亮，所以光控开关和声控开关不能独立工作，所以，灯泡应用与两个开关串联，且火线要先过开关，再接入灯泡尾部的金属点，零线接入螺旋套，如下图所示：
17．（6分）“十年禁渔”使长江生态不断恢复，江面上再现“江豚群舞”的场景。小明利用3D打印机打印出江豚模型如图所示，用天平称出模型的质量为36g，将模型放入足够大的盛满水的溢水杯中待模型静止时共溢出水30g，，，求：
（1）模型受到的浮力；
（2）模型浸在水中的体积；
（3）判断模型在水中的浮沉情况，并求该打印材料的密度。
【答案】（1）0.3N；（2）；（3）
【详解】解：（1）模型受到的浮力
（2）由可得，模型浸在水中的体积
（3）模型的重力为
将模型放入盛满水的溢水杯中，溢出水30g，根据阿基米德原理可知，已经求得模型受到的浮力为：，由于，所以模型放入水中静止时处于沉底状态；物体的体积等于溢出水的体积为
材料的密度为
答：（1）模型受到的浮力为；
（2）模型浸在水中的体积为；
（3）模型在水中处于沉底状态，该打印材料的密度为。
18．（6分）如图所示，电源电压恒定，R1的阻值为20Ω，R2的阻值为10Ω。当S闭合，S1、S2断开时，电流表的示数为0.4A。
（1）求电源电压；
（2）当S、S1、S2都闭合时，电流表的示数变化了0.7A，且小灯泡L正常发光，求小灯泡L的额定功率。
【答案】（1）12V；（2）6W
【详解】解：（1）当S闭合，S1、S2断开时，R1和R2串联接入电路中，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据欧姆定律可知电源电压为
U=I(R1+R2)=0.4A×(20Ω+10Ω)=12V
（2）当S、S1、S2都闭合时，R2被短路，此时R1和L并联接入电路中，电流表测干路中的电流，此时的总电阻要小于R1，当S闭合，S1、S2断开时，R1和R2串联接入电路中，此时的总电阻要大于R1，所以，R1和L并联的总电阻小于R1和R2串联的总电阻，由欧姆定律可知，当S、S1、S2都闭合时，干路中的电流变大，故并联后干路中的电流为
I′=0.4A+0.7A=1.1A
通过R1的电流为
并联电路干路电流等于各支路电流之和，由并联电路的电流特点可得，通过L的电流为
IL=I′-I1=1.1A-0.6A=0.5A
则L的额定功率为
P=UIL=12V×0.5A=6W
答：（1）电源电压是12V；
（2）当S、S1、S2都闭合时，电流表的示数变化了0.7A，且小灯泡L正常发光，小灯泡L的额定功率是6W。
19．（6分）小汇认为：鱼通过鱼鳔吸入或排出气体，改变鱼鳔的体积，可实现上浮和下沉。为了寻找证据支撑观点，他查阅资料后得到相关信息：①鱼鳔内气体的质量是基本稳定不变的；②鱼鳔壁上没有主动改变鱼鳔体积的肌肉纤维；③鱼鳔内气体压强与鱼外部水压基本保持一致，在温度不变的情况下，一定质量的气体压强与体积的关系见表。
（1）分析比较表中气体的压强p与体积V关系的数据关系，可得：在温度不变的情况下，一定质量的气体 ；
（2）能推翻小汇观点的证据是 （填序号“①”、“②”或“③”），理由是 ；
（3）鱼能够上浮是通过身体和鱼鳍摆动获得上升动力，上升时，鱼外部水的压强变小，鱼鳔内气体压强随之 ，鱼鳔的体积 ，鱼受到的浮力也随之 。（以上均选填“变大”、“ 不变”或“变小”）
【答案】 体积与气体的压强成反比 ② 鱼是靠鱼鳔中充气的多少来实现浮沉的，因此鱼鳔壁上有主动改变鱼鳔体积的肌肉纤维 变小 变大 变大
【详解】（1）[1]由表格数据可知，气体体积越小，气体的压强越大，且体积与气压的乘积不变，所以在温度不变的情况下，一定质量的气体体积与气体的压强成反比。
（2）[2][3]根据F浮=ρ水gV排可知，浸入液体中的体积越大物体所受到的浮力越大，因此鱼是靠着鱼漂内充气的多少来实现浮沉的，所以它的质量基本不变，故①正确；质量不变，重力不变，当鱼漂中充满气体后，鱼的体积增大，所受的浮力变大，而此时重力不变，鱼所受的合力方向向上，因此上浮，故②错误；根据p=ρgh可知，液体的密度不变，深度越小，则液体压强越小，而鱼镖内的气体压强随体积的增大而减小，所以液体压强和气体压强同时减小，故③正确。
（3）[4][5][6]上升时，鱼所处的深度减小，由p=ρgh可知，鱼受到水的压强变小，鱼瞟内气体压强随之变小，鱼镖的体积变大，根据F浮=ρ水gV排得，水的密度不变，排开水的体积增大，因此鱼受到的浮力变大。
20．（6分）光从空气斜射入水和玻璃时都会发生折射现象，但是水和玻璃的折射情况会相同吗？为了探究这个问题，小华选择了光屏、透明玻璃砖、水槽、激光电筒等器材进行实验。他在光屏上画出互相垂直的和两条线段并相交于O点，如图甲所示。
（1）小华将玻璃砖的一个表面与MM齐平放置，让激光电筒发出的光线从A点到O点入射，他看到了如图乙所示的光路（AO、OC为同一直线），你认为出现光线OC是因为 ，鉴于本实验的目的，此时最应该记录的两条光线是 ；
（2）接下来观察光从空气中进入水中的传播情况，小华应想办法保证 相同，她的做法是：将光屏竖直放入水槽中（使线段MM'水平），并向水槽中慢慢注水至水面与MM'齐平，入射光线应从
点向O点射入；
（3）小华最终在光屏上记录下了如丙所示的光路图（OE为水中的折射光线），通过分析光路，你认为玻璃和水这两种介质对光的偏折能力较强的是 ；
（4）若激光以相同的入射角分别从玻璃和水中斜射入空气中，则 射出的折射光线更远离法线。
【答案】 有部分光线并没有通过玻璃砖，而依旧在空气中传播 AO和OB 入射角 A 玻璃 玻璃
【详解】（1）[1]光线AO到OC，光的传播路线没有改变，说明光在同一种均匀介质中传播，所以可以判断有部分光线并没有通过玻璃砖，而依旧在空气中传播。
[2]本实验探究光的折射规律，要记录光的折射光线和入射光线，所以，要记录的两条光线是AO和OB。
（2）[3][4]探究光在玻璃和水的折射能力，要控制入射光线相同，入射角相同，观察折射光线和折射角的变化情况，所以入射光线应从A点向O点射入，这是为了保证入射光线重合，入射角相同。
（3）[5]如乙、丙图，当光在空气中传播时AO入射，OC传播；当光线从空气斜射入水中，AO入射，OE传播；当光线从空气斜射入玻璃中，AO入射，OB传播，比较两条折射光线OB和OE，OB偏离OC更多，所以，玻璃和水这两种介质对光的偏折能力较强的是玻璃。
（4）[6]光从空气斜射入玻璃中的偏折能力比在水中的偏折能力强，根据光路是可逆的，当光从玻璃斜射入空气中时的偏折能力比光从水中斜射入空气中时的偏折能力强，所以，从玻璃中射出的折射光线更远离法线。
21．（8分）在测量小灯泡电阻的实验中，电源电压恒为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整，要求滑片P置于端时滑动变阻器接入电路的电阻最大 ；
（2）闭合开关后，发现小灯泡不亮，电压表、电流表示数均较小，接下来的操作是 ，多次改变小灯泡两端的电压，记录电压表、电流表的示数，当小灯泡两端电压为时，电流表示数如图乙所示，为 A，此时小灯泡的电阻为 （结果保留一位小数）；
（3）根据数据绘制图像，如图丙所示，发现此图像不是直线，主要原因是灯丝电阻受 的影响；
（4）实验中滑动变阻器的规格可能是 ；
A．；2A B．；2A C．；1.5A
（5）小灯泡逐渐变亮的过程中，电路中电流依次为、、时，小灯泡对应的功率分别为、、。若，则 （选填“”“”或“”）；（假设小灯泡的电阻保持不变）
（6）将上述实验中的小灯泡与一个的定值电阻串联在电源电压为的电路中，则定值电阻两端的电压为 V。
【答案】 将滑动变阻器的滑片P向A端移动 0.3 8.3 温度 C 2.6
【详解】（1）[1]滑片P置于B端时滑动变阻器接入电路的电阻最大，说明此时滑动变阻器左下部分电阻接入电路，则下面的接线柱应该接在A接线柱上，如图所示：
（2）[2]电压表测量灯泡电压，电流表测量电路电流，此时电压表示数很小，说明灯泡的电压比较小，因为串联分压，那么滑动变阻器的电压较大，电阻越大分压越多，即滑动变阻器的电阻太大，所以滑动变阻器的滑片P应该向阻值减小的一端即A端移动。
（2）[3][4]从甲图中看出电流表接的是小量程，分度值是0.02A，根据图乙可知电流表读数为，小灯泡的电阻为
（3）[5]由于灯丝的电阻随温度的升高而增大，所以通过灯泡的电流与电压不成正比。
（4）[6]当电路电流最小时，电路中接入的总电阻最大，根据图丙可得出最小电流为，根据欧姆定律可计算出此时电路总电阻
因为灯丝电阻随温度升高而增大，可知电流为时的小灯泡的电阻小于小题2中求出的小灯泡在额定电压下工作时的电阻，由此可得出滑动变阻器阻值应至少为
故选C。
（5）[7]根据题意可知
因为灯泡依次变亮时的电流也依次变大，即
故
由此得出
（6）[8]设此时灯泡两端电压为，电路中的电流为，由串联电路电压特点可得
即
变形可得
在图丙中作出该直线图像如图所示：
；
由图可知两图线的交点为，此时小灯泡两端的电压为，电流为，则定值电阻两端电压
22.（11分）阅读材料，回答问题。
电压力锅
电压力锅结合了压力锅和电饭锅的优点，省时又节能，在日常生活中应用广泛。如题图甲所示为某款电压力锅的工作电路简化图，是规格为“ ”的主加热电阻，是电阻为的副加热电阻，是阻值为的保温电阻，S是智能控制开关；是安装在电压力锅底部的压力传感器，可以随压力变化自动闭合或断开电路。
电压力锅煮饭过程分为加热升压、保压煮饭和保温三个阶段：①接通电源，S自动接到a，同时自动闭合，电压力锅进入加热升压状态。②锅内工作压强（电压力锅的锅内工作压强是指电压力锅内部压强与外部压强之间的差值）达到时，自动断开，进入保压状态。③当锅内工作压强降至时，又会自动闭合。④保压状态结束，S自动接到b，进入保温状态，图乙为正常煮饭时锅内工作压强p与时间t的关系图（为了方便计算，图像已作简化处理）。
（1）电压力锅的工作原理主要是利用了电流的 效应，并以 （选填“做功”或“热传递”）的方式使锅内食物和水的内能增加；
（2）随着电压力锅内的气压升高，锅内水的沸点 （选填“升高”“降低”或“不变”）；
（3）通过如图乙所示锅内工作压强p与时间t的关系图像，在图丙中画出内通过开关S的电流I与时间t的关系图像 ；
（4）正常工作时，主加热电阻 ；根据图乙计算这款电压力锅工作共消耗的电能为 J。
【答案】 热 热传递 升高 （1分） 55
【详解】（1）[1]电压力锅的工作原理是利用了电流的热效应，把电能转化为内能，从而加热食物的。
[2]改变内能的方式是做功和热传递，电压力锅加热是通过热传递改变食物的内能的。
（2）[3]液体的沸点随压强的增大而升高，所以随着电压力锅内的气压升高，锅内水的沸点升高。
（3）[4]由图乙可知，在0~6min处于升压状态，S自动接到a，同时自动闭合，此时、并联，根据可知的阻值为
电路中电流为
6~9min处于保温状态，自动断开，电路中电流为
9~12min处于加热状态，电流仍为5A，则画图如下
（4）[5]由[4]可知，由图乙可知在21min内，共加热12min，保压6min，保温3min，保温时S自动接到b，电路中保温电流为
则根据可知，加热消耗电能为
保压消耗电能为
保温消耗电能为
消耗的总电能为
水深h（米）
0
10
20
30
体积V（L）
1
0.5
1/3
0.25
气体压强p（标准大气压）
1
2
3
4