2020-2021学年山东省枣庄市滕州市八年级下学期期末物理试题及答案

这是一份2020-2021学年山东省枣庄市滕州市八年级下学期期末物理试题及答案，共27页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
伽利略认为：一个金属小球从光滑斜面的某一高度处由静止滚下，由于不受阻力，没有能量损耗，那么它必定到达另一光滑斜面的同一高度，若把斜面放平缓一些，也会出现同样的情况，模拟实验如图，则下列说法中正确的是
A. 小球从斜面滚下过程中受平衡力
B. 此实验可以说明力是维持物体运动状态的原因
C. 减小右侧斜面与水平面的夹角后，小球在右侧斜面上运动的距离不变
D. 根据这一实验，可以科学推理出运动物体不受力时将如何运动
如图所示，小红穿上旱冰鞋向右用力推墙，会被墙向左推开。下列说法中正确的是
A. 墙对人的推力大于人对墙的推力
B. 人对墙的推力与墙对人的推力是一对相互作用力
C. 人对墙的推力与墙对人的推力是一对平衡力
D. 人先对墙施加了推力，然后墙再对人施加推力
关于自行车部件的设计意图，下列说法正确的是
A. 车轴上装有滚动轴承是为了减小摩擦
B. 车轮的外胎上做有凹凸花纹是为了节省材料
C. 车座垫较宽是为增大对人臀部的压强
D. 尾灯只是一种装饰
将弹簧测力计右端固定，左端与木块相连，木块放在上表面水平的小车上，弹簧测力计保持水平，现拉动小车沿水平向左运动，稳定时弹簧测力计的示数如图所示。则木块所受摩擦力的方向与大小分别是
A. 水平向右，B. 水平向左，
C. 水平向左，D. 水平向右，
小明采用“向漏斗口吹气，观察乒乓球运动状态”的方法来探究流速对流体压强的影响。如图中方案不合理的是
A. 竖直向上吹气B. 斜向下吹气
C. 竖直向下吹气D. 水平向左吹气
新冠肺炎疫情期间，各地白衣战土最美逆行。由于病毒强大的传染性必须做好防护，医护人员长时间戴口罩后，脸上留下了深深的压痕如图所示。为减轻由于护目镜和口罩而勒出的勒痕，海军军医大学研发了“防护凝胶贴片”，有效地减轻了医护人员的面部不适。下列说法中正确的是
A. 口罩的弹性绳形变量越大，弹性绳的弹性势能越小
B. 压痕深说明压强较小
C. 要减轻压痕只能把口罩系得松一点
D. 防护凝胶贴片可以减轻压痕，是由于增大了受力面积，减小了压强
如图，A为木块，B铝块，C为铁球，它们的体积相等，把它们都浸没在水中，则
A. 三个物体受到的浮力一样大B. 铝块受到的浮力最大
C. 木块受到的浮力最大D. 铁球受到的浮力最大
杠杆在我国古代早就有许多应用，如今在我们的生产、生活中仍大量使用。如图所示，小洪正在使用一根硬棒撬动石头，此时使用这根硬棒
A. 省力又省距离B. 省力但费距离
C. 不省力也不省距离D. 费力但省距离
体积相同的实心铁块和铝块，从同一高度处由静止自由下落，不计空气阻力时下列说法正确的是
A. 下落前它们的重力势能相等，落到地面时它们的动能也相等
B. 下落前铁块的重力势能大，落到地面时铁块的动能也大
C. 下列前铝块的重力势能大，落到地面时铁块的动能大
D. 下落过程中它们的机械能都逐渐减少
步枪的枪筒长，子弹重，射击时火药产生的高温高压气体，对子弹的平均推力为2000N，子弹离开枪口后在空中飞行了200m击中目标，则高压气体对子弹做的功为
A. B. 1000JC. D. 20J
完全相同的甲、乙圆柱形容器放在水平桌面上，分别盛有质量相等的两种液体。相同的小球A、B分别放入两容器中，两球静止后如图所示，A球漂浮，B球悬浮。要将A、B两球所受的浮力分别为、，甲、乙两容器对桌面的压强分别为和，则下列结论中正确的是
A. B.
C. D.
某机械的功率是500W，表示这台机械
A. 每秒的功率是500WB. 每秒做功500W
C. 每秒做功500JD. 做功500J
如图所示，质量相等的A、B两个小球用长度不等的细线系住，将两球拉同一高度处且保持细线水平，将两球由静止释放，不计空气阻力，当小球至最低点时
A. 两球的机械能相等B. 两球的动能相等
C. 两球的重力势能相等D. 两球所受的惯性力相等
小明同学喜欢钓鱼，她感觉上钩的鱼还在水中时很轻，拉出水面后“变重”，如图所示。当把鱼逐渐拉出水面的过程中，鱼受到的
A. 浮力增大，鱼竿是省力杠杆
B. 重力增大，鱼竿是省力杠杆
C. 浮力减小，鱼竿是费力杠杆
D. 重力减小，鱼竿是费力杠杆
图甲中用力拉着重为G的物体在水平路面上匀速移动s的距离。图乙中用力通过滑轮拉着该物体在同一水平路面上匀速移动s的距离，使用滑轮的过程中，下列说法正确的是
A. 有用功为
B. 总功为
C. 机械效率为
D. 额外功为
在建筑工地上，工人用如图所示的滑轮组提升重物，已知动滑轮重为，物体A重为G，在匀速竖直提升的过程中，物体A上升的速度为v，忽略绳重和摩擦。则下列说法正确的是
A. 绳端拉力为
B. 滑轮组的机械效率为
C. 滑轮组的机械效率随v的增大而增大
D. 滑轮组的机械效率随G的增大而减小
二、填空题（本大题共6小题，共26.0分）
如图所示，两手指用8N的力水平压住铅笔的两端。铅笔静止时，两手指对铅笔的压力是______选填“平衡力”或“相互作用力”。手指与铅笔尖的接触面积是，手指与笔尾端的接触面积是，则与铅笔尖接触的手指受到的压强为______Pa。
弹簧秤下吊着重为的正方形金属块，当它完全浸没在水中时，弹簧秤的示数为，则金属块排开水的重力为______若金属块上表面所受水的压力为，则金属块下表面所受水的压力为______N。
某工人在水平地面上，用100N水平推力以的速度匀速推动重500N的物体，使它沿水平方向移动10m，该过程中重力所做的功是______，水平推力的功率是______W。
如图所示，容器里装有重力为G、密度为的液体，图中A点的液体压强______ ，在与A点同一水平面上的B点液体的压强______ 。如果容器的底面积为S，则液体对容器底部的压力______ 。
如图是同学们常用的燕尾夹，，当用力摁住C点打开该夹子时，此时夹子可近似看作______ 杠杆选填“省力”、“费力”或“等臂”。用图甲、乙两种方式匀速提升重为100N的物体，滑轮重、绳重和摩擦力不计则手的拉力______ N，______ N。
如题图所示，小吴用滑雪板滑雪，从高点C处由静止滑下，经过B点到达最低点，然后到达另一侧与B点等高的点A时刚好速度为零。由C到B点过程中，______ 能转化为动能，______ 点的动能最大，从最低点O到A点的过程中，机械能的总量______ 选填“变大”、“变小“或“不变“。
三、作图题（本大题共1小题，共2.0分）
如图所示，人站在地上用滑轮组重物提升，请用细线代替绳画出正确的绕法。
四、实验探究题（本大题共3小题，共26.0分）
小明和同学们一起，研究“杠杆平衡，阻力和阻力臂的乘积不变时，动力跟动力臂的关系”的实验。探究过程中，在杠杆左端某一固定位置挂一个重力的物体，在杠杆右端不同位置处施加不同的竖直向下力F，保证杠杆处于平衡状态。记录的数据如下表所示
请根据表中数据，画出动力F与动力臂倒数的图象
由图象可得出：杠杆平衡，阻力和阻力臂的乘积不变时，F与L成______比选填“正”或“反”。
根据杠杆平衡条件，可求出重力G的力臂是______m。
如下图乙所示，小华用弹簧测力计在A处竖直向上拉，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将______填“变大”、“变小”或“不变”。
某物理社团在探究影响浮力大小的实验中将同一物体分别按如图所示的步骤进行实验；
物体受到的重力是______N物体浸没在水中受到的浮力为______N。
通过比较B、C、D三幅图，得出：浮力大小与浸在液体中的深度有关的结论，对此结论你认为是______选填“正确”或“错误”，理由是______。
根据已有条件，请你求出E图中弹簧测力计的示数是______N。
在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，小欣同学设计了如图甲、乙、丙所示的三次实验。
该实验研究对象是______选填“钢球A”或“木块B”的动能，所采用的实验方法为______法和______法。
三次实验中，碰撞前动能最小的是图______填“甲”、“乙”或“丙”中的小球。
要探究动能大小与物体质量的关系，应保证铁球到达水平面的______填“质量”“速度”、“动能”相同。
选用甲、丙两次实验可以得出的结论是______。
小欣同学联想到“探究阻力对物体运动的影响”时，也用到了斜面，让小车从斜面顶端由静止滑下，比较在不同表面滑行的距离如下表所示，小车在三个表面克服摩擦力做功______选填“相等”或“不相等”；若水平面绝对光滑，小车将______。
五、计算题（本大题共2小题，共20.0分）
如图所示是我国自主研发的全球最大水陆两栖飞机AG600。某次飞机到达目的地降落后，漂浮在水面上，它排开水的质量为46t，此时飞机受到的浮力是多少？舱底某处距水面，水对该处产生的压强是多少？
如图甲所示，可变速电动卷扬机通过滑轮组提升重物，卷扬机加在绳子自由端的拉力F随时间变化的关系如图乙所示，重物上升高度随时间变化的关系如图丙所示，不计钢丝绳重和摩擦力大小。求
卷扬机所做的功是多少；
，匀速提升重物G过程中，滑轮组机械效率为，则重物和动滑轮的重力分别是多少。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：由于斜面光滑，不受摩擦力，因此小球下滑时做加速运动，处于非平衡状态，受非平衡力，故A错误；
B.牛顿第一定律说明物体的运动不需要力来维持，力是改变运动状态的原因，故B错误；
C.由于小球的机械能守恒，因此，如果减小右侧斜面与水平面的夹角，小球到达右侧斜面上的高度要等于原来的高度，通过的距离更长，故C错误；
D.继续减小右侧斜面的倾角，直到使它成为水平面，小球不可能达到原来的高度，如果没有摩擦力，小球就要沿着水平面以恒定的速度持续运动下去，因此，根据这一实验，可以推理出物体不受力时将如何运动，故D正确。
故选：D。
对小球进行受力分析即可解答；
牛顿第一定律告诉我们物体在不受力的作用时保持静止状态或匀速直线运动状态；
根据机械能守恒分析；
根据牛顿定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
本题考查了对物体受力分析、机械能守恒、牛顿第一定律的理解等，能根据实验现象进行合理的推理，是解答的关键。
2.【答案】B
【解析】解：ABC、人对墙的推力与墙对人的推力是作用在不同物体上的两个力，属于相互作用力，二力的大小相等，不属于平衡力。故AC错误，B正确；
D、物体间力的作用是相互的，人推墙时，人对墙施加了推力，墙对人也施加推力，这两个力是同时发生的，故D错误。
故选：B。
力是物体对物体的一种作用，且物体间力的作用是相互的，且这两个力是同时发生的；
相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。
此题考查了对物体的受力分析及平衡力与相互作用力的区别，区别主要在于：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力。
3.【答案】A
【解析】解：A、车轴上装有滚动轴承是为了用滚动代替滑动减小摩擦，故A正确；
B、车轮的外胎上做有凹凸花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B错误；
C、车座垫较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故C错误；
D、车的尾灯是由很多个三个互成直角的小平面镜组合构成的。这样的设计能够保证将从后面各个方向射来的光线都能原路返回便于后面的汽车司机发现自己，是为了安全而设计的，不只是一种装饰，故D错误。
故选：A。
减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。
增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度；
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；
自行车的尾灯是利用光的反射工作的。
将日常生活中各个工具的设计，与对应的物理知识的联系起来是经常考查的题型，现了物理来源于生活的理念。
4.【答案】C
【解析】解：由图知，弹簧测力计的最小分度值是，弹簧测力计的示数是，即弹簧测力计对木块的拉力；
木块相对于小车向右运动，则木块受的滑动摩擦力方向与木块的相对运动方向相反，水平向左；
木块在水平方向上的受力情况如图所示，由于木块静止，处于平衡状态，由平衡条件得：滑动摩擦力。
由上分析知，ABD错误，C正确。
故选：C。
确定弹簧测力计的最小分度值，由图示弹簧测力计读出测力计的示数；
滑动摩擦力的方向与物体的相对运动方向相反，据此判断摩擦力方向，对木块受力分析，由平衡条件求出滑动摩擦力的大小。
本题考查了求滑动摩擦力的大小与方向，知道滑动摩擦力与物体相对运动方向相反是正确解题的前提条件，正确对弹簧测力计读数、灵活应用平衡条件是解题的关键。
5.【答案】A
【解析】解：A、不吹气时，乒乓球受到的重力和支持力是平衡力，乒乓球处于静止状态；竖直向上吹气时，乒乓球底部空气流速大压强小，乒乓球上面流速小压强大，产生向下的压力，乒乓球受竖直向下的重力，乒乓球还受到支持力作用，这三个力是平衡力，乒乓球也处于静止状态，所以竖直向上吹气没有改变乒乓球的运动状态，不能很好的探究流体流速对流体压强的影响，故A不合理；
B、不吹气时，乒乓球由于重力作用会滚下来，斜向下吹气时，乒乓球右上方空气流速大压强小，乒乓球左下方空气流速小压强大，产生向右上方的压力，乒乓球保持静止状态，所以斜向下吹气改变了乒乓球的运动状态，可以探究流速对流体压强的影响，故B合理；
C、不吹气时，乒乓球由于重力作用会滚下落，竖直向下吹气时，乒乓球上方空气流速大压强小，乒乓球下方空气流速小压强大，产生向上的压力差，乒乓球保持静止状态，所以竖直向下吹气改变了乒乓球的运动状态，可以探究流速对流体压强的影响，故C合理；
D、不吹气时，乒乓球由于重力作用会滚下来，水平向左吹气时，乒乓球右侧空气流速大压强小，乒乓球左侧空气流速小压强大，产生向右的压力差，乒乓球保持静止状态，所以水平向左吹气改变了乒乓球的运动状态，可以探究流速对流体压强的影响，故D合理。
故选：A。
首先分析不吹气时乒乓球的状态，再分析吹气时乒乓球的状态，如果乒乓球受到流体压力时运动状态变化了，就能探究流速对流体压强的影响。
通过本实验给我们一个启示，进行探究实验时不但要理解小实验探究的过程和实验结论，更要大胆想象实验过程变化时是否能得出实验结论。
6.【答案】D
【解析】解：A、口罩的弹性绳形变量越大，弹性绳的弹性势能越大。故A错误．
B、压痕深，即压力作用的效果明显，说明压强较大。故B错误．
C、要减轻压痕可以把口罩系的松一点，也可以增大受力面积，故C错误．
D、防护凝胶贴片可以减轻压痕，是由于增大了受力面积，在压力一定时，减小了压强。故D正确．
故选：D。
发生弹性形变的物体，形变量越大，弹性势能越大。
压力作用的效果是通过压痕的深浅体现出来的，压痕越深，压力作用的效果明显。
减小压强的方法：在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强。在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
本题考查了学生对势能大小的影响因素、减小压强的方法的了解与掌握，是一道基础题。
7.【答案】A
【解析】解：A、B、C三个物体的体积相等，因为它们都浸没在水中，所以它们排开水的体积相等，且水的密度一定，由可知，三个物体受到的浮力大小相等。
故选：A。
已知A、B、C三个物体的体积相等，而物体浸没在水中时排开水的体积等于物体的体积，利用阿基米德原理比较三个物体受到浮力的大小关系。
本题考查了阿基米德原理的应用，分析题意得出排开水的体积相等是关键，不要受物体形状的影响。
8.【答案】B
【解析】解：由图可知，使用一根硬棒撬动石头时，动力臂大于阻力臂，由杠杆的平衡条件知道，此时动力小于阻力，即使用的是省力杠杆，由杠杆原理知道，使用任何机械都不省功，省力杠杆一定费距离，故B正确。
故选：B。
分析动力臂与阻力臂的长度关系，从而判断它属于哪种类型杠杆，进而判断其是否省力和是否省距离。
该题考查杠杆的分类和特点，根据具体情况来判断，解决此类题的关键是判断动力臂与阻力臂的大小。
9.【答案】B
【解析】解：因两球的体积一样，所以铁块的质量大于铝球的质量，因此铁块的重力势能就大于铝块的重力势能，下落前铁块的重力势能大，落到地面时铁块的动能也大，由于不计空气阻力，故铁块和铝块下落时，机械能守恒。故A、C、D错误；
故选：B。
影响重力势能的两个因素，一是质量，二是高度。
本题考查能量间的相互转化和势能的影响因素，但都属于基础知识，难度不大。
10.【答案】B
【解析】解：知道对子弹的推力为2000N，在力的方向上通过的距离是，
所以高压气体对子弹做的功：
，故B符合题意，A、C、D不符合题意。
故选：B。
做此题首先考虑做功的两个必要因素，即作用在物体上的力和在力的方向上用过的距离，力与通过的距离的乘积即为力做的功。
本题考查功的计算，难点在于判断力和在力的方向上通过的距离，属于易错题。
11.【答案】D
【解析】解：由图可知，甲球漂浮，乙球悬浮，
所以两球受到的浮力都等于各自的重力，
而两个小球是相同的，重力相等，
所以；
完全相同的甲、乙圆柱形容器放在水平桌面上，分别盛有质量相等的两种液体。
则两容器底面积相等，重力相等，两容器内液体的重力相等，
将完全相同的小球A、B分别放入两容器中，
则两小球重力相等，
容器对桌面的压力等于容器、容器内液体和物体的重力之和，
所以两容器对桌面的压力相等，
根据可知，甲、乙两容器对桌面的压强相等，即。
故选：D。
甲、乙是两个完全相同的小球，漂浮和悬浮时受到的浮力都等于重力，由此可知两小球受浮力大小关系；
容器对桌面的压力等于容器、容器内液体和物体的重力之和，两容器底面积相同，根据压强公式判断甲、乙两容器对桌面的压强大小。
本题考查压强公式和浮力的应用，关键知道物体漂浮时浮力等于重力，物体密度小于液体密度，物体悬浮时浮力等于重力，物体密度等于液体密度。同时还要知道容器对桌面的压力等于容器、容器内液体和物体的重力之和。
12.【答案】C
【解析】解：某机械的功率是500W，表示这台机械每秒做功500J。
故ABD错误，C正确。
故选：C。
功率表示物体做功快慢的物理量，等于功与时间之比，数值上等于单位时间内完成的功。
理解功率的物理意义和概念，可解答此题。
13.【答案】A
【解析】解：A、将两球拉同一高度处且保持细线水平，两球静止，两球质量相等，所以两球的重力势能相等，动能都是0，所以此时机械能相等；将两球由静止释放，不计空气阻力，当小球至最低点时，机械能守恒，故在最低点两球的机械能相等，故A正确；
B、两球到最低点时，机械能不变，由于A的重力势能大，所以A的动能小，故B错误；
C、两球到最低点时，由于所处的高度不同，所以两球的重力势能不同，故C错误。
D、惯性是物体保持运动状态不变的性质，不是力，故D错误；
故选：A。
物体的动能大小和物体的质量和速度有关，物体的质量越大，速度越大，物体的动能越大；重力势能的大小与物体的质量和所处高度有关，物体质量越大，高度越高，物体的重力势能越大；物体的机械能等于动能和势能之和。动能和势能在转化过程中，若不计阻力、摩擦等，机械能的总和保持不变。
惯性是物体保持运动状态不变的性质。
理解影响动能和势能的因素，以及动能和势能转化过程中机械能的变化情况，明确惯性的概念，可解答此题。
14.【答案】C
【解析】解：把鱼逐渐拉出水面的过程中，鱼排开水的体积逐渐减小，根据可知：鱼受到的浮力逐渐减小，而鱼的重力是不变的，由于钓鱼线对鱼施加的拉力等于鱼的重力减去浮力；所以拉力逐渐变大，即感到鱼“变重”；
钓鱼竿在使用时，动力臂小于阻力臂，是一种费力杠杆；
由此发现可知选项C正确。
故选：C。
鱼离开水之前，鱼受到了竖直向上的浮力和竖直向下的重力，钓鱼线对鱼的拉力等于鱼的重力和浮力之差；
当鱼逐渐拉出水面的过程中，鱼排开水的体积逐渐减小，根据阿基米德定律即可判断所受浮力也逐渐减小，鱼的重力是不变的鱼的质量是不会改变的，重力等于质量和g的乘积，所以鱼的重力也不变，所以钓鱼线的拉力变大，使人感觉鱼变重了。
钓鱼竿在使用时，手移动较小的距离，鱼就移动了较大的距离，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。
此题考查的是我们生活中的物理知识，生活处处有物理，我们要在平时的生活中多观察生活中的物理现象。
15.【答案】D
【解析】解：
A.使用动滑轮做的有用功，等于直接拉物体做的功，即，故A错误；
B.使用动滑轮拉力端移动的距离，拉力做的总功，故B错误；
C.动滑轮的机械效率，故C错误；
D.额外功为，故D正确。
故选：D。
使用动滑轮做的有用功，等于直接拉物体做的功；
使用动滑轮拉力端移动距离等于物体移动距离的2倍，利用求拉力做的总功；
根据求出动滑轮的机械效率；
额外功等于总功减去有用功。
本题考查了使用动滑轮时有用功、额外功、总功、机械效率的计算，明确水平使用动滑轮时有用功、额外功的含义是关键。
16.【答案】B
【解析】解：
A.由图可知，滑轮组绳子的有效股数，忽略绳重和摩擦，绳端拉力，故A错误；
B.滑轮组的机械效率，故B正确；
C.由可知，滑轮组的机械效率与物体A上升的速度v无关，故C错误；
D.由可知，滑轮组的机械效率随G的增大而增大，故D错误。
故选：B。
根据图示滑轮组可知绳子的有效股数，忽略绳重和摩擦，根据求出绳端的拉力；
克服物体重力做的功为有用功，克服物体和动滑轮重力做的功为总功，根据和求出滑轮组的机械效率，然后根据表达式分析滑轮组机械效率与物体A上升的速度v、物体A重G的大小关系。
本题考查了滑轮组拉力公式和滑轮组机械效率公式的应用，明确滑轮组拉力做的有用功和总功是关键。
17.【答案】平衡力
【解析】解：铅笔静止时，两手指对铅笔的压力大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于同一物体上，是一对平衡力；
笔尖处手指受到压强为：。
故答案为：平衡力；。
二力平衡的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于同一物体上。缺一不可。
利用计算笔尖处手指受到压强。
本题考查压强的大小计算、平衡力和相互作用力的区分，题目难度不大。
18.【答案】
【解析】解：金属块受到的浮力为：；
下表面所受水的压力为；
故答案为：；。
已知金属块在空气中的重力和浸没水中的重力，根据可求浮力；
已知浮力，根据变形后计算得出。
本题考查对浮力计算公式的综合应用，知道浮力等于自身重力与弹簧测力计读数之差；还可以等于金属块上下表面所受的水的压力之差。
19.【答案】0J；50
【解析】解：
由于物体水平移动，在重力的方向上没有移动距离，所以重力不做功，即重力做功为0J；
水平推力的功率：
。
故答案为：0J；50。
做功的必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上通过的距离，据此判断重力是否做功；
知道物体匀速运动的速度，利用求水平推力的功率。
本题考查了功和功率的计算，易错点在第一问，判断重力不做功是关键。
20.【答案】
【解析】解：从图中可知A、B两点的深度都为，根据可知图中A点的液体压强，在与A点同一水平面上的B点液体的压强；
容器底的深度为，根据可知容器底的液体压强，根据的变形式可知液体对容器底部的压力。
故答案为：；；。
根据计算液体压强；根据的变形式计算液体对容器底部的压力。
本题考查压强的计算，属于对基础知识的考查，难度不大。
21.【答案】等臂 100 50
【解析】解：当用力摁住C点打开该夹子时，AC是围绕B点转动的，故B为支点；由于，故动力臂等于阻力臂，为等臂杠杆。
由图甲可知，甲滑轮是定滑轮，绳重和摩擦不计，使用该滑轮不省力，所以拉力等于物体的重力，；
由图乙可知：乙滑轮是动滑轮，滑轮重、绳重和摩擦力不计，使用该滑轮可以省一半的力，即拉力等于物体重力的一半，。
故答案为：等臂；100；50。
杠杆可分为：省力杠杆、费力杠杆和等臂杠杆，可以从动力臂和阻力臂的大小关系进行判断，当动力臂大于阻力臂时，是省力杠杆；当动力臂等于阻力臂时，是等臂杠杆；当动力臂小于阻力臂时，是费力杠杆。结合图中的结构，可确定杠杆及其类型。
定滑轮是轴固定不动的滑轮，动滑轮是轴随被拉物体一起运动的滑轮；使用定滑轮不省力但能改变力的方向，使用动滑轮能省一半力，但费距离。
此题考查了杠杆的分类以及定滑轮和动滑轮的工作特点，是一道基础题。
22.【答案】重力势 O 变小
【解析】解：
小吴和滑雪板从C点到B点的过程中，质量不变，高度变小，速度变大，故小吴和滑雪板的重力势能变小，动能变大，则该过程中重力势能转化为动能；
小吴和滑雪板到达O点时速度达到最大值，其动能最大；
从最低点O到A点的过程中，由于接触面是粗糙的，所以小吴和滑雪板在运动过程中受摩擦力的作用，需要克服摩擦做功，一部分机械能转化为内能，故小吴和滑雪板的机械能变小。
故答案为：重力势；O；变小。
影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
对于机械能的考查中考中会常出现，熟知各能量的影响因素是解题关键。
23.【答案】解：因为是人站在地面上用滑轮组提升重物，所以由2段绳子承担物重，应从定滑轮开始缠绕，然后经过动滑轮，如图所示
【解析】滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮。据此画出正确的绕法。
此题主要考查滑轮组的设计与组装，难度不大，关键是看清题目要求，这是容易忽略的地方。
24.【答案】反 变大
【解析】解：
根据表中数据可知，5次动力臂L的倒数分别为：；5；10；；20，利用数学方法描点作图如下：
由上图可知，F和成正比，为定值，所以FL为定值，可以推断F与L成反比；
根据第1次的实验数据结合杠杆平衡条件得：，
，
解得；
由图乙可知当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，动力臂减小，根据杠杆的平衡条件可知动力变大杠杆才能保持平衡。
故答案为：见上图；反；；变大。
根据表中数据先求出的值，然后再描点后连线；
根据图象结合正比例、反比例函数的特点进行分析；
根据表中数据和杠杆的平衡条件，可求出重力G的力臂；
由图乙可知当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，动力臂减小，根据杠杆的平衡条件可判断动力的变化情况。
此题是探究“杠杆的平衡条件”实验，考查了杠杆平衡条件的应用；在使用杠杆平衡条件时，要确定杠杆受到的力及对应的力臂，列出关系式代入数据便可求出未知量。
25.【答案】4 1 错误 没有控制排开液体的体积相同
【解析】解：由图示弹簧测力计可知，弹簧测力计的分度值为，由图可知，物体没有浸入水中时，弹簧测力计示数是4N，则物体的重力；
物体完全浸入水中时弹簧测力计的示数3N，则物体受到的最大浮力为：
；
研究浮力的大小与浸在液体中深度是否有关，要控制排开液体的体积和密度相同，而实验中没有控制排开液体的体积相同，故通过比较BCD三幅图得出：浮力的大小与浸在液体中深度有关的结论是错误的；
根据阿基米德原理，，因浸没在水中和酒精中物体排开液体的体积相同，在排开液体的体积不变时，浮力大小与排开液体的密度成正比，故浸没在酒精中受到的浮力为：
；
故E图中弹簧秤的示数是：。
故答案为：；1；错误；没有控制排开液体的体积相同；。
根据弹簧测力计的分度值和指针的位置，读出物体的重力；
物体受到的浮力等于物体的重力减掉物体进入液体中弹簧测力计的示数；
研究浮力的大小与浸在液体中深度的关系，要控制排开液体的体积和密度相同，据此分析；
已得出物体浸没在水中受到的浮力，根据阿基米德原理，，在排开液体的体积不变时，浮力大小与排开液体的密度成正比，据此求出因浸没在酒精中受到的浮力，根据称重法得出E图中弹簧秤的示数。
本题探究影响浮力大小的因素，考查称重法测浮力、控制变量法及数据分析。
26.【答案】钢球A 转换 控制变量 丙 速度 质量相同的物体，速度越大，动能越大 相等 做匀速直线运动
【解析】解：小球从斜面上滚下具有一定的动能，小球对木块做功，根据木块移动的距离来判定动能的大小，这是转换法的应用，所以探究的是钢球A的动能；动能的影响因素有多个，实验中采用了控制变量法；
根据图示可知，丙图中木块移动的距离最小，则丙图中钢球的动能是最小的；
要探究动能大小与物体质量的关系，应保持钢球的速度相同，而质量不同，所以应使质量不同的钢球从斜面的同一高度由静止滚下，保证钢球达到水平面时的速度相同；
由图示实验可知，甲、丙两次实验，两球的质量相同，甲图中钢球滚下时的高度较大，该钢球到达斜面底端时的速度较大，将纸盒推动得更远，说明甲图中钢球的动能更大，由此可得：质量相同的物体，速度越大，动能越大；
让小车从同一高度由静止下滑，根据决定重力势能大小的因素，小车最初的重力势能相同，下滑到水平面时的动能也相同，在不同的材料表面上运动时，最终停下来时，动能全部转为内能，克服摩擦力做了多少功就有多少动能转化为内能，所以，小车在三个表面克服摩擦力做功相同；
小车从斜面上滚下，若水平面绝对光滑，小车不受摩擦力作用，小车所受合力为0N，所以小车将做匀速直线运动
故答案为：钢球A；转换；控制变量；丙；速度；质量相同的物体，速度越大，动能越大；相等；做匀速直线运动。
根据实验目的确定研究对象；根据转换法和控制变量法分析；
要探究动能大小与物体质量的关系，需保持物体的速度相同，则需使小球从同一斜面的同一高度由静止开始运动；
分析图甲、丙所示两次实验，根据实验控制的变量与实验现象分析答题；
直接比较小车在三个表面上克服摩擦力做功是否相等不好确定，可根据重力势能大小关系及能量的转化分析；根据牛顿第一定律，若水平面绝对光滑，则木块不受摩擦力作用，运动后将保持匀速直线运动。
明确本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法。
27.【答案】解：此时飞机漂浮，受到的浮力；
舱底某处距水面，水对该处产生的压强。
答：此时飞机受到的浮力是。舱底某处距水面，水对该处产生的压强是。
【解析】根据得出此时飞机受到的浮力；
根据得出舱底某处距水面，水对该处产生的压强。
本题考查了浮力和液体压强的计算，是一道基础题目。
28.【答案】解：由图乙知的拉力 为300N，由图甲知有两段绳子承担物重，即，由图丙知物体移动的距离为，卷扬机所做的功为：
；
由图乙知的拉力为250N，由图丙知物体移动的距离为：，
卷扬机所做的功为：
，
由可知，重物的重力：
，
因为不计绳重及摩擦时拉力，所以动滑轮的重力：
。
答：卷扬机所做的功是；
，匀速提升重物G过程中，滑轮组机械效率为，重物的重力为400N，动滑轮的重力为100N。
【解析】由图乙、丙知的拉力和物体移动的距离，由图甲知有两段绳子承担物重，根据算出卷扬机所做的功；
由图乙、丙知的拉力和物体移动的距离，根据算出卷扬机所做的功；利用算出重物的重力，利用不计绳重及摩擦时拉力算出动滑轮的重力。
本题考查了使用滑轮组时绳子拉力、有用功、总功和机械效率的计算，关键是从图像中找到有用数据。
实验
第1次
第2次
第3次
第4次
第5次
动力
动力臂
表面
毛巾
棉布
木板
摩擦力
最大
较大
最小
小车运动距离
最近
较远
最远