湖南省邵阳市邵东市第一中学2023-2024学年高二下学期第三次月考物理试题

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【解析】(1)电火花计时器应接在交流电源上，工作电压为220 V。
(2)由题图可知，刻度尺的读数到小数点后两位，所以记录数据有误的是第一个数据，即AB段。
(3)在每两个相邻的记数点间还有4个点没有画出，则相邻计数点间的时间间隔为T=5×0.02 s=0.1 s，从打下A点到打下E点共历时0.4 s。C点的瞬时速度vC= xBD2T=0.51 m/s，根据Δx=aT2，得小车的加速度大小a= ΔxT2= m/s2=2.0 m/s2。
(4)因为小车的速度越来越大，相等时间内的位移越来越大，可知纸带的左端与小车相连。
12. 【答案】（1）×1 20 （2）c 小于 （3） 19.6Ω
【解析】（1）发现多用电表的指针偏转角过大，说明电阻值较小，应将选择开关旋至欧姆挡×1；由图（a）可知， Rx=20×1Ω=20Ω ；
（2）由于 RVRx=200020>RxRA=2010 ，说明待测电阻较小，则电流表应用外接法，应选择电路图c；电流表外接法中，由于电压表的分流作用，使得测量值小于真实值；
（3）由图d可知，待测电阻Rx两端电压即为电压表的示数，电流表A的示数即为流过待测电阻的电流，则 Rx=UI=10.0509Ω≈19.6Ω
13. 【答案】(1)6×10－4 m3 (2)60 J
【解析】(1)以气体为研究对象，由于压强不变，根据盖—吕萨克定律，有
＝，解得VQ＝6×10－4 m3
(2)由气体的内能与热力学温度成正比有＝
解得UQ＝108 J
活塞从P位置缓慢移到Q位置，活塞受力平衡，气体为等压变化，以活塞为研究对象有
pS＝p0S＋mg
解得p＝p0＋＝1.2×105 Pa
外界对气体做功W＝－p(VQ－VP)＝－24 J
由热力学第一定律有UQ－UP＝Q＋W
可得气体吸收的总热量为Q＝60 J.
14. 【答案】(1) (2) (3)
【解析】(1)小球由静止摆到最低点的过程中，由动能定理得mgR(1－cs 60°)＝mv02
所以小球到达最低点与Q碰撞前的瞬时速度大小v0＝
(2)小球与小物块Q相撞过程，根据动量守恒有mv0＝mv1＋mvQ
机械能守恒，则有mv02＝mv12＋mvQ2
解得v1＝0，vQ＝v0＝
二者交换速度，即小球静止，小物块Q以速度v0向右运动，Q在平板车上滑行的过程中，系统的动量守恒，
则有mvQ＝Mv＋m·2v
解得v＝vQ＝
则小物块Q离开平板车时速度大小为2v＝
(3)由能量守恒定律知FfL＝mvQ2－Mv2－m(2v)2，又Ff＝μmg
联立解得平板车P的长度为L＝.
15. 【答案】(1)200 m/s 方向与x轴成45°角 (2)0.2 m
(3)见解析
【解析】(1)设粒子第一次在电场中的运动时间为t，根据牛顿第二定律得qE＝ma
粒子做类平抛运动，在竖直方向y＝at2
vy＝at
末速度为v2＝v＋v
tan α＝
解得v＝200 m/s
方向与x轴成45°角。
(2)初速度为0的粒子最容易穿过磁场，qvyB＝m得r＝0.2 m
要使所有带电粒子都返回电场，磁场的最小宽度
d＝0.2 m。
(3)对于不同初速度的粒子通过磁场的轨迹在x轴上的弦长不变，x1＝2rsin α＝2＝2＝0.4 m
设粒子第n次过x轴经过x＝100 m处，
满足x1＋nv0t＝x
其中n＝2k＋1(k＝0，1，2，3，…)，
则初速度v0＝ m/s，其中n＝2k＋1(k＝0，1，2，3，…)
或满足x1＋(n－1)v0t＝x，其中n＝2k(k＝1，2，3，…)，则初速度v0＝ m/s，其中n＝2k(k＝1，2，3，…)。1
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8
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10
B
C
D
B
A
B
ACD
BD
AD
BC